还剩17页未读，
继续阅读
所属成套资源：2023年全国给中考物理试题真题合集（含答案解析）
成套系列资料，整套一键下载
2023年四川省乐山市中考物理试卷（含答案解析）
展开
这是一份2023年四川省乐山市中考物理试卷（含答案解析），共20页。试卷主要包含了 以下情境与大气压强无关的是等内容，欢迎下载使用。
2023年四川省乐山市中考物理试卷
1. 下列数据中，最接近生活实际的是( )
A. 中学生手掌的宽度约为20cm B. 教室里节能灯的电功率约为100W
C. 中学生100米跑成绩约为15s D. 一瓶500mL的矿泉水质量约为5kg
2. 2023年央视春晚上演员用洞箫吹奏名曲《百鸟归巢》，演奏者用洞箫以花舌吹法模拟鸟啼声，其模拟的鸟啼声使现场听众感受到了百鸟归巢的活跃气氛。下列有关说法正确的是( )
A. 吹奏时按压不同位置的气孔，主要改变声音的响度
B. 用洞箫模拟鸟啼声，主要模拟鸟啼声的音调
C. 现场的听众听到乐曲声是通过笛子传播的
D. 听众在乐曲声中感受到了百鸟归巢的活跃气氛，说明声音能传递信息
3. 以下情境与大气压强无关的是( )
A. 覆在管口的纸片不掉落
B. 用吸管吸饮料
C. 连通器
D. 塑料吸盘吸附在墙上
4. 2022年北京冬奥会国家速滑馆采用新技术打造“最美的冰”，其原理中有一步骤是将液态二氧化碳打入地板管道，液态二氧化碳在管道中流动并迅速变为气态。这一步骤中发生的物态变化是( )
A. 熔化 B. 凝固 C. 液化 D. 汽化
5. 2023年5月28日，国产大型客机C919圆满完成首次商业飞行。若认为客机在飞行过程中是静止的，则所选的参照物是( )
A. 地面 B. 驾驶舱内的机长 C. 窗外的云朵 D. 太阳
6. 茶杯静止在水平桌面上，下列各对力中属于平衡力的是( )
A. 茶杯所受的重力和桌面对茶杯的支持力
B. 茶杯所受的重力和茶杯对桌面的压力
C. 茶杯对桌面的压力和桌面对茶杯的支持力
D. 桌子所受的重力和地面对桌子的支持力
7. 2022年2月6日，不服输、敢拼搏、懂团结的中国女足第9次捧起亚洲杯冠军奖杯。如图所示是比赛中的场景，下列说法正确的是( )
A. 足球在空中飞行是因为受到惯性的作用
B. 足球能被头顶飞，说明力能改变物体的运动状态
C. 足球在空中飞行时，如果外力全部消失，足球将保持静止
D. 足球在空中飞行时，运动员一直对足球做功
8. 太极拳是国家级非物质文化遗产。一位太极拳爱好者在打拳过程中出现甲、乙所示的两种站姿，在保持这两种姿态静止时，他对地面的压力和压强分别为F甲和F乙、p甲和p乙，则下列关系正确的是( )
A. F甲>F乙，p甲>p乙 B. F甲>F乙，p甲
A. 小球在B点动能最大
B. 小球从B点运动到C点，重力势能转化为动能
C. A、C两点速度大小不同
D. 小球机械能不守恒
10. 如图所示的各种做法中，符合安全用电原则的是( )
①使用试电笔时，手不能接触试电笔笔尖的金属部分
②在一个插线板上同时使用多个大功率用电器
③开关要连接在火线与用电器之间
④冰箱的金属壳接地
A. ①②③④ B. ②③④ C. ①③④ D. ②④
11. 李青同学在实验操作考试中进行“探究杠杆平衡条件”的操作，完成杠杆调平后，给杠杆两侧挂上不同数量的钩码。已知每个钩码的重力都相同，其中能让杠杆在水平方向平衡的是( )
A. B.
C. D.
12. 如图所示，2022年4月15日20时00分，我国在西昌卫星发射中心使用长征三号乙运载火箭，成功将中星6D卫星发射升空。该卫星主要为我国领土、领海范围内用户及亚太地区用户提供可靠、稳定、安全的广电传输及通信服务，卫星上有很大的太阳能电池板。下列说法正确的是( )
A. 卫星是利用电磁波将信息传输到地面 B. 太阳能电池板将太阳能转化为内能
C. 太阳能和电能都是一次能源 D. 电池板的能量转化率可达100%
13. 考生进入考场前监考老师会用如图所示的手持式金属探测器进行检查。当探测器靠近金属物品时，在金属物品中产生感应电流，由此导致探测器发出警报，选项图片中与其工作原理相同的是( )
A. B.
C. D.
14. 如图所示是某一通电螺线管，小磁针静止时的N极已经标出，下列分析中正确的是( )
A. 通电螺线管右端为N极
B. 电源右端为正极
C. 通电螺线管周围的磁感线是真实存在的
D. 减小线圈的匝数通电螺线管周围的磁场会变强
15. 为了探究液体内部压强的特点，小明用隔板将一容器分成左右两部分，隔板下部有一圆孔用橡皮膜封闭(如图所示)。当左右两侧各注入适量的液体后(ρ盐水>ρ水)，选项图中符合实际情况的是( )
A. B. C. D.
16. 如图所示的电路中，电源电压恒为6V，电流表量程为“0∼0.6A”，电压表量程“0∼3V”，滑动变阻器R的规格为“20Ω，1A”，小灯泡L标有“2.5V，1.25W”字样(忽略温度对灯丝电阻的影响)。在保证电路安全的情况下，灯泡两端电压不超过其额定电压。移动滑动变阻器的滑片，下列说法中错误的是( )
A. 小灯泡正常发光时电阻是5Ω B. 滑动变阻器滑片P向左移动，小灯泡变亮
C. 电路中通过的最小电流为0.24A D. 整个电路的最大电功率是3.6W
17. 利用相同电加热器分别给质量相同的水和食用油加热，如图所示，这是通过______ (选填“做功”或“热传递”)使液体内能增大。实验表明加热相同时间，食用油温度上升得比水快，这是因为食用油的比热容比水______ (选填“大”或“小”)。
18. 凸透镜是很多光学仪器的重要元件，可以呈现不同的像。如图所示，此时光屏上已呈现清晰的实像(像未画出)，这个像一定是倒立、______ 的(选填“放大”、“缩小”、“等大”)，这是______ (选填“照相机”、“投影仪”、“放大镜”)的成像原理。
19. 用如图所示的装置做“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验。
(1)图中两次实验探究的是滑动摩擦力大小与接触面______ (选填“所受压力”或“粗糙程度”)的关系。
(2)上述实验所探究的影响因素与下列实例不符合的是______ 。
A.汽车轮胎刻有花纹
B.冰壶运动中，运动员“刷冰”
C.打羽毛球时握紧球拍
D.体操运动员手上涂抹防滑粉
20. 如图所示是两个电阻的电流随电压变化的关系图像，由图中信息可推断R1______ R2(选填“大于”“等于”或者“小于”)。将它们并联后接入电路，通过R1、R2两个电阻的电流分别为I1、I2，则I1：I2=______ 。
21. 如图所示，一条光线从水中斜射向水面时发生了折射，OA为折射光线，请在图中作出大致的入射光线并标出折射角的度数。
22. 一物块在粗糙水平面上减速向右滑行，请画出滑行过程中此物块的受力示意图，其中O点为物块重心。
23. 如图是某实验小组的同学探究“浮力大小与哪些因素有关”的实验步骤。
(1)从图中可知物块的重力为______ N。
(2)比较D和E，可以得出：浮力大小与______ 有关。
(3)比较______ 和______ ，可以得出：当物块完全浸没后，浮力大小与所处深度无关。
(4)本实验采用的物理方法是______ (选填“控制变量法”或“转换法”)。
(5)该小组的同学根据阿基米德原理计算出上述实验中所用物块的密度：
①物块完全浸没于水中所受浮力为______ N；
②物块密度为______ kg/m3。(ρ水=1.0×103kg/m3,g=10N/kg)
24. 小杨同学用如图甲所示的电路，测量定值电阻R的阻值。
(1)请你用笔画线代替导线，将图甲中的电路连接完整。(要求：滑片向左移动时电流表示数变大，且导线不能交叉)
(2)实验开始前，开关应处于______ 状态，滑动变阻器的滑片应调到______ 阻值处。
(3)小杨同学正确连接电路后，闭合开关，发现电流表无示数，电压表示数接近电源电压，出现这种故障的原因可能是______ (选填“R短路”或“R断路”)。
(4)排除故障后的某次实验中，移动滑片使电压表示数为2V时，电流表的指针位置如图乙所示，则电流表的示数为______ A，定值电阻R的阻值为______ Ω。
(5)小杨同学通过改变滑动变阻器滑片的位置，进行了多次定值电阻R的测量，目的是______ 。
A.减小误差
B.寻找实验的普遍规律
25. 中国目前已成为世界基建强国，如图1所示的塔吊是基建的常用设备，其结构可简化为如图2所示的滑轮组模型。已知物体质量为120kg，动滑轮的重为300N，在绳子自由端施加拉力F后物体在10s内匀速上升5m。不计绳重和一切阻力，g取10N/kg。求：
(1)物体上升的速度；
(2)10s内拉力F的功率；
(3)滑轮组的机械效率η。
26. 如图所示，图甲为某电饭锅的实物图、图乙为其电路原理图、图丙为电饭锅铭牌的主要参数，R1和R2为电阻不变的电热丝，S1为总开关，S2为温控开关。该电饭锅可以通过S1、S2两个开关的断开与闭合实现加热、保温两个挡位的变化。将电饭锅接入电源电压为220V的电路中，求：
额定电压：220V
加热功率：880W
保温功率：80W
(1)电饭锅在处于加热挡时的电流；
(2)电饭锅处于保温挡时，持续工作10min，产生的热量是多少焦；
(3)R1和R2的阻值。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、中学生拳头的宽度在10cm左右，手掌宽度与拳头差不多，在10cm左右，故A不符合实际；
B、教室里节能灯的电功率约为40W，故B不符合实际；
C、中学生100米跑成绩约为15s，故C符合实际；
D、一瓶500mL的矿泉水质量约为500g=0.5kg，故D不符合实际。
故选：C。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的数据，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
对日常生活中的速度、质量、长度、时间、电功率等进行准确的估测，是初中学生需要掌握的一种基本能力，平时注意观察，结合所学知识多加思考，逐渐培养这方面的能力。
2.【答案】D
【解析】解：A.吹奏时按压不同位置的气孔，则发声的空气柱长度不同，振动频率不同，因此主要改变声音的音调，故A错误；
B.用洞箫模拟鸟啼声，主要模拟鸟啼声的音色，故B错误；
C.现场的听众听到乐曲声是通过空气传播的，故C错误；
D.听众在乐曲声中感受到了百鸟归巢的轻快活泼气氛，说明声音能传递信息，故D正确。
故选：D。
(1)声音的特性包括音调、响度和音色。音调指声音的高低，响度指声音的大小、音色是声音的品质与特色；
(2)声音的传播需要介质，固体、液体、气体都可以传声；
(3)声音既能传递信息，又能传递信息。
本题考查了我们对声学多个知识点的理解，有一定综合性，但都是基础知识，难度不大。
3.【答案】C
【解析】解：A.覆在管口的纸片不掉落是因为受到大气压的作用，故A不符合题意；
B.用吸管吸饮料时，先把吸管内的空气吸走，在外界大气压的作用下，饮料被压进吸管里，利用了大气压强，故B不符合题意；
C.上端开口、下端连通的容器叫做连通器，连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面的高度总是相平的，与大气压强无关，故C符合题意；
D.塑料吸盘挂钩能贴在瓷砖上，需要先用力挤压塑料吸盘，把盘内的空气挤出，然后吸盘就被外界的大气压紧压在了墙壁上，利用了大气压，故D不符合题意。
故选：C。
我们生活在空气中，经常利用大气压为我们服务，例如：钢笔吸墨水、吸管吸饮料、注射器吸药液、抽水机抽水、吸盘吸在光滑墙壁等，据上逐一分析四个选项中的实例是不是利用了大气压来工作即可。
大气压的存在能够解释很多现象，这些现象有一个共性：通过某种方法，使设备的内部气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下出现了这种现象。
4.【答案】D
【解析】解：液态二氧化碳在管道中流动并迅速变为气态，是汽化现象。
故选：D。
物质由液态变成气态的过程叫汽化，汽化吸热。
本题考查的是汽化现象，较简单。
5.【答案】B
【解析】解：A.以地面为参照物，客机的位置不断变化，所以是运动的，故A不符合题意；
B.以驾驶舱内的机长为参照物，客机的位置没有变化，所以是静止的，故B符合题意；
C.以窗外的云朵为参照物，客机的位置不断变化，所以是运动的，故C不符合题意；
D.以太阳为参照物，客机的位置不断变化，所以是运动的，故D不符合题意。
故选：B。
判断物体静止还是运动关键是被研究的物体与参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的。
判断物体静止还是运动关键是被研究的物体与参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的。
6.【答案】A
【解析】解：A.茶杯的重力与桌面对茶杯的支持力，这两个力符合二力平衡的条件，是平衡力，故A正确；
B.茶杯所受的重力和茶杯对桌面的压力，这两个力没有作用在同一个物体上，不是平衡力，故B错误；
C.茶杯对桌面的压力与桌面对茶杯的支持力，这两个力没有作用在同一个物体上，不是平衡力，故C错误；
D.地面对桌子的支持力大小等于桌子的重力和茶杯的重力大小之和，桌子所受的重力和地面对桌子的支持力，大小不相等，不是平衡力，故D错误。
故选：A。
二力平衡的条件是大小相等，方向相反，作用在同一直线，作用在同一物体，据此判断。
本题考查了平衡力的辨别，是一道基础题。
7.【答案】B
【解析】解：A、足球在空中飞行是因为足球具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故A错误；
B、足球能被头顶飞，足球的运动状态发生改变，说说明力能改变物体的运动状态，故B正确；
C、足球在空中飞行时，如果外力全部消失，根据牛顿第一定律可知，足球将做匀速直线运动，故C错误；
D、足球在空中飞行时，运动员没有对足球施加了，运动员对足球不做功，故D错误。
故选：B。
(1)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性；
(2)力的作用效果：改变物体的形状、改变物体的运动状态；
(3)根据牛顿第一定律分析；
(4)做功的条件：有力、且物体在力的方向上通过距离。
此题考查了学生对惯性、力的作用效果、做功的条件、牛顿第一定律的应用等知识的理解，正确理解相关的知识点是解题的关键。
8.【答案】C
【解析】解：人对地面的压力等于自身重力的大小，且同一个人的重力一定，所以两图中人对地面的压力大小相等，故AB错误；
由图可知，甲图中人与地面的接触面积小于乙图中人与地面的接触面积，且压力大小相等，根据p=FS可知甲图中人对地面的压强比乙图中的大，故C正确，D错误。
故选：C。
人对地面的压力等于自身重力的大小，据此分析两图中人对地面的压力的大小关系；
由图可知，甲图中人与地面的接触面积小于乙图中人与地面的接触面积，根据p=FS分析两图中人对地面的压强的大小关系。
本题考查了压力、压强大小的比较，属于对基础知识的考查，难度不大。
9.【答案】A
【解析】解：A、根据题意可知，B点为最低点，则小球在B点时速度最大，所以在B点时动能最大，故A正确。
B、小球从B点运动到C点，质量不变，高度变大，速度变小，则重力势能增多，动能减少，将动能转化为重力势能，故B错误。
CD、不计空气阻力，小球机械能守恒，则小球在A、C两点的机械能相等。A、C两点高度相等，重力势能相等。机械能等于动能和势能之和，所以A、C两点动能相等，根据动能大小的影响因素可知，A、C两点速度大小相同，故CD错误。
故选：A。
(1)动能大小的影响因素：质量、速度；质量越大，速度越大，动能越大。
(2)重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度；质量越大，高度越高，重力势能越大。
(3)不计空气阻力时，机械能没有转化为内能，机械能守恒。
掌握动能、重力势能的影响因素，理解重力势能和动能的转化可从高度和速度来理解，可以帮助我们更好的理解能量的转化。
10.【答案】C
【解析】解：①使用试电笔时，笔尖金属体要直接与导线接触，手要接触笔尾金属体，不能接触笔尖，否则容易发生触电事故，故①正确；
②一个多孔插线板若同时使用多个大功率用电器，会造成总电流过大，易引发火灾，故②错误；
③当用电器的开关接在零线上时，即使断开开关，用电器仍带电，易发生触电事故，所以控制用电器的开关要连接在火线与用电器之间，故③正确；
④电冰箱有金属外壳，要使用三脚插头和三孔插座，将电冰箱的金属外壳接地，当用电器漏电时，电流就通过地线，流入大地，防止触电事故的发生，故④正确。
故选：C。
(1)使用试电笔时，手必须接触笔尾金属体；
(2)家庭电路电流过大的原因：短路和用电器总功率多大；
(3)控制用电器的开关应安装在火线与用电器之间；
(4)如果家用电器内部火线绝缘皮破损或失去绝缘性能，致使火线与金属外壳接通，金属外壳就带电，人体接触金属外壳等于接触火线，就会发生触电事故；若使用三脚插头和三孔插座，把金属外壳用导线接地，即使金属外壳带了电，电流也会从接地导线流走，人体接触金属外壳就没有危险。
了解安全用电常识，并能在生活中加以运用，既是解答此题的关键，也有一定的现实意义。
11.【答案】D
【解析】解：假设每格钩码的重力为G，每格的长度为L；
A、图中2G×3L≠G×4L；不能满足杠杆的平衡条件，故不能让杠杆在水平方向平衡，故A错误；
B、图中2G×2L≠G×5L；不能满足杠杆的平衡条件，故不能让杠杆在水平方向平衡，故B错误；
C、图中3G×3L≠2G×2L；不能满足杠杆的平衡条件，故不能让杠杆在水平方向平衡，故C错误；
A、图中4G×2L=2G×4L；能满足杠杆的平衡条件，故不能让杠杆在水平方向平衡，故D正确。
故选：D。
根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2分析解答。
本题考查杠杆平衡的判断，属于简单的基础题。
12.【答案】A
【解析】解：A、卫星是利用电磁波将信息传输到地面，故A正确；
B、太阳能电池板将太阳能转化为电能，故B错误；
C、太阳能是一次能源，电能是二次能源，故C错误；
D、任何能量转化都存在一定的能量损耗，电池板的能量转化率达不到100%，故D错误。
故选：A。
(1)电磁波可以传递信息，电磁波可以在真空中传播；
(2)太阳能板在使用时，可将太阳能转化为电能；
(3)能够从自然界中直接获取的能源叫一次能源；需要消耗一次能源材料得到的能源叫二次能源；
(4)任何能量转化都存在一定的能量损耗，目前太阳能电池板的能量转化效率远低于100%
本题考查了学生对电磁波的应用、太阳能、能源的分类、能量的转化等知识的掌握情况，属于基础内容的考查，比较简单。
13.【答案】D
【解析】解：根据题意可知，当探测器靠近金属物品时，在金属物品中产生感应电流，这是电磁感应现象；
A、该装置是电磁铁，利用了电流的磁效应，故A不符合题意；
B、该实验是奥斯特实验，说明电流的周围存在磁场，故B不符合题意；
C、图中导体通电后，通电导体在磁场中受力运动，故C不符合题意；
D、闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中产生感应电流，这是电磁感应现象，故D符合题意。
故选：D。
由题意可知，探测器是将线圈靠近金属物体时，相当于闭合电路的部分导体在切割磁感线，从而产生了电流，则分析各实验现象可知能产生电流的选项。
本题考查电磁感应现象的应用，要求学生能通过题意找出探测器的原理，并能正确掌握发电机的原理。
14.【答案】B
【解析】解：A.根据图示可知，小磁针的左端为N极，根据异名磁极相互吸引可知，螺线管的右端为S极，故A错误；
B、根据螺线管的右端为S极，结合线圈的绕向，利用安培定则可以确定电流从螺线管的右端流入，由此可以确定电源的右端为正极，故B正确；
C.人们为了研究方便引入了磁感线，磁感线并不存在，故C错误；
D.通电螺线管磁性的强弱与电流大小、线圈的匝数有关，减小线圈匝数，螺线管周围磁场会变弱，故D错误。
故选：B。
(1)根据小磁针的磁极，利用磁极间的相互作用规律分析螺线管的磁性；根据安培定则判定电源的正负极；
根据螺线管的N、S极和螺线管的绕向，利用安培定则可以确定螺线管中电流方向，进而可以确定电源的正、负极；
(2)人们为了研究磁场的性质，引入了磁感线；
(3)通电螺线管磁性的强弱与电流大小、线圈的匝数有关。
本题考查了磁感线、安培定则，磁极之间相互作用规律的应用，还考查了影响通电螺线管的磁性强弱因素，比较简单。
15.【答案】B
【解析】解：A.两边装的都是水，右侧的水到达橡皮膜的深度大一些，所以右侧的压强大些，故橡皮膜应该左凸，而图中橡皮膜向右凸，故A错误；
B.两侧都是水，且深度相同，所以橡皮膜不形变，故B正确；
CD.由于盐水的密度大，所以在深度相同的情况下，盐水的压强比水的压强大，故橡皮膜应该左凸，故CD错误。
故选：B。
液体的压强与液体的密度和深度有关，密度相同时，深度越大，液体产生的压强越大，深度相同时，密度越大的液体，产生的压强越大。
此题是探究液体压强与深度和密度的关系，考查了对控制变量法的应用，在实验中注意怎样控制变量和改变变量。
16.【答案】D
【解析】解：如图所示电路，灯泡和滑动变阻器串联，电压表测量灯泡的电压，电流表测量串联电路中的电流。
A.灯泡标有“2.5V1.25W”字样，则小灯泡正常发光时的电阻为：RL=U额2P额=(2.5V)21.25W=5Ω，故A正确；
B.滑动变阻器滑片P向左移动，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，电路中总电阻变小，由I=UR可知，电路中电流变大，小灯泡变亮，故B正确；
C.当滑动变阻器接入阻值最大时，电路中电流最小，此时电路中的最大电阻为：R最大=R滑大+RL=20Ω+5Ω=25Ω，
此时电路中的最小电流为：I最小=UR最大=6V25Ω=0.24A，故C正确；
D.由P=UI可得，小灯泡正常发光时的电流为：I额=P额U额=1.25W2.5V=0.5A，电流表量程为“0∼0.6A”，滑动变阻器R的规格为“20Ω，1A”，所以在保证电路安全的情况下，电路中的最大电流为0.5A，
整个电路的最大电功率是：P最大=UI额=6V×0.5A=3W，故D错误。
故选：D。
如图所示电路，灯泡和滑动变阻器串联，电压表测量灯泡的电压，电流表测量串联电路中的电流。
(1)已知灯泡的额定电压和额定功率，根据R=U2P可以求出灯泡正常发光时的电阻；
(2)滑动变阻器滑片P向左移动，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，根据欧姆定律I=UR判断电路中的电流变化，进而知道灯泡的亮度变化；
(3)当滑动变阻器接入阻值最大时，电路中电流最小；根据串联电路总电阻等于各个用电器电阻之和，计算出此时电路的总电阻，根据欧姆定律计算出电路的最小电流；
(4)根据P=UI计算出小灯泡的额定电流，结合电流表的量程和滑动变阻器允许通过的最大电流判断出电路中的最大电流，根据P=UI计算整个电路的最大电功率。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是根据灯泡的额定电流确定电路中的最大电流。
17.【答案】热传递 小
【解析】解：食用油和水的内能增加是通过热传递方式改变的。
加热相同时间，食用油温度上升得比水快，这是因为食用油的比热容比水小。
故答案为：热传递；小。
改变内能的方式包括做功和热传递；
质量相同的不同物质，温度变化小的，比热容越大，说明吸热能力越强。
本题考查比热容的概念及热传递改变物体的内能，属于基础题。
18.【答案】缩小 照相机
【解析】解：根据图示可知，此时光屏上呈现清晰的像，物距大于像距，成的是倒立、缩小的实像，这是照相机的成像原理。
故答案为：缩小；照相机。
当物距大于像距时，凸透镜成倒立、缩小的实像，其应用是照相机。
本题考查了凸透镜成像规律的应用，属于基础题。
19.【答案】粗糙程度 C
【解析】解：(1)由图可知，两次实验的压力相同，接触面不同，一次是毛巾，一次是木板，说明两次实验探究的是滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系；
(2)A、汽车轮胎刻有花纹，是在压力一定的情况下，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦，故A不符合题意；
B、冰壶运动中，运动员“刷冰”，是在压力一定的情况下，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦，故B不符合题意；
C、打羽毛球时握紧球拍，是在接触面粗糙程度相同的情况下，通过增大压力来增大摩擦，故C符合题意；
D、体操运动员手上涂抹防滑粉，是在压力一定的情况下，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦，故D不符合题意。
故选：C。
故答案为：(1)粗糙程度；(2)C。
(1)影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，根据图中现象得出结论；
(2)根据(1)的结论分析，选出符合题意的选项。
本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查了控制变量法的运用和结论的应用。
20.【答案】小于 2：1
【解析】解：由图知，当电压为4V时，通过R1、R2的电流分别为：0.8A、0.4A，
根据欧姆定律可得：
R1=UI1=4V0.8A=5Ω，R2=UI2=4V0.4A=10Ω；
则R1
I1：I2=R2：R1=10Ω：5Ω=2：1。
故答案为：小于；2：1。
(1)由图读出当电压相同时通过R1、R2的电流，根据欧姆定律即可比较R1和R2大小；
(2)将它们并联后接入电路，根据并联电路的电压特点可知R1、R2两端的电压相等，根据并联电路的电流特点求出通过R1、R2的电流比值。
本题考查并联电路的特点和欧姆定律的运用，关键是从图象中获取有用的信息是关键。
21.【答案】解：由图可知，折射光线与水面的夹角为180∘−150∘=30∘，则折射角等于90∘−30∘=60∘；
过入射点在法线左侧的水中画出入射光线，注意折射角大于入射角，如图所示：
【解析】根据光由水中斜射进入空气中时，折射光线远离法线偏折，折射角大于入射角，画出大致的入射光线；折射角为折射光线与法线之间的夹角。
此题考查光的折射规律的应用、光路图的画法，难度不大。
22.【答案】解：物块在竖直方向上，受到重力和支持力；水平方向上，因为向右运动，所以受到水平向左的摩擦力；三力的作用点都画在物块的重心，如图所示：
【解析】对物体进行受力分析：竖直方向上，受到重力和支持力，水平方向上，因为向右运动，所以受到水平向左的摩擦力；据此画出受力示意图。
画力的示意图，是用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点。
23.【答案】4.8液体的密度 C D 控制变量法 0.68×103
【解析】解：(1)由图A可知，弹簧测力计的示数为4.8N，该物块的重力G物=4.8N；
(2)比较D和E可知，浸没的深度相同，排开液体的体积相同，只有液体的密度不同，故可以得出：浮力大小与液体的密度有关；
(3)要想得出：当物块完全浸没后，浮力大小与所处深度无关，应控制排开液体的体积和密度不变，只改变深度，故应比较C和D两图；
(4)本实验中要探究浮力的大小与多个因素的关系，采用的物理方法是控制变量法；
(5)①由A、C两图可知，物块完全浸没于水中所受浮力为F浮=4.8N−4.2N=0.6N；
②由浮力公式F浮=ρ液V排g得，物块的体积：V=V排=F浮ρ水g=0.6N1.0×103kg/m3×10N/kg=0.6×10−4m3，
物块的质量：m=G物g=4.8N10N/kg=0.48kg，
物块密度为：ρ物=mV=0.48N0.6×10−4m3=8×103kg/m3。
故答案为：(1)4.8；(2)液体的密度；(3)C、D；(4)控制变量法；(5)0.6；8×103。
(1)图A中弹簧测力计的示数即为物块的重力；
(2)比较D和E，明确变化的量和不变的量，根据弹簧测力计示数的变化，可得出结论；
(3)要研究浮力大小与所处深度的关系，应控制排开液体的体积和密度不变，据此分析；
(4)探究一个量与多个量的关系，要用到控制变量法；
(5)比较A、C两实验，根据称重法，求出物块浸没水中受到的浮力，根据浮力公式F浮=ρ液V排g求出物块的体积；知道物块的重力可求出其质量，再利用公式ρ=mV可计算物块的密度。
本题考查探究“浮力大小与哪些因素有关”的实验，包括弹簧测力计的读数、控制变量法的运用、实验过程的分析、密度公式和浮力公式的计算等，有一定综合性。
24.【答案】断开 最大 R断路 0.45A
【解析】解：(1)滑片向左移动时电流表示数变大，据此选择变阻器的接线柱将变阻器串联入电路中，如图
(2)为了保护电路，连接实物电路时，开关应断开，变阻器连入电路的时滑片应调到阻值最大处；
(3)正确连接电路后，闭合开关，电流表无示数，说明电路有断路，电压表示数接近电源电压，说明电压表两接线柱到电源间是通路，所以故障原因是R断路
(4)由图乙知电流表的量程为0−0.6A，分度值为0.02A，示数为0.4A；根据欧姆定律计算出阻值为5Ω；
(5)小杨同学通过改变滑动变阻器滑片的位置，进行了多次定值电阻R的测量，目的是减小误差；故选A
故答案为：(1)见上图；(2)断开；最大；(3)R断路；(4)0.4；5；(5)A。
(1)滑片向左移动时电流表示数变大，据此选择变阻器的接线柱将变阻器串联入电路中；
(2)为了保护电路，连接实物电路时，开关应断开，变阻器连入电路的时滑片应调到阻值最大处；
(3)小灯泡不亮，电流表无示数，说明电路有断路发生，再根据电压表示数判断故障原因；
(4)根据电流表的量程和分度值读出电流表的示数，再根据欧姆定律计算出电阻值；
(5)本次试验多次测量目的是减小误差。
本题为伏安法测量定值的实验，考查实物电路的连接、注意事项、实验的操作、故障分析、电表读数等，难度适中。
25.【答案】解：(1)物体上升的速度为：
v=ht=5m10s=0.5m/s；
(2)物体的重力为：
G=mg=120kg×10N/kg=1200N，
由图知，通过动滑轮绳子的段数n=3，
不计绳重和一切阻力，绳子自由端拉力：
F=1n(G物+G动)=13×(1200N+300N)=500N；
绳子自由端移动的距离：
s=nh=3×5m=15m，
拉力所做的功：
W总=Fs=500N×15m=7500J，
拉力F的功率：
P=W总t=7500J10s=750W；
(3)有用功为：
W有=Gh=1200N×5m=6000J，
滑轮组的机械效率：
η=W有W总×100%=6000J7500J×100%=80%；
答：(1)物体上升的速度为0.5m/s；
(2)10s内拉力F的功率为750W；
(3)滑轮组的机械效率η为80%。
【解析】(1)根据速度公式算出物体上升的速度；
(2)由图知，通过动滑轮绳子的段数n，不计绳重和一切阻力，利用公式F=1n(G物+G动)计算拉力F；
由s=nh算出绳子自由端移动的距离，利用公式W总=Fs求拉力做功(总功)，由公式P=W总t计算拉力F的功率；
(3)利用公式W有=Gh求出有用功，由公式η=W有W总×100%可计算出滑轮组的机械效率。
本题主要考查了机械效率公式、滑轮组s=nh、有用功、总功以及功率的计算，知识多，综合性强，但都是基础知识的考查，熟练掌握公式即可解答。
26.【答案】解：(1)由图表格参数可知，电饭锅的加热挡功率P加=880W，
由P=UI可知，电饭锅在处于加热挡时的电流：I=P加U=880W220V=4A；
(2)由P=Wt可知，电饭锅处于保温挡时，持续工作10min，产生的热量：Q=W=P保t=80W×10×60s=4.8×104J；
(3)由图乙可知，当开关S1闭合，S2断开时，R1、R2串联，根据串联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻最大，由P=U2R可知，电路中的总功率最小，电饭锅处于保温挡；
当开关S1、S2都闭合时，只有R1工作，电路中的总电阻最小，总功率最大，电饭锅处于加热挡；
由P=U2R可知，R1的阻值：R1=U2P加=(220V)2880W=55Ω；
R1、R2的串联总电阻：R=U2P保=(220V)280W=605Ω，
根据串联电路的电阻特点可知，R2的阻值：R2=R−R1=605Ω−55Ω=550Ω。
答：(1)电饭锅在处于加热挡时的电流为4A；
(2)电饭锅处于保温挡时，持续工作10min，产生的热量是4.8×104J；
(3)R1和R2的阻值分别为55Ω、550Ω。
【解析】(1)根据P=UI求出电饭锅在处于加热挡时的电流；
(2)根据Q=W=Pt求出电饭锅处于保温挡时，持续工作10min，产生的热量；
(3)由图乙可知，当开关S1闭合，S2断开时，R1、R2串联，当开关S1、S2都闭合时，只有R1工作，根据串联电路的特点和P=U2R可知电饭锅加热挡和保温挡的电路连接；根据加热挡功率和P=U2R可求出R1的阻值；根据保温挡功率和P=U2R可求出R1、R2串联总电阻，根据串联电路电阻特点求出R2的阻值。
本题考查串联电路的特点、电功率公式以及焦耳定律的应用，能正确分析不同状态下的电路连接是解题的关键。
2023年四川省乐山市中考物理试卷
1. 下列数据中，最接近生活实际的是( )
A. 中学生手掌的宽度约为20cm B. 教室里节能灯的电功率约为100W
C. 中学生100米跑成绩约为15s D. 一瓶500mL的矿泉水质量约为5kg
2. 2023年央视春晚上演员用洞箫吹奏名曲《百鸟归巢》，演奏者用洞箫以花舌吹法模拟鸟啼声，其模拟的鸟啼声使现场听众感受到了百鸟归巢的活跃气氛。下列有关说法正确的是( )
A. 吹奏时按压不同位置的气孔，主要改变声音的响度
B. 用洞箫模拟鸟啼声，主要模拟鸟啼声的音调
C. 现场的听众听到乐曲声是通过笛子传播的
D. 听众在乐曲声中感受到了百鸟归巢的活跃气氛，说明声音能传递信息
3. 以下情境与大气压强无关的是( )
A. 覆在管口的纸片不掉落
B. 用吸管吸饮料
C. 连通器
D. 塑料吸盘吸附在墙上
4. 2022年北京冬奥会国家速滑馆采用新技术打造“最美的冰”，其原理中有一步骤是将液态二氧化碳打入地板管道，液态二氧化碳在管道中流动并迅速变为气态。这一步骤中发生的物态变化是( )
A. 熔化 B. 凝固 C. 液化 D. 汽化
5. 2023年5月28日，国产大型客机C919圆满完成首次商业飞行。若认为客机在飞行过程中是静止的，则所选的参照物是( )
A. 地面 B. 驾驶舱内的机长 C. 窗外的云朵 D. 太阳
6. 茶杯静止在水平桌面上，下列各对力中属于平衡力的是( )
A. 茶杯所受的重力和桌面对茶杯的支持力
B. 茶杯所受的重力和茶杯对桌面的压力
C. 茶杯对桌面的压力和桌面对茶杯的支持力
D. 桌子所受的重力和地面对桌子的支持力
7. 2022年2月6日，不服输、敢拼搏、懂团结的中国女足第9次捧起亚洲杯冠军奖杯。如图所示是比赛中的场景，下列说法正确的是( )
A. 足球在空中飞行是因为受到惯性的作用
B. 足球能被头顶飞，说明力能改变物体的运动状态
C. 足球在空中飞行时，如果外力全部消失，足球将保持静止
D. 足球在空中飞行时，运动员一直对足球做功
8. 太极拳是国家级非物质文化遗产。一位太极拳爱好者在打拳过程中出现甲、乙所示的两种站姿，在保持这两种姿态静止时，他对地面的压力和压强分别为F甲和F乙、p甲和p乙，则下列关系正确的是( )
A. F甲>F乙，p甲>p乙 B. F甲>F乙，p甲
A. 小球在B点动能最大
B. 小球从B点运动到C点，重力势能转化为动能
C. A、C两点速度大小不同
D. 小球机械能不守恒
10. 如图所示的各种做法中，符合安全用电原则的是( )
①使用试电笔时，手不能接触试电笔笔尖的金属部分
②在一个插线板上同时使用多个大功率用电器
③开关要连接在火线与用电器之间
④冰箱的金属壳接地
A. ①②③④ B. ②③④ C. ①③④ D. ②④
11. 李青同学在实验操作考试中进行“探究杠杆平衡条件”的操作，完成杠杆调平后，给杠杆两侧挂上不同数量的钩码。已知每个钩码的重力都相同，其中能让杠杆在水平方向平衡的是( )
A. B.
C. D.
12. 如图所示，2022年4月15日20时00分，我国在西昌卫星发射中心使用长征三号乙运载火箭，成功将中星6D卫星发射升空。该卫星主要为我国领土、领海范围内用户及亚太地区用户提供可靠、稳定、安全的广电传输及通信服务，卫星上有很大的太阳能电池板。下列说法正确的是( )
A. 卫星是利用电磁波将信息传输到地面 B. 太阳能电池板将太阳能转化为内能
C. 太阳能和电能都是一次能源 D. 电池板的能量转化率可达100%
13. 考生进入考场前监考老师会用如图所示的手持式金属探测器进行检查。当探测器靠近金属物品时，在金属物品中产生感应电流，由此导致探测器发出警报，选项图片中与其工作原理相同的是( )
A. B.
C. D.
14. 如图所示是某一通电螺线管，小磁针静止时的N极已经标出，下列分析中正确的是( )
A. 通电螺线管右端为N极
B. 电源右端为正极
C. 通电螺线管周围的磁感线是真实存在的
D. 减小线圈的匝数通电螺线管周围的磁场会变强
15. 为了探究液体内部压强的特点，小明用隔板将一容器分成左右两部分，隔板下部有一圆孔用橡皮膜封闭(如图所示)。当左右两侧各注入适量的液体后(ρ盐水>ρ水)，选项图中符合实际情况的是( )
A. B. C. D.
16. 如图所示的电路中，电源电压恒为6V，电流表量程为“0∼0.6A”，电压表量程“0∼3V”，滑动变阻器R的规格为“20Ω，1A”，小灯泡L标有“2.5V，1.25W”字样(忽略温度对灯丝电阻的影响)。在保证电路安全的情况下，灯泡两端电压不超过其额定电压。移动滑动变阻器的滑片，下列说法中错误的是( )
A. 小灯泡正常发光时电阻是5Ω B. 滑动变阻器滑片P向左移动，小灯泡变亮
C. 电路中通过的最小电流为0.24A D. 整个电路的最大电功率是3.6W
17. 利用相同电加热器分别给质量相同的水和食用油加热，如图所示，这是通过______ (选填“做功”或“热传递”)使液体内能增大。实验表明加热相同时间，食用油温度上升得比水快，这是因为食用油的比热容比水______ (选填“大”或“小”)。
18. 凸透镜是很多光学仪器的重要元件，可以呈现不同的像。如图所示，此时光屏上已呈现清晰的实像(像未画出)，这个像一定是倒立、______ 的(选填“放大”、“缩小”、“等大”)，这是______ (选填“照相机”、“投影仪”、“放大镜”)的成像原理。
19. 用如图所示的装置做“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验。
(1)图中两次实验探究的是滑动摩擦力大小与接触面______ (选填“所受压力”或“粗糙程度”)的关系。
(2)上述实验所探究的影响因素与下列实例不符合的是______ 。
A.汽车轮胎刻有花纹
B.冰壶运动中，运动员“刷冰”
C.打羽毛球时握紧球拍
D.体操运动员手上涂抹防滑粉
20. 如图所示是两个电阻的电流随电压变化的关系图像，由图中信息可推断R1______ R2(选填“大于”“等于”或者“小于”)。将它们并联后接入电路，通过R1、R2两个电阻的电流分别为I1、I2，则I1：I2=______ 。
21. 如图所示，一条光线从水中斜射向水面时发生了折射，OA为折射光线，请在图中作出大致的入射光线并标出折射角的度数。
22. 一物块在粗糙水平面上减速向右滑行，请画出滑行过程中此物块的受力示意图，其中O点为物块重心。
23. 如图是某实验小组的同学探究“浮力大小与哪些因素有关”的实验步骤。
(1)从图中可知物块的重力为______ N。
(2)比较D和E，可以得出：浮力大小与______ 有关。
(3)比较______ 和______ ，可以得出：当物块完全浸没后，浮力大小与所处深度无关。
(4)本实验采用的物理方法是______ (选填“控制变量法”或“转换法”)。
(5)该小组的同学根据阿基米德原理计算出上述实验中所用物块的密度：
①物块完全浸没于水中所受浮力为______ N；
②物块密度为______ kg/m3。(ρ水=1.0×103kg/m3,g=10N/kg)
24. 小杨同学用如图甲所示的电路，测量定值电阻R的阻值。
(1)请你用笔画线代替导线，将图甲中的电路连接完整。(要求：滑片向左移动时电流表示数变大，且导线不能交叉)
(2)实验开始前，开关应处于______ 状态，滑动变阻器的滑片应调到______ 阻值处。
(3)小杨同学正确连接电路后，闭合开关，发现电流表无示数，电压表示数接近电源电压，出现这种故障的原因可能是______ (选填“R短路”或“R断路”)。
(4)排除故障后的某次实验中，移动滑片使电压表示数为2V时，电流表的指针位置如图乙所示，则电流表的示数为______ A，定值电阻R的阻值为______ Ω。
(5)小杨同学通过改变滑动变阻器滑片的位置，进行了多次定值电阻R的测量，目的是______ 。
A.减小误差
B.寻找实验的普遍规律
25. 中国目前已成为世界基建强国，如图1所示的塔吊是基建的常用设备，其结构可简化为如图2所示的滑轮组模型。已知物体质量为120kg，动滑轮的重为300N，在绳子自由端施加拉力F后物体在10s内匀速上升5m。不计绳重和一切阻力，g取10N/kg。求：
(1)物体上升的速度；
(2)10s内拉力F的功率；
(3)滑轮组的机械效率η。
26. 如图所示，图甲为某电饭锅的实物图、图乙为其电路原理图、图丙为电饭锅铭牌的主要参数，R1和R2为电阻不变的电热丝，S1为总开关，S2为温控开关。该电饭锅可以通过S1、S2两个开关的断开与闭合实现加热、保温两个挡位的变化。将电饭锅接入电源电压为220V的电路中，求：
额定电压：220V
加热功率：880W
保温功率：80W
(1)电饭锅在处于加热挡时的电流；
(2)电饭锅处于保温挡时，持续工作10min，产生的热量是多少焦；
(3)R1和R2的阻值。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、中学生拳头的宽度在10cm左右，手掌宽度与拳头差不多，在10cm左右，故A不符合实际；
B、教室里节能灯的电功率约为40W，故B不符合实际；
C、中学生100米跑成绩约为15s，故C符合实际；
D、一瓶500mL的矿泉水质量约为500g=0.5kg，故D不符合实际。
故选：C。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的数据，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
对日常生活中的速度、质量、长度、时间、电功率等进行准确的估测，是初中学生需要掌握的一种基本能力，平时注意观察，结合所学知识多加思考，逐渐培养这方面的能力。
2.【答案】D
【解析】解：A.吹奏时按压不同位置的气孔，则发声的空气柱长度不同，振动频率不同，因此主要改变声音的音调，故A错误；
B.用洞箫模拟鸟啼声，主要模拟鸟啼声的音色，故B错误；
C.现场的听众听到乐曲声是通过空气传播的，故C错误；
D.听众在乐曲声中感受到了百鸟归巢的轻快活泼气氛，说明声音能传递信息，故D正确。
故选：D。
(1)声音的特性包括音调、响度和音色。音调指声音的高低，响度指声音的大小、音色是声音的品质与特色；
(2)声音的传播需要介质，固体、液体、气体都可以传声；
(3)声音既能传递信息，又能传递信息。
本题考查了我们对声学多个知识点的理解，有一定综合性，但都是基础知识，难度不大。
3.【答案】C
【解析】解：A.覆在管口的纸片不掉落是因为受到大气压的作用，故A不符合题意；
B.用吸管吸饮料时，先把吸管内的空气吸走，在外界大气压的作用下，饮料被压进吸管里，利用了大气压强，故B不符合题意；
C.上端开口、下端连通的容器叫做连通器，连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面的高度总是相平的，与大气压强无关，故C符合题意；
D.塑料吸盘挂钩能贴在瓷砖上，需要先用力挤压塑料吸盘，把盘内的空气挤出，然后吸盘就被外界的大气压紧压在了墙壁上，利用了大气压，故D不符合题意。
故选：C。
我们生活在空气中，经常利用大气压为我们服务，例如：钢笔吸墨水、吸管吸饮料、注射器吸药液、抽水机抽水、吸盘吸在光滑墙壁等，据上逐一分析四个选项中的实例是不是利用了大气压来工作即可。
大气压的存在能够解释很多现象，这些现象有一个共性：通过某种方法，使设备的内部气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下出现了这种现象。
4.【答案】D
【解析】解：液态二氧化碳在管道中流动并迅速变为气态，是汽化现象。
故选：D。
物质由液态变成气态的过程叫汽化，汽化吸热。
本题考查的是汽化现象，较简单。
5.【答案】B
【解析】解：A.以地面为参照物，客机的位置不断变化，所以是运动的，故A不符合题意；
B.以驾驶舱内的机长为参照物，客机的位置没有变化，所以是静止的，故B符合题意；
C.以窗外的云朵为参照物，客机的位置不断变化，所以是运动的，故C不符合题意；
D.以太阳为参照物，客机的位置不断变化，所以是运动的，故D不符合题意。
故选：B。
判断物体静止还是运动关键是被研究的物体与参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的。
判断物体静止还是运动关键是被研究的物体与参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的。
6.【答案】A
【解析】解：A.茶杯的重力与桌面对茶杯的支持力，这两个力符合二力平衡的条件，是平衡力，故A正确；
B.茶杯所受的重力和茶杯对桌面的压力，这两个力没有作用在同一个物体上，不是平衡力，故B错误；
C.茶杯对桌面的压力与桌面对茶杯的支持力，这两个力没有作用在同一个物体上，不是平衡力，故C错误；
D.地面对桌子的支持力大小等于桌子的重力和茶杯的重力大小之和，桌子所受的重力和地面对桌子的支持力，大小不相等，不是平衡力，故D错误。
故选：A。
二力平衡的条件是大小相等，方向相反，作用在同一直线，作用在同一物体，据此判断。
本题考查了平衡力的辨别，是一道基础题。
7.【答案】B
【解析】解：A、足球在空中飞行是因为足球具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故A错误；
B、足球能被头顶飞，足球的运动状态发生改变，说说明力能改变物体的运动状态，故B正确；
C、足球在空中飞行时，如果外力全部消失，根据牛顿第一定律可知，足球将做匀速直线运动，故C错误；
D、足球在空中飞行时，运动员没有对足球施加了，运动员对足球不做功，故D错误。
故选：B。
(1)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性；
(2)力的作用效果：改变物体的形状、改变物体的运动状态；
(3)根据牛顿第一定律分析；
(4)做功的条件：有力、且物体在力的方向上通过距离。
此题考查了学生对惯性、力的作用效果、做功的条件、牛顿第一定律的应用等知识的理解，正确理解相关的知识点是解题的关键。
8.【答案】C
【解析】解：人对地面的压力等于自身重力的大小，且同一个人的重力一定，所以两图中人对地面的压力大小相等，故AB错误；
由图可知，甲图中人与地面的接触面积小于乙图中人与地面的接触面积，且压力大小相等，根据p=FS可知甲图中人对地面的压强比乙图中的大，故C正确，D错误。
故选：C。
人对地面的压力等于自身重力的大小，据此分析两图中人对地面的压力的大小关系；
由图可知，甲图中人与地面的接触面积小于乙图中人与地面的接触面积，根据p=FS分析两图中人对地面的压强的大小关系。
本题考查了压力、压强大小的比较，属于对基础知识的考查，难度不大。
9.【答案】A
【解析】解：A、根据题意可知，B点为最低点，则小球在B点时速度最大，所以在B点时动能最大，故A正确。
B、小球从B点运动到C点，质量不变，高度变大，速度变小，则重力势能增多，动能减少，将动能转化为重力势能，故B错误。
CD、不计空气阻力，小球机械能守恒，则小球在A、C两点的机械能相等。A、C两点高度相等，重力势能相等。机械能等于动能和势能之和，所以A、C两点动能相等，根据动能大小的影响因素可知，A、C两点速度大小相同，故CD错误。
故选：A。
(1)动能大小的影响因素：质量、速度；质量越大，速度越大，动能越大。
(2)重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度；质量越大，高度越高，重力势能越大。
(3)不计空气阻力时，机械能没有转化为内能，机械能守恒。
掌握动能、重力势能的影响因素，理解重力势能和动能的转化可从高度和速度来理解，可以帮助我们更好的理解能量的转化。
10.【答案】C
【解析】解：①使用试电笔时，笔尖金属体要直接与导线接触，手要接触笔尾金属体，不能接触笔尖，否则容易发生触电事故，故①正确；
②一个多孔插线板若同时使用多个大功率用电器，会造成总电流过大，易引发火灾，故②错误；
③当用电器的开关接在零线上时，即使断开开关，用电器仍带电，易发生触电事故，所以控制用电器的开关要连接在火线与用电器之间，故③正确；
④电冰箱有金属外壳，要使用三脚插头和三孔插座，将电冰箱的金属外壳接地，当用电器漏电时，电流就通过地线，流入大地，防止触电事故的发生，故④正确。
故选：C。
(1)使用试电笔时，手必须接触笔尾金属体；
(2)家庭电路电流过大的原因：短路和用电器总功率多大；
(3)控制用电器的开关应安装在火线与用电器之间；
(4)如果家用电器内部火线绝缘皮破损或失去绝缘性能，致使火线与金属外壳接通，金属外壳就带电，人体接触金属外壳等于接触火线，就会发生触电事故；若使用三脚插头和三孔插座，把金属外壳用导线接地，即使金属外壳带了电，电流也会从接地导线流走，人体接触金属外壳就没有危险。
了解安全用电常识，并能在生活中加以运用，既是解答此题的关键，也有一定的现实意义。
11.【答案】D
【解析】解：假设每格钩码的重力为G，每格的长度为L；
A、图中2G×3L≠G×4L；不能满足杠杆的平衡条件，故不能让杠杆在水平方向平衡，故A错误；
B、图中2G×2L≠G×5L；不能满足杠杆的平衡条件，故不能让杠杆在水平方向平衡，故B错误；
C、图中3G×3L≠2G×2L；不能满足杠杆的平衡条件，故不能让杠杆在水平方向平衡，故C错误；
A、图中4G×2L=2G×4L；能满足杠杆的平衡条件，故不能让杠杆在水平方向平衡，故D正确。
故选：D。
根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2分析解答。
本题考查杠杆平衡的判断，属于简单的基础题。
12.【答案】A
【解析】解：A、卫星是利用电磁波将信息传输到地面，故A正确；
B、太阳能电池板将太阳能转化为电能，故B错误；
C、太阳能是一次能源，电能是二次能源，故C错误；
D、任何能量转化都存在一定的能量损耗，电池板的能量转化率达不到100%，故D错误。
故选：A。
(1)电磁波可以传递信息，电磁波可以在真空中传播；
(2)太阳能板在使用时，可将太阳能转化为电能；
(3)能够从自然界中直接获取的能源叫一次能源；需要消耗一次能源材料得到的能源叫二次能源；
(4)任何能量转化都存在一定的能量损耗，目前太阳能电池板的能量转化效率远低于100%
本题考查了学生对电磁波的应用、太阳能、能源的分类、能量的转化等知识的掌握情况，属于基础内容的考查，比较简单。
13.【答案】D
【解析】解：根据题意可知，当探测器靠近金属物品时，在金属物品中产生感应电流，这是电磁感应现象；
A、该装置是电磁铁，利用了电流的磁效应，故A不符合题意；
B、该实验是奥斯特实验，说明电流的周围存在磁场，故B不符合题意；
C、图中导体通电后，通电导体在磁场中受力运动，故C不符合题意；
D、闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中产生感应电流，这是电磁感应现象，故D符合题意。
故选：D。
由题意可知，探测器是将线圈靠近金属物体时，相当于闭合电路的部分导体在切割磁感线，从而产生了电流，则分析各实验现象可知能产生电流的选项。
本题考查电磁感应现象的应用，要求学生能通过题意找出探测器的原理，并能正确掌握发电机的原理。
14.【答案】B
【解析】解：A.根据图示可知，小磁针的左端为N极，根据异名磁极相互吸引可知，螺线管的右端为S极，故A错误；
B、根据螺线管的右端为S极，结合线圈的绕向，利用安培定则可以确定电流从螺线管的右端流入，由此可以确定电源的右端为正极，故B正确；
C.人们为了研究方便引入了磁感线，磁感线并不存在，故C错误；
D.通电螺线管磁性的强弱与电流大小、线圈的匝数有关，减小线圈匝数，螺线管周围磁场会变弱，故D错误。
故选：B。
(1)根据小磁针的磁极，利用磁极间的相互作用规律分析螺线管的磁性；根据安培定则判定电源的正负极；
根据螺线管的N、S极和螺线管的绕向，利用安培定则可以确定螺线管中电流方向，进而可以确定电源的正、负极；
(2)人们为了研究磁场的性质，引入了磁感线；
(3)通电螺线管磁性的强弱与电流大小、线圈的匝数有关。
本题考查了磁感线、安培定则，磁极之间相互作用规律的应用，还考查了影响通电螺线管的磁性强弱因素，比较简单。
15.【答案】B
【解析】解：A.两边装的都是水，右侧的水到达橡皮膜的深度大一些，所以右侧的压强大些，故橡皮膜应该左凸，而图中橡皮膜向右凸，故A错误；
B.两侧都是水，且深度相同，所以橡皮膜不形变，故B正确；
CD.由于盐水的密度大，所以在深度相同的情况下，盐水的压强比水的压强大，故橡皮膜应该左凸，故CD错误。
故选：B。
液体的压强与液体的密度和深度有关，密度相同时，深度越大，液体产生的压强越大，深度相同时，密度越大的液体，产生的压强越大。
此题是探究液体压强与深度和密度的关系，考查了对控制变量法的应用，在实验中注意怎样控制变量和改变变量。
16.【答案】D
【解析】解：如图所示电路，灯泡和滑动变阻器串联，电压表测量灯泡的电压，电流表测量串联电路中的电流。
A.灯泡标有“2.5V1.25W”字样，则小灯泡正常发光时的电阻为：RL=U额2P额=(2.5V)21.25W=5Ω，故A正确；
B.滑动变阻器滑片P向左移动，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，电路中总电阻变小，由I=UR可知，电路中电流变大，小灯泡变亮，故B正确；
C.当滑动变阻器接入阻值最大时，电路中电流最小，此时电路中的最大电阻为：R最大=R滑大+RL=20Ω+5Ω=25Ω，
此时电路中的最小电流为：I最小=UR最大=6V25Ω=0.24A，故C正确；
D.由P=UI可得，小灯泡正常发光时的电流为：I额=P额U额=1.25W2.5V=0.5A，电流表量程为“0∼0.6A”，滑动变阻器R的规格为“20Ω，1A”，所以在保证电路安全的情况下，电路中的最大电流为0.5A，
整个电路的最大电功率是：P最大=UI额=6V×0.5A=3W，故D错误。
故选：D。
如图所示电路，灯泡和滑动变阻器串联，电压表测量灯泡的电压，电流表测量串联电路中的电流。
(1)已知灯泡的额定电压和额定功率，根据R=U2P可以求出灯泡正常发光时的电阻；
(2)滑动变阻器滑片P向左移动，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，根据欧姆定律I=UR判断电路中的电流变化，进而知道灯泡的亮度变化；
(3)当滑动变阻器接入阻值最大时，电路中电流最小；根据串联电路总电阻等于各个用电器电阻之和，计算出此时电路的总电阻，根据欧姆定律计算出电路的最小电流；
(4)根据P=UI计算出小灯泡的额定电流，结合电流表的量程和滑动变阻器允许通过的最大电流判断出电路中的最大电流，根据P=UI计算整个电路的最大电功率。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是根据灯泡的额定电流确定电路中的最大电流。
17.【答案】热传递 小
【解析】解：食用油和水的内能增加是通过热传递方式改变的。
加热相同时间，食用油温度上升得比水快，这是因为食用油的比热容比水小。
故答案为：热传递；小。
改变内能的方式包括做功和热传递；
质量相同的不同物质，温度变化小的，比热容越大，说明吸热能力越强。
本题考查比热容的概念及热传递改变物体的内能，属于基础题。
18.【答案】缩小 照相机
【解析】解：根据图示可知，此时光屏上呈现清晰的像，物距大于像距，成的是倒立、缩小的实像，这是照相机的成像原理。
故答案为：缩小；照相机。
当物距大于像距时，凸透镜成倒立、缩小的实像，其应用是照相机。
本题考查了凸透镜成像规律的应用，属于基础题。
19.【答案】粗糙程度 C
【解析】解：(1)由图可知，两次实验的压力相同，接触面不同，一次是毛巾，一次是木板，说明两次实验探究的是滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系；
(2)A、汽车轮胎刻有花纹，是在压力一定的情况下，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦，故A不符合题意；
B、冰壶运动中，运动员“刷冰”，是在压力一定的情况下，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦，故B不符合题意；
C、打羽毛球时握紧球拍，是在接触面粗糙程度相同的情况下，通过增大压力来增大摩擦，故C符合题意；
D、体操运动员手上涂抹防滑粉，是在压力一定的情况下，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦，故D不符合题意。
故选：C。
故答案为：(1)粗糙程度；(2)C。
(1)影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，根据图中现象得出结论；
(2)根据(1)的结论分析，选出符合题意的选项。
本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查了控制变量法的运用和结论的应用。
20.【答案】小于 2：1
【解析】解：由图知，当电压为4V时，通过R1、R2的电流分别为：0.8A、0.4A，
根据欧姆定律可得：
R1=UI1=4V0.8A=5Ω，R2=UI2=4V0.4A=10Ω；
则R1
I1：I2=R2：R1=10Ω：5Ω=2：1。
故答案为：小于；2：1。
(1)由图读出当电压相同时通过R1、R2的电流，根据欧姆定律即可比较R1和R2大小；
(2)将它们并联后接入电路，根据并联电路的电压特点可知R1、R2两端的电压相等，根据并联电路的电流特点求出通过R1、R2的电流比值。
本题考查并联电路的特点和欧姆定律的运用，关键是从图象中获取有用的信息是关键。
21.【答案】解：由图可知，折射光线与水面的夹角为180∘−150∘=30∘，则折射角等于90∘−30∘=60∘；
过入射点在法线左侧的水中画出入射光线，注意折射角大于入射角，如图所示：
【解析】根据光由水中斜射进入空气中时，折射光线远离法线偏折，折射角大于入射角，画出大致的入射光线；折射角为折射光线与法线之间的夹角。
此题考查光的折射规律的应用、光路图的画法，难度不大。
22.【答案】解：物块在竖直方向上，受到重力和支持力；水平方向上，因为向右运动，所以受到水平向左的摩擦力；三力的作用点都画在物块的重心，如图所示：
【解析】对物体进行受力分析：竖直方向上，受到重力和支持力，水平方向上，因为向右运动，所以受到水平向左的摩擦力；据此画出受力示意图。
画力的示意图，是用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点。
23.【答案】4.8液体的密度 C D 控制变量法 0.68×103
【解析】解：(1)由图A可知，弹簧测力计的示数为4.8N，该物块的重力G物=4.8N；
(2)比较D和E可知，浸没的深度相同，排开液体的体积相同，只有液体的密度不同，故可以得出：浮力大小与液体的密度有关；
(3)要想得出：当物块完全浸没后，浮力大小与所处深度无关，应控制排开液体的体积和密度不变，只改变深度，故应比较C和D两图；
(4)本实验中要探究浮力的大小与多个因素的关系，采用的物理方法是控制变量法；
(5)①由A、C两图可知，物块完全浸没于水中所受浮力为F浮=4.8N−4.2N=0.6N；
②由浮力公式F浮=ρ液V排g得，物块的体积：V=V排=F浮ρ水g=0.6N1.0×103kg/m3×10N/kg=0.6×10−4m3，
物块的质量：m=G物g=4.8N10N/kg=0.48kg，
物块密度为：ρ物=mV=0.48N0.6×10−4m3=8×103kg/m3。
故答案为：(1)4.8；(2)液体的密度；(3)C、D；(4)控制变量法；(5)0.6；8×103。
(1)图A中弹簧测力计的示数即为物块的重力；
(2)比较D和E，明确变化的量和不变的量，根据弹簧测力计示数的变化，可得出结论；
(3)要研究浮力大小与所处深度的关系，应控制排开液体的体积和密度不变，据此分析；
(4)探究一个量与多个量的关系，要用到控制变量法；
(5)比较A、C两实验，根据称重法，求出物块浸没水中受到的浮力，根据浮力公式F浮=ρ液V排g求出物块的体积；知道物块的重力可求出其质量，再利用公式ρ=mV可计算物块的密度。
本题考查探究“浮力大小与哪些因素有关”的实验，包括弹簧测力计的读数、控制变量法的运用、实验过程的分析、密度公式和浮力公式的计算等，有一定综合性。
24.【答案】断开 最大 R断路 0.45A
【解析】解：(1)滑片向左移动时电流表示数变大，据此选择变阻器的接线柱将变阻器串联入电路中，如图
(2)为了保护电路，连接实物电路时，开关应断开，变阻器连入电路的时滑片应调到阻值最大处；
(3)正确连接电路后，闭合开关，电流表无示数，说明电路有断路，电压表示数接近电源电压，说明电压表两接线柱到电源间是通路，所以故障原因是R断路
(4)由图乙知电流表的量程为0−0.6A，分度值为0.02A，示数为0.4A；根据欧姆定律计算出阻值为5Ω；
(5)小杨同学通过改变滑动变阻器滑片的位置，进行了多次定值电阻R的测量，目的是减小误差；故选A
故答案为：(1)见上图；(2)断开；最大；(3)R断路；(4)0.4；5；(5)A。
(1)滑片向左移动时电流表示数变大，据此选择变阻器的接线柱将变阻器串联入电路中；
(2)为了保护电路，连接实物电路时，开关应断开，变阻器连入电路的时滑片应调到阻值最大处；
(3)小灯泡不亮，电流表无示数，说明电路有断路发生，再根据电压表示数判断故障原因；
(4)根据电流表的量程和分度值读出电流表的示数，再根据欧姆定律计算出电阻值；
(5)本次试验多次测量目的是减小误差。
本题为伏安法测量定值的实验，考查实物电路的连接、注意事项、实验的操作、故障分析、电表读数等，难度适中。
25.【答案】解：(1)物体上升的速度为：
v=ht=5m10s=0.5m/s；
(2)物体的重力为：
G=mg=120kg×10N/kg=1200N，
由图知，通过动滑轮绳子的段数n=3，
不计绳重和一切阻力，绳子自由端拉力：
F=1n(G物+G动)=13×(1200N+300N)=500N；
绳子自由端移动的距离：
s=nh=3×5m=15m，
拉力所做的功：
W总=Fs=500N×15m=7500J，
拉力F的功率：
P=W总t=7500J10s=750W；
(3)有用功为：
W有=Gh=1200N×5m=6000J，
滑轮组的机械效率：
η=W有W总×100%=6000J7500J×100%=80%；
答：(1)物体上升的速度为0.5m/s；
(2)10s内拉力F的功率为750W；
(3)滑轮组的机械效率η为80%。
【解析】(1)根据速度公式算出物体上升的速度；
(2)由图知，通过动滑轮绳子的段数n，不计绳重和一切阻力，利用公式F=1n(G物+G动)计算拉力F；
由s=nh算出绳子自由端移动的距离，利用公式W总=Fs求拉力做功(总功)，由公式P=W总t计算拉力F的功率；
(3)利用公式W有=Gh求出有用功，由公式η=W有W总×100%可计算出滑轮组的机械效率。
本题主要考查了机械效率公式、滑轮组s=nh、有用功、总功以及功率的计算，知识多，综合性强，但都是基础知识的考查，熟练掌握公式即可解答。
26.【答案】解：(1)由图表格参数可知，电饭锅的加热挡功率P加=880W，
由P=UI可知，电饭锅在处于加热挡时的电流：I=P加U=880W220V=4A；
(2)由P=Wt可知，电饭锅处于保温挡时，持续工作10min，产生的热量：Q=W=P保t=80W×10×60s=4.8×104J；
(3)由图乙可知，当开关S1闭合，S2断开时，R1、R2串联，根据串联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻最大，由P=U2R可知，电路中的总功率最小，电饭锅处于保温挡；
当开关S1、S2都闭合时，只有R1工作，电路中的总电阻最小，总功率最大，电饭锅处于加热挡；
由P=U2R可知，R1的阻值：R1=U2P加=(220V)2880W=55Ω；
R1、R2的串联总电阻：R=U2P保=(220V)280W=605Ω，
根据串联电路的电阻特点可知，R2的阻值：R2=R−R1=605Ω−55Ω=550Ω。
答：(1)电饭锅在处于加热挡时的电流为4A；
(2)电饭锅处于保温挡时，持续工作10min，产生的热量是4.8×104J；
(3)R1和R2的阻值分别为55Ω、550Ω。
【解析】(1)根据P=UI求出电饭锅在处于加热挡时的电流；
(2)根据Q=W=Pt求出电饭锅处于保温挡时，持续工作10min，产生的热量；
(3)由图乙可知，当开关S1闭合，S2断开时，R1、R2串联，当开关S1、S2都闭合时，只有R1工作，根据串联电路的特点和P=U2R可知电饭锅加热挡和保温挡的电路连接；根据加热挡功率和P=U2R可求出R1的阻值；根据保温挡功率和P=U2R可求出R1、R2串联总电阻，根据串联电路电阻特点求出R2的阻值。
本题考查串联电路的特点、电功率公式以及焦耳定律的应用，能正确分析不同状态下的电路连接是解题的关键。
相关试卷
2023年四川省乐山市中考物理试卷【含答案】： 这是一份2023年四川省乐山市中考物理试卷【含答案】，共10页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，实验与探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2023年四川省乐山市峨眉市中考物理二调试卷(含答案)： 这是一份2023年四川省乐山市峨眉市中考物理二调试卷(含答案)，共18页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，实验与探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2022年四川省乐山市中考物理试卷： 这是一份2022年四川省乐山市中考物理试卷，共17页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，实验与探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
