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2020-2021学年重庆市巴蜀中学九年级（上）期末物理试卷
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这是一份2020-2021学年重庆市巴蜀中学九年级（上）期末物理试卷，共35页。试卷主要包含了5mD，5∼17W，5V的小灯泡电阻的实验中，【答案】A，【答案】D，【答案】C等内容，欢迎下载使用。
2020-2021学年重庆市巴蜀中学九年级（上）期末物理试卷
1. 下列几种估测中，最符合实际情况的是( )
A. 人体的电阻约为20Ω B. 对人体的安全电压不高于36V
C. 教室课桌高度为1.5m D. 中学生百米赛跑的速度为20m/s
2. 关于长度测量和运动相关知识，下列几种说法正确的是( )
A. 零刻度线磨损的刻度尺不能使用
B. 多次测量取平均值可以避免误差
C. 必须选择静止的物体作为参照物
D. 做匀速直线运动的物体，路程与时间成正比
3. 关于电路的知识中，说法正确的是( )
A. 常温下，玻璃、陶瓷和自行车轮胎都是绝缘体
B. 与丝绸摩擦过的玻璃棒因获得正电荷而带正电
C. 物理学规定只有正电荷定向移动才能形成电流
D. 如果导体两端的电压为零，导体的电阻也为零
4. 如图所示，符合安全用电原则的做法是( )
A. 在高压线附近放风筝
B. 电路中的灯泡和开关
C. 湿手触摸电器开关
D. 大功率的用电器同时使用
5. 如图所示，下列关于电与磁的说法中错误的是( )
A. 甲：实验说明通电导体周围存在磁场
B. 乙：地磁场的N极在地理的S极附近
C. 丙：利用这个装置的原理可发明电动机
D. 丁：电流相同时，电磁铁的磁性随线圈匝数增加而增强
6. LED灯是一种新型的环保节能灯，它的核心元件是发光二极管。小明妈妈为他买了一款LED护眼灯，此款灯额定电压为24V，额定功率为8W，它正常发光时与“PZ220−60”的白炽灯正常发光时的亮度相当。有关这款灯下列说法正确的是( )
A. 二极管的组成材料是超导体
B. 该灯工作时主要将电能转化为内能
C. 该灯正常工作时的电流为3A
D. 1度电可供该灯正常工作125h
7. 在番茄上相隔一定距离分别插入铜片和锌片，即为番茄电池，将铜片、锌片与电压表相连，如图所示，下列说法正确的是( )
A. 锌电极是番茄电池的正极
B. 番茄电池可将电能转化为化学能
C. 番茄电池形成通路后，电子将从锌电极流出
D. 将电流表直接接在该番茄电池上，一定不会损坏电流表
8. 如图所示为某品牌榨汁机，该榨汁机从安全的角度设置了电源开关S1和安全开关S2，当杯体扣在主机上时安全开关S2自动闭合，再闭合电源开关S1，电动机才能工作，下列电路图符合要求的是( )
A. B. C. D.
9. 如图甲是非接触式红外线测温枪，图乙是它的工作原理图，R0是定值电阻，R是红外线热敏电阻，其阻值随人体温度变化的图象如图丙。对该电路分析错误的是( )
A. 图乙中的电表是电压表 B. 体温越高，总电阻越小
C. 体温越高，电表示数越小 D. R0有保护电路的作用
10. 在如图所示的电路中，电源电压保持不变，忽略温度对小灯泡电阻的影响。当滑动变阻器的滑片P由右端向中点移动时，下列判断正确的是( )
A. 电流表示数变大、电压表示数变大
B. 小灯泡亮度不变，电压表与电流表示数的比值变大
C. 电压表示数不变，电压表与电流表示数的乘积变大
D. 电流表示数变大，电路消耗的总功率变大
11. 如图所示的电路，电源电压保持不变，只闭合开关S、S1，将滑片P移到中点，电压表示数为2V，电阻R1的功率为P1；只闭合开关S、S2，将滑片移到最右端，电压表的示数为3V，电阻R2的功率为P2，P1：P2=4：3，则R1与R2的比值是( )
A. 4：3 B. 3：4 C. 8：9 D. 9：8
12. 如图甲所示，电源电压保持不变，小灯泡L正常发光时的电阻为9Ω，闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片P，从最上端a滑至最下端b的过程中，电流表示数与两电压表示数的关系图像如图乙所示，在下列说法正确的是( )
①电源电压为26V
②定值电阻R0的阻值6Ω
③滑动变阻器的最大阻值为14Ω
④电路总功率的变化范围为8.5∼17W
A. ②④ B. ①④ C. ③④ D. ②③
13. 1820年，丹麦科学家______ 最先发现了“电流的磁效应”；我国三峡大坝上、下游水位差最高可达113m，这有利于水力发电，发电机的原理是______ 。
14. 在如图甲所示，用两根缝衣针、一个按扣、一只大头针和一块橡皮制作一个指南针，如果图中指南针静止下来后，针头指南方，那么针头是______ (选填“N”“S”)极；在图乙所示的电路中，闭合开关，能看到蹄形磁铁中的金属棒AB运动起来，若只改变电路中电流的方向，AB的运动方向将______ (选填“改变”或“不改变”)。
15. 如图是某个实验小组利用频闪照相机每隔0.1s拍摄一次所得到的物体和刻度尺的频闪照片，黑点表示物体的像。由图可知，物体在AB段的路程为______cm，平均速度为______m/s。
16. 2020年12月24日，成渝高铁直达“复兴号”发车了。当列车高速行驶时，以车上的座椅为参照物，窗外的景物是______ 的；若列车总长600m，以300km/h的速度匀速通过长为5.4km的隧道，列车完全通过该隧道需要______ min。
17. 为了解决手机充电问题，市面上出现了多个品牌的“共享充电宝”，当给共享充电宝充电时，充电宝相当于电路中的______ ；如图所示是某品牌的充电宝，这个充电宝的充电和放电电压都是4V，电池容量为5000mAh，当充电宝充满电后，可以储存的电能为______ J。
18. 小明家中有三只如图所示的白炽电灯，若灯丝材料、长度相同，可发现______ 灯泡的灯丝较细；若三灯串联于家庭电路中，最亮的是______ (均选填“甲灯”或“乙灯”或“丙灯”)。
19. 甲、乙两人同时同地向北运动，运动图像如图所示。由图可知，甲的速度______ m/s，以甲为参照物，乙向______ 运动(选填“北”或“南”)。
20. 现有一只标有“20Ω0.5A”的滑动变阻器和“6V？W”的小灯泡，灯泡的额定功率已经模糊不清，忽略灯丝电阻受温度的影响将他们并联接入电路中时，电路允许的最大总功率是4.5W，小灯泡的额定功率是______ W；若将它们串联接入电路，它们两端允许加的最大电压为______ V。
21. 如图甲所示电路，电源两端电压为9V，灯L上标有“7.5V3.75W”字样，小灯泡的电阻保持不变，电流表量程为0∼0.6A，电压表量程为0∼3V，滑动变阻器R的最大阻值为“20Ω1A”，闭合开关S和S2时，在保证电路安全的情况下，灯泡L的最小功率为______ W；只闭合开关S、S1，移动滑动变阻器的滑片P，当滑动变阻器接入电路的阻值由R1增大到4R1时，电流表示数从I减小到34I，如图乙，定值电阻R0的功率变化了1.75W，则在保证电路安全的情况下，滑动变阻器的最大功率为______ W。
22. 如图所示，根据小磁针的N极指向，判断电源右端是正极还是负极，用“+”或“-”在括号内标出。
23. 请用笔画线代替导线，将图中三孔插座接入家庭电路中。
24. 小强利用如图甲所示的电路探究导体中电流跟电阻的关系。已知电源电压为6V且保持不变，电流表(0−0.6A,0−3A)、电压表(0−3V,0−15V)、实验用到的电阻阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、开关、滑动变阻器和导线若干。
(1)闭合开关前，滑动变阻器的滑片应调节至最______ (选填“左”“右”)端；
(2)连接电路，闭合开关后，小强发现无论怎样移动滑动变阻器的滑片，电流表始终无示数，电压表有示数且不变，造成这一现象的原因可能是______ (只填序号)
A.电流表断路B.定值电阻短路C.电阻断路
(3)排除故障后，实验中依次接入四个定值电阻，调节滑动变阻器的滑片，保持电压表示数不变，记下电流表的示数，利用描点法得到如图乙所示的电流I随电阻R变化的图像。由图像可以得出结论：电阻两端电压一定时，导体中的电流跟电阻成______ 比；
(4)上述实验中，小强用R=5Ω的电阻做完实验后，保持滑动变阻器滑片的位置不变，接着把R换为10Ω的电阻接入电路，闭合开关，他应向______ (选填“左”或“右”)端移动滑动变阻器的滑片，使电压表示数为______ V时，读出电流表的示数。
(5)在使用定值电阻5Ω和10Ω进行实验过程中，读取数据时，滑动变阻器消耗的电功率之比为______ ；
(6)结合图乙实验数据可知，小强选用的滑动变阻器的最大阻值至少是______ Ω；
(7)本实验中测量了多组数据，你认为下列实验中多次测量的目的与本实验相同的是______ 。(填序号)
A.测量物体的长度
B.探究重力大小与质量的关系
C.伏安法测量定值电阻的阻值
25. 如图所示，在探究额定电压为2.5V的小灯泡电阻的实验中：
(1)该实验的实验原理是______ ；
(2)如图甲所示是某小组同学连接的电路，其中存在错误，但只需改动一根导线，即可使电路连接正确。请你在应改动的导线上打“×”，并用笔画线代替导线在图中画出正确的接法。
(3)电路正确连接后，闭合开关后，发现小灯泡不发光，电流表、电压表均有示数，出现这一现象的原因可能是______ 。
A.L灯泡断路
B.灯泡短路
C.滑动变阻器接入电路阻值太大
(4)排除故障后，闭台开关，经过多次实验，利用实验数据，绘制小灯泡伏安特性曲线，如图乙所示，可知，小灯泡正常发光的电阻为______ ，且小灯泡的电阻随电流增大而______ ，(选填“增大”“减小”“不变”)，这主要是因为受______ 变化的影响；
(5)实验课后几个同学想：在只有电流表或电压表时。利用一个已知阻值的电阻R0，能否测Rx的阻值呢？于是设计了如图所示的四个电路，其中不可行的是______ 。
26. 如图所示，在“测量小灯泡额定功率”的实验中，老师给同学们提供的器材有：小灯泡(额定电压为2.5V，正常发光时灯丝电阻约为10Ω)、电源(电压恒为6V)、电流表、电压表、开关各一个，导线若干。若实验室只有：R1(10Ω0.5A)、R2(50Ω0.5A)、R3(200Ω0.2A)三种规格的滑动变阻器可供选择。
(1)通过估算，滑动变阻器应选择______ ，P到图甲中某一位置时，电压表示数(如图乙所示)为______ V，若他想测量小灯泡的额定功率，应将图甲中滑片P向______ (选填“A”“B”)端移动，根据丙图像信息，可计算出小灯泡的额定功率是______ W；
(2)当灯泡实际电压为额定电压一半时的实际功率为P1，当灯泡实际电流为额定电流一半时的实际功率为P2，分析图像丙发现，P1______ P2(选填“大于”“小于”“等于”)；若小华同学将该灯泡与20Ω的定值电阻直接接在上述4.5V的电源上，那么小灯泡的实际功率为______ W；
(3)根据实验测得的结果绘制该小灯泡的电功率P随通过它的电流I2或与它两端电压U2变化的图像，下列正确的是______ ；
(4)在测定小灯泡额定功率的实验中，现有如下器材：额定电压为U0的小灯泡、电源(电压未知)、一个阻值为R的电阻、一个滑动变阻器、一只电流表、一个单刀双掷开关和若干导线。实验时不能忽略灯丝的电阻随温度的变化，设计的实验电路图如图戊所示，测量小灯泡额定功率的主要步骤和需要测量的物理量如下：
①S掷向接线柱1，调节滑动变阻器，使电流表的示数______ ；
②保持滑动变阻器滑片不动，S掷向接线柱2，读出电流表示数I；
③本实验中，小灯泡额定功率的表达式P=______ (以上两空均用已知量和测量量表示)。
27. 如图所示，某品牌新能源汽车，该车以蓄电池为车上的电动机供电，电动机为汽车提供动力，当汽车在水平路面以15m/s的速度匀速行驶时。求：
(1)汽车通过某桥面所用的时间为60s，则该桥面长度为多少m；
(2)行驶时电动机的输出功率为45kW，行驶30min电动机消耗的电能为多少kW⋅h。
28. 如图所示是某调温型电烤箱的简化电路图，电烤箱的额定电压为220V，有“高温”和“低温”两个挡位，R1和R2均为电烤箱中的加热元件，R1的阻值为48.4Ω，R2的阻值为61.6Ω。
(1)低温挡正常工作时，电路中的电流是多少A？
(2)傍晚用电高峰时，小亮关闭家里所有用电器，只让电烤箱以高温挡工作，发现在2min内电能表的转盘转了81转，电能表的铭牌标有“3000r/(kW⋅h)”字样，则用电高峰时家庭电路的实际电压为多少？(不考虑电阻随温度的变化)
29. 为了检验飞船舱门的密封性能，科研人员将待检验的舱体M置于一个不漏气的集气空腔N中(如图甲)，先对舱体M充入压强为1×105Pa的空气，然后把空腔N抽成真空，若舱门漏气，一段时间后便会有气体从舱体M进入空腔N中，舱体M中的压强将减小，空腔N中的压强将增大。为了测量舱体M和空腔N中的压强，科研人员设计了如图甲的电路，其中RM、RN是两个完全相同的压敏电阻，已知舱体M的容积为V，空腔N真空部分的容积为V，舱体舱门的面积为0.6m2，不计舱体M器壁的体积，整个过程温度不变，电路中R0的阻值为20Ω，电源电压为12V，压敏电阻RM、RN的阻值随气体压强变化的关系如表
压敏电阻受到的气压(×105pa)
0
0.1
0.2
0.3
0.4
0.5
0.6
0.7
0.8
0.9
1.0
对应的阻值(Ω)
100
80
60
44
30
24
20
16
12
10
8
(1)若舱门不漏气，且单刀双挪开关S接b时，电流表示数为0.1A，求R0两端电压；
(2)实验表明，一定质量的气体在温度不变的情况下，压强随体积的变化如图乙所示，若空气从舱体M中逸出，经过一段时间后，M、N中的压强相等，总容积变为2V，若开关S接在a处，此时整个电路消耗的总功率是多少？
(3)在检验过程中的某时刻，开关接a时压敏电阻RM两端电压表的示数为UM、压敏电阻RM的功率为PM，开关接b时压敏电阻RN两端电压表的示数为UN、压敏电阻RN的功率为PN，若UM：UN=1：2，且PM：PN=5：4，则此时舱门内外受到的压力差是多少？
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、正常情况下人体电阻约为几千欧，故A不符合实际；
B、对人体的安全电压不高于36V，故B符合实际；
C、中学生的身高在160cm左右，课桌的高度大约是中学生身高的一半，在80cm=0.8m左右，故C不符合实际；
D、普通中学生百米赛跑成绩约为15s，平均速度约为7m/s，故D不符合实际。
故选：B。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。
2.【答案】D
【解析】解：A、使用刻度尺测物体的长度时，物体的一端不一定要对准刻度尺的零刻度线。如果零刻度线磨损，可以与其它整格刻线量起，测量结果要减去前面的数值。故A错误；
B、误差不是错误。错误是人为疏忽所造成可以避免，但误差是由于所用仪器和测量方法的限制等因素所造成，它不可避免，只能尽量减小。故B错误；
C、参照物可任意选择，既可以是运动的物体，也可以是静止的物体，具体选哪一种物体为参照物，是以研究问题的方便而定的。故C错误；
D、做匀速直线运动的物体，速度是确定的，由公式s=vt知，路程与时间成正比。故D正确。
故选：D。
(1)使用刻度尺测物体的长度时，被测物体的一端不一定要对准刻度尺的零刻度线；
(2)测量时，受所用仪器和测量方法的限制，测量值和真实值之间总会有差别，这就是误差。不同于错误，作为误差来说不可避免，只能尽量减小；
(3)在研究机械运动时，人们事先假定不动的物体叫参照物。参照物的选择是可以任意的，但为了研究问题方便，应选择最合适的参照物；
(4)利用s=vt分析路程与时间的关系。
本题考查刻度尺的使用方法、误差与错误的区别、参照物的选择及速度计算公式的应用，属于基础题目。
3.【答案】A
【解析】解：A、自行车轮胎是橡胶制品，常温下，玻璃、陶瓷和自行车轮胎都不容易导电，它们都是绝缘体，故A正确。
B、丝绸和玻璃棒相互摩擦，在摩擦过程中玻璃棒原子核束缚核外电子本领弱的失去电子，因缺少电子带正电，故B错误。
C、正电荷定向移动能形成电流，负电荷定向移动也能形成电流，故C错误。
D、导体的电阻跟导体的材料、长度、横截面积、温度有关，跟导体两端的电压和导体中的电流没有关系，故D错误。
故选：A。
(1)常见的绝缘体包括：橡胶、陶瓷、塑料、玻璃等。
(2)不同物质组成的物体相互摩擦时，原子核束缚核外电子本领强的夺得电子，因多余电子带负电，原子核束缚核外电子本领弱的失去电子，因缺少电子带正电。
(3)正电荷和负电荷定向移动都可以形成电流。
(4)导体的电阻跟导体的材料、长度、横截面积、温度有关，跟导体两端的电压和导体中的电流没有关系。
本题考查了绝缘体、正电荷和负电荷、电流形成、导体电阻的影响因素等等，是比较基础的内容，掌握基础知识很重要。
4.【答案】B
【解析】解：A、高压输电线的电压很高，若在高压线附近放风筝，可能会发生高压触电事故，故A错误；
B、火线首先接开关，再接灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套，故B正确；
C、开关属于带电体，用湿手触摸时，生活用水属于导体，有可能使电流通过生活用水传到人体上，使人体触电，十分危险，故C错误；
D、电路中电流过大的原因有两个：一是短路；二是家中使用用电器的总功率过大。故大功率用电器同时使用时，将会使电路中的电流过大，引起火灾。故D错误。
故选：B。
(1)安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体。
(2)灯泡的接法：火线首先接开关，再接灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。
(3)生活用水是导体。
(4)电路中电流过大的原因有两个：一是短路；二是家中使用用电器的总功率过大。
本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，要掌握安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体。
5.【答案】C
【解析】解：
A、该装置是奥斯特实验，说明了通电导体周围存在磁场，故A正确；
B、地球周围存在磁场，地磁场的北极在地理南极附近，故B正确；
C、丙图是电磁感应现象的探究实验，利用电磁感应可以制成发电机，故C错误；
D、丁：电流一定时，电磁铁的线圈匝数越多，磁性越强，故D正确。
故选：C。
(1)电流流过导体时，导体周围产生磁场，这种现象是电流的磁效应；
(2)地球就是一个磁体，地理的北极恰是地磁的南极，地理的南极恰是地磁的北极；
(3)闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这一现象叫电磁感应现象；
(4)电磁铁磁性强弱与线圈匝数有关。
该题考查了电流磁效应的理解和应用、地球磁极的判断和电磁感应现象，是一道综合题，难度不大。
6.【答案】D
【解析】解：A、二极管的组成材料是半导体，故A错误；
B、LED灯工作时主要将电能转化为光能，故B错误；
C、由P=UI得，LED灯正常工作时的电流，故C错误；
D、该灯的额定功率P=8W=0.008kW，由P=Wt得，1度电可以工作的时间t=WP=1kW⋅h0.008kW=125h，故D正确。
故选：D。
(1)二极管的组成材料是半导体；
(2)电灯发光，主要是将电能转化为光能；
(3)由P=UI计算正常工作时电流；
(4)根据P=Wt计算LED灯的工作时间，注意单位的统一。
本题通过半导体的应用、能量转化、额定电压下电流、电功计算公式的灵活运用，难度不大，理解相关知识点解答简单。
7.【答案】C
【解析】解：A、根据图示可知，与电压表正接线柱相连的为铜片，因此铜电极为正极，锌片是负极，故A错误；
B、番茄电池是将化学能转化为电能，故B错误；
C、番茄电池形成通路后，电流从正极流向负极，负电荷定向移动的方向与电流的方向相反，则电子将从锌电极流出，流向铜电极，故C正确；
D、将电流表直接接在该番茄电池上，此时通过电流表的电流较大，可能会损坏电流表，故D错误；
故选：C。
根据电压表的正确使用方法确定电源的正负极；电池是将化学能转化为电能的装置；正电荷定向移动的方向为电流的方向；电流表接入电路时应串联。
本题利用了电压表的使用方法来判断电源的正负极、电池的电压以及电源的能量转化问题，同时还考查了电流的形成，关键明确电流方向是从电源正极到负极，而电子方向与电流方向相反。
8.【答案】A
【解析】解：
由题意可知，只有开关S1、S2都闭合后，才开始榨汁，即电动机才开始工作，说明两开关相互影响，一个开关不能单独控制电动机，则两开关是串联的，两开关、电动机与电源组成串联电路，由图示电路图可知，A正确。
故选：A。
串联的各电路元件相互影响，不能独立工作；并联的各电路元件互不影响，能独立工作；根据题意确定两开关与电动机的连接方式，然后分析电路图答题。
(1)根据电路元件是否相互影响，判断出它们的连接方式，相互影响为串联，互不影响为并联；
(2)根据开关的控制作用，确定开关的位置，控制整个电路，开关在干路上，单独控制某个用电器，开关在支路上。
9.【答案】C
【解析】解：
A、由图可知，R与R0串联，因显示仪表与定值电阻并联，故显示仪表是由电压表改装成的，故A正确；
BC、由图丙知被测者体温越高，热敏电阻的阻值越小，总电阻越小，由欧姆定律I=UR可知电路的电流越大，电压表示数越大，即显示仪表的示数也会越大，故B正确，C错误；
D、由图丙可知，温度升高时R的阻值变小，如果电路中没有R0，当温度过高时，R的阻值过小，会造成电路中的电流过大，烧坏电源，所以R0有保护电路的作用，故D正确；
故选：C。
(1)分析电路的连接，根据电压表与待测电阻并联分析；
(2)根据图丙得出当被测者体温越高时，电阻的变化；
(3)被测者体温越高，电阻减小，由欧姆定律I=UR分析电路电流的变化，根据欧姆定律判断出电压表示数的变化；
(4)分析温度升高时R的阻值变化，假设电路中没有R0，当温度过高时会造成电路中的电流过大，烧坏电源，据此得出R0的作用。
本题结合当前的热点问题，考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，要掌握。
10.【答案】D
【解析】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器并联，电压表测电源两端的电压，电流表测通过滑动变阻器的电流，
A、因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表的示数不变；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，当滑片移动时，通过灯泡的电流和实际功率不变，即灯泡的亮暗不变，当滑动变阻器的滑片P由中点向右移动时，接入电路中的电阻变大，由I=UR可得，通过滑动变阻器的电流变小，即电流表的示数变小，故A错误；
BC、小灯泡亮度不变，电压表示数不变；当滑动变阻器的滑片P由右端向中点移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据欧姆定律可知，该支路的电流变大，根据并联电路的电流关系可知，干路中的电流变大，电流表示数变小，其比值变小，乘积变大，故BC错误；
D、干路电流变大，由P=UI可知，电路消耗的总功率变小，故D正确。
故选：D。
由电路图可知，灯泡与滑动变阻器并联，电压表测电源两端的电压，电流表测通过滑动变阻器的电流，根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过灯泡的电流和实际功率变化，然后得出灯泡的亮暗变化；根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过滑动变阻器的电流变化，利用P=UI判断变阻器消耗的功率变化；根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化，再根据P=UI可知电路消耗的总功率变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
11.【答案】B
【解析】解：由电路图可知，只闭合开关S、S1，将滑片P移到中点时，R1与R2串联，电压表测变阻器两端的电压，电压表示数为2V，电阻R1的功率为P1，
因串联电路电流处处相等，结合欧姆定律可得：P1=I2R1=(2V12R)2R1-------①
闭合开关S、S2，将滑片移到最右端，R2与R串联，电压表测变阻器两端的电压，电压表的示数为3V，电阻R2的功率为P2，
则：P2=I′2R2=(3VR)2R2-------②
又因为P1：P2=4：3--------③，
由①②③得：R1R2=34。
故B正确。
故选：B。
由电路图可知，只闭合开关S、S1，将滑片P移到中点时，R1与R2串联，电压表测变阻器两端的电压，电压表示数为2V，电阻R1的功率为P1，根据P=I2R表示出功率；
闭合开关S、S2，将滑片移到最右端，R2与R串联，电压表测变阻器两端的电压，电压表的示数为3V，电阻R2的功率为P2，根据P=I2R表示出功率；
又根据P1：P2=4：3算出R1与R2的比值。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，利用好电阻P1与P2的功率之比求出电阻之比是关键
12.【答案】D
【解析】解：(1)由图甲可知，灯与变阻器串联后再与定值电阻串联，电流表测电路的电流，电压表V2测灯的电压，V1测灯与R0的电压，滑片在最下端b时，只有灯与定值电阻串联，此时电路的电流最大，由图知，，即电路的电流为1A，V1的示数即电源电压：U=12V；故①错误；
(2)滑片在最下端b时，电压表V2的示数为6V，由串联电路电压的规律，R0的电压为：
U0=U−U2=12V−6V=6V，
由欧姆定律可得：；故②正确；
(3)滑片在a时，由上图知，电路的电流最小为，电压表V1的示数U1=5V，
根据串联电路电压的规律及欧姆定律，变阻器的最大电阻：
；故③正确；
(3)当电路的电流最大时，电路的最大功率为：
；
电路的最小功率为：
；
电路总功率的变化范围为6W∼12W；故④错误。
故选：D。
(1)分析滑片从最上端a(变阻器最大电阻连入电路中)滑至最下端b时电路的连接，V1测灯与R0的电压，由电路的电阻最小可知，由图知可知这时的电路的电流最大值，及V1的示数和灯的电压，由欧姆定律I=UR得出灯泡的电阻；由已知条件，灯正常发光，根据P=UI求出灯的额定功率；
(2)由串联电路电压的规律求出R0的的电压；由欧姆定律得出R0的电阻；
(3)滑片在a时，电路的电阻最大，由图可知电路的最小电流，由电压表V1的示数，根据串联电路电压的规律及欧姆定律求出变阻器的最大电阻；
(4)根据P=UI，当电路的电流最大(小)时，电路的功率最大(小)，并求出电路最大功率及最小功率。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，关键是得出滑片在最上端a和最下端b的时对应的电表的示数。
13.【答案】奥斯特 电磁感应现象
【解析】解：1820年，丹麦物理学家奥斯特在一次讲课结束时，在助手收拾仪器时，注意到通电导体边上的小磁针发生了偏转，正是由于他的敏锐的洞察力，发现了电流的磁效应；
发电机的工作原理是电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生电流。
故答案为：奥斯特；电磁感应现象。
1820年丹麦物理学家奥斯特发现了电流周围有磁场；
发电机的工作原理是电磁感应现象。
此题考查奥斯特实验、发电机的原理，难度不大，是一道基础题。
14.【答案】S 改变
【解析】解：(1)指南针静止时，指向南的一端是磁体的南(S)极，指向北的一端是磁体的北(N)极，因图中指南针静止下来后，针头指南，那么针头是S极；
(2)通电导体在磁场中的受力方向与磁场方向和电流方向有关，保持磁场方向不变，只改变导体中电流方向，则导体的受力方向即运动方向也会改变。
故答案为：S；改变。
(1)指南针是根据地磁场的作用工作的，地磁的南极在地理的北极附近，而地磁的北极在地理的南极附近，再根据磁极间的作用规律，可判断指南针的指向；
(2)通电导体在磁场中受力的方向与电流方向、磁场方向有关，改变其中任意一个，导体的受力方向会发生改变。
此题主要考查了地磁场和影响磁场力方向的因素等，这些都是基础性内容，一定要熟练掌握。
15.【答案】7.500.15
【解析】由图可知：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以1个小格代表的是0.1cm=1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；
由图可知，物体在AB段的路程为7.50cm；
根据题意和图示可得，物体在AB段运动的时间t=0.1s×5=0.5s；
则平均速度为：v=st=7.50cm0.5s=15cm/s=0.15m/s。
故答案为：7.50；0.15。
刻度尺的分度值(或叫最小刻度值)为相邻的刻度线表示的长度；由图可知物体运动的路程，而每两点间的时间为0.1s，则可知某段路程的总时间，则由速度公式可求得小球的平均速度。
此题主要考查了刻度尺的读数和速度的计算。
16.【答案】运动 1.2
【解析】解：(1)当列车高速行驶时，以车上的座椅为参照物，窗外的景物相对于座椅的位置不断发生变化，因此是运动的；
(2)车长，
列车完全通过隧道时的总路程：，
由v=st可得，完全通过隧道所用的时间：
。
故答案为：运动；1.2。
(1)在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止；
(2)列车通过隧道经过的路程为车长加隧道长，根据公式t=sv便可计算出列车完全通过隧道用的时间。
本题考查了运动和静止的相对性，以及速度公式的运用等，是一道综合题。
17.【答案】用电器 72000
【解析】解：(1)当给共享充电宝充电时，充电宝消耗电能，相当于电路中的用电器。
(2)充电宝的充电和放电电压都是4V，电池容量为5000mAh，
即：U=4V，I=5000mA=5A，t=1h=3600s；
则当充电宝充满电后，可以储存的电能为：
W=UIt=4V×5A×3600s=72000J。
故答案为：用电器；72000。
(1)电路的组成：电路是由提供电能的电源、消耗电能的用电器、控制电路通断的开关和输送电能的导线四部分组成。
(2)用W=UIt计算电能。
本题考查电路的基本组成和电能的计算，属于基础题目。
18.【答案】甲灯 甲灯
【解析】解：
(1)由题意知，甲、乙、丙三盏灯的额定电压都是220V，且额定功率，
由P=
U2
R
可得：R=
U2
P
，
则三盏灯的电阻关系为：；
在材料和长度一定时，导体的电阻与横截面积有关，且横截面积越小，电阻越大。
三盏灯丝长短一样，灯丝越细，电阻越大，因为甲灯的电阻大，所以甲灯的灯丝比较细。
(2)当三灯串联时，通过的电流相等，因甲灯的电阻最大，则由P=I2R可知甲灯的实际功率最大，故此时甲灯最亮。
故答案为：甲灯；甲灯。
(1)导体电阻的大小与导体的长度、横截面积和材料有关；同种材料的导体长度相同时，横截面积越小，电阻越大；横截面积越大，电阻越小。
已知三个灯泡的额定功率和额定电压，由公式P=
U2
R
可比较出电阻的大小；
(2)当三灯串联时，通过的电流相等，根据P=I2R比较实际功率的大小，则根据实际功率的大小即可比较出灯泡的亮度。
知道铭牌的含义和灯的亮度取决于灯的实际功率是本题的关键；可记住结论：当灯泡串联时，电阻越大的灯泡越亮；当灯泡并联时，电阻越小的灯泡越亮。
19.【答案】3 南
【解析】解：(1)从图中看出，当路程s=6m时，甲的时间为t=2s，
故甲的速度为。
(2)从图中看出，乙的速度为，
甲、乙两人同时同地向北运动，，故以甲为参照物，乙向南运动。
故答案为：3；南。
从图中找到甲运动的路程和对应的时间，用计算甲的速度，从图中找出乙的速度为2m/s。甲、乙两人同时同地向北运动，比较速度大小，分析方向。
本题考查速度的计算问题，以及通过参照物辨别物体的运动方向问题。
20.【答案】15 11
【解析】解：(1)由I=UR可得，滑动变阻器两端允许所加的最大电压：，
因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，两者并联时，电路中的最大电压U=UL=6V，
由P=UI可知，干路允许的最大电流：，
此时滑动变阻器中的电流为最大值0.5A，则灯泡的额定电流：IL=0.75A−0.5A=0.25A，
小灯泡的额定功率：PL=ULIL=6V×0.25A=15W；
(2)因串联电路中各处的电流相等，所以，灯泡和滑动变阻器串联时电路中的最大电流I′=IL=0.25A，
因串电路两端电压等于各部分电压之和，所以，他们两端允许加的最大电压：
U=UL+I′R=6V+0.25A×20Ω=11V。
故答案为：15；11。
(1)根据欧姆定律求出定值电阻两端允许所加的最大电压，定值电阻和灯泡并联时，它们两端允许所加的最大电压为两者允许所加最大电压中较小的，根据P=UI求出干路最大电流，再根据并联电路电流规律求出灯泡的额定电流，最后根据P=UI求出灯泡的额定功率；
(2)滑动变阻器和灯泡串联时电路中的最大电流为两者允许通过最大电流中较小的，根据串联电路电压规律和欧姆定律求出电路两端允许加的最大电压。
本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是串联电路最大电流和并联电路最大电压的判断。
21.【答案】2.41.125
【解析】解：(1)由P=UI=U2R可得，灯泡的电阻RL=UL2PL=(7.5V)23.75W=15Ω，
闭合开关S和S2时，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，
当电压表的示数UR=3V时，灯泡两端的电压最小，灯泡的电功率最小，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，灯泡两端的电压UL′=U−UR=9V−3V=6V，
灯泡L的最小功率PL′=(UL′)2RL=(6V)215Ω=2.4W；
(2)只闭合开关S、S1时，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，
当滑动变阻器接入电路的阻值由R1增大到4R1时，电流表示数从I减小到34I，定值电阻R0的功率变化了1.75W，
因电源的电压不变，且串联电路的总电阻等于各分电阻之和，
所以，电源的电压U=I(R0+R1)=34I(R0+4R1)，
整理可得：R0=8R1，
滑动变阻器接入电路的阻值为R1时，电路中的电流，
定值电阻R0的功率变化量△P0=I2R0−(34I)2R0=716I2R0=716×(9V9R1)2×8R1=1.75W，
解得：R1=2Ω，R0=8R1=8×2Ω=16Ω，
当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时，电路中的电流I1=UR0=9V16Ω=0.5625A<0.6A，
当电压表的示数UR=3V时，R0两端的电压U0=U−UR=9V−3V=6V，
此时电路中的电流I2=U0R0=6V16Ω=0.375A，变阻器接入电路中的电阻，
所以，滑动变阻器接入电路中的阻值范围为0∼8Ω，
滑动变阻器消耗的电功率PR=I32R0=(UR0+R)2R0=U2(R0+R)2R=U2R02+2RR0+R2R=U2R02−2RR0+R2+4RR0R=U2(R0−R)2R+4R0，
理论上，当R=R0=16Ω时，滑动变阻器消耗的电功率最大，
因滑动变阻器接入电路中的阻值从0到8Ω的过程中，滑动变阻器消耗的电功率逐渐增大，
所以，当R=8Ω时，滑动变阻器消耗的电功率最大，则。
故答案为：2.4；1.125。
(1)知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI=U2R求出灯泡的电阻；闭合开关S和S2时，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，当电压表的示数最大时，灯泡两端的电压最小，灯泡的电功率最小，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，利用P=UI=U2R求出灯泡L的最小功率；
(2)只闭合开关S、S1时，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，当滑动变阻器接入电路的阻值由R1增大到4R1时，电流表示数从I减小到34I，定值电阻R0的功率变化了1.75W，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出R0与R1的关系，根据电阻的串联和欧姆定律表示出滑动变阻器接入电路的阻值为R1时电路中的电流，利用P=UI=I2R表示出定值电阻R0的功率变化量即可求出R1的阻值，然后求出R0的阻值；根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的电阻为零时电路中的电流，根据串联电路的电压特点求出电压表的示数最大时R0两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出此时电路中的电流，利用欧姆定律求出变阻器接入电路中的电阻，从而得出滑动变阻器接入电路中的阻值范围；根据P=UI=I2R表示滑动变阻器消耗的电功率，然后结合滑动变阻器接入电路中的阻值范围求出其消耗的最大电功率。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的综合应用，正确得出定值电阻R0的阻值和判断出滑动变阻器消耗的电功率最大时接入电路中的电阻是关键。
22.【答案】解：根据同名磁极相互排斥异名磁极相互吸引，可以判断通电螺线管的左端是N 极，右端是S极，根据安培定则判断，电流从螺线管的右端进入，从左端流出，可以判断电源的右端是正极，左端是负极，如图：
【解析】首先根据小磁针的磁极判断通电螺线管的磁极，然后根据安培定则由螺线管的磁极判断电源的正负极。
安培定则中共涉及三个方向：电流方向、磁场方向、线圈绕向告诉其中的两个可以确定第三个。其中电流方向经常与电源的正负极联系在一起，磁场方向经常与周围小磁针的NS极，磁感线的方向联系在一起。
23.【答案】解：三孔插座接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。如图所示：。
【解析】三孔插座的接法：上孔接地线，金属外壳的用电器漏电时，地线把人体短路，防止发生触电事故；左孔接零线；右孔接火线。
本题考查了三孔插座的接线方法。接地线是为了把有金属外壳的用电器的外壳接地。
24.【答案】左 C 反 左 2 2：1 40 B
【解析】解：(1)为保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应放在阻值最大处，即最左端；
(2)A、若电流表断路，电路中没有电流，电流表的示数为零，电压表与电源不相连，没有示数，故A不符合题意；
B、若定值电阻R短路，则电压表示数为0，电流表有示数，故B不符合题意；
C、若定值电阻R断路，则电压表串联在电路中，电流表示数为0，电压表有示数，故C符合题意；
故选C；
(3)由图丙知，电流与电阻的乘积为U=IR=0.4A×5Ω=----0.1A×20Ω=2V，故由图像可以得出结论：电阻两端电压一定时，导体中的电流跟电阻成反比；
(4)根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左端移动，使电压表的示数为2V，读出电流表的示数；
(5)在使用定值电阻5Ω和10Ω进行实验时，电流分别为0.4A和0.2A；
因为定值电阻两端电压相等，电源电压不变，由串联电路电压的规律，滑动变阻器两端电压也相等，由P=UI可得，在电压不变时，电功率与电流成正比，滑动变阻器消耗的电功率之比：
P1：P2=I1：I2=0.4A：0.2A=2：1；
(6)由图知，电阻两端的电压始终保持U=2V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：
，变阻器分得的电压为电压表示数4V2V=2倍，根据分压原理，当接入20Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：
，故为了完成整个实验，应该选取最大阻值至少40Ω的滑动变阻器；
(7)本实验多次测量找普遍规律；
A、测量物体的长度多次实验是为了求平均值减小误差，故A不符合题意；
B、探究重力大小与质量关系多次实验是为了发现重力跟质量的关系，故B符合题意；
C、用伏安法测量定值电阻的阻值为了求平均值减小误差，故C不符合题意。
故选：B。
故答案为：(1)左；(2)C；(3)反；(4)左；2；(5)2：1；(6)40；(7)B。
(1)为保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应放在阻值最大处；
(2)逐一分析每个选项，找出符合题意的答案；
(3)由图乙，求出电流与电阻的乘积分析回答；
(4)根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
(5)先根据图像读出定值电阻5Ω和10Ω接入电路时电流，然后P=UI即可求出滑动变阻器消耗的电功率之比；
(6)根据电源电压以及每次定值电阻两端的电压，利用串联分压可求出滑动变阻器的最小阻值；
(7)该实验多次测量是为了寻找普遍规律，探究重力大小与质量的关系也是采用同样的方法；测量物体的长度时，多次测量求平均值的目的是减小误差的。
本题探究导体中电流跟电阻的关系，考查注意事项、故障分析、数据分析、电功率公式的应用、多次测量的目的及操作过程和对器材的要求，是一道综合题，难度较大。
25.【答案】R=UI C12.5Ω增大 温度 C
【解析】解：(1)测量电阻的原理为：R=UI；
(2)由图知，电压表串联在了电路中，且灯泡未正常接入电路。电路如图，应将电压表与灯泡并联，如下图所示：
；
(3)闭合开关后，电流表、电压表均有示数，灯泡不亮可能是由于电路电阻太大，电路电流太小，灯泡实际功率太小造成的，可以移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光；
故选：C；
(4)由图乙知，当小灯泡正常发光时，通过小灯泡的电流为0.2A，
小灯泡正常发光时的电阻为：
由实验可知随灯泡两端电压增大，通过灯泡的电流变大，灯泡的电阻变大，灯泡实际功率变大，灯泡温度升高，
由此可见，随灯泡温度升高，灯泡电阻变大；
(5)A、闭合开关时，R0与Rx串联，两电压表分别测R0和Rx两端的电压，
因串联电路中各处的电流相等，所以电路中的电流I=UXRX=U0R0，则Rx=UXU0⋅R0，故A可行；
B、由电路图可知，两开关均闭合时，电路为Rx的简单电路，电压表测电源两端的电压U；
只闭合S时，R0与Rx串联，电压表测Rx两端的电压Ux，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以R0两端的电压U0=U−Ux，
因串联电路中各处的电流相等，所以电路中的电流I=UXRX=U0R0，则Rx=UXU0⋅R0=UXU−UX⋅R0，故B可行；
C、图中两电阻并联，电流表测量通过R0的电流，根据并联电路各支路互不影响知，无论开关S1是否闭合，电流表的示数不变，不能测量出Rx的电阻，故C不可行；
D、由电路图可知，两开关均闭合时，电路为Rx的简单电路，电流表测电路中的电流I1；只闭合S时，R0与Rx串联，电流表测电路中的电流I2，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，且电源的电压不变，所以U=I1Rx=I2(Rx+R0)，则Rx=I2R0I1−I2，故D可行。
故选：C。
故答案为：(1)R=UI；(2)见上图；(3)C；(4)12.5Ω；增大；温度；(5)C。
(1)测量电阻的原理为：R=UI；
(2)要掌握电压表、电流表和滑动变阻器的接法。注意电压表要并联在电路中；
(3)电路电阻太大，电路电流很小，灯泡实际功率很小时，灯泡不发光，可以移动滑片，减小滑动变阻器接入电路的中子，看灯泡是否发光；
(4)由图像读出电压为2.5V的电流，根据欧姆定律算出灯泡正常发光时的电阻；
当小灯泡中的电流值增大时，灯丝的温度会升高，其阻值增大；
(5)串联电路的电流处处相等，并联电路各支路电压相等，用电压表和电流表直接或间接测量电压和电流，根据Rx=UXIX求出电阻。
此题测量小灯泡的电阻实验，考查了学生对实物电路的连接，特别是电流表、电压表、滑动变阻器的接法，同时考查了有关有关电阻的计算及灯丝电阻与温度的关系。
电路故障也是电学中常出现的问题，要根据小灯泡、电流表、电压表的情况确定。
26.【答案】R2 2.2B0.5大于 0.225CU0R U0×(I−U0R)
【解析】解：(1)灯泡正常发光时的电压UL=2.5V，正常发光时灯丝电阻约为10Ω，由欧姆定律，灯的额定电流约为：
；
电源电压恒为6V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，灯正常发光时，滑动变阻器两端的电压：
，
由欧姆定律I=UR，灯正常发光时，变阻器连入电路的电阻为：
，考虑到电流因素，则滑动变阻器选R2；
P到图甲中某一位置时，电压表示数(如图乙所示)，电压表选用小量程，分度值为0.1V，电压为2.2V，因2.2V小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向B端移动，直到电压表示数为额定电压；
根据图丙信息，灯在额定电压下的电流为0.2A，可计算出小灯泡的额定功率是：
P=ULIL=2.5V×0.2A=0.5W；
(2)由图丙知，灯在额定电压2.5V时的电流为0.2A；
当灯泡实际电压为额定电压一半时，即灯的实际电压为1.25V时，对应的电流约为0.13A，如下图所示：
灯的实际功率为：
P1=U1I1=1.25V×0.13A=0.1625W；
当灯泡实际电流为额定电流一半时，即灯电流为0.1A时，对应的灯的电压为1V，灯的实际功率为：
P2=U2I2=1V×0.1A=0.1W；
故P1大于P2；
若将该灯泡与一个20Ω的定值电阻串联直接接在上述4.5V的电源上，由图像可读出当电流I′=0.15A时，小灯泡两端电压为1.5V，由欧姆定律，此时定值电阻两端电压为：，此时灯与定值电阻的电压之和刚好等于电源电压(1.5V+3V=4.5V)，故灯的实际功率：
；
(3)由原图知，电流与电压的关系为一曲线，即电阻是变化的，灯的电阻随温度的升高而变大，
①若R不变，根据P=I2R，P与I2的关系为过原点的直线，
因灯电阻是随温度的升高而变大，P与I2的关系为一曲线，A错误；
通过灯的电流越大，灯的功率越大，功率越大，温度越大，灯的电阻越大，故电功率比A图中功率要大，故B错误；
②根据P=U2R，若R不变，功率与电压的平方成正比，功率与电压平方关系为原点直线，
而灯的电阻随温度的升高而变大，故功率与电压的平方不成正比，为一曲线，D错误；
灯的电压越大，通过灯的电流越大，灯的功率越大，功率越大，温度越大，灯的电阻越大，故功率与D中的图大小将变小，故C正确；
故选：C。
(4)①S掷向接线柱1，调节滑动变阻器，使电流表的示数U0R；
②保持滑动变阻器滑片不动，S掷向接线柱2，读出电流表示数I；
③在①中，电流表测定值电阻R的电流，由欧姆定律，定值电阻的电压为：
，根据并联电路电压的规律，灯的电压为U0，灯正常发光；
在②中，电流表测灯与R并联的总电流，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律，灯的额定电流：
，本实验中，小灯泡额定功率的表达式：
。
故答案为：(1)R2；2.2； B；0.5；(2)大于；0.225；(3)C；(4)①U0R；③U0×(I−U0R)。
(1)已知灯泡正常发光时的电压和正常发光时灯丝电阻约，由欧姆定律得出灯的额定电流；电源电压恒为6V，根据串联电路电压的规律得出灯正常发光时滑动变阻器两端的电压，由欧姆定律I=UR求出灯正常发光时变阻器连入电路的电阻为，考虑到电流因素，确定选用的滑动变阻器的规格选；
根据电压表选用小量程确定分度值读数；
灯在额定电压下正常发光，根据图中电压表小量程读数，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确滑片移动的方向；
根据图丙可知灯在额定电压下的电流，根据P=UI得出小灯泡的额定功率；
(2)由图丙知灯在额定电压2.5V时的电流为0.2A；
根据作图法，可知当灯泡实际电压为额定电压一半时对应的电流，根据P=UI得出此时灯的实际功率，
同理，得出当灯泡实际电流为额定电流一半时对应灯的电压为1V，根据P=UI得出此时灯的实际功率，据此比较大小；
(3)根据图丙知，电流与电压的关系为一曲线，即电阻是变化的，灯的电阻随温度的升高而变大，
①根据P=I2R分析；
②根据P=U2R分析；
(4)要测灯的额定功率，应先使灯正常发光，在没有电压表的情况下，电流表与定值电阻R应起到电压表的测量作用，故将R与电流表串联后再与灯并联，通过移动变阻器的滑片使电流表示数为U0R时，由并联电路电压的规律，灯的电压为U0，灯正常发光；
保持滑片位置不变，通过开关的转换，使电流表测灯与R并联的总电流，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律求出灯的额定电流，根据P=UI写出灯的额定功率的表达式。
本题测量小灯泡额定功率，考查器材的选择、操作过程、功率公式的运用、影响电阻大小的因素、及串联电路的规律和欧姆定律的运用，同时考查在没有电压表的条件下，设计方案测额定功率的能力，综合性强，难度较大。
27.【答案】解：(1)由v=st得，该桥面长度：
L=s=vt=15m/s×60s=900m；
(2)输出功率P=45kW=45000W，行驶时间t′=30min=1800s，
电动机消耗的电能W=Pt′=45000W×1800s=8.1×107J=8.1×107×13.6×106kW⋅h=22.5kW⋅h。
答：(1)汽车通过某桥面所用的时间为60s，该桥面长度为900m；
(2)行驶时电动机的输出功率为45kW，行驶30min电动机消耗的电能为22.5kW⋅h。
【解析】(1)当汽车在水平路面匀速行驶时，根据s=vt计算出车通过通过某桥面的路程，即为该桥面长度；
(2)根据公式W=Pt可以计算行驶30min汽车所做的功，进而得到可以知道电动机消耗的电能。
这是一道电学和力学的综合题，考查速度公式的应用和功的计算。
28.【答案】解：
(1)只闭合S1时，两电阻串联，此时总电阻较大，根据P=U2R可知，此时功率较小，为低温挡，
由电阻的串联和欧姆定律可得，此时电路中的电流：；
(2)两个开关都闭合时，只有电阻R1接入电路中，此时电路中电阻较小，根据P=U2R可知，此时功率较大，为高温挡，
电烤箱在高温挡工作时消耗的电能为：W=81r3000r/(kW⋅h)=0.027kW⋅h，
工作时间为：t=2min=130h，
电烤箱在高温挡工作时的实际功率为：P=Wt=0.027kW⋅h130h=0.81kW=810W，
由P=U2R可得，用电高峰时家庭电路的实际电压为：。
答：(1)低温挡正常工作时，电路中的电流是2A。
(2)用电高峰时家庭电路的实际电压为198V。
【解析】(1)只闭合S1时，两电阻串联，此时总电阻较大，根据P=U2R可知，此时功率较小，为低温挡，用计算电路中的电流。
(2)两个开关都闭合时，只有电阻R1接入电路中，此时电路中电阻较小，根据P=U2R可知，此时功率较大，为高温挡；先根据电能表铭牌数据计算消耗的电能，再用P=Wt计算电烤箱在高温挡工作时的实际功率，最后根据计算实际电压。
本题考查了欧姆定律的应用及电能、电功率的计算问题，有较强的综合性。
29.【答案】解：(1)当单刀双掷开关S接b时，RN与R0串联，电压表测R0两端的电压，电流表测电路中的电流；
舱门不漏气时，电流表示数为0.1A，根据I=UR可得：
R0两端电压：U0=IbR0=0.1A×20Ω=2V；
(2)当M、N中的气体压强相等时，气体的体积变为2V，由图乙可知，M、N中的气压值均为0.5×105Pa，
查表可知，此时RM、RN的电阻值均为24Ω，
开关S接在a处，RM与R0串联，则此时整个电路消耗的总功率：
P=U2RM+R0=(12V)224Ω+20Ω≈3.3W；
(3)根据串联电路两端的总电压等于各分电阻两端的电压之和可知：
开关接a时，RM两端的电压UM=U−Ua，开关接b时，RN两端的电压UN=U−Ub，
已知：UM：UN=1：2，
即：UMUN=IaRMIbRN=12------------①
已知：PM：PN=5：4，
即：PMPN=Ia2RMIb2RN=54------------②
解①②得：RM=15RN，Ia=52Ib；
因电源电压一定，根据串联电路的特点和欧姆定律可知：
U=Ia(RM+R0)，
U=Ib(RN+R0)，
所以，Ia(RM+R0)=Ib(RN+R0)，
即：52Ib(15RN+20Ω)=Ib(RN+20Ω)
解得：RN=60Ω，RM=15RN=15×60Ω=12Ω，
由表格数据可知，M中的气压PM=0.2×105Pa，N中的气压PN=0.8×105Pa，
此时舱门受到的内外压力差：
△F=△pS=(0.8×105Pa−0.2×105Pa)×0.6m2=3.6×104N。
答：(1)若舱门不漏气，且单刀双挪开关S接b时，电流表示数为0.1A，R0两端电压为2V；
(2)若开关S接在a处，此时整个电路消耗的总功率是3.3W；
(3)此时舱门内外受到的压力差是3.6×104N。
【解析】(1)由电路图可知，当单刀双掷开关S接b时，RN与R0串联，电压表测R0两端的电压，电流表测电路中的电流；根据欧姆定律求出R0两端电压；
(2)先求出当M、N中的气体压强相等时气体的体积，由图乙可知M、N中的气压值，由表格数据可知此时RM、RN的电阻值，当开关S接在a处RM与R0串联，根据电阻的串联和P=U2R此时整个电路消耗的总功率；
(3)根据U=IR表示出电压表的示数之比UM：UN=1：2，根据P=I2R表示出PM：PN，联立即可求出电阻和电流之间的关系，然后根据串联串联的特点和欧姆定律表示出电源电压，根据电源电压不变即可求出两电阻的阻值，然后根据表格数据可知对于的压强，根据F=pS求出此时舱门内外受到的压力差。
本题题量大，考查的知识点多，特别是新信息题较多，难度较大，需在掌握好基础知识的基础上认真分析信息，将课本知识进行有效迁移才能解答好本题。
2020-2021学年重庆市巴蜀中学九年级（上）期末物理试卷
1. 下列几种估测中，最符合实际情况的是( )
A. 人体的电阻约为20Ω B. 对人体的安全电压不高于36V
C. 教室课桌高度为1.5m D. 中学生百米赛跑的速度为20m/s
2. 关于长度测量和运动相关知识，下列几种说法正确的是( )
A. 零刻度线磨损的刻度尺不能使用
B. 多次测量取平均值可以避免误差
C. 必须选择静止的物体作为参照物
D. 做匀速直线运动的物体，路程与时间成正比
3. 关于电路的知识中，说法正确的是( )
A. 常温下，玻璃、陶瓷和自行车轮胎都是绝缘体
B. 与丝绸摩擦过的玻璃棒因获得正电荷而带正电
C. 物理学规定只有正电荷定向移动才能形成电流
D. 如果导体两端的电压为零，导体的电阻也为零
4. 如图所示，符合安全用电原则的做法是( )
A. 在高压线附近放风筝
B. 电路中的灯泡和开关
C. 湿手触摸电器开关
D. 大功率的用电器同时使用
5. 如图所示，下列关于电与磁的说法中错误的是( )
A. 甲：实验说明通电导体周围存在磁场
B. 乙：地磁场的N极在地理的S极附近
C. 丙：利用这个装置的原理可发明电动机
D. 丁：电流相同时，电磁铁的磁性随线圈匝数增加而增强
6. LED灯是一种新型的环保节能灯，它的核心元件是发光二极管。小明妈妈为他买了一款LED护眼灯，此款灯额定电压为24V，额定功率为8W，它正常发光时与“PZ220−60”的白炽灯正常发光时的亮度相当。有关这款灯下列说法正确的是( )
A. 二极管的组成材料是超导体
B. 该灯工作时主要将电能转化为内能
C. 该灯正常工作时的电流为3A
D. 1度电可供该灯正常工作125h
7. 在番茄上相隔一定距离分别插入铜片和锌片，即为番茄电池，将铜片、锌片与电压表相连，如图所示，下列说法正确的是( )
A. 锌电极是番茄电池的正极
B. 番茄电池可将电能转化为化学能
C. 番茄电池形成通路后，电子将从锌电极流出
D. 将电流表直接接在该番茄电池上，一定不会损坏电流表
8. 如图所示为某品牌榨汁机，该榨汁机从安全的角度设置了电源开关S1和安全开关S2，当杯体扣在主机上时安全开关S2自动闭合，再闭合电源开关S1，电动机才能工作，下列电路图符合要求的是( )
A. B. C. D.
9. 如图甲是非接触式红外线测温枪，图乙是它的工作原理图，R0是定值电阻，R是红外线热敏电阻，其阻值随人体温度变化的图象如图丙。对该电路分析错误的是( )
A. 图乙中的电表是电压表 B. 体温越高，总电阻越小
C. 体温越高，电表示数越小 D. R0有保护电路的作用
10. 在如图所示的电路中，电源电压保持不变，忽略温度对小灯泡电阻的影响。当滑动变阻器的滑片P由右端向中点移动时，下列判断正确的是( )
A. 电流表示数变大、电压表示数变大
B. 小灯泡亮度不变，电压表与电流表示数的比值变大
C. 电压表示数不变，电压表与电流表示数的乘积变大
D. 电流表示数变大，电路消耗的总功率变大
11. 如图所示的电路，电源电压保持不变，只闭合开关S、S1，将滑片P移到中点，电压表示数为2V，电阻R1的功率为P1；只闭合开关S、S2，将滑片移到最右端，电压表的示数为3V，电阻R2的功率为P2，P1：P2=4：3，则R1与R2的比值是( )
A. 4：3 B. 3：4 C. 8：9 D. 9：8
12. 如图甲所示，电源电压保持不变，小灯泡L正常发光时的电阻为9Ω，闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片P，从最上端a滑至最下端b的过程中，电流表示数与两电压表示数的关系图像如图乙所示，在下列说法正确的是( )
①电源电压为26V
②定值电阻R0的阻值6Ω
③滑动变阻器的最大阻值为14Ω
④电路总功率的变化范围为8.5∼17W
A. ②④ B. ①④ C. ③④ D. ②③
13. 1820年，丹麦科学家______ 最先发现了“电流的磁效应”；我国三峡大坝上、下游水位差最高可达113m，这有利于水力发电，发电机的原理是______ 。
14. 在如图甲所示，用两根缝衣针、一个按扣、一只大头针和一块橡皮制作一个指南针，如果图中指南针静止下来后，针头指南方，那么针头是______ (选填“N”“S”)极；在图乙所示的电路中，闭合开关，能看到蹄形磁铁中的金属棒AB运动起来，若只改变电路中电流的方向，AB的运动方向将______ (选填“改变”或“不改变”)。
15. 如图是某个实验小组利用频闪照相机每隔0.1s拍摄一次所得到的物体和刻度尺的频闪照片，黑点表示物体的像。由图可知，物体在AB段的路程为______cm，平均速度为______m/s。
16. 2020年12月24日，成渝高铁直达“复兴号”发车了。当列车高速行驶时，以车上的座椅为参照物，窗外的景物是______ 的；若列车总长600m，以300km/h的速度匀速通过长为5.4km的隧道，列车完全通过该隧道需要______ min。
17. 为了解决手机充电问题，市面上出现了多个品牌的“共享充电宝”，当给共享充电宝充电时，充电宝相当于电路中的______ ；如图所示是某品牌的充电宝，这个充电宝的充电和放电电压都是4V，电池容量为5000mAh，当充电宝充满电后，可以储存的电能为______ J。
18. 小明家中有三只如图所示的白炽电灯，若灯丝材料、长度相同，可发现______ 灯泡的灯丝较细；若三灯串联于家庭电路中，最亮的是______ (均选填“甲灯”或“乙灯”或“丙灯”)。
19. 甲、乙两人同时同地向北运动，运动图像如图所示。由图可知，甲的速度______ m/s，以甲为参照物，乙向______ 运动(选填“北”或“南”)。
20. 现有一只标有“20Ω0.5A”的滑动变阻器和“6V？W”的小灯泡，灯泡的额定功率已经模糊不清，忽略灯丝电阻受温度的影响将他们并联接入电路中时，电路允许的最大总功率是4.5W，小灯泡的额定功率是______ W；若将它们串联接入电路，它们两端允许加的最大电压为______ V。
21. 如图甲所示电路，电源两端电压为9V，灯L上标有“7.5V3.75W”字样，小灯泡的电阻保持不变，电流表量程为0∼0.6A，电压表量程为0∼3V，滑动变阻器R的最大阻值为“20Ω1A”，闭合开关S和S2时，在保证电路安全的情况下，灯泡L的最小功率为______ W；只闭合开关S、S1，移动滑动变阻器的滑片P，当滑动变阻器接入电路的阻值由R1增大到4R1时，电流表示数从I减小到34I，如图乙，定值电阻R0的功率变化了1.75W，则在保证电路安全的情况下，滑动变阻器的最大功率为______ W。
22. 如图所示，根据小磁针的N极指向，判断电源右端是正极还是负极，用“+”或“-”在括号内标出。
23. 请用笔画线代替导线，将图中三孔插座接入家庭电路中。
24. 小强利用如图甲所示的电路探究导体中电流跟电阻的关系。已知电源电压为6V且保持不变，电流表(0−0.6A,0−3A)、电压表(0−3V,0−15V)、实验用到的电阻阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、开关、滑动变阻器和导线若干。
(1)闭合开关前，滑动变阻器的滑片应调节至最______ (选填“左”“右”)端；
(2)连接电路，闭合开关后，小强发现无论怎样移动滑动变阻器的滑片，电流表始终无示数，电压表有示数且不变，造成这一现象的原因可能是______ (只填序号)
A.电流表断路B.定值电阻短路C.电阻断路
(3)排除故障后，实验中依次接入四个定值电阻，调节滑动变阻器的滑片，保持电压表示数不变，记下电流表的示数，利用描点法得到如图乙所示的电流I随电阻R变化的图像。由图像可以得出结论：电阻两端电压一定时，导体中的电流跟电阻成______ 比；
(4)上述实验中，小强用R=5Ω的电阻做完实验后，保持滑动变阻器滑片的位置不变，接着把R换为10Ω的电阻接入电路，闭合开关，他应向______ (选填“左”或“右”)端移动滑动变阻器的滑片，使电压表示数为______ V时，读出电流表的示数。
(5)在使用定值电阻5Ω和10Ω进行实验过程中，读取数据时，滑动变阻器消耗的电功率之比为______ ；
(6)结合图乙实验数据可知，小强选用的滑动变阻器的最大阻值至少是______ Ω；
(7)本实验中测量了多组数据，你认为下列实验中多次测量的目的与本实验相同的是______ 。(填序号)
A.测量物体的长度
B.探究重力大小与质量的关系
C.伏安法测量定值电阻的阻值
25. 如图所示，在探究额定电压为2.5V的小灯泡电阻的实验中：
(1)该实验的实验原理是______ ；
(2)如图甲所示是某小组同学连接的电路，其中存在错误，但只需改动一根导线，即可使电路连接正确。请你在应改动的导线上打“×”，并用笔画线代替导线在图中画出正确的接法。
(3)电路正确连接后，闭合开关后，发现小灯泡不发光，电流表、电压表均有示数，出现这一现象的原因可能是______ 。
A.L灯泡断路
B.灯泡短路
C.滑动变阻器接入电路阻值太大
(4)排除故障后，闭台开关，经过多次实验，利用实验数据，绘制小灯泡伏安特性曲线，如图乙所示，可知，小灯泡正常发光的电阻为______ ，且小灯泡的电阻随电流增大而______ ，(选填“增大”“减小”“不变”)，这主要是因为受______ 变化的影响；
(5)实验课后几个同学想：在只有电流表或电压表时。利用一个已知阻值的电阻R0，能否测Rx的阻值呢？于是设计了如图所示的四个电路，其中不可行的是______ 。
26. 如图所示，在“测量小灯泡额定功率”的实验中，老师给同学们提供的器材有：小灯泡(额定电压为2.5V，正常发光时灯丝电阻约为10Ω)、电源(电压恒为6V)、电流表、电压表、开关各一个，导线若干。若实验室只有：R1(10Ω0.5A)、R2(50Ω0.5A)、R3(200Ω0.2A)三种规格的滑动变阻器可供选择。
(1)通过估算，滑动变阻器应选择______ ，P到图甲中某一位置时，电压表示数(如图乙所示)为______ V，若他想测量小灯泡的额定功率，应将图甲中滑片P向______ (选填“A”“B”)端移动，根据丙图像信息，可计算出小灯泡的额定功率是______ W；
(2)当灯泡实际电压为额定电压一半时的实际功率为P1，当灯泡实际电流为额定电流一半时的实际功率为P2，分析图像丙发现，P1______ P2(选填“大于”“小于”“等于”)；若小华同学将该灯泡与20Ω的定值电阻直接接在上述4.5V的电源上，那么小灯泡的实际功率为______ W；
(3)根据实验测得的结果绘制该小灯泡的电功率P随通过它的电流I2或与它两端电压U2变化的图像，下列正确的是______ ；
(4)在测定小灯泡额定功率的实验中，现有如下器材：额定电压为U0的小灯泡、电源(电压未知)、一个阻值为R的电阻、一个滑动变阻器、一只电流表、一个单刀双掷开关和若干导线。实验时不能忽略灯丝的电阻随温度的变化，设计的实验电路图如图戊所示，测量小灯泡额定功率的主要步骤和需要测量的物理量如下：
①S掷向接线柱1，调节滑动变阻器，使电流表的示数______ ；
②保持滑动变阻器滑片不动，S掷向接线柱2，读出电流表示数I；
③本实验中，小灯泡额定功率的表达式P=______ (以上两空均用已知量和测量量表示)。
27. 如图所示，某品牌新能源汽车，该车以蓄电池为车上的电动机供电，电动机为汽车提供动力，当汽车在水平路面以15m/s的速度匀速行驶时。求：
(1)汽车通过某桥面所用的时间为60s，则该桥面长度为多少m；
(2)行驶时电动机的输出功率为45kW，行驶30min电动机消耗的电能为多少kW⋅h。
28. 如图所示是某调温型电烤箱的简化电路图，电烤箱的额定电压为220V，有“高温”和“低温”两个挡位，R1和R2均为电烤箱中的加热元件，R1的阻值为48.4Ω，R2的阻值为61.6Ω。
(1)低温挡正常工作时，电路中的电流是多少A？
(2)傍晚用电高峰时，小亮关闭家里所有用电器，只让电烤箱以高温挡工作，发现在2min内电能表的转盘转了81转，电能表的铭牌标有“3000r/(kW⋅h)”字样，则用电高峰时家庭电路的实际电压为多少？(不考虑电阻随温度的变化)
29. 为了检验飞船舱门的密封性能，科研人员将待检验的舱体M置于一个不漏气的集气空腔N中(如图甲)，先对舱体M充入压强为1×105Pa的空气，然后把空腔N抽成真空，若舱门漏气，一段时间后便会有气体从舱体M进入空腔N中，舱体M中的压强将减小，空腔N中的压强将增大。为了测量舱体M和空腔N中的压强，科研人员设计了如图甲的电路，其中RM、RN是两个完全相同的压敏电阻，已知舱体M的容积为V，空腔N真空部分的容积为V，舱体舱门的面积为0.6m2，不计舱体M器壁的体积，整个过程温度不变，电路中R0的阻值为20Ω，电源电压为12V，压敏电阻RM、RN的阻值随气体压强变化的关系如表
压敏电阻受到的气压(×105pa)
0
0.1
0.2
0.3
0.4
0.5
0.6
0.7
0.8
0.9
1.0
对应的阻值(Ω)
100
80
60
44
30
24
20
16
12
10
8
(1)若舱门不漏气，且单刀双挪开关S接b时，电流表示数为0.1A，求R0两端电压；
(2)实验表明，一定质量的气体在温度不变的情况下，压强随体积的变化如图乙所示，若空气从舱体M中逸出，经过一段时间后，M、N中的压强相等，总容积变为2V，若开关S接在a处，此时整个电路消耗的总功率是多少？
(3)在检验过程中的某时刻，开关接a时压敏电阻RM两端电压表的示数为UM、压敏电阻RM的功率为PM，开关接b时压敏电阻RN两端电压表的示数为UN、压敏电阻RN的功率为PN，若UM：UN=1：2，且PM：PN=5：4，则此时舱门内外受到的压力差是多少？
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、正常情况下人体电阻约为几千欧，故A不符合实际；
B、对人体的安全电压不高于36V，故B符合实际；
C、中学生的身高在160cm左右，课桌的高度大约是中学生身高的一半，在80cm=0.8m左右，故C不符合实际；
D、普通中学生百米赛跑成绩约为15s，平均速度约为7m/s，故D不符合实际。
故选：B。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。
2.【答案】D
【解析】解：A、使用刻度尺测物体的长度时，物体的一端不一定要对准刻度尺的零刻度线。如果零刻度线磨损，可以与其它整格刻线量起，测量结果要减去前面的数值。故A错误；
B、误差不是错误。错误是人为疏忽所造成可以避免，但误差是由于所用仪器和测量方法的限制等因素所造成，它不可避免，只能尽量减小。故B错误；
C、参照物可任意选择，既可以是运动的物体，也可以是静止的物体，具体选哪一种物体为参照物，是以研究问题的方便而定的。故C错误；
D、做匀速直线运动的物体，速度是确定的，由公式s=vt知，路程与时间成正比。故D正确。
故选：D。
(1)使用刻度尺测物体的长度时，被测物体的一端不一定要对准刻度尺的零刻度线；
(2)测量时，受所用仪器和测量方法的限制，测量值和真实值之间总会有差别，这就是误差。不同于错误，作为误差来说不可避免，只能尽量减小；
(3)在研究机械运动时，人们事先假定不动的物体叫参照物。参照物的选择是可以任意的，但为了研究问题方便，应选择最合适的参照物；
(4)利用s=vt分析路程与时间的关系。
本题考查刻度尺的使用方法、误差与错误的区别、参照物的选择及速度计算公式的应用，属于基础题目。
3.【答案】A
【解析】解：A、自行车轮胎是橡胶制品，常温下，玻璃、陶瓷和自行车轮胎都不容易导电，它们都是绝缘体，故A正确。
B、丝绸和玻璃棒相互摩擦，在摩擦过程中玻璃棒原子核束缚核外电子本领弱的失去电子，因缺少电子带正电，故B错误。
C、正电荷定向移动能形成电流，负电荷定向移动也能形成电流，故C错误。
D、导体的电阻跟导体的材料、长度、横截面积、温度有关，跟导体两端的电压和导体中的电流没有关系，故D错误。
故选：A。
(1)常见的绝缘体包括：橡胶、陶瓷、塑料、玻璃等。
(2)不同物质组成的物体相互摩擦时，原子核束缚核外电子本领强的夺得电子，因多余电子带负电，原子核束缚核外电子本领弱的失去电子，因缺少电子带正电。
(3)正电荷和负电荷定向移动都可以形成电流。
(4)导体的电阻跟导体的材料、长度、横截面积、温度有关，跟导体两端的电压和导体中的电流没有关系。
本题考查了绝缘体、正电荷和负电荷、电流形成、导体电阻的影响因素等等，是比较基础的内容，掌握基础知识很重要。
4.【答案】B
【解析】解：A、高压输电线的电压很高，若在高压线附近放风筝，可能会发生高压触电事故，故A错误；
B、火线首先接开关，再接灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套，故B正确；
C、开关属于带电体，用湿手触摸时，生活用水属于导体，有可能使电流通过生活用水传到人体上，使人体触电，十分危险，故C错误；
D、电路中电流过大的原因有两个：一是短路；二是家中使用用电器的总功率过大。故大功率用电器同时使用时，将会使电路中的电流过大，引起火灾。故D错误。
故选：B。
(1)安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体。
(2)灯泡的接法：火线首先接开关，再接灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。
(3)生活用水是导体。
(4)电路中电流过大的原因有两个：一是短路；二是家中使用用电器的总功率过大。
本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，要掌握安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体。
5.【答案】C
【解析】解：
A、该装置是奥斯特实验，说明了通电导体周围存在磁场，故A正确；
B、地球周围存在磁场，地磁场的北极在地理南极附近，故B正确；
C、丙图是电磁感应现象的探究实验，利用电磁感应可以制成发电机，故C错误；
D、丁：电流一定时，电磁铁的线圈匝数越多，磁性越强，故D正确。
故选：C。
(1)电流流过导体时，导体周围产生磁场，这种现象是电流的磁效应；
(2)地球就是一个磁体，地理的北极恰是地磁的南极，地理的南极恰是地磁的北极；
(3)闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这一现象叫电磁感应现象；
(4)电磁铁磁性强弱与线圈匝数有关。
该题考查了电流磁效应的理解和应用、地球磁极的判断和电磁感应现象，是一道综合题，难度不大。
6.【答案】D
【解析】解：A、二极管的组成材料是半导体，故A错误；
B、LED灯工作时主要将电能转化为光能，故B错误；
C、由P=UI得，LED灯正常工作时的电流，故C错误；
D、该灯的额定功率P=8W=0.008kW，由P=Wt得，1度电可以工作的时间t=WP=1kW⋅h0.008kW=125h，故D正确。
故选：D。
(1)二极管的组成材料是半导体；
(2)电灯发光，主要是将电能转化为光能；
(3)由P=UI计算正常工作时电流；
(4)根据P=Wt计算LED灯的工作时间，注意单位的统一。
本题通过半导体的应用、能量转化、额定电压下电流、电功计算公式的灵活运用，难度不大，理解相关知识点解答简单。
7.【答案】C
【解析】解：A、根据图示可知，与电压表正接线柱相连的为铜片，因此铜电极为正极，锌片是负极，故A错误；
B、番茄电池是将化学能转化为电能，故B错误；
C、番茄电池形成通路后，电流从正极流向负极，负电荷定向移动的方向与电流的方向相反，则电子将从锌电极流出，流向铜电极，故C正确；
D、将电流表直接接在该番茄电池上，此时通过电流表的电流较大，可能会损坏电流表，故D错误；
故选：C。
根据电压表的正确使用方法确定电源的正负极；电池是将化学能转化为电能的装置；正电荷定向移动的方向为电流的方向；电流表接入电路时应串联。
本题利用了电压表的使用方法来判断电源的正负极、电池的电压以及电源的能量转化问题，同时还考查了电流的形成，关键明确电流方向是从电源正极到负极，而电子方向与电流方向相反。
8.【答案】A
【解析】解：
由题意可知，只有开关S1、S2都闭合后，才开始榨汁，即电动机才开始工作，说明两开关相互影响，一个开关不能单独控制电动机，则两开关是串联的，两开关、电动机与电源组成串联电路，由图示电路图可知，A正确。
故选：A。
串联的各电路元件相互影响，不能独立工作；并联的各电路元件互不影响，能独立工作；根据题意确定两开关与电动机的连接方式，然后分析电路图答题。
(1)根据电路元件是否相互影响，判断出它们的连接方式，相互影响为串联，互不影响为并联；
(2)根据开关的控制作用，确定开关的位置，控制整个电路，开关在干路上，单独控制某个用电器，开关在支路上。
9.【答案】C
【解析】解：
A、由图可知，R与R0串联，因显示仪表与定值电阻并联，故显示仪表是由电压表改装成的，故A正确；
BC、由图丙知被测者体温越高，热敏电阻的阻值越小，总电阻越小，由欧姆定律I=UR可知电路的电流越大，电压表示数越大，即显示仪表的示数也会越大，故B正确，C错误；
D、由图丙可知，温度升高时R的阻值变小，如果电路中没有R0，当温度过高时，R的阻值过小，会造成电路中的电流过大，烧坏电源，所以R0有保护电路的作用，故D正确；
故选：C。
(1)分析电路的连接，根据电压表与待测电阻并联分析；
(2)根据图丙得出当被测者体温越高时，电阻的变化；
(3)被测者体温越高，电阻减小，由欧姆定律I=UR分析电路电流的变化，根据欧姆定律判断出电压表示数的变化；
(4)分析温度升高时R的阻值变化，假设电路中没有R0，当温度过高时会造成电路中的电流过大，烧坏电源，据此得出R0的作用。
本题结合当前的热点问题，考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，要掌握。
10.【答案】D
【解析】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器并联，电压表测电源两端的电压，电流表测通过滑动变阻器的电流，
A、因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表的示数不变；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，当滑片移动时，通过灯泡的电流和实际功率不变，即灯泡的亮暗不变，当滑动变阻器的滑片P由中点向右移动时，接入电路中的电阻变大，由I=UR可得，通过滑动变阻器的电流变小，即电流表的示数变小，故A错误；
BC、小灯泡亮度不变，电压表示数不变；当滑动变阻器的滑片P由右端向中点移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据欧姆定律可知，该支路的电流变大，根据并联电路的电流关系可知，干路中的电流变大，电流表示数变小，其比值变小，乘积变大，故BC错误；
D、干路电流变大，由P=UI可知，电路消耗的总功率变小，故D正确。
故选：D。
由电路图可知，灯泡与滑动变阻器并联，电压表测电源两端的电压，电流表测通过滑动变阻器的电流，根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过灯泡的电流和实际功率变化，然后得出灯泡的亮暗变化；根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过滑动变阻器的电流变化，利用P=UI判断变阻器消耗的功率变化；根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化，再根据P=UI可知电路消耗的总功率变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
11.【答案】B
【解析】解：由电路图可知，只闭合开关S、S1，将滑片P移到中点时，R1与R2串联，电压表测变阻器两端的电压，电压表示数为2V，电阻R1的功率为P1，
因串联电路电流处处相等，结合欧姆定律可得：P1=I2R1=(2V12R)2R1-------①
闭合开关S、S2，将滑片移到最右端，R2与R串联，电压表测变阻器两端的电压，电压表的示数为3V，电阻R2的功率为P2，
则：P2=I′2R2=(3VR)2R2-------②
又因为P1：P2=4：3--------③，
由①②③得：R1R2=34。
故B正确。
故选：B。
由电路图可知，只闭合开关S、S1，将滑片P移到中点时，R1与R2串联，电压表测变阻器两端的电压，电压表示数为2V，电阻R1的功率为P1，根据P=I2R表示出功率；
闭合开关S、S2，将滑片移到最右端，R2与R串联，电压表测变阻器两端的电压，电压表的示数为3V，电阻R2的功率为P2，根据P=I2R表示出功率；
又根据P1：P2=4：3算出R1与R2的比值。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，利用好电阻P1与P2的功率之比求出电阻之比是关键
12.【答案】D
【解析】解：(1)由图甲可知，灯与变阻器串联后再与定值电阻串联，电流表测电路的电流，电压表V2测灯的电压，V1测灯与R0的电压，滑片在最下端b时，只有灯与定值电阻串联，此时电路的电流最大，由图知，，即电路的电流为1A，V1的示数即电源电压：U=12V；故①错误；
(2)滑片在最下端b时，电压表V2的示数为6V，由串联电路电压的规律，R0的电压为：
U0=U−U2=12V−6V=6V，
由欧姆定律可得：；故②正确；
(3)滑片在a时，由上图知，电路的电流最小为，电压表V1的示数U1=5V，
根据串联电路电压的规律及欧姆定律，变阻器的最大电阻：
；故③正确；
(3)当电路的电流最大时，电路的最大功率为：
；
电路的最小功率为：
；
电路总功率的变化范围为6W∼12W；故④错误。
故选：D。
(1)分析滑片从最上端a(变阻器最大电阻连入电路中)滑至最下端b时电路的连接，V1测灯与R0的电压，由电路的电阻最小可知，由图知可知这时的电路的电流最大值，及V1的示数和灯的电压，由欧姆定律I=UR得出灯泡的电阻；由已知条件，灯正常发光，根据P=UI求出灯的额定功率；
(2)由串联电路电压的规律求出R0的的电压；由欧姆定律得出R0的电阻；
(3)滑片在a时，电路的电阻最大，由图可知电路的最小电流，由电压表V1的示数，根据串联电路电压的规律及欧姆定律求出变阻器的最大电阻；
(4)根据P=UI，当电路的电流最大(小)时，电路的功率最大(小)，并求出电路最大功率及最小功率。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，关键是得出滑片在最上端a和最下端b的时对应的电表的示数。
13.【答案】奥斯特 电磁感应现象
【解析】解：1820年，丹麦物理学家奥斯特在一次讲课结束时，在助手收拾仪器时，注意到通电导体边上的小磁针发生了偏转，正是由于他的敏锐的洞察力，发现了电流的磁效应；
发电机的工作原理是电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生电流。
故答案为：奥斯特；电磁感应现象。
1820年丹麦物理学家奥斯特发现了电流周围有磁场；
发电机的工作原理是电磁感应现象。
此题考查奥斯特实验、发电机的原理，难度不大，是一道基础题。
14.【答案】S 改变
【解析】解：(1)指南针静止时，指向南的一端是磁体的南(S)极，指向北的一端是磁体的北(N)极，因图中指南针静止下来后，针头指南，那么针头是S极；
(2)通电导体在磁场中的受力方向与磁场方向和电流方向有关，保持磁场方向不变，只改变导体中电流方向，则导体的受力方向即运动方向也会改变。
故答案为：S；改变。
(1)指南针是根据地磁场的作用工作的，地磁的南极在地理的北极附近，而地磁的北极在地理的南极附近，再根据磁极间的作用规律，可判断指南针的指向；
(2)通电导体在磁场中受力的方向与电流方向、磁场方向有关，改变其中任意一个，导体的受力方向会发生改变。
此题主要考查了地磁场和影响磁场力方向的因素等，这些都是基础性内容，一定要熟练掌握。
15.【答案】7.500.15
【解析】由图可知：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以1个小格代表的是0.1cm=1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；
由图可知，物体在AB段的路程为7.50cm；
根据题意和图示可得，物体在AB段运动的时间t=0.1s×5=0.5s；
则平均速度为：v=st=7.50cm0.5s=15cm/s=0.15m/s。
故答案为：7.50；0.15。
刻度尺的分度值(或叫最小刻度值)为相邻的刻度线表示的长度；由图可知物体运动的路程，而每两点间的时间为0.1s，则可知某段路程的总时间，则由速度公式可求得小球的平均速度。
此题主要考查了刻度尺的读数和速度的计算。
16.【答案】运动 1.2
【解析】解：(1)当列车高速行驶时，以车上的座椅为参照物，窗外的景物相对于座椅的位置不断发生变化，因此是运动的；
(2)车长，
列车完全通过隧道时的总路程：，
由v=st可得，完全通过隧道所用的时间：
。
故答案为：运动；1.2。
(1)在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止；
(2)列车通过隧道经过的路程为车长加隧道长，根据公式t=sv便可计算出列车完全通过隧道用的时间。
本题考查了运动和静止的相对性，以及速度公式的运用等，是一道综合题。
17.【答案】用电器 72000
【解析】解：(1)当给共享充电宝充电时，充电宝消耗电能，相当于电路中的用电器。
(2)充电宝的充电和放电电压都是4V，电池容量为5000mAh，
即：U=4V，I=5000mA=5A，t=1h=3600s；
则当充电宝充满电后，可以储存的电能为：
W=UIt=4V×5A×3600s=72000J。
故答案为：用电器；72000。
(1)电路的组成：电路是由提供电能的电源、消耗电能的用电器、控制电路通断的开关和输送电能的导线四部分组成。
(2)用W=UIt计算电能。
本题考查电路的基本组成和电能的计算，属于基础题目。
18.【答案】甲灯 甲灯
【解析】解：
(1)由题意知，甲、乙、丙三盏灯的额定电压都是220V，且额定功率，
由P=
U2
R
可得：R=
U2
P
，
则三盏灯的电阻关系为：；
在材料和长度一定时，导体的电阻与横截面积有关，且横截面积越小，电阻越大。
三盏灯丝长短一样，灯丝越细，电阻越大，因为甲灯的电阻大，所以甲灯的灯丝比较细。
(2)当三灯串联时，通过的电流相等，因甲灯的电阻最大，则由P=I2R可知甲灯的实际功率最大，故此时甲灯最亮。
故答案为：甲灯；甲灯。
(1)导体电阻的大小与导体的长度、横截面积和材料有关；同种材料的导体长度相同时，横截面积越小，电阻越大；横截面积越大，电阻越小。
已知三个灯泡的额定功率和额定电压，由公式P=
U2
R
可比较出电阻的大小；
(2)当三灯串联时，通过的电流相等，根据P=I2R比较实际功率的大小，则根据实际功率的大小即可比较出灯泡的亮度。
知道铭牌的含义和灯的亮度取决于灯的实际功率是本题的关键；可记住结论：当灯泡串联时，电阻越大的灯泡越亮；当灯泡并联时，电阻越小的灯泡越亮。
19.【答案】3 南
【解析】解：(1)从图中看出，当路程s=6m时，甲的时间为t=2s，
故甲的速度为。
(2)从图中看出，乙的速度为，
甲、乙两人同时同地向北运动，，故以甲为参照物，乙向南运动。
故答案为：3；南。
从图中找到甲运动的路程和对应的时间，用计算甲的速度，从图中找出乙的速度为2m/s。甲、乙两人同时同地向北运动，比较速度大小，分析方向。
本题考查速度的计算问题，以及通过参照物辨别物体的运动方向问题。
20.【答案】15 11
【解析】解：(1)由I=UR可得，滑动变阻器两端允许所加的最大电压：，
因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，两者并联时，电路中的最大电压U=UL=6V，
由P=UI可知，干路允许的最大电流：，
此时滑动变阻器中的电流为最大值0.5A，则灯泡的额定电流：IL=0.75A−0.5A=0.25A，
小灯泡的额定功率：PL=ULIL=6V×0.25A=15W；
(2)因串联电路中各处的电流相等，所以，灯泡和滑动变阻器串联时电路中的最大电流I′=IL=0.25A，
因串电路两端电压等于各部分电压之和，所以，他们两端允许加的最大电压：
U=UL+I′R=6V+0.25A×20Ω=11V。
故答案为：15；11。
(1)根据欧姆定律求出定值电阻两端允许所加的最大电压，定值电阻和灯泡并联时，它们两端允许所加的最大电压为两者允许所加最大电压中较小的，根据P=UI求出干路最大电流，再根据并联电路电流规律求出灯泡的额定电流，最后根据P=UI求出灯泡的额定功率；
(2)滑动变阻器和灯泡串联时电路中的最大电流为两者允许通过最大电流中较小的，根据串联电路电压规律和欧姆定律求出电路两端允许加的最大电压。
本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是串联电路最大电流和并联电路最大电压的判断。
21.【答案】2.41.125
【解析】解：(1)由P=UI=U2R可得，灯泡的电阻RL=UL2PL=(7.5V)23.75W=15Ω，
闭合开关S和S2时，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，
当电压表的示数UR=3V时，灯泡两端的电压最小，灯泡的电功率最小，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，灯泡两端的电压UL′=U−UR=9V−3V=6V，
灯泡L的最小功率PL′=(UL′)2RL=(6V)215Ω=2.4W；
(2)只闭合开关S、S1时，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，
当滑动变阻器接入电路的阻值由R1增大到4R1时，电流表示数从I减小到34I，定值电阻R0的功率变化了1.75W，
因电源的电压不变，且串联电路的总电阻等于各分电阻之和，
所以，电源的电压U=I(R0+R1)=34I(R0+4R1)，
整理可得：R0=8R1，
滑动变阻器接入电路的阻值为R1时，电路中的电流，
定值电阻R0的功率变化量△P0=I2R0−(34I)2R0=716I2R0=716×(9V9R1)2×8R1=1.75W，
解得：R1=2Ω，R0=8R1=8×2Ω=16Ω，
当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时，电路中的电流I1=UR0=9V16Ω=0.5625A<0.6A，
当电压表的示数UR=3V时，R0两端的电压U0=U−UR=9V−3V=6V，
此时电路中的电流I2=U0R0=6V16Ω=0.375A，变阻器接入电路中的电阻，
所以，滑动变阻器接入电路中的阻值范围为0∼8Ω，
滑动变阻器消耗的电功率PR=I32R0=(UR0+R)2R0=U2(R0+R)2R=U2R02+2RR0+R2R=U2R02−2RR0+R2+4RR0R=U2(R0−R)2R+4R0，
理论上，当R=R0=16Ω时，滑动变阻器消耗的电功率最大，
因滑动变阻器接入电路中的阻值从0到8Ω的过程中，滑动变阻器消耗的电功率逐渐增大，
所以，当R=8Ω时，滑动变阻器消耗的电功率最大，则。
故答案为：2.4；1.125。
(1)知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI=U2R求出灯泡的电阻；闭合开关S和S2时，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，当电压表的示数最大时，灯泡两端的电压最小，灯泡的电功率最小，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，利用P=UI=U2R求出灯泡L的最小功率；
(2)只闭合开关S、S1时，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，当滑动变阻器接入电路的阻值由R1增大到4R1时，电流表示数从I减小到34I，定值电阻R0的功率变化了1.75W，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出R0与R1的关系，根据电阻的串联和欧姆定律表示出滑动变阻器接入电路的阻值为R1时电路中的电流，利用P=UI=I2R表示出定值电阻R0的功率变化量即可求出R1的阻值，然后求出R0的阻值；根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的电阻为零时电路中的电流，根据串联电路的电压特点求出电压表的示数最大时R0两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出此时电路中的电流，利用欧姆定律求出变阻器接入电路中的电阻，从而得出滑动变阻器接入电路中的阻值范围；根据P=UI=I2R表示滑动变阻器消耗的电功率，然后结合滑动变阻器接入电路中的阻值范围求出其消耗的最大电功率。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的综合应用，正确得出定值电阻R0的阻值和判断出滑动变阻器消耗的电功率最大时接入电路中的电阻是关键。
22.【答案】解：根据同名磁极相互排斥异名磁极相互吸引，可以判断通电螺线管的左端是N 极，右端是S极，根据安培定则判断，电流从螺线管的右端进入，从左端流出，可以判断电源的右端是正极，左端是负极，如图：
【解析】首先根据小磁针的磁极判断通电螺线管的磁极，然后根据安培定则由螺线管的磁极判断电源的正负极。
安培定则中共涉及三个方向：电流方向、磁场方向、线圈绕向告诉其中的两个可以确定第三个。其中电流方向经常与电源的正负极联系在一起，磁场方向经常与周围小磁针的NS极，磁感线的方向联系在一起。
23.【答案】解：三孔插座接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。如图所示：。
【解析】三孔插座的接法：上孔接地线，金属外壳的用电器漏电时，地线把人体短路，防止发生触电事故；左孔接零线；右孔接火线。
本题考查了三孔插座的接线方法。接地线是为了把有金属外壳的用电器的外壳接地。
24.【答案】左 C 反 左 2 2：1 40 B
【解析】解：(1)为保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应放在阻值最大处，即最左端；
(2)A、若电流表断路，电路中没有电流，电流表的示数为零，电压表与电源不相连，没有示数，故A不符合题意；
B、若定值电阻R短路，则电压表示数为0，电流表有示数，故B不符合题意；
C、若定值电阻R断路，则电压表串联在电路中，电流表示数为0，电压表有示数，故C符合题意；
故选C；
(3)由图丙知，电流与电阻的乘积为U=IR=0.4A×5Ω=----0.1A×20Ω=2V，故由图像可以得出结论：电阻两端电压一定时，导体中的电流跟电阻成反比；
(4)根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左端移动，使电压表的示数为2V，读出电流表的示数；
(5)在使用定值电阻5Ω和10Ω进行实验时，电流分别为0.4A和0.2A；
因为定值电阻两端电压相等，电源电压不变，由串联电路电压的规律，滑动变阻器两端电压也相等，由P=UI可得，在电压不变时，电功率与电流成正比，滑动变阻器消耗的电功率之比：
P1：P2=I1：I2=0.4A：0.2A=2：1；
(6)由图知，电阻两端的电压始终保持U=2V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：
，变阻器分得的电压为电压表示数4V2V=2倍，根据分压原理，当接入20Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：
，故为了完成整个实验，应该选取最大阻值至少40Ω的滑动变阻器；
(7)本实验多次测量找普遍规律；
A、测量物体的长度多次实验是为了求平均值减小误差，故A不符合题意；
B、探究重力大小与质量关系多次实验是为了发现重力跟质量的关系，故B符合题意；
C、用伏安法测量定值电阻的阻值为了求平均值减小误差，故C不符合题意。
故选：B。
故答案为：(1)左；(2)C；(3)反；(4)左；2；(5)2：1；(6)40；(7)B。
(1)为保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应放在阻值最大处；
(2)逐一分析每个选项，找出符合题意的答案；
(3)由图乙，求出电流与电阻的乘积分析回答；
(4)根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
(5)先根据图像读出定值电阻5Ω和10Ω接入电路时电流，然后P=UI即可求出滑动变阻器消耗的电功率之比；
(6)根据电源电压以及每次定值电阻两端的电压，利用串联分压可求出滑动变阻器的最小阻值；
(7)该实验多次测量是为了寻找普遍规律，探究重力大小与质量的关系也是采用同样的方法；测量物体的长度时，多次测量求平均值的目的是减小误差的。
本题探究导体中电流跟电阻的关系，考查注意事项、故障分析、数据分析、电功率公式的应用、多次测量的目的及操作过程和对器材的要求，是一道综合题，难度较大。
25.【答案】R=UI C12.5Ω增大 温度 C
【解析】解：(1)测量电阻的原理为：R=UI；
(2)由图知，电压表串联在了电路中，且灯泡未正常接入电路。电路如图，应将电压表与灯泡并联，如下图所示：
；
(3)闭合开关后，电流表、电压表均有示数，灯泡不亮可能是由于电路电阻太大，电路电流太小，灯泡实际功率太小造成的，可以移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光；
故选：C；
(4)由图乙知，当小灯泡正常发光时，通过小灯泡的电流为0.2A，
小灯泡正常发光时的电阻为：
由实验可知随灯泡两端电压增大，通过灯泡的电流变大，灯泡的电阻变大，灯泡实际功率变大，灯泡温度升高，
由此可见，随灯泡温度升高，灯泡电阻变大；
(5)A、闭合开关时，R0与Rx串联，两电压表分别测R0和Rx两端的电压，
因串联电路中各处的电流相等，所以电路中的电流I=UXRX=U0R0，则Rx=UXU0⋅R0，故A可行；
B、由电路图可知，两开关均闭合时，电路为Rx的简单电路，电压表测电源两端的电压U；
只闭合S时，R0与Rx串联，电压表测Rx两端的电压Ux，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以R0两端的电压U0=U−Ux，
因串联电路中各处的电流相等，所以电路中的电流I=UXRX=U0R0，则Rx=UXU0⋅R0=UXU−UX⋅R0，故B可行；
C、图中两电阻并联，电流表测量通过R0的电流，根据并联电路各支路互不影响知，无论开关S1是否闭合，电流表的示数不变，不能测量出Rx的电阻，故C不可行；
D、由电路图可知，两开关均闭合时，电路为Rx的简单电路，电流表测电路中的电流I1；只闭合S时，R0与Rx串联，电流表测电路中的电流I2，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，且电源的电压不变，所以U=I1Rx=I2(Rx+R0)，则Rx=I2R0I1−I2，故D可行。
故选：C。
故答案为：(1)R=UI；(2)见上图；(3)C；(4)12.5Ω；增大；温度；(5)C。
(1)测量电阻的原理为：R=UI；
(2)要掌握电压表、电流表和滑动变阻器的接法。注意电压表要并联在电路中；
(3)电路电阻太大，电路电流很小，灯泡实际功率很小时，灯泡不发光，可以移动滑片，减小滑动变阻器接入电路的中子，看灯泡是否发光；
(4)由图像读出电压为2.5V的电流，根据欧姆定律算出灯泡正常发光时的电阻；
当小灯泡中的电流值增大时，灯丝的温度会升高，其阻值增大；
(5)串联电路的电流处处相等，并联电路各支路电压相等，用电压表和电流表直接或间接测量电压和电流，根据Rx=UXIX求出电阻。
此题测量小灯泡的电阻实验，考查了学生对实物电路的连接，特别是电流表、电压表、滑动变阻器的接法，同时考查了有关有关电阻的计算及灯丝电阻与温度的关系。
电路故障也是电学中常出现的问题，要根据小灯泡、电流表、电压表的情况确定。
26.【答案】R2 2.2B0.5大于 0.225CU0R U0×(I−U0R)
【解析】解：(1)灯泡正常发光时的电压UL=2.5V，正常发光时灯丝电阻约为10Ω，由欧姆定律，灯的额定电流约为：
；
电源电压恒为6V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，灯正常发光时，滑动变阻器两端的电压：
，
由欧姆定律I=UR，灯正常发光时，变阻器连入电路的电阻为：
，考虑到电流因素，则滑动变阻器选R2；
P到图甲中某一位置时，电压表示数(如图乙所示)，电压表选用小量程，分度值为0.1V，电压为2.2V，因2.2V小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向B端移动，直到电压表示数为额定电压；
根据图丙信息，灯在额定电压下的电流为0.2A，可计算出小灯泡的额定功率是：
P=ULIL=2.5V×0.2A=0.5W；
(2)由图丙知，灯在额定电压2.5V时的电流为0.2A；
当灯泡实际电压为额定电压一半时，即灯的实际电压为1.25V时，对应的电流约为0.13A，如下图所示：
灯的实际功率为：
P1=U1I1=1.25V×0.13A=0.1625W；
当灯泡实际电流为额定电流一半时，即灯电流为0.1A时，对应的灯的电压为1V，灯的实际功率为：
P2=U2I2=1V×0.1A=0.1W；
故P1大于P2；
若将该灯泡与一个20Ω的定值电阻串联直接接在上述4.5V的电源上，由图像可读出当电流I′=0.15A时，小灯泡两端电压为1.5V，由欧姆定律，此时定值电阻两端电压为：，此时灯与定值电阻的电压之和刚好等于电源电压(1.5V+3V=4.5V)，故灯的实际功率：
；
(3)由原图知，电流与电压的关系为一曲线，即电阻是变化的，灯的电阻随温度的升高而变大，
①若R不变，根据P=I2R，P与I2的关系为过原点的直线，
因灯电阻是随温度的升高而变大，P与I2的关系为一曲线，A错误；
通过灯的电流越大，灯的功率越大，功率越大，温度越大，灯的电阻越大，故电功率比A图中功率要大，故B错误；
②根据P=U2R，若R不变，功率与电压的平方成正比，功率与电压平方关系为原点直线，
而灯的电阻随温度的升高而变大，故功率与电压的平方不成正比，为一曲线，D错误；
灯的电压越大，通过灯的电流越大，灯的功率越大，功率越大，温度越大，灯的电阻越大，故功率与D中的图大小将变小，故C正确；
故选：C。
(4)①S掷向接线柱1，调节滑动变阻器，使电流表的示数U0R；
②保持滑动变阻器滑片不动，S掷向接线柱2，读出电流表示数I；
③在①中，电流表测定值电阻R的电流，由欧姆定律，定值电阻的电压为：
，根据并联电路电压的规律，灯的电压为U0，灯正常发光；
在②中，电流表测灯与R并联的总电流，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律，灯的额定电流：
，本实验中，小灯泡额定功率的表达式：
。
故答案为：(1)R2；2.2； B；0.5；(2)大于；0.225；(3)C；(4)①U0R；③U0×(I−U0R)。
(1)已知灯泡正常发光时的电压和正常发光时灯丝电阻约，由欧姆定律得出灯的额定电流；电源电压恒为6V，根据串联电路电压的规律得出灯正常发光时滑动变阻器两端的电压，由欧姆定律I=UR求出灯正常发光时变阻器连入电路的电阻为，考虑到电流因素，确定选用的滑动变阻器的规格选；
根据电压表选用小量程确定分度值读数；
灯在额定电压下正常发光，根据图中电压表小量程读数，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确滑片移动的方向；
根据图丙可知灯在额定电压下的电流，根据P=UI得出小灯泡的额定功率；
(2)由图丙知灯在额定电压2.5V时的电流为0.2A；
根据作图法，可知当灯泡实际电压为额定电压一半时对应的电流，根据P=UI得出此时灯的实际功率，
同理，得出当灯泡实际电流为额定电流一半时对应灯的电压为1V，根据P=UI得出此时灯的实际功率，据此比较大小；
(3)根据图丙知，电流与电压的关系为一曲线，即电阻是变化的，灯的电阻随温度的升高而变大，
①根据P=I2R分析；
②根据P=U2R分析；
(4)要测灯的额定功率，应先使灯正常发光，在没有电压表的情况下，电流表与定值电阻R应起到电压表的测量作用，故将R与电流表串联后再与灯并联，通过移动变阻器的滑片使电流表示数为U0R时，由并联电路电压的规律，灯的电压为U0，灯正常发光；
保持滑片位置不变，通过开关的转换，使电流表测灯与R并联的总电流，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律求出灯的额定电流，根据P=UI写出灯的额定功率的表达式。
本题测量小灯泡额定功率，考查器材的选择、操作过程、功率公式的运用、影响电阻大小的因素、及串联电路的规律和欧姆定律的运用，同时考查在没有电压表的条件下，设计方案测额定功率的能力，综合性强，难度较大。
27.【答案】解：(1)由v=st得，该桥面长度：
L=s=vt=15m/s×60s=900m；
(2)输出功率P=45kW=45000W，行驶时间t′=30min=1800s，
电动机消耗的电能W=Pt′=45000W×1800s=8.1×107J=8.1×107×13.6×106kW⋅h=22.5kW⋅h。
答：(1)汽车通过某桥面所用的时间为60s，该桥面长度为900m；
(2)行驶时电动机的输出功率为45kW，行驶30min电动机消耗的电能为22.5kW⋅h。
【解析】(1)当汽车在水平路面匀速行驶时，根据s=vt计算出车通过通过某桥面的路程，即为该桥面长度；
(2)根据公式W=Pt可以计算行驶30min汽车所做的功，进而得到可以知道电动机消耗的电能。
这是一道电学和力学的综合题，考查速度公式的应用和功的计算。
28.【答案】解：
(1)只闭合S1时，两电阻串联，此时总电阻较大，根据P=U2R可知，此时功率较小，为低温挡，
由电阻的串联和欧姆定律可得，此时电路中的电流：；
(2)两个开关都闭合时，只有电阻R1接入电路中，此时电路中电阻较小，根据P=U2R可知，此时功率较大，为高温挡，
电烤箱在高温挡工作时消耗的电能为：W=81r3000r/(kW⋅h)=0.027kW⋅h，
工作时间为：t=2min=130h，
电烤箱在高温挡工作时的实际功率为：P=Wt=0.027kW⋅h130h=0.81kW=810W，
由P=U2R可得，用电高峰时家庭电路的实际电压为：。
答：(1)低温挡正常工作时，电路中的电流是2A。
(2)用电高峰时家庭电路的实际电压为198V。
【解析】(1)只闭合S1时，两电阻串联，此时总电阻较大，根据P=U2R可知，此时功率较小，为低温挡，用计算电路中的电流。
(2)两个开关都闭合时，只有电阻R1接入电路中，此时电路中电阻较小，根据P=U2R可知，此时功率较大，为高温挡；先根据电能表铭牌数据计算消耗的电能，再用P=Wt计算电烤箱在高温挡工作时的实际功率，最后根据计算实际电压。
本题考查了欧姆定律的应用及电能、电功率的计算问题，有较强的综合性。
29.【答案】解：(1)当单刀双掷开关S接b时，RN与R0串联，电压表测R0两端的电压，电流表测电路中的电流；
舱门不漏气时，电流表示数为0.1A，根据I=UR可得：
R0两端电压：U0=IbR0=0.1A×20Ω=2V；
(2)当M、N中的气体压强相等时，气体的体积变为2V，由图乙可知，M、N中的气压值均为0.5×105Pa，
查表可知，此时RM、RN的电阻值均为24Ω，
开关S接在a处，RM与R0串联，则此时整个电路消耗的总功率：
P=U2RM+R0=(12V)224Ω+20Ω≈3.3W；
(3)根据串联电路两端的总电压等于各分电阻两端的电压之和可知：
开关接a时，RM两端的电压UM=U−Ua，开关接b时，RN两端的电压UN=U−Ub，
已知：UM：UN=1：2，
即：UMUN=IaRMIbRN=12------------①
已知：PM：PN=5：4，
即：PMPN=Ia2RMIb2RN=54------------②
解①②得：RM=15RN，Ia=52Ib；
因电源电压一定，根据串联电路的特点和欧姆定律可知：
U=Ia(RM+R0)，
U=Ib(RN+R0)，
所以，Ia(RM+R0)=Ib(RN+R0)，
即：52Ib(15RN+20Ω)=Ib(RN+20Ω)
解得：RN=60Ω，RM=15RN=15×60Ω=12Ω，
由表格数据可知，M中的气压PM=0.2×105Pa，N中的气压PN=0.8×105Pa，
此时舱门受到的内外压力差：
△F=△pS=(0.8×105Pa−0.2×105Pa)×0.6m2=3.6×104N。
答：(1)若舱门不漏气，且单刀双挪开关S接b时，电流表示数为0.1A，R0两端电压为2V；
(2)若开关S接在a处，此时整个电路消耗的总功率是3.3W；
(3)此时舱门内外受到的压力差是3.6×104N。
【解析】(1)由电路图可知，当单刀双掷开关S接b时，RN与R0串联，电压表测R0两端的电压，电流表测电路中的电流；根据欧姆定律求出R0两端电压；
(2)先求出当M、N中的气体压强相等时气体的体积，由图乙可知M、N中的气压值，由表格数据可知此时RM、RN的电阻值，当开关S接在a处RM与R0串联，根据电阻的串联和P=U2R此时整个电路消耗的总功率；
(3)根据U=IR表示出电压表的示数之比UM：UN=1：2，根据P=I2R表示出PM：PN，联立即可求出电阻和电流之间的关系，然后根据串联串联的特点和欧姆定律表示出电源电压，根据电源电压不变即可求出两电阻的阻值，然后根据表格数据可知对于的压强，根据F=pS求出此时舱门内外受到的压力差。
本题题量大，考查的知识点多，特别是新信息题较多，难度较大，需在掌握好基础知识的基础上认真分析信息，将课本知识进行有效迁移才能解答好本题。
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