2023年山东省威海市中考数学试卷【含答案】

这是一份2023年山东省威海市中考数学试卷【含答案】，共11页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。

2023年山东省威海市中考数学试卷
一、选择题
1．（3分）面积为9的正方形，其边长等于（　　）
A．9的平方根 B．9的算术平方根
C．9的立方根 D．的算术平方根
2．（3分）我国民间建筑装饰图案中，蕴含着丰富的数学之美．下列图案中既是轴对称图形又是中心对称图形的是（　　）
A． B．
C． D．
3．（3分）下列运算正确的是（　　）
A．a2+a2＝2a4 B．（﹣3a2）3＝﹣9a6
C．4a2•a3＝4a5 D．a6÷a2＝a3
4．（3分）如图，某商场有一自动扶梯，其倾斜角为28°，高为7米．用计算器求AB的长，下列按键顺序正确的是（　　）

A．
B．
C．
D．
5．（3分）解不等式组时，不等式①②的解集在同一条数轴上表示正确的是（　　）
A．
B．
C．
D．
6．（3分）一个不透明的袋子中装有2个红球、3个黄球，每个球除颜色外都相同．晓君同学从袋中任意摸出1个球（不放回）后，晓静同学再从袋中任意摸出1个球．两人都摸到红球的概率是（　　）
A． B． C． D．
7．（3分）如图是一正方体的表面展开图．将其折叠成正方体后，与顶点K距离最远的顶点是（　　）

A．A点 B．B点 C．C点 D．D点
8．（3分）常言道：失之毫厘，谬以千里．当人们向太空发射火箭或者描述星际位置时，需要非常准确的数据．1″的角真的很小．把整个圆等分成360份，每份这样的弧所对的圆心角的度数是1°．1°＝60′＝3600″．若一个等腰三角形的腰长为1千米，底边长为4.848毫米，则其顶角的度数就是1″．太阳到地球的平均距离大约为1.5×108千米．若以太阳到地球的平均距离为腰长，则顶角为1″的等腰三角形底边长为（　　）
A．24.24千米 B．72.72千米 C．242.4千米 D．727.2千米
9．（3分）如图，四边形ABCD是一张矩形纸片．将其按如图所示的方式折叠：使DA边落在DC边上，点A落在点H处，折痕为DE；使CB边落在CD边上，点B落在点G处，折痕为CF．若矩形HEFG与原矩形ABCD相似，AD＝1，则CD的长为（　　）

A．﹣1 B．﹣1 C．+1 D．+1
10．（3分）在△ABC中，BC＝3，AC＝4，下列说法错误的是（　　）
A．1＜AB＜7
B．S△ABC≤6
C．△ABC内切圆的半径r＜1
D．当AB＝时，△ABC是直角三角形
二、填空题
11．（3分）计算：﹣1）0+（﹣）﹣2＝　 　．
12．（3分）某些灯具的设计原理与抛物线有关．如图，从点O照射到抛物线上的光线OA，OB等反射后都沿着与POQ平行的方向射出．若∠AOB＝150°，∠OBD＝90°，则∠OAC＝　 　°．

13．（3分）《九章算术》中有一个问题：“今有共买物，人出八，盈三；人出七，不足四．问人数、物价各几何？”题目大意是：有几个人一起去买一件物品，每人出8元，多3元；每人出7元，少4元．问有多少人？该物品价值多少元？设有x人，该物品价值y元，根据题意列方程组：　 　．
14．（3分）如图，在正方形ABCD中，分别以点A，B为圆心，以AB的长为半径画弧，两弧交于点E，连接DE，则∠CDE＝　 　°．

15．（3分）一辆汽车在行驶过程中，其行驶路程y（千米）与行驶时间x（小时）之间的函数关系如图所示．当0≤x≤0.5时，y与x之间的函数表达式为y＝60x；当0.5≤x≤2时，y与x之间的函数表达式为 　 　．

16．（3分）如图，在平面直角坐标系中，点A，B在反比例函数y＝（x＞0）的图象上．点A的坐标为（m，2）．连接OA，OB，AB．若OA＝AB，∠OAB＝90°，则k的值为 　 　．

三、解答题
17．（6分）先化简（a﹣）÷，再从﹣3＜a＜3的范围内选择一个合适的数代入求值．
18．（6分）某校组织学生去郭永怀纪念馆进行研学活动．纪念馆距学校72千米，一部分学生乘坐大型客车先行，出发12分钟后，另一部分学生乘坐小型客车前往，结果同时到达．已知小型客车的速度是大型客车速度的1.2倍，求大型客车的速度．
19．（8分）如图，某育苗基地为了能够最大限度地遮挡夏季炎热的阳光和充分利用冬天的光照，计划在苗圃正上方搭建一个平行于地面的遮阳蓬．已知苗圃的（南北）宽AB＝6.5米，该地区一年中正午时刻太阳光与地平面的最大夹角是∠DAE＝76.5°，最小夹角是∠DBE＝29.5°．求遮阳蓬的宽CD和到地面的距离CB．
参考数据：sin29.5°≈，cos29.5°≈，tan29.5°≈，sin76.5°≈，cos76.5°≈，tan76.5°≈．

20．（9分）某校德育处开展专项安全教育活动前，在全校范围内随机抽取了40名学生进行安全知识测试，测试结果如表1所示（每题1分，共10道题）．专项安全教育活动后，再次在全校范围内随机抽取40名学生进行测试，根据测试数据制作了如图1、图2所示的统计图（尚不完整）．
表1
分数/分
人数/人
2
4
5
6
6
8
7
8
8
12
9
2

设定8分及以上为合格，分析两次测试结果得到表2．
表2

平均数/分
众数/分
中位数/分
合格率
第一次
6.4
a
7
35%
第二次
b
8
9
c
请根据图表中的信息，解答下列问题：
（1）将图2中的统计图补充完整，并直接写出a，b，c的值；
（2）若全校学生以1200人计算，估计专项安全教育活动后达到合格水平的学生人数；
（3）从多角度分析本次专项安全教育活动的效果．
21．（9分）如图，在平面直角坐标系中，点P在第一象限内，⊙P与x轴相切于点C，与y轴相交于点A（0，8），B（0，2）．连接AC，BC．
（1）求点P的坐标；
（2）求cos∠ACB的值．

22．（10分）城建部门计划修建一条喷泉步行通道．图1是项目俯视示意图．步行通道的一侧是一排垂直于路面的柱形喷水装置，另一侧是方形水池．图2是主视示意图．喷水装置OA的高度是2米，水流从喷头A处喷出后呈抛物线路径落入水池内．当水流在与喷头水平距离为2米时达到最高点B，此时距路面的最大高度为3.6米．为避免溅起的水雾影响通道上的行人，计划安装一个透明的倾斜防水罩．防水罩的一端固定在喷水装置上的点M处，另一端与路面的垂直高度NC为1.8米，且与喷泉水流的水平距离ND为0.3米．点C到水池外壁的水平距离CE＝0.6米，求步行通道的宽OE．（结果精确到0.1米）
参考数据：≈1.41．

23．（12分）已知：射线OP平分∠MON，A为OP上一点，⊙A交射线OM于点B，C，交射线ON于点D，E，连接AB，AC，AD．
（1）如图1，若AD∥OM，试判断四边形OBAD的形状，并说明理由；
（2）如图2，过点C作CF⊥OM，交OP于点F；过点D作DG⊥ON，交OP于点G．求证：AG＝AF．

24．（12分）如图，在平面直角坐标系中，抛物线L1交x轴于点A（1，0），C（5，0），顶点坐标为E（m1，k）．抛物线L2交x轴于点B（2，0），D（10，0），顶点坐标为F（m2，k）．
（1）连接EF，求线段EF的长；
（2）点M（﹣7，d1）在抛物线L1上，点N（16，d2）在抛物线L2上．比较大小：d1　 　d2；
（3）若点P（n+3，f1），Q（2n﹣1，f2）在抛物线L1上，f1＜f2，求n的取值范围．


1．B．
2．A．
3．C．
4．B．
5．B．
6．A．
7．D．
8．D．
9．C．
10．C．
11．8．
12．60．
13．．
14．15．
15．y＝80x﹣10（0.5≤x≤2）．
16．2﹣2．
17．原式＝
＝
＝，
要使分式有意义，a≠0且a﹣1≠0且a+1≠0，
所以a不能为0，1，﹣1，取a＝2，
当a＝2时，原式＝＝．
18．设大型客车的速度为xkm/h，则小型客车的速度为1.2xkm/h，
根据题意得12分钟＝小时．
故列方程为：．
解得：x＝60．
经检验，x＝60是原方程的根．
答：大型客车的平均速度是60km/h．
19．遮阳蓬的宽CD约为4.2m；遮阳蓬的高度约为7.5m．
20．（1）a＝8，b＝8.55，c＝87.5%；
（2）1050人；
（3）专项安全教育活动的效果良好．
21．（1）∵点A（0，8），B（0，2），
∴AB＝6，
过P作PH⊥AB于H，
∴AH＝BH＝3，
∴OH＝5，
连接PC，PB，
∵⊙P与x轴相切于点C，
∴PC⊥x轴，
∴∠PHB＝∠PCO＝∠COH＝90°，
∴四边形PCOH是矩形，
∴PC＝OH＝5，
∵PH＝＝4，
∴点P的坐标为（4，5）；
（2）连接AP并延长交⊙P于M，连接BM，
则∠ABM＝90°，
∴BM＝＝＝8，
∴cos∠ACB＝cos∠AMB＝．

22．如图，以点O为坐标原点，OC所在直线为x轴，OA所在直线为y轴，建立平面直角坐标系，

由题意知：A（0，2），B（2，3.6），
∵抛物线的最高点为B，
∴设抛物线的解析式为：y＝a（x﹣2）2+3.6，
把A（0，2）代入得：4a+3.6＝2，
解得a＝﹣0.4，
∴抛物线的解析式为：y＝﹣0.4（x﹣2）2+3.6，
当y＝1.8时，﹣0.4（x﹣2）2+3.6＝1.8，
解得：x＝2±，
∵D（2+，1.8），
∴OE＝xD﹣DN﹣CE≈2+﹣0.3﹣0.6≈3.2（米）．
答：步行通道的宽OE的长约为3.2米．
23．（1）解：四边形OBAD是菱形，理由如下：
如下图，作AS⊥DE于点S，作AT⊥BC于点T，

∵OP平分∠MON，
∴AS＝AT，∠AOD＝∠AOB，
在Rt△ASD与Rt△ATB中，
，
∴Rt△ASD≌Rt△ATB（HL），
∴SD＝TB，
在Rt△ASO与Rt△ATO中，
，
∴Rt△ASO≌Rt△ATO（HL），
∴SO＝TO，
∴SO﹣SD＝TO﹣TB，
即OD＝OB，
∵AD∥OM，
∴∠AOB＝∠OAD，
∵∠AOD＝∠AOB，
∴∠AOD＝∠OAD，
∴AD＝OB，
∴四边形OBAD是平行四边形，
∵AD＝AB，
∴四边形OBAD是菱形；

（2）证明：如下图，连接FE，

∵AS⊥DE，AT⊥BC，
∴SD＝SE＝DE，TB＝TC＝BC，
∵SD＝TB，
∴DE＝BC，
∵OD＝OB，
∴OD+DE＝OB+BC，
即OE＝OC，
在△OEF与△OCF中，
，
∴△OEF≌△OCF（SAS），
∴∠OEF＝∠OCF，
∵CF⊥OM，
∴∠OEF＝∠OCF＝90°，
∵AS⊥DE，DG⊥ON，
∴∠ODG＝∠OSA＝∠OEF＝90°，
∴DG∥SA∥EF，
∴＝＝1，
∴AG＝AF．
24．（1）由题意可得：m1＝，m2＝＝6，
∴EF＝6﹣3＝3；
（2）由题意得：设抛物线L1：y1＝a1（x﹣1）（x﹣5），抛物线L2：y2＝a2（x﹣2）（x﹣10），
由（1）得：E（3，k），F（6，k），
∴a1（3﹣1）（3﹣5）＝a2（6﹣2）（6﹣10），
∴a1＝4a2，
∴y1＝4a2（x﹣1）（x﹣5），
把x＝﹣7代入抛物线L1得：d1＝4a2（x﹣1）（x﹣5）＝384a2，
把x＝16代入物线L2得：d2＝a2（x﹣2）（x﹣10）＝48a2，
∵a2＞0，
∴d1＞d2；
故答案为：＞；
（3）∵f1＜f2，
∴点P离对称轴更近，
∴|n+3﹣3|＜|2n﹣1﹣3|，
∴（n+3﹣3）2﹣（2n﹣1﹣3）2＜0，
∴（n+2n﹣4）（n﹣2n+4）＜0；
∴或，
∴n＜或n＞4．