2019届二轮复习 数列求和与综合问题作业(全国通用)
展开专题限时集训(四) 数列求和与综合问题
(建议用时:60分钟)
(对应学生用书第92页)
一、选择题
1.数列{an}的前n项和为Sn,若a1=1,an+1=3Sn(n≥1),则a6=( )
A.3×44 B.3×44+1
C.44 D.44+1
A [因为an+1=3Sn,所以an=3Sn-1(n≥2),
两式相减得,an+1-an=3an,即=4(n≥2),
所以数列a2,a3,a4,…构成以a2=3S1=3a1=3为首项,公比为4的等比数列,所以a6=a2·44=3×44.]
2.已知数列{an}是等差数列,其前n项和为Sn,若a1a2a3=15,且++=,则a2等于( )
A.2 B.
C.3 D.
C [∵在等差数列中,S2n-1=(2n-1)an,∴S1=a1,S3=3a2,S5=5a3,∴=++,
∵a1a2a3=15,∴=++=,即a2=3.]
3.已知数列{bn}满足b1=1,b2=4,bn+2=bn+cos2,则该数列的前23项的和为( )
A.4 194 B.4 195
C.2 046 D.2 047
A [当n为偶数时,bn+2=bn+cos2=bn+1,有bn+2-bn=1,即偶数项成等差数列,所以
b2+b4+…+b22=11b2+×1=99.
当n为奇数时,bn+2=2bn,即奇数项成等比数列,所以
b1+b3+…+b23==212-1=4 095.
所以该数列的前23项的和为99+4 095=4 194,故选A.]
4.已知数列{an}的前n项和为Sn,且满足a1=1,an+an+1=2n+1,则=( )
A.1 010 B.1 009
C.2 020 D.2 019
A [S2 019=a1+(a2+a3)+(a4+a5)+…+(a2 018+a2 019),
=(2×0+1)+(2×2+1)+(2×4+1)+…+(2×2 018+1),
==2 019×1 010,∴=1 010,故选A.]
5.已知数列{an}的前n项和Sn=2+λan,且a1=1,则S5=( )
A.27 B.
C. D.31
C [∵Sn=2+λan,且a1=1,∴S1=2+λa1,
即λ=-1,∴Sn=2-an,
当n≥2时,Sn=2-(Sn-Sn-1),∴2Sn=2+Sn-1,即Sn=Sn-1+1,
∴Sn-2=(Sn-1-2),∴Sn-2=(-1)×.
当n=1时也满足.
∴S5=2-=.故选C.]
6.设曲线y=2 018xn+1(n∈N*)在点(1,2 018)处的切线与x轴的交点的横坐标为xn,令an=log2 018xn,则a1+a2+…+a2 017的值为( )
A.2 018 B.2 017
C.1 D.-1
D [因为y′=2 018(n+1)xn,所以切线方程是y-2 018=2 018(n+1)(x-1),所以xn=,
所以a1+a2+…+a2 017=log2 018(x1·x2·…·x2 017)=log2 018=log2 018=-1.]
7.在等比数列{an}中,公比q=2,前87项和S87=140,则a3+a6+a9+…+a87等于( )
A. B.60
C.80 D.160
C [法一:a3+a6+a9+…+a87=a3(1+q3+q6+…+q84)=a1q2×=×=×140=80.故选C.
法二:设b1=a1+a4+a7+…+a85,b2=a2+a5+a8+…+a86,
b3=a3+a6+a9+…+a87,
因为b1q=b2,b2q=b3,且b1+b2+b3=140,
所以b1(1+q+q2)=140,
而1+q+q2=7,所以b1=20,b3=q2b1=4×20=80.故选C.]
8.设等差数列{an}的前n项和为Sn,已知a1=9,a2为整数,且Sn≤S5,则数列前n项和的最大值为( )
A. B.1
C. D.
A [a1=9,a2为整数,可知:等差数列{an}的公差d为整数,由Sn≤S5,∴a5≥0,a6≤0,则9+4d≥0,9+5d≤0,解得-≤d≤-,d为整数,d=-2.
∴an=9-2(n-1)=11-2n.
==,
数列前n项和为
=,
令bn=,由于函数f(x)=的图象关于点对称及其单调性,可知:0<b1<b2<b3<b4,b5<b6<b7<…<0,∴bn≤b4=1.∴最大值为.故选A.]
二、填空题
9.已知an=2n,bn=3n-1,cn=,则数列{cn}的前n项和Sn为________.
5- [由题设知,cn=,
所以Sn=+++…+, ①
2Sn=2+++…+, ②
由②-①得,Sn=2+++…+-.
故所求Sn=2+-=5-.]
10.已知数列{an}和{bn}满足a1=1,=,=sin2-cos2,n∈N*,则数列{bn}的前47项和等于________.
1 120 [依题意得=,故数列是常数列,于是有=1,an=n2,bn=-n2cos ,b3k-2+b3k-1+b3k=-(3k)2=-9k+(k∈N*),因此数列{bn}的前47项和为S47=S48-b48=-9×+×16+482=1 120.]
11.设某数列的前n项和为Sn,若为常数,则称该数列为“和谐数列”.若一个首项为1,公差为d(d≠0)的等差数列{an}为“和谐数列”,则该等差数列的公差d=________.
2 [由=k(k为常数),且a1=1,得n+n(n-1)d=k,即2+(n-1)d=4k+2k(2n-1)d,整理得,(4k-1)dn+(2k-1)(2-d)=0,
∵对任意正整数n,上式恒成立,
∴得∴数列{an}的公差为2.]
12.记Sn为正项等比数列{an}的前n项和,若S4-2S2=3,则S6-S4的最小值为________.
12 [由题可知数列{an}的公比q>0,an>0,则3=(a4-a2)+(a3-a1)=a1(q+1)·(q2-1),则有q>1,所以====-=-≤(当且仅当q=时,取等号),所以S6-S4≥12,即S6-S4的最小值为12.]
三、解答题
13.(2018·黔东南州二模)已知数列{an}的前n项和为Sn,且满足Sn=(an-1),n∈N*.
(1)求数列{an}的通项公式;
(2)令bn=log2an,记数列的前n项和为Tn,证明:Tn<.
[解] (1)当n=1时,有a1=S1=(a1-1),解得a1=4.
当n≥2时,有Sn-1=(an-1-1),则
an=Sn-Sn-1=(an-1)-(an-1-1),
整理得:=4,∴数列{an}是以q=4为公比,以a1=4为首项的等比数列.
∴an=4×4n-1=4n(n∈N*)
即数列{an}的通项公式为:an=4n(n∈N*).
(2)由(1)有bn=log2an=log2 4n=2n,则
=
=.
∴Tn=+++…+
=.
易知数列{Tn}为递增数列,
∴T1≤Tn<,即≤Tn<.
14.(2018·邯郸市一模)已知数列{an},{bn}的前n项和分别为Sn,Tn,bn-an=2n+1,且Sn+Tn=2n+1+n2-2.
(1)求Tn-Sn;
(2)求数列的前n项和Rn.
[解] (1)依题意可得b1-a1=3,b2-a2=5,…,bn-an=2n+1,
∴Tn-Sn=(b1+b2+…+bn)-(a1+a2+…+an)
=n+(2+22+…+2n)=2n+1+n-2.
(2)∵2Sn=Sn+Tn-(Tn-Sn)=n2-n,
∴Sn=,
∴an=n-1.
又bn-an=2n+1,
∴bn=2n+n.
∴=1+,
∴Rn=n+,则
Rn=n+,
∴Rn=n+-,
故Rn=n+2×-=n+2- .