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高中数学人教A版 (2019)必修 第一册2.3 二次函数与一元二次方程、不等式同步训练题
展开1.不等式 eq \f(4x+2,3x-1) >0的解集是( )
A. eq \b\lc\{\rc\}(\a\vs4\al\c1(x|x>\f(1,3)或x<-\f(1,2)))
B. eq \b\lc\{\rc\}(\a\vs4\al\c1(x|-\f(1,2)<x<\f(1,3)))
C. eq \b\lc\{\rc\}(\a\vs4\al\c1(x|x>\f(1,3)))
D. eq \b\lc\{\rc\}(\a\vs4\al\c1(x|x<-\f(1,2)))
2.若集合A={x|ax2-ax+1<0}=∅,则实数a的取值范围是( )
A.{a|0<a<4} B.{a|0≤a<4}
C.{a|0<a≤4} D.{a|0≤a≤4}
3.不等式 eq \f(x+5,(x-1)2) ≥2的解集是( )
A. eq \b\lc\{\rc\}(\a\vs4\al\c1(x\b\lc\|(\a\vs4\al\c1(-3))≤x≤\f(1,2)))
B. eq \b\lc\{\rc\}(\a\vs4\al\c1(x\b\lc\|(\a\vs4\al\c1(-\f(1,2)))≤x≤3))
C. eq \b\lc\{\rc\}(\a\vs4\al\c1(x\b\lc\|(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)))≤x<1或1<x≤3))
D. eq \b\lc\{\rc\}(\a\vs4\al\c1(x\b\lc\|(\a\vs4\al\c1(-\f(1,2)))≤x≤3且x≠1))
4.若产品的总成本y(万元)与产量x(台)之间的函数关系式是y=3 000+20x-0.1x2(0<x<240),若每台产品的售价为25万元,则生产者不亏本(销售收入不小于总成本)时的最低产量是( )
A.100台 B.120台 C.150台 D.180台
5.(多选)下列结论错误的是( )
A.若方程ax2+bx+c=0(a≠0)没有实数根,则不等式ax2+bx+c>0的解集为R
B.不等式ax2+bx+c≤0在R上恒成立的条件是a<0且Δ=b2-4ac≤0
C.若关于x的不等式ax2+x-1≤0的解集为R,则a≤- eq \f(1,4)
D.不等式 eq \f(1,x) >1的解集为x<1
6.已知“∃x∈R,使得2x2+ax+ eq \f(1,2) ≤0”是假命题,则实数a的取值范围为________.
7.关于x的不等式 eq \f(mx-1,x-2) >0,若此不等式的解集为 eq \b\lc\{\rc\}(\a\vs4\al\c1(x\b\lc\|(\a\vs4\al\c1(\f(1,m)))<x<2)) ,则m的取值范围是________.
8.关于实数x的不等式2kx2+kx- eq \f(3,8) <0.
(1)若k=1,求该不等式解集;
(2)若该不等式对一切实数x恒成立,求实数k的取值范围.
9.已知“∃x∈R ,使得不等式x2-4x-a-1<0”不成立,则a的取值范围为( )
A.(-∞,-5] B.(-∞,-2]
C.(-5,+∞) D.[-5,+∞)
10.(多选)已知a∈R,关于x的不等式 eq \f(a(x-1),x-a) >0的解集可能是( )
A.(1,a)
B.(-∞,1)∪(a,+∞)
C.(-∞,a)∪(1,+∞)
D.∅
11.在R上定义运算□:x□y=x(1-y).若不等式(x-a)□(x+a)<1对任意的实数x都成立,则a的取值范围是________.
12.某农贸公司按每担200元的价格收购某农产品,并每100元纳税10元(又称征税率为10个百分点),计划可收购a万担.政府为了鼓励收购公司多收购这种农产品,决定将征税率降低x(x>0)个百分点,预测收购量可增加2x个百分点.
(1)写出降税后税收y(万元)与x的函数关系式;
(2)要使此项税收在税率调节后,不少于原计划税收的83.2%,试确定x的取值范围.
13.不等式mx2-2x-m+1<0对于满足|m|≤2的所有m的值都成立,则x的取值范围为________.
课时作业(十三) 一元二次不等式的应用
1.解析: eq \f(4x+2,3x-1) >0⇔(4x+2)(3x-1)>0⇔x> eq \f(1,3) 或x<- eq \f(1,2) ,此不等式的解集为 eq \b\lc\{\rc\}(\a\vs4\al\c1(x\b\lc\|(\a\vs4\al\c1(x>\f(1,3)))或x<-\f(1,2))) .
答案:A
2.解析:a=0时符合题意,a>0时,相应二次方程中的Δ=a2-4a≤0,得{a|0答案:D
3.解析:∵原不等式等价于 eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(x+5≥2(x-1)2,,x≠1,))
∴ eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(2x2-5x-3≤0,,x≠1,))
∴ eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(-\f(1,2)≤x≤3,,x≠1,)) 即 eq \b\lc\{\rc\}(\a\vs4\al\c1(x\b\lc\|(\a\vs4\al\c1(-\f(1,2)))≤x≤3且x≠1)) .
答案:D
4.解析:y-25x=-0.1x2-5x+3 000≤0,即x2+50x-30 000≥0,解得x≥150或x≤-200(舍去).
答案:C
5.解析:A选项中,只有a>0时才成立;B选项当a=b=0,c≤0时也成立;D选项x是大于0的.
答案:ABD
6.解析:∵“∃x∈R,使得2x2+ax+ eq \f(1,2) ≤0”是假命题,
∴命题“∀x∈R,使2x2+ax+ eq \f(1,2) >0”是真命题,
∴判别式Δ=a2-4×2× eq \f(1,2) <0,
∴-2<a<2.
答案:-2<a<2
7.解析:由 eq \f(mx-1,x-2) >0,得(mx-1)(x-2)>0,
故不等式(mx-1)(x-2)>0的解集为 eq \b\lc\{\rc\}(\a\vs4\al\c1(x\b\lc\|(\a\vs4\al\c1(\f(1,m)))<x<2)) ,
所以 eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(m<0,\f(1,m)<2)) ,所以m<0,
所以m的取值范围是m<0.
答案:m<0
8.解析:(1)当k=1时,原不等式即为:2x2+x- eq \f(3,8) <0,
解得- eq \f(3,4) <x< eq \f(1,4) ,所以不等式解集为 eq \b\lc\{\rc\}(\a\vs4\al\c1(x\b\lc\|(\a\vs4\al\c1(-\f(3,4)))<x<\f(1,4))) ;
(2)若不等式2kx2+kx- eq \f(3,8) <0对一切实数x恒成立,
当k=0时,- eq \f(3,8) <0恒成立,故k=0满足题意;
当k≠0时,要使得不等式2kx2+kx- eq \f(3,8) <0对一切实数x恒成立,
则 eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(k<0,Δ<0)) 即 eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(k<0,k2-4×2k×(-\f(3,8))<0)) ,解得-3
则不等式x2-4x-a-1≥0对∀x∈R恒成立,
等价于x∈R时a≤(x2-4x-1)min恒成立,
因为(x2-4x-1)min=-5,∴a≤-5.
答案:A
10.解析:当a<0时,不等式等价于(x-1)(x-a)<0,解得a<x<1;
当a=0时,不等式的解集是∅;
当0<a<1时,不等式等价于(x-1)(x-a)>0,解得x>1或x<a ;
当a=1时,不等式等价于(x-1)2>0,解得x≠1;
当a>1时,不等式等价于(x-1)(x-a)>0,解得x>a或x<1.
答案:BCD
11.解析:根据定义得(x-a)□(x+a)=(x-a)[1-(x+a)]=-x2+x+a2-a,又(x-a)□(x+a)<1对任意的实数x都成立,所以x2-x+a+1-a2>0对任意的实数x都成立,所以Δ<0,即1-4(a+1-a2)<0,解得- eq \f(1,2) 答案:- eq \f(1,2) <a< eq \f(3,2)
12.解析:(1)降低税率后的税率为(10-x)%,农产品的收购量为a(1+2x%)万担,收购总金额为200a(1+2x%)万元.依题意得y=200a(1+2x%)(10-x)%= eq \f(1,50) a(100+2x)(10-x)(0<x<10).
(2)原计划税收为200a×10%=20a(万元).
依题意得 eq \f(1,50) a(100+2x)(10-x)≥20a×83.2%,化简得x2+40x-84≤0,解得-42≤x≤2.又因为0<x<10,所以0<x≤2.即x的取值范围为(0,2].
13.解析:令f(m)=mx2-2x-m+1=m(x2-1)-2x+1,
由条件f(m)<0对于满足|m|≤2的所有m的值都成立,即-2≤m≤2,
则 eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(f(-2)<0,f(2)<0)) ,即 eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(-2x2-2x+3<0,2x2-2x-1<0)) ,
解得: eq \f(-1+\r(7),2) <x< eq \f(1+\r(3),2)
所以x的取值范围为: ( eq \f(-1+\r(7),2) , eq \f(1+\r(3),2) )
答案: ( eq \f(-1+\r(7),2) , eq \f(1+\r(3),2) )
练 基 础
提 能 力
培 优 生
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