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2021-2022学年四川省成都市高新区八年级（下）期末物理试卷（含解析）
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这是一份2021-2022学年四川省成都市高新区八年级（下）期末物理试卷（含解析），共36页。试卷主要包含了65WD，【答案】D，【答案】C，【答案】A等内容，欢迎下载使用。
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2021-2022学年四川省成都市高新区八年级（下）期末物理试卷
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
一、单选题（本题共17小题，共34分）
1. 牛顿建立了著名的运动定律，下列物理量的单位以牛顿的名字命名的是( )
A. 力 B. 功 C. 功率 D. 压强
2. 以下估测符合实际的是( )
A. 我们八年级下期物理课本受到的重力约为10N
B. 将一枚鸡蛋举高1m做的功约5J
C. —个标准大气压大约能托起10m高的水柱
D. 滑轮组的机械效率可以达到100%
3. 下列情景中，力使物体发生形变的是( )
A. 被钢尺击打的棋子飞出
B. 射箭运动员用力将弓拉弯
C. 小钢球的曲线运动
D. 苹果在重力作用下下落
4. 科技助力疫情防控，人工智能展示我国科研新实力。北京冬奥村智慧餐厅顶部的云轨自动化送餐系统，菜品制作完成后将通过这个装置被送达到点餐桌的正上方，悬停后等待用餐者取下餐盘即可享用美食。下列分析正确的是( )
A. 当餐盘随云轨加速滑行时受力平衡
B. 餐盘一定受到底座对它的摩擦力作用
C. 餐盘随云轨水平匀速移动时底座对餐盘做功
D. 餐盘对底座的压力与底座对餐盘的支持力是一对相互作用力
5. 厉害了我的国!我国自主研制的万米级全海深载人潜水器“奋斗者号”成功坐底，到达深度为10909米的海底，创造了我国载人深潜的新深度记录。如图所示，“奋斗者号”匀速直线下潜过程中，下列说法错误的是( )
A. 受平衡力作用
B. 受到海水的压强不断增大
C. 观察窗口受到海水的压力不断增大
D. 若受到的外力全部消失，“奋斗号”将静止
6. 如图所示自行车的各部分描述中，减小了有害摩擦的是( )
A. 自行车轮胎上制有较深的花纹
B. 刹车时用力捏闸
C. 车轴中装有滚珠
D. 自行车脚踏板面刻有花纹
7. 小明用约100颗钉子做成了钉床甲，6颗钉子做成钉床乙，如图所示(钉子规格相同)。将一个塑料袋装满水封好。先后放到两个钉床上，发现它放到钉床甲上未被扎破，而放到钉床乙上却被扎破了，这是因为装满水的塑料袋( )
A. 在甲上受到的压力小 B. 在甲上没有受到压力
C. 在乙上的受力面积大 D. 在乙上受到的压强大
8. 2021年12月7日，首届WTT(世界乒乓球职业大联盟)世界杯，中国乒乓球队当日包揽双冠成为最大赢家。图为樊振东发球时的情景，以下说法中错误的是( )
A. 击球瞬间，乒乓球拍并没有受到乒乓球的作用力
B. 发球时乒乓球受到球拍的作用，改变了运动状态
C. 离开球拍后乒乓球能在空中继续运动，是因为乒乓球具有惯性
D. 改变击球时力的大小、方向或作用点，都会产生不同的发球效果
9. 2022年第24届冬奥会在北京举办，如图所示是运动员们在冬奥会上顽强拼搏的身姿。下列有关说法正确的是( )
A. 甲图运动员擦拭冰面：增大了冰壶与冰面的摩擦力
B. 乙图运动员通过弯道：运动员的运动状态保持不变
C. 丙图滑雪板做得宽大：减小了运动员对雪地的压强
D. 丁图运动员跃下跳台：运动员动能转化为重力势能
10. 如图所示的情景中，说法正确的是( )
A. 接种疫苗时，是利用大气压将注射器里的药液注入肌肉的
B. 硬纸片利用大气压“托住”了杯中的水
C. 青藏高原边防战士用高压锅煮面条，是因为海拔越高，大气压越大
D. 用真空采血管抽血，血液流入管中时，管内气压高于人体血压
11. 小明利用斜面分别进行了“探究阻力对物体运动的影响”(如图甲)和“探究动能大小与质量的关系”(如图乙)两个实验，下列说法正确的是( )
A. 甲、乙两个实验中，都需要使水平面的粗糙程度不同
B. 甲、乙两个实验中，小车和小球到达水平面能继续运动是因为它们都受到惯性力的作用
C. 甲实验中小车滑行的距离不同，但小车刚开始下滑时具有的机械能不相等
D. 乙实验中小球的质量应该不同，但小球到达水平面时初始速度需要相同
12. 夏季到来交警部门加大了对电动车安装遮阳伞的检査拆除力度，如图所示遮阳伞虽能遮挡阳光，但是当电动车快速行驶时，伞面被向上吸，存在较大的安全隐患。以下四种情景与其原理不同的是( )
A. 人站在高铁站的安全线以外候车 B. 飞机的机翼设计成流线型
C. 用手动抽水机抽出地下水 D. 赛车尾部安装的气流偏导器
13. 如图所示，是我国古代《墨经》最早记述的秤的杠杆原理，有关它的说法正确的是( )
①图中“标”“本”表示力臂，“权”“重”表示力
②图中的B点为杠杆的支点
③“权”小于“重”时，A端一定上扬
④增大“重”时，应把“权”向A端移才能重新恢复水平平衡
A. 只有①④ B. 只有①② C. 只有③④ D. 只有②④
14. 神舟十四号载人飞船于2022年6月5日成功发射，三名航天员将踏上“太空出差”之旅，一起赴九天、探苍穹。以下关于飞船发射过程的分析说法正确的是( )
A. 飞船加速升空的过程中动能转化为重力势能
B. 飞船加速升空的过程中机械能增加
C. 飞船加速升空的过程中重力势能转化为动能
D. 飞船加速升空的过程中机械能不变
15. 如图所示是小明用矿泉水瓶和小玻璃瓶制作的“浮沉子”。他将装有适量水的小玻璃瓶口朝下，使其漂浮在矿泉水瓶内的水面上，矿泉水瓶内留有少量空气，拧紧瓶盖使其密封，用力挤压矿泉水瓶侧面时“浮沉子”下沉，松手后“浮沉子”上浮。下列说法错误的是( )
A. 潜水艇与“浮沉子”浮沉的原理相同
B. “浮沉子”下沉时，所受重力大于它受到的浮力
C. 无论怎样用力挤压矿泉水瓶侧面，“浮沉子”都不可能悬浮在水中
D. 松开手“浮沉子”上浮时，小玻璃瓶内上方气压增大
16. 2022年3月23日下午，神舟十三号乘组航天员翟志刚、王亚平、叶光富在中国空间站进行第二次太空授课，如图所示。下列说法正确的是( )
A. 航天员不可以写字记录，因为在太空中摩擦力不存在
B. 飘在空中不动的航天员轻推对方，就会向相反的方向运动
C. 物体在太空中的质量比在地球上的质量小
D. 在天宫一号的实验舱内不可以用弹簧测力计测量拉力
17. 中山舰是浓缩了“中国现代史”的一代名舰，它不仅对中国革命有着深远的意义，更是一座永恒的历史丰碑。在整体打捞中山舰过程中，利用“双驳抬撬、整体出水”的方案，即在沉船两侧各锚定一艘1500吨级的主抬驳船，驳船上各安装20台相同的卷扬机，用20根钢轨连接在卷扬机上编织成一张网。采取将舰体抬离江底一定高度，再向岸边横向移动一定距离的阶梯式反复起伏抬舰办法，成功的将中山舰全部打捞露出水面。如图所示。下列说法正确的是( )
A. 中山舰未露出水面打捞过程中，舰体所受浮力和液体压强保持不变
B. 中山舰匀速向上直至完全露出水面过程中，卷扬机的功率保持不变
C. 中山舰打捞至完全露出水面过程中。两驳船受到浮力保持不变
D. 中山舰打捞至完全露出水面过程中。两驳船浸在水中深度逐渐变大
二、多选题（本题共3小题，共6分）
18. 如图所示，质量为m的小球从静止下落，落在与A点等高处、竖直放置静止的轻弹簧上，到达与B点等高处时小球重力与弹簧的弹力大小相等，图中与C点等高处是小球到达的最低点(不计空气阻力)。下列说法正确的是( )
A. 到达A点时，小球的动能最大
B. 从A到B，小球减少的重力势能等于增加的动能
C. 下落过程中，小球重力势能一直减小、动能先增大后减小
D. 到达C点时，小球的动能为零，受到的重力与弹簧的弹力是一对平衡力
19. 如图，甲、乙两个实心物体静止在水平面上，甲为底面积为0.25m2、高3m的均匀柱状体，乙为边长为1m的正方体。当沿水平方向截取不同高度的甲物体，并平放在乙物体正上方时，甲、乙对地面的压强随截取的高度h的变化如图所示，则下列说法正确的是( )
A. 甲乙密度相同 B. h1=1.2m
C. p1=1.6p0 D. p1：p2=4：5
20. 如图所示，竖直固定的测力计下端挂一个滑轮组，已知每个滑轮均重20N，滑轮组下端挂有一个物体B，滑轮组绳的末端通过定滑轮沿水平方向与物体A相连，物体A在绳的水平拉力作用下向右做匀速直线运动。此时测力计的示数为100N，滑轮组的机械效率为η。在物体B下加挂重为15N的物体C后，用水平向左的力F拉动物体A使其沿水平桌面向左做匀速直线运动，此时B上升的速度为3cm/s。滑轮与轴的摩擦、绳的质量等次要因素都忽略不计，g取10N/kg。则下列说法正确的是( )
A. 拉力F的大小为80N B. 物体A所受的滑动摩擦力为40N
C. 拉力F做功的功率为7.65W D. 滑轮组的机械效率η为60%
三、填空题（本题共9小题，共36分）
21. 排球是成都中考体考三选一考试项目，在练习时小明用力将排球竖直垫起，说明力可以改变物体的______，排球在竖直上升过程中，其重力势能______。
22. 成都茶馆中经常能见到长嘴壶茶艺表演，讲究“左手托碗，布龙门阵，右手掺茶”。一支细长近70厘米的长嘴铜壶，在茶艺师手里挥洒自如。茶壶的制作利用了______原理，随着茶水似细线一股倒出，壶底受到的液体压强______。
23. 2022年2月6日女足亚洲杯决赛。中国女子足球运动员肖裕仪在第93分钟打进绝杀球，中国女足以3-2逆转韩国女足获得冠军。时隔16年捧起第九座女足亚洲杯冠军奖杯！据悉，比赛专业用球赛的质量不得超过453克，其重力为______N。当足球在空中运动时所受的是______(选填“平衡力”或“非平衡力”)(g=10N/kg)。
24. 小华发现有的橡皮材质较硬，擦字时易打滑擦不干净。这是因为物体表面越______，摩擦力越小的缘故。所以使用时他需要更加用力才能擦干净，这是通过______来增大橡皮与纸间的摩擦。
25. 如图所示，两只相同的试管，内盛有等质量的液体，甲管竖直放置，乙管倾斜放置，两管液面相平，比较两管中的液体对管底压强的大小p甲______p乙(填“大于”、“等于”或“小于”)。如果将乙试管慢慢直立起来，则它底部所受液体压强______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。
26. 小明发现实验室的水龙头把手坏了，剩余部分的水龙头很难徒手拧开如图甲。但将如图乙所示的钥匙，安装并旋转后(如图丙所示)。水龙头就能正常出水。则此钥匙相当于一个______(选填“斜面”、“滑轮”或“轮轴”)，属于______(选填“省力”或“费力”)机械。
27. 图甲所示，超超在平地上用水平向右的力推木箱，推力随时间变化的图像如图乙所示，木箱速度随时间变化的图像如图丙所示，3s～6s内木箱所受摩擦力大小为______N，9s～12s内推力做功的功率大小为______W。
28. 负压救护车车内空间为负压舱，它能滴水不漏地防止病毒再传播。其主要部分是利用抽气机将被污染的空气经过消毒、杀菌处理后，使车内气压______(选填“高于”、“低于”或“等于”)车外大气压，在______作用下，清洁的空气只能由车外流向车内，并使空气由清洁区(医务人员区)流向感染源区(病人区)。
29. 2020年7月26日，我国自主研制的大型灭火/水上救援水陆两栖飞机“鲲龙”AG600成功实现海上首飞，最大起飞质量达53.5吨。当飞机降落在淡水湖面汲水时，为保证其顺利起飞，排开水的体积最大为______m3(假设淡水密度近似为水的密度1.0×103kg/m3，g取10N/kg)。同一架“鲲龙”AG600降落在淡水湖泊水面和海面的显著不同是______(选填“浮力”或“被排开的液体体积”)。
四、作图题（本题共2小题，共4分）
30. 如图，物体A静止在斜面上，画出物体A所受的重力G和物体对斜面压力F的示意图。
31. 我们应养成随手关水龙头的好习惯，如图甲所示的水龙头的手柄可简化为图乙所示的杠杆OA，其中O为支点，关水龙头时F2为手柄受到的阻力，请作出最小动力F1的示意图及其力臂L1。
五、实验探究题（本题共3小题，共22分）
32. 在学习“探究影响滑动摩擦力大小因素”实验后，实验小组的同学根据自己理解重新设计了一套实验装置，如图甲所示。
(1)将木块平放在水平长木板上，用弹簧测力计沿水平方向拉动，使其做______运动，此时弹簧测力计的示数______木块所受滑动摩擦力的大小。
(2)在木块上加放砝码，是为了探究滑动摩擦力大小与______的关系；在长木板上铺上棉布或毛巾，是为了探究滑动摩擦力大小与接触面______的关系。
(3)小东认为，这个实验首先应该探究物体运动速度是否会影响滑动摩擦力大小，否则不能排除该因素对实验的影响。于是他设计了如图乙所示的实验装置。启动传送带。使其以不同的速度转动，待示数稳定，观察到弹簧测力计的示数并没有发生变化。这说明滑动摩擦力大小与物体运动速度大小______(选填“有关”或“无关”。
33. 小华做“探究杠杆平衡条件”实验装置如图所示，杠杆上相邻刻线间的距离相等。
(1)如图甲所示，杠杆在水平位置平衡后，在A点挂两个钩码，每个钩码中0.5N，在B点竖直向下拉弹簧测力计，仍是杠杆水平位置平衡，此时弹簧测力计的示数应为______N。若斜拉弹簧测力计，是杠杆再次在水平位置平衡，弹簧测力计的示数______(选填“变大”、“变小”或“不变”)；
(2)小华又制作了一个密度均匀的圆盘(相当于杠杆)，圆盘可以绕着圆心O转动(转轴阻力忽略不计)，圆盘上CH所在直线上相邻两点间距离相等，他先在圆盘的C点挂上4个钩码(如图乙)，再用一个量程合适的弹簧测力计在M点施加竖直向上的拉力后，圆盘______(填“能”或“不能”)在图示位置静止。
(5)为了探究“力的作用点到支点的距离能否影响杠杆的平衡”，小华在圆盘的C点挂上4个钩码(如图乙)，又在G点挂上一定数量的钩码后发现圆盘在如图所示位置平衡，为了改变支点到力的作用点的距离，他将挂在G点的钩码先后挂在______两个点又进行了两次实验，发现圆盘仍在如图所示位置平衡，即可得到结论。
34. 萱萱小组想利用浮力知识探究物体密度的测量方法，如图是他们完成的两个探究实验：
(1)第一个实验是利用电子秤来测量矿石的密度，实验步骤如图1。
①电子秤放在水平桌面上，装有适量水的烧杯放在电子秤上，电子秤示数如图1A所示；
②把被测矿石用细线拴好，缓慢放入装有水的烧杯中，矿石未触碰到烧杯底部，水未溢出，子秤的示数如图1B所示；
③然后缓慢放下矿石，让被测矿石沉入烧杯底部，电子秤示数如图1C所示；
根据实验步骤中的数据，可测出被测矿石的质量是______g，被测矿石的密度是______g/cm3。
(2)小鲁同学想到还可以利用这一矿石测量未知液体的密度，她进行了如图2操作：
①在圆柱形容器中装适量的这一液体，将另一平底烧杯放入圆柱形容器的液体中，烧杯静止时容器中液体的深度H1=0.13m，如图2甲所示；
②将刚才实验中的矿石擦干水放入烧杯中，如图2乙所示，此时烧杯静止时露出液面的高度h1=0.04m，容器中液体的深度H2=0.18m，烧杯和石块受到的浮力为F1；
③将矿石拴在烧杯底部，如图2丙所示，烧杯静止时露出液面的高度为h2=0.07m，烧杯和石块受到的浮力为F2，则F1______F2。(选填“大于”、“等于”或“小于”)
④已知圆柱形容器底部面积为烧杯底面积的2倍。则这一液体的密度为______kg/m3。
六、计算题（本题共3小题，共18分）
35. 以“一轴两山三环七道”为主体骨架建设的成都天府绿道将贯通成都，建成后将是全国规划最长的城市绿道慢性系统，是成都加快建设公园城市伟大蓝图中的一抹清新绿色。据悉，“2022天府绿道健康行骑行活动”已于近日拉开帷幕，骑行爱好者小华参加了此次活动。小华骑行的是一台碳纤维助力电动山地车，整车只有15公斤，此车采用了电动助力设计，可帮助自行车提速最高达到36km/h。已知小华体重为65kg，骑行时轮胎与地面的接触总面积约100cm2，山地车所受阻力为总重的0.02，g=10N/kg，求：
(1)小华骑行时车对地面的压强？
(2)小华以36km/h匀速直线骑行时，自行车的功率？
36. 由于温室气体大量排放，全球气候变暖加剧。两极冰川大面积熔化，海面上出现大量浮冰。如图所示，现有一块90t的实心浮冰漂浮在海面上，假设附近海域的海水密度近似为水的密度1.0×103kg/m3，冰的密度为0.9×103kg/m3。求：
(1)水下2m深处海水产生的压强；
(2)此时浮冰露出水面的体积为多少m3。
37. 如图甲所示，水平放置的轻质方形容器B，容器高为25cm，内有一个密度为0.6g/cm3、边长为10cm的实心正方体A，A与容器底部不密合，将A下表面中央与容器B的底部用一根长10cm的细绳连在一起(细绳质量、体积忽略不计)后，A置于B中央并静止。先向容器内缓慢加入1000mL某液体后，A漂浮于液面，此时液面深度为10cm，再用6N竖直向下的力作用在A上，使其恰好完全浸没，如图乙所示。(g取10N/kg)求：
(1)加入液体的密度；
(2)A恰好浸没时容器对桌面的压强大小；
(3)撤去6N压力后，继续向容器内加入该液体，假设继续加入液体的体积为xcm3，求该容器底部受到的液体压强p随x变化的函数关系表达式。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：在物理学中，
A、力的基本单位是牛顿，故A符合题意；
B、功的基本单位是焦耳，故B不符合题意；
C、功率的基本单位是瓦特，故C不符合题意；
D、压强的基本单位是帕斯卡，故D不符合题意。
故选：A。
根据对常见物理量及其单位的掌握作答。
此题考查我们对常见物理量及其单位对应关系的掌握情况，属于识记性知识的考查，难度不大。
2.【答案】C
【解析】解：A、八年级下期物理课本受到的重力约为2N，故A错误；
B、一枚鸡蛋的质量约为50g=0.05kg，将一枚鸡蛋举高lm做的功约为W=Gh=mgh=0.05kg×10N/kg×1m=0.5J，故B错误；
C、一个标准大气压大小与10m高的水柱产生的压强相等，即标准大气压大约能托起10m高的水柱，故C正确；
D、使用滑轮组时，总要做一些额外功，故其机械效率不可能达到100%，故D错误；
故选：C。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
3.【答案】B
【解析】解：
A、被钢尺击打的棋子飞出，静止的物体运动了，力改变了运动状态，故A不符合题意；
B、射箭运动员用力将弓拉弯，弓变弯，力改变物体的形状，故B符合题意；
C、小钢球的曲线运动，小钢球的运动轨迹发生了改变，小球改变了运动状态，故不符合题意；
D、苹果在重力作用下下落，苹果的运动速度越来越快，力改变了运动状态，故D不符合题意。
故选：B。
力的作用效果有两个：一是改变物体的形状，二是改变物体的运动状态；
本题考查力的作用效果，是基础题。
4.【答案】D
【解析】解：A、当餐盘随云轨加速滑行时，运动状态改变，受力不平衡，故A错误；
B、当餐盘与底座相对静止时，餐盘没有受到底座对它的摩擦力作用，故B错误；
C、餐盘随云轨水平匀速移动时底座对餐盘没有做功，因为底座对餐盘的支持力向上，距离的方向水平向前，故C错误；
D、餐盘对底座的压力与底座对餐盘的支持力是一对相互作用力，满足相互作用力的条件，故D正确。
故选：D。
(1)物体受到平衡力作用时，其运动状态不变，即处于静止状态或匀速直线运动状态。物体受非平衡力作用时，其运动状态会发生变化，体现在速度大小及方向的变化。
(2)摩擦力的概念是：两个互相接触的物体，当它们做相对运动或有运动趋势时，在接触面上会产生一种阻碍相对运动的力，这种力就叫摩擦力。
(3)做功的两个必要因素：作用在物体上的力，物体在力的方向上通过的距离(即力和距离的方向要一致)，二者缺一不可。
(4)相互作用力的大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在两个物体上。
理解受力情况与运动状态间的关系，知道摩擦力概念，理解力做功的必要因素和互相作用力的条件，可解答此题。
5.【答案】D
【解析】解：
A、“奋斗者号”匀速直线下潜，做的是匀速直线运动，受力平衡，故A正确；
B、奋斗者号匀速下潜过程中，所处的深度不断增加，所以受到海水的压强不断变大，故B正确；
C、观察窗口的面积不变，受到的压强变大，根据F=pS可知，受到海水的压力不断增大，故C正确；
D、若受到的外力全部消失，运动的“奋斗号”将保持匀速直线运动状态，故D错误。
故选D。
(1)物体处于静止或匀速直线运动状态时，受力平衡；
(2)液体压强随深度的增加而增大；
(3)根据F=pS分析压力的变化；
(4)根据牛顿第一定律判断物体不受力时的运动状态。
本题考查了平衡状态的判定、液体内部压强的影响因素、压力的变化、牛顿第一定律的应用，难度不大。
6.【答案】C
【解析】解：A、自行车轮胎上制有较深的花纹是在压力一定时，增大接触面的粗糙程度，增大摩擦力，故A错误；
B、刹车时用力捏闸是在接触面的粗糙程度相同时，增大压力来增大摩擦力，故B错误；
C、车轴中装有滚珠是变滑动为滚动，减小了有害的摩擦力，故C正确；
D、自行车脚踏板面刻有花纹，增大接触面的粗糙程度，增大摩擦力，故D错误。
故选：C。
(1)增大摩擦的办法有：①增大压力，②增大接触面的粗糙程度，③变滚动为滑动；
(2)减小摩擦的办法有：①减小压力，②减小接触面的粗糙程度，③变滑动为滚动，④使接触面脱离接触。
通过日常生活中与摩擦有关的具体措施，来结合对应的物理知识，是考查的热点题型，这种题目可以充分体现理论与实际的联系。
7.【答案】D
【解析】解：钉床甲100颗钉子做成，6颗钉子做成了钉床乙，由此可知，将一个塑料袋装满水封好，先后放到两个钉床上，在甲、乙上的压力相同，且甲的受力面积大于乙的受力面积，受力面积越小，压强越大，所以发现它放到钉床甲上未被扎破，而放到钉床乙上却被扎破了，故D正确，ABC错误。
故选：D。
压强与压力大小和受力面积大小有关，在压力一定时，受力面积越大，压强越小。
本题考查了减小压强的方法，关键明确压强的大小与压力的大小和受力面积大小有关。
8.【答案】A
【解析】解：A、击球瞬间，乒乓球拍同时也受到了乒乓球的作用力，因为物体间力的作用是相互的，故A错误；
B、击球时，乒乓球受到球拍的作用，改变了乒乓球的运动状态，故B正确；
C、离开球拍后乒乓球能在空中继续运动，是因为乒乓球具有惯性，要保持原来的运动状态，故C正确；
D、改变击球时力的大小、方向和作用点，都会产生不同的发球效果，因为力的三要素都影响力的作用效果，故D正确。
故选：A。
(1)物体间力的作用是相互的，物体受到力的同时，也对另一个物体施加了力；
(2)力的作用效果有两个：①力可以改变物体的形状即使物体发生形变；②力可以改变物体的运动状态，包括物体的运动速度大小发生变化、运动方向发生变化；
(3)任何物体都具有惯性，即保持原运动状态不变的性质；
(4)力的三要素有：力的大小、方向、作用点，它们都影响力的作用效果。
理解力的作用的相互性、力的两个作用效果、惯性概念及力的三要素，可正确解答此题。
9.【答案】C
【解析】解：
A.运动员用毛刷快速擦拭冰面，冰由于温度升高而熔化，使冰壶与冰之间更为光滑，由于水的出现使冰壶与冰面分开，从而减小了冰壶与冰面之间的摩擦，冰壶会滑的更远，故A错误；
B.运动员在匀速通过弯道时，他的速度大小不变，方向变化，所以运动员的运动状态改变，故B错误；
C.滑雪运动员的滑雪板做得宽大，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小对雪地的压强，故C正确；
D.动员跃下跳台下落时，运动员的质量不变，高度减小，速度增大，重力势能转化为动能，故D错误。
故选：C。
(1)减小摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动代替滑动；
(2)物体的速度大小和方向的变化都属于运动状态的改变；
(3)压强大小的影响因素：压力大小和受力面积大小：
(4)在下落过程中，从质量和高度判断重力势能的大小变化，从质量和速度判断动能的大小变化。
掌握滑动摩擦力、运动状态的判断、压强大小的影响因素、动能和重力势能的转换，在平时的学习过程中，要擅于运用物理知识来解释一些日常现象，从而为解答此类题积累经验。
10.【答案】B
【解析】解：
A、肌肉注射时是利用增大压力的方式增大药筒内液体压强，所以将药液压入人体内，没有利用大气压，故A错误；
B、硬纸片“托住”杯中的水，即杯口的纸片不下落，是典型的“覆杯实验”实验，是大气压作用的结果，故B正确；
C、液体的沸点跟气压有关，气压增大，沸点升高；气压减小，沸点降低。海拔越高，大气越稀薄，大气压越小，故C错误；
D、真空采血管在组装后应保持一定的负压，即真空试管内气体的压强小于人体血压，使血液可以顺利采出，故D错误。
故选：B。
(1)(2)(4)大气压的存在能够解释很多现象，这些现象有一个共性：通过某种方法，使设备的内部气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下出现了这种现象；
(3)沸点是指物体由液态转化为气态的温度；液体的沸点跟气压有关，气压增大，沸点升高；气压减小，沸点降低。
本题考查了大气压与高度的关系、大气压在生活中的应用，难度不大。
11.【答案】D
【解析】解：A、“探究阻力对物体运动的影响”时要改变水平面的粗糙程度，探究出阻力逐渐减小时物体的运动情况；“探究影响动能大小的因素”实验中水平面的粗糙程度要相同，观察木块被推动距离的远近来体现动能的大小，故A错误；
B、甲、乙两个实验中，小车和小球到达水平面能继续向前运动是因为小球具有惯性，而不能说“受惯性作用”，故B错误；
C、甲实验中要使同一小车从斜面的同一高度由静止滑下，小车的质量不变，高度相同，速度相同，所以动能和重力势能相同，机械能相同，故C错误；
D、探究动能的大小与质量关系时，控制小球的速度相同，故D正确。
故选：D。
惯性是物体本身的一种性质，只能说“具有惯性”、“由于惯性“，不能说“受惯性的作用；
利用斜面都是为了使小球到达水平面时的获得速度；“探究阻力对物体运动的影响”时要改变水平面的粗糙程度，“探究影响动能大小的因素”实验中水平面的粗糙程度要相同；
重力势能的大小与质量、高度有关，动能的大小与质量、速度有关；机械能为动能和势能的和。
此题考查了“探究运动和力的关系”实验和“探究影响动能大小的因素”的区别和联系，为易错题。
12.【答案】C
【解析】解：伞面“上凸下平”，当电动车快速行驶时，伞上方空气流速大，压强小，下方空气流速小，压强大，伞就受到一个向上的升力，使伞面被向上吸，存在较大的安全隐患；
A、人离高速列车比较近时，人和列车的之间的空气流速大、压强小，人外侧的压强不变，人受到向列车方向的压强差，容易被压向列车，故人站在高铁站的安全线以外候车，故A不合题意；
B、飞机的机翼设计成流线型，由空气通过机翼上表面的流速大、压强小，通过下表面的流速小、压强大，从而形成向上的升力，利用了流体压强和流速的关系，故B不合题意；
C、用手动抽水机抽出地下水，是利用了大气压的作用，没有涉及流体压强与流速的关系，故C符合题意；
D、赛车尾部安装的气流偏导器，相当于倒置的飞机机翼，赛车行驶时，上方的气流速度小于下方气流速度，形成对气流偏导器向下的压力，能使车轮更好地抓紧地面，利用了流体压强和流速的关系，故D不合题意。
故选：C。
液体和气体都称为流体，流体流速越大的地方压强越小，流速越小的地方压强越大。
本题考查了流体压强与流速的关系，重点考查学生利用所学知识解决实际问题的能力，要求学生掌握流体压强跟流速的关系，并能用流体压强知识解释有关的问题。
13.【答案】A
【解析】解：①由图可知“标”“本”表示力臂，“权”“重”表示力，故①正确；
②图中O点为杠杆的支点，故②错误；
③根据杠杆平衡条件可知，“权”与“标”的乘积小于“重”与“本”的乘积时，A端一定上扬，故③错误；
④增大“重”时，“重”与“本”的乘积时增大，根据杠杆平衡条件可知，权”与“标”的乘积也应增大，而“权”为定值，则应增大“标”值，即把“权”向A端移，故④正确。
故选：A。
(1)掌握杠杆的五个要素：支点、动力、阻力、动力臂、阻力臂；
(2)杠杆的平衡条件(杠杆原理)：F1×l1=F2×l2
本题考查了杠杆及杠杆平衡条件的应用，难度不大，关键是熟练应用杠杆平衡条件。
14.【答案】B
【解析】解：飞船加速升空的过程中，质量不变，速度变大，动能变大；质量不变，高度升高，重力势能增大；由于动能和重力势能都增大，机械能增大，不是动能转化为重力势能，也不是重力势能转化为动能；故B正确。
故选：B。
动能的大小与物体的质量、速度有关；重力势能的大小与物体的质量、高度有关，动能和势能统称为机械能。
本题考查了动能、重力势能和机械能的变化，属于基础题。
15.【答案】CD
【解析】解：挤压大塑料瓶，瓶内空气被压缩，将压强传递给水，水被压入小瓶中，将瓶体中的空气压缩，这时浮沉子里进入一些水，它的重力增加，大于它受到的浮力，就向下沉；当浮力等于重力，就会悬浮在水中；松开手，小瓶内的气体会将瓶内的水排出，气体体积变大，压强变小；潜水艇与“浮沉子”浮沉的原理相同，都是靠改变自身重力来实现沉浮的；综上所述，CD错误，AB正确。
故选：CD。
(1)根据物体的浮沉条件即可判断：浮力大于重力，物体上浮；浮力小于重力，物体下沉；
(2)在气体质量一定时，气体体积越小压强越大。
本题考查了浮沉子的工作原理，掌握物体浮沉的条件是解答本题的关键。
16.【答案】B
【解析】解：
A.在太空中物体处于失重状态，但是压力是存在的，摩擦力也仍然存在，他们可以写字，故A错误；
B.由于物体间力的作用是相互的，而且物体处于失重状态，所以飘在空中不动的航天员轻推对方，就会向相反的方向运动，故B正确；
C.物体的质量与位置无关，物体在太空中的质量和在地球上的质量相同，故C错误；
D.在天宫一号的实验舱内，物体处于失重状态，弹簧测力计无法测量重力，但弹力不会消失，可以用弹簧测力计测量拉力，故D错误。
故选：B。
(1)摩擦力与失重状态无关；
(2)物体间力的作用是相互的；
(3)质量是物质的一种特性，与位置无关；
(4)在空间站中，弹簧测力计不能测量物体的重力，但可以测量拉力的大小。
本题是一道综合题目，主要考查摩擦力、力的相互作用、弹簧测力计的应用、物体的质量等知识，难度不大。
17.【答案】D
【解析】解：
A、中山舰未露出水面打捞过程中，舰体排开的水的体积不变，水的密度不变，根据阿基米德原理F浮=ρ水gV排可知，所受浮力大小不变；中山舰在水中的深度变浅，根据p=ρgh可知，液体压强变小，故A错误；
B、中山舰匀速向上直至完全露出水面过程中，根据阿基米德原理F浮=ρ水gV排可知，中山舰所受的浮力变小；中山舰竖直向上做匀速直线运动，竖直方向上受力平衡，受到竖直向下的重力、竖直向上的浮力和竖直向上的拉力的作用，重力不变，浮力变小，所以拉力变大；速度不变，根据P=Wt=Fst=Fv可知，卷扬机的功率变大，故B错误；
C、把两个驳船、中山舰看作一个整体，整体在水中处于漂浮状态，整体的重力不变，根据物体的浮沉条件可知，整体受到的浮力不变；根据阿基米德原理F浮=ρ水gV排可知，整体排开的水的体积不变；中山舰打捞至完全露出水面过程中，中山舰排开的水的体积变小，由于排开的水的总体积不变，所以两个驳船排开的水的体积变大，浸入水中的深度变大，根据阿基米德原理F浮=ρ水gV排可知，两驳船受到的浮力变大，故C错误、D正确。
故选：D。
(1)根据阿基米德原理分析浮力的大小变化；根据p=ρgh分析液体压强的变化；
(2)中山舰匀速向上直至完全露出水面过程中，根据阿基米德原理分析浮力的大小变化；对中山舰受力分析，判定所受拉力的变化，根据P=Wt=Fst=Fv分析功率的变化；
(3)(4)对整体分析，根据物体的浮沉条件、阿基米德原理分析两驳船受到浮力的变化和驳船深度的变化。
本题考查了物体浮沉条件和阿基米德原理的应用、液体内部压强计算公式的应用，有一定的难度。
18.【答案】C
【解析】解：
ABC、小球由静止运动到A点时，小球只受重力作用，速度不断增大；小球从A点运动到B点时，受到竖直向下重力和竖直向上弹力的作用，重力大于弹力，合力竖直向下，小球还在加速；小球在B点时，受到竖直向下重力和竖直向上弹力的作用，重力等于弹力；小球从A到B的过程中，小球的重力势能转化为动能和弹性势能，小球减少的重力势能大于增加的动能；小球从B点运动到C点时，受到竖直向下重力和竖直向上弹力的作用，重力小于弹力，合力竖直向上，小球在减速；小球由静止运动到C点，速度先增大后减小，小球的质量保持不变，小球的动能先增大后减小；整个过程中，小球的质量不变，高度一直变小，重力势能一直变小；故AB错误、C正确；
D、到达C点时，小球的速度为0，动能为零；此时的弹力要大于重力，所以受到的重力与弹簧的弹力不是一对平衡力，故D错误。
故选：C。
(1)从动能、重力势能、弹性势能的影响因素进行分析：
动能的大小跟质量和速度有关，在质量一定时，速度越大，动能越大；在速度一定时，质量越大，动能越大。
重力势能大小跟质量和高度有关，质量一定时，高度越高，重力势能越大；在高度一定时，质量越大，重力势能越大。
弹性势能的大小跟弹性形变有关，弹性形变越大，弹性势能越大。
(2)二力平衡条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一个物体上。
本题考查了动能、重力势能、弹性势能的变化和平衡力的辨别，难度不大。
19.【答案】AD
【解析】解：当沿水平方向截取不同高度的甲物体，并平稳的放在乙物体上时，甲剩余的质量减小，对地面的压力减小，受力面积不变，由p=FS可知，甲对地面的压强减小，乙对地面的压强增大，由图可知，p随h的增大而减小的图像，为甲的压强随截取的高度h的变化的关系，p随h的增大而增大的图像，为乙的压强随截取的高度h的变化的关系。
A.根据p=FS=GS=mgS=ρVgS=ρgShS=ρgh知甲与乙的密度之比为：
ρ甲ρ乙=p甲gh甲p乙gh乙=p甲p乙×h乙h甲=3p0p0×1m3m=11，则甲乙密度相同，故A正确；
B.由图可知，甲截取高度为h1时，甲剩余部分对地面的压强与叠加后乙对地面的压强相等，则有：G甲-ΔGS甲=G乙+ΔGS乙，即代入得ρ甲gS甲h甲-ρ甲gS甲h1S甲=ρ乙gS乙h乙+ρ甲gS甲h1S乙，化简后的
h甲-h1=h乙+S甲S乙⋅h1，解得h1=1.6m，故B错误；
C.p1与p0之比为：p1p0=ρ甲g(h甲-h1)ρ乙gh乙=1.41，解得p1=1.4p0，故C错误；
D.p1与p2之比为：
p1p2=ρ甲g(h甲-h1)G甲+G乙S乙=ρ甲gS甲(h甲-h1)ρ甲gS甲h甲+ρ乙gS乙h乙S乙=h甲-h1S甲h甲S乙+h乙=1.4m0.25m2S乙×3m+1m=45，故D正确。
故选：AD。
当沿水平方向截取不同高度的甲物体，并平稳地放在乙物体上时，甲剩余的质量减小，对地面的压力减小，受力面积不变，由p=FS可知甲对地面压强减小，据此判断代表甲的压强随截取的高度h的变化的图象；
(1)根据p=FS=GS=mgS=ρVgS=ρgShS=ρgh算出甲与乙的密度之比；
(2)由图可知，甲截取高度为h1时，甲剩余部分对地面的压强与叠加后乙对地面的压强相等，根据G甲-ΔGS甲=G乙+ΔGS乙，化简后算出h1的值；
(3)根据p=FS=GS=mgS=ρVgS=ρgShS=ρgh得出p1和p0的值，进而得出p1与p0的关系；
(4)根据p=FS=GS=mgS=ρVgS=ρgShS=ρgh得出p1与p2之比。
本题考查了压强公式和密度公式、重力公式的灵活应用，从图象中获取有用的信息是关键，要注意水平面上物体的压力和自身的重力相等。
20.【答案】BC
【解析】解：
B、由图可知，两段绳子向下拉测力计，滑轮组上每段绳子拉力为F1，则F示=2F1+G滑轮，即：100N=2F1+20N，所以F1=40N，
由图知，以物体B为研究对象，通过动滑轮绳子的段数n=3，绳重及滑轮转轴处的摩擦等次要因素忽略不计，
所以滑轮组绳子自由端受到的拉力F1=13×(GB+G动)，所以GB=3F1-G动=3×40N-20N=100N，
此时物体A向右做匀速直线运动，水平方向受到向右的拉力(大小等于滑轮组绳子自由端拉力)与水平桌面对它水平向左的摩擦力是一对平衡力，
所以物体A受到的摩擦力f=F1=40N，故B正确；
A、在物体B下加挂重为15N的物体C后，用水平向左的力F拉动物体A使其沿水平桌面向左做匀速直线运动，
滑轮组绳子自由端受到的拉力F2=13(G动+GB+GC)=13×(20N+100N+15N)=45N，
此时水平方向物体A受到向左的拉力F与向右的拉力F2、摩擦力f'平衡，且由于物体A对桌面的压力，接触面的粗糙程度不变，所以物体A受到的摩擦力大小不变，还是40N，
F=F2+f'=45N+40N=85N，故A错误；
C、B上升的速度为3cm/s，
则物体A左移的速度：v=3vB=3×3cm/s=9cm/s=0.09m/s，
拉力做功的功率：P=Fv=85N×0.09m/s=7.65W，故C正确；
D、物体A在绳的水平拉力作用下向右做匀速直线运动时，滑轮组的机械效率：
η=W有用W总=GhFs=GhF⋅3h=G3F=GB3F1=100N3×40N≈83.3%，故D错误。
故选：BC。
(1)由图可知，两段绳子向下拉测力计，测力计的示数等于绳子上拉力的2倍加上一个滑轮重力，由此可得滑轮组上每段绳子的拉力；
由图可知，n=3，不计绳重及滑轮的摩擦，滑轮组绳子自由端受到的拉力F1=13(GB+G动)，可求出B的重力；因A物体向右做匀速直线运动，则由二力平衡条件可得A物体所受滑动摩擦力的大小；
(2)用水平向左的力F拉动A可使其沿水平桌面向左做匀速直线运动，因A对桌面的压力不变、接触面的粗糙程度不变，则A受到的摩擦力大小不变，此时水平向左的拉力F=f+13(GB+GC+G动)；
(3)拉力端移动速度等于物体升高速度的3倍，利用P=Fv求拉力做功功率；
(4)匀速提升物体B时，利用η=W有用W总=GhFs=GhF⋅3h=G3F计算出滑轮组的机械效率。
本题为力学综合题，考查使用滑轮组拉力的计算、力的平衡知识的运用、影响滑动摩擦力的因素、物体的受力分析、功率的计算等，两种情况下对物体A做正确的受力分析是关键。
21.【答案】运动状态 变大
【解析】解：在练习时小明用力将排球竖直垫起，排球受力竖直向上运动过程中速度减小，这说明力可以改变物体的运动状态；
排球在竖直上升过程中，其质量不变，高度变大，重力势能变大。
故答案为：运动状态；变大。
力可以改变物体的运动状态和物体的形状；重力势能的大小与质量、高度有关。
本题考查了力的作用效果、重力势能的变化，属于基础题。
22.【答案】连通器 减小
【解析】解：茶壶上端开口、下端相连，利用了连通器原理，壶内的水静止时，壶身和壶嘴内的水面是相平的；
随着茶水似细线一股倒出，水的深度变小，水的密度不变，根据p=ρgh可知，壶底受到的液体压强减小。
故答案为：连通器；减小。
上端开口、下端相连的容器为连通器；根据p=ρgh分析液体压强的变化。
本题考查了连通器原理、液体内部压强的大小变化，属于基础题。
23.【答案】4.53 非平衡力
【解析】解：足球质量m=453g=0.453kg，受到的重力为G=mg=0.453kg×10N/kg=4.53N；
足球在空中沿弧线运动，方向发生变化，处于非平衡状态，所以受到的是非平衡力。
故答案为：4.53；非平衡力。
(1)已知足球质量，利用G=mg得到重力；
(2)物体受到平衡力的作用时会保持静止状态或匀速直线运动状态。
此题考查了重力的计算和力和运动关系的应用，是一道基础题，难度不大。
24.【答案】光滑 增大压力
【解析】解：如果橡皮质硬，擦字时打滑，字擦不干净，这是由于物体表面越光滑，摩擦力越小；
增大摩擦力的方法有增大压力或增大接触面的粗糙程度，用力擦，增大了橡皮对纸的压力，从而增大了摩擦力，字就擦干净了。
故答案为：光滑；增大压力。
(1)摩擦力大小的影响因素：压力大小和接触面的粗糙程度；
(2)增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度。
本题主要考查学生对影响摩擦力大小的因素以及增大或减小摩擦力方法的理解和应用。
25.【答案】大于；变大
【解析】解：(1)由图知，V甲
所以根据公式ρ=mV可得两种液体的密度关系：ρ甲>ρ乙，
又因为p=ρgh，两管液面相平(液体的深度h相同)，
所以两管中的液体对管底压强：p甲>p乙；
(2)如果将乙试管慢慢直立起来，液体密度不变，深度增大，由公式p=ρgh知，它底部所受液体压强变大。
故答案为：大于；变大。
(1)知道两管液面相平、试管相同，可知液体体积的大小关系；又知道液体的质量相同，根据密度公式可知液体密度的大小关系，再根据液体压强公式比较两管中的液体对管底压强的大小关系；
(2)根据液体压强公式p=ρgh进行分析，判断液体对试管底部的压强变不变，就看h变不变，要清楚h是指液面到试管底部的垂直距离。
此题考查了液体压强大小的比较，解答的关键是确定液体密度关系和深度变化。
26.【答案】轮轴 省力
【解析】解：钥匙在使用时绕中心轴转动，所以属于轮轴；轮轴是杠杆的一种变形，由于轮半径大于轴半径，若动力作用在轮上，则动力臂大于阻力臂，此时轮轴属于省力杠杆。
故答案为：轮轴；省力。
由轮和轴组成的，能绕共同的轴线旋转的简单机械叫做轮轴，因为轮半径大于轴半径，使用轮轴可以省力杠杆。
本题考查了轮轴的特点，属于基础题。
27.【答案】6 6
【解析】解：由图丙所示，9s～12s内木箱做匀速直线，此时推力与木箱所受摩擦力是一对平衡力。由图乙知，9s～12s内木箱所受推力6N，所以木箱所受摩擦力大小为6N。3s～6s内木箱做加速运动，压力和接触面的粗糙程度不变，所受摩擦力大小不变，3s～6s内木箱所受摩擦力是6N；
9s～12s内推力做功的功率大小为P=Wt=Fst=Fv=6N×1m/s=6W。
故答案为：6；6。
物体做匀速运动时，受到的滑动摩擦力等于推力的大小；滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关；根据P=Wt=Fst=Fv求出功率的大小。
本题考查了学生对力学图像的分析能力，能从图像上得到有用的物理信息是解题的关键，是一道锻炼学生分析思考能力的好题。
28.【答案】低于 大气压
【解析】解：车内空间为负压舱，小于外界大气压，因此必须用抽气机将被污染的空气经过消毒、杀菌处理后从车内抽出，使车内气压低于车外大气压，在大气压作用下，清洁的空气只能由车外流向车内，并使空气由清洁区(医务人员区)流向感染源区(病人区)。
故答案为：低于；大气压。
负压救护车是利用负压技术是使救护车内的大气压强小于外界的大气压强，据此分析即可解答。
此题考查大气压的综合应用，理解负压救护车的工作原理是关键。
29.【答案】53.5 被排开的液体体积
【解析】解：(1)最大起飞质量达53.5吨，则最大浮力F浮=G总=m总g=53.5×103kg×10N/kg=5.35×105N，根据F浮=ρgV排可知其排开水的体积最大为V排=F浮ρ水g=5.35×105N1×103kg/m3×10N/kg=53.5m3；
(2)质量不随形状、状态、位置和温度的变化而变化，同一架“鲲龙”AG600降落在淡水湖泊水面和海面，质量不变，根据G=mg可知重力不变，根据F浮=G总可知“鲲龙”AG600所受浮力相同，因淡水和海水的密度不同，根据V排=F浮ρ液g可知被排开的液体体积会显著不同。
故答案为：53.5；被排开的液体体积。
(1)最大起飞质量达53.5吨，根据F浮=G总=m总g得出最大浮力，根据F浮=ρgV排可知其排开水的体积最大值；
(2)质量不随形状、状态、位置和温度的变化而变化，同一架“鲲龙”AG600降落在淡水湖泊水面和海面，质量不变，根据G=mg可知重力不变，根据F浮=G总可知“鲲龙”AG600所受浮力相同，因淡水和海水的密度不同，F浮=ρgV排可分析被排开的液体体积是否变化。
本题考查阿基米德原理的应用，属于对基础知识的考查，是一道较为简单的应用题。
30.【答案】解：根据长方体对角线的交点确定出重心，然后过物体重心画带箭头的线段，方向竖直向下，即重力示意图。
在斜面上选取物体与接触面的中点为压力的作用点，过压力作用点画垂直于斜面、带箭头的线段即压力示意图。
如图所示：
【解析】重力是物体受到的力，因此根据规则物体的重心在物体的几何中心，重力的方向总是竖直向下的，过物体的重心表示出重力的方向即可；
压力是接触面受到的力，因此压力的作用点在接触面上，即物体与接触面的中点；然后根据压力的方向垂直于受力面，并过压力作用点表示出压力的方向即可。
本题的关键是确定压力和重力的作用点和方向，并会用力的图示表示力的三要素。
31.【答案】解：
根据杠杆平衡条件，阻力与阻力臂不变时，要动力最小，则动力臂应最长，连接支点O与A点，则OA为最长的动力臂L1；阻力的方向已标出，所以动力的方向应该向下，从A点作OA的垂线就得到在A点施加的最小动力F1，如下图所示：
【解析】根据杠杆平衡的条件，F1L1=F2L2，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长。而在通常情况下，连接杠杆中支点和动力作用点这两点所得到的线段最长，据此可解决此题。
根据杠杆的平衡条件，要使杠杆上的动力最小，必须使该力的力臂最大，而动力臂最大时力的作用点一般离杠杆的支点最远，所以在杠杆上找到离杠杆支点最远的点即力的作用点，这两点的连线就是最长的动力臂，从力的作用点作垂线就是最小的动力。
32.【答案】匀速直线 等于 压力大小 粗糙程度 无关
【解析】解：(1)将木块平放在水平长木板上，用弹簧测力计沿水平方向拉动，使其做匀速直线运动，根据二力平衡，此时弹簧测力计示数等于木块所受滑动摩擦力的大小；
(2)在木块上加放砝码，增大了压力，是为了探究滑动摩擦力大小与压力大小的关系；在长木板上铺上棉布或毛巾，改变了接触面的粗糙程度，是为了探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系；
(3)影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，小东的想法是错误的；
启动传送带，当弹簧测力计的示数稳定后，木块相对于地面处于静止状态，此时弹簧测力计(绳子)对木块的拉力(水平向右)与木块所受滑动摩擦力为一对平衡力，大小相等，方向相反；启动传送带，使其以不同的速度转动，待示数稳定，弹簧测力计的示数没有改变，则滑动摩擦力大小不变，说明木块所受滑动摩擦力的大小与传送带的速度大小无关。
故答案为：(1)匀速直线；等于；(2)压力大小；粗糙程度；(3)无关。
(1)根据二力平衡的条件分析；
(2)影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此得出结论；
(3)①启动传送带，当弹簧测力计的示数稳定后，木块相对于地面静止，由二力平衡分析；
②弹簧测力计的示数没有改变，则滑动摩擦力不变，据此分析。
本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用，体现了对过程和方法的考查。
33.【答案】1.5 变大 不能 D、N
【解析】解：(1)若每个小格长L，在A点挂2个相同的钩码，在B点竖直向下拉弹簧测力计，让杠杆在水平位置平衡，
根据杠杆的平衡条件有2×0.5N×3L=F×2L，
解得F=1.5N，弹簧测力计的示数应为1.5N；
当弹簧测力计改为斜拉时，拉力的力臂减小，再次使杠杆水平位置平衡，根据杠杆的平衡条件，弹簧测力计的示数将变大；
(2)设圆盘上CH所在直线上相邻两点间距离为a，阻力力与阻力臂的乘积为：4×0.5N×3a=6aN；动力与动力臂的乘积为：F动×0=0；
由于F1L1≠F2L2，所以圆盘不能在图示位置静止；
(3)根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2得，
4×0.5N×3a=n×0.5N×2a，
解得n=6，
当改变右边挂钩码的位置时，
4×0.5N×3a=6×0.5N×ma，
解得m=2，
所以右边力臂保持不变，即他可以将挂在G点的钩码先后挂在D、N两个点又进行实验。
故答案为：(1)1.5；变大；(2)不能；(3)D、N。
(1)根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2分析解答；
(2)根据杠杆的平衡条件计算左边力与力臂的乘积是否等于右边力与力臂的乘积，据此判断圆盘能否静止；
(3)由题意知，左边力与力臂保持不变，右边力也保持不变，要使圆盘仍然平衡，则右边的力臂也必须保持不变，从而找到另外挂钩码的点。
本题考查探究杠杆平衡条件的实验，关键是将实验操作步骤及结论记忆清楚，仔细分析即可解答，对于复杂的图形，把它转化为基本的杠杆模型来分析。
34.【答案】300 2.5 等于 0.75×103
【解析】解：(1)由A和C图知，矿石的质量：m=650g-350g=300g。
由A和B求出矿石排开水的重力，G排=m排g=(0.47kg-0.35kg)×10N/kg=1.2N，
根据阿基米德原理得，F浮=G排=1.2N，
矿石的体积：V=V排=F浮ρ水g=1.2N1.0×103kg/m3×10N/kg=1.2×10-4m3=120cm3。
矿石的密度：ρ=mV=300g120cm3=2.5 g/cm3。
(2)③如图乙和丙，烧杯和矿石整体漂浮在水中，根据漂浮条件得，浮力等于重力，由于整体重力不变，所以浮力不变，所以F1等于F2。
④乙和丙图，烧杯和矿石整体漂浮，排开水的体积相等，烧杯露出部分的体积减少量等于矿石的体积，
设烧杯的底面积是S，
所以，V=(h2-h1)S=(0.07m-0.04m)S=0.03m×S=3cm×S，
因为，V=120cm3，
所以烧杯的底面积：S=120cm33cm=40cm2。
所以容器的底面积：S'=2S=2×40cm2=80cm2=8×10-3m2，
对于漂浮的物体，增加的浮力等于增加的重力，
由甲和乙知，△F浮=G=mg=0.3kg×10N/kg=3N，
烧杯排开水的体积增加量：△V'排=S'×(H2-H1)=8×10-3m2×(0.18m-0.13m)=4×10-4m3，
根据阿基米德原理得，△F浮=ρ液g△V'排，
所以，液体的密度：ρ液=△F浮g×△V'排=3N10N/kg×4×10-4m3=0.75×103kg/m3。
故答案为：(1)300；2.5；(2)③等于；④0.75×103。
(1)由A和C图求出矿石的质量；根据G=mg，由A和B求出矿石排开水的重力，根据阿基米德原理求出矿石受到的浮力，求出矿石的体积；知道矿石的质量和体积，根据密度公式求出矿石的密度。
(2)③根据漂浮条件进行判断。
④乙和丙图，烧杯和矿石整体漂浮，排开水的体积相等，烧杯露出部分的体积减少量等于矿石的体积，求出烧杯的底面积，知道烧杯底面积和圆柱形容器的底面积关系，求出容器底面积。
甲和乙图，根据增加的浮力等于增加的重力，求出增加的浮力，根据阿基米德原理求出液体的密度。
本题考查了固体密度测量、液体密度测量、浮力等问题，综合性很强，有很大的难度。
35.【答案】解：(1)小华骑行时对地面的压力为：F=G总=(m车+m人)g=(15kg+65kg)×10N/kg=800N，
骑行时轮胎与地面的接触总面积约S=100cm2=0.01m2，
则小华骑行时车对地面的压强为：p=FS=800N0.01m2=8×104Pa；
(2)由题知匀速骑行时山地车所受阻力为：f=0.02G重=0.02×800N=16N，
由二力平衡条件可知骑行的动力为：F动=f=16N，
已知骑行的速度为v=36km/h=10m/s，
则自行车的功率为：P=Wt=Fst=F动v=16N×10m/s=160W。
答：(1)小华骑行时车对地面的压强为8×104Pa；
(2)小华以36km/h匀速直线骑行时，自行车的功率为160W。
【解析】(1)根据G=mg可得出自行车的总重力，即小华骑行时对地面的压力，已知骑行时轮胎与地面的接触面积，根据p=FS可求出小华骑行时对地面的压强；
(2)根据题意求出匀速骑行时自行车所受的阻力，再根据二力平衡条件求出自行车的动力，已知骑行的速度，根据P=Wt=Fst=F动v求出自行车的功率。
本题考查了重力、压强和功率计算公式的应用，解题关键是要知道匀速骑行时的动力和所受阻力大小相等。
36.【答案】解：(1)水下2m深处海水产生的压强为：p=ρ海水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×2m=2×104Pa；
(2)浮冰的重力：G冰=mg=90×103kg×10N/kg=9×105N；
由于浮冰漂浮：则：F浮=G冰=9×105N；
浮冰排开海水的体积为：V排=F浮ρ海水g=9×105N1.0×103kg/m3×10N/kg=90m3，
90t的浮冰体积为：V冰=mρ冰=90×103kg0.9×103kg/m3=100m3，
所以V露=V冰-V排=100m3-90m3=10m3。
答：(1)水下2米深处海水产生的压强是2×104Pa；
(2)此时浮冰露出水面的体积为10m3。
【解析】(1)根据p=ρgh即可求出海水产生的压强；
(2)根据G=mg求出浮冰的重力；根据物体浮沉条件求出浮力的大小；据阿基米德原理求出冰排开水的体积，根据密度公式求出冰的体积，冰的体积减去排开水的体积即为露出水面的体积。
此题主要考查的是学生对液体压强、漂浮条件、阿基米德原理公式、密度公式的理解和掌握，难度不大。
37.【答案】解：(1)A的重力为：
GA=mAg=ρAVAg=0.6×103kg/m3×(0.1m)3×10N/kg=6N，
A恰好完全浸没时受到的浮力为：
F浮=GA+F=6N+6N=12N，
由阿基米德原理可知，加入液体的密度为：
ρ液=F浮gV排=F浮gVA=12N10N/kg×(0.1m)3=1.2×103kg/m3；
(2)加入液体的重力为：
G液=m液g=ρ液V液g=1.2×103kg/m3×1000×10-6m3×10N/kg=12N，
因柱形容器对支持面的压力等于容器、容器内液体以及排开液体的重力之和，
又因容器为轻质容器，所以容器对支持面的压力为：
F压=G液+G排=G液+F浮=12N+12N=24N，
A漂浮时受到浮力为：F浮'=GA=6N，
此时A排开液体的体积为：
V排'=F浮'ρ液g=6N1.2×103kg/m3×10N/kg=5×10-4m3=500cm3，
所以容器B的底面积为：
SB=V液+V排'h液=1000cm3+500cm310cm=150cm2，
所以A恰好浸没时容器对桌面的压强为：
p=F压SB=24N150×10-4m2=1600Pa；
(3)A漂浮时浸入液体的深度为：h1=V排'SA=500cm3(10cm)2=5cm，
当细线恰好拉直时，此时注入容器B内液体的体积为：
V1=SB(L+h1)-V排'-V液=150cm2×(10cm+5cm)-500cm3-1000cm3=750cm3，
所以当注入液体的体积x>750cm3时，容器内液体的深度为：
h2=x+V液+V排'SB=x+1000cm3+500cm3150cm2=x150+10(cm)，
容器底部受到的液体压强p随x变化的函数关系表达式为：
p=ρ液gh2=1.2×103kg/m3×10N/kg×(x150+10)×10-2m=1200+0.8x(Pa)；
当A恰好浸没时，此时注入容器B内液体的体积为：
V2=SB(L+hA)-VA-V液=150cm2×(10cm+10cm)-1000cm3-1000cm3=1000cm3，
所以当注入液体的体积750cm3≤x<1000cm3时，容器内液体的深度为：
h3=L+h1+x-V1SB-SA=10cm+5cm+x-750cm3150cm2-(10cm)2=x50(cm)，
容器底部受到的液体压强p随x变化的函数关系表达式为：
p=ρ液gh3=1.2×103kg/m3×10N/kg×x50×10-2m=2.4x(Pa)；
当注入液体恰好装满容器时，此时注入的液体体积为：
V3=SBhB-VA-V液=150cm2×25cm-1000cm3-1000cm3=1750cm3，
所以当注入液体的体积1000cm3≤x<1750cm3时，容器内液体的深度为：
h3=L+hA+x-V2SB=10cm+10cm+x-1000cm3150cm2=20+x-1000150(cm)，
容器底部受到的液体压强p随x变化的函数关系表达式为：
p=ρ液gh3=1.2×103kg/m3×10N/kg×(20+x-1000150)×10-2m=600+0.4x(Pa)；
当注入液体装满容器后，继续注入液体容器内液体的深度不变，压强保持不变，
所以当注入容器内的液体体积x≥1750cm3时，容器底部受到的液体压强为：
p=ρ液ghB=1.2×103kg/m3×10N/kg×0.25m=3000Pa。
答：(1)加入液体的密度为1.2×103kg/m3；
(2)A恰好浸没时容器对桌面的压强为1600Pa；
(3)当注入液体的体积x>750cm3时，容器底部受到的液体压强p随x变化的函数关系表达式为：p=1200+0.8x(Pa)；
当注入液体的体积750cm3≤x<1000cm3时，容器底部受到的液体压强p随x变化的函数关系表达式为：p=2.4x(Pa)；
当注入液体的体积1000cm3≤x<1750cm3时，容器底部受到的液体压强p随x变化的函数关系表达式为：p=600+0.4x(Pa)；
当注入容器内的液体体积x≥1750cm3时，容器底部受到的液体压强p随x变化的函数关系表达式为：p=3000Pa。
【解析】(1)根据G=mg=ρVg求出A的重力，根据F浮=GA+F可求出A恰好完全浸没时受到的浮力，根据阿基米德原理可求出加入液体的密度；
(2)根据G=mg=ρVg求出加入液体的重力，柱形容器对支持面的压力等于容器、容器内液体以及排开液体的重力之和；A漂浮时受到浮力为F浮'=GA，根据阿基米德原理求出此时A排开水的体积，根据体积关系可求出容器B的底面积，根据p=FS求出A恰好浸没时容器对桌面的压强大小；
本题考查液体压强公式、压强定义式、阿基米德原理和物体的浮沉条件的应用，正确分析加水的过程中容器水深的变化过程是关键，综合性强，过程复杂，难度大。
绝密★启用前
2021-2022学年四川省成都市高新区八年级（下）期末物理试卷
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
一、单选题（本题共17小题，共34分）
1. 牛顿建立了著名的运动定律，下列物理量的单位以牛顿的名字命名的是( )
A. 力 B. 功 C. 功率 D. 压强
2. 以下估测符合实际的是( )
A. 我们八年级下期物理课本受到的重力约为10N
B. 将一枚鸡蛋举高1m做的功约5J
C. —个标准大气压大约能托起10m高的水柱
D. 滑轮组的机械效率可以达到100%
3. 下列情景中，力使物体发生形变的是( )
A. 被钢尺击打的棋子飞出
B. 射箭运动员用力将弓拉弯
C. 小钢球的曲线运动
D. 苹果在重力作用下下落
4. 科技助力疫情防控，人工智能展示我国科研新实力。北京冬奥村智慧餐厅顶部的云轨自动化送餐系统，菜品制作完成后将通过这个装置被送达到点餐桌的正上方，悬停后等待用餐者取下餐盘即可享用美食。下列分析正确的是( )
A. 当餐盘随云轨加速滑行时受力平衡
B. 餐盘一定受到底座对它的摩擦力作用
C. 餐盘随云轨水平匀速移动时底座对餐盘做功
D. 餐盘对底座的压力与底座对餐盘的支持力是一对相互作用力
5. 厉害了我的国!我国自主研制的万米级全海深载人潜水器“奋斗者号”成功坐底，到达深度为10909米的海底，创造了我国载人深潜的新深度记录。如图所示，“奋斗者号”匀速直线下潜过程中，下列说法错误的是( )
A. 受平衡力作用
B. 受到海水的压强不断增大
C. 观察窗口受到海水的压力不断增大
D. 若受到的外力全部消失，“奋斗号”将静止
6. 如图所示自行车的各部分描述中，减小了有害摩擦的是( )
A. 自行车轮胎上制有较深的花纹
B. 刹车时用力捏闸
C. 车轴中装有滚珠
D. 自行车脚踏板面刻有花纹
7. 小明用约100颗钉子做成了钉床甲，6颗钉子做成钉床乙，如图所示(钉子规格相同)。将一个塑料袋装满水封好。先后放到两个钉床上，发现它放到钉床甲上未被扎破，而放到钉床乙上却被扎破了，这是因为装满水的塑料袋( )
A. 在甲上受到的压力小 B. 在甲上没有受到压力
C. 在乙上的受力面积大 D. 在乙上受到的压强大
8. 2021年12月7日，首届WTT(世界乒乓球职业大联盟)世界杯，中国乒乓球队当日包揽双冠成为最大赢家。图为樊振东发球时的情景，以下说法中错误的是( )
A. 击球瞬间，乒乓球拍并没有受到乒乓球的作用力
B. 发球时乒乓球受到球拍的作用，改变了运动状态
C. 离开球拍后乒乓球能在空中继续运动，是因为乒乓球具有惯性
D. 改变击球时力的大小、方向或作用点，都会产生不同的发球效果
9. 2022年第24届冬奥会在北京举办，如图所示是运动员们在冬奥会上顽强拼搏的身姿。下列有关说法正确的是( )
A. 甲图运动员擦拭冰面：增大了冰壶与冰面的摩擦力
B. 乙图运动员通过弯道：运动员的运动状态保持不变
C. 丙图滑雪板做得宽大：减小了运动员对雪地的压强
D. 丁图运动员跃下跳台：运动员动能转化为重力势能
10. 如图所示的情景中，说法正确的是( )
A. 接种疫苗时，是利用大气压将注射器里的药液注入肌肉的
B. 硬纸片利用大气压“托住”了杯中的水
C. 青藏高原边防战士用高压锅煮面条，是因为海拔越高，大气压越大
D. 用真空采血管抽血，血液流入管中时，管内气压高于人体血压
11. 小明利用斜面分别进行了“探究阻力对物体运动的影响”(如图甲)和“探究动能大小与质量的关系”(如图乙)两个实验，下列说法正确的是( )
A. 甲、乙两个实验中，都需要使水平面的粗糙程度不同
B. 甲、乙两个实验中，小车和小球到达水平面能继续运动是因为它们都受到惯性力的作用
C. 甲实验中小车滑行的距离不同，但小车刚开始下滑时具有的机械能不相等
D. 乙实验中小球的质量应该不同，但小球到达水平面时初始速度需要相同
12. 夏季到来交警部门加大了对电动车安装遮阳伞的检査拆除力度，如图所示遮阳伞虽能遮挡阳光，但是当电动车快速行驶时，伞面被向上吸，存在较大的安全隐患。以下四种情景与其原理不同的是( )
A. 人站在高铁站的安全线以外候车 B. 飞机的机翼设计成流线型
C. 用手动抽水机抽出地下水 D. 赛车尾部安装的气流偏导器
13. 如图所示，是我国古代《墨经》最早记述的秤的杠杆原理，有关它的说法正确的是( )
①图中“标”“本”表示力臂，“权”“重”表示力
②图中的B点为杠杆的支点
③“权”小于“重”时，A端一定上扬
④增大“重”时，应把“权”向A端移才能重新恢复水平平衡
A. 只有①④ B. 只有①② C. 只有③④ D. 只有②④
14. 神舟十四号载人飞船于2022年6月5日成功发射，三名航天员将踏上“太空出差”之旅，一起赴九天、探苍穹。以下关于飞船发射过程的分析说法正确的是( )
A. 飞船加速升空的过程中动能转化为重力势能
B. 飞船加速升空的过程中机械能增加
C. 飞船加速升空的过程中重力势能转化为动能
D. 飞船加速升空的过程中机械能不变
15. 如图所示是小明用矿泉水瓶和小玻璃瓶制作的“浮沉子”。他将装有适量水的小玻璃瓶口朝下，使其漂浮在矿泉水瓶内的水面上，矿泉水瓶内留有少量空气，拧紧瓶盖使其密封，用力挤压矿泉水瓶侧面时“浮沉子”下沉，松手后“浮沉子”上浮。下列说法错误的是( )
A. 潜水艇与“浮沉子”浮沉的原理相同
B. “浮沉子”下沉时，所受重力大于它受到的浮力
C. 无论怎样用力挤压矿泉水瓶侧面，“浮沉子”都不可能悬浮在水中
D. 松开手“浮沉子”上浮时，小玻璃瓶内上方气压增大
16. 2022年3月23日下午，神舟十三号乘组航天员翟志刚、王亚平、叶光富在中国空间站进行第二次太空授课，如图所示。下列说法正确的是( )
A. 航天员不可以写字记录，因为在太空中摩擦力不存在
B. 飘在空中不动的航天员轻推对方，就会向相反的方向运动
C. 物体在太空中的质量比在地球上的质量小
D. 在天宫一号的实验舱内不可以用弹簧测力计测量拉力
17. 中山舰是浓缩了“中国现代史”的一代名舰，它不仅对中国革命有着深远的意义，更是一座永恒的历史丰碑。在整体打捞中山舰过程中，利用“双驳抬撬、整体出水”的方案，即在沉船两侧各锚定一艘1500吨级的主抬驳船，驳船上各安装20台相同的卷扬机，用20根钢轨连接在卷扬机上编织成一张网。采取将舰体抬离江底一定高度，再向岸边横向移动一定距离的阶梯式反复起伏抬舰办法，成功的将中山舰全部打捞露出水面。如图所示。下列说法正确的是( )
A. 中山舰未露出水面打捞过程中，舰体所受浮力和液体压强保持不变
B. 中山舰匀速向上直至完全露出水面过程中，卷扬机的功率保持不变
C. 中山舰打捞至完全露出水面过程中。两驳船受到浮力保持不变
D. 中山舰打捞至完全露出水面过程中。两驳船浸在水中深度逐渐变大
二、多选题（本题共3小题，共6分）
18. 如图所示，质量为m的小球从静止下落，落在与A点等高处、竖直放置静止的轻弹簧上，到达与B点等高处时小球重力与弹簧的弹力大小相等，图中与C点等高处是小球到达的最低点(不计空气阻力)。下列说法正确的是( )
A. 到达A点时，小球的动能最大
B. 从A到B，小球减少的重力势能等于增加的动能
C. 下落过程中，小球重力势能一直减小、动能先增大后减小
D. 到达C点时，小球的动能为零，受到的重力与弹簧的弹力是一对平衡力
19. 如图，甲、乙两个实心物体静止在水平面上，甲为底面积为0.25m2、高3m的均匀柱状体，乙为边长为1m的正方体。当沿水平方向截取不同高度的甲物体，并平放在乙物体正上方时，甲、乙对地面的压强随截取的高度h的变化如图所示，则下列说法正确的是( )
A. 甲乙密度相同 B. h1=1.2m
C. p1=1.6p0 D. p1：p2=4：5
20. 如图所示，竖直固定的测力计下端挂一个滑轮组，已知每个滑轮均重20N，滑轮组下端挂有一个物体B，滑轮组绳的末端通过定滑轮沿水平方向与物体A相连，物体A在绳的水平拉力作用下向右做匀速直线运动。此时测力计的示数为100N，滑轮组的机械效率为η。在物体B下加挂重为15N的物体C后，用水平向左的力F拉动物体A使其沿水平桌面向左做匀速直线运动，此时B上升的速度为3cm/s。滑轮与轴的摩擦、绳的质量等次要因素都忽略不计，g取10N/kg。则下列说法正确的是( )
A. 拉力F的大小为80N B. 物体A所受的滑动摩擦力为40N
C. 拉力F做功的功率为7.65W D. 滑轮组的机械效率η为60%
三、填空题（本题共9小题，共36分）
21. 排球是成都中考体考三选一考试项目，在练习时小明用力将排球竖直垫起，说明力可以改变物体的______，排球在竖直上升过程中，其重力势能______。
22. 成都茶馆中经常能见到长嘴壶茶艺表演，讲究“左手托碗，布龙门阵，右手掺茶”。一支细长近70厘米的长嘴铜壶，在茶艺师手里挥洒自如。茶壶的制作利用了______原理，随着茶水似细线一股倒出，壶底受到的液体压强______。
23. 2022年2月6日女足亚洲杯决赛。中国女子足球运动员肖裕仪在第93分钟打进绝杀球，中国女足以3-2逆转韩国女足获得冠军。时隔16年捧起第九座女足亚洲杯冠军奖杯！据悉，比赛专业用球赛的质量不得超过453克，其重力为______N。当足球在空中运动时所受的是______(选填“平衡力”或“非平衡力”)(g=10N/kg)。
24. 小华发现有的橡皮材质较硬，擦字时易打滑擦不干净。这是因为物体表面越______，摩擦力越小的缘故。所以使用时他需要更加用力才能擦干净，这是通过______来增大橡皮与纸间的摩擦。
25. 如图所示，两只相同的试管，内盛有等质量的液体，甲管竖直放置，乙管倾斜放置，两管液面相平，比较两管中的液体对管底压强的大小p甲______p乙(填“大于”、“等于”或“小于”)。如果将乙试管慢慢直立起来，则它底部所受液体压强______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。
26. 小明发现实验室的水龙头把手坏了，剩余部分的水龙头很难徒手拧开如图甲。但将如图乙所示的钥匙，安装并旋转后(如图丙所示)。水龙头就能正常出水。则此钥匙相当于一个______(选填“斜面”、“滑轮”或“轮轴”)，属于______(选填“省力”或“费力”)机械。
27. 图甲所示，超超在平地上用水平向右的力推木箱，推力随时间变化的图像如图乙所示，木箱速度随时间变化的图像如图丙所示，3s～6s内木箱所受摩擦力大小为______N，9s～12s内推力做功的功率大小为______W。
28. 负压救护车车内空间为负压舱，它能滴水不漏地防止病毒再传播。其主要部分是利用抽气机将被污染的空气经过消毒、杀菌处理后，使车内气压______(选填“高于”、“低于”或“等于”)车外大气压，在______作用下，清洁的空气只能由车外流向车内，并使空气由清洁区(医务人员区)流向感染源区(病人区)。
29. 2020年7月26日，我国自主研制的大型灭火/水上救援水陆两栖飞机“鲲龙”AG600成功实现海上首飞，最大起飞质量达53.5吨。当飞机降落在淡水湖面汲水时，为保证其顺利起飞，排开水的体积最大为______m3(假设淡水密度近似为水的密度1.0×103kg/m3，g取10N/kg)。同一架“鲲龙”AG600降落在淡水湖泊水面和海面的显著不同是______(选填“浮力”或“被排开的液体体积”)。
四、作图题（本题共2小题，共4分）
30. 如图，物体A静止在斜面上，画出物体A所受的重力G和物体对斜面压力F的示意图。
31. 我们应养成随手关水龙头的好习惯，如图甲所示的水龙头的手柄可简化为图乙所示的杠杆OA，其中O为支点，关水龙头时F2为手柄受到的阻力，请作出最小动力F1的示意图及其力臂L1。
五、实验探究题（本题共3小题，共22分）
32. 在学习“探究影响滑动摩擦力大小因素”实验后，实验小组的同学根据自己理解重新设计了一套实验装置，如图甲所示。
(1)将木块平放在水平长木板上，用弹簧测力计沿水平方向拉动，使其做______运动，此时弹簧测力计的示数______木块所受滑动摩擦力的大小。
(2)在木块上加放砝码，是为了探究滑动摩擦力大小与______的关系；在长木板上铺上棉布或毛巾，是为了探究滑动摩擦力大小与接触面______的关系。
(3)小东认为，这个实验首先应该探究物体运动速度是否会影响滑动摩擦力大小，否则不能排除该因素对实验的影响。于是他设计了如图乙所示的实验装置。启动传送带。使其以不同的速度转动，待示数稳定，观察到弹簧测力计的示数并没有发生变化。这说明滑动摩擦力大小与物体运动速度大小______(选填“有关”或“无关”。
33. 小华做“探究杠杆平衡条件”实验装置如图所示，杠杆上相邻刻线间的距离相等。
(1)如图甲所示，杠杆在水平位置平衡后，在A点挂两个钩码，每个钩码中0.5N，在B点竖直向下拉弹簧测力计，仍是杠杆水平位置平衡，此时弹簧测力计的示数应为______N。若斜拉弹簧测力计，是杠杆再次在水平位置平衡，弹簧测力计的示数______(选填“变大”、“变小”或“不变”)；
(2)小华又制作了一个密度均匀的圆盘(相当于杠杆)，圆盘可以绕着圆心O转动(转轴阻力忽略不计)，圆盘上CH所在直线上相邻两点间距离相等，他先在圆盘的C点挂上4个钩码(如图乙)，再用一个量程合适的弹簧测力计在M点施加竖直向上的拉力后，圆盘______(填“能”或“不能”)在图示位置静止。
(5)为了探究“力的作用点到支点的距离能否影响杠杆的平衡”，小华在圆盘的C点挂上4个钩码(如图乙)，又在G点挂上一定数量的钩码后发现圆盘在如图所示位置平衡，为了改变支点到力的作用点的距离，他将挂在G点的钩码先后挂在______两个点又进行了两次实验，发现圆盘仍在如图所示位置平衡，即可得到结论。
34. 萱萱小组想利用浮力知识探究物体密度的测量方法，如图是他们完成的两个探究实验：
(1)第一个实验是利用电子秤来测量矿石的密度，实验步骤如图1。
①电子秤放在水平桌面上，装有适量水的烧杯放在电子秤上，电子秤示数如图1A所示；
②把被测矿石用细线拴好，缓慢放入装有水的烧杯中，矿石未触碰到烧杯底部，水未溢出，子秤的示数如图1B所示；
③然后缓慢放下矿石，让被测矿石沉入烧杯底部，电子秤示数如图1C所示；
根据实验步骤中的数据，可测出被测矿石的质量是______g，被测矿石的密度是______g/cm3。
(2)小鲁同学想到还可以利用这一矿石测量未知液体的密度，她进行了如图2操作：
①在圆柱形容器中装适量的这一液体，将另一平底烧杯放入圆柱形容器的液体中，烧杯静止时容器中液体的深度H1=0.13m，如图2甲所示；
②将刚才实验中的矿石擦干水放入烧杯中，如图2乙所示，此时烧杯静止时露出液面的高度h1=0.04m，容器中液体的深度H2=0.18m，烧杯和石块受到的浮力为F1；
③将矿石拴在烧杯底部，如图2丙所示，烧杯静止时露出液面的高度为h2=0.07m，烧杯和石块受到的浮力为F2，则F1______F2。(选填“大于”、“等于”或“小于”)
④已知圆柱形容器底部面积为烧杯底面积的2倍。则这一液体的密度为______kg/m3。
六、计算题（本题共3小题，共18分）
35. 以“一轴两山三环七道”为主体骨架建设的成都天府绿道将贯通成都，建成后将是全国规划最长的城市绿道慢性系统，是成都加快建设公园城市伟大蓝图中的一抹清新绿色。据悉，“2022天府绿道健康行骑行活动”已于近日拉开帷幕，骑行爱好者小华参加了此次活动。小华骑行的是一台碳纤维助力电动山地车，整车只有15公斤，此车采用了电动助力设计，可帮助自行车提速最高达到36km/h。已知小华体重为65kg，骑行时轮胎与地面的接触总面积约100cm2，山地车所受阻力为总重的0.02，g=10N/kg，求：
(1)小华骑行时车对地面的压强？
(2)小华以36km/h匀速直线骑行时，自行车的功率？
36. 由于温室气体大量排放，全球气候变暖加剧。两极冰川大面积熔化，海面上出现大量浮冰。如图所示，现有一块90t的实心浮冰漂浮在海面上，假设附近海域的海水密度近似为水的密度1.0×103kg/m3，冰的密度为0.9×103kg/m3。求：
(1)水下2m深处海水产生的压强；
(2)此时浮冰露出水面的体积为多少m3。
37. 如图甲所示，水平放置的轻质方形容器B，容器高为25cm，内有一个密度为0.6g/cm3、边长为10cm的实心正方体A，A与容器底部不密合，将A下表面中央与容器B的底部用一根长10cm的细绳连在一起(细绳质量、体积忽略不计)后，A置于B中央并静止。先向容器内缓慢加入1000mL某液体后，A漂浮于液面，此时液面深度为10cm，再用6N竖直向下的力作用在A上，使其恰好完全浸没，如图乙所示。(g取10N/kg)求：
(1)加入液体的密度；
(2)A恰好浸没时容器对桌面的压强大小；
(3)撤去6N压力后，继续向容器内加入该液体，假设继续加入液体的体积为xcm3，求该容器底部受到的液体压强p随x变化的函数关系表达式。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：在物理学中，
A、力的基本单位是牛顿，故A符合题意；
B、功的基本单位是焦耳，故B不符合题意；
C、功率的基本单位是瓦特，故C不符合题意；
D、压强的基本单位是帕斯卡，故D不符合题意。
故选：A。
根据对常见物理量及其单位的掌握作答。
此题考查我们对常见物理量及其单位对应关系的掌握情况，属于识记性知识的考查，难度不大。
2.【答案】C
【解析】解：A、八年级下期物理课本受到的重力约为2N，故A错误；
B、一枚鸡蛋的质量约为50g=0.05kg，将一枚鸡蛋举高lm做的功约为W=Gh=mgh=0.05kg×10N/kg×1m=0.5J，故B错误；
C、一个标准大气压大小与10m高的水柱产生的压强相等，即标准大气压大约能托起10m高的水柱，故C正确；
D、使用滑轮组时，总要做一些额外功，故其机械效率不可能达到100%，故D错误；
故选：C。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
3.【答案】B
【解析】解：
A、被钢尺击打的棋子飞出，静止的物体运动了，力改变了运动状态，故A不符合题意；
B、射箭运动员用力将弓拉弯，弓变弯，力改变物体的形状，故B符合题意；
C、小钢球的曲线运动，小钢球的运动轨迹发生了改变，小球改变了运动状态，故不符合题意；
D、苹果在重力作用下下落，苹果的运动速度越来越快，力改变了运动状态，故D不符合题意。
故选：B。
力的作用效果有两个：一是改变物体的形状，二是改变物体的运动状态；
本题考查力的作用效果，是基础题。
4.【答案】D
【解析】解：A、当餐盘随云轨加速滑行时，运动状态改变，受力不平衡，故A错误；
B、当餐盘与底座相对静止时，餐盘没有受到底座对它的摩擦力作用，故B错误；
C、餐盘随云轨水平匀速移动时底座对餐盘没有做功，因为底座对餐盘的支持力向上，距离的方向水平向前，故C错误；
D、餐盘对底座的压力与底座对餐盘的支持力是一对相互作用力，满足相互作用力的条件，故D正确。
故选：D。
(1)物体受到平衡力作用时，其运动状态不变，即处于静止状态或匀速直线运动状态。物体受非平衡力作用时，其运动状态会发生变化，体现在速度大小及方向的变化。
(2)摩擦力的概念是：两个互相接触的物体，当它们做相对运动或有运动趋势时，在接触面上会产生一种阻碍相对运动的力，这种力就叫摩擦力。
(3)做功的两个必要因素：作用在物体上的力，物体在力的方向上通过的距离(即力和距离的方向要一致)，二者缺一不可。
(4)相互作用力的大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在两个物体上。
理解受力情况与运动状态间的关系，知道摩擦力概念，理解力做功的必要因素和互相作用力的条件，可解答此题。
5.【答案】D
【解析】解：
A、“奋斗者号”匀速直线下潜，做的是匀速直线运动，受力平衡，故A正确；
B、奋斗者号匀速下潜过程中，所处的深度不断增加，所以受到海水的压强不断变大，故B正确；
C、观察窗口的面积不变，受到的压强变大，根据F=pS可知，受到海水的压力不断增大，故C正确；
D、若受到的外力全部消失，运动的“奋斗号”将保持匀速直线运动状态，故D错误。
故选D。
(1)物体处于静止或匀速直线运动状态时，受力平衡；
(2)液体压强随深度的增加而增大；
(3)根据F=pS分析压力的变化；
(4)根据牛顿第一定律判断物体不受力时的运动状态。
本题考查了平衡状态的判定、液体内部压强的影响因素、压力的变化、牛顿第一定律的应用，难度不大。
6.【答案】C
【解析】解：A、自行车轮胎上制有较深的花纹是在压力一定时，增大接触面的粗糙程度，增大摩擦力，故A错误；
B、刹车时用力捏闸是在接触面的粗糙程度相同时，增大压力来增大摩擦力，故B错误；
C、车轴中装有滚珠是变滑动为滚动，减小了有害的摩擦力，故C正确；
D、自行车脚踏板面刻有花纹，增大接触面的粗糙程度，增大摩擦力，故D错误。
故选：C。
(1)增大摩擦的办法有：①增大压力，②增大接触面的粗糙程度，③变滚动为滑动；
(2)减小摩擦的办法有：①减小压力，②减小接触面的粗糙程度，③变滑动为滚动，④使接触面脱离接触。
通过日常生活中与摩擦有关的具体措施，来结合对应的物理知识，是考查的热点题型，这种题目可以充分体现理论与实际的联系。
7.【答案】D
【解析】解：钉床甲100颗钉子做成，6颗钉子做成了钉床乙，由此可知，将一个塑料袋装满水封好，先后放到两个钉床上，在甲、乙上的压力相同，且甲的受力面积大于乙的受力面积，受力面积越小，压强越大，所以发现它放到钉床甲上未被扎破，而放到钉床乙上却被扎破了，故D正确，ABC错误。
故选：D。
压强与压力大小和受力面积大小有关，在压力一定时，受力面积越大，压强越小。
本题考查了减小压强的方法，关键明确压强的大小与压力的大小和受力面积大小有关。
8.【答案】A
【解析】解：A、击球瞬间，乒乓球拍同时也受到了乒乓球的作用力，因为物体间力的作用是相互的，故A错误；
B、击球时，乒乓球受到球拍的作用，改变了乒乓球的运动状态，故B正确；
C、离开球拍后乒乓球能在空中继续运动，是因为乒乓球具有惯性，要保持原来的运动状态，故C正确；
D、改变击球时力的大小、方向和作用点，都会产生不同的发球效果，因为力的三要素都影响力的作用效果，故D正确。
故选：A。
(1)物体间力的作用是相互的，物体受到力的同时，也对另一个物体施加了力；
(2)力的作用效果有两个：①力可以改变物体的形状即使物体发生形变；②力可以改变物体的运动状态，包括物体的运动速度大小发生变化、运动方向发生变化；
(3)任何物体都具有惯性，即保持原运动状态不变的性质；
(4)力的三要素有：力的大小、方向、作用点，它们都影响力的作用效果。
理解力的作用的相互性、力的两个作用效果、惯性概念及力的三要素，可正确解答此题。
9.【答案】C
【解析】解：
A.运动员用毛刷快速擦拭冰面，冰由于温度升高而熔化，使冰壶与冰之间更为光滑，由于水的出现使冰壶与冰面分开，从而减小了冰壶与冰面之间的摩擦，冰壶会滑的更远，故A错误；
B.运动员在匀速通过弯道时，他的速度大小不变，方向变化，所以运动员的运动状态改变，故B错误；
C.滑雪运动员的滑雪板做得宽大，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小对雪地的压强，故C正确；
D.动员跃下跳台下落时，运动员的质量不变，高度减小，速度增大，重力势能转化为动能，故D错误。
故选：C。
(1)减小摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动代替滑动；
(2)物体的速度大小和方向的变化都属于运动状态的改变；
(3)压强大小的影响因素：压力大小和受力面积大小：
(4)在下落过程中，从质量和高度判断重力势能的大小变化，从质量和速度判断动能的大小变化。
掌握滑动摩擦力、运动状态的判断、压强大小的影响因素、动能和重力势能的转换，在平时的学习过程中，要擅于运用物理知识来解释一些日常现象，从而为解答此类题积累经验。
10.【答案】B
【解析】解：
A、肌肉注射时是利用增大压力的方式增大药筒内液体压强，所以将药液压入人体内，没有利用大气压，故A错误；
B、硬纸片“托住”杯中的水，即杯口的纸片不下落，是典型的“覆杯实验”实验，是大气压作用的结果，故B正确；
C、液体的沸点跟气压有关，气压增大，沸点升高；气压减小，沸点降低。海拔越高，大气越稀薄，大气压越小，故C错误；
D、真空采血管在组装后应保持一定的负压，即真空试管内气体的压强小于人体血压，使血液可以顺利采出，故D错误。
故选：B。
(1)(2)(4)大气压的存在能够解释很多现象，这些现象有一个共性：通过某种方法，使设备的内部气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下出现了这种现象；
(3)沸点是指物体由液态转化为气态的温度；液体的沸点跟气压有关，气压增大，沸点升高；气压减小，沸点降低。
本题考查了大气压与高度的关系、大气压在生活中的应用，难度不大。
11.【答案】D
【解析】解：A、“探究阻力对物体运动的影响”时要改变水平面的粗糙程度，探究出阻力逐渐减小时物体的运动情况；“探究影响动能大小的因素”实验中水平面的粗糙程度要相同，观察木块被推动距离的远近来体现动能的大小，故A错误；
B、甲、乙两个实验中，小车和小球到达水平面能继续向前运动是因为小球具有惯性，而不能说“受惯性作用”，故B错误；
C、甲实验中要使同一小车从斜面的同一高度由静止滑下，小车的质量不变，高度相同，速度相同，所以动能和重力势能相同，机械能相同，故C错误；
D、探究动能的大小与质量关系时，控制小球的速度相同，故D正确。
故选：D。
惯性是物体本身的一种性质，只能说“具有惯性”、“由于惯性“，不能说“受惯性的作用；
利用斜面都是为了使小球到达水平面时的获得速度；“探究阻力对物体运动的影响”时要改变水平面的粗糙程度，“探究影响动能大小的因素”实验中水平面的粗糙程度要相同；
重力势能的大小与质量、高度有关，动能的大小与质量、速度有关；机械能为动能和势能的和。
此题考查了“探究运动和力的关系”实验和“探究影响动能大小的因素”的区别和联系，为易错题。
12.【答案】C
【解析】解：伞面“上凸下平”，当电动车快速行驶时，伞上方空气流速大，压强小，下方空气流速小，压强大，伞就受到一个向上的升力，使伞面被向上吸，存在较大的安全隐患；
A、人离高速列车比较近时，人和列车的之间的空气流速大、压强小，人外侧的压强不变，人受到向列车方向的压强差，容易被压向列车，故人站在高铁站的安全线以外候车，故A不合题意；
B、飞机的机翼设计成流线型，由空气通过机翼上表面的流速大、压强小，通过下表面的流速小、压强大，从而形成向上的升力，利用了流体压强和流速的关系，故B不合题意；
C、用手动抽水机抽出地下水，是利用了大气压的作用，没有涉及流体压强与流速的关系，故C符合题意；
D、赛车尾部安装的气流偏导器，相当于倒置的飞机机翼，赛车行驶时，上方的气流速度小于下方气流速度，形成对气流偏导器向下的压力，能使车轮更好地抓紧地面，利用了流体压强和流速的关系，故D不合题意。
故选：C。
液体和气体都称为流体，流体流速越大的地方压强越小，流速越小的地方压强越大。
本题考查了流体压强与流速的关系，重点考查学生利用所学知识解决实际问题的能力，要求学生掌握流体压强跟流速的关系，并能用流体压强知识解释有关的问题。
13.【答案】A
【解析】解：①由图可知“标”“本”表示力臂，“权”“重”表示力，故①正确；
②图中O点为杠杆的支点，故②错误；
③根据杠杆平衡条件可知，“权”与“标”的乘积小于“重”与“本”的乘积时，A端一定上扬，故③错误；
④增大“重”时，“重”与“本”的乘积时增大，根据杠杆平衡条件可知，权”与“标”的乘积也应增大，而“权”为定值，则应增大“标”值，即把“权”向A端移，故④正确。
故选：A。
(1)掌握杠杆的五个要素：支点、动力、阻力、动力臂、阻力臂；
(2)杠杆的平衡条件(杠杆原理)：F1×l1=F2×l2
本题考查了杠杆及杠杆平衡条件的应用，难度不大，关键是熟练应用杠杆平衡条件。
14.【答案】B
【解析】解：飞船加速升空的过程中，质量不变，速度变大，动能变大；质量不变，高度升高，重力势能增大；由于动能和重力势能都增大，机械能增大，不是动能转化为重力势能，也不是重力势能转化为动能；故B正确。
故选：B。
动能的大小与物体的质量、速度有关；重力势能的大小与物体的质量、高度有关，动能和势能统称为机械能。
本题考查了动能、重力势能和机械能的变化，属于基础题。
15.【答案】CD
【解析】解：挤压大塑料瓶，瓶内空气被压缩，将压强传递给水，水被压入小瓶中，将瓶体中的空气压缩，这时浮沉子里进入一些水，它的重力增加，大于它受到的浮力，就向下沉；当浮力等于重力，就会悬浮在水中；松开手，小瓶内的气体会将瓶内的水排出，气体体积变大，压强变小；潜水艇与“浮沉子”浮沉的原理相同，都是靠改变自身重力来实现沉浮的；综上所述，CD错误，AB正确。
故选：CD。
(1)根据物体的浮沉条件即可判断：浮力大于重力，物体上浮；浮力小于重力，物体下沉；
(2)在气体质量一定时，气体体积越小压强越大。
本题考查了浮沉子的工作原理，掌握物体浮沉的条件是解答本题的关键。
16.【答案】B
【解析】解：
A.在太空中物体处于失重状态，但是压力是存在的，摩擦力也仍然存在，他们可以写字，故A错误；
B.由于物体间力的作用是相互的，而且物体处于失重状态，所以飘在空中不动的航天员轻推对方，就会向相反的方向运动，故B正确；
C.物体的质量与位置无关，物体在太空中的质量和在地球上的质量相同，故C错误；
D.在天宫一号的实验舱内，物体处于失重状态，弹簧测力计无法测量重力，但弹力不会消失，可以用弹簧测力计测量拉力，故D错误。
故选：B。
(1)摩擦力与失重状态无关；
(2)物体间力的作用是相互的；
(3)质量是物质的一种特性，与位置无关；
(4)在空间站中，弹簧测力计不能测量物体的重力，但可以测量拉力的大小。
本题是一道综合题目，主要考查摩擦力、力的相互作用、弹簧测力计的应用、物体的质量等知识，难度不大。
17.【答案】D
【解析】解：
A、中山舰未露出水面打捞过程中，舰体排开的水的体积不变，水的密度不变，根据阿基米德原理F浮=ρ水gV排可知，所受浮力大小不变；中山舰在水中的深度变浅，根据p=ρgh可知，液体压强变小，故A错误；
B、中山舰匀速向上直至完全露出水面过程中，根据阿基米德原理F浮=ρ水gV排可知，中山舰所受的浮力变小；中山舰竖直向上做匀速直线运动，竖直方向上受力平衡，受到竖直向下的重力、竖直向上的浮力和竖直向上的拉力的作用，重力不变，浮力变小，所以拉力变大；速度不变，根据P=Wt=Fst=Fv可知，卷扬机的功率变大，故B错误；
C、把两个驳船、中山舰看作一个整体，整体在水中处于漂浮状态，整体的重力不变，根据物体的浮沉条件可知，整体受到的浮力不变；根据阿基米德原理F浮=ρ水gV排可知，整体排开的水的体积不变；中山舰打捞至完全露出水面过程中，中山舰排开的水的体积变小，由于排开的水的总体积不变，所以两个驳船排开的水的体积变大，浸入水中的深度变大，根据阿基米德原理F浮=ρ水gV排可知，两驳船受到的浮力变大，故C错误、D正确。
故选：D。
(1)根据阿基米德原理分析浮力的大小变化；根据p=ρgh分析液体压强的变化；
(2)中山舰匀速向上直至完全露出水面过程中，根据阿基米德原理分析浮力的大小变化；对中山舰受力分析，判定所受拉力的变化，根据P=Wt=Fst=Fv分析功率的变化；
(3)(4)对整体分析，根据物体的浮沉条件、阿基米德原理分析两驳船受到浮力的变化和驳船深度的变化。
本题考查了物体浮沉条件和阿基米德原理的应用、液体内部压强计算公式的应用，有一定的难度。
18.【答案】C
【解析】解：
ABC、小球由静止运动到A点时，小球只受重力作用，速度不断增大；小球从A点运动到B点时，受到竖直向下重力和竖直向上弹力的作用，重力大于弹力，合力竖直向下，小球还在加速；小球在B点时，受到竖直向下重力和竖直向上弹力的作用，重力等于弹力；小球从A到B的过程中，小球的重力势能转化为动能和弹性势能，小球减少的重力势能大于增加的动能；小球从B点运动到C点时，受到竖直向下重力和竖直向上弹力的作用，重力小于弹力，合力竖直向上，小球在减速；小球由静止运动到C点，速度先增大后减小，小球的质量保持不变，小球的动能先增大后减小；整个过程中，小球的质量不变，高度一直变小，重力势能一直变小；故AB错误、C正确；
D、到达C点时，小球的速度为0，动能为零；此时的弹力要大于重力，所以受到的重力与弹簧的弹力不是一对平衡力，故D错误。
故选：C。
(1)从动能、重力势能、弹性势能的影响因素进行分析：
动能的大小跟质量和速度有关，在质量一定时，速度越大，动能越大；在速度一定时，质量越大，动能越大。
重力势能大小跟质量和高度有关，质量一定时，高度越高，重力势能越大；在高度一定时，质量越大，重力势能越大。
弹性势能的大小跟弹性形变有关，弹性形变越大，弹性势能越大。
(2)二力平衡条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一个物体上。
本题考查了动能、重力势能、弹性势能的变化和平衡力的辨别，难度不大。
19.【答案】AD
【解析】解：当沿水平方向截取不同高度的甲物体，并平稳的放在乙物体上时，甲剩余的质量减小，对地面的压力减小，受力面积不变，由p=FS可知，甲对地面的压强减小，乙对地面的压强增大，由图可知，p随h的增大而减小的图像，为甲的压强随截取的高度h的变化的关系，p随h的增大而增大的图像，为乙的压强随截取的高度h的变化的关系。
A.根据p=FS=GS=mgS=ρVgS=ρgShS=ρgh知甲与乙的密度之比为：
ρ甲ρ乙=p甲gh甲p乙gh乙=p甲p乙×h乙h甲=3p0p0×1m3m=11，则甲乙密度相同，故A正确；
B.由图可知，甲截取高度为h1时，甲剩余部分对地面的压强与叠加后乙对地面的压强相等，则有：G甲-ΔGS甲=G乙+ΔGS乙，即代入得ρ甲gS甲h甲-ρ甲gS甲h1S甲=ρ乙gS乙h乙+ρ甲gS甲h1S乙，化简后的
h甲-h1=h乙+S甲S乙⋅h1，解得h1=1.6m，故B错误；
C.p1与p0之比为：p1p0=ρ甲g(h甲-h1)ρ乙gh乙=1.41，解得p1=1.4p0，故C错误；
D.p1与p2之比为：
p1p2=ρ甲g(h甲-h1)G甲+G乙S乙=ρ甲gS甲(h甲-h1)ρ甲gS甲h甲+ρ乙gS乙h乙S乙=h甲-h1S甲h甲S乙+h乙=1.4m0.25m2S乙×3m+1m=45，故D正确。
故选：AD。
当沿水平方向截取不同高度的甲物体，并平稳地放在乙物体上时，甲剩余的质量减小，对地面的压力减小，受力面积不变，由p=FS可知甲对地面压强减小，据此判断代表甲的压强随截取的高度h的变化的图象；
(1)根据p=FS=GS=mgS=ρVgS=ρgShS=ρgh算出甲与乙的密度之比；
(2)由图可知，甲截取高度为h1时，甲剩余部分对地面的压强与叠加后乙对地面的压强相等，根据G甲-ΔGS甲=G乙+ΔGS乙，化简后算出h1的值；
(3)根据p=FS=GS=mgS=ρVgS=ρgShS=ρgh得出p1和p0的值，进而得出p1与p0的关系；
(4)根据p=FS=GS=mgS=ρVgS=ρgShS=ρgh得出p1与p2之比。
本题考查了压强公式和密度公式、重力公式的灵活应用，从图象中获取有用的信息是关键，要注意水平面上物体的压力和自身的重力相等。
20.【答案】BC
【解析】解：
B、由图可知，两段绳子向下拉测力计，滑轮组上每段绳子拉力为F1，则F示=2F1+G滑轮，即：100N=2F1+20N，所以F1=40N，
由图知，以物体B为研究对象，通过动滑轮绳子的段数n=3，绳重及滑轮转轴处的摩擦等次要因素忽略不计，
所以滑轮组绳子自由端受到的拉力F1=13×(GB+G动)，所以GB=3F1-G动=3×40N-20N=100N，
此时物体A向右做匀速直线运动，水平方向受到向右的拉力(大小等于滑轮组绳子自由端拉力)与水平桌面对它水平向左的摩擦力是一对平衡力，
所以物体A受到的摩擦力f=F1=40N，故B正确；
A、在物体B下加挂重为15N的物体C后，用水平向左的力F拉动物体A使其沿水平桌面向左做匀速直线运动，
滑轮组绳子自由端受到的拉力F2=13(G动+GB+GC)=13×(20N+100N+15N)=45N，
此时水平方向物体A受到向左的拉力F与向右的拉力F2、摩擦力f'平衡，且由于物体A对桌面的压力，接触面的粗糙程度不变，所以物体A受到的摩擦力大小不变，还是40N，
F=F2+f'=45N+40N=85N，故A错误；
C、B上升的速度为3cm/s，
则物体A左移的速度：v=3vB=3×3cm/s=9cm/s=0.09m/s，
拉力做功的功率：P=Fv=85N×0.09m/s=7.65W，故C正确；
D、物体A在绳的水平拉力作用下向右做匀速直线运动时，滑轮组的机械效率：
η=W有用W总=GhFs=GhF⋅3h=G3F=GB3F1=100N3×40N≈83.3%，故D错误。
故选：BC。
(1)由图可知，两段绳子向下拉测力计，测力计的示数等于绳子上拉力的2倍加上一个滑轮重力，由此可得滑轮组上每段绳子的拉力；
由图可知，n=3，不计绳重及滑轮的摩擦，滑轮组绳子自由端受到的拉力F1=13(GB+G动)，可求出B的重力；因A物体向右做匀速直线运动，则由二力平衡条件可得A物体所受滑动摩擦力的大小；
(2)用水平向左的力F拉动A可使其沿水平桌面向左做匀速直线运动，因A对桌面的压力不变、接触面的粗糙程度不变，则A受到的摩擦力大小不变，此时水平向左的拉力F=f+13(GB+GC+G动)；
(3)拉力端移动速度等于物体升高速度的3倍，利用P=Fv求拉力做功功率；
(4)匀速提升物体B时，利用η=W有用W总=GhFs=GhF⋅3h=G3F计算出滑轮组的机械效率。
本题为力学综合题，考查使用滑轮组拉力的计算、力的平衡知识的运用、影响滑动摩擦力的因素、物体的受力分析、功率的计算等，两种情况下对物体A做正确的受力分析是关键。
21.【答案】运动状态 变大
【解析】解：在练习时小明用力将排球竖直垫起，排球受力竖直向上运动过程中速度减小，这说明力可以改变物体的运动状态；
排球在竖直上升过程中，其质量不变，高度变大，重力势能变大。
故答案为：运动状态；变大。
力可以改变物体的运动状态和物体的形状；重力势能的大小与质量、高度有关。
本题考查了力的作用效果、重力势能的变化，属于基础题。
22.【答案】连通器 减小
【解析】解：茶壶上端开口、下端相连，利用了连通器原理，壶内的水静止时，壶身和壶嘴内的水面是相平的；
随着茶水似细线一股倒出，水的深度变小，水的密度不变，根据p=ρgh可知，壶底受到的液体压强减小。
故答案为：连通器；减小。
上端开口、下端相连的容器为连通器；根据p=ρgh分析液体压强的变化。
本题考查了连通器原理、液体内部压强的大小变化，属于基础题。
23.【答案】4.53 非平衡力
【解析】解：足球质量m=453g=0.453kg，受到的重力为G=mg=0.453kg×10N/kg=4.53N；
足球在空中沿弧线运动，方向发生变化，处于非平衡状态，所以受到的是非平衡力。
故答案为：4.53；非平衡力。
(1)已知足球质量，利用G=mg得到重力；
(2)物体受到平衡力的作用时会保持静止状态或匀速直线运动状态。
此题考查了重力的计算和力和运动关系的应用，是一道基础题，难度不大。
24.【答案】光滑 增大压力
【解析】解：如果橡皮质硬，擦字时打滑，字擦不干净，这是由于物体表面越光滑，摩擦力越小；
增大摩擦力的方法有增大压力或增大接触面的粗糙程度，用力擦，增大了橡皮对纸的压力，从而增大了摩擦力，字就擦干净了。
故答案为：光滑；增大压力。
(1)摩擦力大小的影响因素：压力大小和接触面的粗糙程度；
(2)增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度。
本题主要考查学生对影响摩擦力大小的因素以及增大或减小摩擦力方法的理解和应用。
25.【答案】大于；变大
【解析】解：(1)由图知，V甲
所以根据公式ρ=mV可得两种液体的密度关系：ρ甲>ρ乙，
又因为p=ρgh，两管液面相平(液体的深度h相同)，
所以两管中的液体对管底压强：p甲>p乙；
(2)如果将乙试管慢慢直立起来，液体密度不变，深度增大，由公式p=ρgh知，它底部所受液体压强变大。
故答案为：大于；变大。
(1)知道两管液面相平、试管相同，可知液体体积的大小关系；又知道液体的质量相同，根据密度公式可知液体密度的大小关系，再根据液体压强公式比较两管中的液体对管底压强的大小关系；
(2)根据液体压强公式p=ρgh进行分析，判断液体对试管底部的压强变不变，就看h变不变，要清楚h是指液面到试管底部的垂直距离。
此题考查了液体压强大小的比较，解答的关键是确定液体密度关系和深度变化。
26.【答案】轮轴 省力
【解析】解：钥匙在使用时绕中心轴转动，所以属于轮轴；轮轴是杠杆的一种变形，由于轮半径大于轴半径，若动力作用在轮上，则动力臂大于阻力臂，此时轮轴属于省力杠杆。
故答案为：轮轴；省力。
由轮和轴组成的，能绕共同的轴线旋转的简单机械叫做轮轴，因为轮半径大于轴半径，使用轮轴可以省力杠杆。
本题考查了轮轴的特点，属于基础题。
27.【答案】6 6
【解析】解：由图丙所示，9s～12s内木箱做匀速直线，此时推力与木箱所受摩擦力是一对平衡力。由图乙知，9s～12s内木箱所受推力6N，所以木箱所受摩擦力大小为6N。3s～6s内木箱做加速运动，压力和接触面的粗糙程度不变，所受摩擦力大小不变，3s～6s内木箱所受摩擦力是6N；
9s～12s内推力做功的功率大小为P=Wt=Fst=Fv=6N×1m/s=6W。
故答案为：6；6。
物体做匀速运动时，受到的滑动摩擦力等于推力的大小；滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关；根据P=Wt=Fst=Fv求出功率的大小。
本题考查了学生对力学图像的分析能力，能从图像上得到有用的物理信息是解题的关键，是一道锻炼学生分析思考能力的好题。
28.【答案】低于 大气压
【解析】解：车内空间为负压舱，小于外界大气压，因此必须用抽气机将被污染的空气经过消毒、杀菌处理后从车内抽出，使车内气压低于车外大气压，在大气压作用下，清洁的空气只能由车外流向车内，并使空气由清洁区(医务人员区)流向感染源区(病人区)。
故答案为：低于；大气压。
负压救护车是利用负压技术是使救护车内的大气压强小于外界的大气压强，据此分析即可解答。
此题考查大气压的综合应用，理解负压救护车的工作原理是关键。
29.【答案】53.5 被排开的液体体积
【解析】解：(1)最大起飞质量达53.5吨，则最大浮力F浮=G总=m总g=53.5×103kg×10N/kg=5.35×105N，根据F浮=ρgV排可知其排开水的体积最大为V排=F浮ρ水g=5.35×105N1×103kg/m3×10N/kg=53.5m3；
(2)质量不随形状、状态、位置和温度的变化而变化，同一架“鲲龙”AG600降落在淡水湖泊水面和海面，质量不变，根据G=mg可知重力不变，根据F浮=G总可知“鲲龙”AG600所受浮力相同，因淡水和海水的密度不同，根据V排=F浮ρ液g可知被排开的液体体积会显著不同。
故答案为：53.5；被排开的液体体积。
(1)最大起飞质量达53.5吨，根据F浮=G总=m总g得出最大浮力，根据F浮=ρgV排可知其排开水的体积最大值；
(2)质量不随形状、状态、位置和温度的变化而变化，同一架“鲲龙”AG600降落在淡水湖泊水面和海面，质量不变，根据G=mg可知重力不变，根据F浮=G总可知“鲲龙”AG600所受浮力相同，因淡水和海水的密度不同，F浮=ρgV排可分析被排开的液体体积是否变化。
本题考查阿基米德原理的应用，属于对基础知识的考查，是一道较为简单的应用题。
30.【答案】解：根据长方体对角线的交点确定出重心，然后过物体重心画带箭头的线段，方向竖直向下，即重力示意图。
在斜面上选取物体与接触面的中点为压力的作用点，过压力作用点画垂直于斜面、带箭头的线段即压力示意图。
如图所示：
【解析】重力是物体受到的力，因此根据规则物体的重心在物体的几何中心，重力的方向总是竖直向下的，过物体的重心表示出重力的方向即可；
压力是接触面受到的力，因此压力的作用点在接触面上，即物体与接触面的中点；然后根据压力的方向垂直于受力面，并过压力作用点表示出压力的方向即可。
本题的关键是确定压力和重力的作用点和方向，并会用力的图示表示力的三要素。
31.【答案】解：
根据杠杆平衡条件，阻力与阻力臂不变时，要动力最小，则动力臂应最长，连接支点O与A点，则OA为最长的动力臂L1；阻力的方向已标出，所以动力的方向应该向下，从A点作OA的垂线就得到在A点施加的最小动力F1，如下图所示：
【解析】根据杠杆平衡的条件，F1L1=F2L2，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长。而在通常情况下，连接杠杆中支点和动力作用点这两点所得到的线段最长，据此可解决此题。
根据杠杆的平衡条件，要使杠杆上的动力最小，必须使该力的力臂最大，而动力臂最大时力的作用点一般离杠杆的支点最远，所以在杠杆上找到离杠杆支点最远的点即力的作用点，这两点的连线就是最长的动力臂，从力的作用点作垂线就是最小的动力。
32.【答案】匀速直线 等于 压力大小 粗糙程度 无关
【解析】解：(1)将木块平放在水平长木板上，用弹簧测力计沿水平方向拉动，使其做匀速直线运动，根据二力平衡，此时弹簧测力计示数等于木块所受滑动摩擦力的大小；
(2)在木块上加放砝码，增大了压力，是为了探究滑动摩擦力大小与压力大小的关系；在长木板上铺上棉布或毛巾，改变了接触面的粗糙程度，是为了探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系；
(3)影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，小东的想法是错误的；
启动传送带，当弹簧测力计的示数稳定后，木块相对于地面处于静止状态，此时弹簧测力计(绳子)对木块的拉力(水平向右)与木块所受滑动摩擦力为一对平衡力，大小相等，方向相反；启动传送带，使其以不同的速度转动，待示数稳定，弹簧测力计的示数没有改变，则滑动摩擦力大小不变，说明木块所受滑动摩擦力的大小与传送带的速度大小无关。
故答案为：(1)匀速直线；等于；(2)压力大小；粗糙程度；(3)无关。
(1)根据二力平衡的条件分析；
(2)影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此得出结论；
(3)①启动传送带，当弹簧测力计的示数稳定后，木块相对于地面静止，由二力平衡分析；
②弹簧测力计的示数没有改变，则滑动摩擦力不变，据此分析。
本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用，体现了对过程和方法的考查。
33.【答案】1.5 变大 不能 D、N
【解析】解：(1)若每个小格长L，在A点挂2个相同的钩码，在B点竖直向下拉弹簧测力计，让杠杆在水平位置平衡，
根据杠杆的平衡条件有2×0.5N×3L=F×2L，
解得F=1.5N，弹簧测力计的示数应为1.5N；
当弹簧测力计改为斜拉时，拉力的力臂减小，再次使杠杆水平位置平衡，根据杠杆的平衡条件，弹簧测力计的示数将变大；
(2)设圆盘上CH所在直线上相邻两点间距离为a，阻力力与阻力臂的乘积为：4×0.5N×3a=6aN；动力与动力臂的乘积为：F动×0=0；
由于F1L1≠F2L2，所以圆盘不能在图示位置静止；
(3)根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2得，
4×0.5N×3a=n×0.5N×2a，
解得n=6，
当改变右边挂钩码的位置时，
4×0.5N×3a=6×0.5N×ma，
解得m=2，
所以右边力臂保持不变，即他可以将挂在G点的钩码先后挂在D、N两个点又进行实验。
故答案为：(1)1.5；变大；(2)不能；(3)D、N。
(1)根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2分析解答；
(2)根据杠杆的平衡条件计算左边力与力臂的乘积是否等于右边力与力臂的乘积，据此判断圆盘能否静止；
(3)由题意知，左边力与力臂保持不变，右边力也保持不变，要使圆盘仍然平衡，则右边的力臂也必须保持不变，从而找到另外挂钩码的点。
本题考查探究杠杆平衡条件的实验，关键是将实验操作步骤及结论记忆清楚，仔细分析即可解答，对于复杂的图形，把它转化为基本的杠杆模型来分析。
34.【答案】300 2.5 等于 0.75×103
【解析】解：(1)由A和C图知，矿石的质量：m=650g-350g=300g。
由A和B求出矿石排开水的重力，G排=m排g=(0.47kg-0.35kg)×10N/kg=1.2N，
根据阿基米德原理得，F浮=G排=1.2N，
矿石的体积：V=V排=F浮ρ水g=1.2N1.0×103kg/m3×10N/kg=1.2×10-4m3=120cm3。
矿石的密度：ρ=mV=300g120cm3=2.5 g/cm3。
(2)③如图乙和丙，烧杯和矿石整体漂浮在水中，根据漂浮条件得，浮力等于重力，由于整体重力不变，所以浮力不变，所以F1等于F2。
④乙和丙图，烧杯和矿石整体漂浮，排开水的体积相等，烧杯露出部分的体积减少量等于矿石的体积，
设烧杯的底面积是S，
所以，V=(h2-h1)S=(0.07m-0.04m)S=0.03m×S=3cm×S，
因为，V=120cm3，
所以烧杯的底面积：S=120cm33cm=40cm2。
所以容器的底面积：S'=2S=2×40cm2=80cm2=8×10-3m2，
对于漂浮的物体，增加的浮力等于增加的重力，
由甲和乙知，△F浮=G=mg=0.3kg×10N/kg=3N，
烧杯排开水的体积增加量：△V'排=S'×(H2-H1)=8×10-3m2×(0.18m-0.13m)=4×10-4m3，
根据阿基米德原理得，△F浮=ρ液g△V'排，
所以，液体的密度：ρ液=△F浮g×△V'排=3N10N/kg×4×10-4m3=0.75×103kg/m3。
故答案为：(1)300；2.5；(2)③等于；④0.75×103。
(1)由A和C图求出矿石的质量；根据G=mg，由A和B求出矿石排开水的重力，根据阿基米德原理求出矿石受到的浮力，求出矿石的体积；知道矿石的质量和体积，根据密度公式求出矿石的密度。
(2)③根据漂浮条件进行判断。
④乙和丙图，烧杯和矿石整体漂浮，排开水的体积相等，烧杯露出部分的体积减少量等于矿石的体积，求出烧杯的底面积，知道烧杯底面积和圆柱形容器的底面积关系，求出容器底面积。
甲和乙图，根据增加的浮力等于增加的重力，求出增加的浮力，根据阿基米德原理求出液体的密度。
本题考查了固体密度测量、液体密度测量、浮力等问题，综合性很强，有很大的难度。
35.【答案】解：(1)小华骑行时对地面的压力为：F=G总=(m车+m人)g=(15kg+65kg)×10N/kg=800N，
骑行时轮胎与地面的接触总面积约S=100cm2=0.01m2，
则小华骑行时车对地面的压强为：p=FS=800N0.01m2=8×104Pa；
(2)由题知匀速骑行时山地车所受阻力为：f=0.02G重=0.02×800N=16N，
由二力平衡条件可知骑行的动力为：F动=f=16N，
已知骑行的速度为v=36km/h=10m/s，
则自行车的功率为：P=Wt=Fst=F动v=16N×10m/s=160W。
答：(1)小华骑行时车对地面的压强为8×104Pa；
(2)小华以36km/h匀速直线骑行时，自行车的功率为160W。
【解析】(1)根据G=mg可得出自行车的总重力，即小华骑行时对地面的压力，已知骑行时轮胎与地面的接触面积，根据p=FS可求出小华骑行时对地面的压强；
(2)根据题意求出匀速骑行时自行车所受的阻力，再根据二力平衡条件求出自行车的动力，已知骑行的速度，根据P=Wt=Fst=F动v求出自行车的功率。
本题考查了重力、压强和功率计算公式的应用，解题关键是要知道匀速骑行时的动力和所受阻力大小相等。
36.【答案】解：(1)水下2m深处海水产生的压强为：p=ρ海水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×2m=2×104Pa；
(2)浮冰的重力：G冰=mg=90×103kg×10N/kg=9×105N；
由于浮冰漂浮：则：F浮=G冰=9×105N；
浮冰排开海水的体积为：V排=F浮ρ海水g=9×105N1.0×103kg/m3×10N/kg=90m3，
90t的浮冰体积为：V冰=mρ冰=90×103kg0.9×103kg/m3=100m3，
所以V露=V冰-V排=100m3-90m3=10m3。
答：(1)水下2米深处海水产生的压强是2×104Pa；
(2)此时浮冰露出水面的体积为10m3。
【解析】(1)根据p=ρgh即可求出海水产生的压强；
(2)根据G=mg求出浮冰的重力；根据物体浮沉条件求出浮力的大小；据阿基米德原理求出冰排开水的体积，根据密度公式求出冰的体积，冰的体积减去排开水的体积即为露出水面的体积。
此题主要考查的是学生对液体压强、漂浮条件、阿基米德原理公式、密度公式的理解和掌握，难度不大。
37.【答案】解：(1)A的重力为：
GA=mAg=ρAVAg=0.6×103kg/m3×(0.1m)3×10N/kg=6N，
A恰好完全浸没时受到的浮力为：
F浮=GA+F=6N+6N=12N，
由阿基米德原理可知，加入液体的密度为：
ρ液=F浮gV排=F浮gVA=12N10N/kg×(0.1m)3=1.2×103kg/m3；
(2)加入液体的重力为：
G液=m液g=ρ液V液g=1.2×103kg/m3×1000×10-6m3×10N/kg=12N，
因柱形容器对支持面的压力等于容器、容器内液体以及排开液体的重力之和，
又因容器为轻质容器，所以容器对支持面的压力为：
F压=G液+G排=G液+F浮=12N+12N=24N，
A漂浮时受到浮力为：F浮'=GA=6N，
此时A排开液体的体积为：
V排'=F浮'ρ液g=6N1.2×103kg/m3×10N/kg=5×10-4m3=500cm3，
所以容器B的底面积为：
SB=V液+V排'h液=1000cm3+500cm310cm=150cm2，
所以A恰好浸没时容器对桌面的压强为：
p=F压SB=24N150×10-4m2=1600Pa；
(3)A漂浮时浸入液体的深度为：h1=V排'SA=500cm3(10cm)2=5cm，
当细线恰好拉直时，此时注入容器B内液体的体积为：
V1=SB(L+h1)-V排'-V液=150cm2×(10cm+5cm)-500cm3-1000cm3=750cm3，
所以当注入液体的体积x>750cm3时，容器内液体的深度为：
h2=x+V液+V排'SB=x+1000cm3+500cm3150cm2=x150+10(cm)，
容器底部受到的液体压强p随x变化的函数关系表达式为：
p=ρ液gh2=1.2×103kg/m3×10N/kg×(x150+10)×10-2m=1200+0.8x(Pa)；
当A恰好浸没时，此时注入容器B内液体的体积为：
V2=SB(L+hA)-VA-V液=150cm2×(10cm+10cm)-1000cm3-1000cm3=1000cm3，
所以当注入液体的体积750cm3≤x<1000cm3时，容器内液体的深度为：
h3=L+h1+x-V1SB-SA=10cm+5cm+x-750cm3150cm2-(10cm)2=x50(cm)，
容器底部受到的液体压强p随x变化的函数关系表达式为：
p=ρ液gh3=1.2×103kg/m3×10N/kg×x50×10-2m=2.4x(Pa)；
当注入液体恰好装满容器时，此时注入的液体体积为：
V3=SBhB-VA-V液=150cm2×25cm-1000cm3-1000cm3=1750cm3，
所以当注入液体的体积1000cm3≤x<1750cm3时，容器内液体的深度为：
h3=L+hA+x-V2SB=10cm+10cm+x-1000cm3150cm2=20+x-1000150(cm)，
容器底部受到的液体压强p随x变化的函数关系表达式为：
p=ρ液gh3=1.2×103kg/m3×10N/kg×(20+x-1000150)×10-2m=600+0.4x(Pa)；
当注入液体装满容器后，继续注入液体容器内液体的深度不变，压强保持不变，
所以当注入容器内的液体体积x≥1750cm3时，容器底部受到的液体压强为：
p=ρ液ghB=1.2×103kg/m3×10N/kg×0.25m=3000Pa。
答：(1)加入液体的密度为1.2×103kg/m3；
(2)A恰好浸没时容器对桌面的压强为1600Pa；
(3)当注入液体的体积x>750cm3时，容器底部受到的液体压强p随x变化的函数关系表达式为：p=1200+0.8x(Pa)；
当注入液体的体积750cm3≤x<1000cm3时，容器底部受到的液体压强p随x变化的函数关系表达式为：p=2.4x(Pa)；
当注入液体的体积1000cm3≤x<1750cm3时，容器底部受到的液体压强p随x变化的函数关系表达式为：p=600+0.4x(Pa)；
当注入容器内的液体体积x≥1750cm3时，容器底部受到的液体压强p随x变化的函数关系表达式为：p=3000Pa。
【解析】(1)根据G=mg=ρVg求出A的重力，根据F浮=GA+F可求出A恰好完全浸没时受到的浮力，根据阿基米德原理可求出加入液体的密度；
(2)根据G=mg=ρVg求出加入液体的重力，柱形容器对支持面的压力等于容器、容器内液体以及排开液体的重力之和；A漂浮时受到浮力为F浮'=GA，根据阿基米德原理求出此时A排开水的体积，根据体积关系可求出容器B的底面积，根据p=FS求出A恰好浸没时容器对桌面的压强大小；
本题考查液体压强公式、压强定义式、阿基米德原理和物体的浮沉条件的应用，正确分析加水的过程中容器水深的变化过程是关键，综合性强，过程复杂，难度大。
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