全国版高考数学必刷题：第七单元　三角函数

这是一份全国版高考数学必刷题：第七单元　三角函数，共48页。试卷主要包含了已知曲线C1等内容，欢迎下载使用。


第七单元　三角函数



考点一
三角函数求值

1.(2017年北京卷)在平面直角坐标系xOy中,角α与角β均以Ox为始边,它们的终边关于y轴对称.若sinα=13,则cos(α-β)=　　　　. 
【解析】∵α与β关于y轴对称,∴α+β=π+2kπ(k∈Z),则sinα=sinβ=13,∴cosα=223,cosα=-cosβ,∴cos(α-β)=-cos2α+sin2α=-79.
【答案】-79
2.(2016年全国Ⅲ卷) 若tanα=34,则cos2α+2sin2α=(　　).
A.6425　　　B.4825　　　C.1　　　D.1625
【解析】cos2α+2sin2α=cos2α+4sinαcosαcos2α+sin2α=1+4tanα1+tan2α=1+4×341+342=6425.
【答案】A
3.(2016年上海卷)方程3sinx=1+cos2x在区间[0,2π]上的解为　　　　. 
【解析】由3sinx=1+cos2x,得3sinx=2-2sin2x,所以2sin2x+3sinx-2=0,解得sinx=12或sinx=-2(舍去),所以原方程在区间[0,2π]上的解为π6或5π6.
【答案】π6或5π6

考点二
三角函数的图象与性质

4.(2017年全国Ⅰ卷)已知曲线C1:y=cosx,C2:y=sin2x+2π3,则下面结论正确的是(　　).
A.把C1上各点的横坐标伸长到原来的2倍,纵坐标不变,再把得到的曲线向右平移π6个单位长度,得到曲线C2
B.把C1上各点的横坐标伸长到原来的2倍,纵坐标不变,再把得到的曲线向左平移π12个单位长度,得到曲线C2
C.把C1上各点的横坐标缩短到原来的12,纵坐标不变,再把得到的曲线向右平移π6个单位长度,得到曲线C2
D.把C1上各点的横坐标缩短到原来的12,纵坐标不变,再把得到的曲线向左平移π12个单位长度,得到曲线C2
【解析】因为C2:y=sin2x+2π3=sin2x+π2+π6=cos2x+π6,所以只需把C1上各点的横坐标缩短到原来的12,纵坐标不变,再向左平移π12个单位长度,即得到曲线C2.
【答案】D
5.(2017年全国Ⅲ卷)设函数f(x)=cosx+π3,则下列结论错误的是(　　).
A.f(x)的一个周期为-2π
B.y=f(x)的图象关于直线x=8π3对称
C.f(x+π)的一个零点为x=π6
D.f(x)在π2,π上单调递减
【解析】函数f(x)的周期为2kπ(k∈Z),故A正确;
由x+π3=kπ(k∈Z),得x=kπ-π3(k∈Z),当k=3时,x=8π3,故B正确;
f(x+π)=-cosx+π3,则当x=π6时,f(x+π)=0,故C正确;
函数f(x)的图象是由函数y=cosx的图象向左平移π3个单位长度得到的,故函数f(x)在-π3,2π3上单调递减,在2π3,5π3上单调递增,故D错.
【答案】D
6.(2017年全国Ⅱ卷)函数f(x)=sin2x+3cosx-34x∈0,π2的最大值是　　　　. 
【解析】f(x)=sin2x+3cosx-34=1-cos2x+3cosx-34=-cosx-322+1,∵x∈0,π2,∴cosx∈[0,1],∴f(x)的最大值为1.
【答案】1
7.(2017年天津卷)设函数f(x)=2sin(ωx+φ),x∈R,其中ω>0,|φ|<π.若f5π8=2,f11π8=0,且f(x)的最小正周期大于2π,则(　　).
A.ω=23,φ=π12
B.ω=23,φ=-11π12
C.ω=13,φ=-11π24
D.ω=13,φ=7π24
【解析】由题意知,函数f(x)的最小正周期为T=411π8-5π8=3π,∴ω=23,即f(x)=2sin23x+φ.
∵|φ|<π,f5π8=2,∴φ=π12.
【答案】A
8.(2016年全国Ⅱ卷)若将函数y=2sin2x的图象向左平移π12个单位长度,则平移后图象的对称轴为(　　).
A.x=kπ2-π6(k∈Z)
B.x=kπ2+π6(k∈Z)
C.x=kπ2-π12(k∈Z)
D.x=kπ2+π12(k∈Z)
【解析】平移后的图象对应的解析式为y=2sin2x+π12,令2x+π12=kπ+π2(k∈Z),得对称轴方程为x=kπ2+π6(k∈Z).
【答案】B

9.(2016年全国Ⅰ卷)已知函数f(x)=sin(ωx+φ)(ω>0,|φ|≤π2),x=-π4为f(x)的零点,x=π4为y=f(x)图象的对称轴,且f(x)在π18,5π36上单调,则ω的最大值为(　　).
A.11 B.9 C.7 D.5
【解析】由已知可得-π4ω+φ=kπ,k∈Z,　①
π4ω+φ=mπ+π2,m∈Z,　②
由①+②,得2φ=(k+m)π+π2.因为|φ|≤π2,所以k+m=0或k+m=-1,即φ=±π4.
由①-②,得ω=2(m-k)+1,即ω为正奇数.
因为函数f(x)在区间π18,5π36上单调,所以只要该区间位于函数f(x)图象的两条相邻对称轴之间即可,且5π36-π18≤12×2πω,即ω≤12.
①当φ=π4时,f(x)=sinωx+π4,则kπ-π2≤π18ω+π4且5π36ω+π4≤kπ+π2,k∈Z,解得36k-272≤ω≤36k+95.
由于ω≤12,故k最大取1,此时4.5≤ω≤9,故ω的最大值为9.
②当φ=-π4时,f(x)=sinωx-π4,则kπ-π2≤π18ω-π4且5π36ω-π4≤kπ+π2,k∈Z,解得36k-92≤ω≤36k+275.
由于ω≤12,故k最大取0,此时ω≤275,故ω的最大值为5.
综上可知,ω的最大值为9.
【答案】B

　　高频考点:三角函数的图象和性质、同角三角函数的基本关系式和诱导公式.
命题特点:1.三角函数的图象和性质是高考考查的重点内容,而同角三角函数的基本关系式和诱导公式一般与性质和恒等变换相结合考查;
2.关于函数图象的平移考查得比较多,而函数图象的性质考查得比较全面;
3.以容易题和中档题为主,但考查的内容比较灵活.

§7.1　三角函数的概念、同角三角函数关系及诱导公式



一
角的概念

　　1.任意角:(1)定义:角可以看成平面内的　　　　绕着端点从一个位置旋转到另一个位置所成的　　　　.(2)分类:角按旋转方向分为　　　　、　　　　和　　　　. 
2.所有与角α终边相同的角,连同角α在内,构成的角的集合是S={β|β=k·360°+α,k∈Z}.
3.象限角:使角的顶点与坐标原点重合,角的始边与x轴的非负半轴重合,那么角的终边在第几象限,就说这个角是第几象限角;如果角的终边在坐标轴上,那么这个角不属于任何一个象限.

二
弧度制

　　1.角度制和弧度制的互化:180°=πrad,1°=π180rad,1rad=180π°.
2.扇形的弧长公式:l=|α|r,扇形的面积公式:S=12lr=12|α|r2.

三
任意角的三角函数

　　任意角α的终边与单位圆交于点P(x,y)时,sinα=　　,cosα=　　,tanα=yx(x≠0). 

四
同角三角函数的基本关系

　　1.平方关系:　　　　　　　　　. 
2.商数关系:　　　　　　　　　. 

五
诱导公式


组数
一
二
三
四
五
六
角
2kπ+α(k∈Z)
π+α
-α
π-α
π2-α
π2+α
正弦
sinα
-sinα
-sinα
sinα
　　 
　　 
余弦
cosα
-cosα
cosα
-cosα
　　 
　　 
正切
tanα
tanα
-tanα
-tanα


口诀
函数名不变
符号看象限
函数名改变
符号看象限
记忆
规律
奇变偶不变,符号看象限






1 已知点P(sinα,cosα)在第二象限,则角α的终边在(　　).
A.第一象限　　　　　　　B.第二象限
C.第三象限 D.第四象限
2cos2π3+tan225°=(　　).
A.12 B.-12
C.32 D.-32
3 已知α∈(-π,-π2),且sinα=-12,则cosα等于(　　).
A.-12 B.12
C.-32 D.32
4 已知tan(2017π+α)=12,则cosα-3sinα2sinα+cosα等于(　　).
A.-2 B.12
C.-23 D.-14
5 在平面直角坐标系中,角α的终边过点P(2,1),则cos2α+sin2α的值为　　　　. 
6 已知一扇形的圆心角为α(0<α<2π),所在圆的半径为R.
(1)若α=π3,R=10cm,求扇形的弧长及面积;
(2)若扇形的周长是一定值C(C>0),当α为多少弧度时,该扇形面积最大?






知识清单
一、1.(1)一条射线　图形　(2)正角　负角　零角
三、y　x
四、1.sin2α+cos2α=1　2.sinαcosα=tanα
五、cosα　cosα　sinα　-sinα
基础训练
1.【解析】由题意得sinα<0,cosα>0,所以角α的终边在第四象限,故选D.
【答案】D
2.【解析】cos2π3+tan225°=-12+1=12.
【答案】A
3.【解析】cosα=1-sin2α=1--122=32,∵α∈-π,-π2,∴cosα<0,∴cosα=-32,故选C.
【答案】C
4.【解析】tan(2017π+α)=tanα=12,所以cosα-3sinα2sinα+cosα=1-3tanα2tanα+1=-14,故选D.
【答案】D
5.【解析】∵平面直角坐标系中,角α终边过点P(2,1),∴x=2,y=1,r=|OP|=5,∴cosα=xr=25=255,sinα=yr=15=55,则cos2α+sin2α=45+2sinαcosα=45+45=85.
【答案】85
6.【解析】(1)设弧长为l,扇形面积为S,
则α=π3,R=10,l=π3×10=10π3cm,
S=12×10π3×10=50π3cm2.
(2)(法一)扇形周长C=2R+l=2R+αR,α=CR-2,
S扇=12α·R2=12CR-2R2=12CR-R2=-R2-C2R=-R-C42+C216,
∴当R=C4时,扇形面积取最大值C216,此时α=CR-2=2.
(法二)扇形周长C=2R+l=2R+αR,∴R=C2+α.
∴S扇=12α·R2=12α·C2+α2=C22α·14+4α+α2=C22·1α+4α+4≤C216.
当且仅当α2=4,即α=2时,扇形面积取最大值C216.




题型一
任意角的三角函数

　　【例1】已知角α的终边经过点P(x,-2)(x≠0),且cosα=55x,则5sinα+1tanα=　　　　. 
【解析】∵P(x,-2)(x≠0),
∴点P到原点的距离r=x2+2.
又cosα=55x,∴cosα=xx2+2=55x.
∵x≠0,∴x=±3,∴r=5.
当x=3时,5sinα+1tanα=-22+62;
当x=-3时,5sinα+1tanα=-22-62.
【答案】-22±62


　　先判定P点所在的象限,再确定r,最后根据定义求解.

【变式训练1】已知角2α的顶点在原点,始边与x轴的正半轴重合,终边过点(-1,3),2α∈[2π,4π),则sinα等于(　　).
A.-12　　　B.12　　　C.-32　　　D.23
【解析】由题意得,角2α的终边在第二象限且tan2α=-3,∴2α=2π+2π3,即α=π+π3,∴sinα=-32.
【答案】C

题型二
扇形的弧长、面积公式的应用

　　【例2】已知一扇形的圆心角为α(α>0),所在圆的半径为R.
(1)若α=60°,R=10,求扇形的弧长及该弧所在的弓形的面积.
(2)若扇形的周长为4,求当α为多少弧度时,该扇形有最大面积?
【解析】(1)设弧长为l,弓形面积为S弓,则α=60°=π3,l=π3×10=10π3,
S弓=S扇-S△=12×10π3×10-12×102×sinπ3
=50π3-5032=50π3-32.
(2)扇形周长2R+l=2R+αR=4,∴R=4α+2,
∴S扇=12αR2=12α·4α+22=8α4+4α+α2=84+α+4α≤1.
当且仅当α=4α,即α=2时,扇形面积有最大值1.

　　理清扇形的弧长与半径、弧度角的关系,熟记扇形面积和周长的公式.

　　【变式训练2】一扇形的周长为20,当扇形的圆心角α等于多少弧度时,这个扇形的面积最大?
【解析】设扇形的半径为r,弧长为l,则l+2r=20,即l=20-2r(0 ∴扇形的面积S=12lr=12(20-2r)r=-r2+10r=-(r-5)2+25.
∴当r=5时,S有最大值25,
此时l=10,α=lr=2rad.
∴当α=2rad时,扇形的面积取最大值.

题型三
同角三角函数基本关系式的应用

　　【例3】在△ABC中,sinA+cosA=15.
(1)求sinAcosA的值;
(2)求tanA的值.
【解析】(1)∵sinA+cosA=15,　①
∴两边平方得1+2sinAcosA=125,
∴sinAcosA=-1225.
(2)由(1)得sinAcosA=-1225<0,
又0 ∵(sinA-cosA)2=1-2sinAcosA=1+2425=4925,
又sinA>0,cosA<0,∴sinA-cosA>0,
∴sinA-cosA=75.　②
由①②可得sinA=45,cosA=-35,
∴tanA=sinAcosA=45-35=-43.


　　利用(sinα±cosα)2=1±2sinαcosα和tanA=sinAcosA即可求解.

【变式训练3】(1)已知tanα=2,则sin2α+sinαcosα-2cos2α=　　　　. 
(2)已知sin2α=3sin2β,tanα=2tanβ,则cos2α=　　　　. 
【解析】(1)sin2α+sinαcosα-2cos2α
=sin2α+sinαcosα-2cos2αsin2α+cos2α=tan2α+tanα-2tan2α+1=45.
(2)∵sin2α=3sin2β,　①
tan2α=4tan2β,　②
由①÷②得,4cos2α=3cos2β,　③
由①+③得,sin2α+4cos2α=3,∴cos2α=23.
【答案】(1)45　(2)23

题型四
三角函数诱导公式的应用

　　【例4】已知sinα,1cosθ+π6分别是方程5x2-12x-9=0的两根.
(1)求cos5π6-θ和sinθ+2π3的值;
(2)若3π<α<7π2,
求sin(5π-α)cos(2π-α)cos3π2-α-sin2αcosπ2-αsin(-π-α)的值.
【解析】∵sinα,1cosθ+π6分别是方程5x2-12x-9=(5x+3)(x-3)=0的两根,
∴sinα=-35,1cosθ+π6=3,∴cosθ+π6=13.
(1)cos5π6-θ=cosπ-π6+θ=-cosπ6+θ=-13,
sinθ+2π3=sinπ2+θ+π6=cosθ+π6=13.
(2)∵3π<α<7π2,∴α是第三象限角.
∵sinα=-35,∴cosα=-45.
sin(5π-α)cos(2π-α)cos3π2-α-sin2αcosπ2-αsin(-π-α)
=-sin2αcosα-sin2αsin2α
=-1-cosα
=-15.

　　熟练运用诱导公式,并确定相应三角函数值的符号是解题的关键.

【变式训练4】已知fπ12+x=
sin(π-x)cos(2π-x)tan(π-x)cos-π2+x.
(1)求f-9π4的值.
(2)若f(x)=14,求sinx+23π12+cosx+17π12的值.
【解析】fπ12+x=sinx·cosx·(-tanx)sinx=-cosx·tanx=-sinx.
(1)令π12+x=-9π4,则x=-9π4-π12=-7π3,
∴f-9π4=-sin-7π3=sinπ3=32.
(2)∵f(x)=-sinx-π12=14,
∴sinx-π12=-14,
∴sinx+23π12+cosx+17π12
=sin2π+x-π12+cosπ+x+5π12
=sinx-π12-cosx+5π12
=sinx-π12-cosπ2+x-π12
=2sinx-π12=-12.


方法一
数形结合思想在三角函数线中的应用

　　当给出一个象限角时,欲判断该角的半角或倍角的符号或比较它们三个三角函数值的大小时,由于没有给出具体的角度,所以用图形可以更直观地表示,可先画出三角函数线,借助三角函数线比较大小.
【突破训练1】设θ是第二象限角,试比较sinθ2,cosθ2,tanθ2的大小.
【解析】∵θ是第二象限角,

∴π2+2kπ<θ<π+2kπ,k∈Z,
∴π4+kπ<θ2<π2+kπ,k∈Z,
∴θ2是第一象限角或第三象限角.
如图,结合单位圆上的三角函数线可得,
①当θ2是第一象限角时,
sinθ2=AB,cosθ2=OA,tanθ2=CT,
故cosθ2 ②当θ2是第三象限角时,
sinθ2=EF,cosθ2=OE,tanθ2=CT,
故sinθ2 综上可得,当θ2在第一象限时,cosθ2 当θ2在第三象限时,sinθ2
方法二
分类讨论思想在三角函数化简中的应用

　　角中含有变量n,因而需对n的奇偶进行分类讨论.利用诱导公式,需将角写成符合公式的某种形式,这就需要将角中的某一部分看作一个整体.
【突破训练2】求sin4n-14π-α+cos4n+14π-α(n∈Z)的值.
【解析】当n为偶数时,设n=2k(k∈Z),则
原式=sin8k-14π-α+cos8k+14π-α
=sin2kπ+-π4-α+cos2kπ+π4-α
=sin-π4-α+cosπ4-α
=-sinπ4+α+cosπ2-π4+α
=-sinπ4+α+sinπ4+α=0;
当n为奇数时,设n=2k+1(k∈Z),则
原式=sin8k+34π-α+cos8k+54π-α
=sin2kπ+3π4-α+cos2kπ+5π4-α
=sin3π4-α+cos5π4-α
=sinπ-π4+α+cosπ+π4-α
=sinπ4+α-cosπ4-α
=sinπ4+α-cosπ2-π4+α
=sinπ4+α-sinπ4+α=0.
故sin4n-14π-α+cos4n+14π-α=0.



1.(2017日照市三模)若sin(π-α)=13,且π2≤α≤π,则cosα的值为(　　).
A.223　　B.-223　　C.429　　D.-429
【解析】因为sin(π-α)=sinα=13,π2≤α≤π,所以cosα=-1-sin2α=-223.
【答案】B
2.(2017江西师大附中三模)已知sin(-π+θ)+2cos(3π-θ)=0,则sinθ+cosθsinθ-cosθ=(　　).
A.3 B.-3 C.13 D.-13
【解析】因为sin(-π+θ)+2cos(3π-θ)=0,所以-sinθ-2cosθ=0,可得tanθ=-2,所以sinθ+cosθsinθ-cosθ=tanθ+1tanθ-1=-2+1-2-1=13,故选C.
【答案】C
3.(2017江西八校联考)已知cosα-sinα=24,则sin2α的值为(　　).
A.18 B.-18 C.78 D.-78
【解析】∵cosα-sinα=24,∴1-sin2α=18,∴sin2α=78.
【答案】C
4.(2017临城质检)已知角θ的顶点为坐标原点,始边为x轴的正半轴,若P(4,y)是角θ终边上一点,且sinθ=-255,则y=(　　).
A.-8 B.-4 C.2 D.4
【解析】因为sinθ=y42+y2=-255,所以y<0,且y2=64,所以y=-8.
【答案】A
5.(2017宁德三模)已知sinα+π6=45,则cosα-π3的值为(　　).
A.35 B.45 C.-45 D.-35
【解析】cosα-π3=cosα+π6-π2=sinα+π6=45,故选B.
【答案】B
6.(2017南昌二模)已知sinθ+2cosθ=0,则1+sin2θcos2θ=　　　　. 
【解析】由sinθ+2cosθ=0,得sinθ=-2cosθ,
则1+sin2θcos2θ=sin2θ+cos2θ+2sinθcosθcos2θ=1.
【答案】1
7.(2016湖北二模)设f(x)=sinπx,x<1,2f(x-2),x≥1,则f-236+f94=　　　　. 
【解析】f-236+f94=sin-23π6+2f94-2=12+2sinπ4=32.
【答案】32
8.(2017郴州市四检)已知3cos2θ=tanθ+3,且θ≠kπ(k∈Z),则sin[2(π-θ)]=　　　　. 
【解析】由题意可得3cos2θ-3=tanθ,即-3sin2θ=sinθcosθ,因为θ≠kπ(k∈Z),所以sinθcosθ=-13,即sin2θ=-23,所以sin[2(π-θ)]=-sin2θ=23.
【答案】23

9.(2016许昌二模)已知点P(sinα-cosα,tanα)在第二象限,则α的一个变化区间是(　　).
A.-π,-π2 B.-π4,π4
C.-3π4,-π2 D.π2,π
【解析】因为点P(sinα-cosα,tanα)在第二象限,所以sinα-cosα<0,tanα>0,根据三角函数的性质可知选项C正确.
【答案】C
10.(2016柳州二模)若角α满足α=2kπ3+π6(k∈Z),则α的终边一定在(　　).
A.第一象限或第二象限或第三象限
B.第一象限或第二象限或第四象限
C.第一象限或第二象限或x轴非正半轴上
D.第一象限或第二象限或y轴非正半轴上
【解析】当k=0时,α=π6,终边位于第一象限,
当k=1时,α=5π6,终边位于第二象限,
当k=2时,α=3π2,终边位于y轴的非正半轴上,
当k=3时,α=2π+π6,终边位于第一象限.
综上可知,α的终边一定在第一象限或第二象限或y轴非正半轴上.故选D.
【答案】D
11.(2016上饶月考)当0 A.14 B.12 C.2 D.4
【解析】当0 设t=tanx,则0 当且仅当t=1-t,即t=12时等号成立.
【答案】D
12.(2017金华质检)若2tanα=3tan2π5,则cosα-π10sinα-2π5=　　　　. 
【解析】cosα-π10sinα-2π5=sinα+2π5sinα-2π5
=sinαcos2π5+cosαsin2π5sinαcos2π5-cosαsin2π5=tanα+tan2π5tanα-tan2π5=5.
【答案】5
13.(2016西宁联考)已知A,B,C是三角形的内角,3sinA,-cosA分别是方程x2-x+2a=0的两根.
(1)求角A.
(2)若1+2sinBcosBcos2B-sin2B=-3,求tanB.
【解析】(1)由已知可得,3sinA-cosA=1,　①
又sin2A+cos2A=1,
∴sin2A+(3sinA-1)2=1,
即4sin2A-23sinA=0,
得sinA=0(舍去)或sinA=32,∴A=π3或A=2π3,
将A=π3或A=2π3代入①知A=2π3时等式不成立,
∴A=π3.
(2)由1+2sinBcosBcos2B-sin2B=-3,
得sin2B-sinBcosB-2cos2B=0.
∵cosB≠0,∴tan2B-tanB-2=0,
∴tanB=2或tanB=-1.
当tanB=-1时,cos2B-sin2B=0,不合题意,舍去,
∴tanB=2.

§7.2　三角函数的图象与性质



一
用“五点法”作正弦函数和余弦函数的简图

　　正弦函数y=sinx,x∈[0,2π]的图象中,五个关键点分别是　　　、π2,-1、　　 3π2,-1、　　　. 

二
三角函数的图象和性质(表中k∈Z)


函数
性质
y=sinx
y=cosx
y=tanx
定义域
R
R
　　　 
图象



值域
[-1,1]
[-1,1]
R
对称轴
　　　 
　　　 

对称中心
(kπ,0)
　　　 
　　　 
周期
2π
2π
π
单调性
增区间为
　　　 
减区间为
　　　 
增区间为
　　　 
减区间为
　　　 
增区间为
　　　 
无减区间
奇偶性
奇函数
偶函数
奇函数






1 设点P是函数f(x)=sinωx(ω>0)的图象C的一个对称中心,若点P到图象C的对称轴的距离的最小值是π3,则ω=　　　　. 
2 函数y=2-3cosx+π4的最大值为　　　　,此时x=　　　　. 
3 函数f(x)=sinx-π4的图象的一条对称轴是(　　).
A.x=π4　　
B.x=π2　
C.x=-π4　　
D.x=-π2

知识清单
一、(0,0)　(π,0)　(2π,0)
二、x|x≠kπ+π2　x=kπ+π2　x=kπ　kπ+π2,0　kπ2,0　2kπ-π2,2kπ+π2　2kπ+π2,2kπ+3π2　2kπ-π,2kπ　2kπ,2kπ+π　kπ-π2,kπ+π2
基础训练
1.【解析】由正弦函数的图象知对称中心与对称轴的距离的最小值为最小正周期的14,故f(x)的最小正周期为T=4×π3=4π3,∴ω=2πT=32.
【答案】32
2.【解析】当cosx+π4=-1时,函数y=2-3cosx+π4取得最大值5,此时x+π4=π+2kπ(k∈Z),从而x=34π+2kπ,k∈Z.
【答案】5　34π+2kπ,k∈Z
3.【解析】∵正弦函数图象的对称轴过图象的最高点或最低点,故令x-π4=kπ+π2,k∈Z,∴x=kπ+3π4,k∈Z.取k=-1,则x=-π4.
【答案】C




题型一
三角函数的定义域

　　【例1】函数f(x)=lg(3+2x-x2)+sinx的定义域为　　　　. 
【解析】由题意得3+2x-x2>0,sinx≥0,
即-1 所以函数f(x)的定义域为[0,3).
【答案】[0,3)

　　求三角函数的定义域实际上是解简单的三角不等式,常借助三角函数线或三角函数图象来求解.

【变式训练1】函数y=sin2x-cos2x的定义域为　　　　　　. 
【解析】由题意得sin2x-cos2x≥0,即2sin2x-π4≥0,则2kπ≤2x-π4≤2kπ+π,解得kπ+π8≤x≤kπ+5π8(k∈Z),
所以函数的定义域为x|kπ+π8≤x≤kπ+5π8,k∈Z.
【答案】x|kπ+π8≤x≤kπ+5π8,k∈Z

题型二
三角函数的值域

　　【例2】求函数f(x)=cos2x+sinx+14在区间-π6,π4上的最大值与最小值.
【解析】f(x)=cos2x+sinx+14=1-sin2x+sinx+14=-sinx-122+32.
∵x∈-π6,π4,∴sinx∈-12,22,
∴当sinx=-12时,函数f(x)取最小值12,
当sinx=12时,函数f(x)取最大值32.

　　形如y=asin2x+bsinx+c的三角函数,可先设sinx=t,化为关于t的二次函数求值域(最值).

【变式训练2】已知函数f(x)=cos2x-π3+2sinx-π4·sinx+π4,求函数f(x)在区间-π12,π2上的最大值与最小值.
【解析】由题意得f(x)=12cos2x+32sin2x+(sinx-cosx)·(sinx+cosx)
=12cos2x+32sin2x+sin2x-cos2x
=12cos2x+32sin2x-cos2x=sin2x-π6.
又x∈-π12,π2,∴2x-π6∈-π3,5π6,
∴sin2x-π6∈-32,1.
故当x=π3时,f(x)取最大值1;
当x=-π12时,f(x)取最小值-32.

题型三
三角函数的单调性与周期性

　　【例3】(2017北京海淀区高三适应性考试)已知函数f(x)=4cosωx·sinωx+π4(ω>0)的最小正周期为π.
(1)求ω的值;
(2)求函数f(x)的单调递增区间.
【解析】(1)f(x)=4cosωx·sinωx+π4
=22sinωx·cosωx+22cos2ωx
=2(sin2ωx+cos2ωx)+2=2sin2ωx+π4+2.
因为f(x)的最小正周期为π,且ω>0,
所以2π2ω=π,故ω=1.
(2)由(1)知f(x)=2sin2x+π4+2,
令-π2+2kπ≤2x+π4≤π2+2kπ,k∈Z,
所以-3π4+2kπ≤2x≤π4+2kπ,k∈Z,
所以-3π8+kπ≤x≤π8+kπ,k∈Z.
所以f(x)的单调递增区间为-3π8+kπ,π8+kπ,k∈Z.

　　先将y=f(x)化成y=Asin(ωx+φ)或y=Acos(ωx+φ)(其中A≠0,ω>0)形式,再结合求周期公式和求单调区间的方法即可求解.
【变式训练3】已知函数f(x)=sinωxcosωx-3sinωx+32(ω>0)的最小正周期为π2.
(1)求ω的值;
(2)求函数f(x)的单调递减区间.
【解析】f(x)=sinωxcosωx-3sinωx+32
=sinωx·cosωx-3sin2ωx+32
=12sin2ωx+32cos2ωx
=sin2ωx+π3.
(1)∵函数f(x)的最小正周期为π2,
∴2π2ω=π2,解得ω=2.
(2)由(1)知f(x)=sin4x+π3,
令2kπ+π2≤4x+π3≤2kπ+3π2,k∈Z,
得2kπ+π6≤4x≤2kπ+7π6,k∈Z,
∴kπ2+π24≤x≤kπ2+7π24,k∈Z.
∴函数f(x)的单调递减区间是kπ2+π24,kπ2+7π24,k∈Z.

题型四
三角函数的对称性与奇偶性

　　【例4】设函数 f(x)=sin2x+3cos2x(x∈R).
(1)若函数y=f(x+φ)|φ|≤π2的图象关于直线x=0对称,求φ的值;
(2)若函数y=fx+π+6φ12的图象关于点4π3,0中心对称,求|φ|的最小值.
【解析】f(x)=sin2x+3cos2x=2sin2x+π3.
(1)∵y=f(x+φ)=2sin2x+π3+2φ的图象关于直线x=0对称,
∴f(x+φ)为偶函数,
∴π3+2φ=π2+kπ,k∈Z,则φ=kπ2+π12,k∈Z.
∵|φ|≤π2,∴φ=-5π12或φ=π12.
(2)∵y=fx+π+6φ12=2sin2x+φ+π2=2cos(2x+φ)的图象关于点4π3,0中心对称,
∴2cos2×4π3+φ=2cos2π3+φ+2π=2cos2π3+φ=0,
∴2π3+φ=kπ+π2,k∈Z,∴φ=kπ-π6,k∈Z,
取k=0,得|φ|的最小值为π6.


　　若f(x)=Asin(ωx+φ)为偶函数,则φ=kπ+π2,k∈Z;若f(x)=Asin(ωx+φ)为奇函数,则φ=kπ,k∈Z.如果求f(x)的对称中心的横坐标,只需令ωx+φ=kπ(k∈Z)即可.

【变式训练4】设函数f(x)=2sin(2x+φ)(-π<φ<0).
(1)若fπ4-x=f(x),求φ;
(2)若函数y=f(x)是奇函数,求函数g(x)=cos2x+32φ的单调递减区间.
【解析】(1)∵fπ4-x=f(x),
∴函数f(x)的图象关于直线x=π8对称,
令2×π8+φ=kπ+π2,k∈Z,则φ=kπ+π4,k∈Z,
又-π<φ<0,则-54 ∴k=-1,则φ=-3π4.
(2)∵函数y=f(x)是奇函数,-π<φ<0,∴φ=-π2,
∴g(x)=cos2x-3π4.
令2kπ≤2x-3π4≤π+2kπ,k∈Z,
可解得3π8+kπ≤x≤7π8+kπ,k∈Z,
∴y=g(x)的单调递减区间为3π8+kπ,7π8+kπ,k∈Z.


方法
方程思想在三角函数中的应用

　　此类题目主要解决方程中的参量问题,首先利用正弦函数、余弦函数的有界性或单调性求出y=Asin(ωx+φ)或y=Acos(ωx+φ)的最值,但要注意对参量的符号进行讨论,以便确定函数的单调性,其次由已知列方程求解.
【突破训练】已知函数f(x)=sin2x+23sinxcosx+3cos2x-2.
(1)当x∈0,π2时,求函数f(x)的单调递增区间;
(2)若函数g(x)=-(1+λ)f2(x)-2f(x)+1在-π3,π6上单调递减,求实数λ的取值范围.
【解析】f(x)=sin2x+23sinxcosx+3cos2x-2
=3sin2x+cos2x=2sin2x+π6.
(1)令-π2+2kπ≤2x+π6≤π2+2kπ,k∈Z.
解得2kπ-2π3≤2x≤2kπ+π3,k∈Z,
即kπ-π3≤x≤kπ+π6,k∈Z.
∵x∈0,π2,∴f(x)的单调递增区间为0,π6.
(2)由(1)知函数f(x)在-π3,π6上单调递增,
设f(x)=t,则-1≤t≤1,
∴k(t)=-(1+λ)t2-2t+1(-1≤t≤1),
①当λ=-1时,k(t)=-2t+1在[-1,1]上单调递减,即λ=-1符合题意;
②当λ<-1时,-(1+λ)>0,则-11+λ≥1,得-2≤λ<-1;
③当λ>-1时,-(1+λ)<0,则-11+λ≤-1,得-1<λ≤0.
综上,λ∈[-2,0].


1.(2017江西二模)函数y=2sin2x+3π2-1是(　　).
A.最小正周期为π的偶函数
B.最小正周期为π的奇函数
C.最小正周期为π2的偶函数
D.最小正周期为π2的奇函数
【解析】∵y=2sin2x+3π2-1=-cos(2x+3π)=cos2x,∴y=2sin2x+3π2-1是最小正周期为π的偶函数.
【答案】A
2.(2017广东联考)函数f(x)=2sinx2-π8cosx2-π8的图象的一个对称中心可以是(　　).
A.(-π,0)　B.-3π4,0　C.3π2,0　D.π2,0
【解析】由题意知f(x)=sinx-π4,令x-π4=kπ(k∈Z),则x=kπ+π4(k∈Z).
由k=-1,得x=-3π4,即f(x)=sinx-π4的一个对称中心是-3π4,0.
【答案】B
3.(2017西宁二模)同时具有性质“①最小正周期是π;②图象关于直线x=π3对称;③在-π6,π3上是增函数.”的一个函数为(　　).
A.y=sinx2+π6 B.y=cosx2-π6
C.y=cos2x+π6 D.y=sin2x-π6
【解析】根据性质①最小正周期是π,排除选项A和B;对于选项C,当x=π3时,y=cos2×π3+π6=cos5π6=-32,不是最值,所以排除选项C,故选D.
【答案】D
4.(2017沈阳三模)已知函数f(x)=Asin(ωx+φ)A>0,|φ|<π2的图象在y轴左侧的第一个最高点为-π6,3,第一个最低点为-2π3,m,则函数f(x)的解析式为(　　).
A.f(x)=3sinπ6-2x B.f(x)=3sin2x-π6
C.f(x)=3sinπ3-2x D.f(x)=3sin2x-π3
【解析】由题意得A=3,T=2-π6+2π3=π,∴ω=±2πT=±2,当ω=-2时,f(x)=3sin(φ-2x),且过点-π6,3,则π3+φ=2kπ+π2,得φ=π6.当ω=2时,不合题意.故选A.
【答案】A
5.(2017佳木斯市三模)若函数f(x)=sin(ωx+φ),其中ω>0,φ<π2,两相邻的对称轴的距离为π2,fπ6为最大值,则函数f(x)在区间[0,π]上的单调递增区间为(　　).
A.0,π6 B.2π3,π
C.0,π6和π3,π D.0,π6和2π3,π
【解析】∵两相邻的对称轴的距离为π2,∴T2=π2,解得T=π,∴ω=2.又fπ6为最大值,令2×π6+φ=π2+2kπ,k∈Z,解得φ=π6+2kπ,k∈Z,令k=0得φ=π6,∴函数f(x)=sin2x+π6.令-π2+2kπ≤2x+π6≤π2+2kπ,k∈Z,当k=0时,x∈-π3,π6,当k=1时,x∈2π3,7π6,∴f(x)在区间0,π上的单调增区间为0,π6和2π3,π.
【答案】D
6.(2017中卫市二模)函数f(x)=cos2x+sinπ2+x的最小值是　　　　. 
【解析】f(x)=cos2x+sinπ2+x=2cos2x+cosx-1=2cosx+142-98,故f(x)min=-98.
【答案】-98

7.(2017菏泽联考)已知函数f(x)=Atan(ωx+φ)ω>0,|φ|<π2,y=f(x)的部分图象如图所示,则fπ24=　　　　. 
【解析】由图象知,T=23π8-π8=π2,∴ω=2.由2×3π8+φ=kπ,k∈Z,得φ=kπ-3π4,k∈Z.又∵|φ|<π2,∴φ=π4.
由Atan2×0+π4=1,知A=1,
∴f(x)=tan2x+π4,∴fπ24=tan2×π24+π4=tanπ3=3.
【答案】3
8.(2017百校联盟)已知函数f(x)=98cos2x+16-sin2x,则当f(x)取最小值时cos2x的值为　　　　. 
【解析】f(x)=98cos2x+16+cos2x-12=98cos2x+2+cos2x+22-32,∵cos2x+2>0,∴f(x)≥2×34-32=0,当且仅当98cos2x+2=cos2x+22,即cos2x=-12时等号成立.
【答案】-12

9.(2017辽宁四模)已知函数f(x)=sin(ωx+φ)ω>0,|φ|<π2的图象过点0,12,若f(x)≤fπ12对x∈R 恒成立,则ω的最小值为(　　).
A.2 B.4 C.10 D.16
【解析】函数图象过点0,12,则sinφ=12.结合|φ|<π2可得,φ=π6,由f(x)≤fπ12对x∈R恒成立,可得π12×ω+π6=2kπ+π2(k∈Z),解得ω=24k+4(k∈Z),令k=0可得ωmin=4.
【答案】B
10.(2017宁夏四模)已知函数f(x)=sinωx+π3-12cosωx-7π6(ω>0),满足f-π6=34,则满足题意的ω最小值为(　　).
A.13 B.12 C.1 D.2
【解析】由题意可得,f(x)=sinωx+π3-12cosπ2+ωx+π3=sinωx+π3+12sinωx+π3=32sinωx+π3,则f-π6=32sin-π6ω+π3=34,∴-π6ω+π3=2kπ+π6或-π6ω+π3=2kπ+5π6(k∈Z),则ω=1-12k或ω=-12k-3(k∈Z).
结合ω>0可得,令k=0,ωmin=1.
【答案】C
11.(2017娄底二模)已知函数f(x)=2sin(ωx+φ)+1ω>0,φ<π2,f(α)=-1,f(β)=1,若α-β的最小值为3π4,且f(x)的图象关于点π4,1对称,则函数f(x)的单调递增区间是(　　).
A.-π2+2kπ,π+2kπ,k∈Z
B.-π2+3kπ,π+3kπ,k∈Z
C.π+2kπ,5π2+2kπ,k∈Z
D.π+3kπ,5π2+3kπ,k∈Z
【解析】由题设知f(x)的周期T=4|α-β|min=3π,所以ω=2πT=23,又f(x)的图象关于点π4,1对称,从而fπ4=1,即sin23×π4+φ=0,因为|φ|<π2,所以φ=-π6,故f(x)=2sin23x-π6+1.由-π2+2kπ≤23x-π6≤π2+2kπ,k∈Z,得-π2+3kπ≤x≤π+3kπ,k∈Z,故选B.
【答案】B
12.(2017马鞍山三模)已知函数y=Asin(ωx+φ)(A>0,ω>0,-π<φ<0)的部分图象如图所示,则φ=　　　　. 

【解析】由图象知sinφ=-12⇒φ=2kπ-5π6(k∈Z),又3T4<5π6 再由sin5π6ω+φ=0⇒5π6ω+φ=2kπ+π(k∈Z)⇒φ∈2kπ-π,2kπ-π2,解得φ=-5π6.
【答案】-5π6
13.(2017盐城二模)已知a>0,函数f(x)=-2asin2x+π6+2a+b,当x∈0,π2时,-5≤f(x)≤1.
(1)求常数a,b的值;
(2)设g(x)=fx+π2且lgg(x)>0,求g(x)的单调区间.
【解析】(1)∵x∈0,π2,∴2x+π6∈π6,7π6.
∴sin2x+π6∈-12,1,
∴-2asin2x+π6∈[-2a,a],∴f(x)∈[b,3a+b].
又∵-5≤f(x)≤1,
∴b=-5,3a+b=1,因此a=2,b=-5.
(2)由(1)得,f(x)=-4sin2x+π6-1,
g(x)=fx+π2=-4sin2x+7π6-1
=4sin2x+π6-1.
又由lgg(x)>0,得g(x)>1,
∴4sin2x+π6-1>1,∴sin2x+π6>12,
∴2kπ+π6<2x+π6<2kπ+5π6,k∈Z,
其中当2kπ+π6<2x+π6≤2kπ+π2,k∈Z时,g(x)单调递增,即kπ ∴g(x)的单调递增区间为kπ,kπ+π6,k∈Z.
又∵当2kπ+π2<2x+π6<2kπ+5π6,k∈Z时,g(x)单调递减,即kπ+π6 ∴g(x)的单调递减区间为kπ+π6,kπ+π3,k∈Z.

§7.3　函数y=Asin(ωx+φ)的图象及应用



一
y=Asin(ωx+φ)(A>0,ω>0)的有关性质

　　1.定义域:R;
2.值域:[-A,A];
3.周期:T=2πω;
4.对称轴方程:　　　　; 
5.对称中心坐标:kπ-φω,0(k∈Z);
6.单调递增区间:　　　　　　　　　　　　, 
单调递减区间:　　　　　　　　　　　　. 

二
图象的变换

　　函数y=sinx的图象经变换得到y=Asin(ωx+φ)的图象的步骤如下:






1 把函数y=sin3x+π3的图象向右平移π4个单位长度,再把所得函数图象上各点的横坐标缩短为原来的12,所得的函数解析式为　　　　. 

2 已知简谐运动f(x)=Asin(ωx+φ)|φ|<π2的部分图象如图所示,则该简谐运动的最小正周期T和初相φ分别为　　　　. 
3 求函数f(x)=cos2x+π6的单调递减区间.


知识清单
一、4.x=kπ+π2-φω(k∈Z)
6.2kπ-π2-φω,2kπ+π2-φω(k∈Z)
2kπ+π2-φω,2kπ+3π2-φω(k∈Z)
二、|φ|　φω
基础训练
1.【解析】将原函数的图象向右平移π4个单位长度,得到函数y=sin3x-5π12的图象,再把所得函数图象上各点的横坐标缩短为原来的12,得到函数y=sin6x-5π12的图象.
【答案】y=sin6x-5π12
2.【解析】由图象易知A=2,T=6,∴ω=π3,又图象过点(1,2),∴sinπ3×1+φ=1,
∴φ+π3=2kπ+π2,k∈Z,又|φ|<π2,∴φ=π6.
【答案】6和π6
3.【解析】由不等式2kπ≤2x+π6≤2kπ+π(k∈Z)得kπ-π12≤x≤kπ+5π12(k∈Z),所以函数f(x)的单调递减区间为kπ-π12,kπ+5π12(k∈Z).



题型一
函数y=Asin(ωx+φ)的图象及变换

　　【例1】已知函数y=2sin2x+π3,
(1)用“五点法”作出它在一个周期内的图象;
(2) 写出该函数的振幅、周期、初相,说明y=2sin2x+π3的图象可由y=sinx的图象经过怎样的变换而得到.
【解析】(1)令X=2x+π3,则y=2sin2x+π3=2sinX.
列表,并描点画出图象:
x
-π6
π12
π3
7π12
5π6
X
0
π2
π
3π2
2π
y=sinX
0
1
0
-1
0
y=2sin2x+π3
0
2
0
-2
0

　　

(2)振幅A=2,周期T=2π2=π,初相φ=π3.
(法一)把y=sinx的图象上所有的点向左平移π3个单位长度,得到y=sinx+π3的图象;再把y=sinx+π3的图象上所有点的横坐标缩短到原来的12(纵坐标不变),得到y=sin2x+π3的图象;最后把y=sin2x+π3上所有点的纵坐标伸长到原来的2倍(横坐标不变),即可得到y=2sin2x+π3的图象.
(法二)把y=sinx的图象上所有点的横坐标缩短到原来的12(纵坐标不变),得到y=sin2x的图象;再把y=sin2x的图象上所有的点向左平移π6个单位长度,得到y=sin2x+π6=sin2x+π3的图象;最后把y=sin2x+π3的图象上所有点的纵坐标伸长为原来的2倍(横坐标不变),即可得到y=2sin2x+π3的图象.

　　五点法作图关键是找出与x相对应的五个点;图形变换首先要看清由谁变换得到谁即可,其次要区别是“先平移再伸缩”还是“先伸缩再平移”.

【变式训练1】(2017厦门第二次质检)将函数f(x)=cosωx-π2(ω>0)的图象向右平移π4个单位长度,所得的图象经过点3π4,0,则ω的最小值是(　　).
A.13 B.1 C.53 D.2
【解析】f(x)=sinωx的图象向右平移π4个单位长度后得g(x)=sinx-π4ω的图象,故g3π4=sinπ2ω=0,所以π2ω=kπ,k∈Z,即ω=2k,当k=1时,ω取最小值2.
【答案】D

题型二
求函数y=Asin(ωx+φ)的解析式

　　【例2】(2017河北石家庄二模)已知函数f(x)=sin(ωx+φ)(ω>0,0<φ<π)的图象如图所示,则f(0)的值为　　　　. 

【解析】由图知T=2π,∴ω=1,则f(x)=sin(x+φ),且fπ4=0,∴π4+φ=kπ,∴φ=kπ-π4,∴φ=3π4,∴f(x)=sinx+3π4,∴f(0)=sin3π4=22.
【答案】22

　　由平衡点和相邻最低点间的相对位置确定周期,根据待定系数法求φ.

【变式训练2】已知函数f(x)=Asin(ωx+φ)A>0,|φ|<π2,ω>0的图象的一部分如图所示,则该函数的解析式为　　　　. 
【解析】观察图象可知,A=2且点(0,1)在图象上,∴1=2sin(ω·0+φ),即sinφ=12.∵|φ|<π2,∴φ=π6.又∵11π12是函数的一个零点,且是函数图象递增穿过x轴形成的零点,∴11π12ω+π6=2π,∴ω=2,∴f(x)=2sin2x+π6.
【答案】f(x)=2sin2x+π6


题型三
三角函数模型的应用

　　

【例3】如图,一个水轮的半径为4m,水轮圆心O距离水面2m,已知水轮每分钟按逆时针转动5圈,若当水轮上点P从水中浮现时(图中点P0)开始计算时间.
(1)将点P距离水面的高度z(m)表示为时间t(s)的函数.
(2)点P第一次到达最高点大约需要多少时间?
【解析】(1)如图所示,建立平面直角坐标系,
设角φ-π2<φ<0是以Ox为始边,OP0为终边的角.

OP每秒钟内所转过的角为5×2π60=π6,
所以OP在时间t(s)内所转过的角为π6t.
由题意可知水轮逆时针转动,
得z=4sinπ6t+φ+2.
当t=0时,z=0,得sinφ=-12,即φ=-π6.
故所求的函数关系式为z=4sinπ6t-π6+2.
(2)令z=4sinπ6t-π6+2=6,
得sinπ6t-π6=1.
令π6t-π6=π2,得t=4,
故点P第一次到达最高点大约需要4s.

　　观察数据,发现是否具有周期性的重复现象,如果是,转化为y=Asin(ωx+φ),利用三角函数模型解决实际问题.


【变式训练3】如图,某地一天从6时到14时的温度变化曲线近似地满足函数y=Asin(ωx+φ)+b.
(1)求这段时间的最大温差;
(2)写出这段曲线的函数解析式.
【解析】(1)由图可知这段时间的最大温差是30-10=20(℃).
(2)由图可知从6时到14时的图象是函数y=Asin(ωx+φ)+b的半个周期的图象,
所以12×2πω=14-6,解得ω=π8.
由图可知A=12×(30-10)=10,
b=12×(30+10)=20,
故y=10sinπ8x+φ+20.
将x=6,y=10代入上式,可取φ=3π4.
综上所述,所求解析式为y=10sinπ8x+3π4+20,x∈[6,14].


方法
数形结合思想

　　1.掌握“五点法”作图,确定定义域,基本思想是把ωx+φ看作一个整体,抓住函数y=Asin(ωx+φ)的图象的特征;
2.从整体思想和数形结合思想确定函数y=Asin(ωx+φ)的性质.
【突破训练1】已知向量a=(3sinx,-1),b=(cosx,m),m∈R,设函数f(x)=2(a+b)b-2m2-1, 将函数y=f(x)的图象向右平移π6个单位长度,得到函数g(x)的图象.若函数 g(x)在0,π2上有两个零点,求m的取值范围.
【解析】∵f(x)=2(a+b)b-2m2-1
=23sinxcosx+2cos2x-2m-1
=3sin2x+cos2x-2m=2sin2x+π6-2m,
∴g(x)=2sin2x-π3+π6-2m=2sin2x-π6-2m.
∵x∈0,π2,∴2x-π6∈-π6,5π6,
则2sin2x-π6∈[-1,2].
设y1=2sin2x-π6,y2=2m,由数形结合知,若函数g(x)在0,π2上有两个零点,则2m∈[1,2),
∴m的取值范围是12,1.
　　【突破训练2】已知函数f(x)=2sin2x,记函数f(x)在区间t,t+π4上的最大值为Mt,最小值为mt,设函数h(t)=Mt-mt.若t∈π6,π2,则函数h(t)的值域为　　　　. 
【解析】由已知得函数f(x)的周期T=π,区间t,t+π4的长度为T4,作出函数f(x)在π6,3π4上的图象(图略),又t∈π6,π2,则由图(图略)可得,当t∈π6,π4时,h(t)=fπ4-ft+π4=2-2cos2t∈1,2;当t∈π4,π2时,函数f(x)为减函数,则h(t)=f(t)-ft+π4=22sin2t-π4∈[2,22],∴h(t)的值域为[1,22].
【答案】[1,22]


1.(2017阜阳二模)将函数f(x)=sin2x-π6的图象向右平移π12个单位长度后得到的图象的一条对称轴是(　　).
A.x=π4　　B.x=3π8　　C.x=5π12　　D.x=7π24
【解析】由题意得平移后函数为y=sin2x-2×π12-π6=sin2x-π3,对称轴为2x-π3=π2+kπ(k∈Z),得x=5π12+kπ2(k∈Z),因此直线x=5π12为平移后函数的一条对称轴,故选C.
【答案】C
2.(2017淮北二模)已知函数f(x)=Asin(ωx+φ)(A>0,ω>0,0<φ<π),其部分图象如图所示,则函数f(x)的解析式为(　　).

　　

A.f(x)=2sin12x+π4
B.f(x)=2sin12x+3π4
C.f(x)=2sin14x+3π4
D.f(x)=2sin2x+π4
【解析】由图可得A=2,T4=π⇒ω=12,由f-π2=2得-π4+φ=π2(0<φ<π),则φ=3π4,∴f(x)=2sin12x+3π4.
【答案】B
3.(2017鹰潭市一模)据市场调查,某种商品一年内每件出厂价在7千元的基础上,按月呈f(x)=Asin(ωx+φ)+bA>0,ω>0,|φ|<π2的模型波动(x为月份),已知3月份达到最高价9千元,7月份价格最低为5千元,根据以上条件可确定f(x)的解析式为(　　).
A.f(x)=2sinπ4x-π4+7(1≤x≤12,x∈N*)
B.f(x)=9sinπ4x-π4(1≤x≤12,x∈N*)
C.f(x)=22sinπ4x+7(1≤x≤12,x∈N*)
D.f(x)=2sinπ4x+π4+7(1≤x≤12,x∈N*)
【解析】由题意得b=7,则A=9-7=2,T=2(7-3)=8,∴ω=2πT=π4,又x=3时,π4×3+φ=2kπ+π2(k∈Z),得φ=-π4,故选A.
【答案】A
4.(2017河北联考)将函数y=sin(x+φ)的图象F向左平移π6个单位长度后得到图象F',若F'的一个对称中心为π4,0,则φ的一个可能取值是(　　).
A.π12 B.π6 C.5π6 D.7π12
【解析】图象F'对应的函数为y=sinx+π6+φ,则π4+π6+φ=kπ,k∈Z,即φ=kπ-5π12,k∈Z.令k=1,得φ=7π12.
【答案】D
5.(2017唐山二模)已知函数f(x)=cos(2x-φ)-3sin(2x-φ)φ<π2的图象向右平移π12个单位长度后关于y轴对称,则f(x)在区间-π2,0上的最小值为(　　).
A.-1 B.3 C.-3 D.-2
【解析】由题意可知f(x)=2cos2x-φ+π3|φ|<π2,
将函数f(x)的图象向右平移π12个单位长度后,得f(x)=2cos2x+π6-φ的图象.又该函数图象关于y轴对称,可得π6-φ=kπ,k∈Z,又|φ|<π2,
所以φ=π6,即f(x)=2cos2x+π6.在区间-π2,0上,2x+π6∈-5π6,π6,则2cos2x+π6∈[3,2],故f(x)的最小值为-3.
【答案】C
6.(2017长沙二模)函数y=2sinm3x+π3的最小正周期在23,34内,则正整数m的值是　　　　. 
【解析】∵T=6πm,又23<6πm<34,∴8π 【答案】26,27,28
7.(2017咸阳二模)函数y=sinx+3cosx的图象可由函数y=sinx-3cosx的图象至少向左平移　　　　个单位长度得到. 
【解析】y=sinx+3cosx=2sinx+π3,y=sinx-3cosx=2sinx-π3,将y=2sinx-π3向左平移2π3个单位长度得到y=2sinx+π3的图象.
【答案】2π3
8.(2017昆明二模)若f(x)=2sin(ωx+φ)+m对任意实数t都有fπ8+t=fπ8-t,且fπ8=-3,则实数m的值等于　　　　. 
【解析】依题意得,函数f(x)的图象关于直线x=π8对称,于是当x=π8时,函数f(x)取得最值,因此有±2+m=-3,解得m=-5或m=-1.
【答案】-1或-5

9.(2017贵阳一模)设ω>0,函数y=sinωx+π3+2的图象向右平移4π3个单位长度后与原图象重合,则ω的最小值是(　　).
A.23 B.43 C.32 D.3
【解析】由函数向右平移4π3个单位后与原图象重合,得4π3是此函数周期的整数倍.又ω>0,∴2πω·k=4π3,∴ω=32k(k∈Z),∴ωmin=32.
【答案】C
10.(2017广西联考)已知函数f(x)=Asin(ωx+φ)(ω>0,-π<φ<0)的部分图象如图所示,则下列说法错误的是(　　).

A.函数f(x)的最小正周期为2
B.函数f(x)的值域为[-4,4]
C.函数f(x)的图象关于103,0对称
D.函数f(x)的图象向左平移π3个单位长度后得到y=Asinωx的图象
【解析】由图可得T=243-13=2,∴ω=π,∵f13=0,∴π3+φ=kπ.∵-π<φ<0,∴φ=-π3.又f(0)=-23,∴Asin-π3=-23,得A=4,∴f(x)=4sinπx-π3,故选项D错误.
【答案】D
11.(2017锦州质检)已知f(x)=3sinxcosx-sin2x,把f(x)的图象向右平移π12个单位长度,再向上平移2个单位长度,得到y=g(x)的图象,若对任意实数x,都有g(a-x)=g(a+x)成立,则ga+π4+gπ4=(　　).
A.3 B.4 C.2 D.32
【解析】f(x)=32sin2x-1-cos2x2=sin2x+π6-12,所以g(x)=sin2x-π12+π6+2-12=sin2x+32.因为2a=π2+kπ(k∈Z),所以ga+π4+gπ4=sin2a+π2+32+sinπ2+32=sin(π+kπ)+4=4,故选B.
【答案】B
12.(2017山西二模)已知f(x)=sinωx+π3(ω>0),fπ6=fπ3,且f(x)在区间π6,π3上有最小值,无最大值,则ω=　　　　. 
【解析】依题意,当x=π6+π32=π4时,f(x)有最小值,∴sinπ4ω+π3=-1,∴π4ω+π3=2kπ+3π2(k∈Z),∴ω=8k+143(k∈Z).∵f(x)在区间π6,π3上有最小值,无最大值,∴π3-π4<πω,即ω<12,令k=0,得ω=143.
【答案】143

13.(2017北京一模)已知函数f(x)=Asinωx,ω>0的图象如图所示.

(1)求f(x)的解析式;
(2)若g(x)=f(x)cos2x+π6,求g(x)在0,π2上的单调递减区间.
【解析】(1)由图象可知A=2,
设函数f(x)的周期为T,则π4--π2=34T,
求得T=π,从而ω=2,
所以f(x)=2sin2x.
(2)因为g(x)=2sin2xcos2x+π6
=3sin2xcos2x-sin22x
=32sin4x+12cos4x-12
=sin4x+π6-12,
所以π2+2kπ≤4x+π6≤3π2+2kπ,
即π12+kπ2≤x≤π3+kπ2,k∈Z,
令k=0,得π12≤x≤π3,
所以g(x)在0,π2上的单调递减区间为π12,π3.