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2020年黑龙江省哈尔滨市中考物理试卷
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这是一份2020年黑龙江省哈尔滨市中考物理试卷，共19页。试卷主要包含了单选题，计算题，综合题，作图题，实验探究题等内容，欢迎下载使用。
2020年黑龙江省哈尔滨市中考物理试卷
题号
一
二
三
四
五
总分
得分
一、单选题（本大题共12小题，共24.0分）
1. 下列说法不正确的是（ ）
A. 电路的连接方式只有串联 B. 汽化的方式包括蒸发和沸腾
C. 光可以传播能量和信息 D. 异名磁极相互吸引
2. 太阳岛公园里出现的自然现象与对应的物态变化正确的是（ ）
A. 露--液化 B. 冰锥--凝华 C. 霜--凝固 D. 雾--升华
3. 下列关于甲、乙两图中现象的说法，正确的是（ ）
A. 甲图能用“光的折射规律”解释
B. 甲图说明利用小孔只能成等大的像
C. 甲图和乙图中的现象都是由光的折射形成的
D. 解释乙图中的情景用到了“光的反射定律”
4. 关于厨房中的情景说法不正确的是（ ）
A. 菜刀磨得锋利是为了增大压力
B. 为了安全，使用有金属外壳的电水壶时，要用三脚插头插入三孔插座
C. 用燃气灶烧水时，通过热传递的方式改变了水的内能
D. 在汤中放盐，整锅汤都有咸味，是由于分子的无规则运动
5. 下列图中不符合安全用电原则的是（ ）
A. 使用验电笔时，手应接触笔后端的金属部分
B. 人应远离断线后落地的高压线
C. 电灯的开关应接在零线上
D. 不用湿布擦拭正在工作的电灯
6. 在哈尔滨教育云平台线上微课教学中，小明整理的笔记上有笔误，需纠正的一项是（ ）
A. 生活与应用
B. 能源的应用
C. 知识与应用
D. 能量的转换
7. 中国运动员苏炳添在国际百米大赛中成为首位跑进10秒内的中国人。赛跑过程中关于运动员的说法不正确的是（ ）
A. 以运动员为参照物，坐着的观众是运动的
B. 运动员冲刺到终点不能立即停下，是由于人具有惯性
C. 运动员蹬地起跑，说明力可以改变人的运动状态
D. 运动员的鞋底花纹很深，是为了减小摩擦
8. 下列有关各图的说法不正确的是（ ）
A. 喝水使用的茶壶是连通器
B. 夹菜时使用的筷子属于省力杠杆
C. 用吸管从瓶中吸饮料利用了大气压力
D. 纸条向上飘起时，纸条上方比下方空气流速大压强小
9. 关于甲、乙两图的说法中，正确的是（ ）
A. 甲图中改变电流大小，电流周围磁场强弱不发生改变
B. 甲图中改变电流方向，小磁针的偏转方向不发生改变
C. 利用乙图可研究电磁感应现象
D. 乙图中闭合开关后，静止的导体ab就会运动
10. 军事、科技力量是国防安全的重要保障。我国第一艘国产航空母舰“山东舰”已交付使用。关于“山东舰”的说法不正确的是（（ ）
A. 舰上雷达工作时，利用的是电磁波
B. 飞机从甲板上起飞后，“山东舰”受到的浮力变大
C. 工作人员佩戴耳罩，可以减弱噪声
D. 飞机在甲板上着陆滑行时，速度减小，动能减小
11. 如图是“研究小灯泡电功率”的电路图。灯丝电阻、电源电压不变，电路连接正确后，闭合开关，向左移动滑动变阻器的滑片。下列说法正确的是（ ）
A. 电流表示数变小 B. 滑动变阻器两端电压变大
C. 电路的总功率变小 D. 灯泡亮度变亮
12. 如图所示，L1“3V3W”、L2“3V 1.5W”。灯丝电阻不变，电源电压3V．开关S闭合后，下列说法正确的是（ ）
A. L1和L2的电阻之比是2：1 B. L1和L2的电流之比是1：2
C. L1两端电压是2V D. 两灯消耗的总功率是1W
二、计算题（本大题共4小题，共12.0分）
13. 小聪用如图所示的电路探究“电流跟电阻的关系”。将电阻R1接入电路后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片、电压表的示数为U；用电阻R2；（R2＞R1）替换电阻R1后，实验中，应调节滑片，使电压表的示数为______，则前后两次电流表示数之比为______。
14. 如图，甲、乙两鱼缸都静止在水平桌面上，鱼缸底部受到水的压强较大的是______，甲受到桌面的支持力为80N，与桌子的接触面积为0.08m2．则甲对桌面的压强为______Pa。
15. 一个小球质量为0.2kg，漂浮在水面上，它受到的浮力是______N，排开水的体积是______m3．（g=10N/kg，ρ水=1.0×103kg/m3）。
16. 我们生产、生活中利用的能量，追根溯源，大都来自太阳。
（1）用一块太阳能电池给电路供电，使5Ω的电阻中通过了0.2A的电流。则电阻1min内产生的热量是多少？
（2）一个太阳能热水器的容量为80L．装满水后，使这些水的温度从10℃升高至40℃．则水需要吸收多少热量？[c水=4.2×103J/（kg•℃），ρ水=1.0×103kg/m3]
（3）一辆太阳能汽车接收到4×107J的光能。其中有8%用于汽车的牵引力做功，若匀速行驶时汽车的牵引力为200N，这辆汽车能匀速行驶多远？
三、综合题（本大题共5小题，共10.0分）
17. 物理课上敲击音叉，发出的声音是由于音叉的______产生的，用大小不同的力敲击同一音叉，发出的声音的______不同。
18. “照镜子，正衣冠”。小红站在平面镜前0.3m处，她的像离她______m．利用自制简易潜望镜可以观察到高处的物体是利用了平面镜可以______。
19. 小明同学用一个凸透镜观察洗手液的商标，成像情况如图甲，若想再看到倒立、放大的像，应将凸透镜向______移动，图乙的成像原理可应用于______。（选填“照相机”或“放大镜”）
20. 有一只标有“3.8V 0.3A”的小灯泡。其中“3.8V”是指小灯泡的______。将小灯泡接在3.0V的电路中，实际的电功率是______W．（灯丝电阻不变，结果保留两位小数）
21. 如图，小车从斜面上滑下后。在足够长的光滑水平木板上运动，从A点运动到B点所用时间为0.8s，则小车这段时间内运动的速度为______m/s（结果保留一位小数），小车经过B点后的运动情况是______。
四、作图题（本大题共3小题，共10.0分）
22. 如图，木块在水平向右的拉力作用下做水平匀速直线运动。请画出它在水平方向上的受力示意图。（以“O”为力的作用点）
23. 光从空气斜射向玻璃，发生反射和折射。请完成光路。并标出反射角的度数。
24. 小聪帮爷爷检修小电器。发现一个规格为“2.5V0.3A”的小灯泡L1坏了，他在家中找到一个标有2.5V的小灯泡L2．想知道能否用L2替换L1．于是在现有条件下，用如图所示的电路进行研究。
（1）请将小聪设计的图甲所示电路连接好。（要求：闭合开关后，滑动变阻器的滑片向左移动时，灯泡变亮）
（2）小聪用此电路进行实验，收集了五组数据，在图乙U-I坐标系上已描出了三个坐标点，请你将第2组和第3组数据描在坐标系上，并画出图象。则L2两端电压为2.5V时的电流为______A，此时的电阻为______Ω．（结果均保留一位小数）
1
2
3
4
5
电压U/V
0.7
1.0
1.4
2.0
3.0
电流I/A
0.16
0.20
0.24
0.28
0.31
（3）小聪能否用L2替换L1．并说明理由。______
（4）通过实验研究可知，小灯泡L2电阻的变化规律是______。
五、实验探究题（本大题共4小题，共14.0分）
25. 在”探究杠杆平衡条件”的实验前，如图甲，杠杆不在水平位置平衡，为使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向______移动。实验中，如图乙，在A点用弹簧测力计施加一个竖直向上的力，在B点施加一个最小为______N的力，才能使杠杆在水平位置重新平衡。
26. 某小组同学想测量铅球的密度，准确测得铅球的质量后，测量体积过程如图所示，则测得的体积比真实值______，测得的密度比真实值______。
27. 提高机械效率，能够更充分地发挥机械设备的作用，“测量机械效率”实验装置如图（每个动滑轮重相同。忽略摩擦及绳重）。
（1）实验中应______拉动弹簧测力计。
（2）实验过程中收集到a、b、c三组实验数据如下。
装置
钩码重/N
钩码上升的高度/m
弹簧测力计示数/N
绳子自由端移动的距离/m
a
2
0.1
1.5
0.2
b
2
0.1
1.0
0.3
c
5
0.1
2.0
0.3
计算出a组实验的：有用功______J，机械效率______。
（3）比较a、b两组的机械效率，它们的关系是：η1______η2．若提升相同物重到相同高度，与a装置相比，b装置的优势是______。
比较b、c滑轮组，它们机械效率的关系是：η1______η2，影响它们机械效率高低的因素是______。
28. 同学们利用图中装置探究“晶体熔化”的实验。
（1）小聪用手握冰块，一会儿看到有部分冰化成了水，并感觉手很凉，据此体验。请你提出一个与熔化相关的猜想。
（2）实验中，小聪把装有正在熔化的冰的试管从热水中取出。在安全前提下，放进冰水混合物中，试管中的冰会停止熔化，请你说明原因。
（3）要研究冰熔化时温度的变化规律，需要收集哪些证据？
（4）小聪又研究了海波的熔化，对比冰的熔化实验。在熔化过程中：海波与冰相同的规律是______。能观察到的不同现象是______。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：
A、电路的基本连接方式有串联和并联两种，故A错误；
B、汽化的方式有蒸发和沸腾，故B正确；
C、光可以传播能量和信息，故C正确；
D、同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引，故D正确。
故选：A。
（1）电路的基本连接方式有串联和并联两种；
（2）汽化的方式有蒸发和沸腾；
（3）光可以传递信息，如光纤传递图象；光可以传递能量，如激光能在钢板上打孔；
（4）同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引。
本题考查了电路的连接方式、汽化的方式、光的作用和磁极间相互作用，属于基础知识的考查。
2.【答案】A
【解析】解：
A、空气中的水蒸气遇冷液化变成小水珠，附着在地面的花草树木上形成露，是液化现象，故A正确；
B、冰锥是液态的水遇冷凝固形成的，是凝固现象，不是凝华现象，故B错误；
C、空气中的水蒸气遇冷凝固变成小冰晶，形成霜，这是凝华现象，不是凝固，故C错误；
D、空气中的水蒸气遇冷液化变成小水珠，飘散在空中形成雾，是液化现象，不是凝华现象，故D错误。
故选：A。
根据以下知识分析判断：物质由液态变为气态是汽化现象；物质由液态变为固态是凝固现象；物质由气态变为液态是液化现象；物质由气态变为固态是凝华现象。
本题通过生活中的现象考查了物态变化的相关知识，知道物态变化的概念，知道变化前后物质的状态，是解题的关键。
3.【答案】D
【解析】解：A、甲图小孔成像是光的直线传播形成的，不能用“光的折射规律”解释，故A错误；
B、小孔成像能成等大的像，也可能是放大或缩小的像，故B错误；
C、甲图小孔成像是光的直线传播形成的，乙图中桥在水中的倒影是由光的反射形成，故C错误；
D、解释乙图中的桥在水中的倒影的现象用到了“光的反射定律”，故D正确。
故选：D。
（1）小孔成像依据光的直线传播原理，成倒立的实像，像可能放大可能缩小；
（2）光遇到水面、玻璃以及其他许多物体的表面都会发生反射现象，都符合光的反射规律。
本题考查对简单光现象的理解，要求掌握的知识有小孔成像、光的反射，比较简单。
4.【答案】A
【解析】解：
A、菜刀磨得锋利，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；故A错误。
B、把三脚插头插入三孔插座里，在把用电部分连入电路的同时，也把电水壶的金属外壳与大地连接起来，防止了外壳带电引起的触电事故。故B正确。
C、用燃气灶烧水时，水从火焰中吸收热量，温度升高，是利用热传递的方式改变物体内能的。故C正确。
D、在汤中放盐，整锅汤都有咸味，是盐分子不停地做无规则运动的结果。故D正确。
故选：A。
（1）增大压强的方法：在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，通过增大压力来增大压强。
（2）金属外壳的家用电器的外壳一定要接地，这样可以避免触电事故的发生；
（3）改变物体内能的方式有做功和热传递热；
（4）扩散现象说明分子不停地做无规则运动。
此题考查增大压强的方法、物体内能改变的方式、分子运动、安全用电等知识点，属于热学、力学和电学综合题，难度适中，属于中考常见题型。
5.【答案】C
【解析】解：
A、使用验电笔时，手要与笔尾金属体接触，这样才能辨别零线和火线，故A正确；
B、人靠近断线后落地的高压线，易发生跨步电压触电，所以人应远离断线后落地的高压线，故B正确；
C、控制灯泡的开关要接在火线上，开关断开时，灯上没有电，便于维修或更换灯泡，图中接反了，故C错误；
D、生活用水是电的导体，用湿布擦正在工作的电灯时，可能会因湿抹布导电而发生触电事故，故D正确。
故选：C。
（1）验电笔的正确使用是：手接触笔尾金属体，笔尖金属体接触零线或火线，氖管发光的是火线，氖管不发光的是零线；
（2）高压触电：高压电弧触电、跨步电压触电；
（3）家庭电路中，开关要接在火线上，灯泡的螺旋套要接在零线上；
（4）湿物体是导体，接触带电体容易发生触电。
本题考查了生活中的一些安全用电常识，应注意积累并严格遵守，牢记安全用电常识，并在生活中加以运用，有一定的现实意义。
6.【答案】A
【解析】解：A、近视眼需要佩戴凹透镜进行矫正；
紫外线可以杀菌，所以医院和食品店常用紫外线消毒。故A需要纠正；
B、核电站是将核能转化为电能的设备；
风能可以转化为机械能，驱动帆船前进。故B不需要纠正；
C、用电器是利用同种电荷相互排斥检验物体是否带电的；
内燃机属于热机，工作过程中利用燃料燃烧释放的内能做功，实现内能到机械能的转化。故C不需要纠正；
D、能量的转化和转移具有方向性，能量的转移或转化是有条件的；在能量的转移或转化过程中总量保持不变。故D不需要纠正。
故选：A。
①近视眼用凹透镜进行矫正，凹透镜对光线有发散作用；
紫外线的作用和用途：根据紫外线有杀菌作用制成消毒灯；根据紫外线能使荧光物质发光制成验钞机；紫外线能促使人体合成维生素D促进钙的吸收；
②在一定条件下。不同形式的能量之间可以相互转化；
③电荷间相互作用规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
热机是将内能转化为机械能的机器；
④能量的转化和转移具有方向性，在能量的转移或转化过程中总量保持不变。
此题考查的知识点较多，熟练掌握基础知识及其应用是解答的关键。平时在学习中，要加深对物理概念的理解，并注意物理知识在日常生活中的应用。
7.【答案】D
【解析】解：
A、比赛中的运动员与坐着的观众之间的位置不对发生变化，以运动员为参照物，坐着的观众是运动的，故A正确；
B、运动员到达终点前，以较快的速度向前运动，达到终点后运动员由于惯性还要保持原来的运动状态向前运动，不能立即停下来，故B正确；
C、运动员用力蹬地起跑，由静止变为运动，说明力可以改变物体的运动状态，故C正确；
D、运动员的鞋底花纹很深，是采用了增大接触面粗糙程度的方法，可以增大与地面间摩擦，故D错误。
故选：D。
（1）运动和静止是相对的，判断物体的运动和静止，首先确定一个参照物，如果被研究的物体和参照物之间没有发生位置的改变，被研究的物体是静止的，否则是运动的；
（2）物体具有保持原来运动状态不变的性质叫做惯性，任何物体都具有惯性；
（3）力可以改变物体的运动状态和形状；
（4）影响摩擦力大小的因素有压力的大小和接触面的粗糙程度。
本题以百米比赛为内容考查运动和静止的相对性、摩擦力的影响因素、惯性以及力的作用效果等知识，综合性较强。
8.【答案】B
【解析】解：
A、茶壶的壶盖上有小孔，壶嘴上端有口，壶身和壶嘴底部相连通，是连通器，故A正确；
B、使用筷子时，筷子是费力杠杆，这样可以省距离。故B错误。
C、当用口吸吸管时，口内气压减小，小于外界大气压，大气压压着饮料进入口中；故C正确；
D、将一纸条放在嘴边，用力从纸条上方吹气，因为纸条上方的空气流速大，压强小，纸条下方的空气流速小，压强大，纸条受到一个竖直向上的压力差，所以纸条就飘起来，故D正确。
故选：B。
（1）上端开口下端连通的容器。连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面的高度总是相平的。
（2）知道杠杆的分类，若动力臂小于阻力臂则为费力杠杆，但省距离。
（3）用吸管从瓶中吸饮料利用了大气压力。
（4）从纸条上方和下方空气的流速和所受压强的大小去考虑即可解决。
此题主要考查了连通器原理的应用、杠杆的分类、大气压的应用、流体压强和流速的关系等，考查得很全面。体现了从生活走向物理，从物理走向社会的课标理念。
9.【答案】C
【解析】解：
A、甲图是奥斯特实验，改变电流大小，电流周围磁场强弱会发生改变，故A错误；
B、甲图中改变电流方向，磁场的方向发生了改变，则小磁针的偏转方向发生改变，故B错误；
C、图乙中，闭合电路的一部分导体ab在磁场中做切割磁感线运动，会产生感应电流，这就是电磁感应现象，故C正确；
D、乙图中闭合开关后，静止的导体ab中无电流通过，不会运动，故D错误。
故选：C。
（1）电流的周围存在磁场，磁场强度的大小与电流大小有关；磁场的方向与电流的方向有关；
（2）闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，会产生感应电流；
本题考查了奥斯特实验、电磁感应现象，明确产生感应电流的条件是解题的关键。
10.【答案】B
【解析】解：A、舰上雷达工作时，利用的是电磁波。故A正确。
B、飞机从甲板上起飞后，“山东舰”的重力减小了，而漂浮的物体所受的浮力等于自身的重力，所以受到的浮力变小。故B错误。
C、工作人员佩戴耳罩，是在人耳处减弱噪声。故C正确。
D、飞机在甲板上着陆滑行时，由于受到阻力的作用，所以速度减小，而其质量不变，故动能减小。故D正确。
故选：B。
（1）电磁波在生活中有着广泛的应用，如：无线电广播、电视、手机以及雷达都是靠电磁波来传递信息的。
（2）由物体的浮沉条件分析知，漂浮的物体所受的浮力等于自身的重力，飞机从甲板上起飞后，航母的重力减小了，进而判断浮力的变化；
（3）减弱噪声的途径有：在声源处减弱；在传播过程中减弱；在人耳处减弱。
（4）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。
此题考查防止噪声的途径、物体浮沉条件及其应用、电磁波的传播与应用、动能大小的影响因素等，涉及到的知识点多，综合性强，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
11.【答案】D
【解析】A、灯与变阻器串联，电压表测灯的电压，电流表测电路的电流，向左移动滑动变阻器的滑片，变阻器连入电路的电阻变小，由电阻的串联，电路的总电阻变小，由欧姆定律，电流表示数变大，A错误；
B、根据U=IR，因电流变大，故灯电压变大，由串联电路电压的规律，变阻器的电压变小，B错误；
CD、根据P=UI，灯电路的电流变大，故电路的总功率变大，C错误；
灯的电压变大，灯的电流变大，根据P=UI，灯的功率变大，灯变亮，D正确；
故选：D。
A、灯与变阻器串联，电压表测灯的电压，电流表测电路的电流，向左移动滑动变阻器的滑片，分析变阻器连入电路的电阻变化，由电阻的串联确定电路的总电阻变化，由欧姆定律判断电流表示数变化；
B、根据U=IR分析灯的电压变化，由串联电路电压的规律得出变阻器的电压变化；
CD、根据P=UI分析电路的总功率变化；
根据灯的电压变大，灯的电流变大，根据P=UI确定灯的功率变化，从而确定灯的亮度的变化。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，要掌握。
12.【答案】D
【解析】解：根据电路图可知，两灯泡串联；
A、根据P=知，
L1的电阻为：R1===3Ω；
L2的电阻为：R2===6Ω；
所以L1和L2的电阻之比为：==，故A错误；
B、因为串联电路电流处处相等，所以L1和L2的电流之比是1：1，故B错误；
C、电路的电流为I===A，
L1两端电压是：U1=IR1=A×3Ω=1V，故C错误；
D、两灯泡消耗的总功率为：P===1W，故D正确。
故选：D。
根据电路图可知，两灯泡串联；
（1）根据R=算出两灯泡的电阻，并求出L1和L2的电阻之比；
（2）串联电路电流处处相等；
（3）根据I=算出电路的电流，根据U=IRL1两端电压是2V；
（4）根据P=算出两灯泡消耗的总功率。
本题考查串联电路电流规律、欧姆定律的应用，是一道基础题。
13.【答案】U R2：R1
【解析】解：（1）探究“电流跟电阻的关系”，要控制电阻的电压不变，将电阻R1接入电路后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，电压表的示数为U；
用电阻R2；（R2＞R1）替换电阻R1后，实验中，应调节滑片，使电压表的示数为U；
（2）根据I=，在电压不变时，电流与电阻成反比，则前后两次电流表示数之比为R2：R1。
故答案为：U；R2：R1。
（1）探究“电流跟电阻的关系”，要控制电阻的电压不变；
（2）根据I=，在电压不变时，电流与电阻成反比，据此求出前后两次电流表示数之比。
本题探究“电流跟电阻的关系”，考查控制变量法和欧姆定律的运用。
14.【答案】甲 1000
【解析】解：（1）由图知甲鱼缸中的液面高于乙鱼缸中的液面，根据p=ρ液gh知甲鱼缸底部受到水的压强较大；
（2）鱼缸在水平面上，甲对桌面的压力和桌面对甲的支持力是一对相互作用力，大小相等，所以甲对桌面的压力为80N，
甲对桌面的压强为：p===1000Pa。
故答案为：甲；1000。
（1）根据图中的液面和p=ρ液gh判断出鱼缸底部受到水的压强的大小；
（2）鱼缸在水平面上，甲对桌面的压力和桌面对甲的支持力是一对相互作用力，大小相等；
根据p=算出甲对桌面的压强。
本题考查了相互作用力的知识、固体压强的公式，掌握甲受到桌面的支持力和甲对桌面的压力是一对相互作用力是解题的关键。
15.【答案】2 2×10-4
【解析】解：小球漂浮，则小球受到的浮力等于其重力：F浮=G木=mg=0.2kg×10N/kg=2N；
根据阿基米德原理公式F浮=ρ水gV排可知，小球排开的水的体积为：V排===2×10-4m3。
故答案为：2；2×10-4。
知道小球质量，根据G=mg求出其重力，利用漂浮条件求小球受到的浮力，再利用阿基米德原理求排开水的体积。
本题考查了学生对物体的浮沉条件、阿基米德原理的了解和掌握，属于基础知识，要掌握。
16.【答案】解：
（1）电阻1min内产生的热量：
Q=I2Rt=（0.2A）2×5Ω×60s=12J；
（2）水的体积V水=80L=80dm3=0.08m3，
由ρ=可得水的质量：
m水=ρ水V水=1.0×103kg/m3×0.08m3=80kg，
水吸收的热量：
Q吸=c水m水（t-t0）=4.2×103J/（kg・℃）×80kg×（40℃-10℃）=1.008×107J；
（3）汽车的牵引力做功：
W=E×8%=4×107J×8%=3.2×106J，
由W=Fs可得这辆汽车能匀速行驶的距离：
s===1.6×104m=16km。
答：（1）电阻1min内产生的热量是12J；
（2）水需要吸收1.008×107J的热量；
（3）这辆汽车能匀速行驶16km。
【解析】（1）知道电阻阻值、通过的电流、通电时间，利用焦耳定律Q=I2Rt求电阻1min内产生的热量；
（2）知道水的体积、密度，利用m=ρV求出水的质量，又知道水的初温、末温以及比热容，利用Q吸=cm（t-t0）求出水吸收的热量；
（3）知道太阳能汽车接收到的光能E，汽车的牵引力做功W=E×8%，再利用W=Fs求这辆汽车能匀速行驶的距离。
本题为学科综合题，考查了密度公式、功率公式、吸热公式、焦耳定律的应用，虽然知识点多、综合性强，但都属于基础，难度不大，灵活应用相关公式是关键。
17.【答案】振动 响度
【解析】解：（1）音叉发声是音叉在振动。
（2）用大小不同的力敲击同一音叉，用力不同，音叉的振幅不同，响度不同。
故答案为：振动；响度。
（1）声是由物体振动产生的的。
（2）声音的响度跟振幅和距离声源的远近有关，从影响因素进行分析。
本题主要考查声的发生和响度大小的影响因素，属于基础题目。
18.【答案】0.6 改变光路
【解析】解：因平面镜成像时物距与像距相等，小红站在平面镜前0.3m处，此时物距为0.3m，则像距也为0.3m，她的像离她0.6m；
简易潜望镜就是由两块平面镜组成，主要是利用了平面镜可以改变光路。
故答案为：0.6；改变光路。
平面镜成像的特点：成等大正立的虚像，且物距与像距相等；平面镜可以改变光路。
平面镜成像的特点在实际生活中应用非常广泛，也是光学中一个很重要的知识点，要求熟练掌握，并学会灵活运用。
19.【答案】远离商标的方向 照相机
【解析】解：（1）图甲成正立，放大的虚像，此时u＜f，若想再看到倒立、放大的像，2f＞u＞f，增大物距，因此应将凸透镜向远离商标的方向移动，
（2）图乙的成像，成倒立缩小的实像，应用是照相机。
故答案为：远离商标的方向；照相机。
解答此题需掌握凸透镜成像规律中物距和像距的关系：
u＞2f，2f＞v＞f，照相机原理；
2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，v＞2f，投影仪、幻灯机原理。
u＜f，成正立、放大的虚像，放大镜原理。
此题考查了凸透镜成像的规律及应用，掌握凸透镜成像规律中物距和像距的关系即可轻松解答。
20.【答案】额定电压 0.71
【解析】解：
（1）“3.8V0.3A”是指小灯泡的额定电压U额=3.8V、额定电流I额=0.3A；
（2）由欧姆定律可得小灯泡灯丝的电阻：
R===Ω；
将小灯泡接在3.0V的电路中，灯丝电阻不变，其实际的电功率：
P实==≈0.71W。
故答案为：额定电压；0.71。
（1）“3.8V 0.3A”中，3.8V是指小灯泡的额定电压，0.3A是指小灯泡的额定电流；
（2）先利用欧姆定律求小灯泡灯丝的电阻，将小灯泡接在3.0V的电路中，灯丝电阻不变，利用P=求其实际电功率。
本题考查了欧姆定律、电功率公式的应用，明确小灯泡铭牌的含义是关键。
21.【答案】43.8 速度逐渐变小直到静止
【解析】解：（1）由图知：sAB=40.0cm-5.0cm=35.0cm；
小车AB段的平均速度：vAB==≈43.8cm/s；
（2）小车经过B点后速度逐渐变小，最后静止。
故答案为：43.8；速度逐渐变小直到静止。
（1）刻度尺的分度值为1mm，读出sAB，利用公式v=计算AB段的平均速度；
（2）力是改变物体运动状态的原因。
本题考查“测小车的平均速度”的实验，一定学会读出路程和时间，按平均速度的定义代入v=求出平均速度。
22.【答案】解：因为木块在水平向右的方向上做匀速直线运动，根据二力平衡的条件可得，木块受到水平向左的摩擦力与水平向右的拉力属于平衡力，因此从物体重心作水平向右和水平向左的拉力和摩擦力，注意两条线段长度要相等。如图所示：
【解析】由于木块在水平面上做匀速直线运动，因此木块受到水平向右的拉力和水平向左的摩擦力作用，并且二力是一对平衡力；从木块的重心表示出拉力和摩擦力的方向和大小。
作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，是平衡力的长度要相等。
23.【答案】解：由图可知，入射角为40°，在光的反射中，反射角等于入射角，故反射角也为40°；根据反射角等于入射角，在法线左侧的空气中作出反射光线；反射角为反射光线与法线的夹角，大小为40°；
光从空气斜射入其它介质时，折射角小于入射角，在法线左侧的空气中作出折射光线。如图所示：
．
【解析】先过入射点作出法线，然后根据入射光线、反射光线以及法线在同一平面内，并且反射角等于入射角，画出反射光线；
根据入射光线、折射光线以及法线在同一平面内，折射角小于入射角，确定折射光线的方向。
本题主要考查反射定律和折射定律的应用情况，注意真实光线为实线，法线为虚线；是一道基础题。
24.【答案】0.295 8.5 能，L2两端电压为2.5V时的电流为0.295A，与灯的规格相符 灯泡的电阻随电压的增大而变大
【解析】解：（1）根据滑动变阻器的滑片向左移动时，灯泡变亮，即电流变大电阻变小，故变阻器左下接线柱连入电路中，如下左所示：
（2）根据第2组和第3组数据在坐标系上确定对应的点，用平滑的曲线连接，如上右所示：
据此可知，L2两端电压为2.5V时的电流为0.295A，由欧姆定律，此时的电阻为：
R==≈8.5Ω；
（3）小灯泡L1规格为“2.5V0.3A”，而L2两端电压为2.5V时的电流为0.295A，与灯的规格相符，故小聪能用L2替换L1；
（4）根据表中第1组数据，由欧姆定律，灯的电阻为：
R1==≈4.4Ω，同理，第2、2、3、5次的电阻分别为5Ω、5.8Ω、7.1Ω和9.7Ω，故小灯泡的电阻随电压的增大而变大。
故答案为：
（1）如上所示；（2）0.295；8.5；（3）能，L2两端电压为2.5V时的电流为0.295A，与灯的规格相符；（4）灯泡的电阻随电压的增大而变大。
（1）根据滑动变阻器的滑片向左移动时，灯泡变亮确定变阻器左下接线柱连入电路中；
（2）根据第2组和第3组数据在坐标系上确定对应的点，用平滑的曲线连接，根据作出的图可知L2两端电压为2.5V时的电流大小，由欧姆定律求出此时的电阻；
（3）根据小灯泡L1规格为“2.5V0.3A”，结合L2两端电压为2.5V时的电流大小分析；
（4）根据表中第1组数据，由欧姆定律得出灯的电阻，同理，得出第2、2、3、5次的电阻，据此回答。
本题考查电路的连接、描点法作图、欧姆定律的运用和数据分析及影响电阻大小的因素。
25.【答案】左 1
【解析】解：
（1）杠杆不在水平位置，右端向下倾斜，则重心应向左移动，故应向左调节左端或右端的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡；
（2）由图可知弹簧拉力计的示数为3.0N，设杠杆的一个刻度为L，则拉力的力臂为2L；B点施加力的力臂为6L，根据杠杆平衡的条件可得，在B点施加一个最小为F2===1N。
故答案为：左；1。
（1）杠杆右端下沉，说明杠杆的重心在支点右侧，调节平衡螺母应使杠杆重心左移；
（2）根据杠杆的平衡条件分析即可得出在B点施加一个最小力。
此题为探究杠杆的平衡条件实验题目，灵活运用好杠杆平衡条件是解答此题的关键。
26.【答案】偏大 偏小
【解析】解：在测量铅球体积的方案中，当铅球从水中取出时，铅球表面不可避免地沾有水，故导致加入容器中水的体积大于铅球的实际体积，质量的测量值准确，根据ρ=可知，测出的密度值会偏小。
故答案为：偏大；偏小。
当铅球从水中取出时，铅球表面不可避免地沾有水，故导致加入容器中水的体积大于铅球的实际体积；然后根据ρ=分析密度的变化。
本题最主要的问题是记住测固体密度的基本方法：用天平测出固体的质量m，根据排水法测出固体的体积V，用公式密度公式算出固体的密度，难度不大。
27.【答案】竖直向上匀速 0.2 66.7% = 省力 ＜ 提升物体的重力不同
【解析】解：
（1）在实验操作中应竖直向上匀速拉动弹簧测力计，这样弹簧测力计示数稳定，便于读数；
（2）由第三组数据知，有用功为：W有用=Gh=2N×0.1m=0.2J；
总功为：W总=Fs=1.5N×0.2m=0.3J；
则机械效率为：η=×100%=×100%≈66.7%；
（3）b的有用功为：W有用=Gh=2N×0.1m=0.2J；总功为：W总=Fs=1.0N×0.3m=0.3J；
ab的有用功和总功相同，机械效率相同；
根据数据可知，a的拉力大于b的拉力，所以b的优势是省力；
c的有用功为：W'有用=G'h'=5N×0.1m=0.5J；总功为：W'总=F's'=2.0N×0.3m=0.6J；
则机械效率为：η'=×100%=×100%≈83.3%；
b、c滑轮组，它们机械效率的关系是：η1＜η2，其原因是提升物体的重力不同。
故答案为：（1）竖直向上匀速；（2）0.2；66.7%；（3）=；省力；＜；提升物体的重力不同。
（1）实验时应匀速拉动弹簧测力计；
（2）由表中实验数据可以求出有用功与机械效率；
（3）求出有用功和总功，并求出机械效率，然后进行对比。
此题是测量滑轮组的机械效率实验，主要考查了有关滑轮组机械效率的计算，以及影响滑轮组机械效率的因素。
28.【答案】在熔化的过程中，吸收热量，温度保持不变 海波和冰的熔点不同
【解析】解：（1）小聪用手握冰块，一会儿看到有部分冰化成了水，并感觉手很凉，说明手的一部分热量被吸走了，所以可以提出的猜想是：冰在熔化的过程中会吸收热量；
（2）冰在熔化的过程中要吸收热量；正在熔化的冰的温度是0℃，放进0℃的冰水混合物中，由于温度相同，不会发生热传递，所以冰不会熔化；
（3）探究冰的熔化规律时，实验中，需要用秒表和温度计记录不同时刻下冰的温度变化；
（4）海波和冰都是晶体，晶体在熔化的过程中，吸收热量，温度保持不变；海波和冰的熔点是不同的。
故答案为：（1）冰在熔化的过程中会吸收热量；
（2）冰和冰水混合物的温度相同，冰不能吸收热量，所以冰不会熔化；
（3）需要用秒表和温度计记录不同时刻下冰的温度变化；
（4）在熔化的过程中，吸收热量，温度保持不变；海波和冰的熔点不同。
（1）根据手的感觉提出猜想；
（2）发生热传递的条件是存在温度差，据此分析；
（3）探究冰的熔化规律时，需要记录不同时刻下冰的温度变化；
（4）晶体在熔化的过程中，吸收热量，温度不变。
该题通过图象考查了晶体的熔化过程，解题的关键是理解图象中每一阶段表示的含义及物质的状态。
2020年黑龙江省哈尔滨市中考物理试卷
题号
一
二
三
四
五
总分
得分
一、单选题（本大题共12小题，共24.0分）
1. 下列说法不正确的是（ ）
A. 电路的连接方式只有串联 B. 汽化的方式包括蒸发和沸腾
C. 光可以传播能量和信息 D. 异名磁极相互吸引
2. 太阳岛公园里出现的自然现象与对应的物态变化正确的是（ ）
A. 露--液化 B. 冰锥--凝华 C. 霜--凝固 D. 雾--升华
3. 下列关于甲、乙两图中现象的说法，正确的是（ ）
A. 甲图能用“光的折射规律”解释
B. 甲图说明利用小孔只能成等大的像
C. 甲图和乙图中的现象都是由光的折射形成的
D. 解释乙图中的情景用到了“光的反射定律”
4. 关于厨房中的情景说法不正确的是（ ）
A. 菜刀磨得锋利是为了增大压力
B. 为了安全，使用有金属外壳的电水壶时，要用三脚插头插入三孔插座
C. 用燃气灶烧水时，通过热传递的方式改变了水的内能
D. 在汤中放盐，整锅汤都有咸味，是由于分子的无规则运动
5. 下列图中不符合安全用电原则的是（ ）
A. 使用验电笔时，手应接触笔后端的金属部分
B. 人应远离断线后落地的高压线
C. 电灯的开关应接在零线上
D. 不用湿布擦拭正在工作的电灯
6. 在哈尔滨教育云平台线上微课教学中，小明整理的笔记上有笔误，需纠正的一项是（ ）
A. 生活与应用
B. 能源的应用
C. 知识与应用
D. 能量的转换
7. 中国运动员苏炳添在国际百米大赛中成为首位跑进10秒内的中国人。赛跑过程中关于运动员的说法不正确的是（ ）
A. 以运动员为参照物，坐着的观众是运动的
B. 运动员冲刺到终点不能立即停下，是由于人具有惯性
C. 运动员蹬地起跑，说明力可以改变人的运动状态
D. 运动员的鞋底花纹很深，是为了减小摩擦
8. 下列有关各图的说法不正确的是（ ）
A. 喝水使用的茶壶是连通器
B. 夹菜时使用的筷子属于省力杠杆
C. 用吸管从瓶中吸饮料利用了大气压力
D. 纸条向上飘起时，纸条上方比下方空气流速大压强小
9. 关于甲、乙两图的说法中，正确的是（ ）
A. 甲图中改变电流大小，电流周围磁场强弱不发生改变
B. 甲图中改变电流方向，小磁针的偏转方向不发生改变
C. 利用乙图可研究电磁感应现象
D. 乙图中闭合开关后，静止的导体ab就会运动
10. 军事、科技力量是国防安全的重要保障。我国第一艘国产航空母舰“山东舰”已交付使用。关于“山东舰”的说法不正确的是（（ ）
A. 舰上雷达工作时，利用的是电磁波
B. 飞机从甲板上起飞后，“山东舰”受到的浮力变大
C. 工作人员佩戴耳罩，可以减弱噪声
D. 飞机在甲板上着陆滑行时，速度减小，动能减小
11. 如图是“研究小灯泡电功率”的电路图。灯丝电阻、电源电压不变，电路连接正确后，闭合开关，向左移动滑动变阻器的滑片。下列说法正确的是（ ）
A. 电流表示数变小 B. 滑动变阻器两端电压变大
C. 电路的总功率变小 D. 灯泡亮度变亮
12. 如图所示，L1“3V3W”、L2“3V 1.5W”。灯丝电阻不变，电源电压3V．开关S闭合后，下列说法正确的是（ ）
A. L1和L2的电阻之比是2：1 B. L1和L2的电流之比是1：2
C. L1两端电压是2V D. 两灯消耗的总功率是1W
二、计算题（本大题共4小题，共12.0分）
13. 小聪用如图所示的电路探究“电流跟电阻的关系”。将电阻R1接入电路后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片、电压表的示数为U；用电阻R2；（R2＞R1）替换电阻R1后，实验中，应调节滑片，使电压表的示数为______，则前后两次电流表示数之比为______。
14. 如图，甲、乙两鱼缸都静止在水平桌面上，鱼缸底部受到水的压强较大的是______，甲受到桌面的支持力为80N，与桌子的接触面积为0.08m2．则甲对桌面的压强为______Pa。
15. 一个小球质量为0.2kg，漂浮在水面上，它受到的浮力是______N，排开水的体积是______m3．（g=10N/kg，ρ水=1.0×103kg/m3）。
16. 我们生产、生活中利用的能量，追根溯源，大都来自太阳。
（1）用一块太阳能电池给电路供电，使5Ω的电阻中通过了0.2A的电流。则电阻1min内产生的热量是多少？
（2）一个太阳能热水器的容量为80L．装满水后，使这些水的温度从10℃升高至40℃．则水需要吸收多少热量？[c水=4.2×103J/（kg•℃），ρ水=1.0×103kg/m3]
（3）一辆太阳能汽车接收到4×107J的光能。其中有8%用于汽车的牵引力做功，若匀速行驶时汽车的牵引力为200N，这辆汽车能匀速行驶多远？
三、综合题（本大题共5小题，共10.0分）
17. 物理课上敲击音叉，发出的声音是由于音叉的______产生的，用大小不同的力敲击同一音叉，发出的声音的______不同。
18. “照镜子，正衣冠”。小红站在平面镜前0.3m处，她的像离她______m．利用自制简易潜望镜可以观察到高处的物体是利用了平面镜可以______。
19. 小明同学用一个凸透镜观察洗手液的商标，成像情况如图甲，若想再看到倒立、放大的像，应将凸透镜向______移动，图乙的成像原理可应用于______。（选填“照相机”或“放大镜”）
20. 有一只标有“3.8V 0.3A”的小灯泡。其中“3.8V”是指小灯泡的______。将小灯泡接在3.0V的电路中，实际的电功率是______W．（灯丝电阻不变，结果保留两位小数）
21. 如图，小车从斜面上滑下后。在足够长的光滑水平木板上运动，从A点运动到B点所用时间为0.8s，则小车这段时间内运动的速度为______m/s（结果保留一位小数），小车经过B点后的运动情况是______。
四、作图题（本大题共3小题，共10.0分）
22. 如图，木块在水平向右的拉力作用下做水平匀速直线运动。请画出它在水平方向上的受力示意图。（以“O”为力的作用点）
23. 光从空气斜射向玻璃，发生反射和折射。请完成光路。并标出反射角的度数。
24. 小聪帮爷爷检修小电器。发现一个规格为“2.5V0.3A”的小灯泡L1坏了，他在家中找到一个标有2.5V的小灯泡L2．想知道能否用L2替换L1．于是在现有条件下，用如图所示的电路进行研究。
（1）请将小聪设计的图甲所示电路连接好。（要求：闭合开关后，滑动变阻器的滑片向左移动时，灯泡变亮）
（2）小聪用此电路进行实验，收集了五组数据，在图乙U-I坐标系上已描出了三个坐标点，请你将第2组和第3组数据描在坐标系上，并画出图象。则L2两端电压为2.5V时的电流为______A，此时的电阻为______Ω．（结果均保留一位小数）
1
2
3
4
5
电压U/V
0.7
1.0
1.4
2.0
3.0
电流I/A
0.16
0.20
0.24
0.28
0.31
（3）小聪能否用L2替换L1．并说明理由。______
（4）通过实验研究可知，小灯泡L2电阻的变化规律是______。
五、实验探究题（本大题共4小题，共14.0分）
25. 在”探究杠杆平衡条件”的实验前，如图甲，杠杆不在水平位置平衡，为使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向______移动。实验中，如图乙，在A点用弹簧测力计施加一个竖直向上的力，在B点施加一个最小为______N的力，才能使杠杆在水平位置重新平衡。
26. 某小组同学想测量铅球的密度，准确测得铅球的质量后，测量体积过程如图所示，则测得的体积比真实值______，测得的密度比真实值______。
27. 提高机械效率，能够更充分地发挥机械设备的作用，“测量机械效率”实验装置如图（每个动滑轮重相同。忽略摩擦及绳重）。
（1）实验中应______拉动弹簧测力计。
（2）实验过程中收集到a、b、c三组实验数据如下。
装置
钩码重/N
钩码上升的高度/m
弹簧测力计示数/N
绳子自由端移动的距离/m
a
2
0.1
1.5
0.2
b
2
0.1
1.0
0.3
c
5
0.1
2.0
0.3
计算出a组实验的：有用功______J，机械效率______。
（3）比较a、b两组的机械效率，它们的关系是：η1______η2．若提升相同物重到相同高度，与a装置相比，b装置的优势是______。
比较b、c滑轮组，它们机械效率的关系是：η1______η2，影响它们机械效率高低的因素是______。
28. 同学们利用图中装置探究“晶体熔化”的实验。
（1）小聪用手握冰块，一会儿看到有部分冰化成了水，并感觉手很凉，据此体验。请你提出一个与熔化相关的猜想。
（2）实验中，小聪把装有正在熔化的冰的试管从热水中取出。在安全前提下，放进冰水混合物中，试管中的冰会停止熔化，请你说明原因。
（3）要研究冰熔化时温度的变化规律，需要收集哪些证据？
（4）小聪又研究了海波的熔化，对比冰的熔化实验。在熔化过程中：海波与冰相同的规律是______。能观察到的不同现象是______。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：
A、电路的基本连接方式有串联和并联两种，故A错误；
B、汽化的方式有蒸发和沸腾，故B正确；
C、光可以传播能量和信息，故C正确；
D、同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引，故D正确。
故选：A。
（1）电路的基本连接方式有串联和并联两种；
（2）汽化的方式有蒸发和沸腾；
（3）光可以传递信息，如光纤传递图象；光可以传递能量，如激光能在钢板上打孔；
（4）同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引。
本题考查了电路的连接方式、汽化的方式、光的作用和磁极间相互作用，属于基础知识的考查。
2.【答案】A
【解析】解：
A、空气中的水蒸气遇冷液化变成小水珠，附着在地面的花草树木上形成露，是液化现象，故A正确；
B、冰锥是液态的水遇冷凝固形成的，是凝固现象，不是凝华现象，故B错误；
C、空气中的水蒸气遇冷凝固变成小冰晶，形成霜，这是凝华现象，不是凝固，故C错误；
D、空气中的水蒸气遇冷液化变成小水珠，飘散在空中形成雾，是液化现象，不是凝华现象，故D错误。
故选：A。
根据以下知识分析判断：物质由液态变为气态是汽化现象；物质由液态变为固态是凝固现象；物质由气态变为液态是液化现象；物质由气态变为固态是凝华现象。
本题通过生活中的现象考查了物态变化的相关知识，知道物态变化的概念，知道变化前后物质的状态，是解题的关键。
3.【答案】D
【解析】解：A、甲图小孔成像是光的直线传播形成的，不能用“光的折射规律”解释，故A错误；
B、小孔成像能成等大的像，也可能是放大或缩小的像，故B错误；
C、甲图小孔成像是光的直线传播形成的，乙图中桥在水中的倒影是由光的反射形成，故C错误；
D、解释乙图中的桥在水中的倒影的现象用到了“光的反射定律”，故D正确。
故选：D。
（1）小孔成像依据光的直线传播原理，成倒立的实像，像可能放大可能缩小；
（2）光遇到水面、玻璃以及其他许多物体的表面都会发生反射现象，都符合光的反射规律。
本题考查对简单光现象的理解，要求掌握的知识有小孔成像、光的反射，比较简单。
4.【答案】A
【解析】解：
A、菜刀磨得锋利，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；故A错误。
B、把三脚插头插入三孔插座里，在把用电部分连入电路的同时，也把电水壶的金属外壳与大地连接起来，防止了外壳带电引起的触电事故。故B正确。
C、用燃气灶烧水时，水从火焰中吸收热量，温度升高，是利用热传递的方式改变物体内能的。故C正确。
D、在汤中放盐，整锅汤都有咸味，是盐分子不停地做无规则运动的结果。故D正确。
故选：A。
（1）增大压强的方法：在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，通过增大压力来增大压强。
（2）金属外壳的家用电器的外壳一定要接地，这样可以避免触电事故的发生；
（3）改变物体内能的方式有做功和热传递热；
（4）扩散现象说明分子不停地做无规则运动。
此题考查增大压强的方法、物体内能改变的方式、分子运动、安全用电等知识点，属于热学、力学和电学综合题，难度适中，属于中考常见题型。
5.【答案】C
【解析】解：
A、使用验电笔时，手要与笔尾金属体接触，这样才能辨别零线和火线，故A正确；
B、人靠近断线后落地的高压线，易发生跨步电压触电，所以人应远离断线后落地的高压线，故B正确；
C、控制灯泡的开关要接在火线上，开关断开时，灯上没有电，便于维修或更换灯泡，图中接反了，故C错误；
D、生活用水是电的导体，用湿布擦正在工作的电灯时，可能会因湿抹布导电而发生触电事故，故D正确。
故选：C。
（1）验电笔的正确使用是：手接触笔尾金属体，笔尖金属体接触零线或火线，氖管发光的是火线，氖管不发光的是零线；
（2）高压触电：高压电弧触电、跨步电压触电；
（3）家庭电路中，开关要接在火线上，灯泡的螺旋套要接在零线上；
（4）湿物体是导体，接触带电体容易发生触电。
本题考查了生活中的一些安全用电常识，应注意积累并严格遵守，牢记安全用电常识，并在生活中加以运用，有一定的现实意义。
6.【答案】A
【解析】解：A、近视眼需要佩戴凹透镜进行矫正；
紫外线可以杀菌，所以医院和食品店常用紫外线消毒。故A需要纠正；
B、核电站是将核能转化为电能的设备；
风能可以转化为机械能，驱动帆船前进。故B不需要纠正；
C、用电器是利用同种电荷相互排斥检验物体是否带电的；
内燃机属于热机，工作过程中利用燃料燃烧释放的内能做功，实现内能到机械能的转化。故C不需要纠正；
D、能量的转化和转移具有方向性，能量的转移或转化是有条件的；在能量的转移或转化过程中总量保持不变。故D不需要纠正。
故选：A。
①近视眼用凹透镜进行矫正，凹透镜对光线有发散作用；
紫外线的作用和用途：根据紫外线有杀菌作用制成消毒灯；根据紫外线能使荧光物质发光制成验钞机；紫外线能促使人体合成维生素D促进钙的吸收；
②在一定条件下。不同形式的能量之间可以相互转化；
③电荷间相互作用规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
热机是将内能转化为机械能的机器；
④能量的转化和转移具有方向性，在能量的转移或转化过程中总量保持不变。
此题考查的知识点较多，熟练掌握基础知识及其应用是解答的关键。平时在学习中，要加深对物理概念的理解，并注意物理知识在日常生活中的应用。
7.【答案】D
【解析】解：
A、比赛中的运动员与坐着的观众之间的位置不对发生变化，以运动员为参照物，坐着的观众是运动的，故A正确；
B、运动员到达终点前，以较快的速度向前运动，达到终点后运动员由于惯性还要保持原来的运动状态向前运动，不能立即停下来，故B正确；
C、运动员用力蹬地起跑，由静止变为运动，说明力可以改变物体的运动状态，故C正确；
D、运动员的鞋底花纹很深，是采用了增大接触面粗糙程度的方法，可以增大与地面间摩擦，故D错误。
故选：D。
（1）运动和静止是相对的，判断物体的运动和静止，首先确定一个参照物，如果被研究的物体和参照物之间没有发生位置的改变，被研究的物体是静止的，否则是运动的；
（2）物体具有保持原来运动状态不变的性质叫做惯性，任何物体都具有惯性；
（3）力可以改变物体的运动状态和形状；
（4）影响摩擦力大小的因素有压力的大小和接触面的粗糙程度。
本题以百米比赛为内容考查运动和静止的相对性、摩擦力的影响因素、惯性以及力的作用效果等知识，综合性较强。
8.【答案】B
【解析】解：
A、茶壶的壶盖上有小孔，壶嘴上端有口，壶身和壶嘴底部相连通，是连通器，故A正确；
B、使用筷子时，筷子是费力杠杆，这样可以省距离。故B错误。
C、当用口吸吸管时，口内气压减小，小于外界大气压，大气压压着饮料进入口中；故C正确；
D、将一纸条放在嘴边，用力从纸条上方吹气，因为纸条上方的空气流速大，压强小，纸条下方的空气流速小，压强大，纸条受到一个竖直向上的压力差，所以纸条就飘起来，故D正确。
故选：B。
（1）上端开口下端连通的容器。连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面的高度总是相平的。
（2）知道杠杆的分类，若动力臂小于阻力臂则为费力杠杆，但省距离。
（3）用吸管从瓶中吸饮料利用了大气压力。
（4）从纸条上方和下方空气的流速和所受压强的大小去考虑即可解决。
此题主要考查了连通器原理的应用、杠杆的分类、大气压的应用、流体压强和流速的关系等，考查得很全面。体现了从生活走向物理，从物理走向社会的课标理念。
9.【答案】C
【解析】解：
A、甲图是奥斯特实验，改变电流大小，电流周围磁场强弱会发生改变，故A错误；
B、甲图中改变电流方向，磁场的方向发生了改变，则小磁针的偏转方向发生改变，故B错误；
C、图乙中，闭合电路的一部分导体ab在磁场中做切割磁感线运动，会产生感应电流，这就是电磁感应现象，故C正确；
D、乙图中闭合开关后，静止的导体ab中无电流通过，不会运动，故D错误。
故选：C。
（1）电流的周围存在磁场，磁场强度的大小与电流大小有关；磁场的方向与电流的方向有关；
（2）闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，会产生感应电流；
本题考查了奥斯特实验、电磁感应现象，明确产生感应电流的条件是解题的关键。
10.【答案】B
【解析】解：A、舰上雷达工作时，利用的是电磁波。故A正确。
B、飞机从甲板上起飞后，“山东舰”的重力减小了，而漂浮的物体所受的浮力等于自身的重力，所以受到的浮力变小。故B错误。
C、工作人员佩戴耳罩，是在人耳处减弱噪声。故C正确。
D、飞机在甲板上着陆滑行时，由于受到阻力的作用，所以速度减小，而其质量不变，故动能减小。故D正确。
故选：B。
（1）电磁波在生活中有着广泛的应用，如：无线电广播、电视、手机以及雷达都是靠电磁波来传递信息的。
（2）由物体的浮沉条件分析知，漂浮的物体所受的浮力等于自身的重力，飞机从甲板上起飞后，航母的重力减小了，进而判断浮力的变化；
（3）减弱噪声的途径有：在声源处减弱；在传播过程中减弱；在人耳处减弱。
（4）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。
此题考查防止噪声的途径、物体浮沉条件及其应用、电磁波的传播与应用、动能大小的影响因素等，涉及到的知识点多，综合性强，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
11.【答案】D
【解析】A、灯与变阻器串联，电压表测灯的电压，电流表测电路的电流，向左移动滑动变阻器的滑片，变阻器连入电路的电阻变小，由电阻的串联，电路的总电阻变小，由欧姆定律，电流表示数变大，A错误；
B、根据U=IR，因电流变大，故灯电压变大，由串联电路电压的规律，变阻器的电压变小，B错误；
CD、根据P=UI，灯电路的电流变大，故电路的总功率变大，C错误；
灯的电压变大，灯的电流变大，根据P=UI，灯的功率变大，灯变亮，D正确；
故选：D。
A、灯与变阻器串联，电压表测灯的电压，电流表测电路的电流，向左移动滑动变阻器的滑片，分析变阻器连入电路的电阻变化，由电阻的串联确定电路的总电阻变化，由欧姆定律判断电流表示数变化；
B、根据U=IR分析灯的电压变化，由串联电路电压的规律得出变阻器的电压变化；
CD、根据P=UI分析电路的总功率变化；
根据灯的电压变大，灯的电流变大，根据P=UI确定灯的功率变化，从而确定灯的亮度的变化。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，要掌握。
12.【答案】D
【解析】解：根据电路图可知，两灯泡串联；
A、根据P=知，
L1的电阻为：R1===3Ω；
L2的电阻为：R2===6Ω；
所以L1和L2的电阻之比为：==，故A错误；
B、因为串联电路电流处处相等，所以L1和L2的电流之比是1：1，故B错误；
C、电路的电流为I===A，
L1两端电压是：U1=IR1=A×3Ω=1V，故C错误；
D、两灯泡消耗的总功率为：P===1W，故D正确。
故选：D。
根据电路图可知，两灯泡串联；
（1）根据R=算出两灯泡的电阻，并求出L1和L2的电阻之比；
（2）串联电路电流处处相等；
（3）根据I=算出电路的电流，根据U=IRL1两端电压是2V；
（4）根据P=算出两灯泡消耗的总功率。
本题考查串联电路电流规律、欧姆定律的应用，是一道基础题。
13.【答案】U R2：R1
【解析】解：（1）探究“电流跟电阻的关系”，要控制电阻的电压不变，将电阻R1接入电路后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，电压表的示数为U；
用电阻R2；（R2＞R1）替换电阻R1后，实验中，应调节滑片，使电压表的示数为U；
（2）根据I=，在电压不变时，电流与电阻成反比，则前后两次电流表示数之比为R2：R1。
故答案为：U；R2：R1。
（1）探究“电流跟电阻的关系”，要控制电阻的电压不变；
（2）根据I=，在电压不变时，电流与电阻成反比，据此求出前后两次电流表示数之比。
本题探究“电流跟电阻的关系”，考查控制变量法和欧姆定律的运用。
14.【答案】甲 1000
【解析】解：（1）由图知甲鱼缸中的液面高于乙鱼缸中的液面，根据p=ρ液gh知甲鱼缸底部受到水的压强较大；
（2）鱼缸在水平面上，甲对桌面的压力和桌面对甲的支持力是一对相互作用力，大小相等，所以甲对桌面的压力为80N，
甲对桌面的压强为：p===1000Pa。
故答案为：甲；1000。
（1）根据图中的液面和p=ρ液gh判断出鱼缸底部受到水的压强的大小；
（2）鱼缸在水平面上，甲对桌面的压力和桌面对甲的支持力是一对相互作用力，大小相等；
根据p=算出甲对桌面的压强。
本题考查了相互作用力的知识、固体压强的公式，掌握甲受到桌面的支持力和甲对桌面的压力是一对相互作用力是解题的关键。
15.【答案】2 2×10-4
【解析】解：小球漂浮，则小球受到的浮力等于其重力：F浮=G木=mg=0.2kg×10N/kg=2N；
根据阿基米德原理公式F浮=ρ水gV排可知，小球排开的水的体积为：V排===2×10-4m3。
故答案为：2；2×10-4。
知道小球质量，根据G=mg求出其重力，利用漂浮条件求小球受到的浮力，再利用阿基米德原理求排开水的体积。
本题考查了学生对物体的浮沉条件、阿基米德原理的了解和掌握，属于基础知识，要掌握。
16.【答案】解：
（1）电阻1min内产生的热量：
Q=I2Rt=（0.2A）2×5Ω×60s=12J；
（2）水的体积V水=80L=80dm3=0.08m3，
由ρ=可得水的质量：
m水=ρ水V水=1.0×103kg/m3×0.08m3=80kg，
水吸收的热量：
Q吸=c水m水（t-t0）=4.2×103J/（kg・℃）×80kg×（40℃-10℃）=1.008×107J；
（3）汽车的牵引力做功：
W=E×8%=4×107J×8%=3.2×106J，
由W=Fs可得这辆汽车能匀速行驶的距离：
s===1.6×104m=16km。
答：（1）电阻1min内产生的热量是12J；
（2）水需要吸收1.008×107J的热量；
（3）这辆汽车能匀速行驶16km。
【解析】（1）知道电阻阻值、通过的电流、通电时间，利用焦耳定律Q=I2Rt求电阻1min内产生的热量；
（2）知道水的体积、密度，利用m=ρV求出水的质量，又知道水的初温、末温以及比热容，利用Q吸=cm（t-t0）求出水吸收的热量；
（3）知道太阳能汽车接收到的光能E，汽车的牵引力做功W=E×8%，再利用W=Fs求这辆汽车能匀速行驶的距离。
本题为学科综合题，考查了密度公式、功率公式、吸热公式、焦耳定律的应用，虽然知识点多、综合性强，但都属于基础，难度不大，灵活应用相关公式是关键。
17.【答案】振动 响度
【解析】解：（1）音叉发声是音叉在振动。
（2）用大小不同的力敲击同一音叉，用力不同，音叉的振幅不同，响度不同。
故答案为：振动；响度。
（1）声是由物体振动产生的的。
（2）声音的响度跟振幅和距离声源的远近有关，从影响因素进行分析。
本题主要考查声的发生和响度大小的影响因素，属于基础题目。
18.【答案】0.6 改变光路
【解析】解：因平面镜成像时物距与像距相等，小红站在平面镜前0.3m处，此时物距为0.3m，则像距也为0.3m，她的像离她0.6m；
简易潜望镜就是由两块平面镜组成，主要是利用了平面镜可以改变光路。
故答案为：0.6；改变光路。
平面镜成像的特点：成等大正立的虚像，且物距与像距相等；平面镜可以改变光路。
平面镜成像的特点在实际生活中应用非常广泛，也是光学中一个很重要的知识点，要求熟练掌握，并学会灵活运用。
19.【答案】远离商标的方向 照相机
【解析】解：（1）图甲成正立，放大的虚像，此时u＜f，若想再看到倒立、放大的像，2f＞u＞f，增大物距，因此应将凸透镜向远离商标的方向移动，
（2）图乙的成像，成倒立缩小的实像，应用是照相机。
故答案为：远离商标的方向；照相机。
解答此题需掌握凸透镜成像规律中物距和像距的关系：
u＞2f，2f＞v＞f，照相机原理；
2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，v＞2f，投影仪、幻灯机原理。
u＜f，成正立、放大的虚像，放大镜原理。
此题考查了凸透镜成像的规律及应用，掌握凸透镜成像规律中物距和像距的关系即可轻松解答。
20.【答案】额定电压 0.71
【解析】解：
（1）“3.8V0.3A”是指小灯泡的额定电压U额=3.8V、额定电流I额=0.3A；
（2）由欧姆定律可得小灯泡灯丝的电阻：
R===Ω；
将小灯泡接在3.0V的电路中，灯丝电阻不变，其实际的电功率：
P实==≈0.71W。
故答案为：额定电压；0.71。
（1）“3.8V 0.3A”中，3.8V是指小灯泡的额定电压，0.3A是指小灯泡的额定电流；
（2）先利用欧姆定律求小灯泡灯丝的电阻，将小灯泡接在3.0V的电路中，灯丝电阻不变，利用P=求其实际电功率。
本题考查了欧姆定律、电功率公式的应用，明确小灯泡铭牌的含义是关键。
21.【答案】43.8 速度逐渐变小直到静止
【解析】解：（1）由图知：sAB=40.0cm-5.0cm=35.0cm；
小车AB段的平均速度：vAB==≈43.8cm/s；
（2）小车经过B点后速度逐渐变小，最后静止。
故答案为：43.8；速度逐渐变小直到静止。
（1）刻度尺的分度值为1mm，读出sAB，利用公式v=计算AB段的平均速度；
（2）力是改变物体运动状态的原因。
本题考查“测小车的平均速度”的实验，一定学会读出路程和时间，按平均速度的定义代入v=求出平均速度。
22.【答案】解：因为木块在水平向右的方向上做匀速直线运动，根据二力平衡的条件可得，木块受到水平向左的摩擦力与水平向右的拉力属于平衡力，因此从物体重心作水平向右和水平向左的拉力和摩擦力，注意两条线段长度要相等。如图所示：
【解析】由于木块在水平面上做匀速直线运动，因此木块受到水平向右的拉力和水平向左的摩擦力作用，并且二力是一对平衡力；从木块的重心表示出拉力和摩擦力的方向和大小。
作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，是平衡力的长度要相等。
23.【答案】解：由图可知，入射角为40°，在光的反射中，反射角等于入射角，故反射角也为40°；根据反射角等于入射角，在法线左侧的空气中作出反射光线；反射角为反射光线与法线的夹角，大小为40°；
光从空气斜射入其它介质时，折射角小于入射角，在法线左侧的空气中作出折射光线。如图所示：
．
【解析】先过入射点作出法线，然后根据入射光线、反射光线以及法线在同一平面内，并且反射角等于入射角，画出反射光线；
根据入射光线、折射光线以及法线在同一平面内，折射角小于入射角，确定折射光线的方向。
本题主要考查反射定律和折射定律的应用情况，注意真实光线为实线，法线为虚线；是一道基础题。
24.【答案】0.295 8.5 能，L2两端电压为2.5V时的电流为0.295A，与灯的规格相符 灯泡的电阻随电压的增大而变大
【解析】解：（1）根据滑动变阻器的滑片向左移动时，灯泡变亮，即电流变大电阻变小，故变阻器左下接线柱连入电路中，如下左所示：
（2）根据第2组和第3组数据在坐标系上确定对应的点，用平滑的曲线连接，如上右所示：
据此可知，L2两端电压为2.5V时的电流为0.295A，由欧姆定律，此时的电阻为：
R==≈8.5Ω；
（3）小灯泡L1规格为“2.5V0.3A”，而L2两端电压为2.5V时的电流为0.295A，与灯的规格相符，故小聪能用L2替换L1；
（4）根据表中第1组数据，由欧姆定律，灯的电阻为：
R1==≈4.4Ω，同理，第2、2、3、5次的电阻分别为5Ω、5.8Ω、7.1Ω和9.7Ω，故小灯泡的电阻随电压的增大而变大。
故答案为：
（1）如上所示；（2）0.295；8.5；（3）能，L2两端电压为2.5V时的电流为0.295A，与灯的规格相符；（4）灯泡的电阻随电压的增大而变大。
（1）根据滑动变阻器的滑片向左移动时，灯泡变亮确定变阻器左下接线柱连入电路中；
（2）根据第2组和第3组数据在坐标系上确定对应的点，用平滑的曲线连接，根据作出的图可知L2两端电压为2.5V时的电流大小，由欧姆定律求出此时的电阻；
（3）根据小灯泡L1规格为“2.5V0.3A”，结合L2两端电压为2.5V时的电流大小分析；
（4）根据表中第1组数据，由欧姆定律得出灯的电阻，同理，得出第2、2、3、5次的电阻，据此回答。
本题考查电路的连接、描点法作图、欧姆定律的运用和数据分析及影响电阻大小的因素。
25.【答案】左 1
【解析】解：
（1）杠杆不在水平位置，右端向下倾斜，则重心应向左移动，故应向左调节左端或右端的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡；
（2）由图可知弹簧拉力计的示数为3.0N，设杠杆的一个刻度为L，则拉力的力臂为2L；B点施加力的力臂为6L，根据杠杆平衡的条件可得，在B点施加一个最小为F2===1N。
故答案为：左；1。
（1）杠杆右端下沉，说明杠杆的重心在支点右侧，调节平衡螺母应使杠杆重心左移；
（2）根据杠杆的平衡条件分析即可得出在B点施加一个最小力。
此题为探究杠杆的平衡条件实验题目，灵活运用好杠杆平衡条件是解答此题的关键。
26.【答案】偏大 偏小
【解析】解：在测量铅球体积的方案中，当铅球从水中取出时，铅球表面不可避免地沾有水，故导致加入容器中水的体积大于铅球的实际体积，质量的测量值准确，根据ρ=可知，测出的密度值会偏小。
故答案为：偏大；偏小。
当铅球从水中取出时，铅球表面不可避免地沾有水，故导致加入容器中水的体积大于铅球的实际体积；然后根据ρ=分析密度的变化。
本题最主要的问题是记住测固体密度的基本方法：用天平测出固体的质量m，根据排水法测出固体的体积V，用公式密度公式算出固体的密度，难度不大。
27.【答案】竖直向上匀速 0.2 66.7% = 省力 ＜ 提升物体的重力不同
【解析】解：
（1）在实验操作中应竖直向上匀速拉动弹簧测力计，这样弹簧测力计示数稳定，便于读数；
（2）由第三组数据知，有用功为：W有用=Gh=2N×0.1m=0.2J；
总功为：W总=Fs=1.5N×0.2m=0.3J；
则机械效率为：η=×100%=×100%≈66.7%；
（3）b的有用功为：W有用=Gh=2N×0.1m=0.2J；总功为：W总=Fs=1.0N×0.3m=0.3J；
ab的有用功和总功相同，机械效率相同；
根据数据可知，a的拉力大于b的拉力，所以b的优势是省力；
c的有用功为：W'有用=G'h'=5N×0.1m=0.5J；总功为：W'总=F's'=2.0N×0.3m=0.6J；
则机械效率为：η'=×100%=×100%≈83.3%；
b、c滑轮组，它们机械效率的关系是：η1＜η2，其原因是提升物体的重力不同。
故答案为：（1）竖直向上匀速；（2）0.2；66.7%；（3）=；省力；＜；提升物体的重力不同。
（1）实验时应匀速拉动弹簧测力计；
（2）由表中实验数据可以求出有用功与机械效率；
（3）求出有用功和总功，并求出机械效率，然后进行对比。
此题是测量滑轮组的机械效率实验，主要考查了有关滑轮组机械效率的计算，以及影响滑轮组机械效率的因素。
28.【答案】在熔化的过程中，吸收热量，温度保持不变 海波和冰的熔点不同
【解析】解：（1）小聪用手握冰块，一会儿看到有部分冰化成了水，并感觉手很凉，说明手的一部分热量被吸走了，所以可以提出的猜想是：冰在熔化的过程中会吸收热量；
（2）冰在熔化的过程中要吸收热量；正在熔化的冰的温度是0℃，放进0℃的冰水混合物中，由于温度相同，不会发生热传递，所以冰不会熔化；
（3）探究冰的熔化规律时，实验中，需要用秒表和温度计记录不同时刻下冰的温度变化；
（4）海波和冰都是晶体，晶体在熔化的过程中，吸收热量，温度保持不变；海波和冰的熔点是不同的。
故答案为：（1）冰在熔化的过程中会吸收热量；
（2）冰和冰水混合物的温度相同，冰不能吸收热量，所以冰不会熔化；
（3）需要用秒表和温度计记录不同时刻下冰的温度变化；
（4）在熔化的过程中，吸收热量，温度保持不变；海波和冰的熔点不同。
（1）根据手的感觉提出猜想；
（2）发生热传递的条件是存在温度差，据此分析；
（3）探究冰的熔化规律时，需要记录不同时刻下冰的温度变化；
（4）晶体在熔化的过程中，吸收热量，温度不变。
该题通过图象考查了晶体的熔化过程，解题的关键是理解图象中每一阶段表示的含义及物质的状态。
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