2023-2024学年广东省梅州市蕉岭县三校高一上学期10月联考数学试题(含解析)
展开1.已知集合A=x−1
C. −∞,−1∪2,+∞D. 0,1
2.命题“∃x0≥2,x02≥πx0”的否定是
A. ∃x0<2,x02≥πx0B. ∃x0<2,x02<πx0
C. ∀x≥2,x2≤πxD. ∀x≥2,x2<πx
3.若A=x2−2x,B=−6x−4,则A,B的大小关系是( )
A. A≤BB. A≥BC. A=BD. 与x的值有关
4.设a∈R,则“a>1”是“a2>a”的
( )
A. 充分不必要条件B. 必要不充分条件
C. 充要条件D. 既不充分也不必要条件
5.设a>0,b>0,a+2b=2,则1a+1b的最小值为
( )
A. 2 2+32B. 2 2+3C. 2+32D. 2+3
6.已知关于x的不等式ax2+bx+c>0的解集为x13
( )
A. x−12
( )
A. 0
A. B.
C. D.
9.设M={x|0≤x≤2},N={y|0≤y≤2},给出下列四个图形,其中能表示从集合M到集合N的函数的是
( )
A. B.
C. D.
二、多选题(本大题共3小题,共15分。在每小题有多项符合题目要求)
10.对实数a,b,c,d,下列命题中正确的是
( )
A. 若aB. 若a>b,c
C. 若1≤a≤4,−2≤b≤1,则0≤a−b≤6
D. 若a>1,则a+1a的最小值是2
11.如果f(x)是定义在R上的奇函数,那么下列函数中,一定为奇函数的是
( )
A. y=x+f(x)B. y=xf(x)C. y=x2+f(x)D. y=x2f(x)
12.已知定义在R上的函数f(x)的图象是连续不断的,且满足以下条件:①∀x∈R,f(−x)=f(x);②∀x1,x2∈(0,+∞),当x1≠x2时,f(x1)−f(x2)x1−x2<0;③f(−1)=0.则下列选项成立的是( )
A. f(3)>f(4)
B. 若f(m−1)
C. 若xf(x)>0,则x∈(−1,1)
D. ∃m∈R,使得f(x)≤m
三、填空题(本大题共4小题,共20分)
13.函数y= 9−x2x的定义域是______.
14.设集合A=x∈N|y=12x+3∈N,则集合A的子集个数为________
15.已知函数fx=x3−1,x≤2,fx−3,x>2,则f8=___________.
16.设函数fx=ax2−2x+c,不等式fx>0的解集为−∞,−1∪3,+∞,若对任意x∈−1,2,fx≤m2−4恒成立,则实数m的取值范围为__________.
四、解答题(本大题共6小题,共70分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤)
17.(本小题10分)
已知集合A=x|2≤x≤6,B=x|3x−7≥8−2x.
(1)求A∩B ,∁R(A∩B);
(2)若C=x|a−4
解关于x的不等式x2−a+3x+3a<0,a∈R.
19.(本小题12分)
已知全集U=R,集合A=xx−5x−2≤0,B=xa−1
(2)若x∈A是x∈B 的 必要不充分条件,求实数a的取值范围.
20.(本小题12分)
已知x,y都是正数.
(1)若2x+3y=3,求xy的最大值;
(2)若1x−y+12y=2,且x>y,求x+y的最小值.
21.(本小题12分)
某厂家拟在2023年举行某产品的促销活动,经调查测算,该产品的年销售量(即该厂的年产量)x万件与年促销费用m万元(m≥0)满足x=4−km+1(k为常数),如果不搞促销活动,则该产品的年销售量只能是2万件.已知生产该产品的固定投入为8万元,每生产一万件该产品需要再投入16万元,厂家将每件产品的销售价格定为每件产品年平均成本的1.5倍(此处每件产品年平均成本按8+16xx元来计算).
(1)将2023年该产品的利润y万元表示为年促销费用m万元的函数;
(2)该厂家2023年的促销费用投入多少万元时,厂家的利润最大?最大利润是多少?
22.(本小题12分)
已知函数fx=ax+bx2+1是定义在−1,1上的奇函数,且f12=45.
(1)求函数fx的解析式;
(2)判断当x∈−1,1时,函数fx的单调性,并用定义证明;
(3)若ft2−1<−ft恒成立,求t的取值范围.
答案和解析
1.【答案】B
【解析】【分析】根据集合的交运算法则可直接得到结果.
解:因为 A=x−1
故选: B.
2.【答案】D
【解析】【分析】本题考查特称命题与全称命题的关系,属于基础题.
根据特称命题的否定是全称命题,得出选项.
解:因为特称命题的否定是全称命题,所以命题“ ∃x0≥2,x02≥πx0 ”的否定是 ∀x≥2,x2<πx ,
故选D.
3.【答案】B
【解析】【分析】
本题考查作差法比较大小,考查运算能力,属于基础题.
运用作差法,结合完全平方公式,即可得到所求结论.
【解答】
解:由A−B=x2−2x−(−6x−4)=x2+4x+4=(x+2)2≥0,
则A≥B,
故选:B.
4.【答案】A
【解析】【分析】
本题考查了充分、必要、充要条件的判断,属于基础题.
由a>1⇒a2>a,而a2>a⇒a<0或a> 1,即可得出答案.
【解答】解:易知a>1⇒a2>a,而a2>a⇔a<0或a> 1,
所以“a>1”是“a2>a”的充分不必要条件,
故选A.
5.【答案】A
【解析】【分析】利用基本不等式求最值时,要注意其必须满足的三个条件:
(1)“一正二定三相等”“一正”就是各项必须为正数;
(2)“二定”就是要求和的最小值,必须把构成和的二项之积转化成定值;要求积的最大值,则必须把构成积的因式的和转化成定值;
(3)“三相等”是利用基本不等式求最值时,必须验证等号成立的条件,若不能取等号则这个定值就不是所求的最值,这也是最容易发生错误的地方
由 a+2b=2 得 12a+2b=1 ,再根据基本不等式“1”的用法求解即可.
解:因为 a>0,b>0,a+2b=2 ,
所以 12a+2b=1 , 2ba>0,ab>0
所以 1a+1b=121a+1ba+2b=123+2ba+ab≥123+2 2 ,
当且仅当 2ba=ab ,即 a= 22− 2 , b=2− 2 时等号成立,
故选:A.
6.【答案】B
【解析】【分析】根据不等式 ax2+bx+c>0 的解集,可得 13,12 是方程 ax2+bx+c=0 的根,得到 a,b.c 的关系,再解 cx2+bx+a>0 可得答案.
解:不等式 ax2+bx+c>0 的解集为 x13
所以 a<0 ,且 a9+b3+c=0a4+b2+c=0 ,解得 b=−5ca=6c ,
由不等式 cx2+bx+a>0 可得 cx2−5cx+6c>0 ,
由 a<0 得 c<0 ,
所以 x2−5x+6<0 ,解得 2
7.【答案】C
【解析】【分析】根据给定条件,建立恒成立的不等式,再分类讨论求解作答.
解:依题意, ∀x∈R ,不等式 mx2+2mx+1>0 恒成立,
当 m=0 时, mx2+2mx+1=1>0 恒成立,则 m=0 ,
当 m≠0 时,有 m>0Δ=4m2−4m<0 ,解得 0
故选:C
8.【答案】A
【解析】【分析】
本题主要考查了分段函数的图象,分段函数问题,属基础题.
【解答】解:根据题意得f(x)=12x 0
故选A.
9.【答案】B
【解析】【分析】
本题考查函数的概念以及函数的图象,属基础题.
【解答】
解:A.图象不满足条件,因为0≤x≤1,所以不正确;
B.因为对于集合M中的每一个x值,在集合N中都有1个y值与之对应,满足函数的定义,所以正确;
C.因为0≤y≤3,所以不正确;
D.当x∈(0,2],在集合N中有2个y值与之对应,不满足函数的定义,所以不正确.
故选B.
10.【答案】BC
【解析】【分析】利用不等式的性质,对ABC三个选项逐一分析判断即可判断出正误;选项D,利用基本不等式即可判断出正误.
解:选项A,当 c=0 , ac2=bc2 ,故选项A错误;
选项B,因为 a>b , c
选项C, 1≤a≤4 , −2≤b≤1 ,所以 −1≤−b≤2 ,由不等式性质知, 0≤a−b≤6 ,故选项C正确;
选项D,因为 a>1 , a+1a≥2 a⋅1a=2 ,当且仅当 a=1 时取等号,所以等号取不到,选项D错误.
故选:BC.
11.【答案】AD
【解析】【分析】
本题考查函数得奇偶性,属于中档题.
可根据函数的奇偶性定义逐一检验解答.
【解答】
解:对于A:令gx=x+fx,
则g−x=−x+f−x=−x−fx=−gx,
所以函数gx为奇函数,所以A正确;
对于B:令gx=xfx,
则g−x=−x·f−x=−x−fx=x·fx=gx,
所以函数gx为偶函数,所以B错误;
对于C,g(−x)=(−x)2+f(−x)=x2−f(x),
所以y=x2+f(x)为非奇非偶函数,所以C错误;
对于D,g(−x)=(−x)2f(−x)=−x2f(x)=−g(x),
所以y=x2f(x)是奇函数,所以D正确.
故选AD.
12.【答案】ABD
【解析】【分析】
本题考查抽象函数及函数的单调性与奇偶性相关知识,属于中档题.
利用偶函数、函数单调性的定义,结合题目条件得函数f(x)为偶函数,且函数f(x)在(0,+∞)上单调递减,即可判断选项A,B;利用题目条件作出函数f(x)的示意图,即可判断选项C;再结合函数的最值,对D进行判断,从而得结论.
【解答】
解:因为函数f(x)是定义在R上的函数,
所以由①:∀x∈R,f−x=fx得函数f(x)为偶函数,
又因为由②知:∀x1,x2∈0,+∞,当x1≠x2时,都有f(x1)−f(x2)x1−x2<0,
因此∀x1,x2∈0,+∞,x1
所以函数f(x)在(0,+∞)上单调递减,
对于A、因为函数f(x)在(0,+∞)上单调递减,
因此f(4)
若fm−1
对于C、因为f(−1)=0,函数f(x)为偶函数,所以f(1)=0,
因为函数f(x)为偶函数,图象连续,在(0,+∞)单调递减,
所以可作函数f(x)的示意图如下:
所以由xf(x)>0得x<−1或0
因此∀x∈R,∃m=f(0)∈R,使得f(x)⩽m,因此D正确.
故选ABD.
13.【答案】[−3,0)∪(0,3]
【解析】【分析】根据题意列出不等式组,求解即可.
解:由题意可得 x≠09−x2≥0 ,解得 −3≤x≤3 且 x≠0 ,
所以函数的定义域为 [−3,0)∪(0,3] .
故答案为: [−3,0)∪(0,3]
14.【答案】16
【解析】【分析】
本题考查集合的求法,考查集合的子集个数的求法.
化简集合A,进而能求出集合A的子集的个数.
【解答】
解:∵集合A=x∈N|y=12x+3∈N={0,1,3,9},
∴列举法表示集合A={0,1,3,9},
集合A的子集有24=16个.
故答案为16.
15.【答案】7
【解析】【分析】代入即可求解.
解: f8=f5=f2=23−1=7 .
故答案为:7
16.【答案】(−∞,−2]∪[2,+∞)
【解析】【分析】先根据不等式的解集求得 a=1,c=−3 ,得到 fx=x2−2x−3 ,再把对任意 x∈−1,2 , fx≤m2−4 恒成立,结合二次函数的性质,转化为 m2−4≥0 恒成立,即可求解.
解:由函数 fx=ax2−2x+c ,且不等式 fx>0 的解集为 −∞,−1∪3,+∞ ,
即 −1,3 是方程 ax2−2x+c=0 两个实数根,
可得 −1+3=2a−1×3=ca ,解得 a=1,c=−3 ,所以 fx=x2−2x−3 ,
又由 fx=x2−2x−3=(x−1)2−4 ,且 x∈−1,2 ,
当 x=−1 时,函数 fx 取得最大值,最大值为 fxmax=0 ,
因为对任意 x∈−1,2,fx≤m2−4 恒成立,即 m2−4≥0 恒成立,
解得 m≤−2 或 m≥2 ,所以实数 m 的取值范围为 (−∞,−2]∪[2,+∞) .
故答案为: (−∞,−2]∪[2,+∞) .
17.【答案】解:(1)3x−7≥8−2x,5x≥15,x≥3 ,所以 B=x|x≥3 ,
所以 A∩B=3,6,∁R(A∩B)−∞,3∪6,+∞ .
(2)由于 C=x|a−4
所以 a 的取值范围是 2,6 .
【解析】【分析】(1)解不等式求得集合 B ,由此求得 A∩B ,进而求得 ∁R(A∩B) .
(2)根据 A 是 C 的子集列不等式组,由此求得 a 的取值范围.
18.【答案】解:x2−a+3x+3a=(x−3)(x−a)<0 ,
当 a<3 时,由 (x−3)(x−a)<0 得: a
当 a>3 时,由 (x−3)(x−a)<0 得: 3
当 a=3 时,不等式解集为 ⌀ ;
当 a>3 时,不等式解集为 (3,a) .
【解析】【分析】将不等式化为 (x−3)(x−a)<0 ,再分类讨论 a 的范围即可求解.
19.【答案】解:(1)因为 A=xx−5x−2≤0=x2
因此, ∁UA∩∁UB=xx≤1 或 x>5 .
(2)易知集合 B=xa−1
因此,实数 a 的取值范围是 a3≤a≤4 .
【解析】【分析】(1)当 a=2 时,求出集合 A 、 B ,利用补集和交集的定义可求得集合 ∁UA∩∁UB ;
(2)分析可知, B ⫋ A ,利用集合的包含关系可得出关于实数 a 的不等式组,由此可解得实数 a 的取值范围.
20.【答案】解:(1)因为x,y都是正数,则 2x+3y≥2 2x⋅3y=2 6xy ,即 2 6xy≤3 ,
解得: xy≤38 ,当且仅当 2x=3y ,即 x=34y=12 时取等号,
所以 xy 的最大值为 38 .
(2)由x,y都是正数,且 x>y ,由 1x−y+12y=2 可得:
x+y=x−y+2y=12(x−y+2y)(1x−y+12y)=12(2+2yx−y+x−y2y)
≥12×(2+2 2yx−y⋅x−y2y)=2 ,
当且仅当 2yx−y=x−y2y ,即 x=3y=1 时等号成立,
所以 x+y 的最小值为 2 .
【解析】【分析】(1)直接利用基本不等式 2x+3y≥2 2x⋅3y=2 6xy 即可求得最值;
(2)利用 x+y=x−y+2y=12(x−y+2y)(1x−y+12y) ,展开后直接利用基本不等式求出结果.
21.【答案】解:(1)由题意知,当 m=0 时, x=2 (万件),
则 2=4−k ,解得 k=2 ,∴ x=4−2m+1 ,
所以每件产品的销售价格为 1.5×8+16xx (元),
∴2020年的利润 y=1.5x×8+16xx−8−16x−m=36−16m+1−mm≥0 ;
(2)∵当 m≥0 时, m+1>0 ,
∴ 16m+1+m+1≥2 16=8 ,
当且仅当 16m+1=m+1 即 m=3 时等号成立.
∴ y≤−8+37=29 ,
即 m=3 万元时, ymax=29 (万元),
故该厂家2020年的促销费用投入3万元时,厂家的利润最大为29万元.
【解析】【分析】(1)根据 m=0 , x=2 求出 k ,从而可求出 x ,再根据利润公式求函数关系式即可;
(2)根据(1)中结论,再结合基本不等式即可得解.
22.【答案】解:(1)函数 fx=ax+bx2+1 是定义在 −1,1 上的奇函数,则 f0=b=0 ,
f12=12a14+1=45 ,解得 a=2 ,故 fx=2xx2+1 ,
x∈−1,1 时, f−x=−2xx2+1=−fx ,函数为奇函数,
综上所述: fx=2xx2+1 .
(2)当 x∈−1,1 时,函数 fx 单调递增,
设 −1
故 fx2−fx1>0 ,即 fx2>fx1 ,
故 fx 在 −1,1 上单调递增.
(3)ft2−1<−ft ,即 ft2−1
【解析】【分析】(1)根据奇函数得到 f0=b=0 ,再根据 f12=45 计算得到答案.
(2)确定函数单调递增,设 −1
(3)变换得到 ft2−1
2023-2024学年重庆市高一上学期期中七校联考数学试题(含解析): 这是一份2023-2024学年重庆市高一上学期期中七校联考数学试题(含解析),共14页。试卷主要包含了单选题,多选题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
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