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2020版《微点教程》高考人教A版文科数学一轮复习文档：第五章第一节 数列的概念与简单表示法 学案
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第五章 数 列
第一节 数列的概念与简单表示法
2019考纲考题考情
1.数列的有关概念
(1)数列的定义
按照一定顺序排列的一列数称为数列。数列中的每一个数叫做这个数列的项。
(2)数列的分类
分类原则
类型
满足条件
按项数
分类
有穷数列
项数有限
无穷数列
项数无限
按项与项
间的大小
关系分类
递增数列
an＋1>an
其中
n∈N*
递减数列
an＋1
an＋1＝an
按其他
标准分类
有界数列
存在正数M，使|an|≤M
摆动数列
从第二项起，有些项大于它的前一项，有些项小于它的前一项的数列
周期数列
对n∈N*，存在正整数常数k，使an＋k＝an
(3)数列的表示法
数列有三种表示法，它们分别是列表法、图象法和解析式法。
2.数列的通项公式
(1)数列的通项公式,如果数列{an}的第n项与序号n之间的关系可以用一个式子来表达，那么这个公式叫做这个数列的通项公式。
(2)已知数列{an}的前n项和Sn，则an＝,
1．数列与函数的关系
数列是一种特殊的函数，即数列是一个定义在正整数集或其子集{1,2,3，…，n}上的函数，当自变量依次从小到大取值时所对应的一列函数值。
2．在数列{an}中，若an最大，则若an最小，则
3．递推关系求通项公式的三种方法：
(1)叠加法：对于an＋1－an＝f(n)型，若f(1)＋f(2)＋…＋f(n)的和是可求的，可用多式相加法求得an。
(2)叠乘法：对于＝f(n)型，若f(1)·f(2)·…·f(n)的积是可求的，可用多式相乘法求得an。
(3)构造法：对an＋1＝pan＋q型，两边同时加上(p≠1)构造一个公比为p的等比数列，求得an。
一、走进教材
1．(必修5P33A组T4改编)在数列{an}中，a1＝1，an＝1＋(n≥2)，则a5等于( )
A． B． C． D．
解析 a2＝1＋＝2，a3＝1＋＝，a4＝1＋＝3，a5＝1＋＝。
答案 D
2．(必修5P33A组T5改编)根据下面的图形及相应的点数，写出点数构成的数列的一个通项公式an＝________。
答案 5n－4
二、走近高考
3．(2014·全国卷Ⅱ)数列{an}满足an＋1＝，a8＝2，则a1＝________。
解析 由题易知a8＝＝2，得a7＝，a7＝＝，得a6＝－1；a6＝＝－1，得a5＝2，于是可知数列{an}具有周期性，且周期为3，所以a1＝a7＝。
答案
4．(2018·全国卷Ⅰ)记Sn为数列{an}的前n项和。若Sn＝2an＋1，则S6＝________。
解析 根据Sn＝2an＋1，可得Sn＋1＝2an＋1＋1，两式相减得an＋1＝2an＋1－2an，即an＋1＝2an，当n＝1时，S1＝a1＝2a1＋1，解得a1＝－1，所以数列{an}是以－1为首项，2为公比的等比数列，所以S6＝＝－63。
解析：因为Sn＝2an＋1，所以当n＝1时，a1＝2a1＋1，解得a1＝－1；当n＝2时，a1＋a2＝2a2＋1，解得a2＝－2；当n＝3时，a1＋a2＋a3＝2a3＋1，解得a3＝－4；当n＝4时，a1＋a2＋a3＋a4＝2a4＋1，解得a4＝－8；当n＝5时，a1＋a2＋a3＋a4＋a5＝2a5＋1，解得a5＝－16；当n＝6时，a1＋a2＋a3＋a4＋a5＋a6＝2a6＋1，解得a6＝－32。所以S6＝－1－2－4－8－16－32＝－63。
答案 －63
三、走出误区
微提醒：①忽视数列是特殊的函数，其自变量为正整数集N*或其子集{1,2，…，n}；②求数列前n项和Sn的最值时忽视项为零的情况；③根据Sn求an时忽视对n＝1的验证。
5．在数列－1,0，，，…，中，0.08是它的第________项。
解析 依题意得＝，解得n＝10或n＝(舍)。
答案 10
6．在数列{an}中，an＝－n2＋6n＋7，当其前n项和Sn取最大值时，n＝________。
解析 由题可知n∈N*，令an＝－n2＋6n＋7≥0，得1≤n≤7(n∈N*)，所以该数列的第7项为零，且从第8项开始an<0，则S6＝S7且最大。
答案 6或7
7．已知Sn＝2n＋3，则an＝________。
解析 因为Sn＝2n＋3，那么当n＝1时，a1＝S1＝21＋3＝5；当n≥2时，an＝Sn－Sn－1＝2n＋3－(2n－1＋3)＝2n－1(*)。由于a1＝5不满足(*)式，所以an＝
答案
考点一 由数列的前n项求数列的通项公式
【例1】 (1)数列，－，，－，…的一个通项公式为( )
A．an＝(－1)n·
B．an＝(－1)n·
C．an＝(－1)n＋1·
D．an＝(－1)n＋1·
(2)(2019·湖北八校联考)已知数列{an}满足an＝(n∈N*)，将数列{an}中的整数项按原来的顺序组成新数列{bn}，则b2 019的末位数字为( )
A．8 B．2
C．3 D．7
解析 (1)该数列是分数形式，分子为奇数2n＋1，分母是指数2n，各项的符号由(－1)n＋1来确定，所以D选项正确。
(2)由an＝(n∈N*)，可得此数列为，，，，，，，，，，，，，…，整数项为，，，，，，…，所以数列{bn}的各项依次为2,3,7,8,12,13,17,18，…，末位数字分别是2,3,7,8,2,3,7,8，…，因为2 019＝4×504＋3，所以b2 019的末位数字为7。故选D。
答案 (1)D (2)D
根据所给数列的前几项求其通项时，需仔细观察分析，抓住以下几方面的特征：
1．分式中分子、分母的各自特征；
2．相邻项的联系特征；
3．拆项后的各部分特征；
4．符号特征。应多进行对比、分析，从整体到局部多角度观察、归纳、联想。
【变式训练】 (1)数列1,3,6,10,15，…的一个通项公式是( )
A．an＝n2－(n－1) B．an＝n2－1
C．an＝ D．an＝
(2)已知数列{an}为，，－，，－，，…，则数列{an}的一个通项公式是________。
解析 (1)设此数列为{an}，则由题意可得a1＝1，a2＝3，a3＝6，a4＝10，a5＝15，…仔细观察数列1,3,6,10,15，…可以发现：1＝1,3＝1＋2,6＝1＋2＋3,10＝1＋2＋3＋4。…所以第n项为1＋2＋3＋4＋5＋…＋n＝，所以数列1,3,6,10,15，…的通项公式为an＝。
解析：代入n＝1,2,3进行验证。
(2)各项的分母分别为21,22,23,24，…，易看出从第2项起，每一项的分子都比分母少3，且第1项可变为－，故原数列可变为－，，－，，…故其通项公式可以为an＝(－1)n·。
答案 (1)C (2)(－1)n·
考点二 由an与Sn的关系求an
【例2】 (1)已知数列{an}的前n项和Sn＝n2＋2n＋1(n∈N*)，则an＝________。
(2)已知数列{an}的前n项和Sn＝an＋，则{an}的通项公式为an＝________。
解析 (1)当n≥2时，an＝Sn－Sn－1＝2n＋1；当n＝1时，a1＝S1＝4≠2×1＋1。因此an＝
(2)当n＝1时，a1＝S1＝a1＋，所以a1＝1。当n≥2时，an＝Sn－Sn－1＝an－an－1，所以＝－，所以数列{an}为首项a1＝1，公比q＝－的等比数列，故an＝n－1。
答案 (1) (2)n－1
1．已知Sn求an，常用的方法是利用an＝Sn－Sn－1(n≥2)转化为关于an的递推关系，再求其通项公式。
2．要验证a1是否适合an，若适合，则统一用an表示；若不适合，则通项公式用分段函数的形式表示。
【变式训练】 (1)(2019·合肥市质量检测)已知数列{an}的前n项和为Sn，若3Sn＝2an－3n，则a2 020＝( )
A．22 020－1 B．32 020－6
C．2 020－ D．2 020－
(2)已知数列{an}的前n项和Sn＝3n＋1，则数列的通项公式an＝________。
解析 (1)因为a1＝S1，所以3a1＝3S1＝2a1－3⇒a1＝－3。当n≥2时，3Sn＝2an－3n,3Sn－1＝2an－1－3(n－1)，所以an＝－2an－1－3，即an＋1＝－2(an－1＋1)，所以数列{an＋1}是以－2为首项，－2为公比的等比数列，所以an＋1＝(－2)×(－2)n－1＝(－2)n，则a2 020＝22 020－1。故选A。
(2)当n＝1时，a1＝S1＝3＋1＝4，当n≥2时，an＝Sn－Sn－1＝3n＋1－3n－1－1＝2·3n－1。显然当n＝1时，不满足上式。所以an＝
答案 (1)A (2)
考点三 由递推关系求通项公式
【例3】 (1)已知数列{an}中，a1＝1，an＋1＝an＋2n＋1，则a5＝________。
(2)若a1＝1，an＋1＝2nan，则通项公式an＝________。
(3)若a1＝1，an＋1＝，则数列{an}的通项公式an＝________。
解析 (1)依题意得an＋1－an＝2n＋1，a5＝a1＋(a2－a1)＋(a3－a2)＋(a4－a3)＋(a5－a4)＝1＋3＋5＋7＋9＝25。
(2)由an＋1＝2nan，得＝2n－1(n≥2)，所以an＝
··…··a1＝2n－1·2n－2·…·2·1＝21＋2＋3＋…＋(n－1)＝2。又a1＝1适合上式，故an＝2。
(3)因为an＋1＝，a1＝1，所以an≠0，所以＝＋，即－＝。又a1＝1，则＝1，所以是以1为首项，为公差的等差数列。所以＝＋(n－1)×＝＋。所以an＝(n∈N*)。
答案 (1)25 (2)2 (3)
已知数列的递推关系求通项公式的典型方法
1．当出现an＝xan－1＋y(x，y为常数)时，构造等比数列。
2．当出现an＝an－1＋f(n)时，用累加法求解。
3．当出现＝f(n)时，用累乘法求解。
【变式训练】 (1)若数列{an}满足a1＝1，且对于任意的n∈N*都有an＋1＝an＋n＋1，则＋＋…＋等于( )
A． B． C． D．
(2)定义：在数列{an}中，若满足－＝d(n∈N*，d为常数)，称{an}为“等差比数列”。已知在“等差比数列”{an}中，a1＝a2＝1，a3＝3，则等于( )
A．4×2 0152－1 B．4×2 0142－1
C．4×2 0132－1 D．4×2 0132
解析 (1)由an＋1＝an＋n＋1，得an＋1－an＝n＋1，则a2－a1＝1＋1，a3－a2＝2＋1，a4－a3＝3＋1，…，an－an－1＝(n－1)＋1，以上等式相加，得an－a1＝2＋3＋…＋(n－1)＋n，把a1＝1代入上式得an＝1＋2＋3＋…＋(n－1)＋n＝，所以＝＝2，则＋＋…＋＝2＝2＝，故选D。
(2)由题知是首项为1，公差为2的等差数列，则＝2n－1，所以an＝××…××a1＝(2n－3)×(2n－5)×…×1。所以＝＝4 027×4 025＝(4 026＋1)(4 026－1)＝4 0262－1＝4×2 0132－1。
答案 (1)D (2)C
考点四 数列的性质微点小专题
方向1：数列的周期性
【例4】 (2019·河北石家庄模拟)若数列{an}满足a1＝2，an＋1＝，则a2 018的值为( )
A．2 B．－3
C．－ D．
解析 因为a1＝2，an＋1＝，所以a2＝＝－3，同理可得：a3＝－，a4＝，a5＝2，…，可得an＋4＝an，则a2 018＝a504×4＋2＝a2＝－3。故选B。
答案 B
列出数列的前几项，归纳出周期。
方向2：数列的单调性
【例5】 (1)已知数列{an}的通项公式an＝(n＋1)·n，则数列的最大项为________。
(2)已知数列{an}满足a1＝33，an＋1－an＝2n，则的最小值为________。
解析 (1)因为an＋1－an＝(n＋2)n＋1－(n＋1)n＝n×，所以当n<9时，an＋1－an>0，即an＋1>an；当n＝9时，an＋1－an＝0，即an＋1＝an；当n>9时，an＋1－an<0，即an＋1
解析：根据题意，令(n≥2，n∈N*)，即解得9≤n≤10。因为n∈N*，所以n＝9或n＝10。所以该数列最大项为第9,10项，且a9＝a10＝10×9。
(2)因为an＝(an－an－1)＋(an－1－an－2)＋…＋(a2－a1)＋a1＝2[1＋2＋…＋(n－1)]＋33＝33＋n2－n(n≥2)，当n＝1时也符合，所以an＝n2－n＋33。所以＝＋n－1。构造函数f(x)＝＋x－1(x>0)，求导得f′(x)＝－＋1。令f′(x)>0，解得x>；令f′(x)<0，解得0
答案 (1)10×9 (2)
解决数列的单调性问题可用以下三种方法
1．用作差比较法，根据an＋1－an的符号判断数列{an}是递增数列、递减数列或是常数列。
2．用作商比较法，根据(an>0或an<0)与1的大小关系进行判断。
3．结合导数的方法判断。
【题点对应练】
1．(方向1)已知数列{an}满足：an＋1＝an－an－1(n≥2，n∈N*)，a1＝1，a2＝2，Sn为数列{an}的前n项和，则S2 018＝( )
A．3 B．2 C．1 D．0
解析 因为an＋1＝an－an－1，a1＝1，a2＝2，所以a3＝1，a4＝－1，a5＝－2，a6＝－1，a7＝1，a8＝2，…，故数列{an}是周期为6的周期数列，且每连续6项的和为0，故S2 018＝336×0＋a2 017＋a2 018＝a1＋a2＝3。故选A。
答案 A
2．(方向2)已知数列{an}中，前n项和为Sn，且Sn＝an，则(n>1)的最大值为________。
解析 因为Sn＝an，所以当n>1时，an＝Sn－Sn－1＝an－an－1，即＝，因为数列单调递减，所以当n＝2时，＝2最大。
答案 2
1．(配合例2使用)若数列{an}是正项数列，且＋＋…＋＝n2＋n，则＋＋…＋＝________。
解析 当n＝1时，＝12＋1＝2，a1＝4。当n≥2时，＋＋…＋＝(n－1)2＋(n－1)，＋＋…＋＋＝n2＋n，两式相减可得＝2n，即an＝4n2，又a1＝4也符合该式，所以an＝4n2，则＝4n，则＋＋…＋＝4×1＋4×2＋…＋4n＝2n2＋2n(n∈N*)。
答案 2n2＋2n(n∈N*)
2．(配合例4使用)若a1＝1，对任意的n∈N*，都有an>0，且na－(2n－1)an＋1an－2a＝0。设M(x)表示整数x的个位数字，则M(a2 019)＝________。
解析 由已知得(nan＋1＋an)(an＋1－2an)＝0，因为an>0，所以an＋1－2an＝0，则＝2，因为a1＝1，所以数列{an}是以1为首项，2为公比的等比数列，所以an＝1×2n－1＝2n－1(n∈N*)。所以a2＝2，a3＝4，a4＝8，a5＝16，a6＝32，a7＝64，a8＝128，…，所以n≥2时，M(an)依次构成以4为周期的数列。所以M(a2 019)＝M(a3)＝4，故答案为4。
答案 4
3．(配合例5使用)已知数列{an}满足nan＋2－(n＋2)an＝λ(n2＋2n)，其中a1＝1，a2＝2，若an－2，若n＝1，则λ∈R，若n>1，则λ>－，所以λ≥0。当n为偶数时，由an－2，所以λ>－，即λ≥0。综上，实数λ的取值范围为[0，＋∞)。
答案 [0，＋∞)
第一节 数列的概念与简单表示法
2019考纲考题考情
1.数列的有关概念
(1)数列的定义
按照一定顺序排列的一列数称为数列。数列中的每一个数叫做这个数列的项。
(2)数列的分类
分类原则
类型
满足条件
按项数
分类
有穷数列
项数有限
无穷数列
项数无限
按项与项
间的大小
关系分类
递增数列
an＋1>an
其中
n∈N*
递减数列
an＋1
an＋1＝an
按其他
标准分类
有界数列
存在正数M，使|an|≤M
摆动数列
从第二项起，有些项大于它的前一项，有些项小于它的前一项的数列
周期数列
对n∈N*，存在正整数常数k，使an＋k＝an
(3)数列的表示法
数列有三种表示法，它们分别是列表法、图象法和解析式法。
2.数列的通项公式
(1)数列的通项公式,如果数列{an}的第n项与序号n之间的关系可以用一个式子来表达，那么这个公式叫做这个数列的通项公式。
(2)已知数列{an}的前n项和Sn，则an＝,
1．数列与函数的关系
数列是一种特殊的函数，即数列是一个定义在正整数集或其子集{1,2,3，…，n}上的函数，当自变量依次从小到大取值时所对应的一列函数值。
2．在数列{an}中，若an最大，则若an最小，则
3．递推关系求通项公式的三种方法：
(1)叠加法：对于an＋1－an＝f(n)型，若f(1)＋f(2)＋…＋f(n)的和是可求的，可用多式相加法求得an。
(2)叠乘法：对于＝f(n)型，若f(1)·f(2)·…·f(n)的积是可求的，可用多式相乘法求得an。
(3)构造法：对an＋1＝pan＋q型，两边同时加上(p≠1)构造一个公比为p的等比数列，求得an。
一、走进教材
1．(必修5P33A组T4改编)在数列{an}中，a1＝1，an＝1＋(n≥2)，则a5等于( )
A． B． C． D．
解析 a2＝1＋＝2，a3＝1＋＝，a4＝1＋＝3，a5＝1＋＝。
答案 D
2．(必修5P33A组T5改编)根据下面的图形及相应的点数，写出点数构成的数列的一个通项公式an＝________。
答案 5n－4
二、走近高考
3．(2014·全国卷Ⅱ)数列{an}满足an＋1＝，a8＝2，则a1＝________。
解析 由题易知a8＝＝2，得a7＝，a7＝＝，得a6＝－1；a6＝＝－1，得a5＝2，于是可知数列{an}具有周期性，且周期为3，所以a1＝a7＝。
答案
4．(2018·全国卷Ⅰ)记Sn为数列{an}的前n项和。若Sn＝2an＋1，则S6＝________。
解析 根据Sn＝2an＋1，可得Sn＋1＝2an＋1＋1，两式相减得an＋1＝2an＋1－2an，即an＋1＝2an，当n＝1时，S1＝a1＝2a1＋1，解得a1＝－1，所以数列{an}是以－1为首项，2为公比的等比数列，所以S6＝＝－63。
解析：因为Sn＝2an＋1，所以当n＝1时，a1＝2a1＋1，解得a1＝－1；当n＝2时，a1＋a2＝2a2＋1，解得a2＝－2；当n＝3时，a1＋a2＋a3＝2a3＋1，解得a3＝－4；当n＝4时，a1＋a2＋a3＋a4＝2a4＋1，解得a4＝－8；当n＝5时，a1＋a2＋a3＋a4＋a5＝2a5＋1，解得a5＝－16；当n＝6时，a1＋a2＋a3＋a4＋a5＋a6＝2a6＋1，解得a6＝－32。所以S6＝－1－2－4－8－16－32＝－63。
答案 －63
三、走出误区
微提醒：①忽视数列是特殊的函数，其自变量为正整数集N*或其子集{1,2，…，n}；②求数列前n项和Sn的最值时忽视项为零的情况；③根据Sn求an时忽视对n＝1的验证。
5．在数列－1,0，，，…，中，0.08是它的第________项。
解析 依题意得＝，解得n＝10或n＝(舍)。
答案 10
6．在数列{an}中，an＝－n2＋6n＋7，当其前n项和Sn取最大值时，n＝________。
解析 由题可知n∈N*，令an＝－n2＋6n＋7≥0，得1≤n≤7(n∈N*)，所以该数列的第7项为零，且从第8项开始an<0，则S6＝S7且最大。
答案 6或7
7．已知Sn＝2n＋3，则an＝________。
解析 因为Sn＝2n＋3，那么当n＝1时，a1＝S1＝21＋3＝5；当n≥2时，an＝Sn－Sn－1＝2n＋3－(2n－1＋3)＝2n－1(*)。由于a1＝5不满足(*)式，所以an＝
答案
考点一 由数列的前n项求数列的通项公式
【例1】 (1)数列，－，，－，…的一个通项公式为( )
A．an＝(－1)n·
B．an＝(－1)n·
C．an＝(－1)n＋1·
D．an＝(－1)n＋1·
(2)(2019·湖北八校联考)已知数列{an}满足an＝(n∈N*)，将数列{an}中的整数项按原来的顺序组成新数列{bn}，则b2 019的末位数字为( )
A．8 B．2
C．3 D．7
解析 (1)该数列是分数形式，分子为奇数2n＋1，分母是指数2n，各项的符号由(－1)n＋1来确定，所以D选项正确。
(2)由an＝(n∈N*)，可得此数列为，，，，，，，，，，，，，…，整数项为，，，，，，…，所以数列{bn}的各项依次为2,3,7,8,12,13,17,18，…，末位数字分别是2,3,7,8,2,3,7,8，…，因为2 019＝4×504＋3，所以b2 019的末位数字为7。故选D。
答案 (1)D (2)D
根据所给数列的前几项求其通项时，需仔细观察分析，抓住以下几方面的特征：
1．分式中分子、分母的各自特征；
2．相邻项的联系特征；
3．拆项后的各部分特征；
4．符号特征。应多进行对比、分析，从整体到局部多角度观察、归纳、联想。
【变式训练】 (1)数列1,3,6,10,15，…的一个通项公式是( )
A．an＝n2－(n－1) B．an＝n2－1
C．an＝ D．an＝
(2)已知数列{an}为，，－，，－，，…，则数列{an}的一个通项公式是________。
解析 (1)设此数列为{an}，则由题意可得a1＝1，a2＝3，a3＝6，a4＝10，a5＝15，…仔细观察数列1,3,6,10,15，…可以发现：1＝1,3＝1＋2,6＝1＋2＋3,10＝1＋2＋3＋4。…所以第n项为1＋2＋3＋4＋5＋…＋n＝，所以数列1,3,6,10,15，…的通项公式为an＝。
解析：代入n＝1,2,3进行验证。
(2)各项的分母分别为21,22,23,24，…，易看出从第2项起，每一项的分子都比分母少3，且第1项可变为－，故原数列可变为－，，－，，…故其通项公式可以为an＝(－1)n·。
答案 (1)C (2)(－1)n·
考点二 由an与Sn的关系求an
【例2】 (1)已知数列{an}的前n项和Sn＝n2＋2n＋1(n∈N*)，则an＝________。
(2)已知数列{an}的前n项和Sn＝an＋，则{an}的通项公式为an＝________。
解析 (1)当n≥2时，an＝Sn－Sn－1＝2n＋1；当n＝1时，a1＝S1＝4≠2×1＋1。因此an＝
(2)当n＝1时，a1＝S1＝a1＋，所以a1＝1。当n≥2时，an＝Sn－Sn－1＝an－an－1，所以＝－，所以数列{an}为首项a1＝1，公比q＝－的等比数列，故an＝n－1。
答案 (1) (2)n－1
1．已知Sn求an，常用的方法是利用an＝Sn－Sn－1(n≥2)转化为关于an的递推关系，再求其通项公式。
2．要验证a1是否适合an，若适合，则统一用an表示；若不适合，则通项公式用分段函数的形式表示。
【变式训练】 (1)(2019·合肥市质量检测)已知数列{an}的前n项和为Sn，若3Sn＝2an－3n，则a2 020＝( )
A．22 020－1 B．32 020－6
C．2 020－ D．2 020－
(2)已知数列{an}的前n项和Sn＝3n＋1，则数列的通项公式an＝________。
解析 (1)因为a1＝S1，所以3a1＝3S1＝2a1－3⇒a1＝－3。当n≥2时，3Sn＝2an－3n,3Sn－1＝2an－1－3(n－1)，所以an＝－2an－1－3，即an＋1＝－2(an－1＋1)，所以数列{an＋1}是以－2为首项，－2为公比的等比数列，所以an＋1＝(－2)×(－2)n－1＝(－2)n，则a2 020＝22 020－1。故选A。
(2)当n＝1时，a1＝S1＝3＋1＝4，当n≥2时，an＝Sn－Sn－1＝3n＋1－3n－1－1＝2·3n－1。显然当n＝1时，不满足上式。所以an＝
答案 (1)A (2)
考点三 由递推关系求通项公式
【例3】 (1)已知数列{an}中，a1＝1，an＋1＝an＋2n＋1，则a5＝________。
(2)若a1＝1，an＋1＝2nan，则通项公式an＝________。
(3)若a1＝1，an＋1＝，则数列{an}的通项公式an＝________。
解析 (1)依题意得an＋1－an＝2n＋1，a5＝a1＋(a2－a1)＋(a3－a2)＋(a4－a3)＋(a5－a4)＝1＋3＋5＋7＋9＝25。
(2)由an＋1＝2nan，得＝2n－1(n≥2)，所以an＝
··…··a1＝2n－1·2n－2·…·2·1＝21＋2＋3＋…＋(n－1)＝2。又a1＝1适合上式，故an＝2。
(3)因为an＋1＝，a1＝1，所以an≠0，所以＝＋，即－＝。又a1＝1，则＝1，所以是以1为首项，为公差的等差数列。所以＝＋(n－1)×＝＋。所以an＝(n∈N*)。
答案 (1)25 (2)2 (3)
已知数列的递推关系求通项公式的典型方法
1．当出现an＝xan－1＋y(x，y为常数)时，构造等比数列。
2．当出现an＝an－1＋f(n)时，用累加法求解。
3．当出现＝f(n)时，用累乘法求解。
【变式训练】 (1)若数列{an}满足a1＝1，且对于任意的n∈N*都有an＋1＝an＋n＋1，则＋＋…＋等于( )
A． B． C． D．
(2)定义：在数列{an}中，若满足－＝d(n∈N*，d为常数)，称{an}为“等差比数列”。已知在“等差比数列”{an}中，a1＝a2＝1，a3＝3，则等于( )
A．4×2 0152－1 B．4×2 0142－1
C．4×2 0132－1 D．4×2 0132
解析 (1)由an＋1＝an＋n＋1，得an＋1－an＝n＋1，则a2－a1＝1＋1，a3－a2＝2＋1，a4－a3＝3＋1，…，an－an－1＝(n－1)＋1，以上等式相加，得an－a1＝2＋3＋…＋(n－1)＋n，把a1＝1代入上式得an＝1＋2＋3＋…＋(n－1)＋n＝，所以＝＝2，则＋＋…＋＝2＝2＝，故选D。
(2)由题知是首项为1，公差为2的等差数列，则＝2n－1，所以an＝××…××a1＝(2n－3)×(2n－5)×…×1。所以＝＝4 027×4 025＝(4 026＋1)(4 026－1)＝4 0262－1＝4×2 0132－1。
答案 (1)D (2)C
考点四 数列的性质微点小专题
方向1：数列的周期性
【例4】 (2019·河北石家庄模拟)若数列{an}满足a1＝2，an＋1＝，则a2 018的值为( )
A．2 B．－3
C．－ D．
解析 因为a1＝2，an＋1＝，所以a2＝＝－3，同理可得：a3＝－，a4＝，a5＝2，…，可得an＋4＝an，则a2 018＝a504×4＋2＝a2＝－3。故选B。
答案 B
列出数列的前几项，归纳出周期。
方向2：数列的单调性
【例5】 (1)已知数列{an}的通项公式an＝(n＋1)·n，则数列的最大项为________。
(2)已知数列{an}满足a1＝33，an＋1－an＝2n，则的最小值为________。
解析 (1)因为an＋1－an＝(n＋2)n＋1－(n＋1)n＝n×，所以当n<9时，an＋1－an>0，即an＋1>an；当n＝9时，an＋1－an＝0，即an＋1＝an；当n>9时，an＋1－an<0，即an＋1
解析：根据题意，令(n≥2，n∈N*)，即解得9≤n≤10。因为n∈N*，所以n＝9或n＝10。所以该数列最大项为第9,10项，且a9＝a10＝10×9。
(2)因为an＝(an－an－1)＋(an－1－an－2)＋…＋(a2－a1)＋a1＝2[1＋2＋…＋(n－1)]＋33＝33＋n2－n(n≥2)，当n＝1时也符合，所以an＝n2－n＋33。所以＝＋n－1。构造函数f(x)＝＋x－1(x>0)，求导得f′(x)＝－＋1。令f′(x)>0，解得x>；令f′(x)<0，解得0
答案 (1)10×9 (2)
解决数列的单调性问题可用以下三种方法
1．用作差比较法，根据an＋1－an的符号判断数列{an}是递增数列、递减数列或是常数列。
2．用作商比较法，根据(an>0或an<0)与1的大小关系进行判断。
3．结合导数的方法判断。
【题点对应练】
1．(方向1)已知数列{an}满足：an＋1＝an－an－1(n≥2，n∈N*)，a1＝1，a2＝2，Sn为数列{an}的前n项和，则S2 018＝( )
A．3 B．2 C．1 D．0
解析 因为an＋1＝an－an－1，a1＝1，a2＝2，所以a3＝1，a4＝－1，a5＝－2，a6＝－1，a7＝1，a8＝2，…，故数列{an}是周期为6的周期数列，且每连续6项的和为0，故S2 018＝336×0＋a2 017＋a2 018＝a1＋a2＝3。故选A。
答案 A
2．(方向2)已知数列{an}中，前n项和为Sn，且Sn＝an，则(n>1)的最大值为________。
解析 因为Sn＝an，所以当n>1时，an＝Sn－Sn－1＝an－an－1，即＝，因为数列单调递减，所以当n＝2时，＝2最大。
答案 2
1．(配合例2使用)若数列{an}是正项数列，且＋＋…＋＝n2＋n，则＋＋…＋＝________。
解析 当n＝1时，＝12＋1＝2，a1＝4。当n≥2时，＋＋…＋＝(n－1)2＋(n－1)，＋＋…＋＋＝n2＋n，两式相减可得＝2n，即an＝4n2，又a1＝4也符合该式，所以an＝4n2，则＝4n，则＋＋…＋＝4×1＋4×2＋…＋4n＝2n2＋2n(n∈N*)。
答案 2n2＋2n(n∈N*)
2．(配合例4使用)若a1＝1，对任意的n∈N*，都有an>0，且na－(2n－1)an＋1an－2a＝0。设M(x)表示整数x的个位数字，则M(a2 019)＝________。
解析 由已知得(nan＋1＋an)(an＋1－2an)＝0，因为an>0，所以an＋1－2an＝0，则＝2，因为a1＝1，所以数列{an}是以1为首项，2为公比的等比数列，所以an＝1×2n－1＝2n－1(n∈N*)。所以a2＝2，a3＝4，a4＝8，a5＝16，a6＝32，a7＝64，a8＝128，…，所以n≥2时，M(an)依次构成以4为周期的数列。所以M(a2 019)＝M(a3)＝4，故答案为4。
答案 4
3．(配合例5使用)已知数列{an}满足nan＋2－(n＋2)an＝λ(n2＋2n)，其中a1＝1，a2＝2，若an
答案 [0，＋∞)
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