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所属成套资源：2021版高考文科数学北师大版一轮复习精品教案
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2021版高考文科数学（北师大版）一轮复习教师用书：第四章 第7讲 解三角形应用举例
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第7讲 解三角形应用举例
一、知识梳理
1．仰角和俯角
在目标视线和水平视线所成的角中，目标视线在水平视线上方的角叫仰角，在水平视线下方的角叫俯角(如图①)．
2．方位角
从指北方向顺时针转到目标方向线的水平角，如B点的方位角为α(如图②)．
3．方向角
相对于某一正方向的水平角．
(1)北偏东α，即由指北方向顺时针旋转α到达目标方向(如图③)．
(2)北偏西α，即由指北方向逆时针旋转α到达目标方向．
(3)南偏西等其他方向角类似．
常用结论
1．明确两类角
(1)方位角：从正北方向起按顺时针转到目标方向线之间的水平夹角．
(2)方向角：正北或正南方向线与目标方向线所成的锐角．
2．解三角形应用题的一般步骤
二、教材衍化
如图所示，设A，B两点在河的两岸，一测量者在A所在的同侧河岸边选定一点C，测出AC的距离为50 m，∠ACB＝45°，∠CAB＝105°后，就可以计算出A，B两点的距离为 米．
答案：50
一、思考辨析
判断正误(正确的打“√”，错误的打“×”)
(1)从A处望B处的仰角为α，从B处望A处的俯角为β，则α，β的关系为α＋β＝180°.( )
(2)俯角是铅垂线与视线所成的角，其范围为.( )
(3)方位角与方向角其实质是一样的，均是确定观察点与目标点之间的位置关系．( )
(4)方位角大小的范围是[0，2π)，方向角大小的范围一般是.( )
答案：(1)× (2)× (3)√ (4)√
二、易错纠偏
(1)仰角、俯角概念不清；
(2)方向角概念不清；
(3)方位角概念不清．
1．如图所示，在某次测量中，在A处测得同一铅垂平面内的B点的仰角是60°，C点的俯角是70°，则∠BAC＝ ．
答案：130°
2.如图，两座灯塔A和B与海岸观察站C的距离相等，灯塔A在观察站的南偏西40°方向上，灯塔B在观察站的南偏东60°方向上，则灯塔A相对于灯塔B的方向角是 ．
答案：南偏西80°
3．点A在点B的南偏西20°方向上，若以点B为基点，则点A的方位角是 ．
答案：200°
测量距离问题(师生共研)
(2020·福建宁德5月质检)海洋蓝洞是地球罕见的自然地理现象，被誉为“地球给人类保留宇宙秘密的最后遗产”，我国拥有世界上已知最深的海洋蓝洞．若要测量如图所示的海洋蓝洞的口径(即A，B两点间的距离)，现取两点C，D，测得CD＝80，∠ADB＝135°，∠BDC＝∠DCA＝15°，∠ACB＝120°，则图中海洋蓝洞的口径为 ．
【解析】 由已知得，在△ACD中，∠ACD＝15°，∠ADC＝150°，
所以∠DAC＝15°，
由正弦定理得AC＝＝＝40(＋)．
在△BCD中，∠BDC＝15°，∠BCD＝135°，所以∠DBC＝30°，
由正弦定理＝，
得BC＝＝＝160sin 15°＝40(－)．
在△ABC中，由余弦定理，得AB2＝1 600×(8＋4)＋1 600×(8－4)＋2×1 600×(＋)×(－)×＝1 600×16＋1 600×4＝1 600×20＝32 000，
解得AB＝80.
故图中海洋蓝洞的口径为80.
【答案】 80
测量距离问题的解法
选择合适的辅助测量点，构造三角形，将实际问题转化为求某个三角形的边长问题，再利用正、余弦定理求解．
[提醒] 解三角形时，为避免误差的积累，应尽可能用已知的数据(原始数据)，少用间接求出的量．
如图，为了测量两座山峰上P，Q两点之间的距离，选择山坡上一段长度为300 m且和P，Q两点在同一平面内的路段AB的两个端点作为观测点，现测得∠PAB＝90°，∠PAQ＝∠PBA＝∠PBQ＝60°，则P，Q两点间的距离为 m.
解析：由已知，得∠QAB＝∠PAB－∠PAQ＝30°.又∠PBA＝∠PBQ＝60°，所以∠AQB＝30°，所以AB＝BQ.
又PB为公共边，所以△PAB≌△PQB，所以PQ＝PA.
在Rt△PAB中，AP＝AB·tan 60°＝900，故PQ＝900，
所以P，Q两点间的距离为900 m.
答案：900
测量高度问题(师生共研)
(2020·吉林长春质量监测四)《海岛算经》是中国学者刘徽编撰的一部测量数学著作，现有取自其中的一个问题：今有望海岛，立两表，齐高三丈，前后相去千步，令后表与前表参相直，从前表却行一百二十三步，人目着地，取望岛峰，与表末参合，从后表却行一百二十七步，人目着地，取望岛峰，亦与表末参合，问岛高几何？其大意为：如图所示，立两个三丈高的标杆BC和DE，两标杆之间的距离BD＝1 000步，两标杆的底端与海岛的底端H在同一直线上，从前面的标杆B处后退123步，人眼贴地面，从地上F处仰望岛峰，A，C，F三点共线，从后面的标杆D处后退127步，人眼贴地面，从地上G处仰望岛峰，A，E，G三点也共线，则海岛的高为(注：1步＝6尺，1里＝180丈＝1 800尺＝300步)( )
A．1 255步 B．1 250步
C．1 230步 D．1 200步
【解析】 因为AH∥BC，所以△BCF∽△HAF，所以＝.
因为AH∥DE，所以△DEG∽△HAG，所以＝.
又BC＝DE，所以＝，即＝，所以HB＝30 750步，
又＝，所以AH＝＝1 255(步)．故选A.
【答案】 A
求解高度问题应注意的3个问题
(1)要理解仰角、俯角的定义；
(2)在实际问题中可能会遇到空间与平面(底面)同时研究的问题，这时最好画两个图形，一个空间图形，一个平面图形；
(3)注意山或塔垂直底面或海平面，把空间问题转化为平面问题．
如图，一辆汽车在一条水平的公路上向正西行驶，到A处时测得公路北侧一山顶D在西偏北30°的方向上，行驶600 m后到达B处，测得此山顶在西偏北75°的方向上，仰角为30°，则此山的高度CD＝ m.
解析：由题意，在△ABC中，∠BAC＝30°，∠ABC＝180°－75°＝105°，故∠ACB＝45°.
又AB＝600 m，故由正弦定理得＝，
解得BC＝300 m.
在Rt△BCD中，CD＝BC·tan 30°＝300×＝100(m)．
答案：100
测量角度问题(师生共研)
一艘海轮从A出发，沿北偏东75°的方向航行(2－2)n mile到达海岛B，然后从B出发，沿北偏东15°的方向航行4 n mile到达海岛C.
(1)求AC的长；
(2)如果下次航行直接从A出发到达C，求∠CAB的大小．
【解】 (1)由题意，在△ABC中，
∠ABC＝180°－75°＋15°＝120°，AB＝2－2，BC＝4，
根据余弦定理得
AC2＝AB2＋BC2－2AB×BC×cos∠ABC
＝(2－2)2＋42＋(2－2)×4＝24，
所以AC＝2.
(2)根据正弦定理得，sin∠BAC＝＝，
所以∠CAB＝45°.
解决角度问题的三个注意事项
(1)测量角度时，首先应明确方位角及方向角的含义；
(2)求角的大小时，先在三角形中求出其正弦或余弦值；
(3)在解应用题时，要根据题意正确画出示意图，通过这一步可将实际问题转化为可用数学方法解决的问题，解题过程中也要注意体会正、余弦定理综合使用的优点．
1．(2020·江西新余模拟)一艘游轮航行到A处时看灯塔B在A的北偏东75°，距离为12海里，灯塔C在A的北偏西30°，距离为12海里，该游轮由A沿正北方向继续航行到D处时再看灯塔B在其南偏东60°方向，则此时灯塔C位于游轮的( )
A．正西方向 B．南偏西75°方向
C．南偏西60°方向 D．南偏西45°方向
解析：选C.如图：在△ABD中，B＝45°，由正弦定理有＝，AD＝＝24.
在△ACD中，由余弦定理得CD2＝AC2＋AD2－2AC×AD×cos 30°，因为AC＝12，AD＝24，所以CD＝12，由正弦定理得＝，sin∠CDA＝，故∠CDA＝60°或者∠CDA＝120°.
因为AD＞AC，故∠CDA为锐角，所以∠CDA＝60°.
2.甲船在A处观察乙船，乙船在它的北偏东60°的方向，相距a海里的B处，乙船正向北行驶，若甲船是乙船速度的倍，甲船为了尽快追上乙船，则应取北偏东 (填角度)的方向前进．
解析：设两船在C处相遇，则由题意∠ABC＝180°－60°＝120°，且＝，
由正弦定理得＝＝，
所以sin∠BAC＝.
又因为0°<∠BAC<60°，所以∠BAC＝30°.
所以甲船应沿北偏东30°方向前进．
答案：30°
核心素养系列12 数学建模——应用举例问题中的核心素养
数学建模是对现实问题进行数学抽象，用数学语言表达问题、用数学知识与方法构建模型解决问题的过程．主要包括：在实际情境中从数学的视角发现问题、提出问题，分析问题、构建模型，求解结论，验证结果并改进模型，最终解决实际问题．
某海域的东西方向上分别有A，B两个观测点(如图)，它们相距5(3＋)海里，现有一艘轮船在D点发出求救信号，经探测得知D点位于A点北偏东45°，B点北偏西60°，这时，位于B点南偏西60°且与B点相距20海里的C点有一救援船，其航行速度为30海里/小时．
(1)求B点到D点的距离BD；
(2)若命令C处的救援船立即前往D点营救，求该救援船到达D点需要的时间．
【解】 (1)由题意知AB＝5(3＋)海里，
∠DBA＝90°－60°＝30°，∠DAB＝90°－45°＝45°，
所以∠ADB＝180°－(45°＋30°)＝105°，
在△DAB中，由正弦定理得＝，
所以DB＝＝
＝
＝＝10(海里)．
(2)在△DBC中，∠DBC＝∠DBA＋∠ABC＝30°＋(90°－60°)＝60°，BC＝20(海里)，由余弦定理得CD2＝BD2＋BC2－2BD·BC·cos∠DBC
＝300＋1 200－2×10×20×＝900，
所以CD＝30(海里)，则需要的时间t＝＝1(小时)．
即：救援船到达D点需要1小时．
解三角形应用题的一般步骤
(1)阅读理解题意，弄清问题的实际背景，明确已知与未知，理清量与量之间的关系．
(2)根据题意画出示意图，将实际问题抽象成解三角形问题的模型．
(3)根据题意选择正弦定理或余弦定理求解．
(4)将三角形问题还原为实际问题，注意实际问题中的有关单位问题、近似计算的要求等．
如图，两座相距60 m的建筑物AB，CD的高度分别为20 m，50 m，BD为水平面，则从建筑物AB的顶端A看建筑物CD的张角∠CAD等于( )
A．30° B．45°
C．60° D．75°
解析：选B.依题意可得AD＝20(m)，AC＝30(m)，又CD＝50(m)，
所以在△ACD中，由余弦定理得
cos∠CAD＝
＝
＝＝，
又0°<∠CAD<180°，所以∠CAD＝45°，所以从顶端A看建筑物CD的张角为45°.
[基础题组练]
1．在相距2 km的A，B两点处测量目标点C，若∠CAB＝75°，∠CBA＝60°，则A，C两点之间的距离为( )
A. km B. km
C. km D．2 km
解析：选A.如图，在△ABC中，由已知可得∠ACB＝45°，所以＝，
所以AC＝2×＝(km)．
2．如图，测量河对岸的塔高AB时可以选与塔底B在同一水平面内的两个测点C与D，测得∠BCD＝15°，∠BDC＝30°，CD＝30，并在点C测得塔顶A的仰角为60°，则塔高AB等于( )
A．5 B．15
C．5 D．15
解析：选D.在△BCD中，∠CBD＝180°－15°－30°＝135°.
由正弦定理得＝，
所以BC＝15.
在Rt△ABC中，
AB＝BCtan∠ACB＝15×＝15.
3．如图，为了测量A，C两点间的距离，选取同一平面上B，D两点，测出四边形ABCD各边的长度(单位：km)：AB＝5，BC＝8，CD＝3，DA＝5，且∠B与∠D互补，则AC的长为( )
A．7 km B．8 km
C．9 km D．6 km
解析：选A.在△ABC及△ACD中，由余弦定理得82＋52－2×8×5×cos(π－∠D)＝AC2＝32＋52－2×3×5×cos ∠D，解得cos ∠D＝－，所以AC＝＝7.
4．一艘海轮从A处出发，以每小时40海里的速度沿南偏东40°的方向直线航行，30分钟后到达B处，在C处有一座灯塔，海轮在A处观察灯塔，其方向是南偏东70°，在B处观察灯塔，其方向是北偏东65°，那么B，C两点间的距离是( )
A．10海里 B．10海里
C．20海里 D．20海里
解析：选A.如图所示，易知，在△ABC中，AB＝20，∠CAB＝30°，∠ACB＝45°，
根据正弦定理得＝，
解得BC＝10(海里)．
5．如图，从气球A上测得正前方的河流的两岸B，C的俯角分别为75°，30°，此时气球的高是60 m，则河流的宽度BC等于( )
A．240(－1) m B．180(－1) m
C．120(－1) m D．30(＋1) m
解析：选C.因为tan 15°＝tan(60°－45°)＝＝2－，所以BC＝60tan 60°－60tan 15°＝120(－1)(m)．
6．海上有A，B两个小岛相距10 n mile，从A岛望C岛和B岛成60°的视角，从B岛望C岛和A岛成75°的视角，那么B岛和C岛间的距离是 n mile.
解析：如图，在△ABC中，AB＝10，A＝60°，B＝75°，C＝45°，
由正弦定理，得＝，
所以BC＝＝＝5(n mile)．
答案：5
7.如图，在塔底D的正西方A处测得塔顶的仰角为45°，在塔底D的南偏东60°的B处测得塔顶的仰角为30°，A，B间的距离是84 m，则塔高CD＝ m.
解析：设塔高CD＝x m，
则AD＝x m，DB＝x m.
又由题意得∠ADB＝90°＋60°＝150°，
在△ABD中，利用余弦定理，得
842＝x2＋(x)2－2·x2 cos 150°，
解得x＝12(负值舍去)，故塔高为12 m.
答案：12
8．一船自西向东匀速航行，上午10时到达灯塔P的南偏西75°，距灯塔68海里的M处，下午2时到达这座灯塔的东南方向的N处，则此船航行的速度为 海里/小时．
解析：如图，由题意知∠MPN＝75°＋45°＝120°，∠PNM＝45°.
在△PMN中，＝，
所以MN＝68×＝34(海里)．
又由M到N所用的时间为14－10＝4(小时)，
所以此船的航行速度v＝＝(海里/小时)．
答案：
9．渔政船在东海某海域巡航，已知该船正以15海里/时的速度向正北方向航行，该船在A点处时发现在北偏东30°方向的海面上有一个小岛，继续航行20分钟到达B点，此时发现该小岛在北偏东60°方向上，若该船向正北方向继续航行，船与小岛的最小距离为多少海里？
解：根据题意画出相应的图形，如图所示，过C作CD⊥AD于点D，
由题意得：AB＝×15＝5(海里)，
因为∠A＝30°，∠CBD＝60°，
所以∠BCA＝30°，
所以△ABC为等腰三角形，所以BC＝5.
在△BCD中，
因为∠CBD＝60°，CD⊥AD，BC＝5，
所以CD＝，则该船向北继续航行，船与小岛的最小距离为7.5海里．
10．如图，为测量山高MN，选择A和另一座山的山顶C为测量观测点．从A点测得M点的仰角∠MAN＝60°，C点的仰角∠CAB＝45°以及∠MAC＝75°，从C点测得∠MCA＝60°.已知山高BC＝100 m，求山高MN.
解：根据题意，
AC＝100 m.
在△MAC中，∠CMA＝180°－75°－60°＝45°.
由正弦定理得＝⇒AM＝100 m.
在△AMN中，＝sin 60°，
所以MN＝100×＝150(m)．
[综合题组练]
1．如图所示，一座建筑物AB的高为(30－10)m，在该建筑物的正东方向有一座通信塔CD.在它们之间的地面上的点M(B，M，D三点共线)处测得楼顶A，塔顶C的仰角分别是15°和60°，在楼顶A处测得塔顶C的仰角为30°，则通信塔CD的高为( )
A．30 m B．60 m
C．30 m D．40 m
解析：选B.在Rt△ABM中，AM＝＝＝＝20(m)．过点A作AN⊥CD于点N，如图所示．易知∠MAN＝∠AMB＝15°，所以∠MAC＝30°＋15°＝45°.又∠AMC＝180°－15°－60°＝105°，所以∠ACM＝30°.在△AMC中，由正弦定理得＝，解得MC＝40(m)．在Rt△CMD中，CD＝40×sin 60°＝60(m)，故通信塔CD的高为60 m.
2.如图，某住宅小区的平面图呈圆心角为120°的扇形AOB，C是该小区的一个出入口，且小区里有一条平行于AO的小路CD.已知某人从O沿OD走到D用了2分钟，从D沿DC走到C用了3分钟．若此人步行的速度为每分钟50米，则该扇形的半径为 米．
解析：连接OC，由题意知CD＝150米，OD＝100米，∠CDO＝60°.
在△COD中，由余弦定理得OC2＝CD2＋OD2－2CD·OD·cos 60°，即OC＝50.
答案：50
3.如图，在四边形ABCD中，∠DAB＝，AD∶AB＝2∶3，BD＝，AB⊥BC.
(1)求sin∠ABD的值；
(2)若∠BCD＝，求CD的长．
解：(1)因为AD∶AB＝2∶3，
所以可设AD＝2k，AB＝3k(k＞0)．
又BD＝，∠DAB＝，所以由余弦定理，
得()2＝(3k)2＋(2k)2－2×3k×2kcos，
解得k＝1，所以AD＝2，AB＝3，
sin∠ABD＝＝＝.
(2)因为AB⊥BC，所以cos∠DBC＝sin∠ABD＝，
所以sin∠DBC＝，所以＝，
所以CD＝＝.
4．(应用型)某港湾的平面示意图如图所示，O，A，B分别是海岸线l1，l2上的三个集镇，A位于O的正南方向6 km处，B位于O的北偏东60°方向10 km处．
(1)求集镇A，B间的距离；
(2)随着经济的发展，为缓解集镇O的交通压力，拟在海岸线l1，l2上分别修建码头M，N，开辟水上航线．勘测时发现：以O为圆心，3 km为半径的扇形区域为浅水区，不适宜船只航行．请确定码头M，N的位置，使得M，N之间的直线航线最短．
解：(1)在△ABO中，OA＝6，OB＝10，∠AOB＝120°，
根据余弦定理得
AB2＝OA2＋OB2－2·OA·OB·cos 120°
＝62＋102－2×6×10×＝196，
所以AB＝14.
故集镇A，B间的距离为14 km.
(2)依题意得，直线MN必与圆O相切．
设切点为C，连接OC(图略)，则OC⊥MN.
设OM＝x，ON＝y，MN＝c，
在△OMN中，由MN·OC＝OM·ON·sin 120°，
得×3c＝xysin 120°，即xy＝2c，
由余弦定理，得c2＝x2＋y2－2xycos 120°＝x2＋y2＋xy≥3xy，所以c2≥6c，解得c≥6，
当且仅当x＝y＝6时，c取得最小值6.
所以码头M，N与集镇O的距离均为6 km时，M，N之间的直线航线最短，最短距离为6 km.
规范答题示范(二)
三角函数、解三角形
类型一 三角函数的变换与性质
(12分)已知函数f(x)＝sin2x－cos2x－2sin xcos x(x∈R)．
(1)求❶的值；
(2)求f(x)的❷
[建桥寻突破]
❶看到条件想到特殊角，可以利用诱导公式写出它的三角函数值．
❷看到求最小正周期及递增区间，想到利用公式将三角函数式化成用一个角表示三角函数的形式.
[规范解答]
(1)由sin ＝，cos＝－，
1分
得f＝－－2××＝2.3分
(2)因为cos 2x＝cos2x－sin2x，
sin 2x＝2sin xcos x，
4分
所以f(x)＝－cos 2x－sin 2x＝－2sin，7分
所以f(x)的最小正周期是π，
8分
由正弦函数的性质，得
＋2kπ≤2x＋≤＋2kπ(k∈Z)，
10分
解得＋kπ≤x≤＋kπ(k∈Z)，
所以f(x)的递增区间是(k∈Z).12分
[评分标准]
①分别求出的正弦和余弦值得1分；
②正确完成“数学运算”得2分；
③分别写出二倍角的正弦、余弦公式得1分；
④能正确利用和差角公式完成“化一”过程得3分；
⑤会利用周期公式求出周期得1分；
⑥会借助正弦函数的单调区间写出联立不等式的形式得2分；
⑦解联立不等式得出正确结果得2分．只结果错误或区间表示不规范扣1分.
[解题点津]
(1)要善于抓解题的关键点，解题步骤中明显呈现的得分点，如本题(1)中的正弦和余弦值必须呈现出来．
(2)要清晰呈现“化一”的过程以及用联立不等式求单调区间的过程.
[核心素养]
三角函数问题是高考必考问题，三角求值与求三角函数的最值、周期、单调区间是高考的常见题型；本题型重点考查灵活运用三角公式进行三角变换的能力，以及“数学运算”的核心素养.
类型二 解三角形问题
(12分)△ABC的内角A，B，C的对边分别为a，b，c，已知❶
(1)求cos B；
(2)若❷△ABC的面积为2，求b.
[建桥寻突破]
❶看到条件sin (A＋C)＝8sin2，想到A＋C＝π－B.
❷看到a＋c＝6，△ABC的面积为2，再利用(1)中cos B的结果求b，想到由cos B可求得sin B，可利用三角形面积公式求出ac，再利用余弦定理，结合a＋c＝6，求b.
[规范解答]
(1)由题设及A＋B＋C＝π得sin B＝8sin2，2分
故sin B＝4(1－cos B)，
4分
上式两边平方，整理得17cos2B－32cos B＋15＝0，
解得cos B＝1(舍去)或cos B＝.
6分
故cos B＝.
(2)由cos B＝得sin B＝，
7分
故S△ABC＝acsin B＝ac.又S△ABC＝2，则ac＝.9分
由余弦定理及a＋c＝6得b2＝a2＋c2－2accos B＝(a＋c)2－2ac(1＋cos B)＝36－2××＝4.所以b＝2.12分
[评分标准]
①利用诱导公式将sin(A＋C)转化为sin B得2分；
②会利用降幂公式将2sin2转化为1－cos B得2分；
③利用平方关系转化为关于cos B的方程，并求得正确结果得2分；只运算结果错误扣1分；
④求出sin B，得1分；
⑤利用面积公式及已知，求出ac得2分；只运算结果错误扣1分；
⑥利用余弦定理求出b得3分；只运算结果错误扣1分.
[解题点津]
要善于抓解题的关键点，解题步骤中明显呈现的得分点，如本题(1)中cos B与sin2关系的呈现，(2)中利用余弦定理体现a＋c与ac的关系等.
[核心素养]
解三角形问题是高考的必考问题，解三角形与三角函数的结合是高考的常见题型；本题型重点考查灵活运用公式并通过“数学运算”解决问题的能力.
一、知识梳理
1．仰角和俯角
在目标视线和水平视线所成的角中，目标视线在水平视线上方的角叫仰角，在水平视线下方的角叫俯角(如图①)．
2．方位角
从指北方向顺时针转到目标方向线的水平角，如B点的方位角为α(如图②)．
3．方向角
相对于某一正方向的水平角．
(1)北偏东α，即由指北方向顺时针旋转α到达目标方向(如图③)．
(2)北偏西α，即由指北方向逆时针旋转α到达目标方向．
(3)南偏西等其他方向角类似．
常用结论
1．明确两类角
(1)方位角：从正北方向起按顺时针转到目标方向线之间的水平夹角．
(2)方向角：正北或正南方向线与目标方向线所成的锐角．
2．解三角形应用题的一般步骤
二、教材衍化
如图所示，设A，B两点在河的两岸，一测量者在A所在的同侧河岸边选定一点C，测出AC的距离为50 m，∠ACB＝45°，∠CAB＝105°后，就可以计算出A，B两点的距离为 米．
答案：50
一、思考辨析
判断正误(正确的打“√”，错误的打“×”)
(1)从A处望B处的仰角为α，从B处望A处的俯角为β，则α，β的关系为α＋β＝180°.( )
(2)俯角是铅垂线与视线所成的角，其范围为.( )
(3)方位角与方向角其实质是一样的，均是确定观察点与目标点之间的位置关系．( )
(4)方位角大小的范围是[0，2π)，方向角大小的范围一般是.( )
答案：(1)× (2)× (3)√ (4)√
二、易错纠偏
(1)仰角、俯角概念不清；
(2)方向角概念不清；
(3)方位角概念不清．
1．如图所示，在某次测量中，在A处测得同一铅垂平面内的B点的仰角是60°，C点的俯角是70°，则∠BAC＝ ．
答案：130°
2.如图，两座灯塔A和B与海岸观察站C的距离相等，灯塔A在观察站的南偏西40°方向上，灯塔B在观察站的南偏东60°方向上，则灯塔A相对于灯塔B的方向角是 ．
答案：南偏西80°
3．点A在点B的南偏西20°方向上，若以点B为基点，则点A的方位角是 ．
答案：200°
测量距离问题(师生共研)
(2020·福建宁德5月质检)海洋蓝洞是地球罕见的自然地理现象，被誉为“地球给人类保留宇宙秘密的最后遗产”，我国拥有世界上已知最深的海洋蓝洞．若要测量如图所示的海洋蓝洞的口径(即A，B两点间的距离)，现取两点C，D，测得CD＝80，∠ADB＝135°，∠BDC＝∠DCA＝15°，∠ACB＝120°，则图中海洋蓝洞的口径为 ．
【解析】 由已知得，在△ACD中，∠ACD＝15°，∠ADC＝150°，
所以∠DAC＝15°，
由正弦定理得AC＝＝＝40(＋)．
在△BCD中，∠BDC＝15°，∠BCD＝135°，所以∠DBC＝30°，
由正弦定理＝，
得BC＝＝＝160sin 15°＝40(－)．
在△ABC中，由余弦定理，得AB2＝1 600×(8＋4)＋1 600×(8－4)＋2×1 600×(＋)×(－)×＝1 600×16＋1 600×4＝1 600×20＝32 000，
解得AB＝80.
故图中海洋蓝洞的口径为80.
【答案】 80
测量距离问题的解法
选择合适的辅助测量点，构造三角形，将实际问题转化为求某个三角形的边长问题，再利用正、余弦定理求解．
[提醒] 解三角形时，为避免误差的积累，应尽可能用已知的数据(原始数据)，少用间接求出的量．
如图，为了测量两座山峰上P，Q两点之间的距离，选择山坡上一段长度为300 m且和P，Q两点在同一平面内的路段AB的两个端点作为观测点，现测得∠PAB＝90°，∠PAQ＝∠PBA＝∠PBQ＝60°，则P，Q两点间的距离为 m.
解析：由已知，得∠QAB＝∠PAB－∠PAQ＝30°.又∠PBA＝∠PBQ＝60°，所以∠AQB＝30°，所以AB＝BQ.
又PB为公共边，所以△PAB≌△PQB，所以PQ＝PA.
在Rt△PAB中，AP＝AB·tan 60°＝900，故PQ＝900，
所以P，Q两点间的距离为900 m.
答案：900
测量高度问题(师生共研)
(2020·吉林长春质量监测四)《海岛算经》是中国学者刘徽编撰的一部测量数学著作，现有取自其中的一个问题：今有望海岛，立两表，齐高三丈，前后相去千步，令后表与前表参相直，从前表却行一百二十三步，人目着地，取望岛峰，与表末参合，从后表却行一百二十七步，人目着地，取望岛峰，亦与表末参合，问岛高几何？其大意为：如图所示，立两个三丈高的标杆BC和DE，两标杆之间的距离BD＝1 000步，两标杆的底端与海岛的底端H在同一直线上，从前面的标杆B处后退123步，人眼贴地面，从地上F处仰望岛峰，A，C，F三点共线，从后面的标杆D处后退127步，人眼贴地面，从地上G处仰望岛峰，A，E，G三点也共线，则海岛的高为(注：1步＝6尺，1里＝180丈＝1 800尺＝300步)( )
A．1 255步 B．1 250步
C．1 230步 D．1 200步
【解析】 因为AH∥BC，所以△BCF∽△HAF，所以＝.
因为AH∥DE，所以△DEG∽△HAG，所以＝.
又BC＝DE，所以＝，即＝，所以HB＝30 750步，
又＝，所以AH＝＝1 255(步)．故选A.
【答案】 A
求解高度问题应注意的3个问题
(1)要理解仰角、俯角的定义；
(2)在实际问题中可能会遇到空间与平面(底面)同时研究的问题，这时最好画两个图形，一个空间图形，一个平面图形；
(3)注意山或塔垂直底面或海平面，把空间问题转化为平面问题．
如图，一辆汽车在一条水平的公路上向正西行驶，到A处时测得公路北侧一山顶D在西偏北30°的方向上，行驶600 m后到达B处，测得此山顶在西偏北75°的方向上，仰角为30°，则此山的高度CD＝ m.
解析：由题意，在△ABC中，∠BAC＝30°，∠ABC＝180°－75°＝105°，故∠ACB＝45°.
又AB＝600 m，故由正弦定理得＝，
解得BC＝300 m.
在Rt△BCD中，CD＝BC·tan 30°＝300×＝100(m)．
答案：100
测量角度问题(师生共研)
一艘海轮从A出发，沿北偏东75°的方向航行(2－2)n mile到达海岛B，然后从B出发，沿北偏东15°的方向航行4 n mile到达海岛C.
(1)求AC的长；
(2)如果下次航行直接从A出发到达C，求∠CAB的大小．
【解】 (1)由题意，在△ABC中，
∠ABC＝180°－75°＋15°＝120°，AB＝2－2，BC＝4，
根据余弦定理得
AC2＝AB2＋BC2－2AB×BC×cos∠ABC
＝(2－2)2＋42＋(2－2)×4＝24，
所以AC＝2.
(2)根据正弦定理得，sin∠BAC＝＝，
所以∠CAB＝45°.
解决角度问题的三个注意事项
(1)测量角度时，首先应明确方位角及方向角的含义；
(2)求角的大小时，先在三角形中求出其正弦或余弦值；
(3)在解应用题时，要根据题意正确画出示意图，通过这一步可将实际问题转化为可用数学方法解决的问题，解题过程中也要注意体会正、余弦定理综合使用的优点．
1．(2020·江西新余模拟)一艘游轮航行到A处时看灯塔B在A的北偏东75°，距离为12海里，灯塔C在A的北偏西30°，距离为12海里，该游轮由A沿正北方向继续航行到D处时再看灯塔B在其南偏东60°方向，则此时灯塔C位于游轮的( )
A．正西方向 B．南偏西75°方向
C．南偏西60°方向 D．南偏西45°方向
解析：选C.如图：在△ABD中，B＝45°，由正弦定理有＝，AD＝＝24.
在△ACD中，由余弦定理得CD2＝AC2＋AD2－2AC×AD×cos 30°，因为AC＝12，AD＝24，所以CD＝12，由正弦定理得＝，sin∠CDA＝，故∠CDA＝60°或者∠CDA＝120°.
因为AD＞AC，故∠CDA为锐角，所以∠CDA＝60°.
2.甲船在A处观察乙船，乙船在它的北偏东60°的方向，相距a海里的B处，乙船正向北行驶，若甲船是乙船速度的倍，甲船为了尽快追上乙船，则应取北偏东 (填角度)的方向前进．
解析：设两船在C处相遇，则由题意∠ABC＝180°－60°＝120°，且＝，
由正弦定理得＝＝，
所以sin∠BAC＝.
又因为0°<∠BAC<60°，所以∠BAC＝30°.
所以甲船应沿北偏东30°方向前进．
答案：30°
核心素养系列12 数学建模——应用举例问题中的核心素养
数学建模是对现实问题进行数学抽象，用数学语言表达问题、用数学知识与方法构建模型解决问题的过程．主要包括：在实际情境中从数学的视角发现问题、提出问题，分析问题、构建模型，求解结论，验证结果并改进模型，最终解决实际问题．
某海域的东西方向上分别有A，B两个观测点(如图)，它们相距5(3＋)海里，现有一艘轮船在D点发出求救信号，经探测得知D点位于A点北偏东45°，B点北偏西60°，这时，位于B点南偏西60°且与B点相距20海里的C点有一救援船，其航行速度为30海里/小时．
(1)求B点到D点的距离BD；
(2)若命令C处的救援船立即前往D点营救，求该救援船到达D点需要的时间．
【解】 (1)由题意知AB＝5(3＋)海里，
∠DBA＝90°－60°＝30°，∠DAB＝90°－45°＝45°，
所以∠ADB＝180°－(45°＋30°)＝105°，
在△DAB中，由正弦定理得＝，
所以DB＝＝
＝
＝＝10(海里)．
(2)在△DBC中，∠DBC＝∠DBA＋∠ABC＝30°＋(90°－60°)＝60°，BC＝20(海里)，由余弦定理得CD2＝BD2＋BC2－2BD·BC·cos∠DBC
＝300＋1 200－2×10×20×＝900，
所以CD＝30(海里)，则需要的时间t＝＝1(小时)．
即：救援船到达D点需要1小时．
解三角形应用题的一般步骤
(1)阅读理解题意，弄清问题的实际背景，明确已知与未知，理清量与量之间的关系．
(2)根据题意画出示意图，将实际问题抽象成解三角形问题的模型．
(3)根据题意选择正弦定理或余弦定理求解．
(4)将三角形问题还原为实际问题，注意实际问题中的有关单位问题、近似计算的要求等．
如图，两座相距60 m的建筑物AB，CD的高度分别为20 m，50 m，BD为水平面，则从建筑物AB的顶端A看建筑物CD的张角∠CAD等于( )
A．30° B．45°
C．60° D．75°
解析：选B.依题意可得AD＝20(m)，AC＝30(m)，又CD＝50(m)，
所以在△ACD中，由余弦定理得
cos∠CAD＝
＝
＝＝，
又0°<∠CAD<180°，所以∠CAD＝45°，所以从顶端A看建筑物CD的张角为45°.
[基础题组练]
1．在相距2 km的A，B两点处测量目标点C，若∠CAB＝75°，∠CBA＝60°，则A，C两点之间的距离为( )
A. km B. km
C. km D．2 km
解析：选A.如图，在△ABC中，由已知可得∠ACB＝45°，所以＝，
所以AC＝2×＝(km)．
2．如图，测量河对岸的塔高AB时可以选与塔底B在同一水平面内的两个测点C与D，测得∠BCD＝15°，∠BDC＝30°，CD＝30，并在点C测得塔顶A的仰角为60°，则塔高AB等于( )
A．5 B．15
C．5 D．15
解析：选D.在△BCD中，∠CBD＝180°－15°－30°＝135°.
由正弦定理得＝，
所以BC＝15.
在Rt△ABC中，
AB＝BCtan∠ACB＝15×＝15.
3．如图，为了测量A，C两点间的距离，选取同一平面上B，D两点，测出四边形ABCD各边的长度(单位：km)：AB＝5，BC＝8，CD＝3，DA＝5，且∠B与∠D互补，则AC的长为( )
A．7 km B．8 km
C．9 km D．6 km
解析：选A.在△ABC及△ACD中，由余弦定理得82＋52－2×8×5×cos(π－∠D)＝AC2＝32＋52－2×3×5×cos ∠D，解得cos ∠D＝－，所以AC＝＝7.
4．一艘海轮从A处出发，以每小时40海里的速度沿南偏东40°的方向直线航行，30分钟后到达B处，在C处有一座灯塔，海轮在A处观察灯塔，其方向是南偏东70°，在B处观察灯塔，其方向是北偏东65°，那么B，C两点间的距离是( )
A．10海里 B．10海里
C．20海里 D．20海里
解析：选A.如图所示，易知，在△ABC中，AB＝20，∠CAB＝30°，∠ACB＝45°，
根据正弦定理得＝，
解得BC＝10(海里)．
5．如图，从气球A上测得正前方的河流的两岸B，C的俯角分别为75°，30°，此时气球的高是60 m，则河流的宽度BC等于( )
A．240(－1) m B．180(－1) m
C．120(－1) m D．30(＋1) m
解析：选C.因为tan 15°＝tan(60°－45°)＝＝2－，所以BC＝60tan 60°－60tan 15°＝120(－1)(m)．
6．海上有A，B两个小岛相距10 n mile，从A岛望C岛和B岛成60°的视角，从B岛望C岛和A岛成75°的视角，那么B岛和C岛间的距离是 n mile.
解析：如图，在△ABC中，AB＝10，A＝60°，B＝75°，C＝45°，
由正弦定理，得＝，
所以BC＝＝＝5(n mile)．
答案：5
7.如图，在塔底D的正西方A处测得塔顶的仰角为45°，在塔底D的南偏东60°的B处测得塔顶的仰角为30°，A，B间的距离是84 m，则塔高CD＝ m.
解析：设塔高CD＝x m，
则AD＝x m，DB＝x m.
又由题意得∠ADB＝90°＋60°＝150°，
在△ABD中，利用余弦定理，得
842＝x2＋(x)2－2·x2 cos 150°，
解得x＝12(负值舍去)，故塔高为12 m.
答案：12
8．一船自西向东匀速航行，上午10时到达灯塔P的南偏西75°，距灯塔68海里的M处，下午2时到达这座灯塔的东南方向的N处，则此船航行的速度为 海里/小时．
解析：如图，由题意知∠MPN＝75°＋45°＝120°，∠PNM＝45°.
在△PMN中，＝，
所以MN＝68×＝34(海里)．
又由M到N所用的时间为14－10＝4(小时)，
所以此船的航行速度v＝＝(海里/小时)．
答案：
9．渔政船在东海某海域巡航，已知该船正以15海里/时的速度向正北方向航行，该船在A点处时发现在北偏东30°方向的海面上有一个小岛，继续航行20分钟到达B点，此时发现该小岛在北偏东60°方向上，若该船向正北方向继续航行，船与小岛的最小距离为多少海里？
解：根据题意画出相应的图形，如图所示，过C作CD⊥AD于点D，
由题意得：AB＝×15＝5(海里)，
因为∠A＝30°，∠CBD＝60°，
所以∠BCA＝30°，
所以△ABC为等腰三角形，所以BC＝5.
在△BCD中，
因为∠CBD＝60°，CD⊥AD，BC＝5，
所以CD＝，则该船向北继续航行，船与小岛的最小距离为7.5海里．
10．如图，为测量山高MN，选择A和另一座山的山顶C为测量观测点．从A点测得M点的仰角∠MAN＝60°，C点的仰角∠CAB＝45°以及∠MAC＝75°，从C点测得∠MCA＝60°.已知山高BC＝100 m，求山高MN.
解：根据题意，
AC＝100 m.
在△MAC中，∠CMA＝180°－75°－60°＝45°.
由正弦定理得＝⇒AM＝100 m.
在△AMN中，＝sin 60°，
所以MN＝100×＝150(m)．
[综合题组练]
1．如图所示，一座建筑物AB的高为(30－10)m，在该建筑物的正东方向有一座通信塔CD.在它们之间的地面上的点M(B，M，D三点共线)处测得楼顶A，塔顶C的仰角分别是15°和60°，在楼顶A处测得塔顶C的仰角为30°，则通信塔CD的高为( )
A．30 m B．60 m
C．30 m D．40 m
解析：选B.在Rt△ABM中，AM＝＝＝＝20(m)．过点A作AN⊥CD于点N，如图所示．易知∠MAN＝∠AMB＝15°，所以∠MAC＝30°＋15°＝45°.又∠AMC＝180°－15°－60°＝105°，所以∠ACM＝30°.在△AMC中，由正弦定理得＝，解得MC＝40(m)．在Rt△CMD中，CD＝40×sin 60°＝60(m)，故通信塔CD的高为60 m.
2.如图，某住宅小区的平面图呈圆心角为120°的扇形AOB，C是该小区的一个出入口，且小区里有一条平行于AO的小路CD.已知某人从O沿OD走到D用了2分钟，从D沿DC走到C用了3分钟．若此人步行的速度为每分钟50米，则该扇形的半径为 米．
解析：连接OC，由题意知CD＝150米，OD＝100米，∠CDO＝60°.
在△COD中，由余弦定理得OC2＝CD2＋OD2－2CD·OD·cos 60°，即OC＝50.
答案：50
3.如图，在四边形ABCD中，∠DAB＝，AD∶AB＝2∶3，BD＝，AB⊥BC.
(1)求sin∠ABD的值；
(2)若∠BCD＝，求CD的长．
解：(1)因为AD∶AB＝2∶3，
所以可设AD＝2k，AB＝3k(k＞0)．
又BD＝，∠DAB＝，所以由余弦定理，
得()2＝(3k)2＋(2k)2－2×3k×2kcos，
解得k＝1，所以AD＝2，AB＝3，
sin∠ABD＝＝＝.
(2)因为AB⊥BC，所以cos∠DBC＝sin∠ABD＝，
所以sin∠DBC＝，所以＝，
所以CD＝＝.
4．(应用型)某港湾的平面示意图如图所示，O，A，B分别是海岸线l1，l2上的三个集镇，A位于O的正南方向6 km处，B位于O的北偏东60°方向10 km处．
(1)求集镇A，B间的距离；
(2)随着经济的发展，为缓解集镇O的交通压力，拟在海岸线l1，l2上分别修建码头M，N，开辟水上航线．勘测时发现：以O为圆心，3 km为半径的扇形区域为浅水区，不适宜船只航行．请确定码头M，N的位置，使得M，N之间的直线航线最短．
解：(1)在△ABO中，OA＝6，OB＝10，∠AOB＝120°，
根据余弦定理得
AB2＝OA2＋OB2－2·OA·OB·cos 120°
＝62＋102－2×6×10×＝196，
所以AB＝14.
故集镇A，B间的距离为14 km.
(2)依题意得，直线MN必与圆O相切．
设切点为C，连接OC(图略)，则OC⊥MN.
设OM＝x，ON＝y，MN＝c，
在△OMN中，由MN·OC＝OM·ON·sin 120°，
得×3c＝xysin 120°，即xy＝2c，
由余弦定理，得c2＝x2＋y2－2xycos 120°＝x2＋y2＋xy≥3xy，所以c2≥6c，解得c≥6，
当且仅当x＝y＝6时，c取得最小值6.
所以码头M，N与集镇O的距离均为6 km时，M，N之间的直线航线最短，最短距离为6 km.
规范答题示范(二)
三角函数、解三角形
类型一 三角函数的变换与性质
(12分)已知函数f(x)＝sin2x－cos2x－2sin xcos x(x∈R)．
(1)求❶的值；
(2)求f(x)的❷
[建桥寻突破]
❶看到条件想到特殊角，可以利用诱导公式写出它的三角函数值．
❷看到求最小正周期及递增区间，想到利用公式将三角函数式化成用一个角表示三角函数的形式.
[规范解答]
(1)由sin ＝，cos＝－，
1分
得f＝－－2××＝2.3分
(2)因为cos 2x＝cos2x－sin2x，
sin 2x＝2sin xcos x，
4分
所以f(x)＝－cos 2x－sin 2x＝－2sin，7分
所以f(x)的最小正周期是π，
8分
由正弦函数的性质，得
＋2kπ≤2x＋≤＋2kπ(k∈Z)，
10分
解得＋kπ≤x≤＋kπ(k∈Z)，
所以f(x)的递增区间是(k∈Z).12分
[评分标准]
①分别求出的正弦和余弦值得1分；
②正确完成“数学运算”得2分；
③分别写出二倍角的正弦、余弦公式得1分；
④能正确利用和差角公式完成“化一”过程得3分；
⑤会利用周期公式求出周期得1分；
⑥会借助正弦函数的单调区间写出联立不等式的形式得2分；
⑦解联立不等式得出正确结果得2分．只结果错误或区间表示不规范扣1分.
[解题点津]
(1)要善于抓解题的关键点，解题步骤中明显呈现的得分点，如本题(1)中的正弦和余弦值必须呈现出来．
(2)要清晰呈现“化一”的过程以及用联立不等式求单调区间的过程.
[核心素养]
三角函数问题是高考必考问题，三角求值与求三角函数的最值、周期、单调区间是高考的常见题型；本题型重点考查灵活运用三角公式进行三角变换的能力，以及“数学运算”的核心素养.
类型二 解三角形问题
(12分)△ABC的内角A，B，C的对边分别为a，b，c，已知❶
(1)求cos B；
(2)若❷△ABC的面积为2，求b.
[建桥寻突破]
❶看到条件sin (A＋C)＝8sin2，想到A＋C＝π－B.
❷看到a＋c＝6，△ABC的面积为2，再利用(1)中cos B的结果求b，想到由cos B可求得sin B，可利用三角形面积公式求出ac，再利用余弦定理，结合a＋c＝6，求b.
[规范解答]
(1)由题设及A＋B＋C＝π得sin B＝8sin2，2分
故sin B＝4(1－cos B)，
4分
上式两边平方，整理得17cos2B－32cos B＋15＝0，
解得cos B＝1(舍去)或cos B＝.
6分
故cos B＝.
(2)由cos B＝得sin B＝，
7分
故S△ABC＝acsin B＝ac.又S△ABC＝2，则ac＝.9分
由余弦定理及a＋c＝6得b2＝a2＋c2－2accos B＝(a＋c)2－2ac(1＋cos B)＝36－2××＝4.所以b＝2.12分
[评分标准]
①利用诱导公式将sin(A＋C)转化为sin B得2分；
②会利用降幂公式将2sin2转化为1－cos B得2分；
③利用平方关系转化为关于cos B的方程，并求得正确结果得2分；只运算结果错误扣1分；
④求出sin B，得1分；
⑤利用面积公式及已知，求出ac得2分；只运算结果错误扣1分；
⑥利用余弦定理求出b得3分；只运算结果错误扣1分.
[解题点津]
要善于抓解题的关键点，解题步骤中明显呈现的得分点，如本题(1)中cos B与sin2关系的呈现，(2)中利用余弦定理体现a＋c与ac的关系等.
[核心素养]
解三角形问题是高考的必考问题，解三角形与三角函数的结合是高考的常见题型；本题型重点考查灵活运用公式并通过“数学运算”解决问题的能力.
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