2023-2024学年江苏省苏州五中高一(上)段考数学试卷(12月份)(含解析)
展开1.已知集合M{−1,0,1},N={0,1,2},则M∪N=( )
A. {0,1}B. {−1,0,1,2}C. {−1,0,2}D. {−1,0,1}
2.若a>0,b>0,则“a+b≤4”是“ab≤4”的( )
A. 充分不必要条件B. 必要不充分条件
C. 充分必要条件D. 既不充分也不必要条件
3.若实数a=0.20.3,b=lg0.30.2,c=lg0.32,则( )
A. c4.已知f(x),g(x)分别是定义在R上的偶函数和奇函数,且f(x)−g(x)=x3−2x2,则f(2)+g(2)=( )
A. 16B. −16C. 8D. −8
5.已知函数f(x)=10−x−lgx在区间(n,n+1)上有唯一零点,则正整数n=( )
A. 7B. 8C. 9D. 10
6.函数f(x)=2x2x2−1的图象的是( )
A. B.
C. D.
7.已知函数f(x)=lg2x2⋅lg2x8,若f(x1)=f(x2)(其中x1≠x2),则1x1+9x2的最小值为( )
A. 34B. 32C. 2D. 4
8.已知函数f(x)=|3x−1|,x≤2x2−10x+24,x>2,若函数F(x)=2(f(x))2−mf(x),且函数F(x)有6个零点,则非零实数m的取值范围是( )
A. [2,16)B. (2,16)
C. (−2,0)∪(0,16)D. (−2,0)∪(0,+∞)
二、多选题:本题共4小题,共20分。在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求。
9.已知a,b,c∈R且b>a>0,则下列结论正确的是( )
A. a2
A. f(x)为奇函数B. g(x)为偶函数
C. f(x)的值域为[2,+∞)D. g(x)有最小值0
11.已知函数f(x)=|lgx|,0
A. 当a=2时,f(x)值域为R
B. 存在a,使得f(x)为奇函数或偶函数
C. 当a>2时,f(x)的定义域不可能为R
D. 存在a,使得f(x)在区间(−∞,2)上单调递减
三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分。
13.已知幂函数y=f(x)满足f(27)=3,则f(−8)=______.
14.函数f(x)=lg(5−x) x−2的定义域为______.
15.已知x,y>0,且1x+3+1y=12,则x+y的最小值为 .
16.设常数a∈R,函数f(x)=|lg12x|,0
17.(本小题10分)
设全集为R,A={x|a−1
(2)若“x∈A”是“x∈B”的_____条件,求实数a的取值范围.
请在①充分不必要条件,②必要不充分条件这两个条件中选一个填在横线上,使实数a有解,并解答问题.
18.(本小题12分)
设a,b为实数,已知定义在R上的函数f(x)=a−b5x+1为奇函数,且其图象经过点(1,23).
(1)求f(x)的解析式;
(2)用定义证明f(x)为R上的增函数,并求f(x)在(−1,2]上的值域.
19.(本小题12分)
已知函数f(x)=−x2+mx−m.
(1)若函数f(x)的最大值为0,求实数m的值;
(2)若函数f(x)在[−1,0]上单调递减,求实数m的取值范围;
(3)是否存在实数m,使得f(x)在[2,3]上的值域恰好是[2,3]?若存在,求出实数m的值;若不存在,说明理由.
20.(本小题12分)
已知函数f(x)=2x+b2x+a(a,b∈R).
(1)若a=−4,b=−8,解关于x的不等式f(x)<12;
(2)已知f(x)为定义在R上的奇函数.①当x∈(−∞,0]时,求f(x)的值域;②若f(mx2)+f(1−mx)>f(0)对任意x∈R成立,求m的取值范围.
21.(本小题12分)
某制造商为拓展业务,引进了一种生产体育器材的新型设备.通过市场分析发现,每月需投入固定成本3000元,生产x台需另投入成本C(x)元,且C(x)=10x2+400x,0
(2)当月产量为多少台时,制造商由该设备所获的月利润最大?并求出最大月利润.
22.(本小题12分)
已知函数f(x)=lgb(bx+1)+kx,b>0,且b≠1是偶函数.
(1)求k的值;
(2)若函数y=f(x)的图象与函数y=12x+b图象有交点,求b的取值范围.
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解:∵集合M{−1,0,1},N={0,1,2},
∴M∪N={−1,0,1,2},
故选:B.
根据集合的基本运算即可得到结论.
本题主要考查集合的基本运算,比较基础.
2.【答案】A
【解析】【分析】
本题考查基本不等式及充分必要条件的判定,属于基础题.
先利用不等式证明充分性,再利用一个反例说明必要性的不成立,即选择题的基本方法特殊值法,正确的结论需要严格的推理,错误的结论只需一个反例即可。
【解答】
解:根据基本不等式可得:
当a>0,b>0时,a+b≥2 ab,
则当a+b≤4时,有2 ab≤a+b≤4,
解得ab≤4,充分性成立;
但当a=1,b=4时,满足ab≤4,
但此时a+b=5>4,
所以必要性不成立,
综上所述,“a+b≤4”是“ab≤4”的充分不必要条件.
3.【答案】B
【解析】解:∵a=0.20.3∈(0,1),b=lg0.30.2>,c=lg0.32<0,
∴c故选:B.
利用指数函数与对数函数的单调性即可得出大小关系.
本题考查了指数函数与对数函数的单调性,考查了推理能力与计算能力,属于基础题.
4.【答案】B
【解析】【分析】
本题考查奇函数、偶函数的性质、函数值的求法,考查计算能力,属于基础题.
令x=−2,利用奇、偶函数的性质,即可求解.
【解答】
解:∵f(x),g(x)分别是定义在R上的偶函数和奇函数,
f(x)−g(x)=x3−2x2,
∴f(−2)−g(−2)=(−2)3−2×(−2)2=−16.
即f(2)+g(2)=f(−2)−g(−2)=−16.
故选:B.
5.【答案】C
【解析】【分析】
本题给出含有对数的函数,求它的零点所在的区间,着重考查了基本初等函数的单调性和函数零点存在性定理等知识,属于中档题.
根据对数函数单调性和函数单调性的运算法则,可得函数f(x)=10−x−lgx在(0,+∞)上是减函数,再通过计算f(9)、f(10)的值,发现f(9)⋅f(10)<0,即可得到零点所在区间.
【解答】
解:∵函数f(x)=10−x−lgx在(0,+∞)上是减函数,
f(9)=10−9−lg9=1−lg9>0,f(10)=10−10−lg10=−1<0,
∴f(9)⋅f(10)<0,根据零点存在性定理,可得函数f(x)=10−x−lgx的零点所在区间为(9,10),
∴n=9.
故选:C.
6.【答案】B
【解析】解:根据题意,f(x)=2x2x2−1,必有2x2−1≠0,解可得x≠± 22,即函数的定义域为{x|x≠± 22},排除AC,
又由f(−x)=−2x2x2−1=−f(x),则函数f(x)为奇函数,其图象关于原点对称,排除D,
故选:B.
根据题意,先分析函数的定义域可以排除AC,再分析函数的奇偶性排除D,即可得答案.
本题考查函数的图象分析,涉及函数的奇偶性与定义域的分析,一般用间接法分析,属于基础题.
7.【答案】B
【解析】【分析】
根据二次函数的性质及对数的运算可得x1⋅x2=16,利用基本不等式即可求得答案.
本题考查对数函数的性质,二次函数性质,转化思想,基本不等式的应用,属于中档题.
【解答】
解:因为f(x)=lg2x2⋅lg2x8=(lg2x−1)(lg2x−3)=(lg2x)2−4lg2x+3,
又因为f(x1)=f(x2)(其中x1≠x2),
所以(lg2x1)2−4lg2x1+3=(lg2x2)2−4lg2x2+3,
lg2x1−lg2x2(lg2x1+lg2x2)−4lg2x1−lg2x2=0
即lg2x1−lg2x2lg2x1+lg2x2−4=0
因为x1≠x2,所以lg2x1−lg2x2≠0
所以lg2x1+lg2x2=4,即x1⋅x2=16,
所以1x1+9x2≥2 9x1x2=2×34=32,当仅当1x1=9x2,即x1=43,x2=12时取“=”,
故选:B.
8.【答案】A
【解析】解:设t=f(x)=|3x−1|,x≤2x2−10x+24,x>2,
令2t2−mt=0,则t=0或t=m2,
则函数F(x)=2(f(x))2−mf(x),且函数F(x)有6个零点,
等价于函数t=f(x)=|3x−1|,x≤2x2−10x+24,x>2的图象与直线t=0和t=m2(m≠0)的交点个数为6,
结合图象,可得直线t=0与函数t=f(x)的图象有3个交点,
则直线t=m2(m≠0)与函数t=f(x)的图象也有3个交点,所以m2∈[1,8),
所以非零实数m的取值范围是[2,16),
故选:A.
设t=f(x)=|3x−1|,x≤2x2−10x+24,x>2,则函数F(x)=2(f(x))2−mf(x),且函数F(x)有6个零点,等价于函数t=f(x)的图象与直线t=0和t=m2(m≠0)的交点个数为6,然后根据图象求出m的取值范围即可.
本题考查了函数的零点与方程根的关系,考查了数形结合思想,属中档题.
9.【答案】AB
【解析】解:已知a,b,c∈R且b>a>0,不妨设b=2,a=1,c=0,
检验可得,C、D都不成立,只有A、B成立,
故选:AB.
由题意利用给a、b、c取特殊的值,检验可得结论.
本题主要考查不等式的基本性质,属于基础题.
10.【答案】AB
【解析】解:根据题意,依次分析选项:
对于A,f(x)=x+1x,其定义域为{x|x≠0},有f(−x)=−(x+1x)=−f(x),则函数f(x)为奇函数,A正确;
对于B,g(x)=2|x|,其定义域为R,由g(−x)=2|−x|=2|x|=g(x),则函数g(x)为偶函数,B正确,
对于C,f(x)=x+1x,当x<0时,f(x)=−[(−x)+1−x]≤−2,故C错误;
对于D,g(x)=2|x|≥20=1,其最小值为1,D错误;
故选:AB.
根据题意,依次分析选项,综合可得答案.
本题考查函数的奇偶性的判断以及值域的计算,注意函数值域的求法,属于基础题.
11.【答案】ABD
【解析】解:因为当2
所以f(2+x)=f(2−x),
所以f(x)的图象关于x=2对称,
0<4−x<2,
所以f(4−x)=|lg(4−x)|,
所以f(x)=|lgx|,0
由此可得−lgx1=lgx2,即lg1x1=lgx2,所以1x1=x2,所以x1x2=1,故A正确;
因为方程f(x)=m有四个不等实根,
所以0
因为x2,x3关于x=2对称,所以x2+x3=4,所以x2=4−x3,
又因为lgx2=m,所以x2=10m,
所以10m=4−x3,
所以10m+x3=4,故D正确.
故选:ABD.
由题意可得f(x)的图象关于x=2对称,即可得函数在(2,4)上的解析式,作出图象,结合图象再一一验证即可.
本题考查了函数的对称性、对数的基本运算,作出图象是关键,属于中档题.
12.【答案】AC
【解析】【分析】
本题考查了函数的定义域和值域,函数的奇偶性和单调性,涉及了对数函数的图象和性质,二次函数的图象和性质,属于较难题.
求得x2−2x+1的取值范围再结合对数函数的性质即可判断选项A;假设函数f(x)是奇函数或是偶函数,然后进行分析推导,推出矛盾即可判断选项B;研究t=x2−ax+1的取值情况来判断选项C;利用换元法结合函数的单调性即可判断选项D.
【解答】
解:当a=2时,函数f(x)=lg2(x2−2x+1)=lg2(x−1)2,
可知函数f(x)的定义域为{x|x≠1},
则(x−1)2>0,所以f(x)的值域为R,故选项A正确;
假设f(x)为奇函数,则f(−x)+f(x)=0,
所以lga(x2−ax+1)+lga(x2+ax+1)=0,
即lga[(x2−ax+1)(x2+ax+1)]=0,
所以(x2−ax+1)(x2+ax+1)=1,
所以x2(x2−a2+2)=0,
显然不存在a,使得x2(x2−a2+2)=0恒成立,所以f(x)不是奇函数;
假设f(x)是偶函数,所以f(−x)=f(x),
所以lga(x2−ax+1)=lga(x2+ax+1),
所以a=0,又因为a>0,所以f(x)不是偶函数,故选项B错误;
令y=lgat,t=x2−ax+1,
因为t=x2−ax+1开口向上,且Δ=a2−4,
又a>2,所以Δ=a2−4>0,
所以f(x)的定义域不可能是R,故选项C正确;
令y=lgat,t=x2−ax+1,
当0当a>1时,则y=lgat在定义域上是增函数,t=x2−ax+1在(−∞,a2)上单调递减,
所以a>1a2≥24−2a+1>0,无解,
即不存在a可使得f(x)在区间(−∞,2)上单调递减,故选项D错误.
故选:AC.
13.【答案】−2
【解析】解:设幂函数f(x)的解析式为f(x)=xα,
则由已知可得27α=3,则α=13,
所以f(x)=x13,则f(−8)=(−8)13=−2,
故答案为:−2.
先设出幂函数的解析式为f(x)=xα,然后根据已知求出α的值,进而可以求解.
本题考查了幂函数的解析式,考查了学生的运算能力,属于基础题.
14.【答案】(2,5)
【解析】【分析】
本题考查对数型函数的定义域,是基础题.
由对数底数大于0,根式内部的代数式大于等于0,分式的分母不为0,联立不等式组求解.
【解答】
解:由5−x>0x−2>0,得2
故答案为:(2,5).
15.【答案】5
【解析】【分析】
本题考查了“乘1法”与基本不等式的性质,属于中档题.
利用“乘1法”与基本不等式的性质即可得出.
【解答】
解:x,y>0,且1x+3+1y=12,
则x+y=x+3+y−3,
=2[(x+3)+y](1x+3+1y)−3=2(2+yx+3+x+3y)−3,
≥2(2+2 yx+3⋅x+3y)−3=5,
当且仅当yx+3=x+3y且1x+3+1y=12,即y=4,x=1时取等号,
则x+y的最小值为5.
故答案为:5.
16.【答案】(0,2] [5,+∞)
【解析】解:画出函数f(x)的图象,如图示:
,
f(x)=a有3个不等的实根
⇔f(x)和y=a有3个不同的交点,
∴a∈(0,2],∵x1
∴x1⋅x2=1,10x3=2,x3=5,
故x3∈[5,+∞),
故x3x1⋅x2∈[5,+∞),
故答案为:(0,2],[5,+∞).
问题转化为f(x)和y=a有3个不同的交点,结合函数图象,求出答案即可.
本题考查了函数的零点问题,考查常见函数的性质以及转化思想,是一道中档题.
17.【答案】解:(1)a=4时,A={x|3
(2)若选择①充分不必要条件作答,则A⫋B,
当A=⌀时,a−1≥2a,即a≤−1时,满足A⫋B,
当A≠⌀时,则a−1<2aa−1≥22a≤5,不等式无解,
综上,a的取值范围为{a|a≤−1};
若选择②必要不充分条件,则B⫋A,
所以a−1≤22a>5,
解得52综上,a的取值范围为{a|52【解析】(1)a=4时,求出集合A,B,由此能求出A∩B和∁R(A∩B);
(2)选①,推导出A⫋B,分A=⌀和A≠⌀两种情况讨论,分别求出实数a的取值范围,最后取并集即可;
选②,推导出B⫋A,由此能求出实数a的取值范围.
本题主要考查了分式不等式的解法,考查了集合的基本运算,以及集合间的包含关系,属于基础题.
18.【答案】(1)解:因为f (x)是定义在R上的奇函数,
所以f(0)=0,可得a−b2=0①,
由其图象经过点(1,23),可得f(1)=a−b6=23②,
联立①②,解得a=1,b=2,
所以f(x)=1−25x+1=5x−15x+1,
此时f(−x)=5−x−15−x+1=1−5x1+5x=−f(x),满足f(x)是奇函数,
所以f(x)的解析式为f(x)=5x−15x+1.
(2)证明:设任意x1,x2∈R且x1
因为x1
所以f(x1)−f(x2)<0,f(x1)
f(x)在(−1,2]上单调递增,f(−1)=−23,f(2)=1213,
所以f(x)在(−1,2]上的值域为(−23,1213].
【解析】本题主要考查函数奇偶性的性质,单调性的证明,函数值域的求法,考查运算求解能力,属于中档题.
(1)根据已知可得f(0)=0,f(1)=23,列方程组可求解a,b的值,从而可得f(x)的解析式;
(2)利用定义法即可证明单调性,利用函数的单调性即可求得值域.
19.【答案】解:(1)f(x)=−x2+mx−m=−(x−m2)2−m+m24,
则最大值−m+m24=0,即m2−4m=0,
解得m=0或m=4.
(2)函数f(x)=−x2+mx−m图象是开口向下的抛物线,对称轴是x=m2;
要使f(x)在[−1,0]上是单调递减的,应满足m2≤−1,∴m≤−2;
∴m的取值范围是−∞,−2.
(3)对f(x)的对称轴x=m2在[2,3]的左侧、右侧以及在[2,3]上时的三种情况进行讨论:
①当m2≤2,即m≤4时,f(x)在[2,3]上单调递减,
若存在实数m,使f(x)在[2,3]上的值域恰好是[2,3],
则有f(2)=3f(3)=2,即−4+2m−m=3−9+3m−m=2,
解得m不存在;
②当m2≥3,即m≥6时,f(x)在[2,3]上单调递增,
则有f(2)=2f(3)=3,即−4+2m−m=2−9+3m−m=3,
解得m=6;
③当2
∴f(m2)=−(m2)2+m⋅m2−m=3,
解得m=−2或6(均不满足条件,舍去);
综上,存在实数m=6,使f(x)在[2,3]上的值域恰好是[2,3].
【解析】本题考查了二次函数在闭区间上的单调性与值域问题,讨论对称轴与区间的位置是解决本题的关键,属于中档题.
(1)配方后可得最大值−m+m24,由f(x)的最大值为0,解方程即可.
(2)由f(x)图象的性质知,要使f(x)在[−1,0]上是单调递减的,应满足m2≤−1,从而得出m的取值范围.
(3)讨论f(x)的对称轴x=m2在[2,3]的左侧、右侧以及在[2,3]上时三种情况,从而求出满足条件的m的值.
20.【答案】解:(1)若a=−4,b=−8,
则f(x)<12可得2x−82x−4<12,可令t=2x,
可得t−8t−4<12,即t−122(t−4)<0,解得4
(2)①因为f(x)为R上的奇函数,
所以f(0)=0,即1+b=0,则b=−1,
所以f(x)=2x−12x+a,由f(x)为R上的奇函数,可得f(−x)+f(x)=0,
所以2−x−12−x+a+2x−12x+a=0,即1−2x1+a·2x+2x−12x+a=0,
即(2x−1)2(a−1)(a⋅2x+1)(2x+a)=0,所以a=1,
f(x)=2x−12x+1=1−22x+1,令p=2x+1(x≤0),则1
所以原函数的值域转化为y=1−2p(1
所以f(x)的值域为(−1,0];
②f(x)=2x−12x+1,对任意的x1,x2∈R,且x1
由于x1
即有f(x2)>f(x1),
所以f(x)在R上递增,
又因为f(mx2)+f(1−mx)>f(0)对任意x∈R成立,且f(x)为R上的奇函数,
所以f(mx2)>−f(1−mx)=f(mx−1)对x∈R恒成立,
即mx2>mx−1,即mx2−mx+1>0对x∈R恒成立,
当m=0时,1>0恒成立;
当m≠0时,只需m>0,且△=m2−4m<0,解得0
【解析】本题考查函数的奇偶性和单调性的判断和应用,以及不等式恒成立问题解法,考查转化思想、运算能力和推理能力,属于较难题.
(1)由题意可得2x−82x−4<12,可令t=2x,即有t−122(t−4)<0,由分式不等式的解法和指数不等式的解法,可得所求解集;
(2)①由奇函数的定义可得f(0)=0,f(−x)=−f(x),解得a,b,利用换元法,结合函数的单调性,可得所求值域;
②判断f(x)在R上递增,可得f(mx2)>f(mx−1)对x∈R恒成立,即mx2−mx+1>0对x∈R恒成立,讨论m=0,或m>0,且判别式小于0,解不等式可得所求范围.
21.【答案】解:(1)当0
所以L(x)=−10x2+600x−3000,0
②当40≤x≤100时,L(x)=6800−(4x+10000x)≤6800−2 4x⋅10000x=6400,
当且仅当4x=10000x,即x=50时,取等号,
因为6400>6000,
所以当x=50时,L(x)最大,
故当月产量为50台时,所获的月利润最大,最大月利润为6400元.
【解析】(1)根据月利润=售价×月产量−成本,分0
本题考查分段函数的实际应用,训练了利用配方法与基本不等式求最值,考查运算求解能力,是中档题.
22.【答案】解:(1)根据题意,f(x)为偶函数,
则∀x∈R,有f(−x)=f(x),即lgb(b−x+1)−kx=lgb(bx+1)+kx对x∈R恒成立,
变形可得lgb(b−x+1)−lgb(bx+1)=2kx,
而lgbb−x+1bx+1=lgbbx+1bx(bx+1)=−x,则有2kx=−x,x∈R恒成立,必有k=−12.
(2)由题意知,函数y=f(x)的图象与函数y=12x+b图象有交点,即方程lgb(bx+1)−12x=12x+b有实数根,
变形可得lgb(bx+1)−x=b,即lgb(1+1bx)=b有解.
令g(x)=lgb(1+1bx),则函数y=g(x)的图象与直线y=b有交点.
当01,g(x)=lgb(1+1bx)<0,lgb(1+1bx)=b无解.
当b>1时,有1+1bx>1,g(x)=lgb(1+1bx)>0,
若lgb(1+1bx)=b有解,必有b>0,
又由b>1,所以 b>1.
综合可得b的取值范围是(1,+∞).
【解析】本题考查函数的奇偶性的性质以及应用,对数的运算,涉及函数与方程的关系,属于中档题.
(1)根据题意,由偶函数的性质可得f(−x)=f(x),即lgb(b−x+1)−kx=lgb(bx+1)+kx对x∈R恒成立,变形分析可得答案;
(2)根据题意,原问题等价于方程lgb(1+1bx)=b有解,令g(x)=lgb(1+1bx),则函数y=g(x)的图象与直线y=b有交点,分01两种情况讨论,分析函数g(x)的值域,分析可得b的取值范围,综合即可得答案.
2023-2024学年江苏省苏州实验中学高二(上)质检数学试卷(12月份)(含解析): 这是一份2023-2024学年江苏省苏州实验中学高二(上)质检数学试卷(12月份)(含解析),共21页。试卷主要包含了单选题,多选题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
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