高中数学人教A版 (2019)必修 第一册第一章 集合与常用逻辑用语本章综合与测试课时练习
展开第一章 集合与常用逻辑用语
注意事项:
1.答题前,先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上,并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
2.选择题的作答:每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
3.非选择题的作答:用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
4.考试结束后,请将本试题卷和答题卡一并上交。
一、单项选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1.下列说法正确的是( )
A.我校爱好足球的同学组成一个集合
B.是不大于的自然数组成的集合
C.集合和表示同一集合
D.数,,,,,,组成的集合有个元素
2.已知集合,,若,则实数的值为( )
A. B. C. D.
3.如果集合中只有一个元素,则的值是( )
A. B. C.或 D.不能确定
4.命题“,”的否定是( )
A., B.,
c., D.,
5.设集合,且,则( )
A. B. C. D.
6.若集合,,则的真子集的个数为( )
A. B. C. D.
7.下列各结论:①“”是“”的充要条件;②“”是“”的充要条件;③“”是“”的充分不必要条件;④“二次函数图像过点”是“”的充要条件.其中正确的个数是( )
A. B. C. D.
8.由无理数引发的数学危机一直延续到世纪直到年,德国数学家戴德金从连续性的要求出发,用有理数的“分割”来定义无理数(史称戴德金分割),并把实数理论建立在严格的科学基础上,才结束了无理数被认为“无理”的时代,也结束了持续多年的数学史上的第一次大危机.所谓戴德金分割,是指将有理数集划分为两个非空的子集与,且满足;,中的每一个元素都小于中的每一个元素,则称为戴德金分割.试判断,对于任一戴德金分割,下列选项中,不可能成立的是( )
A.没有最大元素,有一个最小元素
B.没有最大元素,也没有最小元素
C.有一个最大元素,有一个最小元素
D.有一个最大元素,没有最小元素
二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,部分选对的得3分,有选错的得0分.
9.设全集,集合,,则( )
A. B.
C. D.集合的真子集个数为
10.已知集合,,且,则实数的值可以为( )
A. B. C. D.
11.下列说法正确的是( )
A.命题“,”的否定是“,”
B.命题“,”的否定是“,”
C.“”是“”的必要而不充分条件
D.“”是“关于的方程有一正一负根”的充要条件
12.已知集合,若对于,,使得成立,则称集合是“互垂点集”.给出下列四个集合:;;;.其中是“互垂点集”集合的为( )
A. B. C. D.
三、填空题:本大题共4小题,每小题5分.
13.已知集合,,若,则实数的取值范围是 .
14.设,,为非零实数,,则的所有值组成的集合为 .
15.(1)“且”是“且”的 条件;
(2)“且”是“且”的 条件.
16.设集合是实数集的子集,若点满足:,都,使得,则称为集合的聚点.则在下列集合中:
①;②;③;④整数集.以为聚点的集合有 (请写出所有满足条件的集合的编号).
四、解答题:本大题共6个大题,共70分,解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
17.(10分)用不同的方法表示下列集合:
(1);
(2);
(3)所有被除余的正整数所构成的集合;
(4)平面直角坐标系中第一、三象限的全体点构成的集合.
18.(12分)用符号“”与“”表示下列含有量词的命题,并判断真假:
(1)任意实数的平方大于或等于;
(2)对任意实数,二次函数的图象关于轴对称;
(3)存在整数,,使得;
(4)存在一个无理数,它的立方是有理数.
19.(12分)已知全集,集合,,求,,.
20.(12分)设集合,.
(1)用列举法表示集合;
(2)若是的充分条件,求实数的值.
21.(12分)设集合,集合.
(1)求使的实数的取值范围;
(2)是否存在实数,使成立?若存在,求出实数的取值范围;若不存在,请说明理由.
22.(12分)定义:给定整数,如果非空集合满足如下个条件:①;②;③,,若,则.则称集合为“减集”.
(1)是否为“减集”?是否为“减集"?
(2)证明:不存在“减集”;
(3)是否存在“减集”?如果存在,求出所有“减集”;如果不存在,说明理由.
第一章双基训练金卷
集合与常用逻辑用语(一)答 案
一、单项选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1.【答案】C
【解析】选项A,不满足确定性,故错误;
选项B,不大于的自然数组成的集合是,故错误;
选项C,满足集合的互异性,无序性和确定性,故正确;
选项D,数,,,,,,组成的集合有个元素,故错误,
故选C.
2.【答案】A
【解析】因为,所以,
又,所以且,
所以,所以(已舍),此时满足,故选A.
3.【答案】C
【解析】当时,集合,只有一个元素,满足题意;
当时,集合中只有一个元素,可得,解得,
则的值是或,故选C.
4.【答案】C
【解析】试题分析:全称命题的否定是存在性命题,
所以,命题“,”的否定是,,
故选C.
5.【答案】D
【解析】由于:,,,
故由题意可知,结合交集的定义可知,所以选D.
6.【答案】A
【解析】,,,
所以的真子集的个数为,故选A.
7.【答案】C
【解析】“”,①正确;
,当时,反之不成立,②错误;
,即,得,
所以,反之不成立,③正确;
二次函数的图象过点,
即当时,,得,反之也成立,④正确,
所以正确选项为C.
8.【答案】C
【解析】对A,若,;则没有最大元素,有一个最小元素,故A正确;
对B,若,;则没有最大元素,也没有最小元素,故B正确;
对C,有一个最大元素,有一个最小元素不可能,故C错误;
对D,若,;有一个最大元素,没有最小元素,故D正确,
故选C.
二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,部分选对的得3分,有选错的得0分.
9.【答案】AC
【解析】A选项:由题意,,正确;
B选项:,不正确;
C选项:,正确;
D选项:集合的真子集个数有,不正确,
故选AC.
10.【答案】ABD
【解析】因为,所以,,
当时,,符合题意;
当时,,所以或,解得或,
所以的值为或或,故选ABD.
11.【答案】BD
【解析】A.命题“,”的否定是“,”,故错误;
B.命题“,”的否定是“,”,正确;
C.,不能推出,也不能推出,
所以“”是“”的既不充分也不必要条件,故错误;
D.关于的方程有一正一负根,
所以“”是“关于的方程有一正一负根”的充要条件,正确,
故选BD.
12.【答案】BD
【解析】由题意知,对于集合表示的函数图象上的任意点,
在图象上存在另一个点,使得可.
在的图象上,当点坐标为时,不存在对应的点,
所以不是“互垂点集”集合;
对的图象,将两坐标轴绕原点进行任意旋转,均与函数图象有交点,
所以在中的任意点,在中存在另一个,使得,
所以是“互垂点集”集合;
在的图象上,当点坐标为时,不存在对应的点,
所以不是“互垂点集”集合;
对的图象,将两坐标轴绕原点进行任意旋转,均与函数图象有交点,
所以是“互垂点集”集合,
故选BD.
三、填空题:本大题共4小题,每小题5分.
13.【答案】
【解析】根据题意得:当时,,即;
当时,,解得,
综上,,故答案为.
14.【答案】
【解析】因为,,为非零实数,
所以,,时,;
当,,中有一个小于时,不妨设,,,
此时;
当,,中有一个小于时,不妨设,,,
此时;
当,,中有一个小于时,
此时,
所以的所有值组成的集合为.
15.【答案】充要;充分非必要
【解析】(1)根据不等式性质可得“且”“且”,
所以“且”是“且”的充分条件;
“且”“且”,
所以“且”是“且”的必要条件,
所以“且”是“且”的充要条件.
(2)根据不等式性质可得“且”“且”,
所以“且”是“且”的充分条件;
例如:,,满足“且”,
但是不满足“且”.
“且”不能推出“且”.
所以“且”是“且”的非必要条件.
所以“且”是“且”的充分非必要条件.
故答案为:充要;充分非必要.
16.【答案】②③
【解析】①中,集合中的元素是极限为的数列,除了第一项之外,其余的都至少比大,∴在的时候,不存在满足得的,∴不是集合的聚点;
②集合,对任意的,都存在(实际上任意比小得数都可以),使得,∴是集合的聚点;
③集合中的元素是极限为的数列,对于任意的,存在,使,∴是集合的聚点;
④对于某个,比如,此时对任意的,都有或者,也就是说不可能,从而不是整数集的聚点,
故答案为②③.
四、解答题:本大题共6个大题,共70分,解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
17.【答案】(1);(2);(3);(4).
【解析】(1)∵,,∴取值为,,,,
从而所求集合为.
(2)∵,,∴,,,对应的值为,,,
故该集合表示为.
(3).
(4).
18.【答案】(1)见解析;(2)见解析;(3)见解析;(4)见解析.
【解析】(1),,是真命题.
(2),二次函数的图象关于轴对称真命题.
(3),,假命题,因为必为偶数.
(4),真命题,例如,.
19.【答案】,或,.
【解析】∵,,
∴或,或,
∴,或,
.
20.【答案】(1);(2)或.
【解析】(1),即或,
.
(2)若是的充分条件,则,
,解得或,
当时,,满足;
当时,,同样满足,
所以或.
21.【答案】(1);(2)存在,.
【解析】(1)因为,即,,
因为集合,
所以,所以,,
①当时,,,所以,成立,所以;
②当时,,由,得,所以且,
综上,.
(2)因为,,
所以①时,,此时成立,所以;
②时,,若,则;
③时,,若,则,
所以,时,或,
所以,时,,
即存在实数,使成立,.
22.【答案】(1)是“减集”,不是“减集”;(2)证明见解析;(3)存在,详见解析.
【解析】(1)∵,,,,∴是“减集”,
同理,∵,,,,∴不是“减集”.
(2)假设存在是“减集”,则若,那么,
当时,有,
则,一个为,一个为,所以集合中有元素,
但是,,与是“减集”,矛盾,
故不存在“减集”.
(3)存在“减集”..
①假设,则中除了元素以外,必然还含有其它元素.
假设,,而,因此.
假设,,而,因此.
因此可以有.
假设,,而,因此.
假设,,,,,因此.
因此可以有.
以此类推可得:,(),
以及的满足以下条件的非空子集:,,,….
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