2024年上海市虹口区中考物理二模试卷（含详细答案解析）

这是一份2024年上海市虹口区中考物理二模试卷（含详细答案解析），共15页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，计算题等内容，欢迎下载使用。

1.太阳是离我们最近的一颗( )
A. 行星B. 恒星C. 卫星D. 彗星
2.调节电视机的音量，是为了改变声音的( )
A. 响度B. 音调C. 音色D. 频率
3.现在考试场内的气温最接近( )
A. 3℃B. 8℃C. 20℃D. 35℃
4.某物体透过凸透镜在距离透镜10厘米的光屏上成缩小的像，透镜的焦距可能为( )
A. 4厘米B. 6厘米C. 12厘米D. 20厘米
5.在如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关S，可能使电流表A1示数与电流表A示数比值不变的操作是( )
A. 将滑动变阻器滑片向右移
B. 将滑动变阻器滑片向左移
C. 将滑动变阻器滑片向右移且用阻值比R1大的电阻替换R1
D. 将滑动变阻器滑片向左移且用阻值比R1大的电阻替换R1
6.重为100牛的小车，在水平向右大小为30牛的拉力作用下，沿水平地面做匀速直线运动。若小车受到水平向右的拉力减小为10牛，此时小车在水平方向受到合力的大小( )
A. 一定为0牛B. 一定为20牛C. 可能为0牛D. 可能为60牛
二、填空题：本大题共7小题，共23分。
7.上海地区家庭电路的电压为______伏，电饭锅和冰箱是______连接的(选填“串联”或“并联”)，电饭锅在工作时将______能转化为内能。
8.如图所示，运动员挥拍击球时球飞出，此现象表明力可以改变乒乓球的______。乒乓球受到重力作用终将下落，重力的施力物体是______，球下落过程中重力势能______(选填“增大”“不变”或“减小”)。
9.如图所示，小猫晒太阳取暖是通过______的方式改变了它的内能。小猫在水中的倒影是由于光的______现象形成的______像(选填“虚”或“实”)。
10.如图(a)(b)所示，分别用力F1、F2匀速提升重为20牛的物体A。图中的滑轮可以看作等臂杠杆的是______(选填“a”或“b”)，将物体A提升0.2米，F1做功______焦；图(b)中，若不计摩擦和滑轮重力，力F2的大小为______牛。
11.某导体两端的电压为6伏，10秒内通过该导体横截面的电荷量为3库，通过该导体的电流为______安，其电阻为______欧，该导体两端电压改变为8伏时，其电阻为______欧。
12.如图所示，电源电压保持不变。将滑动变阻器R2接入电路的A、B两点后，闭合开关S，发现电压表指针偏转，移动R2的滑片，电压表指针位置不变。已知电路中仅有一处出现问题(故障或连线错误)，且只发生在R1、R2上。现通过接入一个电表来判断问题所在。
(1)应选择方案______。
A.在电路中串联一个电流表
B.在R1两端并联一个电压表
C.在电源两端并联一个电压表
(2)按照选择的方案，闭合开关S，写出必要的操作、问题所在及判断的依据：______。
13.2024年年初，冰雪主题旅游盛况空前。如图1所示，滑雪板、溜冰鞋为两种冰雪项目的装备。观察二者，滑雪板的宽大与冰刀的狭窄对比明显，其中蕴含了很多物理知识。
(1)滑雪时穿上宽大的滑雪板可以增大______，减小对雪地的压强，防止滑雪时陷入松软的雪地中。
(2)溜冰时穿上带有狭窄冰刀的溜冰鞋可以在冰面上快速滑行，为了探究原因，小红查阅资料，并进行了如图2所示的实验后得知：①冰熔化时的温度与冰受到的压强有关。②如果物体与冰面间有一层很薄的水膜，会起到润滑作用。③将两端系有重物的细线挂在一块冰的冰面上，如图2(a)所示。一段时间后细线陷入冰中，如图2(b)所示。依据上述信息，分析穿上带有狭窄冰刀的溜冰鞋可以在冰面上快速滑行的原因：______。
三、作图题：本大题共2小题，共5分。
14.在图中，根据给出的入射光线AO画出反射光线OB，并标出反射角及其度数。
15.在图中，根据通电螺线管的N极，标出磁感线方向、小磁针的N极，并在括号内标出电源的正、负极。
四、计算题：本大题共5小题，共30分。
16.加热质量为2千克的铝块，铝块的温度升高了10℃。求：铝块吸收的热量Q吸。[c铝=0.9×103焦/(千克⋅℃)]
17.体积为3×10−4米 3，密度为3×103千克/米 3的物体浸没在水中。求：
(1)该物体的质量m。
(2)该物体在水中受到的浮力F浮。
18.在图(a)所示的电路中，电源电压为12伏保持不变，R1的阻值为10欧，滑动变阻器R2上标有“20Ω1A”字样，电流表表盘如图(b)所示。
(1)闭合开关S，通电10秒，求通过R1的电流I1和电流通过它所做的功W1。
(2)移动变阻器滑片P的过程中，求电流表最大示数和最小示数的差值ΔI。
19.小王做“测定小灯泡的电功率”实验，现有电源(电压有4、6、8伏三挡)、待测小灯泡(标有“2.5V”字样)、滑动变阻器(标有“10Ω2A”字样)、电流表、电压表、开关及导线若干。他正确连接电路，选择一挡电源电压，按正确步骤操作。闭合开关后，电压表与电流表的示数如图(a)(b)所示。他发现无法使小灯泡正常发光。经过思考后，他调整了电源电压的挡位，测出了小灯泡正常发光时的电流，如图(c)所示。
(1)分析未换电源挡位前小灯泡无法正常发光的原因。
(2)通过计算说明小灯泡正常发光时的电源电压U。
(3)计算小灯泡的额定功率P额。
20.足够高的薄壁轻质柱形容器A置于水平地面，A的底面积为1×10−2米 2，如图(a)所示；容器内放有实心金属B，其重力为10牛，底面积为0.5×10−2米 2。现将水逐步注入容器中，直至将圆柱体B浸没，如图(b)所示。每次注入水后，水对容器底部的压强变化量Δp水和容器对桌面的压强变化量Δp容如表所示。
(1)根据序号1中Δp水的数据，求此时水面上升的高度Δh水。
(2)分析表一中的数据，判断每次注入水的______相同(选填“上升高度”或“质量”)，说明理由。
(3)求物体B的高度hB。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：太阳是太阳系唯一的一颗恒星，也是离我们最近的一颗恒星，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选：B。
太阳是太阳系唯一的一颗恒星，也是离我们最近的一颗恒星。
此题考查了宇宙的认识，属于基础知识。
2.【答案】A
【解析】解：看电视时，调节电视机音量，是为了改变声音的大小，即改变声音的响度；调节电视机的音量，不能改变其音调、音色和频率。
故选：A。
响度是指声音的大小，与振幅有关，振幅越大响度越大；音调是指声音的高低，由频率决定，频率越高，音调越高。音色反映了声音的品质与特色。
解决此类问题要会根据响度、音色和音调的定义区分乐音特征的三个因素。
3.【答案】C
【解析】解：人体感觉舒适的温度在23℃左右，考场内的气温感觉舒适，在20℃左右。
故选：C。
根据对温度概念和环境温度高低的掌握作答。
此题考查的是我们对温度概念和环境温度高低的估测，特别是估测温度要符合实际，不要闹了笑话自己还不知道。
4.【答案】B
【解析】解：某物体通过凸透镜在距离透镜10厘米的光屏上成缩小的像，此时的像是倒立、缩小的实像，则f故选：B。
根据像的性质、像距的大小判定焦距的大小，然后根据物距和焦距的关系分析成像的性质。
本题考查了凸透镜成像规律的应用，属于基础题。
5.【答案】C
【解析】解：闭合开关，两电阻并联接入电路，电流表A测干路电流，电流表A1测通过R1的电流，
并联电路各支路两端电压相等，根据欧姆定律可得通过定值定值的电流：I1=UR1，
通过滑动变阻器的电流：I2=UR2，
并联电路功率电流等于各支路电路之和，则干路电流I=I1+I2=UR1+UR2，
两电流表示数之比I1I=UR1UR1+UR2=R2R1+R2=R2R1+1
A、将滑动变阻器滑片向右移，滑动变阻器接入电路的电阻变大，分子变大，则电流表A1示数与电流表A示数比值变大，故A错误；
B、将滑动变阻器滑片向左移，滑动变阻器接入电路的电阻变小，分子变小，则电流表A1示数与电流表A示数比值变小，故B错误；
C、将滑动变阻器滑片向右移，滑动变阻器接入电路的电阻变大，用阻值比R1大的电阻替换R1，分子和分母同时变大，电流表A1示数与电流表A示数比值可能不变，故C正确；
D、将滑动变阻器滑片向左移，滑动变阻器接入电路的电阻变小，分子变小，用阻值比R1大的电阻替换R1，分母变大，电流表A1示数与电流表A示数比值变小，故D错误。
故选：C。
闭合开关，两电阻并联接入电路，电流表A测干路电流，电流表A1测通过R1的电流，根据并联电路电压特点、并联电路电流规律、欧姆定律表示两电流表示数之比，
A、将滑动变阻器滑片向右移，滑动变阻器接入电路的电阻变大，据此判断两电流表示数比值变化；
B、将滑动变阻器滑片向左移，滑动变阻器接入电路的电阻变小，据此判断两电流表示数比值变化；
C、将滑动变阻器滑片向右移，滑动变阻器接入电路的电阻变大，用阻值比R1大的电阻替换R1，据此判断两电流表示数比值变化；
D、将滑动变阻器滑片向左移，滑动变阻器接入电路的电阻变小，用阻值比R1大的电阻替换R1，据此判断两电流表示数比值变化。
本题考查并联电路特点和欧姆定律的灵活运用。
6.【答案】B
【解析】解：小车在水平方向上受拉力和摩擦力，因小车做匀速直线运动，所以，拉力和摩擦力是一对平衡力，大小相等，方向相反，故f=F=30N，方向水平向左；
若小车所受水平向右的拉力减小为10N时，由于此时小车对地面的压力没有改变，接触面的粗糙程度没有改变，所以此时的摩擦力不变，故此时小车与地面的摩擦力仍为30N，则由力的合成可知：F′=30N−10N=20N。
故选：B。
由受力分析及物体的运动状态分析可知物体的受力情况，则由二力平衡可求得地面对小车的摩擦阻力的大小和方向，再由力的合成可求得小车在水平方向所受到的合力大小。
解决本题应明确，当物体做匀速直线运动时，物体所受合外力一定为0，则可由二力平衡求得摩擦力。
7.【答案】220 并联 电
【解析】解：在我国上海地区家庭电路的电压为220V。
由于并联电路互不影响，所以电饭锅和冰箱是并联的。
电饭锅工作时将电能转化为内能。
故答案为：220；并联；电。
我国家家庭电路的电压为220V；
各家用电器之间都是并联的，用电器才能正常工作，并且各用电器之间互不影响；
家用电器会消耗电能，把电能转化为其他形式的能量的。
本题考查对家用电器之间的连接方法和我国家庭电路电压的了解，知道家用电器工作时把电能转化为其他形式的能。
8.【答案】运动状态 地球 减小
【解析】解：动员挥拍击球时球由静止变为运动，此现象表明力可以改变乒乓球的运动状态。
重力的施力物体是地球；
球下落过程中质量不变，高度变小，故重力势能减小。
故答案为：运动状态；地球；减小。
(1)力的作用效果：力可以改变物体的运动状态，力可以改变物体的形状；
(2)重力是由于地球吸引而受到的力；
(3)影响重力势能大小的因素：质量、被举的高度。质量越大，高度越大，重力势能就越大。
该题考查了势能的大小变化、重力、力的作用效果等知识点，具有一定的综合性，但都属于基础知识考查，难度不大。
9.【答案】热传递 反射 虚
【解析】解：小猫晒太阳，吸收热量，内能增大，通过热传递的方式改变它的内能；
小猫在水中的倒影属于平面镜成像，是由于光的反射形成的虚像。
故答案为：热传递；反射；虚。
改变内能的方式包括做功和热传递；
物体在水中的倒影应用的是平面镜成像的原理。
本题考查内能的改变和平面镜成像的特点，属于综合题。
10.【答案】a 4 10
【解析】解：由图知，(a)中滑轮不随物体一起升降是定滑轮，本质是等臂杠杆；(b)中滑轮是动滑轮，本质是动力臂为阻力臂两倍的省力杠杆；
不计滑轮重和摩擦，能省一半力，拉力F2=12G=12×20N=10N；
当物体A上升0.2m的过程中，(a)中绳子的拉力F1=G=20N，绳端向下移动的距离s=0.2m，力F1所做的功：
W=F1s=20N×0.2m=4J。
故答案为：a；4；10。
(1)定滑轮的本质是等臂杠杆，不省力，也不省距离；动滑轮的本质是动力臂为阻力臂二倍的杠杆，可以省一半的力，但是费距离；
(2)由W=Fs求出拉力做的功。
本题考查了定滑轮和动滑轮的实质，功的公式的运用属于基础内容的考查，是中考的热点。
11.【答案】0.32020
【解析】解：通过该导体的电流：
I=Qt=3C10s=0.3A，
由I=UR可得，导体的电阻：
R=UI=6V0.3A=20Ω，
因电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，
所以，当它两端的电压变为8伏时，导体的电阻仍为20Ω不变。
故答案为：0.3；20；20。
知道10秒内通过该导体横截面的电荷量，根据I=Qt求出通过该导体的电流，又知道导体两端的电压，根据欧姆定律求出导体的电阻；电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关。
本题考查了电流定义式和欧姆定律的简单应用，关键是知道导体的电阻与两端的电压和通过的电流无关，是一道基础题目。
12.【答案】A 若电流表无示数，则R2断路；移动滑动变阻器的滑片，若电流表有示数且发生变化，则R1短路；若电流表有示数且不发生变化，则R2连接了两个下接线柱。
【解析】解：(1)A、在电路中串联一个电流表，可以根据电流表有无示数判定问题所在，故A符合题意；
B、在R1两端并联一个电压表，无法根据两个电压表的情况判定问题所在，故B不符合题意；
C、在电源两端并联一个电压表，该电压表测电源电压，始终有示数，无法根据两个电压表的情况判定问题所在，故C不符合题意；
故选A。
(2)在电路中串联一个电流表，闭合开关S，则R1、R2串联，电压表测R2电压，电流表测电路电流；
具体分析如下：
若R1短路，则电流表有示数，电压表测电源电压也有示数，移动变阻器的滑片，电压表示数不变，符合题意；
若R2短路，则电压表被短路，电压表无示数，不符合题意；
若R1断路，整个电路断路，电压表、电流表均无示数，不符合题意；
若R2断路，电压表串到电路中，测电源电压，有示数，电流表无示数，移动变阻器的滑片，电压表示数不变，符合题意；
若电流表有示数且不发生变化，则R2连接了两个下接线柱；
综上，在电路中串联一个电流表，闭合开关S后，若电流表有示数，电压表也有示数，则是R短路；若电压表有示数，电流表无示数，则是R2断路；若电流表有示数且不发生变化，则R2连接了两个下接线柱。
故答案为：(1)A；(2)若电流表无示数，则R2断路；移动滑动变阻器的滑片，若电流表有示数且发生变化，则R1短路；若电流表有示数且不发生变化，则R2连接了两个下接线柱。
(1)根据题干信息逐项分析作答；
(2)对电路常见故障逐个分析作答。
本题考查了电路故障分析，属于基础题目。
13.【答案】受力面积 冰刀受力面积小，对冰面的压强大，冰容易熔化，冰刀与接触的冰面有一层很薄的水膜，起到润滑作用，减小了摩擦，可以在冰面上快速滑行
【解析】解：(1)穿上滑雪板可以增大与雪地的受力面积，在压力一定时，减小对雪地的压强，
(2)穿上带有狭窄冰刀的溜冰鞋，冰刀受力面积小，对冰面的压强大，冰的熔点与压强有关，且压强越大，熔点越低。这样就使部分冰熔化成水，冰刀与接触的冰面有一层很薄的水膜，起到润滑作用，减小了两者之间的摩擦，人可以在冰面上快速滑行。
故答案为：(1)受力面积；
(2)冰刀受力面积小，对冰面的压强大，冰容易熔化，冰刀与接触的冰面有一层很薄的水膜，起到润滑作用，减小了摩擦，可以在冰面上快速滑行。
(1)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
(2)冰刀鞋与冰面的接触面积要比普通的鞋小得多，然后结合决定压强大小的因素，即可知道对冰的压强大小的变化。使冰的熔点发生变化，从而改变了与冰面的摩擦。
该题考查了熔点与压强、增大压强的方法、减小摩擦的方法等多个知识点，并应用这些物理知识来解释相关的现象。
14.【答案】解：由图知，法线已画出，入射角为30∘，则反射角也为30∘；根据反射角等于入射角，在法线的另一侧画出反射光线，并标出反射角的大小，如图所示：

【解析】根据反射定律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出反射光线并标出反射角及其度数。
此题考查了对光的反射光路的画法，首先要掌握光的反射定律的内容，特别是反射角等于入射角，同时考查了入射角与反射角的概念。
15.【答案】解：通电螺线管的左端为N极，右端为S极，在磁体外部，磁感线从磁体的N极出发，回到S极，所以可以确定螺线管周围磁场的方向是从左向右的；
由异名磁极相吸引可判断出小磁针的上端为N极；
根据通电螺线管的左端为N极，以及线圈的绕向，利用安培定则可以确定螺线管中电流是从螺线管的右端流入左端流出。根据电流方向与电源正负极之间的关系：在电源外部电流从正极流出，回到负极，可以确定电源的右端为正极，左端为负极。
如下图所示：

【解析】根据通电螺线管的左端为N极，结合磁感线的特点可以确定磁感线的方向；
根据异名磁极相吸引可判断出小磁针的N极；
利用线圈的绕向和通电螺线管的N、S极，结合安培定则可以确定螺线管中电流的方向，进一步可以得到电源的正负极。
解决此题关键是要抓住此题的突破口：螺线管的左端为N极。然后利用相关知识解决磁感线的方向、小磁针的N极、电源的正负极。
16.【答案】解：铝块吸收的热量：
Q吸=c铝mΔt=0.9×103J/(kg⋅℃)×2kg×10℃=1.8×104J。
答：铝块吸收的热量为1.8×104J。
【解析】知道铝块的质量、铝的比热容、铝块的温度升高值，利用吸热公式Q吸=cmΔt求铝块吸收的热量。
本题考查了学生对吸热公式Q吸=cmΔt的掌握和运用，注意温度升高了(Δt)与升高到(末温)的区别。
17.【答案】解：(1)由ρ=mV可知，该物体的质量为：
m=ρV物=3×103kg/m3×3×10−4m3=0.9kg；
(2)物体浸没在水中，则V排=V物=3×10−4m3，
由阿基米德原理可知，该物体受到的浮力：
F浮=ρ水gV排=1×103kg/m3×9.8N/kg×3×10−4m3=2.94N。
答：(1)该物体的质量为0.9kg；
(2)该物体在水中受到的浮力为2.94N。
【解析】(1)知道物体的体积和密度，根据公式m=ρV求出该物体的质量m；
(2)物体浸没在水中时，其排开水的体积等于自身的体积，利用阿基米德原理求出该物体在水中受到的浮力F浮。
本题考查了密度公式和阿基米德原理的应用，属于基础题。
18.【答案】解：由图(a)可知，R1、R2并联，电流表测量干路的总电流；
(1)根据并联电路的电压特点可知，R1两端的电压：U1=U2=U=12V，
通过通过R1的电流：I1=U1R1=12V10Ω=1.2A；
电流通过它所做的功：W1=U1I1t=12V×1.2A×10s=144J；
(2)根据滑动变阻器R2的规格可知，通过滑动变阻器的最大电流：I2max=1A，
根据并联电路的电流特点可知，电流表的最大示数：Imax=I1+I2max=1.2A+1A=2.2A；
当滑动变阻器接入电路的阻值最大R2max=20Ω时，通过滑动变阻器的电流最小，
通过滑动变阻器的最小电流：I2min=U2R2max=12V20Ω=0.6A，
电流表的最小示数：Imin=I1+I2min=1.2A×0.6A=1.8A，
电流表最大示数和最小示数的差值：ΔI=Imax−Imin=2.2A−1.8A=0.4A。
答：(1)闭合开关S，通电10秒，通过R1的电流I1为1.2A；电流通过它所做的功W1为144J；
(2)移动变阻器滑片P的过程中，电流表最大示数和最小示数的差值ΔI为0.4A。
【解析】(1)由图(a)可知，R1、R2并联，电流表测量干路的总电流；根据并联电路的电压特点可知R1两端的电压，根据欧姆定律求出通过通过R1的电流I1；根据W=UIt求出电流通过它所做的功W1；
(2)根据滑动变阻器R2的规格可知通过滑动变阻器的最大电流，根据并联电路的电流特点求出电流表的最大示数；当滑动变阻器接入电路的阻值最大时，通过滑动变阻器的电流最小，根据欧姆定律求出通过滑动变阻器的最小电流，根据并联电路的电流特点求出电流表的直线示数；据此求出电流表最大示数和最小示数的差值ΔI。
本题考查并联电路的特点、欧姆定律以及电功公式的应用，是一道综合题，有一定的难度。
19.【答案】解：(1)刚闭合开关时，滑片在最大阻值处，由串联分压原理可知，此时滑动变阻器两端电压最大；由图(a)可知，电压表选用大量程，分度值0.5V，其示数为3V，大于灯泡额定电压2.5V，根据串联电路电压规律可知，无论滑动变阻器滑片如何滑动，灯泡两端电压始终大于额定电压，因此未换电源挡位前小灯泡无法正常发光；
(2)他正确连接电路，刚闭合开关时，滑动变阻器接入电路的阻值最大；电流表的示数如图(b)所示，若电流表选用大量程，分度值0.1A，其示数为1.4A，此时滑动变阻器两端电压为：
U滑′=I′R滑=1.4A×10Ω=14V，大于现有电源电压，因此电流表应选小量程，分度值0.02A，其示数为0.28A，此时滑动变阻器两端电压为：
U滑=IR滑=0.28A×10Ω=2.8V，根据串联电路电压规律可知，电源电压为：
U=U灯+U滑=3V+2.8V=5.8V，即U=6V，为使小灯泡正常发光，应减小电源电压，所以，小灯泡正常发光时的电源电压为4V；
(3)小灯泡正常发光时的电流如图(c)所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.24A，则小灯泡额定功率为：
P额=U额I额=2.5V×0.24A=0.6W。
答：(1)灯泡两端电压始终大于额定电压；
(2)小灯泡正常发光时的电源电压为4V；
(3)小灯泡的额定功率为0.6W。
【解析】(1)刚闭合开关时，滑片在最大阻值处，根据串联分压原理确定滑动变阻器两端电压大小，由图(a)确定灯泡两端电压大小，根据串联电路电压规律分析回答；
(2)首先判断电流表选用的量程，利用U=IR求出刚闭合开关时滑动变阻器两端电压，根据串联电路电压规律表达出电源电压，据此讨论确定电源电压；
(3)根据电流表选用量程确定分度值读数，利用P=UI求出小灯泡额定功率。
本题考查了测小灯泡额定功率的实验，关键是电流表量程和电源电压的确定，难度较大。
20.【答案】质量
【解析】解：(1)根据表中序号1的数据结合p=ρgh可知，水面上升的高度为：
Δh水=Δp水ρ水g=196Pa1.0×103kg/m3×9.8N/kg=0.02m；
(2)分析表一中的数据，每次容器对桌面的压强增加量是相同，表明增加的压力相同，即增加的重力相同，故每次注入水的质量相同；
(3)根据表中数据可知，第三次加水后，水对容器底部增加的压强比前两次要少，表明水面已经高于物体B，此时容器中水的总高度为：
Δh水总=Δp水总ρ水g=196Pa+196Pa+147Pa1.0×103kg/m3×9.8N/kg=0.055m，
前三次加入水的总重力为：
G=3ΔP容S容=3×98Pa×1×10−2m2=2.94N，
则水的体积为：
V水=S空Δh水总−SBhB=1×10−2m2×0.055m−0.5×10−2m2×hB=2.94N1.0×103kg/m3×9.8N/kg，
解得B的高度为：hB=0.05m。
答：(1)根据序号1中Δp水的数据，此时水面上升的高度为0.02m；
(2)质量；因每次容器对桌面的压强增加量是相同，表明增加的压力相同，即增加的重力相同，故每次注入水的质量相同；
(3)物体B的高度为0.05m。
(1)根据表中序号1的数据结合p=ρgh求出水面上升的高度；
(2)根据表中数据分析回答；
(3)根据表中数据可知，第三次加水后，水对容器底部增加的压强比前两次要少，表明水面已经高于物体B，根据p=ρgh求出此时容器中水的总高度，利用p=FS求出前三次加入水的总重力，根据水的体积不变利用数学关系求出B的高度。
本题考查液体压强公式、压强定义式、重力公式的应用等，综合性较强，有一定的难度。表
序号
1
2
3
4
Δp水(帕)
196
196
147
98
Δp容(帕)
98
98
98
98