高中数学新教材选择性必修第二册讲义 第5章 章末复习课

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高考政策|高中“新”课程，新在哪里? 1、科目变化：外语语种增加，体育与健康必修。 第一，必修课程，由国家根据学生全面发展需要设置，所有学生必须全部修习、全部考试。 第二，选择性必修课程，由国家根据学生个性发展和升学考试需要设置。 第三，选修课程，由学校根据实际情况统筹规划开设，学生自主选择修习。 2、课程类别变化，必修课程、选择性必修课程将成为高考考查范围。在毕业总学分不变的情况下，对原必修课程学分进行重构，由必修课程学分、选择性必修课程学分组成，适当增加选修课程学分。 3、学时和学分变化，高中生全年假期缩减到11周。 4、授课方式变化，选课制度将全面推开。 5、考试方式变化，高考统考科目由教育部命题，学业水平合格性、等级性考试由各省命题。 章末复习课 一、导数的计算 1．此部分内容涉及到导数的几何意义，基本初等函数求导法则、运算法则、复合函数求导，作为数形结合的桥梁，导数的几何意义成为最近几年高考的高频考点，主要考查切线方程及切点，与切线平行、垂直问题，常结合函数的切线问题转化为点到直线的距离，平行线间的距离问题，进而研究距离最值，难度中低档． 2．通过求切线方程的有关问题，培养数学运算、数学抽象等核心素养． 例1　(1)已知函数f(x)＝eq \f(ln x,x2)，f′(x)为f(x)的导函数，则f′(x)等于(　　) A.eq \f(ln x,x3) B.eq \f(1,x3) C.eq \f(1－ln x,x3) D.eq \f(1－2ln x,x3) 答案　D 解析　根据题意，知函数f(x)＝eq \f(ln x,x2)， 其导函数f′(x)＝eq \f(ln x′·x2－ln x·x2′,x4) ＝eq \f(x－2x·ln x,x4)＝eq \f(1－2ln x,x3). (2)设f′(x)是函数f(x)的导函数，若f(x)＝x·ln(2x－1)，则f′(1)＝________. 答案　2 解析　因为f(x)＝x·ln(2x－1)， 所以f′(x)＝ln(2x－1)＋eq \f(x,2x－1)·(2x－1)′ ＝ln(2x－1)＋eq \f(2x,2x－1)，则f′(1)＝2. 反思感悟　导数的运算是解决一切导数问题的基础，熟练掌握基本初等函数的求导法则，掌握函数的和、差、积、商的运算法则，复合函数求导的关键是分清层次，逐层求导，一般我们只解决有两层复合的关系，求导时不要忘了对内层函数求导即可． 跟踪训练1　(1)已知函数f(x)＝ln x＋2x2－4x，则函数f(x)的图象在x＝1处的切线方程为(　　) A．x－y＋3＝0 B．x＋y－3＝0 C．x－y－3＝0 D．x＋y＋3＝0 答案　C 解析　由f(x)＝ln x＋2x2－4x，得f′(x)＝eq \f(1,x)＋4x－4， 所以f′(1)＝1，又f(1)＝－2， 所以函数f(x)的图象在x＝1处的切线方程为y＋2＝1×(x－1)，即x－y－3＝0. (2)已知曲线f(x)＝aln x＋x2在点(1,1)处的切线与直线x＋y＝0平行，则实数a的值为(　　) A．－3 B．1 C．2 D．3 答案　A 解析　由f(x)＝aln x＋x2，得f′(x)＝eq \f(a,x)＋2x，则曲线在点(1,1)处的切线斜率为k＝a＋2，由切线与直线x＋y＝0平行，可得k＝－1，即a＋2＝－1，解得a＝－3. 二、函数的单调性与导数 1．利用导数研究函数的性质，以含指数函数、对数函数、三次有理函数为载体，研究函数的单调性、极值、最值，并能解决有关的问题，是最近几年高考的重点内容，难度中高档． 2．通过求函数的单调性、极值、最值问题，培养逻辑推理、直观想象及数学运算等核心素养． 例2　已知函数f(x)＝ex＋ax2－x. (1)当a＝1时，讨论f(x)的单调性； (2)当x≥0时，f(x)≥eq \f(1,2)x3＋1，求a的取值范围． 解　(1)当a＝1时，f(x)＝ex＋x2－x， f′(x)＝ex＋2x－1，令φ(x)＝ex＋2x－1， 由于φ′(x)＝ex＋2>0， 故f′(x)单调递增，注意到f′(0)＝0， 故当x∈(－∞，0)时，f′(x)<0，f(x)单调递减， 当x∈(0，＋∞)时，f′(x)>0，f(x)单调递增． (2)由f(x)≥eq \f(1,2)x3＋1得， ex＋ax2－x≥eq \f(1,2)x3＋1，其中x≥0， ①当x＝0时，不等式为1≥1，显然成立，符合题意； ②当x>0时，分离参数a得，a≥－eq \f(ex－\f(1,2)x3－x－1,x2)， 记g(x)＝－eq \f(ex－\f(1,2)x3－x－1,x2)， g′(x)＝－eq \f(x－2\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(ex－\f(1,2)x2－x－1)),x3)， 令h(x)＝ex－eq \f(1,2)x2－x－1(x≥0)， 则h′(x)＝ex－x－1， 令t(x)＝h′(x)，x≥0，则t′(x)＝ex－1≥0， 故h′(x)单调递增，h′(x)≥h′(0)＝0， 故函数h(x)单调递增，h(x)≥h(0)＝0， 由h(x)≥0可得ex－eq \f(1,2)x2－x－1≥0恒成立， 故当x∈(0,2)时，g′(x)>0，g(x)单调递增； 当x∈(2，＋∞)时，g′(x)<0，g(x)单调递减； 因此，g(x)max＝g(2)＝eq \f(7－e2,4)， 综上可得，a的取值范围是eq \b\lc\[\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(7－e2,4)，＋∞)). 反思感悟　利用导数判断函数的单调性是解决一切应用问题的基础，一般按照求导、通分、因式分解、分类讨论的思路研究函数的单调性，从而掌握函数图象的变化趋势，达到解决问题的目的． 跟踪训练2　设函数f(x)＝eq \f(2,x)＋ln x，则(　　) A．x＝eq \f(1,2)为f(x)的极大值点 B．x＝eq \f(1,2)为f(x)的极小值点 C．x＝2为f(x)的极大值点 D．x＝2为f(x)的极小值点 答案　D 解析　因为f(x)＝eq \f(2,x)＋ln x，x>0， 所以f′(x)＝－eq \f(2,x2)＋eq \f(1,x)，令f′(x)＝0， 即－eq \f(2,x2)＋eq \f(1,x)＝eq \f(x－2,x2)＝0，解得x＝2. 当02时，f′(x)>0， 所以x＝2为f(x)的极小值点． 三、与导数有关的综合性问题 1．以函数为背景的实际问题给高考数学提供了广阔的空间．导数是研究函数性质以及解决实际问题中的最大、最小值的强有力的工具，多以选择题和填空题的形式出现，难度中低档．从近几年高考题看，利用导数研究方程的根、函数的零点、证明不等式这些知识点常考到，一般出现在解答题中．其实质就是利用求导数的方法研究函数的性质及图象，解决该类问题通常是构造一个函数，然后考查这个函数的单调性，结合给定的区间和函数在该区间端点的函数值使问题得以求解．一般出现在高考题解答题中，难度中高档． 2．通过利用导数解决实际问题，培养数学建模，解决函数方程问题，提升逻辑推理，直观想象及数学运算等核心素养． 例3　已知函数f(x)＝－ax2＋ln x(a∈R)． (1)讨论f(x)的单调性； (2)若存在x∈(1，＋∞)，使f(x)>－a，求a的取值范围． 解　(1)f′(x)＝－2ax＋eq \f(1,x)＝eq \f(1－2ax2,x)， 当a≤0时，f′(x)>0， 所以f(x)在(0，＋∞)上单调递增； 当a>0时，令f′(x)＝0，得x＝eq \f(1,\r(2a))， 令f′(x)>0，得x∈eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(0，\f(1,\r(2a))))； 令f′(x)<0，得x∈eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,\r(2a))，＋∞))， 所以f(x)在eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(0，\f(1,\r(2a))))上单调递增， 在eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,\r(2a))，＋∞))上单调递减． (2)由f(x)>－a，得a(x2－1)－ln x<0， 因为x∈(1，＋∞)，所以－ln x<0，x2－1>0， 当a≤0时，a(x2－1)－ln x<0，符合题意； 当a≥eq \f(1,2)时，设g(x)＝a(x2－1)－ln x(x>1)， 则g′(x)＝eq \f(2ax2－1,x)>0， 所以g(x)在(1，＋∞)上单调递增， 所以g(x)>g(1)＝0，不符合题意； 当00， 得x∈eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,\r(2a))，＋∞))， 令g′(x)<0，得x∈eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(1，\f(1,\r(2a))))， 所以g(x)min＝geq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,\r(2a))))0，又由h>0可得r<5eq \r(3)， 故函数V(r)的定义域为(0,5eq \r(3))． (2)因为V(r)＝eq \f(π,5)(300r－4r3)， 所以V′(r)＝eq \f(π,5)(300－12r2)． 令V′(r)＝0，解得r1＝5，r2＝－5(舍去)． 当r∈(0,5)时，V′(r)>0，故V(r)在(0,5)上单调递增；当r∈(5,5eq \r(3))时，V′(r)<0，故V(r)在(5,5eq \r(3))上单调递减． 由此可知，V(r)在r＝5处取得极大值也为最大值，此时h＝8， 即当r＝5，h＝8时，该蓄水池的体积最大． 1．曲线y＝x4＋ax2＋1在点(－1，a＋2)处的切线斜率为8，则实数a的值为(　　) A．－6 B．6 C．12 D．－12 答案　A 解析　由y＝x4＋ax2＋1，得y′＝4x3＋2ax， 则曲线y＝x4＋ax2＋1在点(－1，a＋2)处的切线斜率为－4－2a＝8，得a＝－6. 2．函数f(x)＝x3＋ax2＋3x－9在x＝－3时取得极值，则a等于(　　) A．2 B．3 C．4 D．5 答案　D 解析　f′(x)＝3x2＋2ax＋3. ∵f(x)在x＝－3时取得极值， 即f′(－3)＝0， ∴27－6a＋3＝0， ∴a＝5. 3．函数y＝x4－2x2＋5的单调递减区间为(　　) A．(－∞，－1)和(0,1) B．(－1,0)和(1，＋∞) C．(－1,1) D．(－∞，－1)和(1，＋∞) 答案　A 解析　y′＝4x3－4x＝4x(x2－1)，令y′<0，得x<－1或00，函数f(x)＝2x3－ax在[1，＋∞)上单调递增，则a的最大值是________． 答案　6 解析　f′(x)＝6x2－a，令f′(x)>0，得x>eq \r(\f(a,6))或x<－eq \r(\f(a,6))，所以eq \r(\f(a,6))≤1，解得0