2022届四川省成都市石室中学高三下学期“三诊模拟”数学(理)试题含解析
展开成都石室中学2021~2022学年度下期高2022届“三诊模拟”
理科数学
(全卷满分150分,考试时间120分钟)
第Ⅰ卷(选择题,共60分)
一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1.如果复数为纯虚数,那么实数a的值为( )
A. B.1 C.2 D.1或
2.根据如下样本数据,得到回归直线方程为,则( )
x | 4 | 5 | 6 | 7 | 8 | 9 |
y | 5.0 | 3.5 | 0.5 | 1.5 |
A., B., C., D.,
3.从集合的所有子集中任取一个,这个集合恰是集合的子集的概率是( )
A. B. C. D.
4.若点在两条平行直线与之间,则整数b的值为( )
A. B.4 C. D.5
5.设为指数函数(且),函数的图象与的图象关于直线对称.在,,,四点中,可能是函数与的图象的公共点的有( )
A.0个 B.1个 C.2个 D.3个
6.已知直线l和平面,满足,.在,,这三个关系中,以其中两个作为条件,余下一个作为结论所构成的命题中,真命题的个数是( )
A.0 B.1 C.2 D.3
7.已知,实数满足对于任意的,都有,若,则实数a的值为( )
A. B.3 C. D.
8.过点作圆的两条切线,切点分别为A,B,圆心为C,则过点A,B,C的圆的方程是( )
A. B.
C. D.
9.在中,,则的形状一定是( )
A.直角三角形 B.等腰三角形 C.等边三角形 D.等腰直角三角形 10.在中,,则以A,B为焦点且过点C的双曲线的离心率为( )
A. B. C. D.
11.已知,且,则的最小值是( )
A.49 B.50 C.51 D.52
12.如图1,在中,,,D为AC中点.将沿BD折起,使得,如图2所示,则二面角的余弦值为( )
A. B. C. D.
第Ⅱ卷(非选择题,共90分)
二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.
13.已知实数x,y满足条件则的最大值为______.
14.在的展开式中,常数项为______.
15.为了考察某校各班参加课外书法小组的人数,在全校随机抽取5个班级,把每个班级参加该小组的人数作为样本数据.已知样本平均数为10,样本方差为4,且样本数据互不相同,则样本数据中的最大值为______.
16.若函数的图象关于直线对称,且直线与的图象有四个不同的公共点,则实数k的取值范围是______.
三、解答题:共70分.解答应写出文字说明,证明过程成演算步骤.第17~21题为必考题,每个试题考生都必须作答;第22、23题为选考题,考生根据要求作答.
(一)必考题:共60分.
17.(本小题满分12分)已知数列的前n项和为,且.
(Ⅰ)求,及数列的通项公式;
(Ⅱ)设,求使得成立的最小正整数n的值.
18.(本小题满分12分)2021年某地在全国志愿服务信息系统注册登记志愿者8万多人,2020年7月份以来,共完成1931个志愿服务项目,8900多名志愿者开展志愿服务活动累计超过150万小时,为了了解此地志愿者对志愿服务的认知和参与度,随机调查了500名志愿者每月的志愿服务时长(单位:小时),并绘制如图所示的频率分布直方图.
(Ⅰ)估计这500名志愿者每月志愿服务时长的样本平均数和样本方差(同一组中的数据用该组数据区间的中间值代表);
(Ⅱ)由直方图可以认为,目前该地志愿者每月服务时长X服从正态分布,其中近似为样本平均数,近似为样本方差.一般正态分布的概率都可以转化为标准正态分布的概率进行计算:若,令,则,且.
ⅰ)利用直方图得到的正态分布,求;
ⅱ)从该地随机抽取20名志愿者,记Z表示这20名志愿者中每月志愿服务时长超过10小时的人数,求(结果精确到0.001),以及Z的数学期望(结果精确到0.01).
参考数据:,,,,.若,则,,.
19.(本小题满分12分)在①,②,③,这三个条件中选择一个,补充在下面问题中,并解答.
如图,在五面体ABCDE中,已知______,,,且,.
(Ⅰ)求证:平面平面ABC;
(Ⅱ)线段BC上是否存在一点F,使得平面AEF与平面ABE的夹角的余弦值等于?若存在,求的值;若不存在,说明理由.
20.(本小题满分12分)
(Ⅰ)求证:曲线与曲线有且只有一个公共点,且这个公共点的横坐标在区间内;
(Ⅱ)若不等式对任意恒成立,求实数a的取值范围.
21.(本小题满分12分)已知点,,,,动点S,T满足,,直线MS与NT交于一点P.设动点P的轨迹为曲线C.
(Ⅰ)求曲线C的方程;
(Ⅱ)直线与曲线C交于A,B两点,G为线段AB上任意一点(不与端点重合),倾斜角为的直线经过点G,与曲线C交于E,F两点.若的值与点G的位置无关,求证:.
(二)选考题:共10分.考生在第22、23题中任选一题作答.如果多做,那么按所做的第一题计分.
22.[选修4—4:坐标系与参数方程](本小题满分10分)在平面直角坐标系xOy中,曲线C的参数方程为(t为参数).在以原点O为极点,x轴的非负半轴为极轴建立的极坐标系中,直线l的极坐标方程为.
(Ⅰ)求曲线C的普通方程和直线l的直角坐标方程;
(Ⅱ)求曲线C上的点到直线l的距离的最小值.
23.[选修4—5:不等式选讲](本小题满分10分)已知函数.
(Ⅰ)若,求不等式的解集;
(Ⅱ)对于任意的实数m,n,且,若恒成立,求实数a的取值范围.
答案及解析
1.A【解析】由题意,知,解得或.但当时,为实数,因此.故选A.
2.B【解析】作出散点图易知,回归直线的斜率,截距.故选B.
3.C【解析】集合的子集有(个),集合的子集有(个),因此所选集合恰为集合的子集的概率为.故选C.
4.B【解析】直线与两条平行直线和分別交于点及(5,5),因此.由b是整数,知.故选B.
5.B【解析】由题意,知.逐一代入验证可知,仅点N可能同时在两条曲线上.故选B.
6.C【解析】当且时,成立;当且时,不一定成立;当且时,结合,得成立.故选C.
7.D【解析】由题意及正弦函数的图象可知,是的一个极大值点,由,得.故选D.
8.A【解析】由几何关系易知,过点A,B,C的圆以PC为直径,其圆心为(0,1),直径为,故所求圆的方程为.故选A.
9.B【解析】由题意,知,故.结合可知,,即,所以一定是等腰三角形.故选B.
10.D【解析】设,则,,得,故,因此,所以双曲线的离心率.故选D.
11.B【解析】由已知,得
,当且仅当,即,时等号成立.因此,的最小值是50.故选B.
12.A【解析】由题意易知,为正三角形.如图,设点A折叠前的位置为点,则与都是正三角形.设,由,
得.
又由,,得,则,即四面体为正四面体.过点A作平面于点O,则点O是正三角形的中心.取BD的中点M,连接OM,则,,所以为二面角的平面角,且.
由二面角与二面角互补可知,二面角的余弦值为.故选A.
13.4【解析】作出不等式组表示的平面区域如图所示.由图易知,当直线过点时,取得最大值为4.
14.7【解析】的展开式的通项为,取及可知,的展开式中的常数项为1.项的系数为4.因此,的展开式中,常数项为.
15.13【解析】设样木数据由小到大依次为,,,,,记,则,.由于且可知,.
若,则,得,,,中要么有1个是4其余3个是0,要么4个都是1,这与样本数据互不相同矛盾.若,则,取,,,满足题意.若,则,,,,只有,,,满足,但此时不满足.若,则,,,,不满足.综上可知,,,即样本数据的最大值为13.
16.【解析】由已知可得,是的两个零点,因此3和5也是的零点,所以
.
由题意可知,关于x的方程有四个不同的实数解.令,则关于t的方程有两个不同的实数解,,且关于x的方程与各有两个不同的实数解,因此,.令,则解得,即实数k的取值范围是.
17.解:(Ⅰ)由题意,得,即,;
,即,将代入并整理得,.
当时,,即.
因此,当时,.
综上可知,数列的通项公式为
(Ⅱ)由(Ⅰ)可得,,
则,
由,得.
注意到随着n的增大而增大,且,,因此所求n的最小值为63.
18.解:(Ⅰ),
.
(Ⅱ)ⅰ)由题意并结合(Ⅰ)可知,,,
所以,所以 .
ⅱ)由ⅰ)可知,,所以,
所以,.
19.(Ⅰ)证明:如图,取BC中点O,AB中点M,连接DO,MO,EM,
则MO为的中位线,所以且.
又,所以四边形DEMO为平行四边形.
由,可知,.
由,O为BC中点,可知,且.
因为,,,所以平面DOM.
又平面DOM,所以.
若选①,则由,可知,.
又,所以平面ABC.
若选②,则由,,得.又所以平面BCD.又平面BCD,所以,所以四边形DEMO为矩形,所以.又,,所以平面ABC.
若选③,则由,M为AB中点,得.又,所以平面ABC.
又平面ABE,
所以平面平面ABC.
(Ⅱ)解:由(Ⅰ)可知,OD,OB,OM两两垂直,以O为坐标原点建立空间直角坐标系如图所示,
则,,,,,
得,.
易知平面ABE的一个法向量为.
设,则.
设平面AEF的法向量为,则即
令,得平面AEF的一个法向量.
由题意,得,解得或(舍去),
所以.
20.(Ⅰ)证明:设两条曲线交于点,则,即.
设,则对恒成立,
所以在上单调递增.
注意到,.
所以有且只有一个零点,且该零点在区间内.
因此,曲线与曲线有且只有一个公共点,且这个公共点的横坐标在区间内.
(Ⅱ)解:由题意,得对任意恒成立.
设,则.
由(Ⅰ)可知,当时;当时,
所以在上单调递减,在上单调递增,
所以,
故只需.
由,得.
设,则,.
由可知,在上单调递增.
又出(1)可知,,所以,,所以,
所以实数a的取值范围是.
21.(Ⅰ)解:由题意,知,从而,则.
设,则,.
由M,P,S三点共线,得.
由,得,从而.
出N,P,T三点共线,得,消去得,整理得,
即曲线C的方程为.
(Ⅱ)证明:由题意并结合(Ⅰ)易知(不妨设点A在第一象限),,.
设点,其中,
则,,
所以.
若直线的斜率不存在,则直线的方程为,
此时,,
故不为定值.
若直线的斜率存在,设直线的斜率为k,则直线的方程为.
将直线的方程代入曲线C的方程化简、整理,得.
设,,则,,
所以
,
故.
因为的值与m的值无关,
所以,解得,
所以,
所以G是EF的中点,即.
22.解:(Ⅰ)对于曲线C,由且可知,曲线C的普通方程为.
对于直线l,利用可知,直线l的直角坐标方程为.
(Ⅱ)设为曲线C上一点,
则点P到直线l的距离,
当且仅当,即时等号成立,此时.
因此,曲线C上的点到直线l的距离的最小值为.
23.解:(Ⅰ)当时,
当时,由,解得,即.
当时,恒成立.
当时,由,解得,即.
综上所述,不等式的解集为.
(Ⅱ)由柯西不等式,得,
当且仅当,即,时等号成立,
因此的最大值为5.
因为,当时等号成立,
所以的最小值为.
要使恒成立,只需成立,
所以实数a的取值范围是.
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