还剩20页未读，
继续阅读
成套系列资料，整套一键下载
2020-2021学年重庆市忠县九年级（上）期末物理试卷
展开
这是一份2020-2021学年重庆市忠县九年级（上）期末物理试卷，共23页。试卷主要包含了5A，则由此不能求得的物理量是，【答案】D，【答案】C，【答案】欧姆 排斥等内容，欢迎下载使用。
2020-2021学年重庆市忠县九年级（上）期末物理试卷
1. 下列物理量中，最接近实际情况的是( )
A. 你现在考试所在教室的气温约60℃
B. 家用电视机的功率约为2000W
C. 家用空调正常工作的电流约0.5A
D. 对人体安全的电压是不高于36V
2. 关于电学知识，下列说法正确的是( )
A. 铜丝、盐水、陶瓷都是导体
B. 在相同电压下，导体中通过的电流越大，它的电阻越小
C. 电流是电荷的移动形成的
D. 毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，是因为橡胶棒原子核的束缚本领弱而失去了电子
3. 下列对热学知识进行的归纳总结中，正确的是( )
A. 下滑时通过热传递增加了物体内能
B. 空气推动塞子时内能增加
C. 海边昼夜温差小是因为水的比热容大
D. 小蒸汽轮机利用机械能转化成内能来工作
4. 如图电路中，闭合开关属于并联电路的是( )
A. B. C. D.
5. 下列说法中正确的是( )
A. 汽油机的压缩冲程是将机械能转化为内能
B. 物体温度越高，含有的热量也就越多
C. 在热传递过程中，温度总是从高温物体传向低温物体
D. 物体吸收热量，温度一定升高
6. 如图，学校在校门口安装了面部识别系统。若识别成功则开关S1闭合，挡板打开且指示灯亮；若识别不成功，安保人员可通过遥控钥匙使开关S2闭合，同样可以使挡板打开且指示灯亮。细心地小夏还发现，在指示灯尚未安装完成的时候，挡板已经可以正常使用，则下列电路中，最符合识别系统的( )
A. B.
C. D.
7. 今年年初，武汉爆发新冠肺炎疫情，全国打响疫情防控阻击战，目前形势持续良好。疫情期间，常用的某款手持式电子测温仪如图甲，图乙是它工作的原理图，其中电源电压保持不变，R是热敏电阻，用于靠近人体测温，定值电阻R0为保护电阻，显示仪是由电流表或电压表改装而成。在测量人的体温时显示仪的示数会随被测者体温的升高而变大，则下列分析正确的是( )
A. 图乙中的显示仪是由电流表改装成的
B. 热敏电阻R的阻值随着温度的升高而减小
C. 被测温者体温越高，整个电路消耗的电能越小
D. 将R0更换为阻值更小的电阻，测相同温度，显示仪示数变大
8. 如图甲所示电路，闭合开关S后，当滑片P从中点滑到最右端的过程中，电压表的示数U与电流表的示数I的关系图线如图乙所示。图乙中U1、U2、I1、I2已知，电源的电压保持不变，灯泡的额定电压为U2.则由此不能求得的物理量是( )
A. 电源电压 B. 滑动变阻器的最大电阻
C. 滑片P在中点时电路消耗的功率 D. 电路消耗的最小功率
9. 德国物理学家______最先通过实验归纳出“一段导体中的电流，跟加在这段导体两端电压成正比，跟这段导体的电阻成反比”的定量关系。验电器的原理是同种电荷互相______(选填“吸引”或“排斥”)。
10. 某出租车使用天然气作为燃料，在一段时间匀速行驶的过程中消耗了420g天然气，若这些天然气完全燃烧，可放出热量______J.若该出租车在该时段内行驶里程为5.544km，受到的平均阻力为1000N，则该出租车的燃料利用率为______。(天然气的热值为4.4×107J/kg)
11. 标有“12V 12W”、“12V6W”的灯L1和L2(灯丝电阻不变)，若将它们串联在某电源上，两灯都发光，则灯______更亮；若红梅家只有800W的电热水壶持续工作2小时，按照家庭电费每度0.5元计算，则她需要交电费______元。
12. 如图所示，R2的阻值为20Ω，电源电压恒定不变，闭合S1，当S2由断开到闭合时，电压表的示数之比是1：3，则R1=______Ω；若将电压表换成电流表，那么在利用该电路进行实验的过程______(选填“能”或“不能”)同时闭合S1和S2。
13. 如图甲电路中，电源电压恒定不变，R1为定值电阻。a、b为滑动变阻器R2的两个端点，c为中点。滑片P从中点c滑到最右端b的过程中，R1的功率变化了0.5W，电压表的示数U随R2变化的图象如图乙。则滑片在中点c时与最右端b时的电流表示数之比Ic：Ib=______。在上述变化过程中，总功率变化了______W.
14. 2020年12月17日1时59分，嫦娥五号返回器携带月球样品在内蒙古四子王旗预定区域安全着陆，探月工程嫦娥五号任务取得圆满成功。嫦娥回家经历了多个阶段，主要阶段有：一是发射入轨阶段。嫦娥五号将由运裁火箭发射，进入到地月转移轨道的飞行阶段。二是地月转移阶段。嫦娥五号完成器简分离，并展开相应太阳翼。三是近月制动阶段。始娥五号继续在目标环月飞行轨道正常行进，并在近月点进行减速制动。四是环月飞行阶段。嫦娥五号在环月飞行轨道中行进到动力下降初始点，并在该阶段完成轨道返回组合体和着陆上升组合体的分离，着陆上升组合体分离后要进行降轨、变轨，轨道返回组合体将缝续环月飞行，等待上升器的到来。五是着陆下降阶段。嫦娥五号着陆上升组合体将从下降初始点开始进行月面软着陆，并经过主减速段、接近段、悬停段、避障段、缓速下降段和自由下落段等多个阶段，寻找合适的月面完成软着陆。六是再入回收阶段。嫦娥五号返回器与轨道器分离后，轨道器进行规避机动，返回器则要经历惯性滑行、地球大气再入、回收着陆三个阶段完成最后的降落。返回器首先以第二宇审速度冲向地球，在进入地球大气后，通过半弹道跳跃式再入返回技术重新跳出大气层，再以第一宇宙速度进行降落，最终返回器打开降落伞，平稳安全地降落在预定地点。
请指出描述中与物理有关的现象，并用所学知识解释这一物理现象。(不得与示例重复)
示例：物理现象：嫦娥五号在内蒙古安全着陆
物理知识：下降时重力势能转化为动能
作答：物理现象：______；
物理知识：______。
15. 为了比较水和食用油的吸热能力。小明用两个相同的加热装置做了如图所示的实验。用温度计测量液体吸收热量前后的温度值、并用钟表记录加热叶间，实验数据记录如表。
物质
初始温度/℃
加热时间/min
最后温度/℃
水
20
6
45
食用油
20
6
68
(1)实验中，需要取______(选填“质量”或“体积”)相同的水和食用油装入两个相同的烧杯进行加热：
(2)用两个相同的加热装置分别给水和食用油加热6min后，发现水升高的温度比食用油升高的温度低，则水吸收的热量______食用油吸收的热量(选填“大于”、“小于”或“等于”)；
(3)在此实验中，若要使水和食用油升高的温度相同，则要继续给______(选填“水”或“食用油”)加热一段时间，待两者升高的温度相同时，水吸收的热量______(选填“大于”、“小于”或“等于”)食用油吸收的热量；
(4)通过实验得出结论：水的吸热能力比食用油______(选填“强”或“弱”)。
(5)水和食用油吸收热量多少无法直接测量，本实验是通过比较酒精灯的加热时间来间接比较吸收热量多少的。这种研究方法与下面(填字母)事例中______的方法是相同的。
A、在研究平面镜成像特点时，用未点燃蜡烛替代点燃蜡烛的像
B、在比较液体压强时，用U形管两端液面高度差来判断
C、用光线表示光的传播路径和方向
16. 小斌用如图所示甲电路探究“电流跟电阻的关系”，电源电压恒为3V，滑动变阻器规格为“50Ω2A”。
(1)请用笔画线代替导线，将图甲中电压表接入电路，测R两端的电压；
(2)滑片P移至阻值最大处，将5Ω电阻接入电路，闭合开关，移动滑片P发现，电压表始终无示数，电流表始终有示数，其原因可能是______(只填序号)
A.R短路
B.R断路
C.滑动变阻器短路
(3)故障排除后，移动滑片P使电压表的示数如图乙所示，记下电压表的示数______；
(4)将5Ω电阻换成10Ω电阻，为保持电压表示数不变，滑片P应向______(选填“A”或“B”)端移动，直到电压表的示数为______V，此时电流表的示数为______ A；
(5)若每次实验均选用单个定值电阻连入电路，小浓现在有“15Ω、20Ω、25Ω、30Ω、35Ω”5个电阻，你认为能供继续实验的电阻最多还有______个；
(6)小斌利用可选电阻继续实验，并得到结论；电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成______比。
(7)在电学实验中，其中三个实验都用到图丙的电路图，下列说法正确的是______。
A.研究“电流与电压的关系”可以用灯泡代替定值电阻进行实验
B.研究“电流与电阻的关系”每次更换电阻后，都要移动滑动变阻器使电流表示数不变
C.“伏安法”测定值电阻，多次实验的目的是求平均值，减小误差
D.在A、B、C选项的三个实验中，滑动变阻器的作用是完全一样的
17. 在伏安法“测定小灯泡的功率”的实验中，小明和小亮同学设计的电路如图甲所示，他选用的小灯泡额定电压为3.8V，电阻约为15Ω，电源电压为6V且保持不变。
(1)该实验原理是______；连接电路时开关应______。
(2)小明连好电路(如图乙)后，闭合开关S，发现灯泡不发光，电流表的示数为零，电压表的示数为6V，产生故障的原因可能是______两个接线柱(选填接线柱编号)间的电路发生了______(“开路”或“短路”)。
(3)小亮连好电路(如图乙)后，闭合开关S，也发现灯泡不发光，但电流表、电压表均有示数，产生这种现象的原因是______。
(4)小明排除故障后，调节滑动变阻器使电压表的示数为______ V时，灯正常发光，此时电流表的示数位置如图丙所示，则灯泡的额定功率为______ W。
(5)小明测量并记录了多组不同电压下灯的电流，发现通过灯丝的电流与灯两端电压并不是正比关系，其原因可能是______。
18. 如图的电路中，电阻R1的阻值为10Ω。闭合开关S，电流表A1的示数为0.3A，电流表A2的示数为0.8A。求：
(1)电源电压是多少；
(2)电路1min消耗的总电能。
19. 如图甲所示为一个超声波加湿器，如图乙所示为其内部湿度监测装置的简化电路图，已知电源电压为12V，定值电阻R0的阻值为30Ω，电流表的量程为0∼200mA，电压表的量程为0∼9V.湿敏电阻R的阻值随湿度RH变化的关系图象如图丙所示，其阻值最大为120Ω(图中未画出)。在电路安全工作的前提下，求：
(1)当电流表的示数为0.2A时，R接入电路中的阻值是多少Ω？
(2)当电压表示数为7.5V时，通过Ro的电流是多少mA？
(3)装置能监测湿度的最大值多少？
20. 如图所示，电源电压不变，电流表的最大量程是0−3A，灯泡L标有“6V3W”(不考虑温度对灯丝电阻的影响)，滑动变阻器的最大阻值为8Ω。当开关S闭合，S1、S2断开，滑片P从b端滑到某一位置时，变阻器的电阻减小4Ω，灯泡恰好正常发光；保持滑片位置不变，闭合S1、S2，电流表示数为2.4A。求：
(1)灯泡的电阻；
(2)电源电压；
(3)滑片不动，开关都闭合时R0的功率。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：
A、人体感觉舒适的温度在23℃左右，考场内气温感觉舒适，应该在23℃左右，故A不符合实际；
B、家用电视机工作电流在0.9A左右，其额定功率在P=UI=220V×0.9A≈200W左右，故A不符合实际；
C、空调额定功率在1100W左右。工作电流在I=PU=1100W220V=5A左右，故C不符合实际；
D、经验证明，只有不高于36V的电压对人体才是安全的，故D符合实际。
故选D。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。
2.【答案】B
【解析】解：A、铜丝、盐水、陶瓷中，铜丝和盐水是导体，陶瓷属于绝缘体，故A错误；
B、根据欧姆定律得：R=UI，在相同电压下，导体中通过的电流越大，它的电阻越小，故B正确；
C、电流是电荷的定向移动形成的，故C错误；
D、毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，是因为橡胶棒原子核的束缚本领强而得到了电子，故D错误。
故选：B。
(1)容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体；常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等。常见的绝缘体有陶瓷、塑料、玻璃、橡胶、油等；导体和绝缘体没有绝对的界限。
(2)根据欧姆定律，若电压不变，接入不同导体，电流越大，说明接入的导体电阻越小。
(3)电荷的定向移动形成电流。
(4)摩擦起电的原因是原子核对电子的束缚本领不同，束缚本领弱的易失去电子而带正电。
知道生活中常见导体和绝缘体，理解欧姆定律、电流的形成、摩擦起电的原因，可解答此题。
3.【答案】C
【解析】解：A、在滑梯上下滑时，摩擦生热，机械能转化成内能，是通过做功增加了物体的内能，故A错误；
B、空气推动塞子时，气体膨胀对外做功，内能减小，故B错误；
C、水的比热容大，同样受冷或受热时温度变化小，所以海边昼夜温差小，故C正确；
D、蒸汽轮机利用蒸汽的内能做功，是内能转化成机械能，故D错误。
故选：C。
(1)当机械能转化为物体的内能时，机械能减小，内能增加，物体的温度升高；
(2)当内能转化为机械能时，内能减小，机械能增加，物体的机械运动情况发生变化；
(3)比热容是物质的特性，大部分物质的比热容不同，比热容大的物质在同样受冷或受热时，温度变化量小。
(4)热机是利用内能转化为机械能来工作的。
本题考查学生对比热容概念的理解，以及改变内能方式的掌握情况，属于基础性考查，是学生应当掌握的识记性内容。
4.【答案】C
【解析】解：A、开关闭合后，其中一个灯泡被短路，为另一灯泡的基本电路，不符合题意；
B、图中两盏灯泡是串联的，不符合题意；
C、两盏灯泡的两端分别连在一起，它们是并联在一起的，符合题意；
D、开关闭合后，其中一个灯泡被短路，为另一灯泡的基本电路，不符合题意；
故选：C。
解决此题要知道把几个用电器首首相接，尾尾相接，再连入电路，这就是并联。
此题考查的是对并联电路的理解，要会根据电路图判断它们的连接情况。
5.【答案】A
【解析】解：A、在汽油机工作的四个冲程中，压缩冲程将机械能转化为内能，故A正确；
B、物体温度升高时内能增大，热量只能说吸收和放出，不能说含有，故B错误；
C、在发生热传递时，高温物体放出热量，低温物体吸收热量，内能总是从高温物体转移到低温物体，不是传递温度，故C错误；
D、物体吸收热量内能不一定增大，温度不一定升高，如沸腾过程中吸收热量但是内能在减少，晶体熔化时，吸收热量，温度不变，故D错误。
故选：A。
(1)在汽油机的做功冲程中，将内能转化为机械能；在压缩冲程中，将机械能转化为内能；
(2)任何物体都有内能，热量只能说吸收和放出；
(3)热传递是热量从高温物体转移到低温物体，或从同一物体的高温部分传向低温部分的过程；
(4)物体吸收热量内能不一定增大，温度不一定升高，如晶体熔化。
本题是考查学生对温度、内能、热量三者关系的理解，以及热传递的条件和晶体熔化过程的特点的掌握，难度不大。
6.【答案】D
【解析】解：根据题意可知，面部识别成功后，指示灯会亮；面部识别不成功，通过开关S2闭合同样可以使挡板打开且指示灯亮；这说明这两个开关是并联的，互不影响；在指示灯尚未安装完成的时候，挡板已经可以正常使用，说明挡板和指示灯能各自独立工作，是并联的，故D图是正确的，ABC错误。
故选：D。
并联电路中，各支路互不影响，串联电路中，各个用电器是相互影响的；根据开关的闭合情况和用电器工作的特点判定电路的连接方式。
本题考查了电路的设计，根据题意得出两个开关的连接方式是解题的关键。
7.【答案】D
【解析】解：
A、由图可知，R与R0串联，因显示仪与热敏电阻并联，故显示仪是由电压表改装成的，故A错误；
B、当被测者体温较高时，显示仪的示数(电压表的示数)也会变大，由分压原理可知，热敏电阻的电阻变大，即热敏电阻R的阻值随着温度的升高而增大，故B错误；
C、被测者体温越高，电压表示数越大，根据串联电路分压原理可知，热敏电阻的阻值越大，电路的总电阻越大，由I=UR可知，电路的电流越小，根据P=UI可知，功率越小，由于时间不知，则根据W=Pt可知无法判定消耗电能的多少，故C错误；
D、温度相同时热敏电阻的阻值不变，将R0更换为阻值更小的电阻，由串联电路分压特点可知，R0两端分得的电压变小，根据串联电路的电压特点可知，R两端的电压越大，因此显示仪示数会变大，故D正确。
故选：D。
(1)根据电流表和电压表的正确使用确定显示仪是电流表还是电压表；
(2)当被测者体温较高时，显示仪的示数也会变大，由串联电路电压的规律和分压原理分析；
(3)被测者体温越高，电压表示数越大，根据串联电路分压原理可知热敏电阻阻值的变化，由欧姆定律分析电路的电流变化；根据W=Pt分析消耗电能的多少；
(4)当温度相同时，热敏电阻的阻值不变，若将R0更换为阻值更大的电阻，由串联电路分压特点可知显示仪示数的变化。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是从题干中获取有效的信息，难度不大。
8.【答案】D
【解析】解：
A、当滑片位于右端时，电路为灯泡的简单电路，此时电压表测电源的电压，其示数最大，即电源电压U=U2；故A能求出；
B、由题意和图示可知，当滑片位于中点时，电压表的示数为U1，电路中的电流为I1，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，则滑动变阻器两端的电压UR=U−U1=U2−U1，
根据欧姆定律可得滑片在中点时变阻器接入的阻值：12R=URI1；
则变阻器的最大电阻为R=2×URI1=2×U2−U1I1，故B能求出；
C、知道滑片P在中点时电路中的电流以及电源电压，根据P=UI能求出滑片P在中点时电路消耗的功率，故C能求出；
D、由图乙可知，灯丝的电阻是变化的，当滑动变阻器滑片移至最左端时，总电阻最大，电路中的电流最小，此时电路消耗的功率最小；由于灯丝电阻是变化的，所以无法求出最小电流，故不能利用功率公式求出电路消耗的最小功率，故D不能求出。
故选：D。
(1)当滑片位于右端时，电路为灯泡的简单电路，此时电压表测电源的电压，灯泡两端的电压和额定电压相等，根据P=UI求出灯泡的额定功率；
(2)当滑片位于中点时，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，利用欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的电阻，进一步求出滑动变阻器的最大阻值；
(3)由乙图可知，灯泡两端的电压和通过的电流比值不是一条直线说明灯泡的电阻是变化的，当滑片P移至最左端时电路中的总电阻无法计算，电路的总功率无法计算。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是从图象中滑片位于不同位置时电表的示数和得出灯泡的电阻是变化。
9.【答案】欧姆 排斥
【解析】解：
(1)德国物理学家欧姆最先通过实验归纳出“一段导体中的电流，跟加在这段导体两端电压成正比，跟这段导体的电阻成反比”的定量关系，这一规律被称为欧姆定律；
(2)验电器的原理：同种电荷相互排斥。
故答案为：欧姆；排斥。
了解欧姆定律的得出，根据对物理学史知识的了解可直接作答。电荷间的作用规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
本题考查了我们对欧姆定律发现过程的了解，属物理常识，应该了解，还考查了验电器的工作原理。
10.【答案】1.848×107 30%
【解析】解：(1)天然气完全燃烧放出的热量：
；
(2)出租车所做有用功：
W=Fs=1000N×5.544×103m=5.544×106J；
出租车热机的效率：
。
故答案为：1.848×107；30%。
(1)根据燃料燃烧放出热量公式Q=mq可计算天然气完全燃烧释放的热量；
(2)根据公式W=Fs求出有用功，利用效率公式求热机的机械效率。
本题考查了热量、功的计算、效率的计算，要求灵活选用公式，属于综合性题目。
11.【答案】L2 0.8
【解析】解：
(1)由P=UI=U2R可得两个灯泡的电阻分别为：
R1=U12P1=(12V)212W=12Ω，R2=U22P2=(12V)26W=24Ω，
比较可知R1
热水壶工作2小时消耗的电能为：W=Pt=0.8kW×2h=1.6kW⋅h，
则需要交电费为：1.6kW⋅h×0.5元/kW⋅h=0.8元。
故答案为：L2；0.8。
(1)由灯泡的铭牌可知额定电压和额定功率，根据P=UI=U2R求出两灯的电阻，两灯泡串联时，根据串联电路的电流特点可知通过两灯的电流相等，再根据P=I2R比较两灯泡实际功率的大小，即可知道两灯泡的亮暗关系；
(2)已知热水壶的功率和工作时间，利用W=Pt可求出热水壶工作2小时消耗的电能，根据电费的单价，可求出所需电费总数。
本题主要考查了学生对电功率和电能的计算公式的运用，需要注意灯泡的亮度由灯泡的实际功率决定。
12.【答案】10 不能
【解析】解：闭合S1，当S2断开时，两电阻串联，电压表测量R1两端的电压U1；
闭合S1，当S2闭合时，R2被短路，只有电阻R1工作，电压表测量总电压U；
因为串联电路总电压等于各分电压之和，且S2由断开到闭合时电压表的示数之比是1：3；
所以U1：U2=U1：(U−U1)=1：(3−1)=1：2；
因为串联电路各处的电流相等，且U=IR，
所以R1：R2=U1I：U2I=U1：U2=1：2，
因为R2的阻值为20Ω，所以R1=10Ω；
(2)若将电压表换成电流表，由于电流表的电阻很小，若同时闭合S1和S2，电流会不经过电阻直接将电源的两极连接起来造成电源短路。
故答案为：10；不能。
(1)闭合S1，当开关S2闭合时R2被短路，电压表测量的为总电压；当开关S2断开时两电阻串联，电压表测R1两端的电压，则由串联电路的电压规律可求得电压之比，根据串联电路的电流规律和欧姆定律可求电阻之比，进而算出R1的电阻；
(2)若将电压表换成电流表，由于电流表的电阻很小，若同时闭合S1和S2会造成电源短路。
本题考查了串联电路的规律和欧姆定律的应用，关键是根据电源的电压不变得出电压表示数之间的关系。
13.【答案】3：2；0.6
【解析】解：
由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)由图乙可知，滑片在中点c时电压表的示数Uc=3V，滑片在最右端b时电压表的示数Ub=4V，
由I=UR可得，滑片在中点c时与最右端b时的电流表示数之比：
IcIb=Uc12R2UbR2=2UcUb=2×3V4V=32；
则可得：Ic=32Ib----------①；
(2)因电源的电压一定时，电路中的电流与总电阻成反比，
所以，IcIb=R1+R2R1+12R2=32，
解得：R2=2R1-------------②
因滑片P从中点c滑到最右端b的过程中，R1的功率变化了0.5W，
所以，由P=I2R可得：
△P1=P1c−P1b=Ic2R1−Ib2R1=(32Ib)2R1−Ib2R1=54Ib2R1=0.5W，
则Ib2R1=0.4W-------------③，
当滑片位于中点c时，电路的总功率：
P=Ic2(R1+12R2)=(32Ib)2×(R1+12×2R1)=92Ib2R1=92×0.4W=1.8W，
当滑片最右端b时，电路的总功率：
P′=Ib2(R1+R2)=Ib2(R1+2R1)=3Ib2R1=3×0.4W=1.2W，
所以总功率的变化量：
△P=P−P′=1.8W−1.2W=0.6W。
故答案为：3：2；0.6。
由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)由图乙可知，滑片在中点c时与最右端b时R2两端的电压，根据欧姆定律求出两种情况下电路中的电流之比；
(2)电源的电压一定时，电路中的电流与总电阻成反比，据此求出两电阻的阻值关系，滑片P从中点c滑到最右端b的过程中，利用P=UI=I2R表示出R1的功率变化了0.5W，再根据串联电路的特点和P=UI=I2R求出滑片位于中点c时、滑片最右端b时电路的总功率，然后得出答案。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确的得出各量之间的关系是关键。
14.【答案】返回器打开降落伞，逐渐减速 力可以改变物体的运动状态
【解析】解：
“回器首先以第二宇审速度冲向地球，在进入地球大气后，通过半弹道跳跃式再入返回技术重新跳出大气层，再以第一宇宙速度进行降落，最终返回器打开降落伞，平稳安全地降落在预定地点”可知：返回器打开降落伞，逐渐减速；力可以改变物体的运动状态。
故答案为：返回器打开降落伞，逐渐减速；力可以改变物体的运动状态。
(1)物理现象可以是：返回器打开降落伞，逐渐减速(或返回器安落全的降在预定地点等)。
(2)用到的物理知识对应为：力可以改变物体的运动状态(或返回器静止时所受力的合力为零等)。
本题考查力的作用效果等相关知识点，是一道基础题目。
15.【答案】质量 等于 水 大于 强 B
【解析】解：(1)探究水与食用油吸热能力大小关系，需要保持水与食用油的质量相等；
(2)用两个相同的装置分别给水和食用油加热，在相等时间内它们吸收的热量相等，故加热6min后，水与食用油吸收的热量相等；
(3)由表中实验数据可知，吸收相等的热量，水升高的温度低，若要使水和食用油升高的温度相同，水需要吸收更多的热量，需要继续给水加热一段时间；
加热时间越长，液体吸收的热量越多，待两者升高的温度相同时，水的加热时间长，则水吸收的热量大于食用油吸收的热量；
(4)由实验可知，质量相同的水与食用油吸收热量相等时水升高的温度低，水的吸热能力强；
(5)水和食用油吸收热量多少无法直接测量，本实验是通过比较加热时间来间接比较吸收热量多少的。这种研究方法叫转换法：
A.在研究平面镜成像特点时，用未点燃蜡烛替代点燃蜡烛的像，采用了等效替代法；
B.比较液体压强大小时，用U形管两端液面高度差来判断，采用了转换法；
C.用光线表示光的传播路径和方向，采用了模型法。
故选：B。
故答案为：(1)质量；(2)等于；(3)水；大于；(4)强；(5)B。
(1)(3)(4)比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
(2)我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
(5)根据转换法回答；
逐一分析每个选项，找出符合题意的答案。
此题考查了我们对于实验数据的分析能力，考查了对比热容这一物理量的理解，我们要能够根据相关的实验数据得出我们需要的知识，并能够将这些知识应用于生活。
16.【答案】A1VA10.12反 C
【解析】解：(1)电源电压为3V，故电压表选用小量程与电阻并联，如下图所示：
(2)A.若R短路，电路为通路，电流表有示数，电压表没有示数，符合题意；
B.若R断路，电流表没有示数，不符合题意；
C.滑动变阻器短路，电压表测电源电压，电压表有示数，电流表有示数，不符合题意；
故选A；
(3)故障排除后，移动滑片P使电压表的示数如图乙所示，电压表选用小量程，分度值为0.1V，电压为1V；
(4)根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向A端移动，使电压表的示数为1V，由欧姆定律，此时电流表的示数为：I=UVR=1V10Ω=0.1A；
(5)电阻两端的电压始终保持UV=1V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：，电阻分得的电压为变阻器分得的电压0.5倍，根据分压原理，当变阻器的最大电阻50Ω连入电路中时，对应的定值电阻最大值为：
，小斌现在有“15Ω、20Ω、30Ω、35Ω、50Ω”5个电阻，你认为能供继续实验的电阻最多还有2个；
(6)小斌利用可选电阻继续实验，并得到结论：电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比；
(7)A、在研究电流与电压关系时，应当控制电阻是定值，因此本实验选用的是定值电阻，而小灯泡的电阻会受温度的变化而变化，所以本实验不能用小灯泡；
B、研究“电流与电阻的关系”，应当保证定值电阻两端的电压不变，因此每次更换电阻后，都要移动滑动变阻器使电压表示数不变，所以滑动变阻器的目的是控制定值电阻两端电压不变；
C、研究“电流与电压的关系“，控制电阻是定值，多次改变定值电阻两端的电压，所以滑动变阻器的目的是改变定值电阻两端的电压；因此C正确。
故答案为：(1)如上所示；(2)A；(3)1V；(4)A；1；0.1；(5)2；(6)反；(7)C。
(1)根据电源电压为3V确定电压表选用小量程与电阻并联；
(2)逐一分析每个选项，找出符合题意的答案；
(3)根据电压表选用小量程确定分度值读数；
(4)根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；由欧姆定律得出此时电流表的示数；
(5)电阻两端的电压始终保持UV=1V，根据串联电路电压的规律得出变阻器分得的电压，根据分压原理得出当变阻器的最大电阻50Ω连入电路中时对应的定值电阻最大值，据此分析；
(6)电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比；
(7)根据实际实验要求进行分析。
本题探究“电流跟电阻的关系”，考查电路连接、故障分析、控制变量法、操作过程、欧姆定律的运用和对器材要求及实验结论。
17.【答案】P=UI断开 ③④或④⑤ 开路 滑动变阻器接入电路的电阻太大 3.80.988灯丝的电阻受温度的影响发生了变化
【解析】解：(1)伏安法测小灯泡电功率的原理是P=UI，为了保护电路，连接电路时开关应断开；
(2)灯泡不发光，电流表示数为零说明电路开路，而电压表有示数说明电压表和电源两极连接的部分没有开路，则故障为与电压表并联部分开路，因此可能是③④或④⑤两接线柱间发生开路；
(3)闭合开关，接通电路后，电流表、电压表工作正常，示数均不为零，说明电路是通路，可能是滑动变阻器接入电路的电阻过大，电路中电流最小，灯泡不能发光；
(4)实验中移动滑片P，当电压表示数为3.8V时，灯泡正常发光，由图可知，电流表使用0∼0.6A量程，分度值为0.02A，示数为0.26A，
所以灯泡的额定功率：P=UI=3.8V×0.26A=0.988W；
(5)由于灯丝的电阻随温度的升高而增大，所以灯泡的电阻变化较大，故通过灯丝的电流与灯两端电压并不是正比关系。
故答案为：(1)P=UI；断开；(2)③④或④⑤；开路；(3)滑动变阻器接入电路的电阻过大；(4)3.8；0.988；(5)灯丝的电阻随温度的升高而增大。
(1)伏安法测小灯泡电功率的原理是P=UI，为了保护电路，连接电路时开关应断开；
(2)灯泡不发光，电流表示数为零说明电路开路，电压表有示数说明电压表和电源两极连接的部分没有开路；
(3)电表都有示数说明电路是通路，可从电路中电阻过大分析原因；
(4)当灯泡电压达到额定电压时灯泡正常发光，电流表所选量程确定分度值读出电流表的示数，根据P=UI计算额定功率；
(5)根据灯丝的电阻受温度的影响来分析。
此题是测定小灯泡功率的实验，考查了电路故障的分析、功率计算及灯丝电阻与温度的关系。这是电学最重要的实验，需要熟练掌握其原理、器材、测量过程及注意事项。
18.【答案】解：由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测R1支路的电流，电流表A2测R2支路的电流。
(1)因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，由I=UR可得电源的电压：U=I1R1=0.3A×10Ω=3V；
(2)因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路电流为：I=I1+I2=0.3A+0.8A=1.1A，
则电路1min消耗的总电能为：W=UIt=3V×1.1A×1×60s=198J。
答：(1)电源电压是3V；
(2)电路1min消耗的总电能为198J。
【解析】由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测R1支路的电流，电流表A2测R2支路的电流。
(1)根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出电源的电压；
(2)根据并联电路的电流特点求出干路电流，利用W=UIt求出电路1min消耗的总电能。
本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功公式的应用，是一道较为简单的应用题。
19.【答案】解：由图可知，定值电阻R0与湿敏电阻R串联，电压表测量湿敏电阻R两端的电压，电流表测量电路中的电流；
(1)当电流表的示数为0.2A时，由I=UR可得此时的总电阻：
，
因串联电路总电阻等于各电阻之和，
所以此时R接入电路中的阻值为：
；
(2)当电压表示数为7.5V时，由串联电路的电压特点可得，R0两端的电压：
U0=U−UR=12V−7.5V=4.5V，
此时通过R0的电流：
I′=U0R0=4.5V30Ω=0.15A=150mA；
(3)由图丙可知，湿度越大，湿敏电阻R的阻值越大，由串联分压规律可知，湿敏电阻两端的电压也越大(即电压表示数越大)，
因为电压表量程为0∼9V，所以湿敏电阻R两端的电压最大为9V时，此时监测的湿度最大；
根据串联电路总电压等于各电阻两端的电压之和可知，R0两端的最小电压：
，
则电路中的最小电流：
，
根据欧姆定律可知，R接入电路的最大阻值：
；
由图乙可知能监测湿度的最大值为80%。
答：(1)当电流表的示数为0.2A时，R接入电路中的阻值为30Ω；
(2)当电压表示数为9V时，通过R0的电流为150mA；
(3)装置能监测湿度最大值为80%。
【解析】由图可知：定值电阻R0与湿敏电阻R串联，电压表测量湿敏电阻R两端的电压，电流表测量电路中的电流；
(1)当电流表的示数为0.2A时，利用欧姆定律即可求出此时电路中的总电阻，然后根据串联电路的电阻特点求出R接入电路中的阻值；
(2)当电压表示数为9V时，根据串联电路的电压特点求出R0两端的电压；利用欧姆定律求出通过R0的电流；
(3)由于串联电路中电阻两端的电压随电阻值的增大而变大，所以根据电压表的最大示数，求出此时R的电阻，由图乙即可判断得出能监测湿度的最大值。
本题是一道信息给予题，认真审题、根据题意获取所需信息，应用串联电路特点、欧姆定律即可正确解题。
20.【答案】解：(1)已知灯泡的额定电压为6V，额定功率为3W，
由P=U2R可得，灯泡的电阻：RL=UL2PL=(6V)23W=12Ω；
(2)开关S闭合，S1、S2断开时，灯泡L和滑动变阻器串联；
当滑片在b点时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，即8Ω，则当滑片P从b端滑到某一位置时，变阻器的电阻减小4Ω，灯泡恰好正常发光，故滑动变阻器接入电路的阻值：，
因串联电路中各处的电流相等，由P=UI可知，电路电流：I=IL=PLUL=3W6V=0.5A，
因串联电路中的总电阻等于各分电阻之和，所以电路的总电阻：，
由I=UR可得，电源电压：；
(3)保持滑片位置不变，当开关S、S1、S2都闭合时，定值电阻R0与滑动变阻器并联，电流表测量干路电流；
此时通过滑动变阻器的电流：，
因并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，所以通过R0的电流：，
则R0的功率：P0=UI0=8V×0.4A=3.2W。
答：(1)灯泡的电阻为12Ω；
(2)电源电压为8V；
(3)滑片不动，开关都闭合时R0的功率为3.2W。
【解析】(1)已知灯泡的额定电压和额定功率，根据P=U2R求出灯泡的阻值；
(2)开关S闭合，S1、S2断开时，灯泡L和滑动变阻器串联，当滑片P从b端滑到某一位置时，变阻器的电阻减小4Ω，灯泡恰好正常发光，据此求出滑动变阻器接入电路的阻值，再根据P=UI求出灯泡正常发光的电流，最后根据串联电路电流、电阻规律和欧姆定律求出电源电压；
(3)保持滑片位置不变，当开关S、S1、S2都闭合时，定值电阻R0与滑动变阻器并联，电流表测量干路电流，根据欧姆定律求出通过滑动变阻器的电流，再根据并联电路电流规律求出通过R0的电流，最后根据P=UI求出定值电阻R0的功率。
本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键明确开关处于不同状态时电路的连接方式。
2020-2021学年重庆市忠县九年级（上）期末物理试卷
1. 下列物理量中，最接近实际情况的是( )
A. 你现在考试所在教室的气温约60℃
B. 家用电视机的功率约为2000W
C. 家用空调正常工作的电流约0.5A
D. 对人体安全的电压是不高于36V
2. 关于电学知识，下列说法正确的是( )
A. 铜丝、盐水、陶瓷都是导体
B. 在相同电压下，导体中通过的电流越大，它的电阻越小
C. 电流是电荷的移动形成的
D. 毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，是因为橡胶棒原子核的束缚本领弱而失去了电子
3. 下列对热学知识进行的归纳总结中，正确的是( )
A. 下滑时通过热传递增加了物体内能
B. 空气推动塞子时内能增加
C. 海边昼夜温差小是因为水的比热容大
D. 小蒸汽轮机利用机械能转化成内能来工作
4. 如图电路中，闭合开关属于并联电路的是( )
A. B. C. D.
5. 下列说法中正确的是( )
A. 汽油机的压缩冲程是将机械能转化为内能
B. 物体温度越高，含有的热量也就越多
C. 在热传递过程中，温度总是从高温物体传向低温物体
D. 物体吸收热量，温度一定升高
6. 如图，学校在校门口安装了面部识别系统。若识别成功则开关S1闭合，挡板打开且指示灯亮；若识别不成功，安保人员可通过遥控钥匙使开关S2闭合，同样可以使挡板打开且指示灯亮。细心地小夏还发现，在指示灯尚未安装完成的时候，挡板已经可以正常使用，则下列电路中，最符合识别系统的( )
A. B.
C. D.
7. 今年年初，武汉爆发新冠肺炎疫情，全国打响疫情防控阻击战，目前形势持续良好。疫情期间，常用的某款手持式电子测温仪如图甲，图乙是它工作的原理图，其中电源电压保持不变，R是热敏电阻，用于靠近人体测温，定值电阻R0为保护电阻，显示仪是由电流表或电压表改装而成。在测量人的体温时显示仪的示数会随被测者体温的升高而变大，则下列分析正确的是( )
A. 图乙中的显示仪是由电流表改装成的
B. 热敏电阻R的阻值随着温度的升高而减小
C. 被测温者体温越高，整个电路消耗的电能越小
D. 将R0更换为阻值更小的电阻，测相同温度，显示仪示数变大
8. 如图甲所示电路，闭合开关S后，当滑片P从中点滑到最右端的过程中，电压表的示数U与电流表的示数I的关系图线如图乙所示。图乙中U1、U2、I1、I2已知，电源的电压保持不变，灯泡的额定电压为U2.则由此不能求得的物理量是( )
A. 电源电压 B. 滑动变阻器的最大电阻
C. 滑片P在中点时电路消耗的功率 D. 电路消耗的最小功率
9. 德国物理学家______最先通过实验归纳出“一段导体中的电流，跟加在这段导体两端电压成正比，跟这段导体的电阻成反比”的定量关系。验电器的原理是同种电荷互相______(选填“吸引”或“排斥”)。
10. 某出租车使用天然气作为燃料，在一段时间匀速行驶的过程中消耗了420g天然气，若这些天然气完全燃烧，可放出热量______J.若该出租车在该时段内行驶里程为5.544km，受到的平均阻力为1000N，则该出租车的燃料利用率为______。(天然气的热值为4.4×107J/kg)
11. 标有“12V 12W”、“12V6W”的灯L1和L2(灯丝电阻不变)，若将它们串联在某电源上，两灯都发光，则灯______更亮；若红梅家只有800W的电热水壶持续工作2小时，按照家庭电费每度0.5元计算，则她需要交电费______元。
12. 如图所示，R2的阻值为20Ω，电源电压恒定不变，闭合S1，当S2由断开到闭合时，电压表的示数之比是1：3，则R1=______Ω；若将电压表换成电流表，那么在利用该电路进行实验的过程______(选填“能”或“不能”)同时闭合S1和S2。
13. 如图甲电路中，电源电压恒定不变，R1为定值电阻。a、b为滑动变阻器R2的两个端点，c为中点。滑片P从中点c滑到最右端b的过程中，R1的功率变化了0.5W，电压表的示数U随R2变化的图象如图乙。则滑片在中点c时与最右端b时的电流表示数之比Ic：Ib=______。在上述变化过程中，总功率变化了______W.
14. 2020年12月17日1时59分，嫦娥五号返回器携带月球样品在内蒙古四子王旗预定区域安全着陆，探月工程嫦娥五号任务取得圆满成功。嫦娥回家经历了多个阶段，主要阶段有：一是发射入轨阶段。嫦娥五号将由运裁火箭发射，进入到地月转移轨道的飞行阶段。二是地月转移阶段。嫦娥五号完成器简分离，并展开相应太阳翼。三是近月制动阶段。始娥五号继续在目标环月飞行轨道正常行进，并在近月点进行减速制动。四是环月飞行阶段。嫦娥五号在环月飞行轨道中行进到动力下降初始点，并在该阶段完成轨道返回组合体和着陆上升组合体的分离，着陆上升组合体分离后要进行降轨、变轨，轨道返回组合体将缝续环月飞行，等待上升器的到来。五是着陆下降阶段。嫦娥五号着陆上升组合体将从下降初始点开始进行月面软着陆，并经过主减速段、接近段、悬停段、避障段、缓速下降段和自由下落段等多个阶段，寻找合适的月面完成软着陆。六是再入回收阶段。嫦娥五号返回器与轨道器分离后，轨道器进行规避机动，返回器则要经历惯性滑行、地球大气再入、回收着陆三个阶段完成最后的降落。返回器首先以第二宇审速度冲向地球，在进入地球大气后，通过半弹道跳跃式再入返回技术重新跳出大气层，再以第一宇宙速度进行降落，最终返回器打开降落伞，平稳安全地降落在预定地点。
请指出描述中与物理有关的现象，并用所学知识解释这一物理现象。(不得与示例重复)
示例：物理现象：嫦娥五号在内蒙古安全着陆
物理知识：下降时重力势能转化为动能
作答：物理现象：______；
物理知识：______。
15. 为了比较水和食用油的吸热能力。小明用两个相同的加热装置做了如图所示的实验。用温度计测量液体吸收热量前后的温度值、并用钟表记录加热叶间，实验数据记录如表。
物质
初始温度/℃
加热时间/min
最后温度/℃
水
20
6
45
食用油
20
6
68
(1)实验中，需要取______(选填“质量”或“体积”)相同的水和食用油装入两个相同的烧杯进行加热：
(2)用两个相同的加热装置分别给水和食用油加热6min后，发现水升高的温度比食用油升高的温度低，则水吸收的热量______食用油吸收的热量(选填“大于”、“小于”或“等于”)；
(3)在此实验中，若要使水和食用油升高的温度相同，则要继续给______(选填“水”或“食用油”)加热一段时间，待两者升高的温度相同时，水吸收的热量______(选填“大于”、“小于”或“等于”)食用油吸收的热量；
(4)通过实验得出结论：水的吸热能力比食用油______(选填“强”或“弱”)。
(5)水和食用油吸收热量多少无法直接测量，本实验是通过比较酒精灯的加热时间来间接比较吸收热量多少的。这种研究方法与下面(填字母)事例中______的方法是相同的。
A、在研究平面镜成像特点时，用未点燃蜡烛替代点燃蜡烛的像
B、在比较液体压强时，用U形管两端液面高度差来判断
C、用光线表示光的传播路径和方向
16. 小斌用如图所示甲电路探究“电流跟电阻的关系”，电源电压恒为3V，滑动变阻器规格为“50Ω2A”。
(1)请用笔画线代替导线，将图甲中电压表接入电路，测R两端的电压；
(2)滑片P移至阻值最大处，将5Ω电阻接入电路，闭合开关，移动滑片P发现，电压表始终无示数，电流表始终有示数，其原因可能是______(只填序号)
A.R短路
B.R断路
C.滑动变阻器短路
(3)故障排除后，移动滑片P使电压表的示数如图乙所示，记下电压表的示数______；
(4)将5Ω电阻换成10Ω电阻，为保持电压表示数不变，滑片P应向______(选填“A”或“B”)端移动，直到电压表的示数为______V，此时电流表的示数为______ A；
(5)若每次实验均选用单个定值电阻连入电路，小浓现在有“15Ω、20Ω、25Ω、30Ω、35Ω”5个电阻，你认为能供继续实验的电阻最多还有______个；
(6)小斌利用可选电阻继续实验，并得到结论；电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成______比。
(7)在电学实验中，其中三个实验都用到图丙的电路图，下列说法正确的是______。
A.研究“电流与电压的关系”可以用灯泡代替定值电阻进行实验
B.研究“电流与电阻的关系”每次更换电阻后，都要移动滑动变阻器使电流表示数不变
C.“伏安法”测定值电阻，多次实验的目的是求平均值，减小误差
D.在A、B、C选项的三个实验中，滑动变阻器的作用是完全一样的
17. 在伏安法“测定小灯泡的功率”的实验中，小明和小亮同学设计的电路如图甲所示，他选用的小灯泡额定电压为3.8V，电阻约为15Ω，电源电压为6V且保持不变。
(1)该实验原理是______；连接电路时开关应______。
(2)小明连好电路(如图乙)后，闭合开关S，发现灯泡不发光，电流表的示数为零，电压表的示数为6V，产生故障的原因可能是______两个接线柱(选填接线柱编号)间的电路发生了______(“开路”或“短路”)。
(3)小亮连好电路(如图乙)后，闭合开关S，也发现灯泡不发光，但电流表、电压表均有示数，产生这种现象的原因是______。
(4)小明排除故障后，调节滑动变阻器使电压表的示数为______ V时，灯正常发光，此时电流表的示数位置如图丙所示，则灯泡的额定功率为______ W。
(5)小明测量并记录了多组不同电压下灯的电流，发现通过灯丝的电流与灯两端电压并不是正比关系，其原因可能是______。
18. 如图的电路中，电阻R1的阻值为10Ω。闭合开关S，电流表A1的示数为0.3A，电流表A2的示数为0.8A。求：
(1)电源电压是多少；
(2)电路1min消耗的总电能。
19. 如图甲所示为一个超声波加湿器，如图乙所示为其内部湿度监测装置的简化电路图，已知电源电压为12V，定值电阻R0的阻值为30Ω，电流表的量程为0∼200mA，电压表的量程为0∼9V.湿敏电阻R的阻值随湿度RH变化的关系图象如图丙所示，其阻值最大为120Ω(图中未画出)。在电路安全工作的前提下，求：
(1)当电流表的示数为0.2A时，R接入电路中的阻值是多少Ω？
(2)当电压表示数为7.5V时，通过Ro的电流是多少mA？
(3)装置能监测湿度的最大值多少？
20. 如图所示，电源电压不变，电流表的最大量程是0−3A，灯泡L标有“6V3W”(不考虑温度对灯丝电阻的影响)，滑动变阻器的最大阻值为8Ω。当开关S闭合，S1、S2断开，滑片P从b端滑到某一位置时，变阻器的电阻减小4Ω，灯泡恰好正常发光；保持滑片位置不变，闭合S1、S2，电流表示数为2.4A。求：
(1)灯泡的电阻；
(2)电源电压；
(3)滑片不动，开关都闭合时R0的功率。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：
A、人体感觉舒适的温度在23℃左右，考场内气温感觉舒适，应该在23℃左右，故A不符合实际；
B、家用电视机工作电流在0.9A左右，其额定功率在P=UI=220V×0.9A≈200W左右，故A不符合实际；
C、空调额定功率在1100W左右。工作电流在I=PU=1100W220V=5A左右，故C不符合实际；
D、经验证明，只有不高于36V的电压对人体才是安全的，故D符合实际。
故选D。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。
2.【答案】B
【解析】解：A、铜丝、盐水、陶瓷中，铜丝和盐水是导体，陶瓷属于绝缘体，故A错误；
B、根据欧姆定律得：R=UI，在相同电压下，导体中通过的电流越大，它的电阻越小，故B正确；
C、电流是电荷的定向移动形成的，故C错误；
D、毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，是因为橡胶棒原子核的束缚本领强而得到了电子，故D错误。
故选：B。
(1)容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体；常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等。常见的绝缘体有陶瓷、塑料、玻璃、橡胶、油等；导体和绝缘体没有绝对的界限。
(2)根据欧姆定律，若电压不变，接入不同导体，电流越大，说明接入的导体电阻越小。
(3)电荷的定向移动形成电流。
(4)摩擦起电的原因是原子核对电子的束缚本领不同，束缚本领弱的易失去电子而带正电。
知道生活中常见导体和绝缘体，理解欧姆定律、电流的形成、摩擦起电的原因，可解答此题。
3.【答案】C
【解析】解：A、在滑梯上下滑时，摩擦生热，机械能转化成内能，是通过做功增加了物体的内能，故A错误；
B、空气推动塞子时，气体膨胀对外做功，内能减小，故B错误；
C、水的比热容大，同样受冷或受热时温度变化小，所以海边昼夜温差小，故C正确；
D、蒸汽轮机利用蒸汽的内能做功，是内能转化成机械能，故D错误。
故选：C。
(1)当机械能转化为物体的内能时，机械能减小，内能增加，物体的温度升高；
(2)当内能转化为机械能时，内能减小，机械能增加，物体的机械运动情况发生变化；
(3)比热容是物质的特性，大部分物质的比热容不同，比热容大的物质在同样受冷或受热时，温度变化量小。
(4)热机是利用内能转化为机械能来工作的。
本题考查学生对比热容概念的理解，以及改变内能方式的掌握情况，属于基础性考查，是学生应当掌握的识记性内容。
4.【答案】C
【解析】解：A、开关闭合后，其中一个灯泡被短路，为另一灯泡的基本电路，不符合题意；
B、图中两盏灯泡是串联的，不符合题意；
C、两盏灯泡的两端分别连在一起，它们是并联在一起的，符合题意；
D、开关闭合后，其中一个灯泡被短路，为另一灯泡的基本电路，不符合题意；
故选：C。
解决此题要知道把几个用电器首首相接，尾尾相接，再连入电路，这就是并联。
此题考查的是对并联电路的理解，要会根据电路图判断它们的连接情况。
5.【答案】A
【解析】解：A、在汽油机工作的四个冲程中，压缩冲程将机械能转化为内能，故A正确；
B、物体温度升高时内能增大，热量只能说吸收和放出，不能说含有，故B错误；
C、在发生热传递时，高温物体放出热量，低温物体吸收热量，内能总是从高温物体转移到低温物体，不是传递温度，故C错误；
D、物体吸收热量内能不一定增大，温度不一定升高，如沸腾过程中吸收热量但是内能在减少，晶体熔化时，吸收热量，温度不变，故D错误。
故选：A。
(1)在汽油机的做功冲程中，将内能转化为机械能；在压缩冲程中，将机械能转化为内能；
(2)任何物体都有内能，热量只能说吸收和放出；
(3)热传递是热量从高温物体转移到低温物体，或从同一物体的高温部分传向低温部分的过程；
(4)物体吸收热量内能不一定增大，温度不一定升高，如晶体熔化。
本题是考查学生对温度、内能、热量三者关系的理解，以及热传递的条件和晶体熔化过程的特点的掌握，难度不大。
6.【答案】D
【解析】解：根据题意可知，面部识别成功后，指示灯会亮；面部识别不成功，通过开关S2闭合同样可以使挡板打开且指示灯亮；这说明这两个开关是并联的，互不影响；在指示灯尚未安装完成的时候，挡板已经可以正常使用，说明挡板和指示灯能各自独立工作，是并联的，故D图是正确的，ABC错误。
故选：D。
并联电路中，各支路互不影响，串联电路中，各个用电器是相互影响的；根据开关的闭合情况和用电器工作的特点判定电路的连接方式。
本题考查了电路的设计，根据题意得出两个开关的连接方式是解题的关键。
7.【答案】D
【解析】解：
A、由图可知，R与R0串联，因显示仪与热敏电阻并联，故显示仪是由电压表改装成的，故A错误；
B、当被测者体温较高时，显示仪的示数(电压表的示数)也会变大，由分压原理可知，热敏电阻的电阻变大，即热敏电阻R的阻值随着温度的升高而增大，故B错误；
C、被测者体温越高，电压表示数越大，根据串联电路分压原理可知，热敏电阻的阻值越大，电路的总电阻越大，由I=UR可知，电路的电流越小，根据P=UI可知，功率越小，由于时间不知，则根据W=Pt可知无法判定消耗电能的多少，故C错误；
D、温度相同时热敏电阻的阻值不变，将R0更换为阻值更小的电阻，由串联电路分压特点可知，R0两端分得的电压变小，根据串联电路的电压特点可知，R两端的电压越大，因此显示仪示数会变大，故D正确。
故选：D。
(1)根据电流表和电压表的正确使用确定显示仪是电流表还是电压表；
(2)当被测者体温较高时，显示仪的示数也会变大，由串联电路电压的规律和分压原理分析；
(3)被测者体温越高，电压表示数越大，根据串联电路分压原理可知热敏电阻阻值的变化，由欧姆定律分析电路的电流变化；根据W=Pt分析消耗电能的多少；
(4)当温度相同时，热敏电阻的阻值不变，若将R0更换为阻值更大的电阻，由串联电路分压特点可知显示仪示数的变化。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是从题干中获取有效的信息，难度不大。
8.【答案】D
【解析】解：
A、当滑片位于右端时，电路为灯泡的简单电路，此时电压表测电源的电压，其示数最大，即电源电压U=U2；故A能求出；
B、由题意和图示可知，当滑片位于中点时，电压表的示数为U1，电路中的电流为I1，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，则滑动变阻器两端的电压UR=U−U1=U2−U1，
根据欧姆定律可得滑片在中点时变阻器接入的阻值：12R=URI1；
则变阻器的最大电阻为R=2×URI1=2×U2−U1I1，故B能求出；
C、知道滑片P在中点时电路中的电流以及电源电压，根据P=UI能求出滑片P在中点时电路消耗的功率，故C能求出；
D、由图乙可知，灯丝的电阻是变化的，当滑动变阻器滑片移至最左端时，总电阻最大，电路中的电流最小，此时电路消耗的功率最小；由于灯丝电阻是变化的，所以无法求出最小电流，故不能利用功率公式求出电路消耗的最小功率，故D不能求出。
故选：D。
(1)当滑片位于右端时，电路为灯泡的简单电路，此时电压表测电源的电压，灯泡两端的电压和额定电压相等，根据P=UI求出灯泡的额定功率；
(2)当滑片位于中点时，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，利用欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的电阻，进一步求出滑动变阻器的最大阻值；
(3)由乙图可知，灯泡两端的电压和通过的电流比值不是一条直线说明灯泡的电阻是变化的，当滑片P移至最左端时电路中的总电阻无法计算，电路的总功率无法计算。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是从图象中滑片位于不同位置时电表的示数和得出灯泡的电阻是变化。
9.【答案】欧姆 排斥
【解析】解：
(1)德国物理学家欧姆最先通过实验归纳出“一段导体中的电流，跟加在这段导体两端电压成正比，跟这段导体的电阻成反比”的定量关系，这一规律被称为欧姆定律；
(2)验电器的原理：同种电荷相互排斥。
故答案为：欧姆；排斥。
了解欧姆定律的得出，根据对物理学史知识的了解可直接作答。电荷间的作用规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
本题考查了我们对欧姆定律发现过程的了解，属物理常识，应该了解，还考查了验电器的工作原理。
10.【答案】1.848×107 30%
【解析】解：(1)天然气完全燃烧放出的热量：
；
(2)出租车所做有用功：
W=Fs=1000N×5.544×103m=5.544×106J；
出租车热机的效率：
。
故答案为：1.848×107；30%。
(1)根据燃料燃烧放出热量公式Q=mq可计算天然气完全燃烧释放的热量；
(2)根据公式W=Fs求出有用功，利用效率公式求热机的机械效率。
本题考查了热量、功的计算、效率的计算，要求灵活选用公式，属于综合性题目。
11.【答案】L2 0.8
【解析】解：
(1)由P=UI=U2R可得两个灯泡的电阻分别为：
R1=U12P1=(12V)212W=12Ω，R2=U22P2=(12V)26W=24Ω，
比较可知R1
热水壶工作2小时消耗的电能为：W=Pt=0.8kW×2h=1.6kW⋅h，
则需要交电费为：1.6kW⋅h×0.5元/kW⋅h=0.8元。
故答案为：L2；0.8。
(1)由灯泡的铭牌可知额定电压和额定功率，根据P=UI=U2R求出两灯的电阻，两灯泡串联时，根据串联电路的电流特点可知通过两灯的电流相等，再根据P=I2R比较两灯泡实际功率的大小，即可知道两灯泡的亮暗关系；
(2)已知热水壶的功率和工作时间，利用W=Pt可求出热水壶工作2小时消耗的电能，根据电费的单价，可求出所需电费总数。
本题主要考查了学生对电功率和电能的计算公式的运用，需要注意灯泡的亮度由灯泡的实际功率决定。
12.【答案】10 不能
【解析】解：闭合S1，当S2断开时，两电阻串联，电压表测量R1两端的电压U1；
闭合S1，当S2闭合时，R2被短路，只有电阻R1工作，电压表测量总电压U；
因为串联电路总电压等于各分电压之和，且S2由断开到闭合时电压表的示数之比是1：3；
所以U1：U2=U1：(U−U1)=1：(3−1)=1：2；
因为串联电路各处的电流相等，且U=IR，
所以R1：R2=U1I：U2I=U1：U2=1：2，
因为R2的阻值为20Ω，所以R1=10Ω；
(2)若将电压表换成电流表，由于电流表的电阻很小，若同时闭合S1和S2，电流会不经过电阻直接将电源的两极连接起来造成电源短路。
故答案为：10；不能。
(1)闭合S1，当开关S2闭合时R2被短路，电压表测量的为总电压；当开关S2断开时两电阻串联，电压表测R1两端的电压，则由串联电路的电压规律可求得电压之比，根据串联电路的电流规律和欧姆定律可求电阻之比，进而算出R1的电阻；
(2)若将电压表换成电流表，由于电流表的电阻很小，若同时闭合S1和S2会造成电源短路。
本题考查了串联电路的规律和欧姆定律的应用，关键是根据电源的电压不变得出电压表示数之间的关系。
13.【答案】3：2；0.6
【解析】解：
由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)由图乙可知，滑片在中点c时电压表的示数Uc=3V，滑片在最右端b时电压表的示数Ub=4V，
由I=UR可得，滑片在中点c时与最右端b时的电流表示数之比：
IcIb=Uc12R2UbR2=2UcUb=2×3V4V=32；
则可得：Ic=32Ib----------①；
(2)因电源的电压一定时，电路中的电流与总电阻成反比，
所以，IcIb=R1+R2R1+12R2=32，
解得：R2=2R1-------------②
因滑片P从中点c滑到最右端b的过程中，R1的功率变化了0.5W，
所以，由P=I2R可得：
△P1=P1c−P1b=Ic2R1−Ib2R1=(32Ib)2R1−Ib2R1=54Ib2R1=0.5W，
则Ib2R1=0.4W-------------③，
当滑片位于中点c时，电路的总功率：
P=Ic2(R1+12R2)=(32Ib)2×(R1+12×2R1)=92Ib2R1=92×0.4W=1.8W，
当滑片最右端b时，电路的总功率：
P′=Ib2(R1+R2)=Ib2(R1+2R1)=3Ib2R1=3×0.4W=1.2W，
所以总功率的变化量：
△P=P−P′=1.8W−1.2W=0.6W。
故答案为：3：2；0.6。
由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)由图乙可知，滑片在中点c时与最右端b时R2两端的电压，根据欧姆定律求出两种情况下电路中的电流之比；
(2)电源的电压一定时，电路中的电流与总电阻成反比，据此求出两电阻的阻值关系，滑片P从中点c滑到最右端b的过程中，利用P=UI=I2R表示出R1的功率变化了0.5W，再根据串联电路的特点和P=UI=I2R求出滑片位于中点c时、滑片最右端b时电路的总功率，然后得出答案。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确的得出各量之间的关系是关键。
14.【答案】返回器打开降落伞，逐渐减速 力可以改变物体的运动状态
【解析】解：
“回器首先以第二宇审速度冲向地球，在进入地球大气后，通过半弹道跳跃式再入返回技术重新跳出大气层，再以第一宇宙速度进行降落，最终返回器打开降落伞，平稳安全地降落在预定地点”可知：返回器打开降落伞，逐渐减速；力可以改变物体的运动状态。
故答案为：返回器打开降落伞，逐渐减速；力可以改变物体的运动状态。
(1)物理现象可以是：返回器打开降落伞，逐渐减速(或返回器安落全的降在预定地点等)。
(2)用到的物理知识对应为：力可以改变物体的运动状态(或返回器静止时所受力的合力为零等)。
本题考查力的作用效果等相关知识点，是一道基础题目。
15.【答案】质量 等于 水 大于 强 B
【解析】解：(1)探究水与食用油吸热能力大小关系，需要保持水与食用油的质量相等；
(2)用两个相同的装置分别给水和食用油加热，在相等时间内它们吸收的热量相等，故加热6min后，水与食用油吸收的热量相等；
(3)由表中实验数据可知，吸收相等的热量，水升高的温度低，若要使水和食用油升高的温度相同，水需要吸收更多的热量，需要继续给水加热一段时间；
加热时间越长，液体吸收的热量越多，待两者升高的温度相同时，水的加热时间长，则水吸收的热量大于食用油吸收的热量；
(4)由实验可知，质量相同的水与食用油吸收热量相等时水升高的温度低，水的吸热能力强；
(5)水和食用油吸收热量多少无法直接测量，本实验是通过比较加热时间来间接比较吸收热量多少的。这种研究方法叫转换法：
A.在研究平面镜成像特点时，用未点燃蜡烛替代点燃蜡烛的像，采用了等效替代法；
B.比较液体压强大小时，用U形管两端液面高度差来判断，采用了转换法；
C.用光线表示光的传播路径和方向，采用了模型法。
故选：B。
故答案为：(1)质量；(2)等于；(3)水；大于；(4)强；(5)B。
(1)(3)(4)比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
(2)我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
(5)根据转换法回答；
逐一分析每个选项，找出符合题意的答案。
此题考查了我们对于实验数据的分析能力，考查了对比热容这一物理量的理解，我们要能够根据相关的实验数据得出我们需要的知识，并能够将这些知识应用于生活。
16.【答案】A1VA10.12反 C
【解析】解：(1)电源电压为3V，故电压表选用小量程与电阻并联，如下图所示：
(2)A.若R短路，电路为通路，电流表有示数，电压表没有示数，符合题意；
B.若R断路，电流表没有示数，不符合题意；
C.滑动变阻器短路，电压表测电源电压，电压表有示数，电流表有示数，不符合题意；
故选A；
(3)故障排除后，移动滑片P使电压表的示数如图乙所示，电压表选用小量程，分度值为0.1V，电压为1V；
(4)根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向A端移动，使电压表的示数为1V，由欧姆定律，此时电流表的示数为：I=UVR=1V10Ω=0.1A；
(5)电阻两端的电压始终保持UV=1V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：，电阻分得的电压为变阻器分得的电压0.5倍，根据分压原理，当变阻器的最大电阻50Ω连入电路中时，对应的定值电阻最大值为：
，小斌现在有“15Ω、20Ω、30Ω、35Ω、50Ω”5个电阻，你认为能供继续实验的电阻最多还有2个；
(6)小斌利用可选电阻继续实验，并得到结论：电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比；
(7)A、在研究电流与电压关系时，应当控制电阻是定值，因此本实验选用的是定值电阻，而小灯泡的电阻会受温度的变化而变化，所以本实验不能用小灯泡；
B、研究“电流与电阻的关系”，应当保证定值电阻两端的电压不变，因此每次更换电阻后，都要移动滑动变阻器使电压表示数不变，所以滑动变阻器的目的是控制定值电阻两端电压不变；
C、研究“电流与电压的关系“，控制电阻是定值，多次改变定值电阻两端的电压，所以滑动变阻器的目的是改变定值电阻两端的电压；因此C正确。
故答案为：(1)如上所示；(2)A；(3)1V；(4)A；1；0.1；(5)2；(6)反；(7)C。
(1)根据电源电压为3V确定电压表选用小量程与电阻并联；
(2)逐一分析每个选项，找出符合题意的答案；
(3)根据电压表选用小量程确定分度值读数；
(4)根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；由欧姆定律得出此时电流表的示数；
(5)电阻两端的电压始终保持UV=1V，根据串联电路电压的规律得出变阻器分得的电压，根据分压原理得出当变阻器的最大电阻50Ω连入电路中时对应的定值电阻最大值，据此分析；
(6)电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比；
(7)根据实际实验要求进行分析。
本题探究“电流跟电阻的关系”，考查电路连接、故障分析、控制变量法、操作过程、欧姆定律的运用和对器材要求及实验结论。
17.【答案】P=UI断开 ③④或④⑤ 开路 滑动变阻器接入电路的电阻太大 3.80.988灯丝的电阻受温度的影响发生了变化
【解析】解：(1)伏安法测小灯泡电功率的原理是P=UI，为了保护电路，连接电路时开关应断开；
(2)灯泡不发光，电流表示数为零说明电路开路，而电压表有示数说明电压表和电源两极连接的部分没有开路，则故障为与电压表并联部分开路，因此可能是③④或④⑤两接线柱间发生开路；
(3)闭合开关，接通电路后，电流表、电压表工作正常，示数均不为零，说明电路是通路，可能是滑动变阻器接入电路的电阻过大，电路中电流最小，灯泡不能发光；
(4)实验中移动滑片P，当电压表示数为3.8V时，灯泡正常发光，由图可知，电流表使用0∼0.6A量程，分度值为0.02A，示数为0.26A，
所以灯泡的额定功率：P=UI=3.8V×0.26A=0.988W；
(5)由于灯丝的电阻随温度的升高而增大，所以灯泡的电阻变化较大，故通过灯丝的电流与灯两端电压并不是正比关系。
故答案为：(1)P=UI；断开；(2)③④或④⑤；开路；(3)滑动变阻器接入电路的电阻过大；(4)3.8；0.988；(5)灯丝的电阻随温度的升高而增大。
(1)伏安法测小灯泡电功率的原理是P=UI，为了保护电路，连接电路时开关应断开；
(2)灯泡不发光，电流表示数为零说明电路开路，电压表有示数说明电压表和电源两极连接的部分没有开路；
(3)电表都有示数说明电路是通路，可从电路中电阻过大分析原因；
(4)当灯泡电压达到额定电压时灯泡正常发光，电流表所选量程确定分度值读出电流表的示数，根据P=UI计算额定功率；
(5)根据灯丝的电阻受温度的影响来分析。
此题是测定小灯泡功率的实验，考查了电路故障的分析、功率计算及灯丝电阻与温度的关系。这是电学最重要的实验，需要熟练掌握其原理、器材、测量过程及注意事项。
18.【答案】解：由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测R1支路的电流，电流表A2测R2支路的电流。
(1)因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，由I=UR可得电源的电压：U=I1R1=0.3A×10Ω=3V；
(2)因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路电流为：I=I1+I2=0.3A+0.8A=1.1A，
则电路1min消耗的总电能为：W=UIt=3V×1.1A×1×60s=198J。
答：(1)电源电压是3V；
(2)电路1min消耗的总电能为198J。
【解析】由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测R1支路的电流，电流表A2测R2支路的电流。
(1)根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出电源的电压；
(2)根据并联电路的电流特点求出干路电流，利用W=UIt求出电路1min消耗的总电能。
本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功公式的应用，是一道较为简单的应用题。
19.【答案】解：由图可知，定值电阻R0与湿敏电阻R串联，电压表测量湿敏电阻R两端的电压，电流表测量电路中的电流；
(1)当电流表的示数为0.2A时，由I=UR可得此时的总电阻：
，
因串联电路总电阻等于各电阻之和，
所以此时R接入电路中的阻值为：
；
(2)当电压表示数为7.5V时，由串联电路的电压特点可得，R0两端的电压：
U0=U−UR=12V−7.5V=4.5V，
此时通过R0的电流：
I′=U0R0=4.5V30Ω=0.15A=150mA；
(3)由图丙可知，湿度越大，湿敏电阻R的阻值越大，由串联分压规律可知，湿敏电阻两端的电压也越大(即电压表示数越大)，
因为电压表量程为0∼9V，所以湿敏电阻R两端的电压最大为9V时，此时监测的湿度最大；
根据串联电路总电压等于各电阻两端的电压之和可知，R0两端的最小电压：
，
则电路中的最小电流：
，
根据欧姆定律可知，R接入电路的最大阻值：
；
由图乙可知能监测湿度的最大值为80%。
答：(1)当电流表的示数为0.2A时，R接入电路中的阻值为30Ω；
(2)当电压表示数为9V时，通过R0的电流为150mA；
(3)装置能监测湿度最大值为80%。
【解析】由图可知：定值电阻R0与湿敏电阻R串联，电压表测量湿敏电阻R两端的电压，电流表测量电路中的电流；
(1)当电流表的示数为0.2A时，利用欧姆定律即可求出此时电路中的总电阻，然后根据串联电路的电阻特点求出R接入电路中的阻值；
(2)当电压表示数为9V时，根据串联电路的电压特点求出R0两端的电压；利用欧姆定律求出通过R0的电流；
(3)由于串联电路中电阻两端的电压随电阻值的增大而变大，所以根据电压表的最大示数，求出此时R的电阻，由图乙即可判断得出能监测湿度的最大值。
本题是一道信息给予题，认真审题、根据题意获取所需信息，应用串联电路特点、欧姆定律即可正确解题。
20.【答案】解：(1)已知灯泡的额定电压为6V，额定功率为3W，
由P=U2R可得，灯泡的电阻：RL=UL2PL=(6V)23W=12Ω；
(2)开关S闭合，S1、S2断开时，灯泡L和滑动变阻器串联；
当滑片在b点时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，即8Ω，则当滑片P从b端滑到某一位置时，变阻器的电阻减小4Ω，灯泡恰好正常发光，故滑动变阻器接入电路的阻值：，
因串联电路中各处的电流相等，由P=UI可知，电路电流：I=IL=PLUL=3W6V=0.5A，
因串联电路中的总电阻等于各分电阻之和，所以电路的总电阻：，
由I=UR可得，电源电压：；
(3)保持滑片位置不变，当开关S、S1、S2都闭合时，定值电阻R0与滑动变阻器并联，电流表测量干路电流；
此时通过滑动变阻器的电流：，
因并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，所以通过R0的电流：，
则R0的功率：P0=UI0=8V×0.4A=3.2W。
答：(1)灯泡的电阻为12Ω；
(2)电源电压为8V；
(3)滑片不动，开关都闭合时R0的功率为3.2W。
【解析】(1)已知灯泡的额定电压和额定功率，根据P=U2R求出灯泡的阻值；
(2)开关S闭合，S1、S2断开时，灯泡L和滑动变阻器串联，当滑片P从b端滑到某一位置时，变阻器的电阻减小4Ω，灯泡恰好正常发光，据此求出滑动变阻器接入电路的阻值，再根据P=UI求出灯泡正常发光的电流，最后根据串联电路电流、电阻规律和欧姆定律求出电源电压；
(3)保持滑片位置不变，当开关S、S1、S2都闭合时，定值电阻R0与滑动变阻器并联，电流表测量干路电流，根据欧姆定律求出通过滑动变阻器的电流，再根据并联电路电流规律求出通过R0的电流，最后根据P=UI求出定值电阻R0的功率。
本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键明确开关处于不同状态时电路的连接方式。
相关试卷
重庆市忠县2022-2023学年九年级上学期期末物理试卷（含答案）： 这是一份重庆市忠县2022-2023学年九年级上学期期末物理试卷（含答案），共22页。试卷主要包含了选择题，填空题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
重庆市忠县乌杨中学2020-2021学年八年级（上）期中考试物理试题： 这是一份重庆市忠县乌杨中学2020-2021学年八年级（上）期中考试物理试题，共11页。试卷主要包含了单项选择题，填空题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
重庆市忠县2019-2020学年九年级上学期期末物理试题： 这是一份重庆市忠县2019-2020学年九年级上学期期末物理试题，共14页。
