2022年四川省乐山市中考物理试卷（含答案解析）

这是一份2022年四川省乐山市中考物理试卷（含答案解析），共19页。试卷主要包含了7mD，5V、V2示数为0，【答案】D，【答案】C，【答案】A，【答案】B等内容，欢迎下载使用。

2022年四川省乐山市中考物理试卷

1. 下列数据中符合生活实际的是( )
A. 家庭节能灯中的电流约为10A B. 一个苹果的质量约为1kg
C. 课桌的高度约为0.7m D. 成年人的正常体温是39℃
2. 小华“五一”乘列车出去游玩，列车在平直轨道上平稳行驶，我们说车厢内行李架上的物品是静止的，选取的参照物是( )

A. 树木 B. 房屋 C. 电线杆 D. 车厢内的座椅
3. 下列关于声现象的说法正确的是( )
A. “女高音”、“男低音”中的“高”“低”指的是声音的响度
B. 学校周围“禁止鸣笛”是在声源处控制噪声
C. 声音在不同介质中传播的速度相同
D. 医生用B超查看胎儿的发育情况是利用声传递能量
4. 下列物态变化现象中属于升华的是( )
A. 雪的形成
B. 露珠的形成
C. 冬天结冰的衣服直接变干
D. 铁块变成铁水
5. 下列现象属于光沿直线传播的是( )
A. 湖中桥的倒影
B. 人看到水中的鱼
C. 放大镜
D. 小孔成像
6. 以下说法中正确的是( )
A. A.乐山名食麻辣烫的竹签一端削尖是为了增大压强
B. 同学们的书包带都比较宽其目的是减小压力
C. 鞋底印有花纹是为了减小摩擦
D. 冰壶运动中“擦冰”是为了增大摩擦
7. 在平直的地面上有一辆小车匀速前进，下列说法正确的是( )
A. 车对地面的压力和地面对车的支持力是一对平衡力
B. 车受到的重力和地面受到的压力是一对相互作用力
C. 车受到的重力和地面对车的支持力是一对平衡力
D. 地面对车的支持力和车受到的阻力是一对平衡力
8. 关于牛顿第一定律，下列说法正确的是( )
A. 速度大的物体惯性大
B. 跳远运动员快速助跑，是为了利用自身的惯性以提高成绩
C. 力是维持物体运动的原因
D. 物体在没有受到力的作用时就一定处于静止状态
9. 下列四幅图中，力有对物体做功的是( )
A. 推车未推动
B. 提着滑板水平前行
C. 搬石未搬起
D. 用绳子提升物体
10. 下列说法正确的是( )
A. “钻木取火”是通过做功来改变物体的内能
B. 内燃机的吸气冲程是将内能转化为机械能的过程
C. 物体的质量越大比热容越大
D. 0℃的冰没有内能
11. 下列有关信息传递和能源的说法正确的是( )
A. 电磁波的传播需要介质
B. 北斗卫星定位系统传递信息是利用电磁波
C. 水能、太阳能都是不可再生能源
D. 能源是取之不尽用之不竭的
12. “安全用电，珍惜生命”是每个公民应有的意识。下列选项符合安全用电的是( )
A. 发现有人触电时，应先切断电源
B. 使用绝缘皮破损的电线
C. 靠近高压带电体
D. 多个大功率用电器同时使用一个插线板
13. 周末，爸爸领着小梅玩跷跷板，当两人双脚离地后最有可能让跷跷板在水平方向上保持平衡的是( )
A. B.
C. D.
14. 下列说法正确的是( )
A. 如图电磁起重机通入的电流越小磁性越强
B. 如图发电机的工作原理是电生磁
C. 如图电动机的工作原理是通电导线在磁场中受力
D. 如图法拉第发现了电流具有磁效应
15. 课外探究实践作业中小明同学想利用气敏电阻自制一个烟雾浓度检测仪，通过翻阅资料了解到N型气敏元件阻值随气体浓度的增大而减小。如图是小明设计的电路图，其中R为N型气敏元件，R0为定值电阻。闭合开关S，当气体浓度越高时，会出现( )
A. 电流表示数增大，电压表示数增大
B. 电流表示数增大，电压表示数变小
C. 电流表示数变小，电压表示数增大
D. 电流表、电压表示数均不变
16. 如图所示，在50N的水平拉力F的作用下，重600N的物体沿水平地面做匀速直线运动，物体与地面间的滑动摩擦力是自身重力的0.2倍，绳子自由端向前移动的速度为0.6m/s。则( )
A. 拉力F的功率为3W B. 1min内物体移动的距离为36m
C. 1min内所做的有用功为1440J D. 该滑轮组的机械效率为85%
17. 日常生活中，不注意用眼卫生长期用眼疲劳就可能患上近视眼。近视眼成像于视网膜______(选填“前”或“后”)，为矫正视力需要佩戴______(选填“凹”或“凸”)透镜。
18. 大气压会随高度的增加而______(选填“增大”或“减小”)。峨眉山金顶因海拔较高，此处水的沸点______100℃(选填“高于”、“低于”或“等于”)。
19. 2022年北京冬奥会单板滑雪男子大跳台决赛，17岁中国小将苏翊鸣摘得金牌，成为冬奥历史上该项目最年轻的金牌获得者。比赛场地简化如图所示，AC为助滑道，B为AC的最低点。运动员某次从A点由静止开始下滑到达B点的过程中(不考虑一切阻力)，重力势能转化______能，机械能______(选填“增大”、“减小”或“不变”)。
20. 如图所示是某电蒸锅的内部简化电路图，R1=484Ω、R2=44Ω。当S1、S2均闭合时，通过R1、R2的电流之比I1：I2=______，使用加热挡5min电蒸锅产生的热量是______ J



21. 如图所示，重为G的苹果静止放置在水平桌面上(O点为苹果重心)，请画出苹果所受力的示意图。
22. 如图所示，按照小磁针N极所示方向标出通电螺线管磁感线方向和电源的“+”、“-”极。

23. 物理实验小组为了测量小物块的密度，进行了以下操作：

(1)把托盘天平放在水平台上，将游码移至标尺______(选填“左”或“右”)端的零刻度线处，发现指针静止在分度盘中线右侧(如图甲所示)，此时应将平衡螺母向______(选填“左”或“右”)调节，使托盘天平平衡。
(2)用调节好的天平测量小物块的质量，所用砝码和游码情况如图乙所示，则小物块的质量为______ g。
(3)如图丙所示量筒中水的体积是______ mL，用细绳系住小物块沉入水中，待完全浸没后量筒中液面上升至80mL处，则小物块的体积为______cm3。
(4)通过上述数据可求得小物块的密度为______g/cm3。
(5)小红同学在整理器材时发现右盘中砝码有一个缺了一角，该情况会对测量结果造成一定误差，导致所测密度值______(选填“偏大”或“偏小”)。
24. 某小组同学在学习了欧姆定律后，对探究实验“影响导体电阻大小的因素”进行了改良，结合实验室所提供的几种规格的导体(如表1)，设计了如图1所示的电路图。
编号
长度/m
横截面积/mm2
材料
A
1.0
0.2
锰铜
B
1.0
0.4
锰铜
C
1.0
0.6
锰铜
D
0.5
0.4
锰铜
E
1.5
0.4
锰铜
F
1.0
0.6
镍铬合金
G
1.0
0.6
铁
(1)图1中，将三个电阻串联是为了保证______(选填“电压”或“电流”)相等。
(2)在探究“导体电阻与横截面积的关系”时，R1、R2、R3分别选用A、B、C三段导体。某次读数，电压表V1示数为1.5V、V2示数为0.7V，电压表V3示数如图2所示为______ V。由欧姆定律分析得出，电压表示数越大，导体电阻越______(选填“大”或“小”)。多次调节滑动变阻器重复读数，可得出结论：材料和长度相同时，横截面积越大，导体电阻越______(选填“大”或“小”)。
(3)在探究“导体电阻与长度的关系”时，选用B、______和______(填导体代号)，重复上述操作，可得出结论：材料和横截面积相同时，长度越长，导体电阻越大。
(4)本实验主要运用的物理方法是______(选填“控制变量法”或“模型法”)。
25. 一个边长为10cm、重为8N的正方体木块轻放入水中，处于漂浮状态时有15露出水面甲乙(如图甲)，已知。求：
(1)木块所受的浮力；
(2)木块底部受到的液体压强；
(3)若在木块上放一砝码使得木块刚好完全浸没水中(如图乙)，则砝码的重为多少牛？
26. 标有“6V3.6W”字样的小灯泡和其他的电学元件连成电路，如图1。当只闭合开关S1时，滑动变阻器滑片P从右向左滑动的过程中记录下电压表示数U1和电流表示数I，并绘制出对应的U1−I图像(如图2)，且当滑片滑至最左端时小灯泡正常发光。已知定值电阻R0=12Ω，求：

(1)电源电压U；
(2)小灯泡正常发光时的电阻RL；
(3)当S1、S2、S3均闭合，且滑动变阻器滑片处于中点位置时，整个电路消耗的电功率P。
答案和解析

1.【答案】C
【解析】解：A、家庭节能灯中的电流约0.1A，故A不符合实际；
B、一个苹果的质量在200g=0.2kg左右，故B不符合实际；
C、普通课桌的高度在中学生身高的一半左右，即0.7m左右，故C符合题意；
D、成年人的正常体温是37℃，故D不符合题意。
故选：C。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
估测是一种科学的近似值，它不仅是一种常用的解题方法和思维方法，而且是一种重要的科学研究方法，在生产和生活中也有着重要的作用，应用日常知识积累解答此题。

2.【答案】D
【解析】解：在平稳行驶的列车中，放在行李架上的物品相对于车厢的座椅位置没有发生变化，是静止的，相对于路边的树木、房屋和电线杆位置发生了变化，是运动的；
故选：D。
被研究的物体与所选的标准即参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的。
此题主要考查学生对参照物的选择、运动和静止的相对性的理解和掌握，研究同一物体的运动状态，如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同，但都是正确的结论。

3.【答案】B
【解析】解：A、“女高音”“男低音”中的“高”“低”，描述的是她们发出声音的音调不同，故A错误；
B、禁止鸣笛是在声源处控制噪声，故B正确；
C、声音在不同的介质中传播的速度一般不同，故C错误；
D、医生用“B超”检查胎儿的发育情况是利用了声能传递信息，故D错误。
故选：B。
(1)声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；
(2)减弱噪声的途径有三种：在声源处减弱噪声；阻断噪声的传播；在人耳处减弱噪声；
(3)声音在不同的介质中传播的速度一般不同；
(4)声音能够传递信息，声音能够传递能量。
本题考查声音的综合利用，要求学生对声音及其特性、减弱噪声的途径、声音的传播以及声音的利用等知识点全面掌握。

4.【答案】C
【解析】解：A、雪的形成是水蒸气的凝华现象，故A不符合题意；
B、露珠的形成是水蒸气的液化现象，故B不符合题意；
C、冰冻的衣服晾干，由固态直接变成了气态，属于升华现象，故C符合题意；
D、铁块变成铁水是熔化现象，故D不符合题意。
故选：C。
物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；由气态变为液态的过程叫液化，由液态变为气态的过程叫汽化；由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固。
本题考查了学生对物态变化现象的判断，抓住物质前后的状态变化是解决此类题目的关键。

5.【答案】D
【解析】解：A、湖中桥的倒影是平面镜成像的现象，是由于光的反射形成的，故A错误；
B、人看到水中的鱼，是由于鱼身上的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射角大于入射角，人逆着折射来的光线看去，看到的是鱼变高了的虚像，故B错误；
C、放大镜是凸透镜，用放大镜把字放大是光的折射现象，故C错误；
D、小孔成像是由于光的直线传播形成的倒立的实像，故D正确。
故选：D。
(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
(3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
此题主要考查了光的直线传播、光的折射、光的反射现象；光的直线传播是光在同一均匀介质中的传播，光的反射是光照射到物体表面又返回的现象，光的折射是由于光从一种介质斜射入另一种介质或在不均匀介质中传播时，传播方向发生变化的现象。它们之间有本质的区别，要注意区分。

6.【答案】A
【解析】解：A、乐山名食麻辣烫的竹签一端削尖，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故A正确；
B、同学们的书包带都比较宽，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故B错误；
C、鞋底印有花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦，故C错误；
D、冰壶运动中“擦冰”通过在冰壶和冰面之间增加一层水膜使接触面分离来减小摩擦，故D错误。
故选：A。
(1)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力；
(2)增大压强的方法：是在压力一定时，减小受力面积；是在受力面积一定时，增大压力；
(3)摩擦力的大小与压力大小、接触面的粗糙程度有关；在接触面粗糙程度相同的情况下，压力越大摩擦力越大；在压力相同的情况下，接触面越粗糙，摩擦力越大；
(4)使接触面彼此分离的方式可以减小摩擦。
本题考查增大和减小压强的方法、增大和减小摩擦的方式，是一道联系生活实际的常考题。

7.【答案】C
【解析】解：A、车对地面的压力和地面对车的支持力，这两个力大小相等、方向相反、作用在同一直线上，但作用在不同的两个物体，它们是一对相互作用力，故A错误；
B、车受到的重力和地面受到的压力，这两个力方向相同，不是一对相互作用力，故B错误；
C、车受到的重力和地面对车的支持力，这两个力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一个物体上，是一对平衡力，故C正确；
D、地面对车的支持力方向是竖直向上，车受到的阻力沿水平方向，不在同一直线上，它们不是一对平衡力，故D错误。
故选：C。
(1)二力平衡的条件：二力的大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一个物体上；
(2)相互作用的特点：相互作用的两个力，大小相等、方向相反、作用在同一直线上，作用在不同的物体上。
本题考查二力平衡和相互作用的力的辨析，知道二力平衡的条件和相互作用的特点是解题的关键，是一道常考题。

8.【答案】B
【解析】解：A、质量是惯性大小的量度，与物体的运动速度无关，故A错误；
B、跳远运动员快速助跑，是为了利用自身的惯性以提高成绩，故B正确；
C、力改变物体运动状态的原因，而不是维持物体运动的原因，故C错误；
D、物体在没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态，故D错误。
故选：B。
(1)牛顿第一定律：一切物体在不受外力作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态；
(2)惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性大小只与物体的质量有关，与物体的运动状态和物体的受力情况无关。
本题考查牛顿第一定律、惯性，知道惯性大小只与物体的质量有关是解题的关键。

9.【答案】D
【解析】解：A、推车未推动，虽然有力作用在物体上，但是物体没有在力的方向上移动距离，所以没有做功，故A不符合题意；
B、提着滑板在水平路面上匀速前行，此时力的方向竖直向上，与距离的方向垂直，所以没有做功，故B不符合题意；
C、搬石未搬起，石头在力的方向上没有移动距离，所以力没有做功，故C不符合题意；
D、用绳子提升物体，有力作用在物体上，物体在力的方向上通过了距离，所以力做了功，故D符合题意。
故选：D。
判断力做没做功的依据就是看在这个过程中，是否同时具备做功的两个必要因素：①作用在物体上的力，②物体在力的方向上通过了距离。
本题考查做功的两个要素，明确三种情况不做功：一是有力无距离(例如：推而未动)，二是有距离无力(由于惯性运动)，三是力的方向与运动方向垂直。

10.【答案】A
【解析】解：A、“钻木取火”是通过做功的方式将机械能转化为内能，使用物体的内能增加，温度升高，故A正确；
C、内燃机将内能转化为机械能的过程是做功冲程，故B错误；
C、比热容是物质的一种特性，比热容的大小只与物质的种类和状态有关，与物体的质量无关，故C错误；
D、一切物体在任何情况下都有内能，所以0℃的冰也有内能，故D错误。
故选：A。
(1)做功和热传递可以改变物体的内能；
(2)内燃机的做功冲程中，将内能转化为机械能，压缩冲程中，将机械能转化为内能；
(3)比热容是物质的一种特性，比热容的大小只与物质的种类和状态有关，与物体的质量、体积、吸收热量的多少都没有关系；
(4)一切物体在任何情况下都有内能。
本题考查改变内能的方式、内能的概念、比热容的概念以及内燃机的四个冲程，是一道热学基础题。

11.【答案】B
【解析】解：A、电磁波的传播不需要介质，故A错误；
B、北斗卫星定位系统传递信息是利用电磁波，因为电磁波的传播不需要介质，故B正确；
C、水能、太阳能都是可再生能源，故C错误；
D、能源不可能是取之不尽用之不竭的，人类对能源的相互逐年增多，故D错误。
故选：B。
(1)电磁波的传播不需要介质，广泛应用到卫星通讯和航天方面。
(2)像风能、水能、太阳能等可以在自然界里源源不断地得到，把它们称为可再生能源。化石能源、核能等能源会越用用越少，不能在短期内从自然界得到补充，称为不可再生能源。
(3)人类对能源的消耗逐年增多，应开发新能源。
知道电磁波的应用，区分生活中的各种能源，有节能意识，可解答此题。

12.【答案】A
【解析】解：A、发现有人触电时，应先切断电源，符合安全用电，故A正确；
B、使用绝缘皮破损的电线，易发生触电事故，故B错误；
C、靠近高压带电体，易发生高压电弧触电，故C错误；
D、多个大功率用电器同时使用一个插线板，会造成电路中的电流过大，引起火灾，故D错误。
故选：A。
根据生活中一些安全用电的知识和做法分析判断。
了解一些安全用电常识，是解答此题的关键。

13.【答案】B
【解析】解：爸爸的重力大于小梅的重力，由杠杆的平衡条件可知，小梅到跷跷板支点的距离应大于爸爸到支点的距离，所以，最有可能让跷跷板在水平方向上保持平衡的是B，故B正确，ACD错误。
故选：B。
爸爸的重力大于小梅的重力，跷跷板在水平方向上保持平衡时，根据杠杆的平衡条件得出两者到跷跷板支点之间的距离关系，据此结合选项得出答案。
本题考查了杠杆平衡条件的简单应用，是一道较为简单的应用题。

14.【答案】C
【解析】解：
A、电磁起重机通入的电流越小磁性越弱，故A错误；
B、发电机的工作原理是磁生电，故B错误；
C、电动机的工作原理是通电导线在磁场中受力，故C正确；
D、法拉第发现了电磁感应现象，故D错误。
故选：C。
(1)电磁起重机本质上是一个大电磁铁，通入的电流越小磁性越弱；
(2)发电机的工作原理是电磁感应，即磁生电；
(3)电动机的工作原理是通电线圈在磁场中受力转动；
(4)奥斯特发现了电流具有磁效应，法拉第发现了电磁感应现象。
本题考查了电磁学中的记忆型知识点，需要牢牢掌握，不能混淆。

15.【答案】A
【解析】解：由图可知，R和R0串联，电流表测串联电路中的电流，电压表测R0两端的电压，当气体浓度越高时，N型气敏元件R的阻值就越小，根据I=UR0+R可知，串联电路中的电流I会增大，即电流表的示数增大；根据U0=IR0，电压表的示数也增大，故BCD错误，A正确。
故选：A。
由图可知，R和R0串联，电流表测串联电路中的电流，电压表测R0两端的电压，当气体浓度变高时，N型气敏元件R的阻值随气体浓度的增大而减小，根据欧姆定律，电路的总电阻减小，则串联电路中的电流增大，R0两端的电压也增大。
本题考查了欧姆定律结合动态电路的定性分析，难度不大。

16.【答案】C
【解析】解：A、根据P=Wt=Fst=Fv计算拉力的功率：P=Fv=50N×0.6m/s=30W，故A错误；
B、绳子自由端移动的距离：s=vt=0.6m/s×60s=36m；
动滑轮上绳子的股数n=3，物体移动的距离：，故B错误；
C、物体与地面间的滑动摩擦力：f=0.2G=0.2×600N=120N，克服物体与地面间的滑动摩擦力做的功为有用功，，故C正确；
D、1min内拉力做的功：，该滑轮组的机械效率为：，故D错误。
故选：C。
(1)根据P=Wt=Fst=Fv计算拉力的功率；
(2)动滑轮上绳子的股数n=3，先根据速度公式得出绳子自由端移动的距离，再得出物体移动的距离；
(3)克服物体与地面间的滑动摩擦力做的功为有用功，，计算有用功；
(4)根据W=Pt计算总功，再由计算机械效率。
本题考查滑轮组的功、功率和效率的有关计算，综合性强，难度适中。

17.【答案】前  凹
【解析】解：产生近视眼的原因是晶状体太厚，折光能力太强，或者眼球在前后方向上太长，因此来自远处某点的光会聚在视网膜前，而利用凹透镜能使光线发散的特点，在眼睛前面放一个凹透镜，可使来自远处物体的光会聚在视网膜上。
故答案为：前；凹。
近视眼是因为晶状体太厚或眼球过长，远处物体的像成在视网膜的前方，凹透镜对光线有发散作用，使原来会聚成像的光线错后会聚到视网膜上。
本题主要考查学生对眼睛及其视物原理的了解和掌握，以及对近视眼的矫正方法的掌握。是一道基础题。

18.【答案】减小  低于
【解析】解：大气压强随着海拔高度的增加而减小；
只有在标准大气压下水的沸点才是100℃。峨眉山金顶因海拔较高，气压低于标准大气压，所此处水的沸点低于100℃。
故答案为：减小；低于。
大气压与高度有关，海拔越高，气压越低；沸点与气压有关，气压越低，沸点越低。
此题考查了气压与海拔高度的关系及沸点与气压的关系，属于基本规律的应用，难度不大。

19.【答案】动  不变
【解析】解：运动员某次从A点由静止开始下滑到达B点的过程中，质量不变，高度减小，重力势能减小，重力势能转化动能；
因为不考虑一切阻力，所以运动员从A点由静止开始下滑到达B点的过程中没有能量的损耗，在能量转化过程中能量是守恒的，因此该过程中运动员的机械能不变。
故答案为：动；不变。
动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大；动能和势能可以相互转化；
因为不考虑一切阻力，所以运动员从A点由静止开始下滑到达B点的过程中没有能量的损耗，在能量转化过程中能量是守恒的。
本题考查了动能和重力势能的转化与守恒，属于基础题。

20.【答案】1：113.6×105
【解析】解(1)当S1、S2均闭合时，R1、R2并联，
由并联电路的电压特点，R1、R2两端的电压都等于电源电压220V，
因此通过R1、R2的电流分别为：
I1=UR1=220V484Ω=511A，
I2=UR1=220V44Ω=5A，
则通过R1、R2的电流之比：
I1I2=511A5A=111；
(2)当只闭合S1时，只有R1接入电路，当S1、S2均闭合时，R1、R2并联；
因并联电路的总电阻小于任一分电阻，所以由P=UI=U2R可知，R1、R2并联时，电路中的电阻最小，电功率最大，电蒸锅为加热挡；电路为R1的简单电路时，电路中的电阻最大，电功率最小，电蒸锅为保温挡；
即电蒸锅为加热挡时，R1、R2并联，由并联电路的电流特点可知，干路电流：I=I1+I2=511A+5A=6011A，
则使用加热挡5min电蒸锅产生的热量：Q=W=UIt=220V×6011A×5×60s=3.6×105J。
故答案为：1：11；3.6×105。
(1)当S1、S2均闭合时，R1、R2并联，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出通过R1、R2的电流，进而求出电流之比；
(2)由P=UI=U2R可知，当电源电压一定时，电路电阻越大，功率越小，根据电路图分析电路结构，结合串并联电路电阻规律和P=UI=U2R可知各挡位时电路的连接，根据并联电路的电流特点求出干路电流，根据Q=W=UIt求出使用加热挡5min电蒸锅产生的热量。
本题考查了欧姆定律和电功公式的应用，分清电蒸锅处于不同状态时电路的连接方式是关键。

21.【答案】解：苹果在水平桌面上保持静止，处于平衡状态，受到的重力和支持力是一对平衡力，过重心O分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条有向线段，并分别用G和F表示，如图所示：

【解析】苹果在水平桌面上保持静止，处于平衡状态，受到平衡力的作用，据此分析苹果受到的力，然后根据力的示意图的画法画出其受力示意图。
作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，是平衡力的长度要相等。

22.【答案】解：由图可知，小磁针的左端为N极，根据异名磁极相互吸引可知，通电螺线管的右端为S极，则螺线管的左端为N极，
磁体周围的磁感线是从N极出来回到S极的；
根据安培定则可知，电流从螺线管的右侧流入，所以电源右端为正极，左端为负极；
如图所示：
。
【解析】根据磁极间的相互作用判断通电螺线管的磁极；磁体周围的磁感线是从N极出来回到S极的；根据安培定则判断螺线管中电流的方向，标出电源的正负极。
本题考查磁极间的相互作用规律、磁感线的方向和安培定则的应用，安培定则涉及三个方向：磁场方向；电流方向；线圈绕向。告诉其中的两个方向可以确定第三个方向。

23.【答案】左  左  3260201.6偏大
【解析】解：(1)调节天平平衡时，先将游码归零，即将游码移至左端零刻度线，当指针右偏时，平衡螺母向左调节；
(2)天平的读数为砝码质量和标尺刻度之和。质量为30g+2.0g=32g；
(3)量筒读数要注意分度值，分度值为2mL，体积为60mL=60cm3；当小物体沉入水中，液面上升到80mL，所以小物块的体积V=80mL−60mL=20mL=20cm3；
(4)小物块的密度ρ=mV=32g20cm3=1.6g/cm3；
(5)小红同学在整理器材时发现右盘中砝码有一个缺了一角，测量的质量会偏大，根据密度ρ=mV，体积不变，所以密度会偏大。
故答案为：(1)左；左；(2)32；(3)60；20；(4)1.6；(5)偏大。
(1)调节天平平衡时，先将游码归零，即将游码移至左端零刻度线，然后观察指针位置，通过调节平衡螺母使指针回到分度盘中线；
(2)天平的读数为砝码质量和游码显示示数(左侧为准)之和；
(3)量筒读数要注意分度值和液面位置；当小物体沉入水中，液面上升到80mL，所以小物块的体积为两次体积之差；
(4)由ρ=mV计算可得出小物块密度；
(5)小红同学在整理器材时发现右盘中砝码有一个缺了一角，测量的质量会偏大，根据密度ρ=mV，体积不变，所以密度会偏大。
本题考查了固体的密度测量实验，综合性比较强。

24.【答案】电流  0.5大  小  D E 控制变量法
【解析】解：(1)串联电路的特点是电路处处相等，故三个电阻串联保证了电路相等；
(2)电压表读数分析量程和分度值，量程为0∼3V，分度值为0.1V，故读数为0.5V；根据串联分压原理，电压越大，电阻也越大；材料和长度相同时，横截面积越大，电压表示数越小，说明电阻越小；
(3)探究“导体电阻与长度的关系”时，要控制横截面积和材料相同，故选B、D、E进行实验；
(4)对探究实验“影响导体电阻大小的因素”，改变某一个变量，控制其他量不变看最终结果是否会有影响，这种方法叫做控制变量法。即本实验采用的方法。
故答案为：(1)电流；(2)0.5；大；小；(3)D；E；(4)控制变量法。
(1)串联电路的特点是电路处处相等；
(2)电压表读数应分析量程和分度值；根据串联分压原理，电压越大，电阻也越大；
(3)探究“导体电阻与长度的关系”时，要控制横截面积和材料相同；
(4)对探究实验“影响导体电阻大小的因素”，改变某一个变量，控制其他量不变看最终结果是否会有影响，这种方法叫做控制变量法。
本题考查了电阻阻值大小和哪些因素有关系的实验设计、操作和结论分析。属于综合题。

25.【答案】解：(1)在甲中，木块处于漂浮状态，所受浮力等于木块的重力，即：；
(2)木块底部所处水的深度：h=0.1m×(1−15)=0.08m；
木块底部受到的水的压强：；
(3)当完全浸没时，木块排开液体体积和木块体积相等，此时木块受到的浮力：
；
由力的平衡条件可知：，
则砝码的重为；
答：(1)木块所受的浮力是8N；
(2)木块底部受到的液体压强是800Pa；
(3)若在木块上放一砝码使得木块刚好完全浸没水中(如图乙)，则砝码的重为2牛。
【解析】(1)在甲中，已知木块的重力，根据物体的漂浮条件可得木块漂浮时受到的浮力；
(2)由可得木块底部受到的液体压强；
(3)当完全浸没时，木块排开液体体积和木块体积相等，由可得完全浸没的浮力；
由力的平衡条件可知：，由此可得砝码重力。
本题考查了漂浮的特点、液体压强的计算和阿基米德原理。属于中档题。

26.【答案】解：(1)由图可知，当只闭合S1，滑动变阻器到最右端时，只有灯泡L接入电路，且灯泡正常发光。所以电源电压U=UL=6V；
(2)当小灯泡正常发光时，RL=UL2PL=(6V)23.6W=10Ω；
(3)当只闭合S1时，灯泡L和R1串联，电压表测R1的电压，由图2可知电路中的最小电流I′=0.2A，最大电压U′=4V，滑动变阻器的最大值RP=U′I′=4V0.2A=20Ω；
当S1、S2、S3均闭合，且滑动变阻器滑片处于中点位置时，灯泡L被短路，滑动变阻器和R0并联在电路中；
滑动变阻器电流I1′=U12RP=6V12×20Ω=0.6A；R0的电流I0=UR0=6V12Ω=0.5A；
整个电路消耗的电功率P=U(I1′+I0)=6V×(0.6A+0.5A)=6.6W。
答：(1)电源电压U是6V；
(2)小灯泡正常发光时的电阻RL是10Ω；
(3)当S1、S2、S3均闭合，且滑动变阻器滑片处于中点位置时，整个电路消耗的电功率P是6.6W。
【解析】(1)由图可知，当只闭合S1，滑动变阻器到最右端时，只有灯泡L接入电路，且灯泡正常发光。所以电源电压U=UL；
(2)当小灯泡正常发光时，根据RL=UL2PL可得电阻大小；
(3)当只闭合S1时，灯泡L和R1串联，电压表测R1的电压，由图2可知电路中的最小电流，求出滑动变阻器两端的电压，利用欧姆定律求滑动变阻器的最大阻值；可得整个电路消耗的电功率；
当S1、S2、S3均闭合，且滑动变阻器滑片处于中点位置时，灯泡L被短路，滑动变阻器和R0并联在电路中；
由滑动变阻器电流I1′=U12RP和R0的电流I0=UR0；可得各支路电流；
由P=U(I1′+I0)可得整个电路消耗的电功率。
本题考查了电功率的计算和欧姆定律的应用，关键要学会分析电路图的串并联和图像中各参数的含义，难度较大。