人教版高一物理必修一期末测试卷

这是一份高中人教版 (新课标)全册综合精品练习，共19页。试卷主要包含了单选题，填空题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。

一、单选题（本大题共10小题，共40.0分）
在大型电视剧《闯关东》中，山东龙口港到大连是一条重要的闯关东路线。假设有甲、乙两船同时从龙口出发，甲船路线是龙口—旅顺—大连，乙船路线是龙口—大连。两船航行2天后同时在下午3点到达大连，则下列有关描述中正确的是( )
A. 在研究两船的航行时间时，不能将船视为质点
B. 题述中，“2天”和“下午3点”指的都是时刻
C. 两船的路程相同，位移不同
D. 两船的平均速度相同
对于运动概念的描述，下列说法正确的是
A. 给正在参加吊环比赛的陈一冰打分时，裁判们可以把陈一冰看作质点
B. 研究地球上物体的运动，只能以地球为参考系
C. 加速度、速度变化、位移都属于矢量
D. 某地出租车的收费标准“2.00元/公里”，其公里数应是指按位移计算
如图所示，滑块以初速度v0沿表面粗糙且足够长的固定斜面，从顶端下滑，直至速度为零．对于该运动过程，若用h、s、v、a分别表示滑块的下降高度、位移、速度和加速度的大小，t表示时间，则下列图象最能正确描述这一运动规律的是( )
A. B. C. D.
一辆公共汽车进站后开始刹车，做匀减速直线运动．开始刹车后的第1s内和第2s内的位移大小依次为9m和7m.则刹车后6s内的位移是( )
A. 20mB. 24mC. 25mD. 75m
下列关于力的说法，正确的是( )
A. 重力就是地球对物体的吸引力
B. 在弹性限度内，弹簧的弹力与弹簧的形变量成正比
C. 支持力的方向为竖直向上指向被支持物
D. 放在水平面上的物体，对水平面的压力就是重力
下列关于滑动摩擦力的产生的说法中，正确的是
A. 相互接触且发生相对运动的物体间一定能产生滑动摩擦力
B. 只有运动的物体才可能受到滑动摩擦力
C. 受弹力作用的物体一定会受到滑动摩擦力
D. 受滑动摩擦力作用的物体一定会受到弹力作用
质量为m的物体，放在质量为M的斜面体上，斜面体放在水平粗糙的地面上，m和M均处于静止状态，如图所示.当在物体m上施加一个水平力F，且F由零逐渐加大到Fm的过程中，m和M仍保持静止状态.在此过程中，下列判断哪些是正确的( )

①斜面体对m的支持力逐渐增大②物体m受到的摩擦力逐渐增大
③地面受到的压力逐渐增大④地面对斜面体的摩擦力由0逐渐增大到Fm
A. ①②B. ①③C. ②③D. ①④
一个物体受多个水平恒力作用静止在光滑水平面上，现在仅使其中一个力F1的大小按照如图所示的规律变化．此过程中，该物体受到的合外力大小F合、加速度大小a、速度大小v、位移大小x的变化情况正确的是( )
A.
B.
C.
D.
如图所示，斜面放在水平地面上，木块在粗糙的斜面上受到平行于斜面向上的力F的作用，木块和斜面均处于静止状态。下列说法正确的是( )
A. 木块与斜面间一定存在摩擦力
B. 斜面与地面间一定存在摩擦力
C. 斜面对木块的摩擦力方向一定沿斜面向下
D. 若地面与斜面间有摩擦力，则摩擦力的方向水平向左
下列说法正确的是( )
A. 把一根粗细均匀的直铁丝对折后其重心位置不变
B. 地面上汽车轮胎受到压力变瘪，是因为轮胎发生了弹性形变
C. 手握竖直的水杯处于静止状态，握力越大，杯子受到的静摩擦力不变
D. 物体受到的重力方向总是指向地心，且重力大小只与质量有关
二、填空题（本大题共5小题，共20.0分）
篮球以6 m/s的速度竖直向下碰地面，然后以4 m/s速度竖直向上反弹，碰地的时间为0.2秒，则篮球在这0.2秒内的速度变化大小Δv=_____ m/s，方向为________ (填“竖直向下”或“竖直向上”)。加速度大小为________m/s2。
一汽车以10米/秒的速度作匀速运动，在第2秒末关闭发动机，第3秒内汽车运动的平均速度为9米/秒，则汽车关闭发动机后运动的加速度为 米/秒2，汽车在10秒内的位移为 米。
如图所示，三个共点力F1=5 N，F2=10 N，F3=15 N，θ=60°，它们的合力在x轴上的分量Fx为________ N，在y轴上的分量Fy为________ N，合力的大小为________ N，合力方向跟x轴的正方向夹角为________．
如图所示，一质量为50kg人站在自动扶梯的水平踏板上，当人随扶梯斜向上做匀速运动时，扶梯对人的支持力为F1=__________N；当人随扶梯斜向上做加速度为2m/s2的匀加速直线运动时，扶梯对人的支持力为F2=__________N.(取g=10 m/s2)
如图所示，质量为m的人站在自动扶梯上，扶梯以正加速度a向上做减速运动，a与水平方向的夹角为θ。人所受到的支持力大小为 ，所受摩擦力的方向 。
三、实验题（本大题共2小题，共20.0分）
(1)以下四个实验中，可能用到打点计时器的是( )
A.验证力的平行四边形定则 B.探究加速度与物体质量、物体受力的关系
C.探究匀变速直线运动的规律 D.探究弹簧的弹力和弹簧伸长的关系
(2)一个实验小组在“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验中，使用两根不同的弹簧a和b，得到弹力与弹簧长度的图像如图所示。下列表述正确的是( )
A.b的原长比a的长 B.a的劲度系数比b的小
C.a的劲度系数比b的大 D.测得的弹力与弹簧的长度成正比
(3)在“探究求合力的方法”实验中，需要将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上两根细绳，细绳的另一端都有绳套，实验中需用两个弹簧测力计分别勾住绳套，并互成角度地拉橡皮条，某同学认为在此过程中必须注意以下几项，其中正确的是___________
A.拉橡皮条的细绳要适当长些
B.两根绳必须等长
C.弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行
D.用两弹簧秤同时拉细绳时两弹簧秤示数之差应尽可能大
(4)某实验小组利用如图甲所示的装置进行“探究加速度与力及质量的关系”的实验，已知小车质量为M，重力加速度为g。
甲
某次实验中打出的一条纸带如图乙所示，图中1、2、3、4、5为相邻计数点，且相邻计数点间的时间间隔为0.1s，由该纸带可求得小车的加速度a=_________m/s2。(结果保留3位有效数字)
(1)在高中物理教材中，运用如图(a)所示实验装置可以做如下实验：
A.探究小车速度与时间关系实验
B.探究加速度与合外力关系实验
C.探究做功与速度变化关系实验
重物质量为m，小车质量为M。在做上述实验时需要控制m≪M的实验是________，不需要平衡小车受到摩擦力的实验是____________________。
(2)运用如图(a)所示装置做“探究做功与速度变化关系”实验时，除了提供小车、带有滑轮的长木板、细线、纸带、220 V交流电源等实验仪器外，还需要选择哪些仪器？_______________________。
(3)某次获得的纸带如图(b)所示，小张根据点迹标上了计数点，请读出C计数点在刻度尺上的读数________cm，并求出C点的速度为__________m/s(计算结果保留三位有效数字)。
四、计算题（本大题共2小题，共20.0分）
如图所示，固定在水平面上的三角形劈倾角α=37°，顶端固定有轻质光滑定滑轮，斜面上放置一质量为M=5kg的物块(可视为质点)，通过平行斜面的轻绳跨过定滑轮系一质量为m=2kg的小球，物块有沿斜面向下运动的趋势但恰好不下滑。(设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，sin37°=0.6，cs37°=0.8，g取10m/s2)
(1)物块与斜面间的动摩擦因数μ；
(2)若剪断轻绳，物体经0.5s达到到斜面底端，求物块到达底端的距离x多大？
如图，质量m=5 kg的物块(看做质点)在外力F1和F2的作用下正沿某一水平面向右做匀速直线运动，已知F1大小为50 N，方向斜向右上方，与水平面夹角α=37°，F2大小为30 N，方向水平向左，物块的速度v0大小为11 m/s.当物块运动到距初始位置距离x0=5m时撤掉F1，求：
(1)物块与水平地面之间的动摩擦因数μ；
(2)撤掉F1以后，物块在6 s末距初始位置的距离．
答案和解析
1.【答案】D
【解析】
【分析】
本题通过生活实例考查了质点、位移与路程、平均速度、时间和时刻等概念，要注意准确把握概念规律并能正确应用。
【解答】
A.由于路程较长，船的大小和形状对研究时间的影响可忽略不计，可以把船视为质点，故A错误；
B.“两船航行2天后都在下午3点到达大连”一句中，“2天”指的是运动的时间，“下午3点”指的是到达的时刻。故B错误；
C.两船航行的起点与终点均相同，则位移相同，而路线长度不同，路程不同，故C错误；
D.两船的位移相同，运动时间相同，由平均速度公式分析可知，两船的平均速度相同，故D正确。
故选：D。
2.【答案】C
【解析】略
3.【答案】B
【解析】
【分析】
对滑块受力分析由牛顿第二定律求出加速度，由运动学公式求出速度位移及下降高度与时间的关系即可求的。
本题主要考查了运动学公式，关键是把s、h、v、a与时间的表达式表示出来即可。
【解答】
AB.设斜面倾角为θ，滑块向下做匀减速运动中，滑块受到的摩擦力大于重力沿斜面的分力，加速度沿斜面向上，由牛顿第二定律得：μmgcsθ−mgsinθ=ma，下滑的位移为：s=v0t−12at2，联立解得：s=v0t−12gμcsθ−sinθt2， 由二次函数图象可知，s一t图象为开口向右的抛物线的一部分，同理可知下降的高度为：h=ssinθ，也是向右弯曲的线，故B正确，A错误；
C.滑块下滑过程中速度大小关系为：v=v0−at=v0−g(μcsθ−sinθ)t，速度与时间之间是线性关系，所以速度图线是一条直线，故 C错误；
D.滑块在下滑过程中，根据牛顿第二定律得：μmgcsθ−mgsinθ=ma，即加速度大小为：a=g(μcsθ−sinθ)，可见加速度的大小保持不变，故D错误。
故选B。
4.【答案】C
【解析】
【分析】
本题是刹车问题，主要考查匀变速直线运动规律的综合运用。开始刹车后的第1s内和第2s内位移大小依次为9m和7m，根据匀减速直线运动的位移时间公式列出两个方程，求出初速度和加速度．但刹车问题要注意刹车的时间，然后把所给的时间跟刹车时间进行比较，如果所给时间小于刹车时间，则公式里的时间就用所给时间，若所给时间大于刹车时间，说明在此时间之前车已经静止，那只能用刹车时间进行计算。
【解答】
设汽车的初速度为v0，加速度为a.根据匀变速直线运动的推论Δx=aT2有x2−x1=aT2，得a=x2−x1T2=7−912m/s2=−2 m/s2
第1 s内的位移：x1=v0t+12at2，代入数据解得：v0=10 m/s
汽车从刹车到停止所需的时间：t0=0−v0a=0−10−2s=5 s
则汽车刹车后6 s内的位移等于5 s内的位移：x=v02t0=102×5 m=25m，故C正确。
故选C。
5.【答案】B
【解析】
【分析】
重力的方向是竖直向下的，是由地球的吸引而产生的，弹力是由于物体形变产生的，方向垂直于接触面，弹力的大小：在弹性限度内，弹簧的弹力与弹簧的形变量成正比。
弹力、重力是力学中的基础知识，要熟练掌握重力、弹力的产生、大小、方向等基础知识，注意重力与地球的吸引力区别。
【解答】
A.由于地球的自转影响，物体的重力是地球对物体的吸引力的分力，不能直接说物体的重力就是地球对物体的吸引力，故A错误；
B.根据胡克定律，在弹性限度内，弹簧的弹力与弹簧的形变量成正比，故B正确；
C.放在支持面上的物体所受支持力的方向指向被支持的物体，垂直于支持面，故C错误；
D.放在水平面上静止的物体对水平面的压力与重力大小相等，是两种性质的力，压力是物体形变产生的，重力是由于地球吸引产生的，故D错误。
故选B。
6.【答案】D
【解析】
【分析】
结合滑动摩擦力产生的四个条件可知，要想产生滑动摩擦力，物体间要有相对运动，物体间一定有弹力作用，由此可判断各选项的正误。
对于滑动摩擦力注意一下几个方面：
滑动摩擦力的产生条件：①接触面粗糙，②两个物体互相间有挤压，③物体间有相对运动，④两物体接触
滑动摩擦力的大小与方向的判断：
①方向：总是跟接触面相切，并且跟物体与相对运动方向相反。所谓相对，仍是以施加摩擦力的施力物体为参考系的。
②大小：滑动摩擦力f的大小跟正压力成正比，即f=μN.μ为动摩擦因数，与接触面的材料、粗糙程度有关。接触面的粗糙程度及接触面间的弹力有关。
③滑动摩擦力的大小比最大静摩擦力略小。通常的计算中可以认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力。
影响滑动摩擦力大小的因素：
①物体所受压力大小。在接触面粗糙程度相同时，所受压力越大，滑动摩擦力越大。
②与物体接触的面的粗糙程度(接触面粗糙程度)。在物体所受压力大小相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
③滑动摩擦力的大小与接触面面积无关。
④滑动摩擦力大小与物体运动速度无关。
【解答】
AD.滑动摩擦力产生的条件是相互接触、相互挤压、接触面粗糙并有相对运动，所以只有相互接触且发生相对运动的物体间才可能产生滑动摩擦力，故A错误；由此可知，有摩擦力一定会受到弹力作用，故D正确。
B.静止的物体可能受到滑动摩擦力作用，例如一物体在粗糙的静止的斜面上下滑的过程中，静止的斜面受到物体的滑动摩擦力作用，故B错误。
C.受弹力作用的物体不一定会受到滑动摩擦力作用，还需要接触面粗糙和有相对运动。故C错误。
故选D。
7.【答案】D
【解析】
【分析】
本题隔离法和整体法相结合的方法研究两个物体的平衡问题，通过分析受力情况，由平衡条件判断各力的变化情况。
【解答】
对物体进行研究，物体受到重力mg、水平推力F、斜面的支持力N1，如下图所示
原来物体受到的静摩擦力大小为f1=mgsinα(α是斜面的倾角)，方向沿斜面向上，支持力N1=mgcsα；在F作用下，斜面对物体的支持力N1=mgcsα+Fsinα，所以支持力一定增大；而对于静摩擦力，当时，f1=mgsinα−Fcsα对于整体，受到总重力(M+m)g、地面的支持力N2、静摩擦力f2和水平推力F，如上图所示，由平衡条件得，N2=(M+m)g，f2=F，可见，当F由零逐渐加大到Fm的过程中，f2也由零逐渐加大到Fm，由牛顿第三定律得知，地面受到的压力保持不变，地面给斜面体的摩擦力由零逐渐加大到Fm；
综上：①④正确，②③错误，故D正确，ABC错误。
故选D。
8.【答案】C
【解析】
【分析】
本题考查根据物体的受力情况来分析物体运动情况的能力，要用到共点力平衡条件的推论：物体在几个力作用下平衡时，其中一个力与其他各力的合力大小相等、方向相反。
【解答】
A、原来物体在多个力的作用下处于静止状态，物体所受的合力为零，使其中的一个力保持方向不变、大小逐渐减小到零，然后又从零逐渐恢复到原来的大小的过程中，则物体的合力从零开始逐渐增大，又逐渐减小恢复到零，故A错误；
B、根据牛顿第二定律知，物体的加速度从零开始先增大后减小到零，故B错误；
C、由前面的分析可知，物体先做加速度增大的加速运动，后做加速度减小的加速运动，根据速度图象的斜率等于加速度可知，速度图象的斜率先增大后减小，故C正确；
D、物体一直做加速运动，位移始终增大，故D错误。
故选C。
9.【答案】B
【解析】
【分析】
木块始终处于静止状态，合力保持为零。由于开始时，F与重力沿斜面向下的分力大小关系未知，要分三种情况进行讨论：F=Gsinα、F>Gsinα和F本题关键要根据平衡条件列式分析静摩擦力的大小如何变化，方向怎样。要注意进行讨论，不能简单认为木块受到的摩擦力一定沿斜面向下。
【解答】
AC.若FGsinα，木块相对斜面有向上的运动趋势，静摩擦力沿斜面向下；若F=Gsinα，木块相对斜面没有运动趋势，没有摩擦力，故AC错误。
BD.依据整体法，根据平衡条件得，地面对斜面的静摩擦力水平向右，故B正确，D错误。
故选B。
10.【答案】C
【解析】
【分析】
重力的作用点叫做重心，物体的重心与物体的质量分布及物体形状有关；物体在外力停止作用后恢复原状的形变，叫弹性形变；根据平衡条件分析杯子的静摩擦力；重力的方向总是竖直向下的。
本题考查重心，弹性形变，静摩擦力和重力的方向及大小，关键在于对相关概念的理解，基础题。
【解答】
A.把一根粗细均匀的直铁丝对折后其重心位置发生变化，故A错误；
B.物体在外力停止作用后恢复原状的形变，叫弹性形变，所以轮胎不是发生了弹性形变，故B错误；
C.以杯子为研究对象，分析受力情况：杯子竖直方向受到重力和静摩擦力，二力平衡，根据平衡条件得知，二力大小相等，摩擦力的方向竖直向上，当握力增大时，二力仍然平衡，所以静摩擦力保持不变，故C正确；
D.重力的方向总是竖直向下的，故D错误。
故选C。
11.【答案】10；竖直向上；50。
【解析】
【分析】
已知初速度和末速度，由速度的变化量表达式求出速度变化量的大小及方向；由加速度的定义可求得加速度的大小。
本题考查了加速度。加速度为矢量，故在解题前应先设定正方向。
【解答】
设球向下为正方向，则v0=6m/s，以4m/s的速度反向弹出，方向为负，则有v=−4m/s；所以速度的变化量为：Δv=v−v0=−4−6m/s=−10m/s，则篮球在这0.2秒内的速度变化大小Δv=10m/s，方向为竖直向上；
加速度为：a=v−v0t=−4−60.2m/s2=−50m/s2，则加速度大小为：50m/s2。
故答案为：10；竖直向上；50。

12.【答案】−2；45。
【解析】
【分析】
某段时间的平均速度等于这段时间中点的的瞬时速度，结合速度时间公式求解加速度；求解汽车速度减为零的时间，根据位移公式及位移速度公式求解10s内的位移。
本题关键掌握匀变速直线运动的规律及推论并灵活运用，对于刹车问题要注意刹车时间，速度减为零后汽车不再运动。
【解答】
因为第三秒内平均速度是9m/s，则第2.5s末的速度为v2.5=9m/s
根据速度时间公式v2.5=v+a·Δt得a=v2.5−vΔt=9−102.5−2m/s2=−2m/s2，负号表示与初速度方向相反
则汽车速度减为零的时间t=0−va=0−10−2s=5s
汽车在前2s内的位移x1=vt1=10×2m=20m
汽车在7s末速度减为零，则汽车在后8s内的位移x2=0−v22a=0−1022×−2m=25m
所以汽车在10秒内的位移x=x1+x2=45m
故答案为：−2；45。
13.【答案】15；53；103；30°
【解析】
【分析】
本题考查力的合成与分解、力的正交分解法；求解不在同一直线上的三个共点力的合力，根据题意可对三个力沿x、y轴方向进行正交分解，分别求解x、y方向的合力，再运用力的平行四边形定则求出合力，利用三角函数关系求出方向。
【解答】
解：
合力在x轴上的分量，
合力在y轴上的分量为，
合力F=Fx2+Fy2=103N，
合力方向跟x轴正方向的夹角为θ，，解得；
故答案是：15；53；103；30°
14.【答案】500；550
【解析】
【分析】
本题考查平衡条件及牛顿第二定律的应用，关键是会正确选择规律解答。
以人为研究对象，分析受力情况，由平衡条件及牛顿第二定律求解。
【解答】
以人为研究对象，分析受力情况，竖直方向：重力mg、扶梯的支持力F，如图所示：
当人随扶梯斜向上做匀速运动时，由平衡条件知扶梯对人的支持力为F1=mg=500N；
人随扶梯斜向上做加速度为2m/s2的匀加速直线运动时，由牛顿第二定律：F2−mg=masin30°，得F2=550N。
故答案为：500； 550。
15.【答案】m(g−asinθ) ；水平向左
【解析】
【分析】
将加速度进行正交分解，分解为水平的和竖直的，利用牛顿第二定律的独立性原理求解。
【解答】
解：人减速上升，加速度方向向下，将a正交分解，
则水平方向a1=acsθ，方向向左
水平方向应用牛顿第二定律：
f=ma1=macsθ
f方向也水平向左
竖直方向：a2=asinθ
竖直方向应用牛顿第二定律：
mg−N=ma2
所以，N=m(g−asinθ)
故答案为：m(g−asinθ)；水平向左。
16.【答案】 (1) BC (2) AB (3)AC (4) 1.14
【解析】(1)分析：打点计时器有电磁打点计时器和电火花打点计时器两种，它们的打点的周期是有交流电的频率决定的，电磁打点计时器用的是低压交流电，电火花打点计时器用的220V的电源。熟悉本题提到的四个实验实验原理及实验器材就可知道那个实验可能用到打点计时器。
本题主要考查打点计时器及本题提到的四个实验实验原理及实验器材。
解答：需要记录物体的运动的时间的实验，就需要打点计时器，
A.验证力的平行四边形定则，不需要记录时间，故A错误；
B.探究加速度与物体质量、受力的关系，需要求加速度，所以需要打点计时器，故B正确；
C.研究匀变速直线运动的规律 ，需要记录物体运动的时间，需要打点计时器，故C正确；
D.探究弹簧弹力和弹簧伸长量的关系，不需要记录时间，故D错误。
故选BC。
(2)分析：弹簧的弹力满足胡克定律，在弹簧弹力与弹簧长度的图像中，斜率表示弹簧的劲度系数，横轴截距表示弹簧的原长。
本题主要考查胡克定律。根据弹簧弹力与弹簧形变量之间的关系可正确解答。
解答：A.根据胡克定律得：F=kx=k(l−l0)，其中l0为弹簧的原长，由此可知在F−l图象上横轴截距表示弹簧的原长，故b的原长比a的长，故A正确；
BC.图象斜率表示劲度系数的大小，故b的劲度系数较大，a的劲度系数较小，a的劲度系数比b的小，故B正确，C错误；
D.根据胡克定律得弹簧的弹力与弹簧形变量的成正比，根据图象得弹簧的弹力与弹簧的长度不成正比，是线性关系，故D错误。
故选AB。
(3)分析：在实验中使用一根弹簧秤拉细线与两根弹簧秤拉细线的作用效果要相同(即橡皮条拉到同一位置)，而细线的作用是画出力的方向，弹簧秤能测出力的大小，因此细线的长度没有限制，弹簧秤的示数也没有要求，两细线的夹角不要太小也不要太大，但拉弹簧秤时必须保证与木板平面平行。
本题主要考查“探究求合力的方法”实验相关知识。
解答：A.拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些，这样有助于比较准确的表示出拉力方向，故A正确；
B.两细绳可以不等长，因为绳子的长短不影响力的大小和方向的表示，故B错误；
C.弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行，故C正确；
D.用两弹簧秤同时拉细绳时两拉力之差如果很大，那么力作图示时误差就会较大，故D错误。
故选AC。
(4)分析：根据逐差法可以算出小车的加速度．
解答：由该纸带利用逐差法求小车的加速度，由该纸带利用逐差法求小车的加速度，
a=x34+x45−x12−x234T2=3.71+4.85−1.44−2.574×0.12×10−2m/s2≈1.14m/s2。
故答案为：1.14
17.【答案】(1)BC，A;(2)电火花打点计时器、刻度尺(3)9.80cm，0.875m/s
【解析】【解析】本题考查对探究小车速度与时间关系、探究加速度与合外力关系、探究做功与速度变化关系实验的原理理解、误差分析、器材选择、数据处理能力。
【解答】
(1)探究加速度与合外力关系、探究做功与速度变化关系，要求砝码托盘(重物)的重力等效为小车受到的合力，必须平衡小车受到摩擦力。控制m≪M的实验是满足mg=FT,故选BC；探究小车速度与时间关系实验，只需计算速度，不需要平衡小车受到摩擦力。故选A;
(2)电火花打点计时器、刻度尺;
(3)9.80cm，VC=XBDtBD=0.875m/s;
18.【答案】(1)对M和m进行受力分析如图所示：
当M恰好要向下滑动时根据平衡条件，
有：，
对m：T=mg
联立可以得到：μ=0.25；
(2)剪断轻绳后对M根据牛顿第二定律得到：
代入数据可以得到：a=4m/s2
根据运动公式可以得到：x=12at2
代入数据可以得到：x=0.5m
【解析】该题主要考查平衡条件应用、摩擦力、牛顿第二定律等相关知识。分析好物体受力情况和物理情景，灵活应用各相关公式是解决本题的关键。
19.【答案】解：(1)对物体受力分析如图：
根据共点力平衡有：F1cs37°=μ(mg−F1sin37°)+F2
代入数据解得：μ=0.5．
(2)撤去拉力F1后，物块的加速度为a，则：ma=μmg+F2
a=μg+F2m=0.5×10+305=11m/s2，
设物块经过时间t1速度减小为0，则：
t1=0−v0a=0−11−11s=1s<6s
物体在第1s内的位移：x1=v0t1−12at12=11×1−12×11×12=5.5m，方向向右；
1s后物体向左运动，受到的摩擦力的方向向右，由牛顿第二定律得：
ma′=F2−μmg
a′=F2m−μg=305−0.5×10=1m/s2
故1s到6s内的位移：x2=12a′t22=12×1×(6−1)2m=12.5m，方向向左，
所以物体的总位移：x=x2−x1=12.5m−5.5m=7m，方向向左；
物块在6s末距初始位置的距离：L=x−x0=7m−5m=2m，方向向左，在出发点的左侧．
答：(1)求物块与水平地面之间的动摩擦因数是0.5．
(2)撤掉F1以后，物块在6s末距初始位置的距离是2m，在出发点的左侧．
【解析】(1)先对物体进行受力分析，然后根据共点力平衡求出摩擦因数；
(2)撤掉F1以后，根据牛顿第二定律求出加速度，然后由运动学的公式求出物块在6s末距初始位置的距离
本题综合考查了共点力平衡、牛顿第二定律和运动学公式，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁．