2022-2023学年江苏省常州市第三中学高二上学期学业水平测试模拟调研物理试题含解析

这是一份2022-2023学年江苏省常州市第三中学高二上学期学业水平测试模拟调研物理试题含解析，共35页。试卷主要包含了选择题，填空题等内容，欢迎下载使用。

 常州市第三中学高二年级2022学业测模拟调研
物理试卷
一、选择题：本大题共45小题，每小题2分，共计90分。
1. 发现万有引力定律和测出引力常量的物理学家分别是
A. 牛顿、库仑 B. 开普勒、库仑
C. 牛顿、卡文迪许 D. 伽利略、卡文迪许
【答案】C
【解析】
【详解】发现万有引力定律和测出引力常量的物理学家分别是牛顿、卡文迪许，故选C.
2. 两个完全一样的金属球，A球带电量为q，B不带电，将A球与B球接触后，A球与B球的带电量分别为
A. 和 B. 和 C. 0和q D. q和q
【答案】A
【解析】
【详解】两个等大的球接触后，电量均分，可知将A球与B球接触后，A球与B球的带电量分别为
，故选A.
3. 如图所示，小明用手指捏住直尺的顶端，直尺的“0”刻度线在上方，小华用一只手在直尺下方做捏住直尺的准备．当看到小明放开直尺时，小华立即捏住直尺．小华捏住直尺处刻度值越大表明

A. 直尺下落的位移越大，小华的反应时间越长
B. 直尺下落的位移越大，小华的反应时间越短
C. 直尺下落的位移越小，小华的反应时间越长
D. 直尺下落的位移越小，小华的反应时间越短
【答案】D
【解析】
【详解】图中小明的手是释放直尺者的，小华的手在下端是受测者的，由h＝gt2知，受测者的反应时间只与下落的高度有关，直尺下落的位移h越小，小华的反应时间t越短，故ABC错误，D正确；故选D．
4. 如图所示，在“探究力的平行四边形定则”的实验中，橡皮条的一端固定在A点，分别用一个弹簧秤和两个弹簧秤拉橡皮条时，均将橡皮条的另一端拉到同一点，这样做的目的（ ）

A. 只是为了使两次对橡皮条的拉力方向相同
B. 只是为了使两次对橡皮条的拉力的大小相等
C. 使两次对橡皮条拉力大小相等，方向也相同
D. 只是为了使合力和分力的作用点画在同一点，便于画图比较
【答案】C
【解析】
【详解】“探究力的平行四边形定则”的实验是等效替代的方法，所以分别用一个弹簧秤和两个弹簧秤拉橡皮条时，均将橡皮条的另一端拉到同一点，这样做的目的使两次对橡皮条的拉力大小相等，方向也相同，故选C。
5. 如图所示，跷跷板转动时，跷跷板上的P、Q两点的角速度大小分别为和，线速度大小分别为和，则

A.
B.
C.
D.
【答案】C
【解析】
【详解】点P、Q绕着同一个点转动，故相同时间转过的角度相等，故角速度相等，即ωP=ωQ；由于P点的转动半径大于Q点的转动半径，根据v=ωr，有vP＞vQ；故ABD错误，C正确；故选C．
点睛：本题考查转动情况，关键是明确同轴传动角速度相等，同源传动线速度相等，记住公式v=ωr，基础题目．
6. 质量为45kg的小明站在电梯中的“体重计”上，当电梯竖直向下运动经过5楼时，“体重计”示数为50kg，如图所示．重力加速度取10m/s2．此时小明处于

A. 超重状态，对“体重计”压力为450N
B. 超重状态，对“体重计”压力为500N
C. 失重状态，对“体重计”压力为450N
D. 失重状态，对“体重计”压力为500N
【答案】B
【解析】
【详解】小明的体重只有45kg，体重计的示数为50kg，大于重力所以处于超重状态．对“体重计”压力为500N，故B正确，ACD错误，故选B．
点睛：本题考查了超重和失重的知识，记住：1、具有向上的加速度超重，具有向下的加速度失重；2、无论超重还是失重，物体本身的质量并没有变化．
7. 下列说法正确的是（　　）
A. 作用力与反作用力的效果可以相互抵消
B. 在弹性限度内，弹簧的弹力大小与其长度成正比
C. 物体的惯性大小除了与其质量有关，还与其运动速度大小有关
D. 当物体所受合力的方向与它的速度方向不在同一直线上时，物体做曲线运动
【答案】D
【解析】
【详解】A．作用力与反作用力的效果不可以相互抵消，故A错误；
B．根据胡克定律可知在弹性限度内，弹簧的弹力大小与其形变量成正比，故B错误；
C．物体的惯性大小只与其质量有关，与其运动速度大小无关，故C错误；
D．当物体所受合力的方向与它的速度方向不在同一直线上时，物体将做曲线运动，故D正确。
故选D。
8. 为估测地铁启动过程中的加速度，小明把一根细绳的下端绑着一支圆珠笔，细绳的上端用电工胶布固定在地铁的竖直扶手上，在地铁启动后的某段加速过程中，细绳偏离了竖直方向，他用手机拍摄了当时的情景，如图所示，拍摄方向跟地铁前进方向垂直，已知当地重力加速度为g，根据这张照片估测地铁启动过程的加速度，下列说法中可行的是（　　）

A. 只要用量角器测量出细绳与竖直扶手的夹角 B. 只要用刻度尺测量出细绳的长度
C. 还必须用天平测量圆珠笔的质量 D. 还必须测量地铁启动后的速度
【答案】A
【解析】
【详解】细绳对圆珠笔的拉力和圆珠笔的重力的合力使圆珠笔具有和地铁相同的加速度a，设拉力方向与竖直方向的夹角为θ，根据力的合成与分解以及牛顿第二定律综合可得

解得

因此在当地重力加速度g已知的情况下，只需要用量角器测量出细绳与竖直扶手的夹角即可估测地铁启动过程的加速度。
故选A。
9. 2021年10月16日0时23分，搭载神舟十三号载人飞船的运载火箭，在酒泉卫星发射中心点火发射，约582秒后，神舟十三号载人飞船进入预定轨道。当日6时56分，神舟十三号载人飞船与空间站完成对接。则下列说法正确的是（　　）
A. “2021年10月16日0时23分”是时间
B. 神舟十三号载人飞船与空间站对接过程中控制系统将两者视为质点
C. 神舟十三号载人飞船在预定轨道运行一周的路程为零
D. 空间站在圆轨道上运行时，速度方向不断变化
【答案】D
【解析】
【详解】A．根据时间和时刻的定义可知，“2021年10月16日0时23分”是时刻，A错误；
B．神舟十三号载人飞船与空间站对接过程中，其大小和形状不可忽略，故控制系统不能将两者视为质点，B错误；
C．根据路程的定义可知，神舟十三号载人飞船在预定轨道运行一周的路程不为零，C错误；
D．空间站在圆轨道上运行时，速度方向不断变化，D正确。
故选D。
10. 铁路在弯道处的内、外轨道高度是不同的，已知内、外轨道平面与水平面的夹角为θ，如图所示，弯道处的圆弧半径为R，若质量为m的火车转弯时速度等于，则（　　 ）

A. 内轨对内侧车轮轮缘有挤压
B. 外轨对外侧车轮轮缘有挤压
C. 这时铁轨对火车的支持力等于
D. 这时铁轨对火车的支持力大于
【答案】C
【解析】
【详解】CD.火车在水平面内运动，所以在竖直方向上受力平衡，所以铁轨对火车的支持力FN的竖直分量与重力平衡，即FNcosθ=mg，所以，FN＝，故C正确，D错误；
AB.铁轨对火车的支持力FN的水平分量为FNsinθ=mgtanθ，火车在弯道半径为R的转弯处的速度，所以火车转弯时需要的向心力；支持力的水平分量正好等于向心力，故火车轮缘对内外轨道无挤压，故A B错误；
11. 在国际单位制(SI)中，力学的基本单位有：m(米)、kg(千克)和s(秒)．胡克定律中k的单位用上述基本单位可表示为
A. kg·m/s2 B. kg·m/s C. kg/s2 D. kg/s
【答案】C
【解析】
【详解】根据F=ma可知F的单位是：kg∙m/s2；根据胡克定律F=kx可得可知：k的单位是，故选C；
点睛：要知道物理量的关系对应着物理量单位的关系，本题关键得出劲度系数k的表达式，从而得出其单位．
12. 一个圆盘可绕竖直轴在水平面内转动，小物体在P处随圆盘一起做圆周运动．在圆盘以不同角速度匀速转动时，小物体均与圆盘保持相对静止，用ω表示圆盘的角速度，F表示物体受到的摩擦力．下列图象中正确的是

A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】物体随平台转动的向心力由摩擦力提供，根据牛顿第二定律可得F=mω2r，由于m、r一定，可知F与ω2成正比，故选C.
13. 环保检查时发现，有一根排污管正在向外满口排出大量污水。这根管道水平设置，环保人员测得排水口到水面的高度为h，排水口的横截面积为S，排出污水的水平射程为x，重力加速度为g，则每秒钟排污体积为（ ）

A. hS B. xS C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】排出的污水做平抛运动，则有


联立，解得污水排出排污管的速度为

则每秒钟排污体积为

联立，解得

故选C。
14. 如图所示，在光滑墙壁上用网兜把足球挂在O点，足球与墙壁的接触点为B。足球的质量为m，悬绳与墙壁的夹角为，重力加速度为g，网兜的质量不计。则（　　）

A. 悬绳对A点的拉力为
B. 墙壁对足球的支持力为
C. 若悬绳长度缩短，则墙壁对足球的支持力变大
D. 若悬绳长度缩短，则悬绳对A点的拉力变小
【答案】C
【解析】
【详解】AB．以足球为研究对象，受到重力、支持力和细绳的拉力，如图所示

根据平衡条件可得悬绳对足球的拉力大小为

墙壁对足球的支持力大小为

AB错误；
CD．若缩短悬绳，增大，减小，增大，则悬绳的拉力变大，墙壁对足球的支持力变大，根据牛顿第三定律可得足球对墙壁的压力变大，D错误，C正确。
故选C。
15. 汽车在水平公路上转弯，沿曲线由M向N方向行驶，速度逐渐增大，下图中画出了汽车转弯时所受合力F的四种方向，正确的是（　　）
A. B.
C. D.
【答案】B
【解析】
【详解】汽车在水平公路上转弯，沿曲线由M向N方向行驶，速度逐渐增大，速度方向在轨迹切线方向，合力F指向曲线凹的一侧，且与速度v夹锐角。图中位置速度沿轨迹切线斜向右上方，F应在曲线左侧，与速度v夹锐角。
故选B。
16. 小明用如图所示实验装置做“探究加速度和力的关系”实验时，重物和小车的质量分别用m和M表示．为把重物的重力当做小车受到的牵引力，应

A. 将长木板的B端适当垫高，m比M小很多
B. 将长木板的B端适当垫高，M比m小很多
C. 将长木板的A端适当垫高，m比M小很多
D. 将长木板的A端适当垫高，M比m小很多
【答案】A
【解析】
【详解】为把重物的重力当作小车受到的牵引力，则必须要平衡摩擦力，即将长木板的B端适当垫高；根据牛顿第二定律得：对m：mg-F拉=ma；对M：F拉=Ma；解得：，当M＞＞m时，即当砝码和盘的质量远小于小车的质量，绳子的拉力近似等于砝码和盘的总重力．故选A.
点睛：教科书本上的实验，我们要从实验原理、实验仪器、实验步骤、实验数据处理、实验注意事项这几点去搞清楚．
17. 如图所示，弹射器的弹射管保持水平，当它沿竖直杆向下匀速运动时发射一粒子弹，不计空气阻力，则子弹离开弹射管时

A. 速度沿水平方向，加速度与速度方向垂直
B. 速度沿水平方向，加速度与速度方向不垂直
C. 速度斜向右下方，加速度与速度方向垂直
D. 速度斜向右下方，加速度与速度方向不垂直
【答案】D
【解析】
【详解】子弹离开弹射管时，水平方向向右做匀速运动；由于弹射器有竖直向下的初速度，则子弹竖直方向做初速度不为零，加速度为向下的g的加速运动，则合速度斜向右下方，加速度与速度方向不垂直，故选项D正确，ABC错误；故选D.
18. 如图所示，小球从水平桌面滚下撞到墙上，不计空气阻力．当小球离开桌面的速度为v时，经时间t1撞到墙上；当小球离开桌面的速度为2v时，经时间t2撞到墙上，则

A.
B. t1 = t2
C. t1 =2 t2
D. t1 =4 t2
【答案】C
【解析】
【详解】小球离开桌面后做平抛运动，撞到墙上的时间为；当小球离开桌面的速度为2v时，撞到墙上的时间，故选C.
点睛：此题关键是知道小球离开桌面后的运动特点：水平方向做匀速运动，竖直方向做自由落体运动，结合运动规律求解.
19. 如图所示，质量为m的物体从倾角为θ、高为h的斜面顶端由静止滑下，经时间t到达斜面底端时速度大小为v，此时重力的瞬时功率为

A. 0
B. mgv
C
D. mgvsinθ
【答案】D
【解析】
【详解】重力的平均功率；重力的瞬时功率P=mgvcos（90°-θ）=mgvsinθ，故D正确，ABC错误．故选D．
【点睛】解决本题的关键知道平均功率和瞬时功率的区别，掌握这两种功率的求法，一般说用求解平均功率，用P=Fvcosα求解瞬时功率．
20. 卫星定位导航系统使人们可以更顺利地到达目的地，我国“北斗三号”导航系统的收官之星是地球静止轨道卫星，其轨道半径约为地球半径的7倍，则该地球静止轨道卫星（　　）

A. 发射速度一定大于11.2 km/s B. 线速度一定小于7.9 km/s
C. 轨道可能是椭圆 D. 可以经过苏州正上空
【答案】B
【解析】
【详解】A．11.2km/s是第二宇宙速度，是卫星逃离地球引力的速度，轨道卫星的发射速度一定小于第二宇宙速度，故A错误；
B．因为7.9 km/s为第一宇宙速度，与地表环绕速度相等，而根据

可得

可知随着轨道半径增大，线速度减小，因此静止轨道卫星线速度一定小于7.9 km/s，故B正确；
C．因为地球静止轨道卫星相对于地球静止，运行周期等于地球自转周期，其轨道一定是圆，故C错误；
D．地球静止轨道卫星赤道平面上，因此不可能经过苏州上空，故D错误。
故选B。
21. 火箭发射回收是航天技术的一大进步．火箭在返回地面前的某段运动，可看成先匀速后减速的直线运动，最后撞落在地面上．不计火箭质量的变化，则火箭
A. 匀速下降过程中，机械能守恒
B. 减速下降过程中，机械能守恒
C. 匀速下降过程中，合外力做功为零
D. 减速下降过程中，合外力做功等于火箭机械能的变化
【答案】C
【解析】
【详解】火箭匀速下降阶段，必定受到空气阻力，空气阻力做负功，所以其机械能不守恒，故A错误；火箭在减速过程中，空气阻力做负功，其机械能不守恒，故B错误．匀速下降过程中，合外力为零，则合外力做功为零，故C正确．减速下降过程中，合外力做功等于火箭动能的变化，而空气阻力做功等于火箭机械能的变化．故D错误．故选C．
【点睛】本题需要同学分析清楚火箭的运动过程，根据加速度的方向判断其所处的运动状态．要掌握动能定理和功能原理，明确各种功与能的关系．
22. 关于曲线运动的描述，下列说法正确的是
A. 曲线运动一定是变速运动
B. 曲线运动不可能是匀变速运动
C. 物体只有在恒力作用下才做曲线运动
D. 物体只有在变力作用下才做曲线运动
【答案】A
【解析】
【详解】A．曲线运动的速度方向一定变化，则一定是变速运动，选项A正确；
B．曲线运动也可能是匀变速运动，例如平抛运动，选项B错误；
CD．物体在恒力或变力作用下均可能做曲线运动，例如平抛运动是在恒力作用下的曲线运动，圆周运动是在变力作用下的曲线运动，选项CD错误；
23. 2019年1月，我国嫦娥四号探测器成功在月球背面软着陆，在探测器“奔向”月球的过程中，用h表示探测器与地球表面的距离，F表示它所受的地球引力，能够描F随h变化关系的图像是（　　）
A.
B. C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】
【详解】根据万有引力定律可得

可得h越大，F越小，且F与h不是线性关系，ABC错误，D正确。
故选D。
24. 为检验使月球绕地球运动的力与使地面附近苹果下落的力遵循同样的规律，牛顿进行了月-地检验．已知月球的轨道半径约为地球半径的60倍，月-地检验需要验证
A. 地球吸引月球的力约为地球吸引苹果的力的
B. 月球公转的加速度约为苹果下落时加速度的
C. 地球吸引月球的力约为地球吸引苹果的力的602倍
D. 月球公转的加速度约为苹果下落时加速度的602倍
【答案】B
【解析】
【详解】设物体质量为m，地球质量为M，地球半径为R，月球轨道半径r=60R，物体在月球轨道上运动时的加速度为a，由牛顿第二定律：；月球表面物体重力等于万有引力：；联立得，则月-地检验需要验证月球公转的加速度约为苹果下落时加速度的1/(60)2，故B正确，D错误；因月球与苹果的质量关系不确定，则不能确定地球与月球以及地球与苹果之间的万有引力关系，故AC错误；故选B.
【点睛】解决本题的关键掌握月地检验的原理，掌握万有引力等于重力和万有引力提供向心力这两个理论，并能灵活运用.
25. 土星是绕太阳公转的行星之一，而土星的周围又有卫星绕土星公转，如果要通过观测求得土星的质量，需要测量的物理量是
A. 土星的半径和土星绕太阳公转的周期
B. 土星绕太阳公转的半径和周期
C. 土星的半径和卫星绕土星公转的周期
D. 卫星绕土星公转的半径和周期
【答案】D
【解析】
【详解】ＣD．设木星的卫星质量为m，木星质量为M，木星的卫星轨道半径为r，公转周期为T，根据万有引力提供向心力有

解得木星质量为
M＝
故Ｃ错误，D正确；
ABC．土星绕太阳做匀速圆周运动，中心天体是太阳，根据万有引力提供向心力只能求解中心天体的质量，不能球解环绕天体的质量，故AB错误；
故选D．
点睛：本题关键是根据木星卫星做圆周运动的向心力有万有引力提供，列出方程，分析方程式即可看出要测量的量．注意根据万有引力提供向心力只能求解中心天体的质量，不能球解环绕天体的质量．
26. 如图所示，图中v1、v2和v3分别为第一、第二和第三宇宙速度三个飞行器a、b、c 分别以第一、第二和第三宇宙速度从地面上发射，三个飞行器中能够克服地球的引力，永远离开地球的是（ ）

A. 只有a B. 只有b C. 只有c D. b和c
【答案】D
【解析】
【详解】第一宇宙速度是最大的环绕速度也是最小的发射速度，而第二宇宙速度是脱离地球的最小速度，第三宇宙速度是脱离太阳的最小速度，所以能离开地球的是b和c，故D正确；
故选D
27. 小华同学利用如图所示的装置验证机械能守恒定律。下列说法正确的是（　　）

A. 电火花计时器应连接交流电源，工作电压约为8V
B. 实验中应手提纸带上端，先释放纸带再启动电火花计时器
C. 打出的纸带前面一小段被损毁，用剩余部分也能验证机械能守恒定律
D. 实验中所测重物的动能增加量通常比其重力势能的减少量稍大
【答案】C
【解析】
【详解】A．电火花计时器应接220V的交流电源，故A错误；
B．如果先放开纸带开始运动，再接通打点计时时器的电源，由于重物运动较快，不利于数据的采集和处理，会对实验产生较大的误差；同时先打点，再释放纸带，可以使打点稳定，提高纸带利用率，可以使纸带上打满点，故B错误；
C．前面的纸带损毁，利用后面纸带的从个相距较远的两点也能验证机械能守恒律：利用匀变速直线运动中间时刻的瞬时速度等于这段时间的平均速度，可分别求出打下这两点的速度，进而可求出动能的增加量，量出两点的距离后，可以求出重力势能的减小量，然后两者对比，即可验证机械能守恒定律，故C正确；
D．重物带动纸带下落过程中，除了重力还受到阻力，从能量转化的角度，由于阻力做功，重力势能有部分转化给摩擦产生的内能，所以重力势能的减小量略大于动能的增加量，故D错误。
故选C。
28. 如图所示，排球比赛时，运动员将质量为m的排球在离地面H高处以速度v0水平击出，排球恰好擦网而过，网高为h，取击球点所在平面为零势能参考面，不计空气阻力．则小球过网时的机械能和落地时的动能分别为（　　）

A. ，
B. ，
C. ，
D. ，
【答案】C
【解析】
【详解】小球的机械能守恒，则过网时的机械能等于抛出时的机械能，大小为；根据动能定理，则落地时的动能为

即

故选C。
29. 如图所示，半径为R的圆形区域内存在磁感应强度为B的匀强磁场，有一边长为a、匝数为n的正方形线圈放在匀强磁场中、则通过线圈的磁通量为（　　）

A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【详解】通过线圈的磁通量为

故BCD错误，A正确。
故选A。
30. 关于静电场，下列说法正确的是
A. 元电荷就是点电荷
B. 库仑力和万有引力是性质不同的两种力
C. 电场线不是实际存在的线，所以引入电场线没有意义
D. 电场中某点电场强度的方向与点电荷在该点所受的静电力的方向相同
【答案】B
【解析】
【详解】点电荷是忽略自身大小的一种理想化的物理模型，元电荷是指电子或质子所带的电荷量，故A错误；库仑力和万有引力是性质不同的两种力，选项B正确；电场线不是实际存在的线，但它可以形象的描述电场，所以引入电场线有意义，选项C错误；电场中某点电场强度的方向与正的点电荷在该点所受的静电力的方向相同，选项D错误；故选B.
31. 如图所示是静电场的电场线的分布形状，下列关于a、b两点的电场强度和电势的说法正确的是（ ）

A. ，
B. ，
C. ，
D. ，
【答案】B
【解析】
【详解】由电场线疏密程度表示强度大小，由于a处电场线比b处电场线更密，所以a点的场强比b点的场强更大，
由沿电场线电势越来越低，所以a点的电势低于b点的电势，
综上所述，故应选B．
32. 某电场的电场线分布如图所示，正确的是（　　）

A. c点场强大于b点场强
B. a点电势低于b点电势
C. 若电荷+q由a点释放，它将沿电场线运动到b点
D. 若d点再固定一点电荷-Q，将电荷+q由a移至b的过程中，电势能减小
【答案】D
【解析】
【详解】A．在同一幅图中电场线疏密表示场强大小，c点电场线比b点的稀疏，所以c点场强小于b点场强，故A错误；
B．沿电场线方向电势降低，a点电势高于b点电势，故B错误；
C．电场线是曲线，电场力沿电场线的切线时刻变化，试探电荷＋q由a点释放，它将不会沿电场线运动到b点，故C错误；
D．原电场中a点电势高于b点电势，若d点再固定一点电荷-Q，则在点电荷电场中越靠近负场源电荷电势越低，两个电场叠加，仍然是a点电势高于b点电势，所以正电荷＋q由a移至b的过程中，电场力做正功，电势能减小，故D正确。
故选D。
33. 某电场的电场线如图所示，一正电荷在点时电势能为，将其从移到的过程中电场力做功为，它在点时电势能为。则以下判断正确的是（　　）

A. ， B. ，
C. ， D. ，
【答案】D
【解析】
【详解】根据沿着电场线方向电势逐渐降低，由题图可知，结合，可知正电荷在点时电势能小于在点时电势能，即

将其从移到的过程中，电势能增大，则电场力做负功，即

故选D。
34. 如图所示，在探究影响电荷间相互作用力的因素实验中，O是一个带正电的物体，带正电的小球系在丝线下端．为研究电荷量对作用力的影响应

A. 将丝线固定在P 1处，增大或减小小球所带的电荷量
B. 使小球处于同一位置，增大或减小小球所带的电荷量
C. 保持小球所带的电荷量不变，将丝线分别悬挂在P 1、P2等位置
D. 增大小球所带的电荷量，并将丝线分别悬挂在P 1、P2和P3等位置
【答案】B
【解析】
【详解】要研究电荷量对作用力的影响应固定两点荷间的距离，改变电荷的带电量，即使小球处于同一位置，增大或减小小球所带的电荷量，故选B.
【点睛】解答本题要了解库定律的推导过程，由于决定电荷之间作用力大小的因素很多，因此需要采用控制变量的方法进行研究．虽然学生现在都知道库仑力的决定因素，但是该实验只是研究了库仑力和电量的关系．
35. 如图所示，空间有一水平匀强电场，在竖直平面内的初速度为的带电微粒，沿图中虚线由运动到，其能量变化情况是（　　）

A. 动能减少，重力势能增加，电势能减少
B. 动能减少，重力势能增加，电势能增加
C. 动能不变，重力势能增加，电势能减少
D. 动能增加，重力势能增加，电势能减少
【答案】B
【解析】
【详解】带电微粒做直线运动，所受重力与电场力的合力必定沿直线，故电场力方向水平向左，易知合力方向与速度方向反向，故合力做负功，其动能减少，又因为重力做负功，故重力势能增加，电场力亦做负功，电势能增加，故B正确。
故选B。
36. 下图为研究电容器充、放电的实验电路图．实验时，先使开关掷向1端，电源对电容器充电；经过一段时间，把开关掷向2端，电容器与电阻相连，电容器放电．在开关接通2端后的极短时间内，下列说法正确的是（ ）

A. 电容器带电量和两板间电压都增大
B. 电容器带电量和两板间电压都减小
C. 电容器带电量增大，两板间电压减小
D. 电容器带电量减小，两板间电压增大
【答案】B
【解析】
【详解】开关S与“l”端相连时，电源向电容器充电，电流先增大，电容器带电量不断增多，两板间电压也不断增大；开关S与“2”端相连时，电容器放电，电流减小，电容器带电量减小，两板间电压也在减小。故ACD错误，B正确。
37. 喷墨打印机的简化模型如图所示。重力可忽略的墨汁微滴，经带电室带负电后，以速度v垂直匀强电场飞入极板间，最终打在纸上。则微滴在极板间电场中（　　）

A. 向负极板偏转 B. 电势能逐渐增大
C. 运动轨迹是直线 D. 运动轨迹与电荷量有关
【答案】D
【解析】
【详解】A．由于墨汁微滴带负电，所以墨汁微滴向正极板偏转，故AC错误；
B．墨汁微滴向正极板偏转，电场力对其做正功，电势能减少，故B错误；
CD．根据题意可知，由于墨汁微滴带负电，则进入电场之后做类平抛运动，向正极板偏转，设极板长为,极板间电压为，极板间距离为，则水平方向上有

竖直方向上有
，，
整理可得

可知，运动轨迹与电荷量有关，故C错误，D正确。
故选D。
38. 如图所示为一块长方体铜块，分别使电流沿如图I1、I2两个方向通过该铜块，电阻之比为（　　）

A. 1 B. C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】
【详解】若通以电流I1，则铜块的长度为a、横截面积为bc，由电阻定律知其电阻为

若通以电流I2时，则铜块的长度为c、横截面积为ab，由电阻定律知其电阻为

故

故选B。
39. 如图所示电路，电压保持不变，当开关S断开时，电流表的示数为0.6A，当S闭合时，电流表的示数为0.9A，则两电阻阻值之比R1：R2为（　　）

A. 1：2 B. 2：1 C. 2：3 D. 3：2
【答案】A
【解析】
【详解】当开关S断开时

当S闭合时

解得

故选A。
40. 用多用电表测电流或电阻的过程中，下列说法正确的是（　　）
A. 在测量电阻时，更换倍率后必须重新进行欧姆调零，使指针指在电流的零刻度线
B. 在测量电流时，更换量程后必须重新进行调零
C. 在测量未知电阻时，必须先选择倍率最大挡进行试测
D. 在测量未知电流时，必须先选择电流最大量程进行试测
【答案】D
【解析】
【详解】A．多用电表测量电阻时，更换倍率后都必须重新进行欧姆调零，使指针指在电阻的零刻度线，故A错误；
B．测量电流前需要进行机械调零，更换量程时不需要进行再次调零，故B错误；
C．在测量未知电阻时，可以先选择一个倍率进行测量，然后根据指针偏转情况再选择合适的倍率进行测量，不一定必须先选择倍率最大挡进行试测，故C错误；
D．在测量未知电流时，必须选择电流最大量程进行测试，避免电表烧坏，故D正确。
故选D。
41. 有两个相同的电阻R，串联起来接在电动势为E的电源上，电路中的电流强度为I；将它们并联起来接在同一电源上，此时流过电源的电流强度为，则电源的内阻为(　　)．
A. R B. C. 4R D.
【答案】C
【解析】
【详解】两电阻串联时，总电阻R1=2R；由闭合电路欧姆定律可知：E=I（2R+r）；两电阻并联时，外部总电阻R2=R/2；由闭合电路欧姆定律可知：E=I(r+R)；联立解得：r=4R；故选C．
42. 下列各图中，已标出电流及电流磁场的方向，其中正确的是（ ）
A.
B.
C.
D.
【答案】D
【解析】
【详解】A、直线电流的方向竖直向上，根据安培定则知，直线电流右边的磁场方向垂直纸面向里，左边磁场方向垂直纸面向外．故A错误．
B、线框的电流方向向上，根据安培定则知，从上往下看，磁场的方向逆时针方向．故B错误．
C、根据安培定则，螺线管内部的磁场方向向右．故C错误．
D、由于电流的方向逆时针方向（从上向下），根据安培定则知，磁场方向应该是向上．故D正确．
故选D．
43. 1831年法拉第把两个线圈绕在一个铁环上，A线圈与电源、滑动变阻器R组成一个回路，B线圈与开关S、电流表G组成另一个回路。通过多次实验，法拉第终于总结出产生感应电流的条件，错误的是（　　）

A. 闭合开关S的瞬间，电流表G中有感应电流
B. 闭合开关S的瞬间，电流表G中无感应电流
C. 闭合开关S后，在增大电阻R的过程中，电流表G中有感应电流
D. 闭合开关S后，滑动变阻器滑片向右移动的过程中，电流表G中有感应电流
【答案】A
【解析】
【详解】AB．根据题意可知，闭合开关S的瞬间，穿过线圈B的磁通量不发生变化，电流表G中无感应电流，故B正确，不符合题意，A错误，符合题意；
C．闭合开关S后，在增大电阻的过程中，流过A线圈的电流减小，则穿过线圈B的磁通量减小，电流表G中有感应电流，故C正确，不符合题意；
D．闭合开关S后，滑动变阻器滑片向右移动的过程中，电阻减小，流过A线圈的电流增大，则穿过线圈B的磁通量增大，电流表G中有感应电流，故D正确，不符合题意。
故选A。
44. 手机通信是靠电磁波传播信息的。从理论上预言电磁波存在和第一次用实验证实电磁波存在的物理学家分别是（　　）
A. 安培　法拉第 B. 麦克斯韦　法拉第
C. 法拉第　赫兹 D. 麦克斯韦　赫兹
【答案】D
【解析】
【详解】从理论上预言电磁波存在的物理学家是麦克斯韦，第一次用实验证实电磁波存在的物理学家是赫兹，故选D。
45. 某激光器能发射波长为的激光，发射功率为P，c表示光速，h为普朗克常量，则激光器t发射的光量子数为（　　）
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【详解】每个光子的能量

t时间内发光的总能量为，则

故选A。
二、填空题：本大题共5小题，每小题2分，共计10分。
46. 如图所示，用导线将静电计的金属球和金属外壳分别与已经充电的平行板电容器的两个极板连接．现保持B极板位置不动，仅向左沿水平方向移动A极板，增大两极板间距离，则平行板电容器的电容______，静电计指针偏角______．（均选填“增大”“不变”或“减小”）

【答案】 ①. 减小 ②. 增大
【解析】
【详解】将A板向左平移，板间距离d变大，根据电容的决定式得知，电容C减小，而电容器的电量Q不变，由电容的定义式C=Q/U分析得到，板间电势差U变大，则静电计指针张角变大．
47. 如图甲所示为小明“验证机械能守恒定律”实验装置图。

（1）实验中，为减少空气阻力对实验的影响，下列操作可行的是___________
A．选用质量大、体积小的重物 B．打点计时器两限位孔在同一竖直线上
C．释放前手应提纸带上端并使纸带竖直 D．重物下落过程中手始终提住纸带上端
（2）小明选择一条较为满意的纸带，如图乙所示。小明以O为计时起点，从A点开始选取纸带上连续点A、B、C…，测出O到A、B、C…的距离分别为h1、h2、h3…重物的质量为m。小明选择A、C两点，计算出打下B点时速度vB后，通过比较重力势能减少量DEp= mgh2和动能增加量是否相等来验证机械能守恒。你认为小明的数据处理是___________（选填“正确”或“错误”）的，理由是___________。

【答案】 ①. A ②. 错误 ③. 打下O点时重物速度不为零
【解析】
【详解】（1）[1]为减小空气阻力，应选取阻力远小于重力的重物，所以要选重力大，但体积小的物体，A符合题意；
B．安装打点计时器使两限位孔在同一竖直线上，从而减小摩擦阻力的影响，B不符合题意；
C．释放纸带前，手应提纸带上端并使纸带竖直，可以减小摩擦阻力，C不符合题意；
D．重锤下落过程中，手不能拉着纸带，D错误。
故选A。
（2）[2][3]重物重力势能减小量等于其动能增加量，即

由于O点速度不为零，故数据处理方式错误。