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最新七年级数学下册 期中冲刺卷01（人教版）
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这是一份最新七年级数学下册 期中冲刺卷01（人教版），文件包含期中考试冲刺卷一范围5-7章教师版docx、期中考试冲刺卷一范围5-7章学生版docx等2份试卷配套教学资源，其中试卷共30页， 欢迎下载使用。
1．高度抽象性：数学的抽象，在对象上、程度上都不同于其它学科的抽象，数学是借助于抽象建立起来并借助于抽象发展的。
2．严密逻辑性： 数学具有严密的逻辑性，任何数学结论都必须经过逻辑推理的严格证明才能被承认。任何一门科学，都要应用逻辑工具，都有它严谨的一面。
3．广泛应用性：数学作为一种工具或手段，几乎在任何一门科学技术及一切社会领域中都被运用。各门科学的“数学化”，是现代科学发展的一大趋势。
不同版本的数学新教材，都体现了一个共同的特点，那就是教材的弹性增强，给教师自主开发及创造性地使用教材留下了广阔的空间。教材编写的变化要求教师在课程实施的过程中，要站在课程的角度去重新审视教材，对教材进行“二次开发” ， 更新原有的教学观、教材观，充分挖掘教材中的教学资源， 并根据学生特点积极主动地、灵活开放地、创造性地去使用教材。
期中考试冲刺卷一
一、选择题（本大题共14个小题，每题2分，共28分，在每个小题的四个选项中只有一项是符合题目要求的）
1．（2022秋·河南驻马店·八年级统考期末）的相反数是（ ）
A．B．C．D．都不对
【答案】C
【分析】根据相反数可进行求解．
【详解】解：的相反数是；
故选C．
【点睛】本题主要考查相反数及实数的定义，熟练掌握相反数的定义是解题的关键．
2．（2023春·河北邢台·七年级邢台三中校考阶段练习）已知直线、相交于点，请对说明理由． 理由如下：因为，所以其中“”和“”表示正确的是（ ）
A．“”表示同旁内角互补B．“”表示邻补角的定义
C．“”表示同角的余角相等D．“”表示等角的补角相等
【答案】B
【分析】根据邻补角的定义，同角的补角相等，即可求解．
【详解】解：因为，（邻补角的定义），
所以（同角的补角相等）．
∴“”表示邻补角的定义；“”表示同角的补角相等．
故选：B
【点睛】本题主要考查了邻补角的定义，补角的性质，熟练掌握互为邻补角的两个角的和为，同角（等角）的补角相等是解题的关键．
3．（2023春·安徽合肥·七年级统考期末）如图，在灯塔处观测到轮船A位于北偏西的方向，轮船在的反向延长线的方向上，同时轮船在东南方向，则的大小为（ ）
A．B．C．D．
【答案】C
【分析】利用对顶角相等，可得轮船B在O的南偏东方向，然后进行计算即可解答．
【详解】解：由题意知，轮船B在O的南偏东方向，
，
故选：C．
【点睛】本题考查了方向角，根据题目的已知条件并结合图形分析是解题的关键．
4．（2023春·天津宝坻·七年级校考阶段练习）为直角外一点，，，为直线上三点，，，，则点到直线的距离（ ）
A．等于B．等于C．小于D．不大于
【答案】D
【分析】根据垂线段最短和点到直线的距离的定义得出即可．
【详解】解：根据垂线段最短得出点到直线的距离是不大于，
故选D．
【点睛】本题考查了点到直线的距离的定义，能熟记点到直线的距离的定义的内容是解题的关键．
5．（2023春·天津河北·七年级校考阶段练习）如图，点E在AD的延长线上，下列条件中能判断的是( )
A．B．
C．D．
【答案】A
【分析】直接根据两直线平行的判定方法依次分析即可得出答案．
【详解】Ａ、∵，
∴，故该选项符合题意；
B、∵，
∴，故该选项不符合题意；
C、∵；
∴，故该选项不符合题意；
D、∵
∴，故该选项不符合题意；
故选：A．
【点睛】本题主要考查了两直线平行的判定，熟练掌握平行线的判定方法是解题的关键．
6．（2023春·重庆沙坪坝·七年级重庆南开中学校考阶段练习）象棋在中国有着三千多年的历史，由于用具简单，趣味性强，成为流行极为广泛的益智游戏．如图，是一局象棋残局，已知表示棋子“馬”和“炮”的点的坐标分别为，，则表示棋子“車”的点的坐标为（ ）
A．B．C．D．
【答案】C
【分析】根据“馬”和“炮”的点的坐标分别为，，得出原点的位置，进而建立坐标，即可求解．
【详解】解：∵“馬”和“炮”的点的坐标分别为，，建立坐标系如图所示，
∴表示棋子“車”的点的坐标为，
故选：C．
【点睛】本题主要考查了坐标确定位置，正确得出原点的位置是解题关键．
7．（2023春·陕西西安·七年级西安市第八十三中学校考阶段练习）如图所示，有下列5中说法：①和是同位角；②和是内错角；③和是同旁内角；④和是同位角；⑤和是同旁内角．其中正确的是（ ）
A．①②④⑤B．①②③④C．①②③④⑤D．①②③
【答案】A
【分析】同位角：两条直线被第三条直线所截形成的角中，若两个角都在两直线的同侧，并且在第三条直线（截线）的同旁，则这样一对角叫做同位角．内错角：两条直线被第三条直线所截形成的角中，若两个角都在两直线的之间，并且在第三条直线（截线）的两旁，则这样一对角叫做内错角．同旁内角：两条直线被第三条直线所截形成的角中，若两个角都在两直线的之间，并且在第三条直线（截线）的同旁，则这样一对角叫做同旁内角；由此分别进行分析可得答案．
【详解】解：①和是同位角，说法正确；
②和是内错角，说法正确；
③和是内错角，说法错误；
④和是同位角，说法正确；
⑤和是同旁内角，说法正确；
故选A．
【点睛】本题主要考查了考查了同位角，内错角，同旁内角的识别，熟知三者的定义是解题的关键．
8．（2022春·四川绵阳·七年级校考阶段练习）下列语句：
①三条直线只有两个交点，则其中两条直线互相平行；
②如果两条平行线被第三条截，同旁内角相等，那么这两条平行线都与第三条直线垂直；
③过一点有且只有一条直线与已知直线平行；
④△ABC在平移过程中，对应线段一定是平行的．
其中正确的命题有( )
A．1个B．2个C．3D．4个
【答案】C
【分析】根据平行公理，平行线的性质，角平分线的定义分别判断．
【详解】①三条直线只有两个交点，则其中两条直线互相平行，正确，符合题意；
②如果两条平行线被第三条截，同旁内角相等，那么这两条平行线都与第三条直线垂直，正确，符合题意；
③过直线外一点有且只有一条直线与已知直线平行，故原命题错误，不符合题意；
④△ABC在平移过程中，对应线段一定是平行的，正确，符合题意．
正确的有命题有3个，
故选：C
【点睛】本题考查了平行公理，平行线的性质，角平分线的定义，解决此类问题的关键熟练掌握平行公理以及平行线的性质，注意平行公理是：过直线外一点有且只有一条直线与已知直线平行．
9．（2022秋·四川泸州·七年级统考期末）按下列语句画图：点在直线上，也在直线上，但不在直线上，且直线两两相交，下列图形符合题意的是（ ）
A．B．
C．D．
【答案】D
【分析】根据题中语句，结合直线与直线、点与直线关系逐项验证即可得到答案．
【详解】解：由点在直线上，也在直线上，可知直线与直线交于点；
A、C不符合题意；
由点不在直线上，可知B不符合题意；
再由直线两两相交，即可确定D符合题意；
故选：D．
【点睛】本题考查直线与直线、点与直线的关系，熟记相关定义是解决问题的关键．
10．（2023春·重庆沙坪坝·七年级重庆南开中学校考阶段练习）已知，，则（ ）
A．B．C．D．
【答案】D
【分析】根据根号内的小数点移动规律即可求解，算术平方根的规律为，根号内的小数点移动2位，对应的结果小数移动1位，小数点的移动方向保持一致．
【详解】解：∵，
∴，
故选：D．
【点睛】本题考查了算术平方根的应用，掌握小数点的移动规律是解题的关键．
11．（2023春·湖北省直辖县级单位·七年级校考阶段练习）如图，两个直角三角形重叠在一起，将其中一个三角形沿着点B到点C的方向平移到的位置，，平移距离为3，则阴影部分的面积为（ ）
A．20B．18C．15D．26
【答案】B
【分析】由，推出即可解决问题．
【详解】解∶平移距离为3，
∴阴影部分的面积为．
故选：B．
【点睛】本题考查了平移的基本性质，掌握①平移不改变图形的形状和大小；②经过平移，对应点所连的线段平行且相等，对应线段平行且相等，对应角相等是解题的关键．
12．（2023春·重庆沙坪坝·七年级重庆南开中学校考阶段练习），则（ ）
A．B．C．D．
【答案】B
【分析】根据算术平方根和绝对值的非负性，可得，从而得到，即可求解．
【详解】解：∵，，
∴，
∴，
解得：，
∴．
故选：B
【点睛】本题主要考查了算术平方根和绝对值的非负性，熟练掌握算术平方根和绝对值的非负性是解题的关键．
13．（2023春·重庆南岸·八年级重庆市广益中学校校考阶段练习）如图A，B的坐标分别为，．若将线段AB平移至，，的坐标分别为，，则的值为（ ）
A．1B．2C．3D．4
【答案】B
【分析】由已知得出线段向右平移了3个单位，向上平移了2个单位，即可得出、的值，从而得出答案．
【详解】解：由的对应点的坐标为知，线段向上平移了2个单位，
由的对应点的坐标为知，线段向右平移了3个单位，
则，，
∴，
故选：B．
【点睛】本题主要考查图形的平移及平移特征．在平面直角坐标系中，图形的平移与图形上某点的平移相同．平移中点的变化规律是：横坐标右移加，左移减；纵坐标上移加，下移减．
14．（2023·湖北宜昌·校考一模）如图，数轴上表示1、的对应点分别为点A、点B．若点A是的中点，则点C所表示的数为（ ）
A．B．C．D．
【答案】D
【分析】设点C表示的数是x,再根据数轴上两点中点公式即可得出x的值．
【详解】解：设点C表示的数是x，
∵数轴上表示1、的对应点分别为点A、点B，点A是的中点，
∴，解得．
故选：D．
【点睛】本题考查的是实数与数轴，熟知数轴上的点与实数是一一对应关系是解答此题的关键．
二、填空题（本题共4个小题；每个小题3分，共12分，把正确答案填在横线上）
15．（2023·广东云浮·校考一模）写出一个比3大且比小的无理数________．
【答案】（答案不唯一）
【分析】根据无理数的意义，利用3和的平方作答即可，答案不是唯一的．
【详解】∵，，
∴，
∴比3大且比小的无理数可以是，
故答案为：（答案不唯一）．
【点睛】本题考查了无理数、实数大小比较，熟练掌握实数大小比较是解题原则．
16．（2023春·全国·七年级阶段练习）在数学课上，老师要求同学们利用一副三角板任作两条平行线．小明的作法如下：
如图，
（1）任取两点A，B，画直线．
（2）分别过点A，B作直线的两条垂线；则直线即为所求．
老师说：“小明的作法正确．”请回答：小明的作图依据是____________．
【答案】在同一平面上，垂直于同一直线的两直线平行
【分析】根据在同一平面上，垂直于同一直线的两直线平行，即可求解．
【详解】解：∵，
∴（在同一平面上，垂直于同一直线的两直线平行）．
故答案为：在同一平面上，垂直于同一直线的两直线平行．
【点睛】本题考查了平行线的判定定理，掌握在同一平面上，垂直于同一直线的两直线平行是解题的关键．
17．（2022春·广东广州·七年级校联考期中）如图，在平面直角坐标系中，，，，一只瓢虫从点A出发以3个单位长度/秒的速度沿循环爬行，问第秒瓢虫在点____________处（填写坐标）．
【答案】
【分析】根据点A、B、C、D的坐标可得出及长方形的周长，由，可得出当秒时瓢虫的位置．
【详解】解：∵，，，，
∴，，
∴，
∴瓢虫爬行一个循环所用的时间为，
∵，且，
∴当秒时，瓢虫的坐标为，
故答案为：．
【点睛】本题考查了规律型中点的坐标，根据瓢虫的运动规律找出当秒时瓢虫的位置，是解题的关键．
18．（2023秋·江苏镇江·七年级统考期末），OD平分，，垂足为O，则______．
【答案】20或160
【分析】分两种情况，一种为在内，一种为在外，再由垂直定义可得，根据角平分线定义可得，然后再计算出的度数即可．
【详解】解：，
，
，平分，
，
当在内时，
，
当在外时，
．
故答案为：20或160．
【点睛】此题主要考查了垂线以及角平分线的定义，关键是考虑全面，进行分情况讨论．
三、解答题（本题共8道题，19-21每题6分，22-25每题8分，26题10分，满分60分）
19．（2023春·江西宜春·七年级校考阶段练习）如图，已知，，要证，请完善证明过程，并在括号内填上相应依据：
∵（已知）
∴ ＝ （ ）
∵（已知）
∴（ ）
∴（ ）
∴（ ）
【答案】；；两直线平行，内错角相等；等量代换；同位角相等，两直线平行；两直线平行，同旁内角互补．
【分析】根据平行线的判定定理和性质定理，即可得到答案．
【详解】∵（已知），
∴（两直线平行，内错角相等），
∵（已知），
∴（等量代换），
∴（同位角相等，两直线平行），
∴（两直线平行，同旁内角互补）．
【点睛】本题主要考查平行线的判定和性质定理，掌握平行线的判定和性质定理是解题的关键．
20．（2022春·福建龙岩·七年级校考阶段练习）如图，直线相交于点平分垂足为点
(1)当时，求的度数；
(2)平分吗？为什么？
【答案】(1)
(2)平分，理由见解析
【分析】（1）因为和是对顶角，由可得到由平分即可得出结果．
（2）由可得出由是平角，进而可得出，由平分可知从而得到即可得出结论．
【详解】（1）和是对顶角，
∵平分
（2）平分
理由：
是平角，
平分
即平分
【点睛】本题主要考查了垂线的性质及角的计算，熟练掌握垂线的性质及角的计算的方法进行计算是解本题的关键．
21．（2023春·重庆九龙坡·七年级重庆市育才中学校考阶段练习）求解下列方程：
(1)
(2)
【答案】(1)，
(2)
【分析】（1）先移项合并同类项，然后开平方，最后解一元一次方程，即可得出方程的解；
（2）先移项，然后开立方，最后解一元一次方程，即可得出方程的解．
【详解】（1）解：，
移项合并同类项得：，
开平方得：，
解得：，．
（2）解：，
移项得：，
开立方得：，
解得：．
【点睛】本题主要考查了利用平方根和立方根解方程，解题的关键是熟练掌握平方根和立方根的定义，准确计算．
22．（2022春·黑龙江齐齐哈尔·七年级校考期中）计算：
(1)；
(2)．
【答案】(1)
(2)
【分析】（1）根据实数的运算及立方根可进行求解；
（2）根据绝对值、有理数的乘方、立方根可进行求解．
【详解】（1）解：原式；
（2）解：原式．
【点睛】本题主要考查实数的运算、平方根及立方根，熟练掌握各个运算是解题的关键．
23．（2022秋·陕西延安·七年级校考期末）一个正数的平方根分别是和，的立方根是．
(1)求a，b的值；
(2)求的算术平方根．
【答案】(1)，
(2)1
【分析】（1）根据一个正数的两个平方根的和为0得到即可求出a；根据立方根的定义得到，即可求出b；
（2）根据（1）所求结合算术平方根的定义进行求解即可．
【详解】（1）解：由题意可知：，
解得．
由题意可知：，
解得：．
（2）解：∵，
∴的算术平方根是1．
【点睛】本题主要考查了平方根，立方根，算术平方根，熟知立方根，算术平方根，平方根的定义是解题的关键．
24．（2023·全国·九年级专题练习）动手操作
(1)如图1，在的网格中，将线段向右平移，得到线段，连接，．
①线段平移的距离是 ；
②四边形的面积 ；
(2)如图2，在的网格中，将折线向右平移3个单位长度，得到折线．
③画出平移后的折线；
④连接，，多边形的面积 ；
(3)拓展延伸：如图3，在一块长为a米，宽为b米的长方形草坪上，修建一条宽为m米的小路（小路宽度处处相同），直接写出剩下的草坪面积 ．
【答案】(1)①3；②6
(2)③见解析；④7
(3)米2
【分析】（1）①根据平移性质和网格特点求解即可；②根据网格特点和平行四边形的面积公式求解即可；
（2）③根据平移性质和网格特点可画出图形；④根据网格特点，三角形的面积公式和长方形的面积公式求解即可；
（3）根据平移性质，可将小路两边的草坪平移，拼凑成一个长米，宽为b的长方形，再利用长方形的面积公式求解即可．
【详解】（1）解：①根据平移性质，线段平移的距离是；
②根据图形，四边形的面积为；
故答案为：①3；②6；
（2）解：③如图所示，折线即为所求作；
④由图形知，，
∴多边形的面积为，
故答案为：7；
（3）解：由题意得：铺设小径后草坪（阴影部分）的面积为．
答：铺设小径后草坪（阴影部分）的面积为米2．
故答案为：米2．
【点睛】本题考查平移性质的应用、列代数式，熟知网格特点，掌握平移性质是解答的关键．
25．（2023春·江西宜春·七年级校考阶段练习）在平面直角坐标系经中，给出如下定义：点A到x轴、y轴距离的较小值称为点A的“短距”，当点P的“短距”等于点Q的“短距”时，称P、Q两点为“等距点”．
(1)点的“短距”为 ；
(2)点的“短距”为1，求的值；
(3)若，两点为“等距点”，求的值．
【答案】(1)2；
(2)或；
(3)或．
【分析】（1）根据点到坐标轴的距离及“短距”的定义求解即可；
（2）根据“短距”的定义得出方程求解即可；
（3）点到x轴的距离为，到y轴距离为1，点到x轴的距离为，到y轴距离为4，由，进而分类讨论，根据“等距点”的定义列出方程与，解方程即可求解．
【详解】（1）解：点到x轴、y轴距离分别为2，5，
∴“短距”为2，
故答案为：2；
（2）点的“短距”为1，
，
∴，，
解得：或；
（3）点到x轴的距离为，到y轴距离为1，点到x轴的距离为，到y轴距离为4，
∴当时，即或时，，
∴或，
解得或；
当时，即时，，
∴或，
解得（舍去）或（舍去），
综上所诉，或．
【点睛】本题考查了新定义问题，掌握点到坐标轴的距离、解绝对值方程，并理解新定义是解题的关键．
26．（2022秋·四川遂宁·七年级统考期末）【问题背景】
同学们，我们一起观察小猪的猪蹄，你会发现一个我们熟悉的几何图形，我们就把这个图形象的称为“猪蹄模型”，猪蹄模型中蕴含着角的数量关系．
(1)如图①，，E为，之间一点，连接，，得到．试探究与、之间的数量关系，并说明理由．
(2)【类比探究】请你利用上述“猪蹄模型”得到的结论或解题方法，完成下面的问题：
如图2，已知，，点E在上，，请你说明；（把下面的解答补充完整）
解：因为
所以 （ ）
因为（ ）
又因为
所以 （ ）
即
所以
由（1）知
∴
(3)【拓展延伸】如图3，平分，平分，．若，请直接写出的度数为 ．
【答案】(1)，理由见解析
(2)见解析
(3)
【分析】（1）过点E作，根据平行线的性质求解即可；
（2）根据平行线的性质和判定求解即可；
（3）根据平行线的性质得出，再由角平分线及（1）中结论求解即可．
【详解】（1），理由如下：
过点E作，如图：
∵，
∴，
∴，
∴，
即；
（2）因为
所以（两直线平行，同旁内角互补）
因为（平角的定义）
又因为
所以（等角的补角相等）
即
所以
有由（1）知：
所以．
（3）∵
∴，
∵
即，
∴
由（1）可知，
，
∵平分，平分，
∴，
又∵，
∴
∴，
∵
∴，
故答案为：．
【点睛】题目主要考查平行线的判定和性质，角平分线的计算，理解题意，熟练掌握运用平行线的判定和性质是解题关键．
1．高度抽象性：数学的抽象，在对象上、程度上都不同于其它学科的抽象，数学是借助于抽象建立起来并借助于抽象发展的。
2．严密逻辑性： 数学具有严密的逻辑性，任何数学结论都必须经过逻辑推理的严格证明才能被承认。任何一门科学，都要应用逻辑工具，都有它严谨的一面。
3．广泛应用性：数学作为一种工具或手段，几乎在任何一门科学技术及一切社会领域中都被运用。各门科学的“数学化”，是现代科学发展的一大趋势。
不同版本的数学新教材，都体现了一个共同的特点，那就是教材的弹性增强，给教师自主开发及创造性地使用教材留下了广阔的空间。教材编写的变化要求教师在课程实施的过程中，要站在课程的角度去重新审视教材，对教材进行“二次开发” ， 更新原有的教学观、教材观，充分挖掘教材中的教学资源， 并根据学生特点积极主动地、灵活开放地、创造性地去使用教材。
期中考试冲刺卷一
一、选择题（本大题共14个小题，每题2分，共28分，在每个小题的四个选项中只有一项是符合题目要求的）
1．（2022秋·河南驻马店·八年级统考期末）的相反数是（ ）
A．B．C．D．都不对
【答案】C
【分析】根据相反数可进行求解．
【详解】解：的相反数是；
故选C．
【点睛】本题主要考查相反数及实数的定义，熟练掌握相反数的定义是解题的关键．
2．（2023春·河北邢台·七年级邢台三中校考阶段练习）已知直线、相交于点，请对说明理由． 理由如下：因为，所以其中“”和“”表示正确的是（ ）
A．“”表示同旁内角互补B．“”表示邻补角的定义
C．“”表示同角的余角相等D．“”表示等角的补角相等
【答案】B
【分析】根据邻补角的定义，同角的补角相等，即可求解．
【详解】解：因为，（邻补角的定义），
所以（同角的补角相等）．
∴“”表示邻补角的定义；“”表示同角的补角相等．
故选：B
【点睛】本题主要考查了邻补角的定义，补角的性质，熟练掌握互为邻补角的两个角的和为，同角（等角）的补角相等是解题的关键．
3．（2023春·安徽合肥·七年级统考期末）如图，在灯塔处观测到轮船A位于北偏西的方向，轮船在的反向延长线的方向上，同时轮船在东南方向，则的大小为（ ）
A．B．C．D．
【答案】C
【分析】利用对顶角相等，可得轮船B在O的南偏东方向，然后进行计算即可解答．
【详解】解：由题意知，轮船B在O的南偏东方向，
，
故选：C．
【点睛】本题考查了方向角，根据题目的已知条件并结合图形分析是解题的关键．
4．（2023春·天津宝坻·七年级校考阶段练习）为直角外一点，，，为直线上三点，，，，则点到直线的距离（ ）
A．等于B．等于C．小于D．不大于
【答案】D
【分析】根据垂线段最短和点到直线的距离的定义得出即可．
【详解】解：根据垂线段最短得出点到直线的距离是不大于，
故选D．
【点睛】本题考查了点到直线的距离的定义，能熟记点到直线的距离的定义的内容是解题的关键．
5．（2023春·天津河北·七年级校考阶段练习）如图，点E在AD的延长线上，下列条件中能判断的是( )
A．B．
C．D．
【答案】A
【分析】直接根据两直线平行的判定方法依次分析即可得出答案．
【详解】Ａ、∵，
∴，故该选项符合题意；
B、∵，
∴，故该选项不符合题意；
C、∵；
∴，故该选项不符合题意；
D、∵
∴，故该选项不符合题意；
故选：A．
【点睛】本题主要考查了两直线平行的判定，熟练掌握平行线的判定方法是解题的关键．
6．（2023春·重庆沙坪坝·七年级重庆南开中学校考阶段练习）象棋在中国有着三千多年的历史，由于用具简单，趣味性强，成为流行极为广泛的益智游戏．如图，是一局象棋残局，已知表示棋子“馬”和“炮”的点的坐标分别为，，则表示棋子“車”的点的坐标为（ ）
A．B．C．D．
【答案】C
【分析】根据“馬”和“炮”的点的坐标分别为，，得出原点的位置，进而建立坐标，即可求解．
【详解】解：∵“馬”和“炮”的点的坐标分别为，，建立坐标系如图所示，
∴表示棋子“車”的点的坐标为，
故选：C．
【点睛】本题主要考查了坐标确定位置，正确得出原点的位置是解题关键．
7．（2023春·陕西西安·七年级西安市第八十三中学校考阶段练习）如图所示，有下列5中说法：①和是同位角；②和是内错角；③和是同旁内角；④和是同位角；⑤和是同旁内角．其中正确的是（ ）
A．①②④⑤B．①②③④C．①②③④⑤D．①②③
【答案】A
【分析】同位角：两条直线被第三条直线所截形成的角中，若两个角都在两直线的同侧，并且在第三条直线（截线）的同旁，则这样一对角叫做同位角．内错角：两条直线被第三条直线所截形成的角中，若两个角都在两直线的之间，并且在第三条直线（截线）的两旁，则这样一对角叫做内错角．同旁内角：两条直线被第三条直线所截形成的角中，若两个角都在两直线的之间，并且在第三条直线（截线）的同旁，则这样一对角叫做同旁内角；由此分别进行分析可得答案．
【详解】解：①和是同位角，说法正确；
②和是内错角，说法正确；
③和是内错角，说法错误；
④和是同位角，说法正确；
⑤和是同旁内角，说法正确；
故选A．
【点睛】本题主要考查了考查了同位角，内错角，同旁内角的识别，熟知三者的定义是解题的关键．
8．（2022春·四川绵阳·七年级校考阶段练习）下列语句：
①三条直线只有两个交点，则其中两条直线互相平行；
②如果两条平行线被第三条截，同旁内角相等，那么这两条平行线都与第三条直线垂直；
③过一点有且只有一条直线与已知直线平行；
④△ABC在平移过程中，对应线段一定是平行的．
其中正确的命题有( )
A．1个B．2个C．3D．4个
【答案】C
【分析】根据平行公理，平行线的性质，角平分线的定义分别判断．
【详解】①三条直线只有两个交点，则其中两条直线互相平行，正确，符合题意；
②如果两条平行线被第三条截，同旁内角相等，那么这两条平行线都与第三条直线垂直，正确，符合题意；
③过直线外一点有且只有一条直线与已知直线平行，故原命题错误，不符合题意；
④△ABC在平移过程中，对应线段一定是平行的，正确，符合题意．
正确的有命题有3个，
故选：C
【点睛】本题考查了平行公理，平行线的性质，角平分线的定义，解决此类问题的关键熟练掌握平行公理以及平行线的性质，注意平行公理是：过直线外一点有且只有一条直线与已知直线平行．
9．（2022秋·四川泸州·七年级统考期末）按下列语句画图：点在直线上，也在直线上，但不在直线上，且直线两两相交，下列图形符合题意的是（ ）
A．B．
C．D．
【答案】D
【分析】根据题中语句，结合直线与直线、点与直线关系逐项验证即可得到答案．
【详解】解：由点在直线上，也在直线上，可知直线与直线交于点；
A、C不符合题意；
由点不在直线上，可知B不符合题意；
再由直线两两相交，即可确定D符合题意；
故选：D．
【点睛】本题考查直线与直线、点与直线的关系，熟记相关定义是解决问题的关键．
10．（2023春·重庆沙坪坝·七年级重庆南开中学校考阶段练习）已知，，则（ ）
A．B．C．D．
【答案】D
【分析】根据根号内的小数点移动规律即可求解，算术平方根的规律为，根号内的小数点移动2位，对应的结果小数移动1位，小数点的移动方向保持一致．
【详解】解：∵，
∴，
故选：D．
【点睛】本题考查了算术平方根的应用，掌握小数点的移动规律是解题的关键．
11．（2023春·湖北省直辖县级单位·七年级校考阶段练习）如图，两个直角三角形重叠在一起，将其中一个三角形沿着点B到点C的方向平移到的位置，，平移距离为3，则阴影部分的面积为（ ）
A．20B．18C．15D．26
【答案】B
【分析】由，推出即可解决问题．
【详解】解∶平移距离为3，
∴阴影部分的面积为．
故选：B．
【点睛】本题考查了平移的基本性质，掌握①平移不改变图形的形状和大小；②经过平移，对应点所连的线段平行且相等，对应线段平行且相等，对应角相等是解题的关键．
12．（2023春·重庆沙坪坝·七年级重庆南开中学校考阶段练习），则（ ）
A．B．C．D．
【答案】B
【分析】根据算术平方根和绝对值的非负性，可得，从而得到，即可求解．
【详解】解：∵，，
∴，
∴，
解得：，
∴．
故选：B
【点睛】本题主要考查了算术平方根和绝对值的非负性，熟练掌握算术平方根和绝对值的非负性是解题的关键．
13．（2023春·重庆南岸·八年级重庆市广益中学校校考阶段练习）如图A，B的坐标分别为，．若将线段AB平移至，，的坐标分别为，，则的值为（ ）
A．1B．2C．3D．4
【答案】B
【分析】由已知得出线段向右平移了3个单位，向上平移了2个单位，即可得出、的值，从而得出答案．
【详解】解：由的对应点的坐标为知，线段向上平移了2个单位，
由的对应点的坐标为知，线段向右平移了3个单位，
则，，
∴，
故选：B．
【点睛】本题主要考查图形的平移及平移特征．在平面直角坐标系中，图形的平移与图形上某点的平移相同．平移中点的变化规律是：横坐标右移加，左移减；纵坐标上移加，下移减．
14．（2023·湖北宜昌·校考一模）如图，数轴上表示1、的对应点分别为点A、点B．若点A是的中点，则点C所表示的数为（ ）
A．B．C．D．
【答案】D
【分析】设点C表示的数是x,再根据数轴上两点中点公式即可得出x的值．
【详解】解：设点C表示的数是x，
∵数轴上表示1、的对应点分别为点A、点B，点A是的中点，
∴，解得．
故选：D．
【点睛】本题考查的是实数与数轴，熟知数轴上的点与实数是一一对应关系是解答此题的关键．
二、填空题（本题共4个小题；每个小题3分，共12分，把正确答案填在横线上）
15．（2023·广东云浮·校考一模）写出一个比3大且比小的无理数________．
【答案】（答案不唯一）
【分析】根据无理数的意义，利用3和的平方作答即可，答案不是唯一的．
【详解】∵，，
∴，
∴比3大且比小的无理数可以是，
故答案为：（答案不唯一）．
【点睛】本题考查了无理数、实数大小比较，熟练掌握实数大小比较是解题原则．
16．（2023春·全国·七年级阶段练习）在数学课上，老师要求同学们利用一副三角板任作两条平行线．小明的作法如下：
如图，
（1）任取两点A，B，画直线．
（2）分别过点A，B作直线的两条垂线；则直线即为所求．
老师说：“小明的作法正确．”请回答：小明的作图依据是____________．
【答案】在同一平面上，垂直于同一直线的两直线平行
【分析】根据在同一平面上，垂直于同一直线的两直线平行，即可求解．
【详解】解：∵，
∴（在同一平面上，垂直于同一直线的两直线平行）．
故答案为：在同一平面上，垂直于同一直线的两直线平行．
【点睛】本题考查了平行线的判定定理，掌握在同一平面上，垂直于同一直线的两直线平行是解题的关键．
17．（2022春·广东广州·七年级校联考期中）如图，在平面直角坐标系中，，，，一只瓢虫从点A出发以3个单位长度/秒的速度沿循环爬行，问第秒瓢虫在点____________处（填写坐标）．
【答案】
【分析】根据点A、B、C、D的坐标可得出及长方形的周长，由，可得出当秒时瓢虫的位置．
【详解】解：∵，，，，
∴，，
∴，
∴瓢虫爬行一个循环所用的时间为，
∵，且，
∴当秒时，瓢虫的坐标为，
故答案为：．
【点睛】本题考查了规律型中点的坐标，根据瓢虫的运动规律找出当秒时瓢虫的位置，是解题的关键．
18．（2023秋·江苏镇江·七年级统考期末），OD平分，，垂足为O，则______．
【答案】20或160
【分析】分两种情况，一种为在内，一种为在外，再由垂直定义可得，根据角平分线定义可得，然后再计算出的度数即可．
【详解】解：，
，
，平分，
，
当在内时，
，
当在外时，
．
故答案为：20或160．
【点睛】此题主要考查了垂线以及角平分线的定义，关键是考虑全面，进行分情况讨论．
三、解答题（本题共8道题，19-21每题6分，22-25每题8分，26题10分，满分60分）
19．（2023春·江西宜春·七年级校考阶段练习）如图，已知，，要证，请完善证明过程，并在括号内填上相应依据：
∵（已知）
∴ ＝ （ ）
∵（已知）
∴（ ）
∴（ ）
∴（ ）
【答案】；；两直线平行，内错角相等；等量代换；同位角相等，两直线平行；两直线平行，同旁内角互补．
【分析】根据平行线的判定定理和性质定理，即可得到答案．
【详解】∵（已知），
∴（两直线平行，内错角相等），
∵（已知），
∴（等量代换），
∴（同位角相等，两直线平行），
∴（两直线平行，同旁内角互补）．
【点睛】本题主要考查平行线的判定和性质定理，掌握平行线的判定和性质定理是解题的关键．
20．（2022春·福建龙岩·七年级校考阶段练习）如图，直线相交于点平分垂足为点
(1)当时，求的度数；
(2)平分吗？为什么？
【答案】(1)
(2)平分，理由见解析
【分析】（1）因为和是对顶角，由可得到由平分即可得出结果．
（2）由可得出由是平角，进而可得出，由平分可知从而得到即可得出结论．
【详解】（1）和是对顶角，
∵平分
（2）平分
理由：
是平角，
平分
即平分
【点睛】本题主要考查了垂线的性质及角的计算，熟练掌握垂线的性质及角的计算的方法进行计算是解本题的关键．
21．（2023春·重庆九龙坡·七年级重庆市育才中学校考阶段练习）求解下列方程：
(1)
(2)
【答案】(1)，
(2)
【分析】（1）先移项合并同类项，然后开平方，最后解一元一次方程，即可得出方程的解；
（2）先移项，然后开立方，最后解一元一次方程，即可得出方程的解．
【详解】（1）解：，
移项合并同类项得：，
开平方得：，
解得：，．
（2）解：，
移项得：，
开立方得：，
解得：．
【点睛】本题主要考查了利用平方根和立方根解方程，解题的关键是熟练掌握平方根和立方根的定义，准确计算．
22．（2022春·黑龙江齐齐哈尔·七年级校考期中）计算：
(1)；
(2)．
【答案】(1)
(2)
【分析】（1）根据实数的运算及立方根可进行求解；
（2）根据绝对值、有理数的乘方、立方根可进行求解．
【详解】（1）解：原式；
（2）解：原式．
【点睛】本题主要考查实数的运算、平方根及立方根，熟练掌握各个运算是解题的关键．
23．（2022秋·陕西延安·七年级校考期末）一个正数的平方根分别是和，的立方根是．
(1)求a，b的值；
(2)求的算术平方根．
【答案】(1)，
(2)1
【分析】（1）根据一个正数的两个平方根的和为0得到即可求出a；根据立方根的定义得到，即可求出b；
（2）根据（1）所求结合算术平方根的定义进行求解即可．
【详解】（1）解：由题意可知：，
解得．
由题意可知：，
解得：．
（2）解：∵，
∴的算术平方根是1．
【点睛】本题主要考查了平方根，立方根，算术平方根，熟知立方根，算术平方根，平方根的定义是解题的关键．
24．（2023·全国·九年级专题练习）动手操作
(1)如图1，在的网格中，将线段向右平移，得到线段，连接，．
①线段平移的距离是 ；
②四边形的面积 ；
(2)如图2，在的网格中，将折线向右平移3个单位长度，得到折线．
③画出平移后的折线；
④连接，，多边形的面积 ；
(3)拓展延伸：如图3，在一块长为a米，宽为b米的长方形草坪上，修建一条宽为m米的小路（小路宽度处处相同），直接写出剩下的草坪面积 ．
【答案】(1)①3；②6
(2)③见解析；④7
(3)米2
【分析】（1）①根据平移性质和网格特点求解即可；②根据网格特点和平行四边形的面积公式求解即可；
（2）③根据平移性质和网格特点可画出图形；④根据网格特点，三角形的面积公式和长方形的面积公式求解即可；
（3）根据平移性质，可将小路两边的草坪平移，拼凑成一个长米，宽为b的长方形，再利用长方形的面积公式求解即可．
【详解】（1）解：①根据平移性质，线段平移的距离是；
②根据图形，四边形的面积为；
故答案为：①3；②6；
（2）解：③如图所示，折线即为所求作；
④由图形知，，
∴多边形的面积为，
故答案为：7；
（3）解：由题意得：铺设小径后草坪（阴影部分）的面积为．
答：铺设小径后草坪（阴影部分）的面积为米2．
故答案为：米2．
【点睛】本题考查平移性质的应用、列代数式，熟知网格特点，掌握平移性质是解答的关键．
25．（2023春·江西宜春·七年级校考阶段练习）在平面直角坐标系经中，给出如下定义：点A到x轴、y轴距离的较小值称为点A的“短距”，当点P的“短距”等于点Q的“短距”时，称P、Q两点为“等距点”．
(1)点的“短距”为 ；
(2)点的“短距”为1，求的值；
(3)若，两点为“等距点”，求的值．
【答案】(1)2；
(2)或；
(3)或．
【分析】（1）根据点到坐标轴的距离及“短距”的定义求解即可；
（2）根据“短距”的定义得出方程求解即可；
（3）点到x轴的距离为，到y轴距离为1，点到x轴的距离为，到y轴距离为4，由，进而分类讨论，根据“等距点”的定义列出方程与，解方程即可求解．
【详解】（1）解：点到x轴、y轴距离分别为2，5，
∴“短距”为2，
故答案为：2；
（2）点的“短距”为1，
，
∴，，
解得：或；
（3）点到x轴的距离为，到y轴距离为1，点到x轴的距离为，到y轴距离为4，
∴当时，即或时，，
∴或，
解得或；
当时，即时，，
∴或，
解得（舍去）或（舍去），
综上所诉，或．
【点睛】本题考查了新定义问题，掌握点到坐标轴的距离、解绝对值方程，并理解新定义是解题的关键．
26．（2022秋·四川遂宁·七年级统考期末）【问题背景】
同学们，我们一起观察小猪的猪蹄，你会发现一个我们熟悉的几何图形，我们就把这个图形象的称为“猪蹄模型”，猪蹄模型中蕴含着角的数量关系．
(1)如图①，，E为，之间一点，连接，，得到．试探究与、之间的数量关系，并说明理由．
(2)【类比探究】请你利用上述“猪蹄模型”得到的结论或解题方法，完成下面的问题：
如图2，已知，，点E在上，，请你说明；（把下面的解答补充完整）
解：因为
所以 （ ）
因为（ ）
又因为
所以 （ ）
即
所以
由（1）知
∴
(3)【拓展延伸】如图3，平分，平分，．若，请直接写出的度数为 ．
【答案】(1)，理由见解析
(2)见解析
(3)
【分析】（1）过点E作，根据平行线的性质求解即可；
（2）根据平行线的性质和判定求解即可；
（3）根据平行线的性质得出，再由角平分线及（1）中结论求解即可．
【详解】（1），理由如下：
过点E作，如图：
∵，
∴，
∴，
∴，
即；
（2）因为
所以（两直线平行，同旁内角互补）
因为（平角的定义）
又因为
所以（等角的补角相等）
即
所以
有由（1）知：
所以．
（3）∵
∴，
∵
即，
∴
由（1）可知，
，
∵平分，平分，
∴，
又∵，
∴
∴，
∵
∴，
故答案为：．
【点睛】题目主要考查平行线的判定和性质，角平分线的计算，理解题意，熟练掌握运用平行线的判定和性质是解题关键．
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