2020届湖南省岳阳市第一中学高三上学期第一次质量检测数学(理)试题(解析版)
展开2020届湖南省岳阳市第一中学高三上学期第一次质量检测数学(理)试题
一、单选题
1.设全集,集合,,则等于( )
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】.
2.设复数,,则在复平面内对应的点在
A.第一象限 B.第二象限 C.第三象限 D.第四象限
【答案】D
【解析】试题解析:
在复平面内对应的点,故在第四象限
【考点】本题考查复数几何意义
点评:解决本题的关键是理解复数的几何意义
3.已知向量,,若∥,则等于( )
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】【详解】
∥
∴
选A.
4.“”是“函数在定义域内是增函数”的( )
A.必要条件
B.充分条件
C.充要条件
D.既不充分也不必要条件
【答案】B
【解析】先将结论化简,再结合范围大小关系确定充分条件和必要条件
【详解】
函数在定义域内是增函数即或,故“”是“或”的充分不必要条件
故选:B
【点睛】
本题考查命题充分和必要条件的判断,将结论作等价转化是关键,属于基础题
5.设随机变量,且,则实数a的值为
A.10 B.8 C.6 D.4
【答案】D
【解析】根据随机变量符合正态分布,从表达式上看出正态曲线关于对称,得到对称区间的数据对应的概率是相等的,根据两个区间的概率相等,得到这两个区间关于对称,从而得到结果.
【详解】
随机变量,
正态曲线关于对称,
,
与关于对称,,
解得,故选D.
【点睛】
本题主要考查正态曲线的对称性,考查对称区间的概率的相等的性质,是一个基础题.正态曲线的常见性质有:(1)正态曲线关于对称,且越大图象越靠近右边,越小图象越靠近左边;(2)边越小图象越“痩长”,边越大图象越“矮胖”;(3)正态分布区间上的概率,关于对称,.
6.在正四棱锥中,底面正方形的边长为1,侧棱长为2,则异面直线与所成角的大小为( )
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】试题分析:连接AC,交BD于O,连接VO
∵四边形ABCD是正方形,∴AC⊥BD,O为BD的中点,又∵正四棱锥V-ABCD中,VB=VD
∴VO⊥BD∵AC∩VO=O,AC、VO⊂平面ACV∴BD⊥平面ACV∵VA⊂平面ACV∴BD⊥VA
即异面直线VA与BD所成角等于
【考点】异面直线所成角
7.如图,设D是图中边长分别为1和2的矩形区域,E是D内位于函数y=(x>0)图象下方的区域(阴影部分),从D内随机取一个点M,则点M取自E内的概率为( )
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】因为.
所以点M取自E内的概率为.
8.己知函数是定义在上的奇函数,当时,,则函数在上的所有零点之和为( )
A.7 B.8 C.9 D.10
【答案】B
【解析】由已知可分析出函数是偶函数,则其零点必然关于原点对称,故在上所有的零点的和为,则函数在上所有的零点的和,即函数在上所有的零点之和,求出上所有零点,可得答案.
【详解】
解:函数是定义在上的奇函数,.
又函数,
,
函数是偶函数,
函数的零点都是以相反数的形式成对出现的.
函数在上所有的零点的和为,
函数在上所有的零点的和,即函数在上所有的零点之和.
由时,,
即
函数在上的值域为,当且仅当时,
又当时,
函数在上的值域为,
函数在上的值域为,
函数在上的值域为,当且仅当时,,
函数在上的值域为,当且仅当时,,
故在上恒成立,在上无零点,
同理在上无零点,
依此类推,函数在无零点,
综上函数在上的所有零点之和为8
故选:.
【点睛】
本题考查的知识点是函数的奇偶性,函数的零点,函数的图象和性质,其中在寻找上零点个数时,难度较大,故可以用归纳猜想的方法进行处理.
二、填空题
9.在极坐标系中,直线经过圆的圆心且与直线平行,则直线与极轴的交点的极坐标为_________.
【答案】(1,0)
【解析】由可知此圆的圆心为(1,0),直线是与极轴垂直的直线,所以所求直线的极坐标方程为,所以直线与极轴的交点的极坐标为(1,0).
10.假设存在实数满足,那么实数的取值范围为___________.
【答案】(-3,7)
【解析】结合绝对值三角不等式将,进而求解
【详解】
,即
故答案为:
【点睛】
本题考查绝对值三角不等式的应用,应该熟记:,属于基础题
11.如右图,是圆的直径,直线与圆相切于点,于点,若圆的面积为,,则的长为 .
【答案】1
【解析】∵CD是圆O的切线,∴∠ABC=∠ACD=30°,∴在直角三角形ACD中,AD=1,∴AC=2,
∴在直角三角形ABC中,AC=2,∴AB=4,∴圆的半径是2,所以,
所以.
12.的二项展开式中,常数项的值是 .
【答案】10
【解析】展开式是常数项,此常数项的值为
.
13.程序框图如图,那么输出的=_____
【答案】9
【解析】依次进行循环语句的运算,当满足时输出对应的即可
【详解】
由题可知,,
第一次循环:;
第二次循环:;
第三次循环:,此时,输出
故答案为:9
【点睛】
本题考查循序框图中输出值的计算,正确书写循环语句和计算,并准确判断输出条件是解题的关键,属于基础题
14.若实数x,y满足约束条件,则z=3x+5y的最大值为_____.
【答案】17
【解析】先画出可行域,作出目标函数的平行直线,确定z与目标函数的纵截距之间的关系,从而平移目标函数确定最优解即可算出最大值.
【详解】
画出可行域如图所示的△ABC的内部(包括边界):
由z=3x+5y可得y,则z为直线y在y轴上的截距,
作直线L:3x+5y=0,把直线L向上平移到A时z最大,向下平移到B时z最小,
由可得A(),此时z的最大值为17,
由可得B(﹣2,﹣1),此时z的最小值为﹣11.
故答案为:17.
【点睛】
本题考查线性规划问题,正确画出可行域并确定z与目标函数的纵截距之间的关系是解决本题的关键,属中档题.
15.抛物线与双曲线有相同的焦点,点是两曲线的一个交点,且⊥轴,那么双曲线的离心率为______
【答案】
【解析】先画出图形,求出点,再结合焦点三角形的几何关系进行求解即可
【详解】
因为双曲线和抛物线有共同焦点,所以将点代入抛物线解得,,又且,结合勾股定理解得,
离心率
故答案为:
【点睛】
本题考查曲线交点的求解,焦点三角形与离心率的关系,可当作结论进行记忆:若曲线是椭圆,是椭圆上的点,则有;若是双曲线,则有,属于基础题
16.数列令表示集合中元素个数.
(1)假设1,3,5,7,9,那么=____________________;
(2)假设(为常数),那么=____________________;
【答案】7
【解析】(1)根据题意写出所有,中的元素即可;
(2)需要进行分类讨论,和两种情况,结合等差数列性质即可求解;
【详解】
(1)当1,3,5,7,9,有5个数时,,故;
(2)当时,说明数列是常数列,则,为常数,则,故;
当时,假设数列首项为1,公差为1,则,,,利用类比推理可得,假设(为常数),那么;
综上所述,
【点睛】
本题考查数列与集合新定义结合的理解,学会利用数列研究集合中元素性质是关键,本题中采用的类比推理法,从特殊到一般,在处理复杂问题时,值得借鉴,属于中档题
三、解答题
17.(本小题满分12分)如图,在中,点在边上,,,.
(1)求的值;
(2)求的长.
【答案】(1);(2)25
【解析】试题解析:(1)因为
所以
因为
所以
因为
所以
(2)在△ABD中,由正弦定理,得
所以
【考点】本题考查解三角形
点评:解决本题的关键是找出角与角的位置关系
18.数列的前项和为,且.
(1)试求的通项公式;
(2)假设数列满足:,试求的前项和.
【答案】(1)(2)
【解析】(1)再写出一项,采用作差法,即可求解;
(2)数列为差比数列,结合错位相减法即可求解;
【详解】
(1)①,再写一项:②,①-②可得
,,显然也能取到,故为等比数列,公比为,当时,,故;
(2),③;
同乘公比2,可得④;
③-④式得,化简得
【点睛】
本题考查等差数列通项公式的求法,错位相减法求前项和,属于中档题
19.
如图所示多面体中,AD⊥平面PDC,ABCD为平行四边形,E,F分别为AD,BP的中点,AD=,AP=,PC=.
(Ⅰ)求证:EF∥平面PDC;
(Ⅱ)若∠CDP=90°,求证BE⊥DP;
(Ⅲ)若∠CDP=120°,求该多面体的体积.
【答案】(1)、(2)见解析;(3).
【解析】【详解】
(Ⅰ)取PC的中点为O,连FO,DO,
∵F,O分别为BP,PC的中点,
∴∥BC,且,
又ABCD为平行四边形,∥BC,且,
∴∥ED,且
∴四边形EFOD是平行四边形
即EF∥DO又EF平面PDC
∴EF∥平面PDC.
(Ⅱ)若∠CDP=90°,则PD⊥DC,
又AD⊥平面PDC∴AD⊥DP,
∴PD⊥平面ABCD,
∵BE平面ABCD,
∴BE⊥DP
(Ⅲ)连结AC,由ABCD为平行四边形可知与面积相等,
所以三棱锥与三棱锥体积相等,
即五面体的体积为三棱锥体积的二倍.
∵AD⊥平面PDC,∴AD⊥DP,由AD=3,AP=5,可得DP=4
又∠CDP=120°PC=2,
由余弦定理并整理得, 解得DC=2
∴三棱锥的体积
∴该五面体的体积为
20.
为增强市民的节能环保意识,某市面向全市征召义务宣传志愿者,从符合条件的500名志愿者中随机抽样100名志原者的年龄情况如下表所示.
(Ⅰ)频率分布表中的①、②位置应填什么数据?并在答题卡中补全频率分布直方图(如图),再根据频率分布直方图估计这500名志愿者中年龄在岁的人数;
(Ⅱ)在抽出的100名志愿者中按年龄再采用分层抽样法抽取20人参加中心广场的宣传活动,从这20人中选取2名志愿者担任主要负责人,记这2名志愿者中“年龄低于30岁”的人数为,求的分布列及数学期望.
【答案】(Ⅰ)见解析;;(2)见解析; .
【解析】(Ⅰ)根据各组频率之和为1可算出上的频率,从而可补全频率分布直方图,从频率分布直方图中可以得到上的频率,从而得到相应的人数.
(Ⅱ)利用超几何分布的计算公式可得的分布列及数学期望
【详解】
(Ⅰ)上的频率为,故对应的矩形的高为,补全后的频率分布直方图如图所示:
上的频率为,
从而得到年龄在岁的人数为人.
(Ⅱ)低于岁的频率为,故20人中共有人低于于岁.
故,,
,所以的分布列为:
| |||
|
.
【点睛】
本题考查频率分布直方图的应用以及超几何分布的应用,属于基础题.
21.设椭圆的右焦点为,直线与轴交于点,假设(其中为坐标原点)
(1)求椭圆的方程;
(2)设是椭圆上的任意一点,为圆的任意一条直径(、为直径的两个端点),求的最大值
【答案】(1)(2)11
【解析】(1)先求出坐标,再由,联立求解,即可求得,进而求得标准方程;
(2)解法不唯一,可采用方法1中的向量法进行转化;也可采用方法2,纯代数运算,分别表示出点,其中的中点坐标为,可得,再表示出的坐标表达式,结合二次函数最值可求解;还可采用分类讨论直线斜率是否存在的方法,求出直线与圆的点坐标,再结合的坐标运算及二次函数性质即可求解;
【详解】
(1)由题设知,,,由,得解得、因此椭圆的方程为;
(2)方法1:设圆的圆心为,
那么,
从而求的最大值转化为求的最大值,
因为是椭圆上的任意一点,设,因此,即,
因为,因此,
因为,因此当时,取得最大值12,
因此的最大值为11;
方法2:设点,
因为的中点坐标为,因此
因此,
,
,
,
因为点在圆上,因此,即,
因为点在椭圆上,因此,即,
因此,
因为,因此当时,;
方法3:①假设直线的斜率存在,设的方程为,
由,解得,
因为是椭圆上的任一点,设点,
因此,即,
因此,
因此,
因为,因此当时,取得最大值11;
②假设直线的斜率不存在,则的方程为,
由,解得或,
不妨设,,,
因为是椭圆上的任一点,设点,
因此,即,
因此,,
因此,
因为,因此当时,取得最大值11,
综上可知,的最大值为11
【点睛】
本题考查椭圆标准方程的求法,由过圆心的两个对称点和椭圆上的动点求解向量的数量积的最值,对比运算过程我们不难发现,解析几何中,重视思维的转化相比于纯代数运算要更具有优越性,应强化这种解题意识,本题第二问重在考查思维转化能力和代数运算能力,属于中档题
22.已知函数().
(1)若为的极值点,求实数的值;
(2)若在上是单调增函数,求实数的取值范围;
(3)当时,方程有实根,求实数的最大值.
【答案】(1)0;(2);(3)0.
【解析】(1)根据建立关于a的方程求出a的值.
(2)本小题实质是在区间上恒成立,
进一步转化为在区间上恒成立,
然后再讨论a=0和两种情况研究.
(2)时,方程可化为,,
问题转化为在上有解,
利用导数研究g(x)的单调区间极值最值,从而求出值域,问题得解.
【详解】
(1).
因为为的极值点,所以.
即,解得.
又当时,,从而的极值点成立.
(2)因为在区间上为增函数,
所以在区间上恒成立.
①当时,在上恒成立,所以上为增函数,故,符合题意.
②当时,由函数的定义域可知,必须有对恒成立,故只能,所以对
上恒成立.
令,其对称轴为,
因为所以,从而上恒成立,只要即可,
因为,
解得.因为,所以.
综上所述,的取值范围为.
(3)若时,方程可化为,.
问题转化为在上有解,
即求函数的值域.
因为,令,
则,
所以当时,,从而在上为增函数,
当时,,从而在上为减函数,
因此.
而,故,
因此当时,取得最大值0.