2023年中考数学专题训练——函数基础知识附答案
展开
2023年中考数学专题训练——函数基础知识附答案
一、单选题
1.下列各曲线中能表示y是x的函数的是( )
A. B.
C. D.
2.如图是自动测量仪记录的图象,它反映了某市的春季某天气温如何随时间的变化而变化.下列从图象中得到的信息正确的是( )
A.0点时气温达到最低 B.最低气温是零下4℃
C.0点到14点之间气温持续上升 D.最高气温是8℃
3.二次函数 的图象如图所示,则函数值 时,x的取值范围是( )
A. B.
C. D. 或
4.函数 中,自变量x的取值范围是( )
A.x≤2 B.x<2 C.x≥2 D.x>2
5.如图,在我省某高速公路上,一辆轿车和一辆货车沿相同的路线从M地到N地,所经过的路程y(千米)与时间x(小时)的函数关系图象如图所示,轿车比货车早到( )
A.1小时 B.2小时 C.3小时 D.4小时
6.在一条笔直的航道上依次有甲、乙、丙三个港口,一艘船从甲港出发,沿直线匀速行驶经过乙港驶向丙港,最终到达丙港,设行驶x(h)后,与乙港的距离为y(km),y与x的函数关系如图所示,则下列说法错误的是( )
A.乙港与丙港的距离是90 km B.船在中途休息了0.5 h
C.船的行驶速度是60 km/h D.从乙港到达丙港共花了1.5 h
7.如图,用绳子围成周长为 的矩形,记矩形的一边长为 ,它的邻边长为 ,矩形的面积为 .当 在一定范围内变化时, 和 都随 的变化而变化,则 与 与 满足的函数关系分别是( )
A.一次函数关系,二次函数关系
B.反比例函数关系,二次函数关系
C.一次函数关系,反比例函数关系
D.反比例函数关系,一次函数关系
8.如图所示,已知中,,边上的高,为上一点,,交于点,交于点,设点到边的距离为,则的面积关于的函数图象大致为( )
A. B.
C. D.
9.如图(1)所示,E为矩形 的边 上一点,动点 同时从点B出发,点P沿折线 运动到点C时停止,点Q沿 运动到点C时停止,它们运动的速度都是 /秒.设 同时出发t秒时, 的面积为 .已知y与t的函数关系图象如图(2)(曲线 为抛物线的一部分),则下列结论:① ;② ;③当 时, ;④当 秒时, ;其中正确的结论是( )
A.①②③ B.①③ C.①③④ D.②④
10.如图,在Rt△ABC中,∠ACB=90°,AC=3,BC=4,点P以每秒一个单位的速度沿着B—C—A运动,⊙P始终与AB相切,设点P运动的时间为t,⊙P的面积为y,则y与t之间的函数关系图象大致是( )
A. B.
C. D.
二、填空题
11.已知函数y= ,若y=2,则x= .
12.如图1是甲、乙两个圆柱形容器的轴截面示意图,乙容器中有一个圆柱形铁块立放其中(圆柱形铁块的下底面完全落在乙容器底面上),现将甲容器中的水匀速注入乙容器,甲、乙两个容器中水的深度与注水时间(分钟)之间的关系如图2所示,若乙容器中铁块的体积是,则甲容器的底面积是 .
13.甲、乙两人同时从 、 两地出发相向而行,甲先步行到达 地后原地休息,甲、乙两人的距离 与乙步行的时间 之间的函数关系的图象如图,则步行全程甲比乙少用 小时.
14.甲、乙两车分别从 地、 地同时向 地匀速行驶 在 两地之间).甲追上乙之后,乙立即以原来速度的2倍向 地继续行驶,且此刻速度大于甲的速度,到达 地后立即以提高后的速度返回 地,甲车到达 地后立即以原来速度返回 地,两车距 地的距离之和 (千米)与甲车行驶的时间 小时)之间的部分函数关系如图所示,那么甲、乙两车第二次相遇时甲行驶的时间是 小时.
15.设等腰三角形的周长是60,腰长是x,底边长是y,则y与x之间的关系式是,其中x的取值范围是 .
16.高峡平湖,平湖万州.万州变得越来越漂亮,一天晚饭后,小浩和他爸爸同时从家出发沿相同路线不同的速度到离家2400米的滨江公园散步,当小浩途中经过音乐喷泉广场时,音乐喷泉恰好开放,于是小浩停下脚步观看了一会儿音乐喷泉后,继续以先前的速度前往公园,爸爸途径音乐喷泉广场时看见小浩,挥手示意后继续向公园方向前行,最终小浩比爸爸晚到 分钟,如图是两人之间的距离 (米)与爸爸行走的时间 (分钟)之间的函数关系,则小浩在音乐喷泉广场观看音乐喷泉 分钟.
三、解答题
17.等腰三角形的周长是16,求出底边长y与一腰长x的函数关系式,并求出自变量x的取值范围?
18.已知二次函数y=(x﹣1)2+n,当x=2时,y=2.求该二次函数的解析式,并在平面直角坐标系中画出该函数的图象.
四、综合题
19.在下列平面直角坐标系中画出函数y1=-x+3,y2=3x-4的图象.观察图象,回答下列问题:
(1)当x取何值时,y1=y2?
(2)当x取何值时,y1>y2?
(3)当x取何值时,y1<y2?
20.如图,在△ABC中,AD为BC边上的高,BC=8,AD=4,点P为边BC上一动点,连接AP,随着BP长度的变化,△ACP的面积也在变化.
(1)在这个变化过程中,自变量是什么?因变量是什么?
(2)若设BP=x,△ACP的面积为y,请写出y与x的关系式;
(3)当BPAD时,求△ACP的面积.
答案解析部分
1.【答案】B
【解析】【解答】因为对于函数中自变量x的取值,y有唯一一个值与之对应,
故答案为:B.
【分析】根据函数的定义及函数的图象逐项判断即可。
2.【答案】D
【解析】【解答】解:A、由函数图象知4时气温达到最低,此选项不合题意;
B、最低气温是零下3℃,此选项不合题意;
C、4点到14点之间气温持续上升,此选项不合题意;
D、最高气温是8℃,说法正确,故本选项符合题意.
故答案为:D.
【分析】由函数图象知4时气温达到最低为-3℃,14点气温最高为8℃,4点到14点之间气温持续上升,据此逐一判断即可.
3.【答案】C
【解析】【解答】解:有函数图象观察可知,当 时,函数值 .
故答案为:C.
【分析】根据函数图象求出于X轴的交点坐标,再由图像得出答案即可。
4.【答案】A
【解析】【解答】解:由题意得
4-2x≥0
解之:x≤2.
故答案为:A.
【分析】观察含自变量的式子是二次根式,因此二次根式有意义的条件:被开方数是非负数,可得到关于x的不等式,然后求出不等式的解集.
5.【答案】A
【解析】【解答】解:如图:
根据图象提供信息,可知M为CB中点,且MK∥BF,
∴CF=2CK=3.
∴OF=OC+CF=4.
∴EF=OE-OF=1.
即轿车比货车早到1小时,
故答案为:A
【分析】根据图象可知,M为CB中点,且MK∥BF,则CF=2CK,OF=OC+CF,EF=OE-OF,求出EF即可。
6.【答案】B
【解析】【解答】解:A、乙港与丙港的距离是90 km,A不符合题意;
B、船在中途没有休息,B符合题意;
C、船的行驶速度是30÷0.5=60(km/h),C不符合题意;
D、从乙港到达丙港共花了90÷60=1.5(h),D不符合题意.
故答案为:B.
【分析】根据函数图象进行判断求解即可。
7.【答案】A
【解析】【解答】解:由题意得:
,整理得: ,
,
∴y与x成一次函数的关系,S与x成二次函数的关系;
故答案为:A.
【分析】矩形的周长为2(x+y)=10,可用x来表示y,代入S=xy中,可得S关于x的函数关系式,化简即可得出答案。
8.【答案】D
【解析】【解答】解:如图,过点A向BC作AH⊥BC于点H,
∵,
∴△AEF∽△ABC,
∴,即,
∴,
∴y=×2(6-x)x=-x2+6x(0<x<6),
∴该函数图象是抛物线y =-x2+6x(0<x<6)的部分,
故答案为:D.
【分析】先求出△AEF∽△ABC,再求出,最后计算求解即可。
9.【答案】C
【解析】【解答】解:根据图(2)可得,当点P到达点E时点Q到达点C,
点P、Q的运动的速度都是 秒,
,
,故①符合题意;
从M到N的变化是2,
,
,
在 中, ,
,故②不符合题意;
过点P作 于点F,
,
,
,
,
当 时, ,故③符合题意;
当 秒时,点P在 上,此时, ,
,
, ,
,
又 ,
,故④符合题意.
综上所述,正确的有①③④.
故答案为:C.
【分析】 根据题意,利用相似三角形的性质与判断,勾股定理,特殊角的锐角三角函数值,对每个结论一一判断求解即可。
10.【答案】B
【解析】【解答】解:在Rt△ABC中,由勾股定理得:
如图,过点P作PD⊥AB于D,由题意知,PD为⊙P的半径
①当点P在BC上时
由题意得PB=t,则
∵
∴PD=
∴,其中
因此为二次函数,且开口向上,且t>0时,y随t的增大而增大.
②当点P在AC边上时,如图
由题意得:,则
∵
∴
∴,其中
因此为二次函数,且开口向上,且时,y随t的增大而减小.
即y关于t的函数是由两段抛物线组成的,这只有B选项符合.
故答案为:B.
【分析】在Rt△ABC中,由勾股定理得AB=5,如图,过点P作PD⊥AB于D,由题意知,PD为⊙P的半径,①当点P在BC上时,如图,②当点P在AC边上时,如图,根据锐角三角函数分别求出PD的长,再根据圆的面积公式写出y与t之间的函数关系式,再根据二次函数的图象进行判断即可.
11.【答案】2
【解析】【解答】解:∵y=2.
∴当x2=2时,x= .
∵0≤x<1.
∴x= (舍去).
当2x﹣2=2时,x=2.
故答案为:2.
【分析】分别将y=2代入函数解析式中可得x2=2、2x﹣2=2,求出x的值即可.
12.【答案】80
【解析】【解答】设甲容器的底面积为,乙容器的底面积为,
∵拐点(3,17),
∴铁块的高度为17cm,
∴铁块的底面积为=12(),
设=kx+15,
把(5,0)代入,得5k+15=0,
解得k=-3,
∴= -3x+15,
当x=3时,
=6,
∴6=(25-17),
即=,
∵9=(17-2)(-12),
∴=80(),
故答案为:80.
【分析】先利用待定系数法求出= -3x+15,再根据6=(25-17),可得=,结合9=(17-2)(-12),即可得到=80()。
13.【答案】1.75
【解析】【解答】解:当 时, ,也就是两人相距0千米,
∴图象上 这个点表示甲乙两人相遇了,
当 时,图象有一个变化,则这个点表示甲到达了自己的终点B,
最后 这个点表示乙也到达了自己的终点A,
根据这个可以先算出乙的速度是: (千米/小时),
根据相遇的那个点,可以算出甲乙速度和是: (千米/小时),
∴甲的速度是: (千米/小时),
甲走完全程的时间是: (小时),
甲比乙少用的时间是: (小时).
故答案是:1.75.
【分析】根据题意和函数图象中的数据,可以分别求得甲、乙两人的速度,从而可以得出a的值,然后可得到步行全程甲比乙少用的时间。
14.【答案】
【解析】【解答】解:由图象可知:A、C之间的距离为40千米,
两车的速度差为:40÷2=20(千米/小时),
设乙车原速度为x千米/小时,则乙车后来速度为2x千米/小时,甲的速度为(x+20)千米/小时,由题意得:
3(x+20)-40+2x+2x=440,
解得:x=60,
即:乙车原速度为60千米/小时,则乙车后来速度为120千米/小时,甲的速度为80千米/小时,
乙车到B地时,甲车距B地的距离为:120-80=40千米,
乙车返回与甲相遇时间为:40÷(120+80)= (小时),
因此甲、乙两车第二次相遇时甲行驶的时间是3+ = (小时).
故答案为: .
【分析】由图象知,t=0时,甲车在A地,乙车在C地,此时两车到C地的距离和为40千米,于是AC的距离为40千米,2小时甲追上乙,因此速度差为:40÷2=20千米/小时,设乙车原来速度为x千米/小时,则后来的速度为2x千米/小时,甲的速度为(x+20)千米/小时,相遇后,又行驶1小时,两车到C的距离和达到最大440千米,说明乙车已到B地,而甲未到,此时,乙车距C地的距离为4x千米,甲距C地的距离为3(x+20)-40,可以列出方程,解出乙车原速度,进而求出乙后来速度,和甲的速度,最后求出乙到B地,甲距B地的距离,当乙返回时,可求出相遇时间,再加上甲原来的3小时即可得到答案.
15.【答案】
【解析】【解答】解:根据三角形的三边关系得:
解得:15<x<30.
故答案为:15<x<30.
【分析】根据三角形的三边关系的不等式组,解之即可。
16.【答案】10
【解析】【解答】解:A点对应的时刻为小浩停下来看音乐喷泉,
∴根据AB段可知爸爸的速度为 ,
点D对应的时刻表示爸爸到达了滨江公园,
∴点D对应的时刻为: ,
OA段为小浩和爸爸同时行走,
∴根据OA段可得小浩的速度为: ,
∵小浩比爸爸晚到6min,
∴点E对应的时刻为30min,
∴点D时小浩到滨江公园的距离为: ,
在BD段小浩和爸爸为追及运动,爸爸到终点时小浩离终点720m,
设点C对应的时刻为t,则: ,
解得 ,
∴小浩在音乐喷泉广场观看音乐喷泉10min.
【分析】先根据运动过程确定每个点对应时刻的实际意义,根据AB段可知爸爸的速度为 ,据OA段可得小浩的速度为: ,再根据BD段小浩和爸爸为追及运动,列出式子即可求解.
17.【答案】解:∵等腰三角形的腰长为x,底边长为y,周长为16,
∴y=16﹣2x,
∵,
解得:4<x<8.
答:底边长y与一腰长x的函数关系式为:y=16﹣2x(4<x<8).
【解析】【分析】根据三角形的周长公式和等腰三角形的性质可得函数解析式y=16﹣2x,再求出x的取值范围即可。
18.【答案】解:∵二次函数y=(x﹣1)2+n,当x=2时,y=2,
∴2=(2﹣1)2+n,
解得n=1,
∴该二次函数的解析式为y=(x﹣1)2+1.
列表得:
x | …-1 | 0 | 1 | 2 | 3 | … |
y | … | 5 | 2 | 1 | 2 | 5 |
如图:
【解析】【分析】将x=2、y=2代入可得n=1,据此可得二次函数的解析式,然后利用列表、描点、连线即可画出函数的图象.
19.【答案】(1)解:当x=时,y1=y2(此时两图象交于一点);
(2)解:当x<时,y1>y2(y1的图象在y2的图象的上方);
(3)解:当x>时,y1<y2(y1的图象在y2的图象的下方).
【解析】【分析】(1)观察图形可知:两函数交点的横坐标即为y1=y2时x值;
(2)两函数交点的左侧y1的图象在y2的图象的上方,据此即可求解;
(3)两函数交点的右侧y1的图象在y2的图象的下方,据此即可求解.
20.【答案】(1)解:∵ 在这个变化过程中, △ACP的面积随着BP长度的变化而变化,
∴自变量是BP的长,因变量是△ACP的面积.
(2)解:∵BP=x, BC=8,
∴PC=BC-BP=8-x,
∴S△APC=PC·AD
=(8-x)×4
=-2x+16,
即y 与x的关系式为y=-2x+16;
(3)解:∵ BP=AD =2,
∴PC=BC-BP=8-2=6,
∴S△APC=PC·AD
=×6×4
=12.
【解析】【分析】(1)根据△ACP的面积随着BP长度的变化而变化,即可判断出自变量和因变量;
(2)先根据线段间的和差关系用x表示出PC,再表示出△APC的面积,即可解答;
(3)先求出BP长,再根据线段的和差求出PC,再计算△APC的面积,即可解答.
中考数学二轮精品专题复习 函数基础知识: 这是一份中考数学二轮精品专题复习 函数基础知识,共53页。
2023年中考数学复习专题--函数练习附答案: 这是一份2023年中考数学复习专题--函数练习附答案,共19页。试卷主要包含了单选题,填空题等内容,欢迎下载使用。
2023年中考数学二轮专项练习:函数基础知识附答案: 这是一份2023年中考数学二轮专项练习:函数基础知识附答案,共13页。试卷主要包含了单选题,填空题,综合题等内容,欢迎下载使用。