2020届全国高考数学(理)刷题1 1(2019模拟题)模拟重组卷(三)(解析版)
展开本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分.满分150分,考试时间120分钟.
第Ⅰ卷 (选择题,共60分)
一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1.(2019·驻马店期中)若集合A={x|x(x-2)<0},且A∪B=A,则集合B可能是( )
A.{-1} B.{0} C.{1} D.{2}
答案 C
解析 A=(0,2),∵A∪B=A,∴B⊆A,选项中只有{1}⊆A,故选C.
2.(2019·成都外国语学校一模)已知复数z1,z2在复平面内的对应点关于虚轴对称,z1=3-i(i为虚数单位),则=( )
A.-i B.-+i
C.--i D.+i
答案 B
解析 ∵复数z1,z2在复平面内的对应点关于虚轴对称,且z1=3-i,∴z2=-3-i,∴==-+i.故选B.
3.(2019·合肥一中模拟)若sin=,那么cos的值为( )
A. B.- C. D.-
答案 D
解析 由题意可得cos=sin=sin=-sin=-,故选D.
4.(2019·全国卷Ⅰ)我国古代典籍《周易》用“卦”描述万物的变化.每一“重卦”由从下到上排列的6个爻组成,爻分为阳爻“”和阴爻“”,下图就是一重卦.在所有重卦中随机取一重卦,则该重卦恰有3个阳爻的概率是( )
A. B. C. D.
答案 A
解析 在所有重卦中随机取一重卦,其基本事件总数n=26=64,恰有3个阳爻的基本事件数为C=20,所以在所有重卦中随机取一重卦,该重卦恰有3个阳爻的概率P==.故选A.
5.(2019·江南十校模拟)已知边长为1的菱形ABCD中,∠BAD=60°,点E满足=2,则·的值是( )
A.- B.- C.- D.-
答案 D
解析 由题意可得大致图象如下图所示,
∵=+=+;=-=-,∴·=·(-)=·-·+·-·=·-||2+||2,又||=||=1,·=||||cos∠BAD=,∴·=×-1+=-.故选D.
6.(2019·珠海一模)若x,y满足约束条件
目标函数z=ax+y取得最大值时的最优解仅为(1,3),则a的取值范围为( )
A.(-1,1) B.(0,1)
C.(-∞,1)∪(1,+∞) D.(-1,0]
答案 A
解析 结合不等式组,绘制可行域,得到图中的阴影部分,
目标函数转化为y=-ax+z,当-a≥0时,则-a<1,此时a的取值范围为(-1,0],当-a<0时,则-a>-1,此时a的取值范围为(0,1).综上所述,a的取值范围为(-1,1),故选A.
7.(2019·河南九狮联盟联考)下面框图的功能是求满足1×3×5×…×n>111111的最小正整数n,则空白处应填入的是( )
A.输出i+2 B.输出i
C.输出i-1 D.输出i-2
答案 D
解析 根据程序框图得到的循环是M=1,i=3;
M=1×3,i=5;
M=1×3×5,i=7;
M=1×3×5×7,i=9;
…
M=1×3×5×…×(n-2),i=n之后进入判断,不符合题意时输出,输出的是i-2.故选D.
8.(2019·宜宾诊断)已知直线l1:3x+y-6=0与圆心为M(0,1),半径为的圆相交于A,B两点,另一直线l2:2kx+2y-3k-3=0与圆M交于C,D两点,则四边形ACBD面积的最大值为( )
A.5 B.10
C.5(+1) D.5(-1)
答案 A
解析 以M(0,1)为圆心,半径为的圆的方程为x2+(y-1)2=5,联立解得A(2,0),B(1,3),∴AB的中点为,而直线l2:2kx+2y-3k-3=0恒过定点,要使四边形的面积最大,只需直线l2过圆心即可,即CD为直径,此时AB垂直CD,
|AB|==,
∴四边形ACBD面积的最大值为S=×|AB|×|CD|=××2=5.故选A.
9.(2019·漳州一模)我国古代数学名著《算法统宗》中有如下问题:“诸葛亮领八员将,每将又分八个营,每营里面排八阵,每阵先锋有八人,每人旗头俱八个,每个旗头八队成,每队更该八个甲,每个甲头八个兵.”则该问题中将官、先锋、旗头、队长、甲头、士兵共有( )
A.(87-8)人 B.(89-8)人
C.8+(87-8)人 D.8+(89-84)人
答案 D
解析 由题意可得将官、营、阵、先锋、旗头、队长、甲头、士兵依次成等比数列,且首项为8,公比也是8,所以将官、先锋、旗头、队长、甲头、士兵共有8+84+85+86+87+88=8+=8+(89-84),故选D.
10.(2019·深圳调研)已知A,B,C为球O的球面上的三个定点,∠ABC=60°,AC=2,P为球O的球面上的动点,记三棱锥P-ABC的体积为V1,三棱锥O-ABC的体积为V2,若的最大值为3,则球O的表面积为( )
A. B. C. D.6π
答案 B
解析 由题意,设△ABC的外接圆圆心为O′,其半径为r,球O的半径为R,且|OO′|=d,依题意可知max==3,即R=2d,显然R2=d2+r2,故R=r,又由2r==,故r=,得球O的表面积为4πR2=πr2=,故选B.
11.(2019·西工大附中模拟)设F1,F2是双曲线C:-=1(a>0,b>0)的两个焦点,P是C上一点,若|PF1|+|PF2|=6a,且△PF1F2的最小内角为30°,则C的离心率为( )
A. B. C. D.
答案 C
解析 ∵F1,F2是双曲线的两个焦点,P是双曲线上一点,且满足|PF1|+|PF2|=6a,不妨设P是双曲线右支上的一点,由双曲线的定义可知|PF1|-|PF2|=2a,∴|F1F2|=2c,|PF1|=4a,|PF2|=2a,∵a
A.1 B.2 C.3 D.4
答案 B
解析 ∵xf′(x)>1-f(x),∴xf′(x)-1+f(x)>0,
令F(x)=x[f(x)-1],则
F′(x)=xf′(x)+f(x)-1>0,
又∵f(x)是在R上的偶函数,
∴F(x)是在R上的奇函数,
∴F(x)是在R上的单调递增函数,
又∵exf(ex)-axf(ax)>ex-ax,
可化为ex[f(ex)-1]>ax[f(ax)-1],
即F(ex)>F(ax),
又∵F(x)是在R上的单调递增函数,
∴ex-ax>0恒成立,
令g(x)=ex-ax,则g′(x)=ex-a,
∵a>0,∴g(x)在(-∞,ln a)上单调递减,在(ln a,+∞)上单调递增,
∴g(x)min=a-aln a>0,则1-ln a>0,
∴0 第Ⅱ卷 (非选择题,共90分)
二、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.
13.(2019·武威十八中模拟)学校艺术节对A,B,C,D四件参赛作品只评一件一等奖,在评奖揭晓前,甲、乙、丙、丁四位同学对这四件参赛作品预测如下:
甲说:“C或D作品获得一等奖”;
乙说:“B作品获得一等奖”;
丙说:“A,D两件作品未获得一等奖”;
丁说:“C作品获得一等奖”.
评奖揭晓后,发现这四位同学中只有两位说的话是对的,则获得一等奖的作品是________.
答案 B
解析 若A为一等奖,则甲、乙、丙、丁的说法均错误,不满足题意;若B为一等奖,则乙、丙的说法正确,甲、丁的说法错误,满足题意;若C为一等奖,则甲、丙、丁的说法均正确,不满足题意;若D为一等奖,则乙、丙、丁的说法均错误,不满足题意.综上所述,故B获得一等奖.
14.(2019·天津七校联考)若二项式6的展开式中的常数项为m,则3x2dx=________.
答案 124
解析 由题意,二项展开式的通项为Tr+1=C·6-r·r=6-rC·x12-3r,由12-3r=0,得r=4,所以m=2·C=5,则3x2dx=3x2dx=x3=53-13=124.
15.(2019·东师附中模拟)已知f(x)为奇函数,当x≤0时,f(x)=x2-3x,则曲线y=f(x)在点(1,-4)处的切线方程为________.
答案 5x+y-1=0
解析 由题意,设x>0,则-x<0,
则f(-x)=(-x)2-3(-x)=x2+3x.
又由函数f(x)是奇函数,所以-f(x)=x2+3x,
即f(x)=-x2-3x(x>0),
则f′(x)=-2x-3,所以f′(1)=-2-3=-5,且f(1)=-4,由直线的点斜式方程可知y+4=-5(x-1)=-5x+5,所以5x+y-1=0.
16.(2019·烟台适应性测试)已知抛物线C:x2=4y的焦点为F,M是抛物线C上一点,若FM的延长线交x轴的正半轴于点N,交抛物线C的准线l于点T,且=,则|NT|=________.
答案 3
解析 画出图形如下图所示.由题意得抛物线的焦点F(0,1),准线为y=-1.
设抛物线的准线与y轴的交点为E,过M作准线的垂线,垂足为Q,交x轴于点P.
由题意得△NPM∽△NOF,
又=,即M为FN的中点,
∴|MP|=|OF|=,
∴|MQ|=+1=,∴|FM|=|MN|=.
又==,
即==,解得|TN|=3.
三、解答题:共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.第17~21题为必考题,每个试题考生都必须作答.第22、23题为选考题,考生根据要求作答.
(一)必考题:60分.
17.(本小题满分12分)(2019·淄博模拟)已知在等比数列{an}中,a1=2,且a1,a2,a3-2成等差数列.
(1)求数列{an}的通项公式;
(2)若数列{bn}满足:bn=+2log2an-1,求数列{bn}的前n项和Sn.
解 (1)设等比数列{an}的公比为q,
∵a1,a2,a3-2成等差数列,
∴2a2=a1+(a3-2)=2+(a3-2)=a3,
∴q==2⇒an=a1qn-1=2n(n∈N*).
(2)∵bn=+2log2an-1=n+2log22n-1=n+2n-1,
∴Sn=+++…+
=+[1+3+5+…+(2n-1)]
=+
=n2-n+1(n∈N*).
18.(本小题满分12分)(2019·广州二模)科研人员在对人体脂肪含量和年龄之间关系的研究中,获得了一些年龄和脂肪含量的简单随机样本数据,如表:
x(年
龄/岁)
26
27
39
41
49
53
56
58
60
61
y(脂肪
含量/%)
14.5
17.8
21.2
25.9
26.3
29.6
31.4
33.5
35.2
34.6
根据上表的数据得到如下的散点图.
(1)根据上表中的样本数据及其散点图:
①求;
②计算样本相关系数(精确到0.01),并刻画它们的相关程度;
(2)若y关于x的线性回归方程为=1.56+x,求的值(精确到0.01),并根据回归方程估计年龄为50岁时人体的脂肪含量.
参考数据:=27,xiyi=13527.8,x=23638,y=7759.6,≈6.56,≈54.18.
参考公式:相关系数r==,回归方程=+x中斜率和截距的最小二乘估计公式分别为=,=-.
解 (1)根据上表中的样本数据及其散点图知,
①==47.
②回归系数r=
=
=
=
= .
因为≈6.56,≈54.18,
所以r≈0.98.
由样本相关系数r≈0.98,可以推断人体脂肪含量和年龄的相关程度很强.
(2)因为回归方程为=1.56+x,即=1.56,
所以==≈0.54.
所以y关于x的线性回归方程为=0.54x+1.56,
将x=50代入线性回归方程得=0.54×50+1.56=28.56,
所以根据回归方程预测年龄为50岁时人的脂肪含量为28.56%.
19.(本小题满分12分)(2019·咸阳模拟)如图,在四棱锥P-ABCD中,底面ABCD是菱形,∠ABC=120°,PA=PC,PB=PD,AC∩BD=O.
(1)求证:PO⊥平面ABCD;
(2)若PA与平面ABCD所成的角为30°,求二面角B-PC-D 的余弦值.
解 (1)证明:∵四边形ABCD是菱形,∴O为AC,BD的中点,
又PA=PC,PB=PD,∴PO⊥AC,PO⊥BD,
∵AC∩BD=O,且AC,BD⊂平面ABCD,
∴PO⊥平面ABCD.
(2)设菱形ABCD的边长为2t(t>0),
∵∠ABC=120°,∴∠BAD=60°,∴OA=t.
由(1)知PO⊥平面ABCD,∴PA与平面ABCD所成的角为∠PAO=30°,得到PO=t,
建立如图所示的空间直角坐标系,
则B(0,t,0),C(-t,0,0),P(0,0,t),D(0,-t,0),得到=(0,-t,t),=(t,0,t).
设平面PBC的法向量n1=(x1,y1,z1),平面PCD的法向量n2=(x2,y2,z2).
则即令x1=1,
则y1=z1=-,得到n1=(1,-,-).
同理可得n2=(1,,-),
∴|cos〈n1,n2〉|==.
∵二面角B-PC-D为钝二面角,则余弦值为-.
20.(本小题满分12分)(2019·广州六校联考)已知△ABC中,AB=2,且sinA(1-2cosB)+sinB(1-2cosA)=0.以边AB的中垂线为x轴,以AB所在的直线为y轴,建立平面直角坐标系.
(1)求动点C的轨迹E的方程;
(2)已知定点P(0,4),不垂直于AB的动直线l与轨迹E相交于M,N两点,若直线MP,NP关于y轴对称,求△PMN面积的取值范围.
解 (1)由sinA(1-2cosB)+sinB(1-2cosA)=0得,sinA+sinB=2sinC,
由正弦定理|CA|+|CB|=2|AB|=4>|AB|,
所以点C的轨迹是以A,B为焦点的椭圆(除y轴上的点),其中a=2,c=1,则b=,
故轨迹E的方程为+=1(x≠0).
(2)由题可知,P(0,4),直线l的斜率存在,设l的方程为y=kx+m(mk≠0),M(x1,y1),N(x2,y2),将直线l的方程代入轨迹E的方程得,(3k2+4)x2+6kmx+3m2-12=0.
由Δ>0得3k2+4>m2,且
x1+x2=-,x1x2=,
因为直线MP,NP关于y轴对称,所以kMP+kNP=0,即+=0.
化简得2kx1x2+(m-4)(x1+x2)=0,
所以2k·+(m-4)·=0,
得m=1,
那么直线l过点B(0,1),x1+x2=-,x1x2=,所以△PMN的面积
S=·|BP|·|x1-x2|==18,
设k2+1=t,则t>1,S=18·,
显然S在t∈(1,+∞)上单调递减,所以S∈.
即△PMN面积的取值范围为.
21.(本小题满分12分)(2019·济南模拟)已知函数f(x)=xln x-x2+(a-1)x,其导函数f′(x)的最大值为0.
(1)求实数a的值;
(2)若f(x1)+f(x2)=-1(x1≠x2),证明:x1+x2>2.
解 (1)由题意,函数f(x)的定义域为(0,+∞),其导函数f′(x)=ln x-a(x-1),
记h(x)=f′(x),则h′(x)=.
当a≤0时,h′(x)=≥0恒成立,
所以h(x)在(0,+∞)上单调递增,且h(1)=0.
所以∀x∈(1,+∞),有h(x)=f′(x)>0,故a≤0时不成立;
当a>0时,若x∈,则h′(x)=>0;
若x∈,则h′(x)=<0.
所以h(x)在上单调递增,在上单调递减.
所以h(x)max=h=-ln a+a-1=0.
令g(a)=-ln a+a-1,则g′(a)=1-=.
当01时,g′(a)>0.
所以g(a)在(0,1)上单调递减,在(1,+∞)上单调递增.
所以g(a)≥g(1)=0,故a=1.
(2)证明:当a=1时,f(x)=xln x-x2,则
f′(x)=1+ln x-x.
由(1)知f′(x)=1+ln x-x≤0恒成立,
所以f(x)=xln x-x2在(0,+∞)上单调递减,
且f(1)=-,f(x1)+f(x2)=-1=2f(1),
不妨设0
因为f(x)在(0,+∞)上单调递减,
则只需证f(x2)
则只需证-1-f(x1)
令F(x)=f(x)+f(2-x)(其中x∈(0,1)),
且F(1)=-1.
所以欲证f(2-x1)+f(x1)>-1,
只需证F(x)>F(1),x∈(0,1),
由F′(x)=f′(x)-f′(2-x)=1+ln x-x-[1+ln (2-x)-2+x],
整理得F′(x)=ln x-ln (2-x)+2(1-x),x∈(0,1),
F″(x)=>0,x∈(0,1),
所以F′(x)=ln x-ln (2-x)+2(1-x)在区间(0,1)上单调递增,
所以∀x∈(0,1),F′(x)=ln x-ln (2-x)+2(1-x)
所以有F(x)>F(1),x∈(0,1),
故x1+x2>2.
(二)选考题:10分.请考生在第22、23题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题计分.
22.(本小题满分10分)[选修4-4:坐标系与参数方程]
(2019·全国卷Ⅱ)在极坐标系中,O为极点,点M(ρ0,θ0)(ρ0>0)在曲线C:ρ=4sinθ上,直线l过点A(4,0)且与OM垂直,垂足为P.
(1)当θ0=时,求ρ0及l的极坐标方程;
(2)当M在C上运动且P在线段OM上时,求P点轨迹的极坐标方程.
解 (1)因为M(ρ0,θ0)在曲线C上,
当θ0=时,ρ0=4sin=2.
由已知得|OP|=|OA|cos=2.
设Q(ρ,θ)为l上除P外的任意一点.
在Rt△OPQ中,ρcos=|OP|=2.
经检验,点P在曲线ρcos=2上,
所以,l的极坐标方程为ρcos=2.
(2)设P(ρ,θ),在Rt△OAP中,
|OP|=|OA|cosθ=4cosθ,即ρ=4cosθ.
因为P在线段OM上,且AP⊥OM,
所以θ的取值范围是.
所以,P点轨迹的极坐标方程为ρ=4cosθ,θ∈.
23.(本小题满分10分)[选修4-5:不等式选讲]
(2019·漳州质检)已知函数f(x)=|2-x|-|4-x|.
(1)关于x的不等式f(x)≥a2-3a恒成立,求实数a的取值范围;
(2)若f(m)+f(n)=4,且m
所以f(x)min=-2,
因为f(x)≥a2-3a恒成立,
所以a2-3a≤f(x)min=-2,解得1≤a≤2.
(2)因为f(x)max=2,所以f(m)≤2,f(n)≤2,
则f(m)+f(n)≤4,
又f(m)+f(n)=4,所以f(m)=f(n)=2,
于是n>m≥4,故m+n>8.