2021版新高考数学（理科）一轮复习教师用书：第9章第10节　圆锥曲线中的范围、最值问题

第十节　圆锥曲线中的范围、最值问题

[最新考纲]　1.掌握解决直线与椭圆、抛物线的位置关系的思想方法.2. 理解数形结合的思想；3. 会求与圆锥曲线有关的范围、最值问题．

考点1　范围问题

　求参数范围的4种方法

(1)函数法：用其他变量表示该参数，建立函数关系，利用求函数值域的方法求解．

(2)不等式法：根据题意建立含参数的不等式，通过解不等式求参数范围．

(3)判别式法：建立关于某变量的一元二次方程，利用判别式Δ求参数的范围．

(4)数形结合法：研究该参数所表示的几何意义，利用数形结合思想求解．

　(2019·山师附中模拟)已知椭圆C：＋＝1，直线l：y＝kx＋m(m≠0)，设直线l与椭圆C交于A，B两点．

(1)若|m|>，求实数k的取值范围；

(2)若直线OA，AB，OB的斜率成等比数列(其中O为坐标原点)，求△OAB的面积的取值范围．

[解]　(1)联立方程＋＝1和y＝kx＋m，

得(2＋3k2)x2＋6kmx＋3m2－6＝0，

所以Δ＝(6km)2－4(2＋3k2)(3m2－6)>0，

所以m2<2＋3k2，所以2＋3k2>3，即k2>，

解得k>或k<－.

所以实数k的取值范围为∪.

(2)设A(x1，y1)，B(x2，y2)，

则x1＋x2＝，x1x2＝.

设直线OA，OB的斜率分别为k1，k2，

因为直线OA，AB，OB的斜率成等比数列，

所以k1k2＝＝k2，即＝k2(m≠0)，

化简得2＋3k2＝6k2，即k2＝.

因为|AB|＝|x1－x2|＝，

点O到直线l的距离h＝＝|m|，

所以S△OAB＝|AB|·h＝·≤×＝，

当m＝±时，直线OA或OB的斜率不存在，等号取不到，所以△OAB的面积的取值范围为.

　 本例求解采用了学生熟知的两种方法：不等式法和判别式法，利用判别式构建目标不等式的核心是抓住直线与圆锥曲线的位置关系和判别式Δ的关系建立目标不等式．

　1.如图，已知点P是y轴左侧(不含y轴)一点，抛物线C：y2＝4x上存在不同的两点A，B满足PA，PB的中点均在C上．

(1)设AB中点为M，证明：PM垂直于y轴；

(2)若P是半椭圆x2＋＝1(x<0)上的动点，求△PAB面积的取值范围．

[解]　(1)证明：设P(x0，y0)，A，B.

因为PA，PB的中点在抛物线上，

所以y1，y2为方程＝4·，

即y2－2y0y＋8x0－y＝0的两个不同的实根．

所以y1＋y2＝2y0，

所以PM垂直于y轴．

(2)由(1)可知

所以|PM|＝(y＋y)－x0＝y－3x0，

|y1－y2|＝2.

所以△PAB的面积

S△PAB＝|PM|·|y1－y2|＝.

因为x＋＝1(－1≤x0<0)，

所以y－4x0＝－4x－4x0＋4∈[4，5]，

所以△PAB面积的取值范围是.

2．已知椭圆C：＋＝1(a>b>0)的焦距为4，且过点(，－2)．

(1)求椭圆C的方程；

(2)过椭圆焦点的直线l与椭圆C分别交于点E，F，求·的取值范围．

[解]　(1)椭圆C：＋＝1(a>b>0)的焦距是4，所以焦点坐标是(0，－2)，(0，2)，

2a＝＋＝4，

所以a＝2，b＝2，

即椭圆C的方程是＋＝1.

(2)若直线l垂直于x轴，

则点E(0，2)，F(0，－2)，·＝－8.

若直线l不垂直于x轴，

设l的方程为y＝kx＋2，点E(x1，y1)，F(x2，y2)，

将直线l的方程代入椭圆C的方程得到：

(2＋k2)x2＋4kx－4＝0，

则x1＋x2＝，x1x2＝，

所以·＝x1x2＋y1y2＝(1＋k2)x1x2＋2k(x1＋x2)＋4＝＋＋4＝－8，

因为0<≤10，所以－8<·≤2，

综上所述，·的取值范围是[－8，2]．

考点2　最值问题

　圆锥曲线中最值问题的解决方法

(1)几何法：若题目中的条件和结论能明显体现几何特征和意义，则考虑利用图形性质数形结合求解．

(2)代数法：若题目中的条件和结论能体现一种明确的函数关系，或者不等关系，或者已知参数与新参数之间的等量关系等，则利用代数法求参数的范围．

　利用基本不等式求最值

　已知椭圆C：x2＋2y2＝4.

(1)求椭圆C的离心率；

(2)设O为原点，若点A在直线y＝2上，点B在椭圆C上，且OA⊥OB，求线段AB长度的最小值．

[解]　(1)由题意，椭圆C的标准方程为＋＝1，

所以a2＝4，b2＝2，从而c2＝a2－b2＝2.

因此a＝2，c＝.

故椭圆C的离心率e＝＝.

(2)设点A，B的坐标分别为(t，2)，(x0，y0)，其中x0≠0.

因为OA⊥OB，所以·＝0，

即tx0＋2y0＝0，解得t＝－.

又x＋2y＝4，

所以|AB|2＝(x0－t)2＋(y0－2)2＝＋(y0－2)2

＝x＋y＋＋4＝x＋＋＋4

＝＋＋4(0＜x≤4)．

因为＋≥4(0<x≤4)，且当x＝4时等号成立，

所以|AB|2≥8.故线段AB长度的最小值为2.

　已知点A(0，－2)，椭圆E：＋＝1(a>b>0)的离心率为，F是椭圆E的右焦点，直线AF的斜率为，O为坐标原点．

(1)求E的方程；

(2)设过点A的动直线l与E相交于P，Q两点，当△OPQ的面积最大时，求l的方程．

[解]　(1)设F(c，0)，由条件知，＝，得c＝.

又＝，所以a＝2，b2＝a2－c2＝1.

故E的方程为＋y2＝1.

(2)当l⊥x轴时不合题意，

故设l：y＝kx－2，P(x1，y1)，Q(x2，y2)．

将y＝kx－2代入＋y2＝1，

得(1＋4k2)x2－16kx＋12＝0.

当Δ＝16(4k2－3)>0，

即k2>时，x1，2＝.

从而|PQ|＝|x1－x2|＝.

又点O到直线PQ的距离d＝.

所以△OPQ的面积S△OPQ＝·d·|PQ|＝.

设＝t，则t>0，S△OPQ＝＝≤1.

当且仅当t＝2，即k＝±时等号成立，且满足Δ>0.

所以当△OPQ的面积最大时，l的方程为2y±x＋4＝0.

　利用函数性质求最值

　在平面直角坐标系xOy中，抛物线C：x2＝2py(p＞0)的焦点为F，点A在C上，若|AO|＝|AF|＝.

(1)求C的方程；

(2)设直线l与C交于P，Q，若线段PQ的中点的纵坐标为1，求△OPQ的面积的最大值．

[解]　(1)∵点A在C上，|AO|＝|AF|＝，∴＋＝，∴p＝2，∴C的方程为x2＝4y.

(2)设直线方程为y＝kx＋b，代入抛物线方程，可得x2－4kx－4b＝0，

设P(x1，y1)，Q(x2，y2)，则x1＋x2＝4k，x1x2＝－4b，

∴y1＋y2＝4k2＋2b，

∵线段PQ的中点的纵坐标为1，∴2k2＋b＝1，

△OPQ的面积S＝·b·＝b＝·(0＜b≤1)，

设y＝b3＋b2，y′＝3b2＋2b＞0，故函数单调递增，

∴b＝1时，△OPQ的面积的最大值为2.

　若题目中的条件和要求的结论能体现一种明确的函数关系，则可先建立目标函数，然后根据其结构特征，构建函数模型求最值，一般情况下，可以构建二次型函数、双曲线型函数、多项式型函数等．

　已知抛物线y2＝4x的焦点为F，过点F的直线交抛物线于A，B两点．

(1)若＝2，求直线AB的斜率；

(2)设点M在线段AB上运动，原点O关于点M的对称点为C，求四边形OACB面积的最小值．

[解]　(1)依题意知F(1，0)，设直线AB的方程为x＝my＋1.将直线AB的方程与抛物线的方程联立，消去x得y2－4my－4＝0.

设A(x1，y1)，B(x2，y2)，

所以y1＋y2＝4m，y1y2＝－4.①

因为＝2，所以y1＝－2y2.　②

联立①和②，消去y1，y2，得m＝±.

所以直线AB的斜率是±2.

(2)由点C与原点O关于点M对称，得M是线段OC的中点，从而点O与点C到直线AB的距离相等，所以四边形OACB的面积等于2S△AOB.

因为2S△AOB＝2··|OF|·|y1－y2|＝

＝4，

所以当m＝0时，四边形OACB的面积最小，最小值是4.