北师大版高考数学一轮复习第五章 §5.2　平面向量基本定理及坐标表示试卷

这是一份北师大版高考数学一轮复习第五章 §5.2　平面向量基本定理及坐标表示试卷，共15页。试卷主要包含了了解平面向量基本定理及其意义，))等内容，欢迎下载使用。

3.会用坐标表示平面向量的加法、减法与数乘运算.4.理解用坐标表示的平面向量共线的条件．
1．平面向量基本定理
如果e1，e2是同一平面内的两个不共线向量，那么对于这一平面内的任一向量a，存在唯一一对实数λ1，λ2，使a＝λ1e1＋λ2e2.
我们把不共线的向量e1，e2叫作表示这一平面内所有向量的一组基底．
2．平面向量的坐标运算
(1)向量加法、减法、数乘运算及向量的模
设a＝(x1，y1)，b＝(x2，y2)，则
a＋b＝(x1＋x2，y1＋y2)，a－b＝(x1－x2，y1－y2)，λa＝(λx1，λy1)，|a|＝eq \r(x\\al(2,1)＋y\\al(2,1)).
(2)向量坐标的求法
①若向量的起点是坐标原点，则终点坐标即为向量的坐标．
②设A(x1，y1)，B(x2，y2)，则eq \(AB,\s\up6(→))＝(x2－x1，y2－y1)，|eq \(AB,\s\up6(→))|＝eq \r(x2－x12＋y2－y12).
3．平面向量共线的坐标表示
设a＝(x1，y1)，b＝(x2，y2)，其中b≠0，则a∥b⇔x1y2－x2y1＝0.
微思考
1．若两个向量存在夹角，则向量的夹角与直线的夹角一样吗？为什么？
提示 不一样．因为向量有方向，而直线不考虑方向．当向量的夹角为直角或锐角时，与直线的夹角相同．当向量的夹角为钝角或平角时，与直线的夹角不一样．
2．平面内的任一向量可以用任意两个非零向量表示吗？
提示 不一定．两个向量只有不共线时，才能作为一组基底表示平面内的任意向量．
题组一 思考辨析
1．判断下列结论是否正确(请在括号中打“√”或“×”)
(1)平面内的任意两个向量都可以作为一组基底．( × )
(2)若a，b不共线，且λ1a＋μ1b＝λ2a＋μ2b，则λ1＝λ2，μ1＝μ2.( √ )
(3)若a＝(x1，y1)，b＝(x2，y2)，则a∥b的充要条件可表示成eq \f(x1,x2)＝eq \f(y1,y2).( × )
(4)平面向量不论经过怎样的平移变换之后其坐标不变．( √ )
题组二 教材改编
2．设e1，e2是平面内一组基底，若λ1e1＋λ2e2＝0，则λ1＋λ2＝________.
答案 0
3．已知▱ABCD的顶点A(－1，－2)，B(3，－1)，C(5,6)，则顶点D的坐标为________．
答案 (1,5)
解析 设D(x，y)，
则由eq \(AB,\s\up6(→))＝eq \(DC,\s\up6(→))，得(4,1)＝(5－x,6－y)，
即eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(4＝5－x，,1＝6－y，))解得eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(x＝1，,y＝5.))
4.如图，eq \(OA,\s\up6(→))，eq \(OB,\s\up6(→))不共线，且eq \(AP,\s\up6(→))＝teq \(AB,\s\up6(→))(t∈R)，用eq \(OA,\s\up6(→))，eq \(OB,\s\up6(→))表示eq \(OP,\s\up6(→))＝__________________.
答案 (1－t)eq \(OA,\s\up6(→))＋teq \(OB,\s\up6(→))
解析 ∵eq \(AP,\s\up6(→))＝teq \(AB,\s\up6(→))，
∴eq \(OP,\s\up6(→))＝eq \(OA,\s\up6(→))＋eq \(AP,\s\up6(→))＝eq \(OA,\s\up6(→))＋teq \(AB,\s\up6(→))
＝eq \(OA,\s\up6(→))＋t(eq \(OB,\s\up6(→))－eq \(OA,\s\up6(→)))＝eq \(OA,\s\up6(→))＋teq \(OB,\s\up6(→))－teq \(OA,\s\up6(→))
＝(1－t)eq \(OA,\s\up6(→))＋teq \(OB,\s\up6(→)).
题组三 易错自纠
5．设O是平行四边形ABCD的两条对角线AC，BD的交点，则给出下列向量组：①eq \(AD,\s\up6(→))，eq \(AB,\s\up6(→))；②eq \(DA,\s\up6(→))，eq \(BC,\s\up6(→))；③eq \(CA,\s\up6(→))，eq \(DC,\s\up6(→))；④eq \(OD,\s\up6(→))，eq \(OB,\s\up6(→)).其中可作为这一个平行四边形所在平面的一组基底的是( )
A．①② B．②③ C．①③ D．②④
答案 C
解析 平面内任意两个不共线的向量都可以作为基底，如图，
对于①，eq \(AD,\s\up6(→))与eq \(AB,\s\up6(→))不共线，可作为基底；
对于②，eq \(DA,\s\up6(→))与eq \(BC,\s\up6(→))为共线向量，不可作为基底；
对于③，eq \(CA,\s\up6(→))与eq \(DC,\s\up6(→))是两个不共线的向量，可作为基底；
对于④，eq \(OD,\s\up6(→))与eq \(OB,\s\up6(→))在同一条直线上，是共线向量，不可作为基底．
6．已知向量eq \(OA,\s\up6(→))＝(1，－3)，eq \(OB,\s\up6(→))＝(2，－1)，eq \(OC,\s\up6(→))＝(k＋1，k－2)，若A，B，C三点能构成三角形，则实数k应满足的条件是________．
答案 k≠1
解析 若点A，B，C能构成三角形，
则向量eq \(AB,\s\up6(→))，eq \(AC,\s\up6(→))不共线．
∵eq \(AB,\s\up6(→))＝eq \(OB,\s\up6(→))－eq \(OA,\s\up6(→))＝(2，－1)－(1，－3)＝(1,2)，
eq \(AC,\s\up6(→))＝eq \(OC,\s\up6(→))－eq \(OA,\s\up6(→))＝(k＋1，k－2)－(1，－3)＝(k，k＋1)，
∴1×(k＋1)－2k≠0，解得k≠1.
题型一 平面向量基本定理的应用
例1 (1)在△ABC中，点D，E分别在边BC，AC上，且eq \(BD,\s\up6(→))＝2eq \(DC,\s\up6(→))，eq \(CE,\s\up6(→))＝3eq \(EA,\s\up6(→))，若eq \(AB,\s\up6(→))＝a，eq \(AC,\s\up6(→))＝b，则eq \(DE,\s\up6(→))等于( )
A.eq \f(1,3)a＋eq \f(5,12)b B.eq \f(1,3)a－eq \f(13,12)b
C．－eq \f(1,3)a－eq \f(5,12)b D．－eq \f(1,3)a＋eq \f(13,12)b
答案 C
解析 eq \(DE,\s\up6(→))＝eq \(DC,\s\up6(→))＋eq \(CE,\s\up6(→))
＝eq \f(1,3)eq \(BC,\s\up6(→))＋eq \f(3,4)eq \(CA,\s\up6(→))
＝eq \f(1,3)(eq \(AC,\s\up6(→))－eq \(AB,\s\up6(→)))－eq \f(3,4)eq \(AC,\s\up6(→))
＝－eq \f(1,3)eq \(AB,\s\up6(→))－eq \f(5,12)eq \(AC,\s\up6(→))＝－eq \f(1,3)a－eq \f(5,12)b.
(2)(2020·郑州质检)如图，在平行四边形ABCD中，E，F分别为边AB，BC的中点，连接CE，DF，交于点G.若eq \(CG,\s\up6(→))＝λeq \(CD,\s\up6(→))＋μeq \(CB,\s\up6(→))(λ，μ∈R)，则eq \f(λ,μ)＝________.
答案 eq \f(1,2)
解析 由题图可设eq \(CG,\s\up6(→))＝xeq \(CE,\s\up6(→))(0则eq \(CG,\s\up6(→))＝x(eq \(CB,\s\up6(→))＋eq \(BE,\s\up6(→)))＝xeq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\(CB,\s\up6(→))＋\f(1,2)\(CD,\s\up6(→))))＝eq \f(x,2)eq \(CD,\s\up6(→))＋xeq \(CB,\s\up6(→)).
因为eq \(CG,\s\up6(→))＝λeq \(CD,\s\up6(→))＋μeq \(CB,\s\up6(→))，eq \(CD,\s\up6(→))与eq \(CB,\s\up6(→))不共线，
所以λ＝eq \f(x,2)，μ＝x，所以eq \f(λ,μ)＝eq \f(1,2).
思维升华 (1)应用平面向量基本定理表示向量的实质是利用平行四边形法则或三角形法则进行向量的加、减或数乘运算．一般将向量“放入”相关的三角形中，利用三角形法则列出向量间的关系．
(2)用平面向量基本定理解决问题的一般思路是：先选择一组基底，并运用该基底将条件和结论表示成向量的形式，再通过向量的运算来解决．注意同一个向量在不同基底下的分解是不同的，但在每个基底下的分解都是唯一的．
跟踪训练1 如图，已知在△OCB中，A是CB的中点，D是将eq \(OB,\s\up6(→))分成2∶1的一个内分点，DC和OA交于点E，设eq \(OA,\s\up6(→))＝a，eq \(OB,\s\up6(→))＝b.
(1)用a和b表示向量eq \(OC,\s\up6(→))，eq \(DC,\s\up6(→))；
(2)若eq \(OE,\s\up6(→))＝λeq \(OA,\s\up6(→))，求实数λ的值．
解 (1)由题意知，A是BC的中点，
且eq \(OD,\s\up6(→))＝eq \f(2,3)eq \(OB,\s\up6(→))，由平行四边形法则，得eq \(OB,\s\up6(→))＋eq \(OC,\s\up6(→))＝2eq \(OA,\s\up6(→))，
所以eq \(OC,\s\up6(→))＝2eq \(OA,\s\up6(→))－eq \(OB,\s\up6(→))＝2a－b，
eq \(DC,\s\up6(→))＝eq \(OC,\s\up6(→))－eq \(OD,\s\up6(→))＝(2a－b)－eq \f(2,3)b＝2a－eq \f(5,3)b.
(2)由题意知，eq \(EC,\s\up6(→))∥eq \(DC,\s\up6(→))，故设eq \(EC,\s\up6(→))＝xeq \(DC,\s\up6(→)).
因为eq \(EC,\s\up6(→))＝eq \(OC,\s\up6(→))－eq \(OE,\s\up6(→))＝(2a－b)－λa＝(2－λ)a－b，
eq \(DC,\s\up6(→))＝2a－eq \f(5,3)b.
所以(2－λ)a－b＝xeq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(2a－\f(5,3)b))＝2xa－eq \f(5,3)xb.
因为a与b不共线，
所以由平面向量基本定理，
得eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(2－λ＝2x，,－1＝－\f(5,3)x，))解得eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(x＝\f(3,5)，,λ＝\f(4,5).))故λ＝eq \f(4,5).
题型二 平面向量的坐标运算
例2 已知A(－2,4)，B(3，－1)，C(－3，－4)．设eq \(AB,\s\up6(→))＝a，eq \(BC,\s\up6(→))＝b，eq \(CA,\s\up6(→))＝c，且eq \(CM,\s\up6(→))＝3c，eq \(CN,\s\up6(→))＝－2b.
(1)求3a＋b－3c；
(2)求满足a＝mb＋nc的实数m，n；
(3)求M，N的坐标及向量eq \(MN,\s\up6(→))的坐标．
解 由已知得a＝(5，－5)，b＝(－6，－3)，c＝(1,8)．
(1)3a＋b－3c＝3(5，－5)＋(－6，－3)－3(1,8)
＝(15－6－3，－15－3－24)＝(6，－42)．
(2)方法一 ∵mb＋nc＝(－6m＋n，－3m＋8n)，
∴eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(－6m＋n＝5，,－3m＋8n＝－5，))解得eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(m＝－1，,n＝－1.))
方法二 ∵a＋b＋c＝0，
∴a＝－b－c，
又∵a＝mb＋nc，
∴mb＋nc＝－b－c，
∴eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(m＝－1，,n＝－1.))
(3)设O为坐标原点，∵eq \(CM,\s\up6(→))＝eq \(OM,\s\up6(→))－eq \(OC,\s\up6(→))＝3c，
∴eq \(OM,\s\up6(→))＝3c＋eq \(OC,\s\up6(→))＝(3,24)＋(－3，－4)＝(0,20)．
∴M(0,20)．
又∵eq \(CN,\s\up6(→))＝eq \(ON,\s\up6(→))－eq \(OC,\s\up6(→))＝－2b，
∴eq \(ON,\s\up6(→))＝－2b＋eq \(OC,\s\up6(→))＝(12,6)＋(－3，－4)＝(9,2)，
∴N(9,2)，∴eq \(MN,\s\up6(→))＝(9，－18)．
1．本例中条件不变，如何利用向量求线段AB中点的坐标？
解 设O为坐标原点，P(x，y)是线段AB的中点，
则eq \(OP,\s\up6(→))＝eq \f(1,2)(eq \(OA,\s\up6(→))＋eq \(OB,\s\up6(→)))，
即(x，y)＝eq \f(1,2)[(－2,4)＋(3，－1)]＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)，\f(3,2)))，
∴线段AB中点的坐标为eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)，\f(3,2))).
2．本例中条件不变，如何利用向量求△ABC的重心G的坐标？
解 设AB的中点为P，O为坐标原点，
∵eq \(CG,\s\up6(→))＝eq \f(2,3)eq \(CP,\s\up6(→))，
∴eq \(OG,\s\up6(→))＝eq \f(1,3)eq \(OC,\s\up6(→))＋eq \f(2,3)eq \(OP,\s\up6(→))＝eq \f(1,3)eq \(OC,\s\up6(→))＋eq \f(1,3)(eq \(OA,\s\up6(→))＋eq \(OB,\s\up6(→)))，
∴eq \(OG,\s\up6(→))＝eq \f(1,3)(eq \(OA,\s\up6(→))＋eq \(OB,\s\up6(→))＋eq \(OC,\s\up6(→)))＝eq \f(1,3)[(－2,4)＋(3，－1)＋(－3，－4)]＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(－\f(2,3)，－\f(1,3)))，
∴重心G的坐标为eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(－\f(2,3)，－\f(1,3))).
思维升华 向量的坐标运算主要是利用向量的加法、减法、数乘运算法则进行，若已知有向线段两端点的坐标，则应先求出向量的坐标，求解过程中要注意方程思想的运用．
跟踪训练2 (1)已知O为坐标原点，点C是线段AB上一点，且A(1,1)，C(2,3)，|eq \(BC,\s\up6(→))|＝2|eq \(AC,\s\up6(→))|，则向量eq \(OB,\s\up6(→))的坐标是________．
答案 (4,7)
解析 由点C是线段AB上一点，|eq \(BC,\s\up6(→))|＝2|eq \(AC,\s\up6(→))|，
得eq \(BC,\s\up6(→))＝－2eq \(AC,\s\up6(→)).
设点B为(x，y)，则(2－x,3－y)＝－2(1,2)，
即eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(2－x＝－2，,3－y＝－4，))解得eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(x＝4，,y＝7.))
所以向量eq \(OB,\s\up6(→))的坐标是(4,7)．
(2)如图所示，以e1，e2为基底，则a＝________.
答案 －2e1＋e2
解析 以e1的起点为坐标原点，e1所在直线为x轴建立平面直角坐标系，则e1＝(1,0)，e2＝(－1,1)，a＝(－3,1)，令a＝xe1＋ye2，即(－3,1)＝x(1,0)＋y(－1,1)，则eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(x－y＝－3，,y＝1，))所以eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(x＝－2，,y＝1，))即a＝－2e1＋e2.
题型三 向量共线的坐标表示
命题点1 利用向量共线求参数
例3 (1)(2020·惠州调研)已知向量a＝(2,1)，b＝(x，－1)，且a－b与b共线，则x的值为________．
答案 －2
解析 ∵a＝(2,1)，b＝(x，－1)，
∴a－b＝(2－x,2)，
又∵a－b与b共线，
∴(2－x)×(－1)－2x＝0，
∴x＝－2.
(2)(2018·全国Ⅲ)已知向量a＝(1,2)，b＝(2，－2)，c＝(1，λ)．若c∥(2a＋b)，则λ＝________.
答案 eq \f(1,2)
解析 由题意得2a＋b＝(4,2)，因为c＝(1，λ)，且c∥(2a＋b)，所以4λ－2＝0，即λ＝eq \f(1,2).
命题点2 利用向量共线求向量或点的坐标
例4 在△ABC中，已知点O(0,0)，A(0,5)，B(4,3)，eq \(OC,\s\up6(→))＝eq \f(1,4)eq \(OA,\s\up6(→))，eq \(OD,\s\up6(→))＝eq \f(1,2)eq \(OB,\s\up6(→))，AD与BC交于点M，则点M的坐标为________．
答案 eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(12,7)，2))
解析 因为点O(0,0)，A(0,5)，B(4,3)，
所以点Ceq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(0，\f(5,4)))，同理点Deq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(2，\f(3,2))).
设M的坐标为(x，y)，
则eq \(AM,\s\up6(→))＝(x，y－5)，而eq \(AD,\s\up6(→))＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(2，－\f(7,2)))，
因为A，M，D三点共线，所以eq \(AM,\s\up6(→))与eq \(AD,\s\up6(→))共线，
所以－eq \f(7,2)x－2(y－5)＝0，即7x＋4y＝20，
而eq \(CM,\s\up6(→))＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(x，y－\f(5,4)))，eq \(CB,\s\up6(→))＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(4－0，3－\f(5,4)))＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(4，\f(7,4)))，
因为C，M，B三点共线，所以eq \(CM,\s\up6(→))与eq \(CB,\s\up6(→))共线，
所以eq \f(7,4)x－4eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(y－\f(5,4)))＝0，即7x－16y＝－20，
由eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(7x＋4y＝20，,7x－16y＝－20，))得eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(x＝\f(12,7)，,y＝2，))
所以点M的坐标为eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(12,7)，2)).
思维升华 平面向量共线的坐标表示问题的解题策略
(1)如果已知两向量共线，求某些参数的取值时，利用“若a＝(x1，y1)，b＝(x2，y2)，则a∥b的充要条件是x1y2＝x2y1”．
(2)在求与一个已知向量a共线的向量时，可设所求向量为λa(λ∈R)．
跟踪训练3 (2020·山东省文登二中模拟)平面内给定三个向量a＝(3,2)，b＝(－1,2)，c＝(4,1)．
(1)若(a＋kc)∥(2b－a)，求实数k；
(2)若d满足(d－c)∥(a＋b)，且|d－c|＝eq \r(5)，求d的坐标．
解 (1)a＋kc＝(3＋4k,2＋k)，2b－a＝(－5,2)，
由题意得2×(3＋4k)－(－5)×(2＋k)＝0，
解得k＝－eq \f(16,13).
(2)设d＝(x，y)，则d－c＝(x－4，y－1)，
又a＋b＝(2,4)，|d－c|＝eq \r(5)，
∴eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(4x－4－2y－1＝0，,x－42＋y－12＝5，))
解得eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(x＝3，,y＝－1))或eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(x＝5，,y＝3.))
∴d的坐标为(3，－1)或(5,3)．
课时精练
1．在如图所示的平面直角坐标系中，向量eq \(AB,\s\up6(→))的坐标是( )
A．(2,2) B．(－2，－2)
C．(1,1) D．(－1，－1)
答案 D
解析 因为A(2,2)，B(1,1)，所以eq \(AB,\s\up6(→))＝(－1，－1)．故选D.
2．在下列向量组中，可以把向量a＝(3,2)表示出来的是( )
A．e1＝(0,0)，e2＝(1,2)
B．e1＝(－1,2)，e2＝(5，－2)
C．e1＝(3,5)，e2＝(6,10)
D．e1＝(2，－3)，e2＝(－2,3)
答案 B
解析 对于A，C，D都有e1∥e2，所以只有B成立．
3．(2020·太原模拟)设向量a＝(m,2)，b＝(1，m＋1)，且a与b的方向相反，则实数m的值为( )
A．－2 B．1
C．－2或1 D．m的值不存在
答案 A
解析 向量a＝(m,2)，b＝(1，m＋1)，因为a∥b，所以m(m＋1)＝2×1，解得m＝－2或m＝1.当m＝1时，a＝(1,2)，b＝(1,2)，a与b的方向相同，舍去；当m＝－2时，a＝(－2,2)，b＝(1，－1)，a与b的方向相反，符合题意，故选A.
4．在平面直角坐标系xOy中，已知A(1,0)，B(0,1)，C为第一象限内一点，∠AOC＝eq \f(π,4)，且OC＝2，若eq \(OC,\s\up6(→))＝λeq \(OA,\s\up6(→))＋μeq \(OB,\s\up6(→))，则λ＋μ等于( )
A．2eq \r(2) B.eq \r(2) C．2 D．4eq \r(2)
答案 A
解析 因为OC＝2，∠AOC＝eq \f(π,4)，C为第一象限内一点，
所以C(eq \r(2)，eq \r(2))，
又eq \(OC,\s\up6(→))＝λeq \(OA,\s\up6(→))＋μeq \(OB,\s\up6(→))，
所以(eq \r(2)，eq \r(2))＝λ(1,0)＋μ(0,1)＝(λ，μ)，
所以λ＝μ＝eq \r(2)，所以λ＋μ＝2eq \r(2).
5．已知△ABC的内角A，B，C所对的边分别为a，b，c，向量m＝(a，eq \r(3)b)与n＝(cs A，sin B)平行，则A等于( )
A.eq \f(π,6) B.eq \f(π,3) C.eq \f(π,2) D.eq \f(2π,3)
答案 B
解析 因为m∥n，
所以asin B－eq \r(3)bcs A＝0，
由正弦定理，得sin Asin B－eq \r(3)sin Bcs A＝0，
又sin B≠0，从而tan A＝eq \r(3)，
由于06．已知在平面直角坐标系xOy中，P1(3,1)，P2(－1,3)，P1，P2，P3三点共线且向量eq \(OP3,\s\up6(→))与向量a＝(1，－1)共线，若eq \(OP3,\s\up6(→))＝λeq \(OP1,\s\up6(→))＋(1－λ)eq \(OP2,\s\up6(→))，则λ等于( )
A．－3 B．3 C．1 D．－1
答案 D
解析 设eq \(OP3,\s\up6(→))＝(x，y)，则由eq \(OP3,\s\up6(→))∥a知x＋y＝0，
于是eq \(OP3,\s\up6(→))＝(x，－x)．
若eq \(OP3,\s\up6(→))＝λeq \(OP1,\s\up6(→))＋(1－λ)eq \(OP2,\s\up6(→))，
则有(x，－x)＝λ(3,1)＋(1－λ)(－1,3)＝(4λ－1,3－2λ)，
即eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(4λ－1＝x，,3－2λ＝－x，))所以4λ－1＋3－2λ＝0，
解得λ＝－1.
7．(2020·合肥质检)已知向量a＝(1,3)，b＝(－2，k)，且(a＋2b)∥(3a－b)，则实数k＝________.
答案 －6
解析 a＋2b＝(－3,3＋2k)，
3a－b＝(5,9－k)，
由题意可得，－3(9－k)＝5(3＋2k)，解得k＝－6.
8．设向量a＝(－3,4)，向量b与向量a方向相反，且|b|＝10，则向量b的坐标为________．
答案 (6，－8)
解析 不妨设向量b的坐标为b＝(－3m,4m)(m<0)，
则|b|＝eq \r(－3m2＋4m2)＝10，
解得m＝－2(m＝2舍去)，
故b＝(6，－8)．
9．已知O为坐标原点，向量eq \(OA,\s\up6(→))＝(1,2)，eq \(OB,\s\up6(→))＝(－2，－1)，若2eq \(AP,\s\up6(→))＝eq \(AB,\s\up6(→))，则|eq \(OP,\s\up6(→))|＝________.
答案 eq \f(\r(2),2)
解析 设P点坐标为(x，y)，eq \(AB,\s\up6(→))＝eq \(OB,\s\up6(→))－eq \(OA,\s\up6(→))＝(－2，－1)－(1,2)＝(－3，－3)，eq \(AP,\s\up6(→))＝(x－1，y－2)，
则由2eq \(AP,\s\up6(→))＝eq \(AB,\s\up6(→))得，2(x－1，y－2)＝(－3，－3)，
所以eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(2x－2＝－3，,2y－4＝－3，))解得eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(x＝－\f(1,2)，,y＝\f(1,2)，))
故|eq \(OP,\s\up6(→))|＝eq \r(\f(1,4)＋\f(1,4))＝eq \f(\r(2),2).
10．(2020·荆门检测)在△AOB中，eq \(AC,\s\up6(→))＝eq \f(1,5)eq \(AB,\s\up6(→))，D为OB的中点，若eq \(DC,\s\up6(→))＝λeq \(OA,\s\up6(→))＋μeq \(OB,\s\up6(→))，则λμ的值为________．
答案 －eq \f(6,25)
解析 因为eq \(AC,\s\up6(→))＝eq \f(1,5)eq \(AB,\s\up6(→))，所以eq \(AC,\s\up6(→))＝eq \f(1,5)(eq \(OB,\s\up6(→))－eq \(OA,\s\up6(→)))，
因为D为OB的中点，所以eq \(OD,\s\up6(→))＝eq \f(1,2)eq \(OB,\s\up6(→)).
所以eq \(DC,\s\up6(→))＝eq \(DO,\s\up6(→))＋eq \(OC,\s\up6(→))＝－eq \f(1,2)eq \(OB,\s\up6(→))＋(eq \(OA,\s\up6(→))＋eq \(AC,\s\up6(→)))
＝－eq \f(1,2)eq \(OB,\s\up6(→))＋eq \(OA,\s\up6(→))＋eq \f(1,5)(eq \(OB,\s\up6(→))－eq \(OA,\s\up6(→)))
＝eq \f(4,5)eq \(OA,\s\up6(→))－eq \f(3,10)eq \(OB,\s\up6(→))，所以λ＝eq \f(4,5)，μ＝－eq \f(3,10)，
则λμ的值为－eq \f(6,25).
11．已知a＝(1,0)，b＝(2,1)．
(1)当k为何值时，ka－b与a＋2b共线；
(2)若eq \(AB,\s\up6(→))＝2a＋3b，eq \(BC,\s\up6(→))＝a＋mb且A，B，C三点共线，求m的值．
解 (1)ka－b＝k(1,0)－(2,1)＝(k－2，－1)，
a＋2b＝(1,0)＋2(2,1)＝(5,2)．
∵ka－b与a＋2b共线，
∴2(k－2)－(－1)×5＝0，
即2k－4＋5＝0，得k＝－eq \f(1,2).
(2)方法一 ∵A，B，C三点共线，∴eq \(AB,\s\up6(→))＝λeq \(BC,\s\up6(→))，
即2a＋3b＝λ(a＋mb)，
∴eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(2＝λ，,3＝mλ，))解得m＝eq \f(3,2).
方法二 eq \(AB,\s\up6(→))＝2a＋3b＝2(1,0)＋3(2,1)＝(8,3)，
eq \(BC,\s\up6(→))＝a＋mb＝(1,0)＋m(2,1)＝(2m＋1，m)，
∵A，B，C三点共线，∴eq \(AB,\s\up6(→))∥eq \(BC,\s\up6(→))，
∴8m－3(2m＋1)＝0，即2m－3＝0，∴m＝eq \f(3,2).
12.如图，已知平面内有三个向量eq \(OA,\s\up6(→))，eq \(OB,\s\up6(→))，eq \(OC,\s\up6(→))，其中eq \(OA,\s\up6(→))与eq \(OB,\s\up6(→))的夹角为120°，eq \(OA,\s\up6(→))与eq \(OC,\s\up6(→))的夹角为30°，且|eq \(OA,\s\up6(→))|＝|eq \(OB,\s\up6(→))|＝1，|eq \(OC,\s\up6(→))|＝2eq \r(3).若eq \(OC,\s\up6(→))＝λeq \(OA,\s\up6(→))＋μeq \(OB,\s\up6(→))(λ，μ∈R)，求λ＋μ的值．
解 方法一 如图，作平行四边形OB1CA1，
则eq \(OC,\s\up6(→))＝eq \(OB1,\s\up6(→))＋eq \(OA1,\s\up6(→))，
因为eq \(OA,\s\up6(→))与eq \(OB,\s\up6(→))的夹角为120°，eq \(OA,\s\up6(→))与eq \(OC,\s\up6(→))的夹角为30°，
所以∠B1OC＝90°.
在Rt△OB1C中，∠OCB1＝30°，|eq \(OC,\s\up6(→))|＝2eq \r(3)，
所以|eq \(OB1,\s\up6(→))|＝2，|eq \(B1C,\s\up6(→))|＝4，
所以|eq \(OA1,\s\up6(→))|＝|eq \(B1C,\s\up6(→))|＝4，
所以eq \(OC,\s\up6(→))＝4eq \(OA,\s\up6(→))＋2eq \(OB,\s\up6(→))，
所以λ＝4，μ＝2，所以λ＋μ＝6.
方法二 以O为原点，建立如图所示的平面直角坐标系，
则A(1,0)，Beq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(－\f(1,2)，\f(\r(3),2)))，
C(3，eq \r(3))．
由eq \(OC,\s\up6(→))＝λeq \(OA,\s\up6(→))＋μeq \(OB,\s\up6(→))，
得eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(3＝λ－\f(1,2)μ，,\r(3)＝\f(\r(3),2)μ，))解得eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(λ＝4，,μ＝2.))
所以λ＋μ＝6.
13．(2020·河北衡水中学模拟)已知在Rt△ABC中，∠BAC＝90°，AB＝1，AC＝2，D是△ABC内一点，且∠DAB＝60°，设eq \(AD,\s\up6(→))＝λeq \(AB,\s\up6(→))＋μeq \(AC,\s\up6(→))(λ，μ∈R)，则eq \f(λ,μ)等于( )
A.eq \f(2\r(3),3) B.eq \f(\r(3),3) C．3 D．2eq \r(3)
答案 A
解析 如图，以A为原点，AB所在直线为x轴，AC所在直线为y轴建立平面直角坐标系，则B点的坐标为(1,0)，C点的坐标为(0,2)，
因为∠DAB＝60°，所以设D点的坐标为(m，eq \r(3)m)(m≠0)．
eq \(AD,\s\up6(→))＝(m，eq \r(3)m)＝λeq \(AB,\s\up6(→))＋μeq \(AC,\s\up6(→))＝λ(1,0)＋μ(0,2)＝(λ，2μ)，则λ＝m，且μ＝eq \f(\r(3),2)m，
所以eq \f(λ,μ)＝eq \f(2\r(3),3).
14.(2020·山东省实验中学等四校联考)如图，在Rt△ABC中，∠ABC＝eq \f(π,2)，AC＝2AB，∠BAC的平分线交△ABC的外接圆于点D，设eq \(AB,\s\up6(→))＝a，eq \(AC,\s\up6(→))＝b，则向量eq \(AD,\s\up6(→))等于( )
A．a＋b B.eq \f(1,2)a＋b
C．a＋eq \f(1,2)b D．a＋eq \f(2,3)b
答案 C
解析 设圆的半径为r，
在Rt△ABC中，∠ABC＝eq \f(π,2)，AC＝2AB，
所以∠BAC＝eq \f(π,3)，∠ACB＝eq \f(π,6)，
又∠BAC的平分线交△ABC的外接圆于点D，
所以∠ACB＝∠BAD＝∠CAD＝eq \f(π,6)，
则根据圆的性质得BD＝CD＝AB，
又因为在Rt△ABC中，AB＝eq \f(1,2)AC＝r＝OD，
所以四边形ABDO为菱形，
所以eq \(AD,\s\up6(→))＝eq \(AB,\s\up6(→))＋eq \(AO,\s\up6(→))＝a＋eq \f(1,2)b.
15．若α，β是平面内一组基底，向量γ＝xα＋yβ(x，y∈R)，则称(x，y)为向量γ在基底α，β下的坐标，现已知向量a在基底p＝(1，－1)，q＝(2,1)下的坐标为(－2,2)，则a在基底m＝(－1,1)，n＝(1,2)下的坐标为______．
答案 (0,2)
解析 因为a在基底p，q下的坐标为(－2,2)，
所以a＝－2p＋2q＝(2,4)，
令a＝xm＋yn＝(－x＋y，x＋2y)，
所以eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(－x＋y＝2，,x＋2y＝4，))即eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(x＝0，,y＝2，))
所以a在基底m，n下的坐标为(0,2)．
16．如图，已知△ABC中，AB＝2，AC＝1，∠BAC＝120°，AD为角平分线．
(1)求AD的长度；
(2)过点D作直线分别交AB，AC所在直线于点E，F，且满足eq \(AE,\s\up6(→))＝xeq \(AB,\s\up6(→))，eq \(AF,\s\up6(→))＝yeq \(AC,\s\up6(→))，求eq \f(1,x)＋eq \f(2,y)的值，并说明理由．
解 (1)根据角平分线定理可得eq \f(DB,DC)＝eq \f(AB,AC)＝2，
所以eq \f(BD,BC)＝eq \f(2,3)，
所以eq \(AD,\s\up6(→))＝eq \(AB,\s\up6(→))＋eq \(BD,\s\up6(→))＝eq \(AB,\s\up6(→))＋eq \f(2,3)eq \(BC,\s\up6(→))＝eq \(AB,\s\up6(→))＋eq \f(2,3)(eq \(AC,\s\up6(→))－eq \(AB,\s\up6(→)))＝eq \f(1,3)eq \(AB,\s\up6(→))＋eq \f(2,3)eq \(AC,\s\up6(→))，
所以eq \(AD,\s\up6(→))2＝eq \f(1,9)eq \(AB,\s\up6(→))2＋eq \f(4,9)eq \(AB,\s\up6(→))·eq \(AC,\s\up6(→))＋eq \f(4,9)eq \(AC,\s\up6(→))2
＝eq \f(4,9)－eq \f(4,9)＋eq \f(4,9)＝eq \f(4,9)，
所以AD＝eq \f(2,3).
(2)因为eq \(AE,\s\up6(→))＝xeq \(AB,\s\up6(→))，eq \(AF,\s\up6(→))＝yeq \(AC,\s\up6(→))，
所以eq \(AD,\s\up6(→))＝eq \f(1,3)eq \(AB,\s\up6(→))＋eq \f(2,3)eq \(AC,\s\up6(→))＝eq \f(1,3x)eq \(AE,\s\up6(→))＋eq \f(2,3y)eq \(AF,\s\up6(→))，
因为E，D，F三点共线，
所以eq \f(1,3x)＋eq \f(2,3y)＝1，所以eq \f(1,x)＋eq \f(2,y)＝3.