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2024年陕西省宝鸡市渭滨区金台中学中考物理二模试卷（含解析）
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这是一份2024年陕西省宝鸡市渭滨区金台中学中考物理二模试卷（含解析），共24页。试卷主要包含了选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。
1.学物理、识生活。下列关于生活中物理量的估测，最接近实际的是( )
A. 一支铅笔的长度约为15dmB. 家庭电路的电压为36V
C. 冰箱冷冻室的温度约为20℃D. 人正常行走的速度约是4km/ℎ
2.中国古诗词意境优美，许多诗句中涉及了声现象，下列描述不正确的是( )
A. “路人借问遥招手，怕得鱼惊不应人”说明水能传播声音
B. “柴门闻犬吠，风雪夜归人”说明声音可以传递信息
C. “不敢高声语，恐惊天上人”中的“高”是指声音的音调高
D. “姑苏城外寒山寺，夜半钟声到客船”中的“钟声”是根据音色判断的
3.谚语是劳动人民智慧的结晶，下列对谚语中涉及的的物态变化分析正确的是( )
A. “雷打立春节，惊蛰雨不歇”——雨的形成是升华现象，需要吸热
B. “大雪河封住，冬至不行船”——冰的形成是凝固现象，需要吸热
C. “春分前后怕春霜，一见春霜麦苗伤”——霜的形成是凝华现象，需要放热
D. “今冬麦盖三层被，来年枕着馒头睡”——雪的形成是液化现象，需要放热
4.如图为投影式电子白板，它利用投影机将画面投影到屏幕上，投影机的镜头相当于一个凸透镜，下列说法正确的是( )
A. 投影机的镜头与近视眼镜为同一种透镜
B. 光经投影机的镜头成像利用了凸透镜成像原理
C. 画面经投影机镜头成的是正立放大的实像
D. 屏幕上的丰富色彩由红、黄、蓝三种色光混合而成
5.象征丰收的农历秋分时节，亚运之光闪耀西子湖畔。对2023杭州亚运会中蕴含的物理知识，下列描述正确的( )
A. 羽毛球比赛中球在空中向前飞行，若所有力消失，球一定不会落到地面
B. 跳远比赛中，运动员需要助跑，是为了增大惯性，跳得更远
C. 运动员站在领奖台上，此时领奖台所受的重力与支持力是一对平衡力
D. 运动员手握奖杯悬空不动，此时奖杯所受摩擦力大小大于重力大小
6.动物可以通过遗传变异和自然选择的过程来适应它所处的环境，从物理学的角度给出的解释中错误的是( )
A. 骆驼的脚掌很大，可以减小压强，从而使其在沙漠中自如行走
B. 鱼类体内有鳔，通过鳔的调节作用从而改变自身重力来实现下沉和上浮
C. 啄木鸟的嘴很尖细可以增大压强，从而凿开树干捉到躲在深处的虫子
D. 雄鹰有时不用抖动翅膀也能翱翔天空是应用了流体压强与流速的关系
7.如图所示是我国的战略096型核潜艇(核动力潜水艇)，它是坚不可摧的“水下盾牌”，是真正意义上的大国重器。关于核潜艇，下列说法正确的是( )
A. 上浮过程中，受到的浮力逐渐变大B. 浸没水中后继续下潜，所受浮力不变
C. 下潜过程中，水对潜艇底部的压强不变D. 核潜艇悬浮与漂浮时，受到的浮力相等
8.为了解液体A的吸热能力，小悦用同一个酒精灯分别加热1kg水和液体A，用测得的数据绘制了温度随时间变化的图像，如图所示。若酒精灯单位时间内消耗的酒精量相等且加热效率为35%，q酒精=3×107J/kg，c水=4.2×103J/(kg⋅℃)，则下列说法中正确的是( )
A. 应使水和液体A的初温和末温中至少一项相等
B. 该酒精灯每分钟消耗酒精的质量为1g
C. 液体A的比热容为1.4×103J/(kg⋅℃)
D. 0～4min，水吸收的热量大于液体A吸收的热量
9.如图所示是电阻甲和乙的U−I图象，下列对图象信息的判断，正确的是( )
A. 当甲两端电压为0.5V时，通过它的电流为2.5A
B. 当乙两端电压为1V时，其电阻值为0.4Ω
C. 将甲、乙串联，若它们两端的总电压为2V，则通过它们的电流为0.3A
D. 将甲、乙并联，若电压为2V，则此时甲的电阻等于乙的电阻
10.2023年3月29日，我国慧眼卫星和极目空间望远镜精确探测到迄今最亮伽马射线暴，其中涉及能源、信息和材料的相关知识，下列说法正确的是( )
A. 当前的核电站是利用原子核裂变释放的能量发电的
B. 太阳能、核能和潮汐能都属于可再生能源
C. “超导体”用于电饭锅的发热体可提高其热效率
D. 汽车上的北斗定位导航系统是利用声波进行定位和导航的
二、非选择题（共60分）
11.华为公司自主研发的麒麟芯片是业界领先的手机芯片，其重要材料是硅，属于 材料，在散热方面，华为采用了石墨烯进行散热，这种材料容易将芯片产生的热量快速传导到手机背壳以提高散热效率。这是用 的方式改变了芯片的内能。
12.2023年2月哈工大宣布突破EUV光刻机关键技术，光刻技术是利用缩图透镜将绘在掩膜上的电路图通过光源投射到涂有光刻胶的硅片上，在硅片上成像越小芯片制程越小。
(1)光源发出的紫外线______(选填“能”或“不能”)被人眼直接观察到。
(2)由原理图可知，掩膜在硅片上成______像，缩图透镜的焦点在硅片的______(选填“上方”或“下方”)。
(3)这次我国直接从90nm突破到了22nm制程的芯片，如果缩图透镜相同，则要将掩膜向______移动(选填“上方”或“下方”)。
13.我国科学家研发的固体浮力材料已成功用于万米深海探测，为深潜器提供浮力，技术水平居于世界前列，固体浮力材料的核心是“微球”(直径很小的空心玻璃球)。若用质量为120g，密度为2.4g/cm3的玻璃制成“微球”后和粘合剂黏合制成一块固体浮力材料，其内部结构的放大示意图如图所示粘合剂的密度为1.2g/cm3，粘合剂体积占固体浮力材料总体积的20%，制成后的固体浮力材料密度为0.48g/cm3，这块固体浮力材料中粘合剂的质量为______g，这块固体浮力材料中空心部分的体积为______cm3。
14.如图所示，小敏在运动会上竖直举着班牌匀速前进，前进时班牌遇到水平向后风的阻力等效作用在A点上。若将班牌视为杠杆，选______(填“B”“C”)点作为支点，人的另一只手对杆的水平作用力较小，这个力的方向是______(填“水平向前”“水平向后”)。
15.“立定跳远”作为我市2022年体育中考抽考项目之一，如图所示，立定跳远主要分四个部分：蹬地起跳，空中滑翔，下肢前伸，双脚落地。蹬地起跳，双脚蹬地，人向前运动，此时人蹬地的作用力 地对人的推力(填“大于”“小于”或者“等于”)；起跳后，人会在空中滑翔一段距离，这是因为人具有 ；体重为60kg的某同学，在一次立定跳远训练中成绩是2m，若该同学在跳远滑翔到最高点时重心上升30cm，则在此过程中克服重力做功 J(g取10N/kg)。
16.如图所示，中国“人造太阳”——大型核实验装置“东方超环”(EAST)实现1.2亿摄氏度101秒等离子体运行，创造了世界新纪录。“东方超环”的反应原理与太阳类似，即通过______(选填“核裂变”或“核聚变”)释放巨大的核能，又将核能转化为______能，从而获得上亿度的高温。核能属于______(选填“可再生”或“不可再生”)能源。
17.俯卧高抬腿如图甲所示，将人看做杠杆，支点在手上，请在简图乙中画出地面对脚作用力F的力臂L和人手对地面的压力F′。
18.如图所示，MN为凸透镜的主光轴，A为蜡烛，A’为蜡烛在光屏上所成的像，根据凸透镜成像原理确定凸透镜的位置及其焦点，并将它们画出来。
19.如图所示，请在图中标出小磁针静止时的N极，并标出C点的磁场方向。(按要求完成作图)
20.如图所示，用弹簧测力计水平向右拉动一个长方体木块在水平桌面上做匀速直线运动，木块受到的摩擦力为______N。
21.如图所示，秒表的读数为______s。
22.如图，使用试电笔时，用指尖抵住上端的金属帽______(会/不会)发生触电事故。
23.如图所示，用一个摩擦过的气球靠近空易拉罐，发现空易拉罐向气球一侧滚动，这是因为______的原因。
24.(1)为了探究动能与质量的关系，楚杭设计的实验装置如图甲所示，实验过程如下：质量为m、M的两小球从斜面上同一高度下滑，m
(2)如图乙，是研究弹簧弹性势能与其形变程度关系的实验装置，小球压缩弹簧，松手后小球被弹开，并撞击纸盒。假若水平面绝对光滑，本实验将______(选填“能/不能”)达到探究目的；
(3)如图丙，探究物体重力势能与哪些因素有关的实验，三个相同木桩在沙中所处的初始深度相同，甲、乙、丙三物体的质量关系为：m甲=m乙(4)张工、李工两位是建筑设计师，均受某公司邀请参加某火车站进站段铁路工程的设计，最后张工上交了如图丁所示的设计方案图，李工上交了如图戊所示的设计方案图，若你是此公司代表，你将选择______图的设计方案，结合你学到的物理知识，请简要谈谈你选择的理由是：______。
25.楚杭同学用“伏安法”测量小灯泡正常发光时的电阻，小灯泡L标有“2.5V”字样、电源电压恒为4.5V、滑动变阻器规格为“30Ω，1A”。
(1)请在图甲中用笔画线代替导线，请帮楚杭完成实物电路的连接；
(2)闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应处于最______(选填“左或右”)端；
(3)闭合开关进行实验，移动滑动变阻器的滑片P过程中，当停止移动滑片P时，她发现电表指针左右摆动，再观察小灯泡也忽明忽暗，其原因可能是______(选填字母符号)；
A.滑动变阻器接触不良
B.小灯泡短路
(4)排除故障后继续实验，她将得到的数据记录在表格中，当电压表示数为2.5V时，电流表的示数如图乙所示，则小灯泡正常发光时的电阻为______Ω(保留一位小数)。她发现小灯泡电阻发生了变化，其原因是灯丝电阻受______的影响；
(5)实验结束后，宇航想利用楚杭的实验器材测量一未知电阻Rx的阻值，发现电流表损坏，善于动脑的宇航用楚杭实验中灯泡的额定电压U额和测得的额定电流I额，设计了如图丙所示的电路，测出R的阻值，请你帮助宇航补全实验步骤。
①先闭合开关S、S1，调节滑动变阻器滑片使电压表示数为U额；
②再断开开关S1，闭合S2，保持滑动变阻器滑片位置不变，读出此时电压表示数为U1；
③待测电阻R= ______(用所测物理量和已知物理量符号表示)。
26.物理学中把机械对重物施加的力与人对机械施加的力的比值叫作机械效益(用“MA”表示)，根据机械效益可以比较省力程度。那么，滑轮组的机械效益与哪些因素有关呢？楚杭提出三个猜想：
猜想一：与物体重力大小有关；
猜想二：与吊起动滑轮的绳子股数有关；
猜想三：与动滑轮重力大小有关；
楚杭组装了如图甲、乙、丙所示的滑轮组，其中图甲、乙中每个滑轮的质量为m1，图丙中每个滑轮的质量m2，m1=2m2，利用这三个滑轮组进行实验，测得5组数据，再将图丙的滑轮先后更换两次，测得2组数据。不计绳重和摩擦，实验数据如下表。
(1)分析1、2、3三次数据可知，其他条件相同时，______越大，滑轮组的机械效益越大，其省的力______(选填“越多、越少或不变”)；
(2)分析数据可知，当其他条件相同时，机械效益与吊起动滑轮绳子股数的定量关系是______；
(3)第______(选填序号)三次实验是为了探究机械效益MA与动滑轮重的关系；
(4)用表格中第7次实验的滑轮组，匀速提升重10N的物体，则该滑轮组的机械效益为______；
(5)同一滑轮组的机械效益增大时，其机械效率______(选填“变小”、“不变”或“变大”)，机械效率与机械效益的比值______(选填“变小”、“不变”或“变大”)。
27.如图1所示是某便携式电炖杯，部分铭牌参数如表所示，用该电炖杯在加热挡煮汤时，当达到一定温度时，温控开关会自动变为保温挡。求：[c汤=4.0×103J/(kg⋅℃)]
(1)电炖杯正常加热时的电流(结果保留到小数点后两位)；
(2)把质量为0.42kg、20℃的汤加热到100℃，如图2所示是电炖杯正常工作过程中汤的温度随时间变化的图像，求该电炖杯在加热过程中的热效率；
(3)断开家中其他用电器，仅用该电炖杯的加热挡工作1min，小华发现家中标有“3000r/(kW⋅ℎ)”的电能表表盘转了18r，通过计算判断此时该电炖杯是否正常加热？
28.如图甲国产某品牌油电混合动力汽车其工作原理如图乙所示。当它以90km/ℎ的速度匀速行驶20min的过程中，燃烧了3kg燃油。发动机和驱动电机同时共同为汽车提供动力，驱动汽车行驶所需的能量为9×107J，其中50%的能量来自燃油燃烧；而发动机内燃油燃烧放出的热量部分用于驱动汽车行驶和对蓄电池充电，其中用于充电的能量为6×106J。设燃油在发动机汽缸内完全燃烧，燃油的热值为5×107J/kg。若普通汽车刹车时动能全部用于克服与地面的摩擦力做功，而该油电混合动力汽车在关闭发动机后，动能除用于克服与地面的摩擦力做功外，其余能量全部通过驱动电机反转为发电机给蓄电池充电。在某次测试时，同样车型的普通汽车和该油电混合动力汽车刚刚关闭发动机后，根据汽车通过路程s时，所对应的动能Ek，作出Ek−s图像如图丙所示。设两车受到的摩擦力大小相等。汽车正常行驶时关闭发动机，直至汽车停止的过程中，通过发电机将动能转化为电能的效率称之为储能效率。
(1)该油电混合动力汽车以90km/ℎ的速度匀速行驶时，受到的阻力为多少N？完全燃烧3kg燃油产生的热量为多少J？发动机的效率为多少？
(2)由图丙可知，表示该油电混合动力汽车进行测试的图线是______(选填“①”或“②”)，判断的依据是油电混合动力汽车把______能转化为______能。该油电混合动力汽车的储能效率为多少？
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A、一支铅笔的长度约为18cm，故A错误；
B、家庭电路的电压为220V，故B错误；
C、冰箱冷冻室的温度为零下，在−12℃左右，故C错误；
D、人正常行走的速度约是1.1m/s≈4km/ℎ，故D正确。
故选：D。
新课程标准要求我们能根据日常经验或自然现象粗略估测一些物理量。例如：长度、质量、时间、温度、力、速度、电功率、电流、电压等。解答估测选择题的方法：利用生活中我们熟悉的一些数据作为根据，进行单位换算，有时要利用基本公式求未知物理量。
本题考查了对长度、电压、温度、速度的估测，注重理论与实际差异的应变能力的培养，体现新课程的基本理念。
2.【答案】C
【解析】解：A、“路人借问遥招手，怕得鱼惊不应人”说明水能传播声音，故A正确；
B、“柴门闻犬吠，风雪夜归人”说明声音可以传递信息，故B正确；
C、“不敢高声语，恐惊天上人”中的“高”是指声音的响度大，故C错误；
D、“姑苏城外寒山寺，夜半钟声到客船”中的“钟声”是根据音色判断的，故D正确。
故选：C。
(1)声音的传播需要介质。
(2)声音可以传递信息。
(3)声音的大小叫响度；响度与发声体的振幅和距离声源的远近有关。
(4)不同的发声体音色不同，音色与发声体的结构和材料有关。
知道声音的传播需要介质；知道声音可以传递信息；知道音调、响度和音色以及它们的影响因素。
3.【答案】C
【解析】解：A、“雷打立春节，惊蛰雨不歇”，雨的形成是由于高空的水蒸气遇冷液化形成的，液化放热，故A错误；
B、物体由液态变成固态的过程叫凝固，冰是水凝固形成的，凝固过程需要放热，故B错误；
C、“春分前后怕春霜，一见春霜麦苗伤”，霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，凝华放热，故C正确；
D、“今冬麦盖三层被，来年枕着馒头睡”，雪是由空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，凝华放热，故D错误。
故选：C。
(1)物质从固态变为液态的过程叫做熔化，物质从液态变为固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态的过程叫做汽化，物质从气态变为液态的过程叫做液化；物质从固态直接变为气态的过程叫升华，物质从气态直接变为固态的过程叫凝华。
(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
4.【答案】B
【解析】解：ABC、投影仪的镜头相当于一个凸透镜，物距在二倍焦距和一倍焦距之间时，像距大于2倍焦距，成倒立放大的实像，其实质是光的折射现象；近视眼镜是凹透镜，故AC错误，B正确；
D、屏幕上的丰富色彩由红、绿、蓝三种色光混合而成，故D错误；
故选：B。
投影仪是利用凸透镜成倒立、放大、实像的原理进行工作的，是光的折射；光的三原色是红、绿、蓝。
本题考查了凸透镜成像情况和应用以及光的三原色，熟练掌握。
5.【答案】D
【解析】解：A、球在空中飞行，处于运动状态，若所有力全部消失，球将做匀速直线运动；如果运动的方向斜向上或者与水平地面平行时，不会落向地面；如果球运动的方向是斜向下，则会落向地面，故A错误；
B、跳远比赛中，运动员需要助跑，是为了利用惯性，跳得更远，而不是增大惯性，故B错误；
C、运动员站在领奖台上，受到的重力与支持力大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在一条直线上，是一对平衡力，而不是领奖台所受的重力与支持力是一对平衡力，故C错误；
D、手握住奖杯悬空不动，重力与摩擦力平衡，若增大握力，手与奖杯之间的摩擦力仍等于重力，大小不变，故D正确。
故选：D。
(1)一切物体不受力时总保持静止或匀速直线运动状态；
(2)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，质量越大，惯性越大；
(3)一对平衡力必须同时符合四个条件：大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在一条直线上；
(4)物体运动状态变化一定受到非平衡力的作用。
此题考查力学的多个知识点；平衡力的辨别、惯性以及力与运动的关系等，是一道综合性较强的题目。
6.【答案】B
【解析】解：
A、骆驼的脚很大，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强的，故A正确；
B、鱼体内的鱼鳔里面是空气，改变体积时不会改变自身质量，但是改变排水量，从而达到改变浮力的目的，控制自身的沉浮，故B错误；
C、啄木鸟的嘴很尖细就是通过减小受力面积的方法来增大压强的，便于凿开树干，吃到里面的虫子，故C正确；
D、雄鹰的翅膀是弧线形的，飞行过程中，翅膀上方空气流速快，压强小，翅膀下方空气流速慢，压强大，翅膀受到上下表面的压力差，不用抖动翅膀也能翱翔天空，故D正确。
故选：B。
(1)压力一定时，增大受力面积可减小压强，减小受力面积的可增大压强；
(2)鱼体内的鱼鳔里面是空气，改变体积可改变自身排水量；
(3)空气流速大的位置，压强小。
本题考查浮力、压强等知识，综合性强，要求我们在生活中就要认真观察，思考身边的物理现象。
7.【答案】B
【解析】解：A、在上浮过程中，在浮出水面前，核潜艇排开海水的体积不变，根据F浮=ρ液gV排可知所受浮力不变，从开始出水面到完全出水面的过程中，排开水的体积逐渐减小，根据F浮=ρ液gV排可知所受浮力减小，故A错误；
B、浸没水中后继续下潜时，排开水的体积不变，根据F浮=ρ液gV排可知所受浮力不变，故B正确；
C、核潜艇下潜时，深度增加，根据p=ρgℎ可知受到海水的压强变大，故C错误；
D、由于悬浮时排开水的体积大于漂浮时排开水的体积，根据F浮=ρ液gV排知悬浮时的浮力大于漂浮时的浮力，故D错误。
故选：B。
(1)根据F浮=ρ液gV排判断浮力的变化；
(2)根据p=ρgℎ判断潜艇下潜过程中，海水对潜艇底部压强的变化；
(3)根据悬浮与漂浮时，潜艇排开水的体积的关系和F浮=ρ液gV排判断潜艇悬浮与漂浮时受到的浮力的大小关系。
本题考查阿基米德原理、物体浮沉条件以及液体压强公式的应用，属于基础知识考查，难度不大。
8.【答案】B
【解析】解：A、本实验是质量相同的物质吸收相等的热量，比较温度升高量来确定物体吸热能力的，不用使水和液体A的初温和末温中至少一项相等，故A错误；
D、由题知，酒精灯单位时间内消耗的酒精量相等，0～4min，水吸收的热量等于液体A吸收的热量，故D错误；
B、0～4min，水吸收的热量等于液体A吸收的热量，即，QA吸=Q水吸=c水mΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×1kg×(40℃−30℃)=4.2×104J，
根据η=Q吸Q放得，Q放=Q吸η=4.2×104J35%=1.2×105J，
根据Q放=mq得，m酒精=Q放q酒精=1.2×105J3×107J/kg=0.004kg=4g，
该酒精灯每分钟消耗酒精的质量为：4g4min=1g/min，故B正确；
C、0～4min，平均每分钟水吸收的热量为4.2×104J4=1.05×104J，0～5min，水吸收的热量为Q水吸′=5×1.05×104J=5.25×104J，
即0～5min，液体A吸收的热量为QA吸′=Q水吸′=5.25×104J，
根据Q吸=c液mΔt得，c液=QA吸′mΔt′=5.25×104J1kg×(40℃−10℃)=1.75×103J/(kg⋅℃)，故C错误。
故选：B。
(1)质量相同的物质吸收相等的热量，温度升高量越小，物质吸热能力越强，物质升高的温度越高，物体吸热能力越弱；不同的物质吸热能力不同，物质的这种特性用比热容来描述；
(2)由题知，酒精灯单位时间内消耗的酒精量相等，0～4min，水吸收的热量等于液体A吸收的热量；
(3)0～4min，水吸收的热量等于液体A吸收的热量，即，QA吸=Q水吸，根据η=Q吸Q放求出Q放，再根据Q放=mq求出燃烧的酒精质量m酒精，则可求出该酒精灯每分钟消耗酒精的质量；
(4)计算出0～4min平均每分钟水吸收的热量，由此计算出0～5min水吸收的热量Q水吸′，即0～5min液体A吸收的热量为QA吸′=Q水吸′，根据Q吸=c液mΔt可求出c液。
本题考查了比热容的计算、吸热和放热公式的应用、效率的计算，考查的知识点较多。
9.【答案】C
【解析】解：A.由图像可知，当甲两端电压为0.5V时，通过它的电流为0.1A，故A错误；
B.由图像可知，当乙两端电压为1V时，通过的电流为0.4A，
由I=UR可得，此时乙的阻值：R乙=U乙I乙=1V0.4A=2.5Ω，故B错误；
C.将甲和乙串联，若电流为0.3A，则通过两电阻的电流均为0.3A，
由图像可知此时U甲′=1.5V、U乙′=0.5V，
由串联电路中总电压等于各分电压之和可知，它们两端的总电压：
U=U甲′+U乙′=1.5V+0.5V=2V，故C正确；
D.若甲和乙并联，若电压为2V，则它们两端的电压均为2V，
由图像可知此时I甲′R乙′，故D错误。
故选：C。
(1)根据图像读出甲两端电压为0.5V时通过的电流；
(2)根据图像读出乙两端电压为1V时通过的电流，根据欧姆定律求出其电阻值；
(3)将甲和乙串联，通过两电阻的电流相等，根据图像读出两电阻两端的电压，根据串联电路的电压特点求出它们两端的电压；
(4)将甲和乙并联，它们两端的电压相等，根据图像读出通过两电阻的电流大小关系，根据欧姆定律即可比较电阻的大小。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用，从图像中获取有用的信息是关键。
10.【答案】A
【解析】解：A、当前的核电站是利用原子核裂变释放的能量发电的，故A正确；
B、太阳能和潮汐能都属于可再生能源，核能是不可再生能源，故B错误；
C、电饭锅是电热器，是利用电流热效应工作的，超导体电阻为零，电热器的发热电阻不能使用超导材料，故C错误；
D、汽车上的北斗定位导航系统是利用电磁波进行定位和导航的，故D错误。
故选：A。
(1)获得核能的两种途径：核裂变和核聚变；
(2)像风能、水能、太阳能等可以在自然界里源源不断地得到，把它们称为可再生能源。化石能源、核能等能源会越用用越少，不能在短期内从自然界得到补充，称为不可再生能源；
(3)电热器是利用电流热效应工作的，不能利用超导体制作发热电阻；
(4)北斗定位系统用电磁波定位。
本题考查了能源的分类、核电站的工作原理、电磁波的应用和超导材料的应用，是简单的综合题，属于基础题。
11.【答案】半导体 热传递
【解析】解：(1)硅属于半导体材料，在手机的使用过程中芯片消耗电能；
(2)石墨烯容易将芯片产生的热量快速传导到手机背壳以提高散热效率，这是用热传递的方式改变了芯片的内能。
故答案为：半导体；热传递。
(1)硅导电能力介于导体与绝缘体之间，属于半导体材料；根据手机的使用过程中芯片是否消耗电能即可判断；
(2)改变内能的方式由做功和热传递。
本题考查了物质的性质与物质的用途的关系，难度较小。
12.【答案】不能 倒立缩小的实 上方 上方
【解析】解：(1)紫外线属于不可见光，人眼看不到；
(2)由图和题意可知，该缩图透镜为凸透镜，且要制造出含有众多元件的集成电路，所以可知该凸透镜成倒立、缩小的实像；缩图透镜的焦点在硅片的上方；
(3)这次我国直接从90nm突破到了22nm制程的芯片，如果缩图透镜相同，物体变小了，像变小，则要将掩膜向上移动。
故答案为：(1)不能；(2)倒立缩小的实；上方；(3)上方。
(1)紫外线属于不可见光；
(2)该缩图透镜为凸透镜，且要制造出含有众多元件的集成电路，所以可知该凸透镜成倒立、缩小的实像；
(3)凸透镜成实像时，物远像近像变小。
本题考查了凸透镜成像的应用，解题关键是弄清楚缩图透镜的成像原理。
13.【答案】120 350
【解析】解：设固体浮力材料的体积为V，由粘合剂体积占固体浮力材料总体积的20%可知，粘合剂的体积为0.2V，
因固体浮力材料的质量等于玻璃的质量加上粘合剂的质量，即为：m=m玻璃+m粘剂
所以，由ρ=mV可得：ρV=m玻璃+ρ粘剂V粘剂，
即：0.48g/cm3×V=120g+1.2g/cm3×0.2V，
解得：V=500cm3，
则粘合剂的质量为：m粘剂=ρ粘剂V粘剂=1.2g/cm3×0.2×500cm3=120g，
玻璃球中玻璃的体积为：V玻璃=m玻璃ρ玻璃=120g2.4g/cm3=50cm3，
则这块固体浮力材料中空心部分的体积为：V空=V−V粘剂−V玻璃=500cm3−0.2×500cm3−50cm3=350cm3。
故答案为：120；350。
设固体浮力材料的体积，根据粘合剂体积占固体浮力材料总体积的20%求出粘合剂的体积，固体浮力材料的质量等于玻璃的质量加上粘合剂的质量，根据ρ=mV得出等式即可求出粘合剂体积，根据m=ρV求出粘合剂的质量，根据V=mρ求出玻璃球中玻璃的体积，这块固体浮力材料中空心部分的体积等于固体浮力材料体积减去玻璃体积、粘剂体积。
本题考查了密度公式的灵活应用，利用好“粘合剂体积占固体浮力材料总体积的20%”是关键。
14.【答案】B 水平向后
【解析】解：小敏在运动会上竖直举着班牌匀速前进，若以C为支点时，B处垂直于杠杆向右的力为动力，A处垂直杠杆向左的力为阻力，BC为动力臂，AC为阻力臂；若以B点为支点时，在C处用力，且动力的方向垂直于杠杆水平向后，BC为动力臂，AB为阻力臂；两种情况的动力臂均为BC，但以B为支点，阻力臂较小，根据杠杆的平衡条件知，此时的动力最小。
由于杠杆收到的阻力的方向是水平向后的，所以动力的方向也是水平向后。
故答案为：B；水平向后。
若以B点作为支点，A点受到向后的力为阻力，AB为阻力臂，C点受到的力为动力，要使杠杆处于平衡状态，C点的受力方向向后，BC为动力臂。
本题考查了杠杆的五要素，属于基础知识。
15.【答案】等于；惯性；180。
【解析】解：人蹬地的作用力和地对人的推力是一对相互作用力，这两个力的大小始终相等；
在“立定跳远”起跳后，人不再受到地面的推力，而是由于惯性，仍保持原来的运动状态，所以人会在空中滑翔一段距离；
人的重力：G=mg=60kg×10N/kg=600N，人在重力方向上通过的距离：ℎ=30cm=0.3m，
人克服重力做的功：W=Gℎ=600N×0.3m=180J。
故答案为：等于；惯性；180。
物体间力的作用是相互的，一对相互作用力的大小相等、方向相反，作用在一条直线上、作用在不同物体上。
物体能够保持原来运动状态不变的性质叫做惯性，任何物体都具有惯性。
克服重力做的功等于重力大小与人在重力方向上通过距离的乘积，利用W=Gℎ可进行计算。
本题考查相互作用力、惯性和功的计算，属于综合题。
16.【答案】核聚变 内 不可再生
【解析】解：太阳能是来自太阳内部氢核的聚变释放出的能量，释放的核能又转化为内能，从而获得上亿度的高温。“东方超环”与太阳类似，也是通过核聚变释放能量的，再转化为内能从而获得高温。
核能不能够从自然界源源不断得到补充，属于不可再生能源。
故答案为：核聚变；内；不可再生。
(1)太阳内部进行着核聚变，由氢原子核聚变成氦原子核，释放出核能；
(2)东方超环的反应原理与太阳类似，能量转化是核能转化为内能；
(3)能够源源不断从自然界获得或可以重复利用的能源是可再生能源，不能源源不断从自然界获得或不能重复利用的能源是不可再生能源。
本题考查核能的利用和发展、分类，难度不大，要熟记这些知识。
17.【答案】解：过支点O向力F的作用线作垂线，垂线段长就是力F的力臂L；
压力的作用点在人手与地面接触面上，过作用点作垂直于水平地面向下的力即为人手对地面的压力F压。如图所示：
【解析】已知地面对脚作用力F，支点在手上，过支点作动力作用线的垂线段即可；
根据压力的作用点在接触面上确定压力的作用点，然后根据压力的方向与接触面垂直，再过作用点表示出压力的方向。
本题考查了力臂作图、力的示意图，明确压力的方向与接触面垂直是关键。
18.【答案】
【解析】(1)在烛焰上取一点S，在所成的像上找出其对应的像点S′，连接SS′，其与主光轴的交点O就是凸透镜的光心，由此可以确定凸透镜的位置；
(2)过S点作平行于主光轴的入射光线，经过凸透镜折射后要过S′，折射光线与主光轴的交点就是凸透镜焦点F的位置(因为平行于主光轴的光线经过凸透镜折射后过焦点)；同理可以做出凸透镜左侧的焦点F.如图所示：
选取物体上的一点，找出其对应的像点，结合凸透镜的三条特殊光线：平行于主光轴的，过焦点的；过光心的。利用其对应的入射光线的特点，可以确定凸透镜的位置，焦点的位置。
(1)此题考查了凸透镜的三条特殊光线，凸透镜的光心、焦点的定义、凸透镜成像光路图。
(2)像是由物体烛焰发出的光线经过凸透镜折射会聚而成的，所以对应的物点发出的光线一定全部会聚在像点，从中取几条与焦点、凸透镜位置有关的特殊光线就可以确定焦点已经凸透镜的位置。
19.【答案】解：闭合开关后，由图可知电流从螺线管的左侧流入、右侧流出；右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指指向螺线管的左端为S极，右端为N极；
当小磁针静止时，根据磁极间的作用规律可知，相互靠近的一定是异名磁极，则小磁针的左端为S极，右端为N极；
在磁体周围，磁感线从磁体的N极出发回到S极，所以图中C点的磁场方向是指向左的。如下图所示：
【解析】根据安培定则确定螺线管的N、S极；然后利用磁极间的作用规律确定小磁针的N、S极；在磁体的周围，磁感线从N极流出回到S极。由此可以确定磁场的方向。
对于一个通电螺线管，只要知道电流的方向、线圈的绕法、螺线管的N、S极这三个因素中的任意两个，我们就可以据安培定则判断出另一个。
20.【答案】2.6
【解析】解：用弹簧测力计水平向左拉动一个长方体木块，使其作匀速直线运动，所以拉力和摩擦力是一对平衡力，摩擦力大小等于拉力；由图知，测力计的分度值为0.2N，所以其示数为2.6N.由二力平衡条件得，木块受到的摩擦力也为2.6N。
故答案为：2.6。
做匀速直线运动的物体受到的力平衡力，此实验的思路是让木块保持匀速直线运动。利用二力平衡的条件，通过弹簧测力计的示数来得到摩擦力的大小。弹簧测力计的读数，观察每一个大格和每一个小格代表的示数，从小数字读向大数字。
此题考查的是物理仪器的读数方法和二力平衡知识的应用，在读数前一定要观察仪器的量程和分度值。
21.【答案】337.5
【解析】解：停表的小表盘分度值为0.5min，指针所指时间在5min与6min之间(且超过5.5min)；
大表盘分度值为0.1s，指针所指时间在37.5s处；即停表的读数为5min37.5s=337.5s。
故答案为：337.5。
停表的中间的表盘代表分钟，周围的大表盘代表秒，停表读数是两个表盘的示数之和。
本题考查了秒表的读数，是一道基础题，一定要掌握常用器材的使用及读数方法。
22.【答案】不会
【解析】解：使用试电笔时，用指尖按住上端的金属帽，因试电笔中串联了一个高值电阻，所以有微弱的电流通过人体流向大地，形成通路，但不会发生触电事故。
故答案为：不会。
测电笔的使用方法：笔尖接触被测导线，手接触尾部金属体。
本题考查了对触电的理解以及对测电笔使用方法的掌握，难度不大。
23.【答案】带电体能吸引轻小物体
【解析】解：摩擦过的气球带上电荷，气球靠近易拉罐时，电荷对易拉罐有吸引力，空易拉罐向气球一侧滚动。
故答案为：带电体能吸引轻小物体。
物体相互摩擦可以使物体带电，带电体能吸引轻小物体。
本题考查了摩擦起电现象，属于基础知识的考查。
24.【答案】没有控制水平面上木块的起点位置相同 不能 能 戊 火车上坡过程中一部分动能转化为重力势能，可以降低车速，容易刹车。
【解析】解：(1)根据控制变量法可知探究动能与质量的关系需使小球到达水平面的速度相同，改变质量，还需控制水平面上木块的起点位置相同，所以实验中的不足是没有让木块从同一起点开始；
(2)乙图中弹簧将小球弹开的过程，是弹簧的弹性势能转化为动能的过程；小球推动纸盒移动一段距离后都要停下来，是因为水平面有摩擦力，木块克服摩擦做功，机械能转化为内能；
若水平面绝对光滑，木块就会做匀速直线运动，无法比较木块移动距离的远近，达不到探究目的；
(3)重力势能大小通过木块陷入沙子的深度反应，乙、丙两物体从图示位置由静止释放，分别撞击B、C两木桩使之扎入沙坑的深度相同，说明乙、丙的初始的重力势能相同；
(4)根据动能与重力势能的转化可以知道丁图中火车进站时下坡，这一过程中又有一部分重力势能转化为车的动能，就会使得车速提高，难以刹车，故不合理；
戍图设计中利用车上坡过程中动能转化为重力势能，从而可以降低车速，容易刹车；故戍图设计更合理。
故答案为：(1)没有控制水平面上木块的起点位置相同；(2)不能；摩擦力；(3)能；(4)戊；火车上坡过程中一部分动能转化为重力势能，可以降低车速，容易刹车。
(1)动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。根据控制变量法可知探究动能与质量的关系需使小球到达水平面的速度相同，改变质量，还需控制水平面上木块的起点位置相同，据此分析实验中的不足；
(2)弹簧将小球弹开的过程，弹簧的弹性势能转化为动能；小球推动纸盒移动一段距离后都要停下来，是因为水平面有摩擦力，木块克服摩擦做功；若水平面绝对光滑，木块就会做匀速直线运动，无法比较木块移动距离的远近；
(3)重力势能大小的影响因素：质量、被举的高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。图丙中乙、丙两物块质量不同，被举高度不同，根据控制变量法可知是否能说明乙、丙的初始的重力势能相同；
(4)根据动能与重力势能的转化可以知道丁图中火车进站时下坡，重力势能转化为车的动能，戍图设计中利用车上坡过程中动能转化为重力势能。
本题考查影响动能的因素、影响重力势能的因素、控制变量法的运用以及机械能相互之间的转化。
25.【答案】右 A 9.6 温度 U1−U额I额
【解析】解：(1)由图乙可知，电流表选用小量程串联在电路中，如下所示：
(2)闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应处于阻值最大处，即最右端。
(3)灯在额定电压下正常发光，闭合开关进行实验，移动滑动变阻器的滑片P过程中，她应注视电压表的变化情况，当停止移动滑片P时，她发现电表指针左右摆动，再观察小灯泡也忽明忽暗(小灯泡没有短路)，可知电路时通时断路，其原因可能是滑动变阻器接触不良，故选：A；
(4)排除故障后继续实验，她将得到的数据记录在表格中，当电压表示数为2.5V时，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.26A，则小灯泡正常发光时的电阻为
R=UI=≈9.6Ω；
她发现小灯泡电阻发生了变化，其原因是灯丝电阻受温度的影响。
(5)①先闭合开关S、S1，调节滑动变阻器滑片使电压表示数为U额；
②再断开开关S1，闭合S2，保持滑动变阻器滑片位置不变，读出此时电压表示数为U1；
③在①中，电压表测灯的电压，灯正常发光，在②中，电压表测灯与待测电阻的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，此时定值电阻的电压：U0=U1−U额，待测电阻：R=U1−U额I额。
故答案为：(1)见解答图；(2)右；(3)A；(4)9.6；温度；(5)③U1−U额I额。
(1)由图乙可知，电流表选用小量程串联在电路中；
(2)闭合开关前，为保护电路，滑动变阻器的滑片P应处于阻值最大处；
(3)灯在额定电压下正常发光，据此回答；观察小灯泡也忽明忽暗，电路时通时断路，据此分析；
(4)根据电流表选用小量程确定分度值读数，由欧姆定律得出小灯泡正常发光时的电阻；灯丝电阻受温度的影响；
(5)已知灯的额定电压和额定电流，首先使灯正常发光，先将电压表与灯并联，通过移动滑片的位置，使灯的电压为额定电压；保持滑片位置不动，通过开关的转换，使电压表测灯与定值电阻的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，可求出此时待测电阻的电压，由欧姆定律可求出待测电阻。
本题考查伏安测电阻及在没有电流表的条件下测电阻的方法。
26.【答案】物重 越多 MA=0.8n 5、6、7 2.5 变大 不变
【解析】解：(1)分析1、2、3三次数据可知，其他条件相同时，物重越大，滑轮组的机械效益越大，计算物重与拉力的差可知其省的力越多；
(2)分析2、4、5三次数据可知，当其他条件相同时，机械效益与吊起动滑轮绳子股数的定量关系是MA=0.8n；
(3)根据控制变量法可知探究机械效益MA与动滑轮重的关系需改变动滑轮的重，控制其它条件相同，由题意可知5、6、7三次实验是为了探究机械效益与动滑轮重的关系；
(4)第7次实验中动滑轮的重力：GL=nF−G=4×3.5N−8N=6N，
匀速提升重10N的物体，拉力F′=14(G′+GL)=14×(10N+6N)=4N，
则该滑轮组的机械效益为MA=G′F′=10N4N=2.5；
(5)由题意可知同一滑轮组的机械效益MA=GF=G1n(G+GL)=n×GG+GL，
同一滑轮组的机械效率η=W有W总×100%=GℎFnℎ×100%=GnF=100%=GG+GL×100%，
所以同一滑轮组的的机械效益增大时，其机械效率变大；
机械效率与机械效益的比值ηMA=GG+GLn×GG+GL=1n，同一滑轮组中绳子的股数是一个定值，所以机械效率与机械效益的比值不变。
故答案为：(1)物重；越多；(2)MA=0.8n；(3)5、6、7；(4)2.5；(5)变大；不变。
(1)分析1、2、3三次数据可知，滑轮组的机械效益与物重的关系，计算物重与拉力的差可知其省的力变化；
(2)根据控制变量法可知探究机械效益与吊起动滑轮绳子股数的定量关系需改变绳子的股数，控制其它条件相同，据此选择2、4、5三次数据分析可知，当其他条件相同时，机械效益与吊起动滑轮绳子股数的定量关系；
(3)根据控制变量法可知探究机械效益MA与动滑轮重的关系需改变动滑轮的重，控制其它条件相同，据此选择表格数据；
(4)根据F=1n(G+GL)计算第7次实验中动滑轮的重力，进一步计算该滑轮组匀速提升重10N的物体时的拉力，根据题意计算此次实验的机械效益；
(5)根据题意表示同一滑轮组的机械效益，根据效率公式表示同一滑轮组的机械效率，进一步分析可知同一滑轮组的的机械效益增大时，其机械效率的变化；
进一步表示机械效率与机械效益的比值，同一滑轮组中绳子的股数是一个定值，据此分析机械效率与机械效益的比值的变化。
滑轮组的机械效益与哪些因素有关的实验考查控制变量法、数据的分析、机械效率公式的灵活运用，有难度。
27.【答案】解：(1)由P=UI可知，电炖杯正常加热时的电流为：I=PU=400W220V≈1.82A；
(2)把质量为0.42kg、20℃的汤加热到100℃，汤吸收的热量为：Q吸=c汤m(t−t0)=4.0×103J/(kg⋅℃)×0.42kg×(100℃−20℃)=1.344×105J；
根据图像可知，将汤加热至100℃，需要加热的时间为t′=7min=420s，
此时电流所做的功为：W=Pt′=400W×420s=1.68×105J；
电炖杯在加热过程中的热效率为：η=Q吸W=1.344×105J1.68×105J=80%；
(3)“3000r/(kW⋅ℎ)”表示电路中用电器每消耗1kW⋅ℎ电能，电能表的转盘转过3000圈，
则的电能表表盘转了18r，此时电炖杯消耗的电能：W′=18r3000r/(kW⋅ℎ)=0.006kW⋅ℎ=2.16×104J，
电炖杯的实际功率：，
所以，此时该电炖杯没有正常加热。
答：(1)电炖杯正常加热时的电流为1.82A；
(2)该电炖杯在加热过程中的热效率为80%；
(3)此时该电炖杯不是正常加热。
【解析】(1)根据P=UI计算电炖杯正常加热时的电流；
(2)根据吸热公式Q吸=cm(t−t0)计算汤吸收的热量，根据W=Pt计算电能消耗的电能，根据η=Q吸W计算电炖杯在加热过程中的热效率；
(3)根据电能表常数求出电炖杯消耗的电能，根据P=Wt求出电炖杯的实际功率，据此判断是否正常工作。
本题考查对电能表参数的理解、吸热公式、电功公式、电功率公式以及效率公式的应用，属于电热综合题，难度不大。
28.【答案】① 动 电
【解析】解：(1)汽车行驶的路程：s=vt=90km/ℎ×2060ℎ=30km=3×104m；
由W=Fs得：F=Ws=9×107J3×104m=3000N；
因为汽车做匀速直线运动，处于力的平衡状态，所以f=F=3000N；
燃油燃烧放出的热量：Q放=mq=3kg×5×107J/kg=1.5×108J；
发动机为汽车提供部分动力的能量：W1=9×107J×50%=4.5×107J；
发动机对蓄电池充电的能量：W2=6×106J；
发动机用来做有用功的能量：W=W1+W2=4.5×107J+6×106J=5.1×107J；
发动机的效率为：η=WQ放×100%=5.1×107J1.5×108J×100%=34%；
(2)由于油电混合动力汽车克服摩擦做功比普通汽车克服摩擦做功更少，动能除用于克服与地面的摩擦力做功外，其余能量全部通过驱动电机反转为发电机给蓄电池充电，所以油电混合汽车关闭发动机后滑行的距离更短。所以应该是图丙中的①图线；
普通汽车克服摩擦所做的功：W普=Ek=4×105J；
由W=fs可知，汽车的摩擦力：f=W普s普=4×105J80m=5000N；
油电混合汽车克服摩擦所做的功：W混=fs混=5000N×30m=1.5×105J；
发电机将动能转化为电能：W电=EK−W混=4×105J−1.5×105J=2.5×105J；
储能效率：η=W电EK×100%=2.5×105J4×105J×100%=62.5%。
答：(1)受到的阻力为3000N；完全燃烧3kg燃油产生的热量为1.5×108J；发动机的效率为34%；
(2)①；动；电；62.5%。
(1)根据速度公式s=vt算出以90km/ℎ的速度匀速行驶30min的过程中通过的路程；根据W=Fs算出汽车受到的牵引力，再根据二力平衡条件求出匀速直线运动时受到的阻力；根据Q放=mq计算出燃油燃烧放出的热量；η=WQ放×100%(其中W包括为汽车提供部分动力的能量和对蓄电池充电的能量)；
(2)普通汽车正常行驶时关闭发动机，直至汽车停止的过程中，克服摩擦做功，动能全部转化为内能，油电混合动力汽车正常行驶时关闭发动机，直至汽车停止的过程中，动能一部分用于克服摩擦做功转化为内能，一部分转化为电能，所以，油电混合动力汽车克服摩擦做功比普通汽车更少；
根据EK−s图像可知对应的动能，由W=fs求出汽车的摩擦力，再求出油电混合汽车克服摩擦所做的功；由W电=EK−W混求出发电机将动能转化为电能的多少，最后根据η=W电EK×100%求出储能效率。
这是一道力热综合题，虽然是一道填空题，但是涉及的知识点较多，综合性很强，计算量也较大，难度较大。此题考查了学生从材料获取信息的能力和对功的计算公式运用及其灵活变形的能力等。序号
U/V
I/A
R/Ω
1
1.0
0.18
5.6
2
1.5
0.22
6.8
3
2.0
0.24
8.3
4
2.5
序号
物重G/N
吊起动滑轮的绳子股数n
拉力F/N
机械效益MA
1
6
2
4.0
1.5
2
8
2
5.0
1.6
3
10
2
6.0
1.7
4
8
3
3.3
2.4
5
8
4
2.5
3.2
6
8
4
3.0
2.7
7
8
4
3.5
2.3
额定电压
220V
加热功率
400W
保温功率
100W
频率
50Hz
容量
700mL
1.学物理、识生活。下列关于生活中物理量的估测，最接近实际的是( )
A. 一支铅笔的长度约为15dmB. 家庭电路的电压为36V
C. 冰箱冷冻室的温度约为20℃D. 人正常行走的速度约是4km/ℎ
2.中国古诗词意境优美，许多诗句中涉及了声现象，下列描述不正确的是( )
A. “路人借问遥招手，怕得鱼惊不应人”说明水能传播声音
B. “柴门闻犬吠，风雪夜归人”说明声音可以传递信息
C. “不敢高声语，恐惊天上人”中的“高”是指声音的音调高
D. “姑苏城外寒山寺，夜半钟声到客船”中的“钟声”是根据音色判断的
3.谚语是劳动人民智慧的结晶，下列对谚语中涉及的的物态变化分析正确的是( )
A. “雷打立春节，惊蛰雨不歇”——雨的形成是升华现象，需要吸热
B. “大雪河封住，冬至不行船”——冰的形成是凝固现象，需要吸热
C. “春分前后怕春霜，一见春霜麦苗伤”——霜的形成是凝华现象，需要放热
D. “今冬麦盖三层被，来年枕着馒头睡”——雪的形成是液化现象，需要放热
4.如图为投影式电子白板，它利用投影机将画面投影到屏幕上，投影机的镜头相当于一个凸透镜，下列说法正确的是( )
A. 投影机的镜头与近视眼镜为同一种透镜
B. 光经投影机的镜头成像利用了凸透镜成像原理
C. 画面经投影机镜头成的是正立放大的实像
D. 屏幕上的丰富色彩由红、黄、蓝三种色光混合而成
5.象征丰收的农历秋分时节，亚运之光闪耀西子湖畔。对2023杭州亚运会中蕴含的物理知识，下列描述正确的( )
A. 羽毛球比赛中球在空中向前飞行，若所有力消失，球一定不会落到地面
B. 跳远比赛中，运动员需要助跑，是为了增大惯性，跳得更远
C. 运动员站在领奖台上，此时领奖台所受的重力与支持力是一对平衡力
D. 运动员手握奖杯悬空不动，此时奖杯所受摩擦力大小大于重力大小
6.动物可以通过遗传变异和自然选择的过程来适应它所处的环境，从物理学的角度给出的解释中错误的是( )
A. 骆驼的脚掌很大，可以减小压强，从而使其在沙漠中自如行走
B. 鱼类体内有鳔，通过鳔的调节作用从而改变自身重力来实现下沉和上浮
C. 啄木鸟的嘴很尖细可以增大压强，从而凿开树干捉到躲在深处的虫子
D. 雄鹰有时不用抖动翅膀也能翱翔天空是应用了流体压强与流速的关系
7.如图所示是我国的战略096型核潜艇(核动力潜水艇)，它是坚不可摧的“水下盾牌”，是真正意义上的大国重器。关于核潜艇，下列说法正确的是( )
A. 上浮过程中，受到的浮力逐渐变大B. 浸没水中后继续下潜，所受浮力不变
C. 下潜过程中，水对潜艇底部的压强不变D. 核潜艇悬浮与漂浮时，受到的浮力相等
8.为了解液体A的吸热能力，小悦用同一个酒精灯分别加热1kg水和液体A，用测得的数据绘制了温度随时间变化的图像，如图所示。若酒精灯单位时间内消耗的酒精量相等且加热效率为35%，q酒精=3×107J/kg，c水=4.2×103J/(kg⋅℃)，则下列说法中正确的是( )
A. 应使水和液体A的初温和末温中至少一项相等
B. 该酒精灯每分钟消耗酒精的质量为1g
C. 液体A的比热容为1.4×103J/(kg⋅℃)
D. 0～4min，水吸收的热量大于液体A吸收的热量
9.如图所示是电阻甲和乙的U−I图象，下列对图象信息的判断，正确的是( )
A. 当甲两端电压为0.5V时，通过它的电流为2.5A
B. 当乙两端电压为1V时，其电阻值为0.4Ω
C. 将甲、乙串联，若它们两端的总电压为2V，则通过它们的电流为0.3A
D. 将甲、乙并联，若电压为2V，则此时甲的电阻等于乙的电阻
10.2023年3月29日，我国慧眼卫星和极目空间望远镜精确探测到迄今最亮伽马射线暴，其中涉及能源、信息和材料的相关知识，下列说法正确的是( )
A. 当前的核电站是利用原子核裂变释放的能量发电的
B. 太阳能、核能和潮汐能都属于可再生能源
C. “超导体”用于电饭锅的发热体可提高其热效率
D. 汽车上的北斗定位导航系统是利用声波进行定位和导航的
二、非选择题（共60分）
11.华为公司自主研发的麒麟芯片是业界领先的手机芯片，其重要材料是硅，属于 材料，在散热方面，华为采用了石墨烯进行散热，这种材料容易将芯片产生的热量快速传导到手机背壳以提高散热效率。这是用 的方式改变了芯片的内能。
12.2023年2月哈工大宣布突破EUV光刻机关键技术，光刻技术是利用缩图透镜将绘在掩膜上的电路图通过光源投射到涂有光刻胶的硅片上，在硅片上成像越小芯片制程越小。
(1)光源发出的紫外线______(选填“能”或“不能”)被人眼直接观察到。
(2)由原理图可知，掩膜在硅片上成______像，缩图透镜的焦点在硅片的______(选填“上方”或“下方”)。
(3)这次我国直接从90nm突破到了22nm制程的芯片，如果缩图透镜相同，则要将掩膜向______移动(选填“上方”或“下方”)。
13.我国科学家研发的固体浮力材料已成功用于万米深海探测，为深潜器提供浮力，技术水平居于世界前列，固体浮力材料的核心是“微球”(直径很小的空心玻璃球)。若用质量为120g，密度为2.4g/cm3的玻璃制成“微球”后和粘合剂黏合制成一块固体浮力材料，其内部结构的放大示意图如图所示粘合剂的密度为1.2g/cm3，粘合剂体积占固体浮力材料总体积的20%，制成后的固体浮力材料密度为0.48g/cm3，这块固体浮力材料中粘合剂的质量为______g，这块固体浮力材料中空心部分的体积为______cm3。
14.如图所示，小敏在运动会上竖直举着班牌匀速前进，前进时班牌遇到水平向后风的阻力等效作用在A点上。若将班牌视为杠杆，选______(填“B”“C”)点作为支点，人的另一只手对杆的水平作用力较小，这个力的方向是______(填“水平向前”“水平向后”)。
15.“立定跳远”作为我市2022年体育中考抽考项目之一，如图所示，立定跳远主要分四个部分：蹬地起跳，空中滑翔，下肢前伸，双脚落地。蹬地起跳，双脚蹬地，人向前运动，此时人蹬地的作用力 地对人的推力(填“大于”“小于”或者“等于”)；起跳后，人会在空中滑翔一段距离，这是因为人具有 ；体重为60kg的某同学，在一次立定跳远训练中成绩是2m，若该同学在跳远滑翔到最高点时重心上升30cm，则在此过程中克服重力做功 J(g取10N/kg)。
16.如图所示，中国“人造太阳”——大型核实验装置“东方超环”(EAST)实现1.2亿摄氏度101秒等离子体运行，创造了世界新纪录。“东方超环”的反应原理与太阳类似，即通过______(选填“核裂变”或“核聚变”)释放巨大的核能，又将核能转化为______能，从而获得上亿度的高温。核能属于______(选填“可再生”或“不可再生”)能源。
17.俯卧高抬腿如图甲所示，将人看做杠杆，支点在手上，请在简图乙中画出地面对脚作用力F的力臂L和人手对地面的压力F′。
18.如图所示，MN为凸透镜的主光轴，A为蜡烛，A’为蜡烛在光屏上所成的像，根据凸透镜成像原理确定凸透镜的位置及其焦点，并将它们画出来。
19.如图所示，请在图中标出小磁针静止时的N极，并标出C点的磁场方向。(按要求完成作图)
20.如图所示，用弹簧测力计水平向右拉动一个长方体木块在水平桌面上做匀速直线运动，木块受到的摩擦力为______N。
21.如图所示，秒表的读数为______s。
22.如图，使用试电笔时，用指尖抵住上端的金属帽______(会/不会)发生触电事故。
23.如图所示，用一个摩擦过的气球靠近空易拉罐，发现空易拉罐向气球一侧滚动，这是因为______的原因。
24.(1)为了探究动能与质量的关系，楚杭设计的实验装置如图甲所示，实验过程如下：质量为m、M的两小球从斜面上同一高度下滑，m
(2)如图乙，是研究弹簧弹性势能与其形变程度关系的实验装置，小球压缩弹簧，松手后小球被弹开，并撞击纸盒。假若水平面绝对光滑，本实验将______(选填“能/不能”)达到探究目的；
(3)如图丙，探究物体重力势能与哪些因素有关的实验，三个相同木桩在沙中所处的初始深度相同，甲、乙、丙三物体的质量关系为：m甲=m乙
25.楚杭同学用“伏安法”测量小灯泡正常发光时的电阻，小灯泡L标有“2.5V”字样、电源电压恒为4.5V、滑动变阻器规格为“30Ω，1A”。
(1)请在图甲中用笔画线代替导线，请帮楚杭完成实物电路的连接；
(2)闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应处于最______(选填“左或右”)端；
(3)闭合开关进行实验，移动滑动变阻器的滑片P过程中，当停止移动滑片P时，她发现电表指针左右摆动，再观察小灯泡也忽明忽暗，其原因可能是______(选填字母符号)；
A.滑动变阻器接触不良
B.小灯泡短路
(4)排除故障后继续实验，她将得到的数据记录在表格中，当电压表示数为2.5V时，电流表的示数如图乙所示，则小灯泡正常发光时的电阻为______Ω(保留一位小数)。她发现小灯泡电阻发生了变化，其原因是灯丝电阻受______的影响；
(5)实验结束后，宇航想利用楚杭的实验器材测量一未知电阻Rx的阻值，发现电流表损坏，善于动脑的宇航用楚杭实验中灯泡的额定电压U额和测得的额定电流I额，设计了如图丙所示的电路，测出R的阻值，请你帮助宇航补全实验步骤。
①先闭合开关S、S1，调节滑动变阻器滑片使电压表示数为U额；
②再断开开关S1，闭合S2，保持滑动变阻器滑片位置不变，读出此时电压表示数为U1；
③待测电阻R= ______(用所测物理量和已知物理量符号表示)。
26.物理学中把机械对重物施加的力与人对机械施加的力的比值叫作机械效益(用“MA”表示)，根据机械效益可以比较省力程度。那么，滑轮组的机械效益与哪些因素有关呢？楚杭提出三个猜想：
猜想一：与物体重力大小有关；
猜想二：与吊起动滑轮的绳子股数有关；
猜想三：与动滑轮重力大小有关；
楚杭组装了如图甲、乙、丙所示的滑轮组，其中图甲、乙中每个滑轮的质量为m1，图丙中每个滑轮的质量m2，m1=2m2，利用这三个滑轮组进行实验，测得5组数据，再将图丙的滑轮先后更换两次，测得2组数据。不计绳重和摩擦，实验数据如下表。
(1)分析1、2、3三次数据可知，其他条件相同时，______越大，滑轮组的机械效益越大，其省的力______(选填“越多、越少或不变”)；
(2)分析数据可知，当其他条件相同时，机械效益与吊起动滑轮绳子股数的定量关系是______；
(3)第______(选填序号)三次实验是为了探究机械效益MA与动滑轮重的关系；
(4)用表格中第7次实验的滑轮组，匀速提升重10N的物体，则该滑轮组的机械效益为______；
(5)同一滑轮组的机械效益增大时，其机械效率______(选填“变小”、“不变”或“变大”)，机械效率与机械效益的比值______(选填“变小”、“不变”或“变大”)。
27.如图1所示是某便携式电炖杯，部分铭牌参数如表所示，用该电炖杯在加热挡煮汤时，当达到一定温度时，温控开关会自动变为保温挡。求：[c汤=4.0×103J/(kg⋅℃)]
(1)电炖杯正常加热时的电流(结果保留到小数点后两位)；
(2)把质量为0.42kg、20℃的汤加热到100℃，如图2所示是电炖杯正常工作过程中汤的温度随时间变化的图像，求该电炖杯在加热过程中的热效率；
(3)断开家中其他用电器，仅用该电炖杯的加热挡工作1min，小华发现家中标有“3000r/(kW⋅ℎ)”的电能表表盘转了18r，通过计算判断此时该电炖杯是否正常加热？
28.如图甲国产某品牌油电混合动力汽车其工作原理如图乙所示。当它以90km/ℎ的速度匀速行驶20min的过程中，燃烧了3kg燃油。发动机和驱动电机同时共同为汽车提供动力，驱动汽车行驶所需的能量为9×107J，其中50%的能量来自燃油燃烧；而发动机内燃油燃烧放出的热量部分用于驱动汽车行驶和对蓄电池充电，其中用于充电的能量为6×106J。设燃油在发动机汽缸内完全燃烧，燃油的热值为5×107J/kg。若普通汽车刹车时动能全部用于克服与地面的摩擦力做功，而该油电混合动力汽车在关闭发动机后，动能除用于克服与地面的摩擦力做功外，其余能量全部通过驱动电机反转为发电机给蓄电池充电。在某次测试时，同样车型的普通汽车和该油电混合动力汽车刚刚关闭发动机后，根据汽车通过路程s时，所对应的动能Ek，作出Ek−s图像如图丙所示。设两车受到的摩擦力大小相等。汽车正常行驶时关闭发动机，直至汽车停止的过程中，通过发电机将动能转化为电能的效率称之为储能效率。
(1)该油电混合动力汽车以90km/ℎ的速度匀速行驶时，受到的阻力为多少N？完全燃烧3kg燃油产生的热量为多少J？发动机的效率为多少？
(2)由图丙可知，表示该油电混合动力汽车进行测试的图线是______(选填“①”或“②”)，判断的依据是油电混合动力汽车把______能转化为______能。该油电混合动力汽车的储能效率为多少？
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A、一支铅笔的长度约为18cm，故A错误；
B、家庭电路的电压为220V，故B错误；
C、冰箱冷冻室的温度为零下，在−12℃左右，故C错误；
D、人正常行走的速度约是1.1m/s≈4km/ℎ，故D正确。
故选：D。
新课程标准要求我们能根据日常经验或自然现象粗略估测一些物理量。例如：长度、质量、时间、温度、力、速度、电功率、电流、电压等。解答估测选择题的方法：利用生活中我们熟悉的一些数据作为根据，进行单位换算，有时要利用基本公式求未知物理量。
本题考查了对长度、电压、温度、速度的估测，注重理论与实际差异的应变能力的培养，体现新课程的基本理念。
2.【答案】C
【解析】解：A、“路人借问遥招手，怕得鱼惊不应人”说明水能传播声音，故A正确；
B、“柴门闻犬吠，风雪夜归人”说明声音可以传递信息，故B正确；
C、“不敢高声语，恐惊天上人”中的“高”是指声音的响度大，故C错误；
D、“姑苏城外寒山寺，夜半钟声到客船”中的“钟声”是根据音色判断的，故D正确。
故选：C。
(1)声音的传播需要介质。
(2)声音可以传递信息。
(3)声音的大小叫响度；响度与发声体的振幅和距离声源的远近有关。
(4)不同的发声体音色不同，音色与发声体的结构和材料有关。
知道声音的传播需要介质；知道声音可以传递信息；知道音调、响度和音色以及它们的影响因素。
3.【答案】C
【解析】解：A、“雷打立春节，惊蛰雨不歇”，雨的形成是由于高空的水蒸气遇冷液化形成的，液化放热，故A错误；
B、物体由液态变成固态的过程叫凝固，冰是水凝固形成的，凝固过程需要放热，故B错误；
C、“春分前后怕春霜，一见春霜麦苗伤”，霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，凝华放热，故C正确；
D、“今冬麦盖三层被，来年枕着馒头睡”，雪是由空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，凝华放热，故D错误。
故选：C。
(1)物质从固态变为液态的过程叫做熔化，物质从液态变为固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态的过程叫做汽化，物质从气态变为液态的过程叫做液化；物质从固态直接变为气态的过程叫升华，物质从气态直接变为固态的过程叫凝华。
(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
4.【答案】B
【解析】解：ABC、投影仪的镜头相当于一个凸透镜，物距在二倍焦距和一倍焦距之间时，像距大于2倍焦距，成倒立放大的实像，其实质是光的折射现象；近视眼镜是凹透镜，故AC错误，B正确；
D、屏幕上的丰富色彩由红、绿、蓝三种色光混合而成，故D错误；
故选：B。
投影仪是利用凸透镜成倒立、放大、实像的原理进行工作的，是光的折射；光的三原色是红、绿、蓝。
本题考查了凸透镜成像情况和应用以及光的三原色，熟练掌握。
5.【答案】D
【解析】解：A、球在空中飞行，处于运动状态，若所有力全部消失，球将做匀速直线运动；如果运动的方向斜向上或者与水平地面平行时，不会落向地面；如果球运动的方向是斜向下，则会落向地面，故A错误；
B、跳远比赛中，运动员需要助跑，是为了利用惯性，跳得更远，而不是增大惯性，故B错误；
C、运动员站在领奖台上，受到的重力与支持力大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在一条直线上，是一对平衡力，而不是领奖台所受的重力与支持力是一对平衡力，故C错误；
D、手握住奖杯悬空不动，重力与摩擦力平衡，若增大握力，手与奖杯之间的摩擦力仍等于重力，大小不变，故D正确。
故选：D。
(1)一切物体不受力时总保持静止或匀速直线运动状态；
(2)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，质量越大，惯性越大；
(3)一对平衡力必须同时符合四个条件：大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在一条直线上；
(4)物体运动状态变化一定受到非平衡力的作用。
此题考查力学的多个知识点；平衡力的辨别、惯性以及力与运动的关系等，是一道综合性较强的题目。
6.【答案】B
【解析】解：
A、骆驼的脚很大，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强的，故A正确；
B、鱼体内的鱼鳔里面是空气，改变体积时不会改变自身质量，但是改变排水量，从而达到改变浮力的目的，控制自身的沉浮，故B错误；
C、啄木鸟的嘴很尖细就是通过减小受力面积的方法来增大压强的，便于凿开树干，吃到里面的虫子，故C正确；
D、雄鹰的翅膀是弧线形的，飞行过程中，翅膀上方空气流速快，压强小，翅膀下方空气流速慢，压强大，翅膀受到上下表面的压力差，不用抖动翅膀也能翱翔天空，故D正确。
故选：B。
(1)压力一定时，增大受力面积可减小压强，减小受力面积的可增大压强；
(2)鱼体内的鱼鳔里面是空气，改变体积可改变自身排水量；
(3)空气流速大的位置，压强小。
本题考查浮力、压强等知识，综合性强，要求我们在生活中就要认真观察，思考身边的物理现象。
7.【答案】B
【解析】解：A、在上浮过程中，在浮出水面前，核潜艇排开海水的体积不变，根据F浮=ρ液gV排可知所受浮力不变，从开始出水面到完全出水面的过程中，排开水的体积逐渐减小，根据F浮=ρ液gV排可知所受浮力减小，故A错误；
B、浸没水中后继续下潜时，排开水的体积不变，根据F浮=ρ液gV排可知所受浮力不变，故B正确；
C、核潜艇下潜时，深度增加，根据p=ρgℎ可知受到海水的压强变大，故C错误；
D、由于悬浮时排开水的体积大于漂浮时排开水的体积，根据F浮=ρ液gV排知悬浮时的浮力大于漂浮时的浮力，故D错误。
故选：B。
(1)根据F浮=ρ液gV排判断浮力的变化；
(2)根据p=ρgℎ判断潜艇下潜过程中，海水对潜艇底部压强的变化；
(3)根据悬浮与漂浮时，潜艇排开水的体积的关系和F浮=ρ液gV排判断潜艇悬浮与漂浮时受到的浮力的大小关系。
本题考查阿基米德原理、物体浮沉条件以及液体压强公式的应用，属于基础知识考查，难度不大。
8.【答案】B
【解析】解：A、本实验是质量相同的物质吸收相等的热量，比较温度升高量来确定物体吸热能力的，不用使水和液体A的初温和末温中至少一项相等，故A错误；
D、由题知，酒精灯单位时间内消耗的酒精量相等，0～4min，水吸收的热量等于液体A吸收的热量，故D错误；
B、0～4min，水吸收的热量等于液体A吸收的热量，即，QA吸=Q水吸=c水mΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×1kg×(40℃−30℃)=4.2×104J，
根据η=Q吸Q放得，Q放=Q吸η=4.2×104J35%=1.2×105J，
根据Q放=mq得，m酒精=Q放q酒精=1.2×105J3×107J/kg=0.004kg=4g，
该酒精灯每分钟消耗酒精的质量为：4g4min=1g/min，故B正确；
C、0～4min，平均每分钟水吸收的热量为4.2×104J4=1.05×104J，0～5min，水吸收的热量为Q水吸′=5×1.05×104J=5.25×104J，
即0～5min，液体A吸收的热量为QA吸′=Q水吸′=5.25×104J，
根据Q吸=c液mΔt得，c液=QA吸′mΔt′=5.25×104J1kg×(40℃−10℃)=1.75×103J/(kg⋅℃)，故C错误。
故选：B。
(1)质量相同的物质吸收相等的热量，温度升高量越小，物质吸热能力越强，物质升高的温度越高，物体吸热能力越弱；不同的物质吸热能力不同，物质的这种特性用比热容来描述；
(2)由题知，酒精灯单位时间内消耗的酒精量相等，0～4min，水吸收的热量等于液体A吸收的热量；
(3)0～4min，水吸收的热量等于液体A吸收的热量，即，QA吸=Q水吸，根据η=Q吸Q放求出Q放，再根据Q放=mq求出燃烧的酒精质量m酒精，则可求出该酒精灯每分钟消耗酒精的质量；
(4)计算出0～4min平均每分钟水吸收的热量，由此计算出0～5min水吸收的热量Q水吸′，即0～5min液体A吸收的热量为QA吸′=Q水吸′，根据Q吸=c液mΔt可求出c液。
本题考查了比热容的计算、吸热和放热公式的应用、效率的计算，考查的知识点较多。
9.【答案】C
【解析】解：A.由图像可知，当甲两端电压为0.5V时，通过它的电流为0.1A，故A错误；
B.由图像可知，当乙两端电压为1V时，通过的电流为0.4A，
由I=UR可得，此时乙的阻值：R乙=U乙I乙=1V0.4A=2.5Ω，故B错误；
C.将甲和乙串联，若电流为0.3A，则通过两电阻的电流均为0.3A，
由图像可知此时U甲′=1.5V、U乙′=0.5V，
由串联电路中总电压等于各分电压之和可知，它们两端的总电压：
U=U甲′+U乙′=1.5V+0.5V=2V，故C正确；
D.若甲和乙并联，若电压为2V，则它们两端的电压均为2V，
由图像可知此时I甲′
故选：C。
(1)根据图像读出甲两端电压为0.5V时通过的电流；
(2)根据图像读出乙两端电压为1V时通过的电流，根据欧姆定律求出其电阻值；
(3)将甲和乙串联，通过两电阻的电流相等，根据图像读出两电阻两端的电压，根据串联电路的电压特点求出它们两端的电压；
(4)将甲和乙并联，它们两端的电压相等，根据图像读出通过两电阻的电流大小关系，根据欧姆定律即可比较电阻的大小。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用，从图像中获取有用的信息是关键。
10.【答案】A
【解析】解：A、当前的核电站是利用原子核裂变释放的能量发电的，故A正确；
B、太阳能和潮汐能都属于可再生能源，核能是不可再生能源，故B错误；
C、电饭锅是电热器，是利用电流热效应工作的，超导体电阻为零，电热器的发热电阻不能使用超导材料，故C错误；
D、汽车上的北斗定位导航系统是利用电磁波进行定位和导航的，故D错误。
故选：A。
(1)获得核能的两种途径：核裂变和核聚变；
(2)像风能、水能、太阳能等可以在自然界里源源不断地得到，把它们称为可再生能源。化石能源、核能等能源会越用用越少，不能在短期内从自然界得到补充，称为不可再生能源；
(3)电热器是利用电流热效应工作的，不能利用超导体制作发热电阻；
(4)北斗定位系统用电磁波定位。
本题考查了能源的分类、核电站的工作原理、电磁波的应用和超导材料的应用，是简单的综合题，属于基础题。
11.【答案】半导体 热传递
【解析】解：(1)硅属于半导体材料，在手机的使用过程中芯片消耗电能；
(2)石墨烯容易将芯片产生的热量快速传导到手机背壳以提高散热效率，这是用热传递的方式改变了芯片的内能。
故答案为：半导体；热传递。
(1)硅导电能力介于导体与绝缘体之间，属于半导体材料；根据手机的使用过程中芯片是否消耗电能即可判断；
(2)改变内能的方式由做功和热传递。
本题考查了物质的性质与物质的用途的关系，难度较小。
12.【答案】不能 倒立缩小的实 上方 上方
【解析】解：(1)紫外线属于不可见光，人眼看不到；
(2)由图和题意可知，该缩图透镜为凸透镜，且要制造出含有众多元件的集成电路，所以可知该凸透镜成倒立、缩小的实像；缩图透镜的焦点在硅片的上方；
(3)这次我国直接从90nm突破到了22nm制程的芯片，如果缩图透镜相同，物体变小了，像变小，则要将掩膜向上移动。
故答案为：(1)不能；(2)倒立缩小的实；上方；(3)上方。
(1)紫外线属于不可见光；
(2)该缩图透镜为凸透镜，且要制造出含有众多元件的集成电路，所以可知该凸透镜成倒立、缩小的实像；
(3)凸透镜成实像时，物远像近像变小。
本题考查了凸透镜成像的应用，解题关键是弄清楚缩图透镜的成像原理。
13.【答案】120 350
【解析】解：设固体浮力材料的体积为V，由粘合剂体积占固体浮力材料总体积的20%可知，粘合剂的体积为0.2V，
因固体浮力材料的质量等于玻璃的质量加上粘合剂的质量，即为：m=m玻璃+m粘剂
所以，由ρ=mV可得：ρV=m玻璃+ρ粘剂V粘剂，
即：0.48g/cm3×V=120g+1.2g/cm3×0.2V，
解得：V=500cm3，
则粘合剂的质量为：m粘剂=ρ粘剂V粘剂=1.2g/cm3×0.2×500cm3=120g，
玻璃球中玻璃的体积为：V玻璃=m玻璃ρ玻璃=120g2.4g/cm3=50cm3，
则这块固体浮力材料中空心部分的体积为：V空=V−V粘剂−V玻璃=500cm3−0.2×500cm3−50cm3=350cm3。
故答案为：120；350。
设固体浮力材料的体积，根据粘合剂体积占固体浮力材料总体积的20%求出粘合剂的体积，固体浮力材料的质量等于玻璃的质量加上粘合剂的质量，根据ρ=mV得出等式即可求出粘合剂体积，根据m=ρV求出粘合剂的质量，根据V=mρ求出玻璃球中玻璃的体积，这块固体浮力材料中空心部分的体积等于固体浮力材料体积减去玻璃体积、粘剂体积。
本题考查了密度公式的灵活应用，利用好“粘合剂体积占固体浮力材料总体积的20%”是关键。
14.【答案】B 水平向后
【解析】解：小敏在运动会上竖直举着班牌匀速前进，若以C为支点时，B处垂直于杠杆向右的力为动力，A处垂直杠杆向左的力为阻力，BC为动力臂，AC为阻力臂；若以B点为支点时，在C处用力，且动力的方向垂直于杠杆水平向后，BC为动力臂，AB为阻力臂；两种情况的动力臂均为BC，但以B为支点，阻力臂较小，根据杠杆的平衡条件知，此时的动力最小。
由于杠杆收到的阻力的方向是水平向后的，所以动力的方向也是水平向后。
故答案为：B；水平向后。
若以B点作为支点，A点受到向后的力为阻力，AB为阻力臂，C点受到的力为动力，要使杠杆处于平衡状态，C点的受力方向向后，BC为动力臂。
本题考查了杠杆的五要素，属于基础知识。
15.【答案】等于；惯性；180。
【解析】解：人蹬地的作用力和地对人的推力是一对相互作用力，这两个力的大小始终相等；
在“立定跳远”起跳后，人不再受到地面的推力，而是由于惯性，仍保持原来的运动状态，所以人会在空中滑翔一段距离；
人的重力：G=mg=60kg×10N/kg=600N，人在重力方向上通过的距离：ℎ=30cm=0.3m，
人克服重力做的功：W=Gℎ=600N×0.3m=180J。
故答案为：等于；惯性；180。
物体间力的作用是相互的，一对相互作用力的大小相等、方向相反，作用在一条直线上、作用在不同物体上。
物体能够保持原来运动状态不变的性质叫做惯性，任何物体都具有惯性。
克服重力做的功等于重力大小与人在重力方向上通过距离的乘积，利用W=Gℎ可进行计算。
本题考查相互作用力、惯性和功的计算，属于综合题。
16.【答案】核聚变 内 不可再生
【解析】解：太阳能是来自太阳内部氢核的聚变释放出的能量，释放的核能又转化为内能，从而获得上亿度的高温。“东方超环”与太阳类似，也是通过核聚变释放能量的，再转化为内能从而获得高温。
核能不能够从自然界源源不断得到补充，属于不可再生能源。
故答案为：核聚变；内；不可再生。
(1)太阳内部进行着核聚变，由氢原子核聚变成氦原子核，释放出核能；
(2)东方超环的反应原理与太阳类似，能量转化是核能转化为内能；
(3)能够源源不断从自然界获得或可以重复利用的能源是可再生能源，不能源源不断从自然界获得或不能重复利用的能源是不可再生能源。
本题考查核能的利用和发展、分类，难度不大，要熟记这些知识。
17.【答案】解：过支点O向力F的作用线作垂线，垂线段长就是力F的力臂L；
压力的作用点在人手与地面接触面上，过作用点作垂直于水平地面向下的力即为人手对地面的压力F压。如图所示：
【解析】已知地面对脚作用力F，支点在手上，过支点作动力作用线的垂线段即可；
根据压力的作用点在接触面上确定压力的作用点，然后根据压力的方向与接触面垂直，再过作用点表示出压力的方向。
本题考查了力臂作图、力的示意图，明确压力的方向与接触面垂直是关键。
18.【答案】
【解析】(1)在烛焰上取一点S，在所成的像上找出其对应的像点S′，连接SS′，其与主光轴的交点O就是凸透镜的光心，由此可以确定凸透镜的位置；
(2)过S点作平行于主光轴的入射光线，经过凸透镜折射后要过S′，折射光线与主光轴的交点就是凸透镜焦点F的位置(因为平行于主光轴的光线经过凸透镜折射后过焦点)；同理可以做出凸透镜左侧的焦点F.如图所示：
选取物体上的一点，找出其对应的像点，结合凸透镜的三条特殊光线：平行于主光轴的，过焦点的；过光心的。利用其对应的入射光线的特点，可以确定凸透镜的位置，焦点的位置。
(1)此题考查了凸透镜的三条特殊光线，凸透镜的光心、焦点的定义、凸透镜成像光路图。
(2)像是由物体烛焰发出的光线经过凸透镜折射会聚而成的，所以对应的物点发出的光线一定全部会聚在像点，从中取几条与焦点、凸透镜位置有关的特殊光线就可以确定焦点已经凸透镜的位置。
19.【答案】解：闭合开关后，由图可知电流从螺线管的左侧流入、右侧流出；右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指指向螺线管的左端为S极，右端为N极；
当小磁针静止时，根据磁极间的作用规律可知，相互靠近的一定是异名磁极，则小磁针的左端为S极，右端为N极；
在磁体周围，磁感线从磁体的N极出发回到S极，所以图中C点的磁场方向是指向左的。如下图所示：
【解析】根据安培定则确定螺线管的N、S极；然后利用磁极间的作用规律确定小磁针的N、S极；在磁体的周围，磁感线从N极流出回到S极。由此可以确定磁场的方向。
对于一个通电螺线管，只要知道电流的方向、线圈的绕法、螺线管的N、S极这三个因素中的任意两个，我们就可以据安培定则判断出另一个。
20.【答案】2.6
【解析】解：用弹簧测力计水平向左拉动一个长方体木块，使其作匀速直线运动，所以拉力和摩擦力是一对平衡力，摩擦力大小等于拉力；由图知，测力计的分度值为0.2N，所以其示数为2.6N.由二力平衡条件得，木块受到的摩擦力也为2.6N。
故答案为：2.6。
做匀速直线运动的物体受到的力平衡力，此实验的思路是让木块保持匀速直线运动。利用二力平衡的条件，通过弹簧测力计的示数来得到摩擦力的大小。弹簧测力计的读数，观察每一个大格和每一个小格代表的示数，从小数字读向大数字。
此题考查的是物理仪器的读数方法和二力平衡知识的应用，在读数前一定要观察仪器的量程和分度值。
21.【答案】337.5
【解析】解：停表的小表盘分度值为0.5min，指针所指时间在5min与6min之间(且超过5.5min)；
大表盘分度值为0.1s，指针所指时间在37.5s处；即停表的读数为5min37.5s=337.5s。
故答案为：337.5。
停表的中间的表盘代表分钟，周围的大表盘代表秒，停表读数是两个表盘的示数之和。
本题考查了秒表的读数，是一道基础题，一定要掌握常用器材的使用及读数方法。
22.【答案】不会
【解析】解：使用试电笔时，用指尖按住上端的金属帽，因试电笔中串联了一个高值电阻，所以有微弱的电流通过人体流向大地，形成通路，但不会发生触电事故。
故答案为：不会。
测电笔的使用方法：笔尖接触被测导线，手接触尾部金属体。
本题考查了对触电的理解以及对测电笔使用方法的掌握，难度不大。
23.【答案】带电体能吸引轻小物体
【解析】解：摩擦过的气球带上电荷，气球靠近易拉罐时，电荷对易拉罐有吸引力，空易拉罐向气球一侧滚动。
故答案为：带电体能吸引轻小物体。
物体相互摩擦可以使物体带电，带电体能吸引轻小物体。
本题考查了摩擦起电现象，属于基础知识的考查。
24.【答案】没有控制水平面上木块的起点位置相同 不能 能 戊 火车上坡过程中一部分动能转化为重力势能，可以降低车速，容易刹车。
【解析】解：(1)根据控制变量法可知探究动能与质量的关系需使小球到达水平面的速度相同，改变质量，还需控制水平面上木块的起点位置相同，所以实验中的不足是没有让木块从同一起点开始；
(2)乙图中弹簧将小球弹开的过程，是弹簧的弹性势能转化为动能的过程；小球推动纸盒移动一段距离后都要停下来，是因为水平面有摩擦力，木块克服摩擦做功，机械能转化为内能；
若水平面绝对光滑，木块就会做匀速直线运动，无法比较木块移动距离的远近，达不到探究目的；
(3)重力势能大小通过木块陷入沙子的深度反应，乙、丙两物体从图示位置由静止释放，分别撞击B、C两木桩使之扎入沙坑的深度相同，说明乙、丙的初始的重力势能相同；
(4)根据动能与重力势能的转化可以知道丁图中火车进站时下坡，这一过程中又有一部分重力势能转化为车的动能，就会使得车速提高，难以刹车，故不合理；
戍图设计中利用车上坡过程中动能转化为重力势能，从而可以降低车速，容易刹车；故戍图设计更合理。
故答案为：(1)没有控制水平面上木块的起点位置相同；(2)不能；摩擦力；(3)能；(4)戊；火车上坡过程中一部分动能转化为重力势能，可以降低车速，容易刹车。
(1)动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。根据控制变量法可知探究动能与质量的关系需使小球到达水平面的速度相同，改变质量，还需控制水平面上木块的起点位置相同，据此分析实验中的不足；
(2)弹簧将小球弹开的过程，弹簧的弹性势能转化为动能；小球推动纸盒移动一段距离后都要停下来，是因为水平面有摩擦力，木块克服摩擦做功；若水平面绝对光滑，木块就会做匀速直线运动，无法比较木块移动距离的远近；
(3)重力势能大小的影响因素：质量、被举的高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。图丙中乙、丙两物块质量不同，被举高度不同，根据控制变量法可知是否能说明乙、丙的初始的重力势能相同；
(4)根据动能与重力势能的转化可以知道丁图中火车进站时下坡，重力势能转化为车的动能，戍图设计中利用车上坡过程中动能转化为重力势能。
本题考查影响动能的因素、影响重力势能的因素、控制变量法的运用以及机械能相互之间的转化。
25.【答案】右 A 9.6 温度 U1−U额I额
【解析】解：(1)由图乙可知，电流表选用小量程串联在电路中，如下所示：
(2)闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应处于阻值最大处，即最右端。
(3)灯在额定电压下正常发光，闭合开关进行实验，移动滑动变阻器的滑片P过程中，她应注视电压表的变化情况，当停止移动滑片P时，她发现电表指针左右摆动，再观察小灯泡也忽明忽暗(小灯泡没有短路)，可知电路时通时断路，其原因可能是滑动变阻器接触不良，故选：A；
(4)排除故障后继续实验，她将得到的数据记录在表格中，当电压表示数为2.5V时，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.26A，则小灯泡正常发光时的电阻为
R=UI=≈9.6Ω；
她发现小灯泡电阻发生了变化，其原因是灯丝电阻受温度的影响。
(5)①先闭合开关S、S1，调节滑动变阻器滑片使电压表示数为U额；
②再断开开关S1，闭合S2，保持滑动变阻器滑片位置不变，读出此时电压表示数为U1；
③在①中，电压表测灯的电压，灯正常发光，在②中，电压表测灯与待测电阻的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，此时定值电阻的电压：U0=U1−U额，待测电阻：R=U1−U额I额。
故答案为：(1)见解答图；(2)右；(3)A；(4)9.6；温度；(5)③U1−U额I额。
(1)由图乙可知，电流表选用小量程串联在电路中；
(2)闭合开关前，为保护电路，滑动变阻器的滑片P应处于阻值最大处；
(3)灯在额定电压下正常发光，据此回答；观察小灯泡也忽明忽暗，电路时通时断路，据此分析；
(4)根据电流表选用小量程确定分度值读数，由欧姆定律得出小灯泡正常发光时的电阻；灯丝电阻受温度的影响；
(5)已知灯的额定电压和额定电流，首先使灯正常发光，先将电压表与灯并联，通过移动滑片的位置，使灯的电压为额定电压；保持滑片位置不动，通过开关的转换，使电压表测灯与定值电阻的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，可求出此时待测电阻的电压，由欧姆定律可求出待测电阻。
本题考查伏安测电阻及在没有电流表的条件下测电阻的方法。
26.【答案】物重 越多 MA=0.8n 5、6、7 2.5 变大 不变
【解析】解：(1)分析1、2、3三次数据可知，其他条件相同时，物重越大，滑轮组的机械效益越大，计算物重与拉力的差可知其省的力越多；
(2)分析2、4、5三次数据可知，当其他条件相同时，机械效益与吊起动滑轮绳子股数的定量关系是MA=0.8n；
(3)根据控制变量法可知探究机械效益MA与动滑轮重的关系需改变动滑轮的重，控制其它条件相同，由题意可知5、6、7三次实验是为了探究机械效益与动滑轮重的关系；
(4)第7次实验中动滑轮的重力：GL=nF−G=4×3.5N−8N=6N，
匀速提升重10N的物体，拉力F′=14(G′+GL)=14×(10N+6N)=4N，
则该滑轮组的机械效益为MA=G′F′=10N4N=2.5；
(5)由题意可知同一滑轮组的机械效益MA=GF=G1n(G+GL)=n×GG+GL，
同一滑轮组的机械效率η=W有W总×100%=GℎFnℎ×100%=GnF=100%=GG+GL×100%，
所以同一滑轮组的的机械效益增大时，其机械效率变大；
机械效率与机械效益的比值ηMA=GG+GLn×GG+GL=1n，同一滑轮组中绳子的股数是一个定值，所以机械效率与机械效益的比值不变。
故答案为：(1)物重；越多；(2)MA=0.8n；(3)5、6、7；(4)2.5；(5)变大；不变。
(1)分析1、2、3三次数据可知，滑轮组的机械效益与物重的关系，计算物重与拉力的差可知其省的力变化；
(2)根据控制变量法可知探究机械效益与吊起动滑轮绳子股数的定量关系需改变绳子的股数，控制其它条件相同，据此选择2、4、5三次数据分析可知，当其他条件相同时，机械效益与吊起动滑轮绳子股数的定量关系；
(3)根据控制变量法可知探究机械效益MA与动滑轮重的关系需改变动滑轮的重，控制其它条件相同，据此选择表格数据；
(4)根据F=1n(G+GL)计算第7次实验中动滑轮的重力，进一步计算该滑轮组匀速提升重10N的物体时的拉力，根据题意计算此次实验的机械效益；
(5)根据题意表示同一滑轮组的机械效益，根据效率公式表示同一滑轮组的机械效率，进一步分析可知同一滑轮组的的机械效益增大时，其机械效率的变化；
进一步表示机械效率与机械效益的比值，同一滑轮组中绳子的股数是一个定值，据此分析机械效率与机械效益的比值的变化。
滑轮组的机械效益与哪些因素有关的实验考查控制变量法、数据的分析、机械效率公式的灵活运用，有难度。
27.【答案】解：(1)由P=UI可知，电炖杯正常加热时的电流为：I=PU=400W220V≈1.82A；
(2)把质量为0.42kg、20℃的汤加热到100℃，汤吸收的热量为：Q吸=c汤m(t−t0)=4.0×103J/(kg⋅℃)×0.42kg×(100℃−20℃)=1.344×105J；
根据图像可知，将汤加热至100℃，需要加热的时间为t′=7min=420s，
此时电流所做的功为：W=Pt′=400W×420s=1.68×105J；
电炖杯在加热过程中的热效率为：η=Q吸W=1.344×105J1.68×105J=80%；
(3)“3000r/(kW⋅ℎ)”表示电路中用电器每消耗1kW⋅ℎ电能，电能表的转盘转过3000圈，
则的电能表表盘转了18r，此时电炖杯消耗的电能：W′=18r3000r/(kW⋅ℎ)=0.006kW⋅ℎ=2.16×104J，
电炖杯的实际功率：，
所以，此时该电炖杯没有正常加热。
答：(1)电炖杯正常加热时的电流为1.82A；
(2)该电炖杯在加热过程中的热效率为80%；
(3)此时该电炖杯不是正常加热。
【解析】(1)根据P=UI计算电炖杯正常加热时的电流；
(2)根据吸热公式Q吸=cm(t−t0)计算汤吸收的热量，根据W=Pt计算电能消耗的电能，根据η=Q吸W计算电炖杯在加热过程中的热效率；
(3)根据电能表常数求出电炖杯消耗的电能，根据P=Wt求出电炖杯的实际功率，据此判断是否正常工作。
本题考查对电能表参数的理解、吸热公式、电功公式、电功率公式以及效率公式的应用，属于电热综合题，难度不大。
28.【答案】① 动 电
【解析】解：(1)汽车行驶的路程：s=vt=90km/ℎ×2060ℎ=30km=3×104m；
由W=Fs得：F=Ws=9×107J3×104m=3000N；
因为汽车做匀速直线运动，处于力的平衡状态，所以f=F=3000N；
燃油燃烧放出的热量：Q放=mq=3kg×5×107J/kg=1.5×108J；
发动机为汽车提供部分动力的能量：W1=9×107J×50%=4.5×107J；
发动机对蓄电池充电的能量：W2=6×106J；
发动机用来做有用功的能量：W=W1+W2=4.5×107J+6×106J=5.1×107J；
发动机的效率为：η=WQ放×100%=5.1×107J1.5×108J×100%=34%；
(2)由于油电混合动力汽车克服摩擦做功比普通汽车克服摩擦做功更少，动能除用于克服与地面的摩擦力做功外，其余能量全部通过驱动电机反转为发电机给蓄电池充电，所以油电混合汽车关闭发动机后滑行的距离更短。所以应该是图丙中的①图线；
普通汽车克服摩擦所做的功：W普=Ek=4×105J；
由W=fs可知，汽车的摩擦力：f=W普s普=4×105J80m=5000N；
油电混合汽车克服摩擦所做的功：W混=fs混=5000N×30m=1.5×105J；
发电机将动能转化为电能：W电=EK−W混=4×105J−1.5×105J=2.5×105J；
储能效率：η=W电EK×100%=2.5×105J4×105J×100%=62.5%。
答：(1)受到的阻力为3000N；完全燃烧3kg燃油产生的热量为1.5×108J；发动机的效率为34%；
(2)①；动；电；62.5%。
(1)根据速度公式s=vt算出以90km/ℎ的速度匀速行驶30min的过程中通过的路程；根据W=Fs算出汽车受到的牵引力，再根据二力平衡条件求出匀速直线运动时受到的阻力；根据Q放=mq计算出燃油燃烧放出的热量；η=WQ放×100%(其中W包括为汽车提供部分动力的能量和对蓄电池充电的能量)；
(2)普通汽车正常行驶时关闭发动机，直至汽车停止的过程中，克服摩擦做功，动能全部转化为内能，油电混合动力汽车正常行驶时关闭发动机，直至汽车停止的过程中，动能一部分用于克服摩擦做功转化为内能，一部分转化为电能，所以，油电混合动力汽车克服摩擦做功比普通汽车更少；
根据EK−s图像可知对应的动能，由W=fs求出汽车的摩擦力，再求出油电混合汽车克服摩擦所做的功；由W电=EK−W混求出发电机将动能转化为电能的多少，最后根据η=W电EK×100%求出储能效率。
这是一道力热综合题，虽然是一道填空题，但是涉及的知识点较多，综合性很强，计算量也较大，难度较大。此题考查了学生从材料获取信息的能力和对功的计算公式运用及其灵活变形的能力等。序号
U/V
I/A
R/Ω
1
1.0
0.18
5.6
2
1.5
0.22
6.8
3
2.0
0.24
8.3
4
2.5
序号
物重G/N
吊起动滑轮的绳子股数n
拉力F/N
机械效益MA
1
6
2
4.0
1.5
2
8
2
5.0
1.6
3
10
2
6.0
1.7
4
8
3
3.3
2.4
5
8
4
2.5
3.2
6
8
4
3.0
2.7
7
8
4
3.5
2.3
额定电压
220V
加热功率
400W
保温功率
100W
频率
50Hz
容量
700mL
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