高考热点4 牛顿运动定律试卷
展开图1
A.eq \f(5,6)mg B.eq \f(5,24)mg C.eq \f(5,12)mg D.eq \f(5,8)mg
答案 B
解析 设每根轻绳与竖直方向的夹角为α,每根轻绳上的拉力大小为F,根据几何关系可得sin α=eq \f(0.6L,L)=0.6,则cs α=0.8.分析圆环受力,可知三根轻绳拉力水平方向的分力恰好平衡,竖直方向的分力与圆环重力的合力提供加速度,有mg-3Fcs α=m·eq \f(1,2)g,解得F=eq \f(5,24)mg,故选B.
2.(2021·河北张家口市高三期末)如图2所示,在水平面上固定一倾角θ=30°的光滑斜面,斜面底端固定一挡板C,两个质量均为m的物块A、B用轻弹簧相连,静止在斜面上.现用一平行于斜面向上的拉力F拉物块A,在物块B恰好离开挡板C的瞬间撤去力F,重力加速度为g,则撤去力F的瞬间( )
图2
A.物块A的加速度为零
B.物块A的加速度为eq \f(g,2),方向沿斜面向下
C.物块B的加速度为eq \f(g,2),方向沿斜面向上
D.物块B的加速度为零
答案 D
解析 撤去力F瞬间,弹簧的弹力为kx=mgsin θ,撤去力F的瞬间,对物块B,由牛顿第二定律得kx-mgsin θ=maB,对物块A,由牛顿第二定律得kx+mgsin θ=maA,解得aB=0,aA=g,方向沿斜面向下,故选D.
3.(2021·天津市河西区高三期末)如图3所示,物块A放在木板B上,A、B的质量相同,A与B之间、B与地面之间的动摩擦因数也相同(最大静摩擦力大小等于滑动摩擦力大小).若将水平力作用在A上,使A刚好要相对B滑动,此时水平力大小为F1;若将水平力作用在B上,使B刚好要相对A滑动,此时水平力大小为F2,则F1与F2的比为( )
图3
A.1∶1 B.1∶2 C.1∶3 D.1∶4
答案 D
解析 由于A与B之间的最大静摩擦力FfAB=μmg小于B与地面之间的最大静摩擦力FfB地=2μmg,当水平力作用在A上,使A刚好要相对B滑动,此时B静止,A与B间的静摩擦力刚好达到最大,此时水平力大小为F1=μmg;当水平力作用在B上,使B刚好要相对A滑动,此时A、B间的静摩擦力刚好达到最大,A、B的加速度相等,有aA=aB=eq \f(μmg,m)=μg,此时水平力大小为F2-2μmg=2maB,解得F2=4μmg,故F1与F2的比为1∶4,故D正确,A、B、C错误.
4.(2021·广西桂林市秀峰区高三第一次联合调研)如图4所示,在竖直平面内,一辆小车正在水平面上以加速度a向右匀加速运动,大物块压在车厢竖直后壁上并与车厢相对静止,小物块放在大物块上与大物块相对静止,大物块刚好不下滑,小物块与大物块也刚好不发生相对滑动.重力加速度为g,a < g.最大静摩擦力等于滑动摩擦力,则大物块与车厢后壁间的动摩擦因数μ1和小物块与大物块间的动摩擦因数μ2的大小关系正确的是( )
图4
A.μ1 < μ2 B.μ1 = μ2
C.μ1 > μ2 D.μ1·μ2 < 1
答案 C
解析 将小物块与大物块看作一个整体有(m + M)g = μ1FN1,FN1 = (m + M)a,对小物块受力分析有mg = FN2,μ2FN2=ma,代入分别解得μ1 = eq \f(g,a),μ2 = eq \f(a,g),由于a < g,则有,μ1 > 1,μ2 < 1,μ1 > μ2,μ1·μ2=1,故选C.
5.(2021·山东日照市高三一模)如图5所示,倾角为θ的斜面上有一无动力小车,小车里用细绳悬挂一个小球.当小车沿斜面向下加速滑动时,悬线与垂直斜面Ob方向的夹角始终为α (α<θ),则可求小车的底面与斜面间的动摩擦因数μ为( )
图5
A.μ=tan θ B.μ=tan(θ-α)
C.μ=sin(θ-α) D.μ=tan α
答案 D
解析 以小球为研究对象,受力分析如图所示
则有FTcs α=mgcs θ,mgsin θ-FTsin α=ma,
以车和小球整体为研究对象,根据牛顿第二定律有(M+m)gsin θ-μ(M+m)gcs θ=(M+m)a,解得a=gsin θ-μgcs θ,联立解得μ=tan α,A、B、C错误,D正确.
6.(多选)(2021·湖南岳阳市高三检测)如图6所示,质量为m的物块A静置在水平桌面上,通过足够长的轻绳和轻质滑轮悬挂着质量为4m的物块B.现由静止释放物块A、B,以后的运动过程中物块A不与定滑轮发生碰撞.已知重力加速度大小为g,不计所有摩擦阻力,下列说法正确的是( )
图6
A.在相同时间内物块A、B运动的路程之比为1∶2
B.物块A、B的加速度大小之比为2∶1
C.轻绳的拉力大小为eq \f(mg,2)
D.B下落高度h时速度为eq \r(gh)
答案 BD
解析 根据动滑轮的特点可知B下降s,A需要移动2s,故sA=2sB,选项A错误;物块A、B都是由静止开始运动的,故有2×eq \f(1,2)aBt2=eq \f(1,2)aAt2,解得eq \f(aA,aB)=eq \f(2,1),选项B正确;对A受力分析有FT=maA,对B受力分析有4mg-2FT=4maB,解得FT=mg,aB=eq \f(1,2)g,选项C错误;物块B加速度为aB=eq \f(1,2)g,根据速度位移公式,有v2=2aBh,解得v=eq \r(gh),选项D正确.
7.(多选)(2021·全国乙卷·19)水平桌面上,一质量为m的物体在水平恒力F拉动下从静止开始运动,物体通过的路程等于s0时,速度的大小为v0,此时撤去F,物体继续滑行2s0的路程后停止运动,重力加速度大小为g,则( )
A.在此过程中F所做的功为eq \f(1,2)mv02
B.在此过程中F的冲量大小等于eq \f(3,2)mv0
C.物体与桌面间的动摩擦因数等于eq \f(v\\al(,02),4s0g)
D.F的大小等于物体所受滑动摩擦力大小的2倍
答案 BC
解析 外力撤去前,由牛顿第二定律可知F-μmg=ma1①
由速度位移公式有v02=2a1s0②
外力撤去后,由牛顿第二定律可知-μmg=ma2③
由速度位移公式有-v02=2a2(2s0)④
由①②③④可得,水平恒力F=eq \f(3mv\\al(,02),4s0)
物体与桌面间的动摩擦因数μ=eq \f(v\\al(,02),4s0g)
滑动摩擦力Ff=μmg=eq \f(mv\\al(,02),4s0)
可知F的大小等于物体所受滑动摩擦力大小的3倍,
故C正确,D错误;
在此过程中,外力F做功为W=Fs0=eq \f(3,4)mveq \\al(,02),
故A错误;
由平均速度公式可知,外力F作用时间
t1=eq \f(s0,\f(0+v0,2))=eq \f(2s0,v0),
在此过程中,F的冲量大小是I=Ft1=eq \f(3,2)mv0,
故B正确.
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