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2023-2024学年四川省广安市友谊实学校九年级（下）第一次月考物理试卷（含解析）
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这是一份2023-2024学年四川省广安市友谊实学校九年级（下）第一次月考物理试卷（含解析），共22页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.生活处处有物理，下列生活常识最接近实际的一项是( )
A. 教室门的高度为2.2mB. 家用节能灯的工作电流为1A
C. 人体感觉舒适的室温为37℃D. 一个篮球的质量是100g
2.白居易的《琵琶行》中“曲终收拨当心画，四弦一声如裂帛”是对琵琶声的形象描述。下列对琵琶弹奏中涉及到的声学知识描述不正确的是( )
A. 用力拨动琴弦，可以增大琴声的响度
B. 琴声的音调越高，在空气中的传播速度越快
C. 琴声引起了诗人的共鸣，说明声音可以传递信息
D. 琴声通过空气传入诗人的耳朵
3.如图所示为一种夏季使用的汽车冰凉座垫，它通过生物冰快速激发成型技术研制而成。座垫内物质通常情况下为固态，人坐上去时，座垫内物质就会慢慢转变为液态，但温度保持不变。此过程可持续数小时，人坐在上面会感觉凉爽。下列有关分析正确的是( )
A. 座垫内物质是非晶体
B. 座垫内物质熔点高于人体温度
C. 人坐上去时座垫内物质吸收热量
D. 人坐上去时座垫内物质发生了液化现象
4.2023年5月30日9时31分，我国在酒泉卫星发射中心，利用长征二号F火箭成功发射神舟十六号载人飞船，16时26分飞船与空间站顺利对接，标志中国空间站进入了应用和发展阶段。下列说法中正确的是( )
A. 火箭升空时机械能守恒
B. 空间站由于惯性绕地球运动
C. 火箭利用液态氢做燃料，是因为液态氢的密度小
D. 火箭向下喷火使其升空，是由于力的作用是相互的
5.以下是课本中研究电和磁的四个实验装置图，下列对四幅图的解读正确的是( )
A. 甲图是探究磁场对电流的作用，是电动机的工作原理
B. 乙图是探究磁场对电流的作用，是电磁铁的工作原理
C. 丙图是探究的电磁感应现象，是电动机的工作原理
D. 丁图是探究的电磁感应现象，是发电机的工作原理
6.如图是某小区使用的一种垃圾投放装置的示意图，人向下拉吊把就能打开垃圾桶桶盖，非常方便、卫生。下列说法正确的是( )
A. 装置中的滑轮是动滑轮
B. 装置中的滑轮改变了力的方向
C. 绳子拉起桶盖时，桶盖可视为费力杠杆
D. 蓝色垃圾桶看起来是蓝色，是因为它吸收蓝光
7.为了探究平面镜成像特点，小明准备了图甲所示的实验器材并进行实验，以下说法中错误的是( )
A. 为了便于找到像的位置，实验时应该选择器材G
B. 为了比较像与物的大小关系，应选BC两支蜡烛
C. 坐在任意位置的同学都可以看到蜡烛在平面镜中的像
D. 从平面镜中看到墙上钟的像如图乙所示，这时的时间是10：35
8.如图所示，是一种自动测定油箱内油面高度的装置，R是转动式变阻器，它的金属滑片P是杠杆的一端，下列说法正确的是( )
A. 油位越高，R两端的电压越大B. R、R0在电路中是并联的
C. 油位越高，流过R的电流越大D. 油量表是由电流表改装而成的
9.小林家卫生间的铝合金吊顶因与导线绝缘皮破损处接触而漏电，维修工人用试电笔接触吊顶检查时发现：只闭合开关S1，电动机M正常工作，吹冷风，试电笔氖管不发光；同时闭合开关S1、S2，电动机M和电热丝R都能正常工作，吹热风，试电笔氖管发光；只闭合开关S2，电动机M和电热丝R均不工作，试电笔氖管不发光。选项图中，关于电路连接方式以及与铝合金吊顶接触的导线破损处的描述最合理的是( )
A. B.
C. D.
10.如图所示电路中，电源电压6V恒定不变，电流表的量程是0～0.6A，电压表的量程是0～3V，小灯泡上标有“2V，1W”(灯丝电阻不变)，滑动变阻器标有“20Ω，1A”。闭合开关S，移动滑动变阻器的滑片P，在不损坏电路元件的前提下，电流表、电压表示数的范围分别是( )
A. 0.25A～0.6A，1V～2VB. 0.3A～0.5A，1V～1.5V
C. 0.25A～0.5A，1.5V～2VD. 0.25A～0.5A，1V～2V
11.一个未装满饮料的密闭瓶子，正立放在桌面上如图甲所示，饮料对瓶底的压力为F甲，瓶子对桌面的压强为p甲；倒立放在桌面上如图乙所示，饮料对瓶盖的压力为F乙，瓶子对桌面的压强为p乙。则下列关系式正确的是( )
A. F甲=F乙；p甲>p乙B. F甲>F乙；p甲=p乙
C. F甲>F乙；p甲12.用如图甲所示的装置来探究滑轮组的机械效率η与物重G物的关系，改变G物，竖直向上匀速拉动弹簧测力计，计算并绘出η与G物的关系如图乙所示，若不计绳重和摩擦，则下列说法正确的是( )
A. 此滑轮组动滑轮的重为5N
B. 当G物=15N时，滑轮组机械效率为η=75%
C. 同一滑轮组的机械效率η随G物的增大而增大，最后等于100%
D. G物不变，改变图甲中的绕绳方式，滑轮组的机械效率仍不改变
二、填空题：本大题共5小题，共10分。
13.有些人的眼睛只能看清远处的物体，而不能看清近处的物体，这样的眼睛需佩戴______(选填“凸透镜”或“凹透镜”)矫正。这种透镜对光有______作用。
14.如图所示，用F=100N的水平力把重20N的物体压在竖直墙壁上静止不动，物体受到的摩擦力大小为______N，摩擦力方向______(选填“竖直向上”或“竖直向下”)。
15.如图所示，在我国“2022巅峰使命”珠峰科考中，极目一号Ⅲ型浮空艇到达海拔9032m的高度，对珠峰地区气候进行数据测量。浮空艇能升空是因为内部充入了密度比空气密度______的气体，在上升过程中，浮空艇受到的大气压强越来越______。(两空均选填“大”或“小”)
16.如图甲所示，AB为轻质杠杆，AC为轻质硬棒且与力传感器相连，图乙是物体M从A点开始向右匀速运动的过程中力传感器读数大小与时间的关系图像，则物体M的质量大小是______g；已知OA的长度为30cm，OB足够长，AC能承受的最大弹力大小为15N，若要杠杆不断，则物体从A点开始运动的时间最长为______s(g取10N/kg)。
17.某品牌电热水杯如图甲所示，水杯容量为330mL，有高、中、低三个加热挡位，乙图为其工作电路简图，其中U恒为220V，R1=200Ω，R2=550Ω，则中温挡功率为______W；若该电热水杯加热效率为90%，则用高温挡将满杯水从20℃加热到98℃，需要______s。[ρ水=1.0×103kg/m3,c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
三、作图题：本大题共3小题，共3分。
18.图中利用羊角锤撬钉子，在锤柄A点处画出所施加的最小动力F和其力臂l。
19.闭合开关，通电螺线管附近的小磁针方向如图所示，请在图中括号内标出电源的极性(“+”或“−”)，并标出磁感线的方向。
20.如图所示，一束光从水里斜射入空气中，请在图中画出反射光线和大致的折射光线。
四、实验探究题：本大题共3小题，共15分。
21.在“探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验中，让不同质量的钢球从斜槽同一高度由静止开始滚下，将静止在水平面上的木块撞出一段距离，如图所示。
(1)在钢球从斜槽滚下的过程中，钢球的重力势能转化为______。
(2)实验表明，钢球质量越大，将木块撞得越远，对木块做功越______。钢球的动能就越______。
(3)在水平面上，被撞出的木块由于受到______力的作用而停下。假如水平面光滑且足够长，它将做______直线运动。
22.小雨在做“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验时，结合生活中的现象，猜想影响滑动摩擦力大小的因素可能有：猜想一：接触面所受的压力大小；猜想二：接触面的粗糙程度。
(1)如图甲所示，将一个木块放在水平长木板上，用弹簧测力计沿水平方向______拉动，根据______可知滑动摩擦力的大小等于拉力的大小；
(2)如图乙所示，在木块上放一个重物，重复上面的操作。比较甲、乙两图中弹簧测力计的示数，可探究滑动摩擦力大小与______的关系；
(3)如图丙所示，将木块放在毛巾上，重复上面的操作。比较甲、丙两图可得出：压力大小相同时，______，滑动摩擦力越大。
23.小丽在“测量小灯泡的电功率”实验中，实验器材有：电压恒为3V的电源一个、小灯泡(额定电压为2.5V)、电压表、电流表、滑动变阻器、开关各一个，导线若干。
(1)如图甲所示是小丽连接的实物电路，图中有一根导线连接错误，请你在连接错误的导线上打“×”并补画出正确的连线；
(2)连接电路过程中，开关应该______(选填“断开”或“闭合”)，滑动变阻器的滑片应该移动到______(选填“最左”或“最右”)端；
(3)正确连接电路后闭合开关，发现灯泡不亮，电流表无示数，电压表有示数，则电路的故障可能是______；(填选项符号)
A.灯泡短路
B.灯泡断路
C.滑动变阻器短路
D.滑动变阻器断路
(4)电路故障排除后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，电流表指针如图乙所示，则此时通过小灯泡的电流是______A；
(5)根据记录的多组I−U数据，画出了小灯泡中电流随其两端电压变化的关系图象(如图丙所示)，则小灯泡的额定功率为______W；
(6)根据小灯泡的I−U图象(如图丙)，分析出小灯泡的电阻随两端电压的增大而______(选填“增大”、“不变”或“减小”)。
五、计算题：本大题共3小题，共16分。
24.小红一家到某基地露营时，用火炉将质量为2kg、初温为20℃的水加热到60℃，燃烧了100g木炭。已知：水的比热容c水=4.2×103J/(kg⋅℃)，木炭的热值q=3.36×107J/kg。求：
(1)水吸收的热量；
(2)该火炉烧水的热效率。
25.如图所示，灯泡L标有“6V，3W”的字样，定值电阻R=10Ω，滑动变阻器R1的最大阻值为20Ω，闭合开关S。将开关S1拨至2，滑片P移至a端，灯泡正常发光。
(1)求灯泡正常发光时的电流；
(2)滑片P移至b端，开关S1拨至1，求定值电阻R工作10min产生的热量；
(3)接着将开关S拨回2，电流表示数为0.24A，求此时灯泡的功率。
26.如图甲，将重为8N的物体A放在装有适量水的杯中，物体A漂浮于水面，浸入水中的体积占总体积的45，此时水面到杯底的距离为20cm。如果将一小球B用体积和重力不计的细线系于A下方后，再轻轻放入该杯水中，静止时A上表面与水面刚好相平，如图乙所示。已知ρB=1.8×103kg/m3，求：
(1)物体A的密度；
(2)小球B的体积。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A、教室门的高度大于人的身高，约为2.2m，故A符合实际；
B、家用节能灯的功率约为40W，其工作电流约为I=PU=40W220V≈0.2A，故B不合实际；
C、人体感觉舒适的室温约为23℃左右，故C不合实际；
D、一个篮球的质量在500g左右，故D不合实际。
故选：A。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。
2.【答案】B
【解析】解：A.用力拨动琴弦，增大振动幅度，故可以提高振幅，从而提高声音的响度，故A正确；
B.声音的传播速度还与介质的温度有关，与声音的音调、响度、音色无关，故B错误。
C.琴声引起了诗人的共鸣，说明声音可以传递信息，故C正确；
D.琴声通过空气传入诗人的耳朵，故D正确；
故选：B。
(1)声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。
(2)声音传播需要介质，声音在不同介质中的传播速度不同，一般说，声音在固体中传播的最快，在液体中次之，在气体中最慢，真空不能传声；声音的传播速度还与介质的温度有关。
(3)声音可以传递信息和能量。
本题考查了声音三个特征的影响因素、声音的传播、声音的利用，以及声音的传播速度等。属于基础性习题，掌握基础知识很重要。
3.【答案】C
【解析】解：A、座垫内物质就会慢慢转变为液态，但温度保持不变，是晶体熔化的特征，所以座垫内物质是晶体，故A选项错误；
B、坐垫内物质能从人身体吸热熔化，说明人的体温高于该物质的熔点，故B选项错误；
C、熔化过程需要吸热，是坐垫内的物质从人的身体吸热，故C选项正确；
D、人坐上坐垫，坐垫内的物质从固态变为液态，是熔化过程，故D选项错误。
故选：C。
(1)晶体在熔化过程中温度保持不变，非晶体的熔化过程中温度升高；
(2)晶体熔化的条件是：温度达到熔点，且能继续吸热；
(3)熔化过程是吸热过程；
(4)物质从固态变为液态的过程叫熔化。
此题考查了对晶体、非晶体熔化或凝固过成的分析，根据温度的变化趋势判断出熔化或凝固。
4.【答案】D
【解析】解：
A、火箭升空时，动能和重力势能都变大，机械能变大，所以机械能不守恒，故A错误；
B、空间站受到地球的引力作用而绕地球运动，故B错误；
C、现代火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量，故C错误；
D、火箭向下喷火，由于物体间力的作用是相互的，火会给火箭一个向上的力，使其升空，故D正确。
故选：D。
(1)根据火箭机械能的变化分析；
(2)物体有保持原来运动状态不变的性质叫做惯性；
(3)火箭选用液态氢做燃料，主要是因为液态氢具有较大的热值；
(4)物体间力的作用是相互的。
本题考查了机械能的变化、惯性、热值、物体间力的作用是相互的，属于基础题。
5.【答案】D
【解析】解：A、奥斯特实验说明通电导线的周围存在磁场，揭示了电可以生磁，电磁继电器应用了这一原理，故A错误；
B、两个电磁铁串联，通过的电流相等，线圈匝数不同，吸引大头针的数目不同，是探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，故B错误；
C、该实验装置是用来研究通电导线在磁场中受力的作用的实验，故C错误；
D、该实验装置是用于研究感应电流的实验，闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中才会产生感应电流，将机械能转化为电能，发电机就是应用了这一原理，故D正确。
故选：D。
(1)奥斯特实验说明通电导线的周围存在磁场，磁场的方向与电流的方向有关；
(2)图中的实验装置是研究电磁铁磁性强弱的决定因素，根据图示的现象与其决定因素联系起来即可判断；
(3)通电导体在磁场中受到力的作用，电动机就是利用这个原理制成的；
(4)闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流，发电机就是利用这个原理制成的。
本题考查发电机利用电磁感应现象原理，带电动机的用电器利用通电导体在磁场中受力原理以及电磁铁，难度不大。
6.【答案】B
【解析】解：AB、由图可知，垃圾桶盖使用过程中，滑轮轴固定不动，所以该装置中的滑轮为定滑轮；定滑轮实质相当于等臂杠杆，不省力，可以改变力的方向，故A错误，B正确；
C、由图可知，垃圾桶盖使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故C错误；
D、蓝色垃圾桶只能反射太阳光中的蓝色光，蓝色光进入人的眼睛，人感觉垃圾桶是蓝色的，故D错误。
故选：B。
(1)定滑轮实质相当于等臂杠杆，不省力，可以改变力的方向；动滑轮使用时，滑轮随重物一起移动；动滑轮实质是动力臂为阻力臂二倍的杠杆，省12力多费1倍距离；
(2)三种杠杆：①省力杠杆：动力臂大于阻力臂，省力但费距离；②费力杠杆：动力臂小于阻力臂，费力但省距离；③等臂杠杆：动力等于阻力臂，不省力，也不费力；
(3)不透明物体的颜色是由它反射的色光决定的。
本题考查定滑轮的特点和杠杆的分类以及物体的颜色等知识，属于基础知识的考查。
7.【答案】C
【解析】解：A、用透明的玻璃板代替平面镜，虽然成像不太清晰，但是在物体一侧能看到物体的像，同时还能看到代替物体的另一个物体，便于确定像的位置。因此实验时，小明应选G作为平面镜。故A正确；
B、实验中选择相同的BC两个蜡烛，其中一支点燃，是为了便于比较物像大小关系，故B错误；
C、根据平面镜成像的原理，知道是由于光的反射形成的，我们看到了像是因为看到了由镜面反射的反射光线，而像就在反射光线的反向延长线上，坐在任意位置的同学不能都看到蜡烛在平面镜中的像。故C错误；
D、根据镜面对称的性质，在平面镜中的像与现实中的事物恰好左右颠倒，且关于镜面对称，分析可得：图中显示的时间10：35.故D正确。
故选：C。
(1)在实验中选玻璃板是为了准确确定像的位置，便于比较像与物的大小，达到理想的实验效果。
(2)物体在平面镜成像，像的大小跟物体到平面镜大小、物体到平面镜的距离都没有关系。像的大小只跟物体大小有关，物像连线与镜面垂直。
(3)探究平面镜成像实验中，选择两个完全相同的蜡烛，是为了便于比较物像大小关系。
(4)像与物关于平面镜对称。
本题主要考查了平面镜成像特点的实验及其应用。这是光学中的一个重点，也是近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用。
8.【答案】A
【解析】解：A、串联电路中电阻起分担电压的作用，电阻越大，分担的电压越大，油量表的示数越大，电路中的电流也越小。所以油面越高，浮子上升，滑片上移，滑动变阻器连入电路的电阻越大，分担的电压越大，油量表的示数越大。
B、R和R0在电路中是串联的。
C、油面越高，浮子上升，滑片上移，滑动变阻器连入电路的电阻越大，根据欧姆定律知电流越小。
D、油量表和滑动变阻器是并联的，油量表是电压表。
故选：A。
根据电压表并联在电路中，电流表串联在电路中，油量表和滑动变阻器并联，可以判断油量表是电压表。
油面越高，浮子上升，滑片上移，滑动变阻器连入电路的电阻越大，电流越小。
串联电路中电阻起分担电压的作用，电阻越大，分担的电压越大，所以油面越高，浮子上升，滑片上移，滑动变阻器连入电路的电阻越大，油量表的示数越大。
本题根据油量表并联在电路中，可以判断油量表是电压表；根据串联电路中电阻越大分担的电压越大，可以判断电压表的示数变大；根据欧姆定律，电压不变，电阻越大，电路中的电流越小。
9.【答案】B
【解析】解：由题意可知，只闭合开关S1，电动机M正常工作，吹冷风，同时闭合开关S1、S2，电动机M和电热丝R都能正常工作，吹热风，说明电动机M和电热丝R是并联关系，开关S1在干路上，开关S2在支路上，控制电热丝R，只闭合开关S1时，试电笔接触吊顶破损处，氖管不发光，同时闭合开关S1、S2时，试电笔接触吊顶破损处，氖管发光，说明破损处与电热丝R在同一支路上。
故选：B。
(1)并联电路的工作特点，各用电器独立工作，互不影响；
(2)使用试电笔时，笔尖接触导线，手接触笔尾金属体，当接触火线时氖管会发光。
本题考查的是串并联电路的判断和电路故障的分析，难度不大。
10.【答案】D
【解析】【分析】
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是根据灯泡的额定电流确定电路中的最大电流和电压表的最大示数。
由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流；
(1)根据P=UI求出灯泡的额定电流，比较灯泡的额定电流和电流表的量程以及变阻器允许通过的最大电流确定电路中的最大电流，然后得出电压表的最大示数；
(2)根据欧姆定律求出灯泡的电阻，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小、电压表的示数最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的最小电流，然后求出电压表的示数，进一步得出电表的取值范围。
【解答】
解：由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流；
由P=UI可得，灯泡的额定电流：IL=PLUL=1W2V=0.5A；
因串联电路中各处的电流相等，且灯泡的额定电流为0.5A，电流表的量程为0～0.6A，变阻器允许通过的最大电流为1A，所以，电路中的最大电流I大=0.5A，则灯泡两端电压表的示数最大UL大=2V，电流表的最大示数为0.5A；
由I=UR可得，灯泡的电阻：RL=ULIL=2V0.5A=4Ω，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电压表的示数最小，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的最小电流：I最小=URL+R最大=6V4Ω+20Ω=0.25A，则电流表的取值范围为0.25A～0.5A，电压表的最小示数：UL小=I小RL=0.25A×4Ω=1V，则电压表的取值范围为1V～2V，故D正确，ABC错误。
故选：D。
11.【答案】C
【解析】解：(1)正放时，瓶中的饮料柱是上下粗细相同，所以瓶底受到的压力等于瓶中液体的重力；
倒放时，一部分饮料压的是瓶子壁，瓶中的饮料柱下细上粗，所以瓶底受到的压力小于饮料的重力；因此F甲>F乙；
(2)饮料瓶对桌面的压力等于瓶子与饮料的重力之和，无论正放，还是倒放瓶子与饮料的重力不变，对桌面的压力不变，即F′甲=F′乙；倒放时受力面积S减小，根据p=FS可知，压强增大，即p甲故选：C。
(1)饮料对杯底的压力，可以根据饮料产生的压力和饮料重力的关系进行分析，注意上下粗细一样的容器中，饮料对容器底的压力等于饮料的重力；上面粗、下面细的容器中饮料对容器底的压力小于饮料的重力；上面细、下面粗的容器中饮料的压力大于饮料的重力；
(2)瓶子对桌面的压力等于瓶子与饮料的重力之和；根据p=FS分析瓶子对桌面的压强变化。
本题考查了压力和压强的大小比较，关键是分析出两种放置方式中液体深度和压力的变化，要注意水平面上物体的压力和自身的重力相等。
12.【答案】D
【解析】解：
A、由图可知，G物1=12N时，滑轮组的机械效率η1=80%，
不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率η=W有用W总=GhGh+G动h=GG+G动，
即：80%=12N12N+G动，
解得动滑轮重力：G动=3N，故A错误；
B、同理可得，当G物=15N时，滑轮组的机械效率：η′=G物G物+G动=15N15N+3N×100%≈83.3%，故B错误；
C、由图象可知，同一滑轮组机械效率η随G物的增大而增大；但使用滑轮组时，不可避免地要克服动滑轮重做额外功，所以总功一定大于有用功；由公式η=W有用W总知机械效率一定小于100%，故C错误；
D、不计绳重和摩擦，G物不变，改变图甲中的绕绳方式，由公式η=G物G物+G动可知，该滑轮组的机械效率不变，故D正确。
故选：D。
(1)由图知，提升重物为12N时，滑轮组的机械效率为80%，不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率η=W有用W总=GhGh+G动h=GG+G动，据此求动滑轮重力；
(2)不计绳重和摩擦，再利用η=W有用W总=GhGh+G动h=GG+G动求当G物=15N时滑轮组机械效率；
(3)使用滑轮组时，不计绳重和摩擦，提升重物时，不得不提升动滑轮做额外功，使得有用功总是小于总功，滑轮组的机械效率总是小于1；
(4)不计绳重和摩擦，G物不变，改变图甲中的绕绳方式，由公式η=G物G物+G动分析机械效率的变化情况。
本题考查有用功、机械效率的大小比较和机械效率的计算。要利用好关系式：不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率η=W有用W总=GhGh+G动h=GG+G动。
13.【答案】凸透镜 会聚
【解析】解：有些人的眼睛只能看清远处的物体而看不清近处的物体，说明此人是远视眼，需要配戴凸透镜进行矫正，利用凸透镜对光的会聚作用，把光线的会聚点移到视网膜上，呈现一个清晰的像。
故答案为：凸透镜；会聚。
远视眼看不清近处的物体，需要佩戴远视眼镜来矫正。
本题考查人眼的成像原因，以及近视眼的矫正方法，都需要学生熟练掌握。
14.【答案】20 竖直向上
【解析】解：由于物体静止，所以受到的是平衡力。对物体进行受力分析可得：物体受到的压力与支持力是平衡力，大小都是50N。物体重力与摩擦力是平衡力，大小都是20N，摩擦力的方向与重力方向相反，应为竖直向上；
故答案为：20；竖直向上。
二力平衡的条件是两个力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在同一个物体上。
物体受平衡力时，处于平衡状态，即匀速直线运动或静止状态。根据平衡状态，分析具体的情况。
本题考查学生对二力平衡条件的掌握情况，难度不大。
15.【答案】小 小
【解析】解：(1)浮空艇能升空是因为内部充入了密度比空气密度小的气体，同体积的该气体与空气相比，其质量小、重力小，则浮空艇受到的浮力大于重力而升空；
(2)由于大气压随高度增加而减小，所以在上升过程中，浮空艇的高度增大，受到的大气压强越来越小。
故答案为：小；小。
(1)浸在液体(或气体)中的物体都受到液体(或气体)对它施加的竖直向上的浮力，当物体受到的浮力大于重力或者物体密度小于液体(或气体)密度时，物体上浮；
(2)大气压随高度增加而减小。
本题考查了对浮力知识的理解，对大气压与高度关系的认识，属基础题。
16.【答案】1000 12.5
【解析】解：(1)由乙图知，M在A点时，传感器受到的压力是F=10N，
物体M在A点，传感器受到的力的大小等于M重力大小，
则M受到的重力G=F=10N，则M的质量为m=Gg=10N10N/kg=1kg=1000g。
(2)由乙图知，当M运动到支点O时，传感器受到的力是0，用时5s，OA=30cm，
则M的运动速度v=OAt=30cm5s=6cm/s。
当M运动到支点O的右端时，传感器的最大弹力是F′=15N，此时M距离支点O距离为L，
根据杠杆平衡条件得：F′×OA=G×L，
代入数据有：15N×30cm=10N×L，
解得：L=45cm，
则M运动距离为s′=OA+L=30cm+45cm=75cm，
由速度公式得，则M运动的时间t′=s′v=75cm6cm/s=12.5s。
故答案为：1000；12.5。
(1)物体M在A点，传感器受到的力的大小等于M重力大小，求出M的重力，求出M的质量；
(2)知道AC能承受的最大弹力，知道OA的长度，知道M的重力，根据杠杆平衡条件求出M运动到最右端时距离O的长度；
知道M从A点运动到O点的时间和距离，根据速度公式求出M的运动速度；
知道M的运动距离和运动速度，根据速度公式求出M的运动时间。
本题考查了杠杆平衡条件、速度的计算、重力计算等，是力学综合习题，有一定的难度。
17.【答案】242 364
【解析】解：由乙图可知，只闭合开关S1，电路为R1的简单电路，只闭合开关S2，电路为R2的简单电路，两开关同时闭合，两电阻并联接入电路，R1=200Ω，R2=550Ω，并联电路总电阻小于任何一个分电阻，根据P=UI=U2R可知两开关同时闭合时为高温挡，只闭合开关S1时为中温挡，只闭合开关S2时为低温挡，
则中温挡功率为：P1=U2R1=(220V)2200Ω=242W；
满杯水的质量：m=ρV=1.0×103kg/m3×330×10−6m3=0.33kg，
满杯水从20℃加热到98℃吸收的热量：Q=cmΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×0.33kg×(98℃−20℃)=108108J，
消耗的电能：W=Qη=108108J90%=120120J，
需要的时间：t=WP高=WP1+P2=WP1+U2R2=120120J242W+(220V)2550Ω=364s。
故答案为：242；364。
由乙图可知，只闭合开关S1，电路为R1的简单电路，只闭合开关S2，电路为R2的简单电路，两开关同时闭合，两电阻并联接入电路，根据并联电路电阻规律结合电功率公式P=UI=U2R可知高、中、低三个加热挡位的电路结构，根据P=U2R进一步计算中温挡功率；
根据m=ρV计算满杯水的质量，根据Q=cmΔt计算满杯水从20℃加热到98℃吸收的热量，根据效率公式计算消耗的电能，根据t=WP计算需要的时间。
本题考查密度公式、热量公式、效率公式、电功率公式的灵活运用，分清电路结构是解题的关键。
18.【答案】解：力臂越长越省力，最长的力臂即支点与作用点的连线，连接OA即为最长力臂l，然后根据力臂的画法作出垂直于力臂的作用力F即可，如下图所示：
。
【解析】由杠杆的平衡条件可知，当动力臂最大时，动力最小，即最省力。连接支点和力的作用点A即是最大动力臂，当作用力与之垂直时，作用力最小。
求最小的力是常见的题型，关键是要找到离支点最远的点从而做出最长的力臂。
19.【答案】解：①由图可知，小磁针静止时的右端为N极，根据异名磁极相互吸引、同名磁极相互排斥，则通电螺线管左端为S极，右端为N极。
②因为在磁体外部，磁感线总是从N极发出，回到S极，所以磁感线的方向是指向左的。
③根据安培定则，伸出右手使大拇指指示螺线管的下端N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流从螺线管的左端流入，则电源的左端为正极，右端为负极。如图所示：
【解析】①知道小磁针静止时N极的指向，根据磁极间的相互作用判断出通电螺线管的磁极。
②根据通电螺线管的磁极判断出磁感线的方向。在磁体外部，磁感线总是从N极发出、回到S极。
③根据安培定则判断出电流的方向，确定电源的正负极。
本题属于安培定则的简单应用，安培定则不但可以由电流方向和线圈绕向判断磁极，也可根据磁极和线圈的绕向判断电流方向。
20.【答案】解：过入射点O作法线，根据光由水中斜射入空气中时，折射角大于入射角，在法线右侧的空气中画出折射光线，如图所示：
【解析】发生折射时，折射光线和入射光线、法线在同一平面内，折射光线和入射光线分居在法线两侧，光从其他介质斜射入空气中时，折射光线远离法线偏折，折射角大于入射角，由此作图即可。
本题考查根据光的折射规律作图，掌握发生折射时折射角与入射角的大小关系是关键，注意作图要规范。
21.【答案】动能 多 大 阻 匀速
【解析】解：(1)钢球从斜槽中滚下的过程中，高度降低、速度增大，所以重力势能转化成动能；
(2)钢球质量越大，木块被撞得越远，表明钢球对木块做的功越多，钢球的动能就越大；
(3)木块最终会停下来是因为受到阻力的作用；
如果水平面是绝对光滑且足够长的，没有阻力作用，木块被撞击后将做匀速直线运动。
故答案为：(1)动能；(2)多；大；(3)阻；匀速。
(1)影响动能的因素是质量和速度，影响重力势能的因素是质量和高度，二者可以相互转化；
(2)影响滑动摩擦力大小的因素是压力和接触面的粗糙程度，据此判断；
(3)力是改变物体运动状态的原因；
如果水平面绝对光滑，木块被撞击后将做匀速直线运动。
明确本实验中研究动能大小的决定因素时运用了控制变量法，反映动能多少时运用了转换法。
22.【答案】匀速 二力平衡 压力大小 接触面越粗糙
【解析】解：(1)测量摩擦力的原理是二力平衡，该实验需要用弹簧测力计沿水平方向匀速拉动木块，使得木块做匀速直线运动；木块处于平衡状态，根据二力平衡可知，滑动摩擦力的大小等于拉力的大小。
(2)如图乙所示，在木块上放一个重物，重复上面的操作，改变了压力大小，保持接触面的粗糙程度相同，探究的是滑动摩擦力大小与压力大小的关系。
(3)由图甲、丙可知，实验中控制了压力大小相同，改变了接触面粗糙程度，发现接触面越粗糙，滑动摩擦力越大，故得出结论：当压力大小相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
故答案为：(1)匀速；二力平衡；(2)压力大小；(3)接触面越粗糙。
(1)测量摩擦力的原理是二力平衡，据此分析；
(2)根据控制变量法，找出改变的量进行分析；
(3)根据控制变量法结合弹簧测力计示数分析。
本题考查二力平衡条件的应用与控制变量法，属于中档题。
23.【答案】断开 最左 B 0.14 0.625 增大
【解析】解：(1)原电路图中，电流表和灯泡并联，电压表串联在电路中是错误的，在“测量小灯泡的电功率”实验中，灯泡、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在灯泡两端，如下图所示：
；
(2)为了保护电路，连接电路过程中，开关应该断开，滑动变阻器的滑片应该移动到阻值最大处，即最左端；
(3)正确连接电路后闭合开关，发现灯泡不亮，电流表无示数，说明电路可能断路，电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了，即电路的故障可能是灯泡断路，故选：B；
(4)电路故障排除后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，电流表指针如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.14A；
(5)由图丙可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的额定电流为0.25A，则小灯泡额定功率为：
P=UI=2.5V×0.25A=0.625W；
(6)由图丙可知，当灯泡两端电压增大，通过灯泡的电流也增大，根据P=UI可知，灯泡功率变大，温度升高，灯丝电阻随温度的升高而增大，故小灯泡的电阻随两端电压的增大而增大。
故答案为：(1)见解答图；(2)断开；最左；(3)B；(4)0.14；(5)0.625；(6)增大。
(1)根据电路连接和电表的使用分析回答；
(2)为了保护电路，连接电路过程中，开关应该断开，滑动变阻器的滑片应该移动到阻值最大处；
(3)正确连接电路后闭合开关，发现灯泡不亮，电流表无示数，说明电路可能断路，电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；
(4)根据电流表选用量程确定分度值读数；
(5)根据图丙确定灯泡额定电压对应的额定电流，利用P=UI求出灯泡额定功率；
(6)灯丝电阻随温度的升高而增大。
本题测量小灯泡的电功率实验，考查了电路连接、注意事项、电路故障、电流表读数、功率的计算和影响电阻大小因素等知识。
24.【答案】解：(1)水吸收的热量：
Q吸=c水m水(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×2kg×(60℃−20℃)=3.36×105J；
(2)木炭完全燃烧放出的热量：
Q放=m木炭q=100×10−3kg×3.36×107J/kg=3.36×106J，
火炉烧水的效率：
η=Q吸Q放×100%=3.36×105J3.36×106J×100%=10%。
答：(1)水吸收的热量为3.36×105J；
(2)该火炉烧水的效率为10%。
【解析】(1)由热量公式Q吸=cm(t−t0)可以求出水吸收的热量。
(2)由燃烧值公式Q放=Vq可以求出木炭完全燃烧释放的热量，由效率公式η=Q吸Q放×100%求出该火炉烧水的的效率。
本题考查了求水吸收的热量、火炉的效率，应用热量公式、效率公式即可正确解题。
25.【答案】解：(1)由P=UI可得，灯泡正常发光时的电流I额=P额U额=3W6V=0.5A；
(2)闭合开关S，将开关S1拨至2，滑片P移至a端时，定值电阻R被短路，滑动变阻器接入电路中的电阻为零，电路中只有灯泡L工作，由灯泡正常发光，可知电源电压U=U额=6V；
滑片P移至b端，开关S1拨至1，滑动变阻器接入电路的阻值为最大阻值，灯泡L被短路，电阻R与滑动变阻器R1串联，根据Q=I2Rt可得，定值电阻R工作10min产生的热量：
Q=I2Rt=(UR+R1)2Rt=(6V10Ω+20Ω)2×10Ω×10×60s=240J
(3)接着将开关S拨回2，灯泡L与滑动变阻器R1串联，电流表测量电路中的电流，
由U=IR可得，滑动变阻器两端的电压：U1=I实R1=0.24A×20Ω=4.8V，
由串联电路的电压特点可知，灯泡L两端的实际电压U实=U−U1=6V−4.8V=1.2V，
此时灯泡的功率：P实=U实I实=1.2V×0.24A=0.288W。
答：(1)灯泡正常发光时的电流为0.5A；
(2)滑片P移至b端，开关S1拨至1，定值电阻R工作10min产生的热量为240J；
(3)接着将开关S拨回2，电流表示数为0.24A，此时灯泡的功率为0.288W。
【解析】(1)已知灯泡L的额定电压和额定功率，根据P=UI求出灯泡正常发光时的电流；
(2)闭合开关S，将开关S1拨至2，滑片P移至a端时，定值电阻R被短路，滑动变阻器接入电路中的电阻为零，电路中只有灯泡L工作，由灯泡正常发光，可知电源电压；
滑片P移至b端，开关S1拨至1，滑动变阻器接入电路的阻值为最大阻值，灯泡L被短路，电阻R与滑动变阻器R1串联，根据Q=I2Rt求出定值电阻R工作10min产生的热量；
(3)接着将开关S拨回2，灯泡L与滑动变阻器R1串联，电流表测量电路中的电流，根据U=IR求出滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电压特点求出灯泡L两端的实际电压，根据P=UI求出此时灯泡的功率。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、电热公式的应用，分清电路的连接方式是解题的关键。
26.【答案】解：(1)图甲中A漂浮，受到的浮力等于自身的重力，即
F浮A=GA=8N，
A排开水的体积为：
V排A=F浮Aρ水g=8N1.0×103kg/m3×10/kg=8×10−4m3，
物体A浸入水中的体积占总体积的45，物体A的体积为：
VA=54V排A=54×8×10−4m3=1×10−3m3，
根据G=mg=ρVg可得，物体A的密度为：
ρ=GAVAg=8N1×10−3m3×10/kg=0.8×103kg/m3，
(2)图乙中A、B共同悬浮，则有：
F浮A′+F浮B=GA+GB，
即：
ρ水(VA+VB)g=GA+ρBVBg
所以小球B的体积为：
VB=ρ水VAg−GA(ρB−ρ水)g=1.0×103kg/m3×1×10−3m3×10/kg−8N(1.8×103kg/m3−1.0×103kg/m3)×10/kg=2.5×10−4m3。
答：(1)物体A的密度为0.8×103kg/m3；
(2)小球B的体积为2.5×10−4m3。
【解析】(1)根据F浮=ρ水gV排得出物体A静止时浸入水中的体积；已知浸入水中的体积占总体积的45，据此求出物体A的体积，根据G=mg=ρVg算出A的密度；
(2)A、B整体悬浮，受到的总浮力等于A、B的总重力，根据F浮=ρ水gV排得出木块AB静止时浸入水中的总体积；总体积减去A的体积，就是B的体积。
本题综合考查了多个公式，关键是知道物体漂浮时浮力等于自身重力以及物体所受力的分析，分析物体所受力这是本题的难点也是重点，还要学会浮力公式及其变形的灵活运用，有一定的拔高难度，属于难题。
1.生活处处有物理，下列生活常识最接近实际的一项是( )
A. 教室门的高度为2.2mB. 家用节能灯的工作电流为1A
C. 人体感觉舒适的室温为37℃D. 一个篮球的质量是100g
2.白居易的《琵琶行》中“曲终收拨当心画，四弦一声如裂帛”是对琵琶声的形象描述。下列对琵琶弹奏中涉及到的声学知识描述不正确的是( )
A. 用力拨动琴弦，可以增大琴声的响度
B. 琴声的音调越高，在空气中的传播速度越快
C. 琴声引起了诗人的共鸣，说明声音可以传递信息
D. 琴声通过空气传入诗人的耳朵
3.如图所示为一种夏季使用的汽车冰凉座垫，它通过生物冰快速激发成型技术研制而成。座垫内物质通常情况下为固态，人坐上去时，座垫内物质就会慢慢转变为液态，但温度保持不变。此过程可持续数小时，人坐在上面会感觉凉爽。下列有关分析正确的是( )
A. 座垫内物质是非晶体
B. 座垫内物质熔点高于人体温度
C. 人坐上去时座垫内物质吸收热量
D. 人坐上去时座垫内物质发生了液化现象
4.2023年5月30日9时31分，我国在酒泉卫星发射中心，利用长征二号F火箭成功发射神舟十六号载人飞船，16时26分飞船与空间站顺利对接，标志中国空间站进入了应用和发展阶段。下列说法中正确的是( )
A. 火箭升空时机械能守恒
B. 空间站由于惯性绕地球运动
C. 火箭利用液态氢做燃料，是因为液态氢的密度小
D. 火箭向下喷火使其升空，是由于力的作用是相互的
5.以下是课本中研究电和磁的四个实验装置图，下列对四幅图的解读正确的是( )
A. 甲图是探究磁场对电流的作用，是电动机的工作原理
B. 乙图是探究磁场对电流的作用，是电磁铁的工作原理
C. 丙图是探究的电磁感应现象，是电动机的工作原理
D. 丁图是探究的电磁感应现象，是发电机的工作原理
6.如图是某小区使用的一种垃圾投放装置的示意图，人向下拉吊把就能打开垃圾桶桶盖，非常方便、卫生。下列说法正确的是( )
A. 装置中的滑轮是动滑轮
B. 装置中的滑轮改变了力的方向
C. 绳子拉起桶盖时，桶盖可视为费力杠杆
D. 蓝色垃圾桶看起来是蓝色，是因为它吸收蓝光
7.为了探究平面镜成像特点，小明准备了图甲所示的实验器材并进行实验，以下说法中错误的是( )
A. 为了便于找到像的位置，实验时应该选择器材G
B. 为了比较像与物的大小关系，应选BC两支蜡烛
C. 坐在任意位置的同学都可以看到蜡烛在平面镜中的像
D. 从平面镜中看到墙上钟的像如图乙所示，这时的时间是10：35
8.如图所示，是一种自动测定油箱内油面高度的装置，R是转动式变阻器，它的金属滑片P是杠杆的一端，下列说法正确的是( )
A. 油位越高，R两端的电压越大B. R、R0在电路中是并联的
C. 油位越高，流过R的电流越大D. 油量表是由电流表改装而成的
9.小林家卫生间的铝合金吊顶因与导线绝缘皮破损处接触而漏电，维修工人用试电笔接触吊顶检查时发现：只闭合开关S1，电动机M正常工作，吹冷风，试电笔氖管不发光；同时闭合开关S1、S2，电动机M和电热丝R都能正常工作，吹热风，试电笔氖管发光；只闭合开关S2，电动机M和电热丝R均不工作，试电笔氖管不发光。选项图中，关于电路连接方式以及与铝合金吊顶接触的导线破损处的描述最合理的是( )
A. B.
C. D.
10.如图所示电路中，电源电压6V恒定不变，电流表的量程是0～0.6A，电压表的量程是0～3V，小灯泡上标有“2V，1W”(灯丝电阻不变)，滑动变阻器标有“20Ω，1A”。闭合开关S，移动滑动变阻器的滑片P，在不损坏电路元件的前提下，电流表、电压表示数的范围分别是( )
A. 0.25A～0.6A，1V～2VB. 0.3A～0.5A，1V～1.5V
C. 0.25A～0.5A，1.5V～2VD. 0.25A～0.5A，1V～2V
11.一个未装满饮料的密闭瓶子，正立放在桌面上如图甲所示，饮料对瓶底的压力为F甲，瓶子对桌面的压强为p甲；倒立放在桌面上如图乙所示，饮料对瓶盖的压力为F乙，瓶子对桌面的压强为p乙。则下列关系式正确的是( )
A. F甲=F乙；p甲>p乙B. F甲>F乙；p甲=p乙
C. F甲>F乙；p甲
A. 此滑轮组动滑轮的重为5N
B. 当G物=15N时，滑轮组机械效率为η=75%
C. 同一滑轮组的机械效率η随G物的增大而增大，最后等于100%
D. G物不变，改变图甲中的绕绳方式，滑轮组的机械效率仍不改变
二、填空题：本大题共5小题，共10分。
13.有些人的眼睛只能看清远处的物体，而不能看清近处的物体，这样的眼睛需佩戴______(选填“凸透镜”或“凹透镜”)矫正。这种透镜对光有______作用。
14.如图所示，用F=100N的水平力把重20N的物体压在竖直墙壁上静止不动，物体受到的摩擦力大小为______N，摩擦力方向______(选填“竖直向上”或“竖直向下”)。
15.如图所示，在我国“2022巅峰使命”珠峰科考中，极目一号Ⅲ型浮空艇到达海拔9032m的高度，对珠峰地区气候进行数据测量。浮空艇能升空是因为内部充入了密度比空气密度______的气体，在上升过程中，浮空艇受到的大气压强越来越______。(两空均选填“大”或“小”)
16.如图甲所示，AB为轻质杠杆，AC为轻质硬棒且与力传感器相连，图乙是物体M从A点开始向右匀速运动的过程中力传感器读数大小与时间的关系图像，则物体M的质量大小是______g；已知OA的长度为30cm，OB足够长，AC能承受的最大弹力大小为15N，若要杠杆不断，则物体从A点开始运动的时间最长为______s(g取10N/kg)。
17.某品牌电热水杯如图甲所示，水杯容量为330mL，有高、中、低三个加热挡位，乙图为其工作电路简图，其中U恒为220V，R1=200Ω，R2=550Ω，则中温挡功率为______W；若该电热水杯加热效率为90%，则用高温挡将满杯水从20℃加热到98℃，需要______s。[ρ水=1.0×103kg/m3,c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
三、作图题：本大题共3小题，共3分。
18.图中利用羊角锤撬钉子，在锤柄A点处画出所施加的最小动力F和其力臂l。
19.闭合开关，通电螺线管附近的小磁针方向如图所示，请在图中括号内标出电源的极性(“+”或“−”)，并标出磁感线的方向。
20.如图所示，一束光从水里斜射入空气中，请在图中画出反射光线和大致的折射光线。
四、实验探究题：本大题共3小题，共15分。
21.在“探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验中，让不同质量的钢球从斜槽同一高度由静止开始滚下，将静止在水平面上的木块撞出一段距离，如图所示。
(1)在钢球从斜槽滚下的过程中，钢球的重力势能转化为______。
(2)实验表明，钢球质量越大，将木块撞得越远，对木块做功越______。钢球的动能就越______。
(3)在水平面上，被撞出的木块由于受到______力的作用而停下。假如水平面光滑且足够长，它将做______直线运动。
22.小雨在做“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验时，结合生活中的现象，猜想影响滑动摩擦力大小的因素可能有：猜想一：接触面所受的压力大小；猜想二：接触面的粗糙程度。
(1)如图甲所示，将一个木块放在水平长木板上，用弹簧测力计沿水平方向______拉动，根据______可知滑动摩擦力的大小等于拉力的大小；
(2)如图乙所示，在木块上放一个重物，重复上面的操作。比较甲、乙两图中弹簧测力计的示数，可探究滑动摩擦力大小与______的关系；
(3)如图丙所示，将木块放在毛巾上，重复上面的操作。比较甲、丙两图可得出：压力大小相同时，______，滑动摩擦力越大。
23.小丽在“测量小灯泡的电功率”实验中，实验器材有：电压恒为3V的电源一个、小灯泡(额定电压为2.5V)、电压表、电流表、滑动变阻器、开关各一个，导线若干。
(1)如图甲所示是小丽连接的实物电路，图中有一根导线连接错误，请你在连接错误的导线上打“×”并补画出正确的连线；
(2)连接电路过程中，开关应该______(选填“断开”或“闭合”)，滑动变阻器的滑片应该移动到______(选填“最左”或“最右”)端；
(3)正确连接电路后闭合开关，发现灯泡不亮，电流表无示数，电压表有示数，则电路的故障可能是______；(填选项符号)
A.灯泡短路
B.灯泡断路
C.滑动变阻器短路
D.滑动变阻器断路
(4)电路故障排除后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，电流表指针如图乙所示，则此时通过小灯泡的电流是______A；
(5)根据记录的多组I−U数据，画出了小灯泡中电流随其两端电压变化的关系图象(如图丙所示)，则小灯泡的额定功率为______W；
(6)根据小灯泡的I−U图象(如图丙)，分析出小灯泡的电阻随两端电压的增大而______(选填“增大”、“不变”或“减小”)。
五、计算题：本大题共3小题，共16分。
24.小红一家到某基地露营时，用火炉将质量为2kg、初温为20℃的水加热到60℃，燃烧了100g木炭。已知：水的比热容c水=4.2×103J/(kg⋅℃)，木炭的热值q=3.36×107J/kg。求：
(1)水吸收的热量；
(2)该火炉烧水的热效率。
25.如图所示，灯泡L标有“6V，3W”的字样，定值电阻R=10Ω，滑动变阻器R1的最大阻值为20Ω，闭合开关S。将开关S1拨至2，滑片P移至a端，灯泡正常发光。
(1)求灯泡正常发光时的电流；
(2)滑片P移至b端，开关S1拨至1，求定值电阻R工作10min产生的热量；
(3)接着将开关S拨回2，电流表示数为0.24A，求此时灯泡的功率。
26.如图甲，将重为8N的物体A放在装有适量水的杯中，物体A漂浮于水面，浸入水中的体积占总体积的45，此时水面到杯底的距离为20cm。如果将一小球B用体积和重力不计的细线系于A下方后，再轻轻放入该杯水中，静止时A上表面与水面刚好相平，如图乙所示。已知ρB=1.8×103kg/m3，求：
(1)物体A的密度；
(2)小球B的体积。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A、教室门的高度大于人的身高，约为2.2m，故A符合实际；
B、家用节能灯的功率约为40W，其工作电流约为I=PU=40W220V≈0.2A，故B不合实际；
C、人体感觉舒适的室温约为23℃左右，故C不合实际；
D、一个篮球的质量在500g左右，故D不合实际。
故选：A。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。
2.【答案】B
【解析】解：A.用力拨动琴弦，增大振动幅度，故可以提高振幅，从而提高声音的响度，故A正确；
B.声音的传播速度还与介质的温度有关，与声音的音调、响度、音色无关，故B错误。
C.琴声引起了诗人的共鸣，说明声音可以传递信息，故C正确；
D.琴声通过空气传入诗人的耳朵，故D正确；
故选：B。
(1)声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。
(2)声音传播需要介质，声音在不同介质中的传播速度不同，一般说，声音在固体中传播的最快，在液体中次之，在气体中最慢，真空不能传声；声音的传播速度还与介质的温度有关。
(3)声音可以传递信息和能量。
本题考查了声音三个特征的影响因素、声音的传播、声音的利用，以及声音的传播速度等。属于基础性习题，掌握基础知识很重要。
3.【答案】C
【解析】解：A、座垫内物质就会慢慢转变为液态，但温度保持不变，是晶体熔化的特征，所以座垫内物质是晶体，故A选项错误；
B、坐垫内物质能从人身体吸热熔化，说明人的体温高于该物质的熔点，故B选项错误；
C、熔化过程需要吸热，是坐垫内的物质从人的身体吸热，故C选项正确；
D、人坐上坐垫，坐垫内的物质从固态变为液态，是熔化过程，故D选项错误。
故选：C。
(1)晶体在熔化过程中温度保持不变，非晶体的熔化过程中温度升高；
(2)晶体熔化的条件是：温度达到熔点，且能继续吸热；
(3)熔化过程是吸热过程；
(4)物质从固态变为液态的过程叫熔化。
此题考查了对晶体、非晶体熔化或凝固过成的分析，根据温度的变化趋势判断出熔化或凝固。
4.【答案】D
【解析】解：
A、火箭升空时，动能和重力势能都变大，机械能变大，所以机械能不守恒，故A错误；
B、空间站受到地球的引力作用而绕地球运动，故B错误；
C、现代火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量，故C错误；
D、火箭向下喷火，由于物体间力的作用是相互的，火会给火箭一个向上的力，使其升空，故D正确。
故选：D。
(1)根据火箭机械能的变化分析；
(2)物体有保持原来运动状态不变的性质叫做惯性；
(3)火箭选用液态氢做燃料，主要是因为液态氢具有较大的热值；
(4)物体间力的作用是相互的。
本题考查了机械能的变化、惯性、热值、物体间力的作用是相互的，属于基础题。
5.【答案】D
【解析】解：A、奥斯特实验说明通电导线的周围存在磁场，揭示了电可以生磁，电磁继电器应用了这一原理，故A错误；
B、两个电磁铁串联，通过的电流相等，线圈匝数不同，吸引大头针的数目不同，是探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，故B错误；
C、该实验装置是用来研究通电导线在磁场中受力的作用的实验，故C错误；
D、该实验装置是用于研究感应电流的实验，闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中才会产生感应电流，将机械能转化为电能，发电机就是应用了这一原理，故D正确。
故选：D。
(1)奥斯特实验说明通电导线的周围存在磁场，磁场的方向与电流的方向有关；
(2)图中的实验装置是研究电磁铁磁性强弱的决定因素，根据图示的现象与其决定因素联系起来即可判断；
(3)通电导体在磁场中受到力的作用，电动机就是利用这个原理制成的；
(4)闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流，发电机就是利用这个原理制成的。
本题考查发电机利用电磁感应现象原理，带电动机的用电器利用通电导体在磁场中受力原理以及电磁铁，难度不大。
6.【答案】B
【解析】解：AB、由图可知，垃圾桶盖使用过程中，滑轮轴固定不动，所以该装置中的滑轮为定滑轮；定滑轮实质相当于等臂杠杆，不省力，可以改变力的方向，故A错误，B正确；
C、由图可知，垃圾桶盖使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故C错误；
D、蓝色垃圾桶只能反射太阳光中的蓝色光，蓝色光进入人的眼睛，人感觉垃圾桶是蓝色的，故D错误。
故选：B。
(1)定滑轮实质相当于等臂杠杆，不省力，可以改变力的方向；动滑轮使用时，滑轮随重物一起移动；动滑轮实质是动力臂为阻力臂二倍的杠杆，省12力多费1倍距离；
(2)三种杠杆：①省力杠杆：动力臂大于阻力臂，省力但费距离；②费力杠杆：动力臂小于阻力臂，费力但省距离；③等臂杠杆：动力等于阻力臂，不省力，也不费力；
(3)不透明物体的颜色是由它反射的色光决定的。
本题考查定滑轮的特点和杠杆的分类以及物体的颜色等知识，属于基础知识的考查。
7.【答案】C
【解析】解：A、用透明的玻璃板代替平面镜，虽然成像不太清晰，但是在物体一侧能看到物体的像，同时还能看到代替物体的另一个物体，便于确定像的位置。因此实验时，小明应选G作为平面镜。故A正确；
B、实验中选择相同的BC两个蜡烛，其中一支点燃，是为了便于比较物像大小关系，故B错误；
C、根据平面镜成像的原理，知道是由于光的反射形成的，我们看到了像是因为看到了由镜面反射的反射光线，而像就在反射光线的反向延长线上，坐在任意位置的同学不能都看到蜡烛在平面镜中的像。故C错误；
D、根据镜面对称的性质，在平面镜中的像与现实中的事物恰好左右颠倒，且关于镜面对称，分析可得：图中显示的时间10：35.故D正确。
故选：C。
(1)在实验中选玻璃板是为了准确确定像的位置，便于比较像与物的大小，达到理想的实验效果。
(2)物体在平面镜成像，像的大小跟物体到平面镜大小、物体到平面镜的距离都没有关系。像的大小只跟物体大小有关，物像连线与镜面垂直。
(3)探究平面镜成像实验中，选择两个完全相同的蜡烛，是为了便于比较物像大小关系。
(4)像与物关于平面镜对称。
本题主要考查了平面镜成像特点的实验及其应用。这是光学中的一个重点，也是近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用。
8.【答案】A
【解析】解：A、串联电路中电阻起分担电压的作用，电阻越大，分担的电压越大，油量表的示数越大，电路中的电流也越小。所以油面越高，浮子上升，滑片上移，滑动变阻器连入电路的电阻越大，分担的电压越大，油量表的示数越大。
B、R和R0在电路中是串联的。
C、油面越高，浮子上升，滑片上移，滑动变阻器连入电路的电阻越大，根据欧姆定律知电流越小。
D、油量表和滑动变阻器是并联的，油量表是电压表。
故选：A。
根据电压表并联在电路中，电流表串联在电路中，油量表和滑动变阻器并联，可以判断油量表是电压表。
油面越高，浮子上升，滑片上移，滑动变阻器连入电路的电阻越大，电流越小。
串联电路中电阻起分担电压的作用，电阻越大，分担的电压越大，所以油面越高，浮子上升，滑片上移，滑动变阻器连入电路的电阻越大，油量表的示数越大。
本题根据油量表并联在电路中，可以判断油量表是电压表；根据串联电路中电阻越大分担的电压越大，可以判断电压表的示数变大；根据欧姆定律，电压不变，电阻越大，电路中的电流越小。
9.【答案】B
【解析】解：由题意可知，只闭合开关S1，电动机M正常工作，吹冷风，同时闭合开关S1、S2，电动机M和电热丝R都能正常工作，吹热风，说明电动机M和电热丝R是并联关系，开关S1在干路上，开关S2在支路上，控制电热丝R，只闭合开关S1时，试电笔接触吊顶破损处，氖管不发光，同时闭合开关S1、S2时，试电笔接触吊顶破损处，氖管发光，说明破损处与电热丝R在同一支路上。
故选：B。
(1)并联电路的工作特点，各用电器独立工作，互不影响；
(2)使用试电笔时，笔尖接触导线，手接触笔尾金属体，当接触火线时氖管会发光。
本题考查的是串并联电路的判断和电路故障的分析，难度不大。
10.【答案】D
【解析】【分析】
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是根据灯泡的额定电流确定电路中的最大电流和电压表的最大示数。
由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流；
(1)根据P=UI求出灯泡的额定电流，比较灯泡的额定电流和电流表的量程以及变阻器允许通过的最大电流确定电路中的最大电流，然后得出电压表的最大示数；
(2)根据欧姆定律求出灯泡的电阻，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小、电压表的示数最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的最小电流，然后求出电压表的示数，进一步得出电表的取值范围。
【解答】
解：由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流；
由P=UI可得，灯泡的额定电流：IL=PLUL=1W2V=0.5A；
因串联电路中各处的电流相等，且灯泡的额定电流为0.5A，电流表的量程为0～0.6A，变阻器允许通过的最大电流为1A，所以，电路中的最大电流I大=0.5A，则灯泡两端电压表的示数最大UL大=2V，电流表的最大示数为0.5A；
由I=UR可得，灯泡的电阻：RL=ULIL=2V0.5A=4Ω，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电压表的示数最小，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的最小电流：I最小=URL+R最大=6V4Ω+20Ω=0.25A，则电流表的取值范围为0.25A～0.5A，电压表的最小示数：UL小=I小RL=0.25A×4Ω=1V，则电压表的取值范围为1V～2V，故D正确，ABC错误。
故选：D。
11.【答案】C
【解析】解：(1)正放时，瓶中的饮料柱是上下粗细相同，所以瓶底受到的压力等于瓶中液体的重力；
倒放时，一部分饮料压的是瓶子壁，瓶中的饮料柱下细上粗，所以瓶底受到的压力小于饮料的重力；因此F甲>F乙；
(2)饮料瓶对桌面的压力等于瓶子与饮料的重力之和，无论正放，还是倒放瓶子与饮料的重力不变，对桌面的压力不变，即F′甲=F′乙；倒放时受力面积S减小，根据p=FS可知，压强增大，即p甲
(1)饮料对杯底的压力，可以根据饮料产生的压力和饮料重力的关系进行分析，注意上下粗细一样的容器中，饮料对容器底的压力等于饮料的重力；上面粗、下面细的容器中饮料对容器底的压力小于饮料的重力；上面细、下面粗的容器中饮料的压力大于饮料的重力；
(2)瓶子对桌面的压力等于瓶子与饮料的重力之和；根据p=FS分析瓶子对桌面的压强变化。
本题考查了压力和压强的大小比较，关键是分析出两种放置方式中液体深度和压力的变化，要注意水平面上物体的压力和自身的重力相等。
12.【答案】D
【解析】解：
A、由图可知，G物1=12N时，滑轮组的机械效率η1=80%，
不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率η=W有用W总=GhGh+G动h=GG+G动，
即：80%=12N12N+G动，
解得动滑轮重力：G动=3N，故A错误；
B、同理可得，当G物=15N时，滑轮组的机械效率：η′=G物G物+G动=15N15N+3N×100%≈83.3%，故B错误；
C、由图象可知，同一滑轮组机械效率η随G物的增大而增大；但使用滑轮组时，不可避免地要克服动滑轮重做额外功，所以总功一定大于有用功；由公式η=W有用W总知机械效率一定小于100%，故C错误；
D、不计绳重和摩擦，G物不变，改变图甲中的绕绳方式，由公式η=G物G物+G动可知，该滑轮组的机械效率不变，故D正确。
故选：D。
(1)由图知，提升重物为12N时，滑轮组的机械效率为80%，不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率η=W有用W总=GhGh+G动h=GG+G动，据此求动滑轮重力；
(2)不计绳重和摩擦，再利用η=W有用W总=GhGh+G动h=GG+G动求当G物=15N时滑轮组机械效率；
(3)使用滑轮组时，不计绳重和摩擦，提升重物时，不得不提升动滑轮做额外功，使得有用功总是小于总功，滑轮组的机械效率总是小于1；
(4)不计绳重和摩擦，G物不变，改变图甲中的绕绳方式，由公式η=G物G物+G动分析机械效率的变化情况。
本题考查有用功、机械效率的大小比较和机械效率的计算。要利用好关系式：不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率η=W有用W总=GhGh+G动h=GG+G动。
13.【答案】凸透镜 会聚
【解析】解：有些人的眼睛只能看清远处的物体而看不清近处的物体，说明此人是远视眼，需要配戴凸透镜进行矫正，利用凸透镜对光的会聚作用，把光线的会聚点移到视网膜上，呈现一个清晰的像。
故答案为：凸透镜；会聚。
远视眼看不清近处的物体，需要佩戴远视眼镜来矫正。
本题考查人眼的成像原因，以及近视眼的矫正方法，都需要学生熟练掌握。
14.【答案】20 竖直向上
【解析】解：由于物体静止，所以受到的是平衡力。对物体进行受力分析可得：物体受到的压力与支持力是平衡力，大小都是50N。物体重力与摩擦力是平衡力，大小都是20N，摩擦力的方向与重力方向相反，应为竖直向上；
故答案为：20；竖直向上。
二力平衡的条件是两个力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在同一个物体上。
物体受平衡力时，处于平衡状态，即匀速直线运动或静止状态。根据平衡状态，分析具体的情况。
本题考查学生对二力平衡条件的掌握情况，难度不大。
15.【答案】小 小
【解析】解：(1)浮空艇能升空是因为内部充入了密度比空气密度小的气体，同体积的该气体与空气相比，其质量小、重力小，则浮空艇受到的浮力大于重力而升空；
(2)由于大气压随高度增加而减小，所以在上升过程中，浮空艇的高度增大，受到的大气压强越来越小。
故答案为：小；小。
(1)浸在液体(或气体)中的物体都受到液体(或气体)对它施加的竖直向上的浮力，当物体受到的浮力大于重力或者物体密度小于液体(或气体)密度时，物体上浮；
(2)大气压随高度增加而减小。
本题考查了对浮力知识的理解，对大气压与高度关系的认识，属基础题。
16.【答案】1000 12.5
【解析】解：(1)由乙图知，M在A点时，传感器受到的压力是F=10N，
物体M在A点，传感器受到的力的大小等于M重力大小，
则M受到的重力G=F=10N，则M的质量为m=Gg=10N10N/kg=1kg=1000g。
(2)由乙图知，当M运动到支点O时，传感器受到的力是0，用时5s，OA=30cm，
则M的运动速度v=OAt=30cm5s=6cm/s。
当M运动到支点O的右端时，传感器的最大弹力是F′=15N，此时M距离支点O距离为L，
根据杠杆平衡条件得：F′×OA=G×L，
代入数据有：15N×30cm=10N×L，
解得：L=45cm，
则M运动距离为s′=OA+L=30cm+45cm=75cm，
由速度公式得，则M运动的时间t′=s′v=75cm6cm/s=12.5s。
故答案为：1000；12.5。
(1)物体M在A点，传感器受到的力的大小等于M重力大小，求出M的重力，求出M的质量；
(2)知道AC能承受的最大弹力，知道OA的长度，知道M的重力，根据杠杆平衡条件求出M运动到最右端时距离O的长度；
知道M从A点运动到O点的时间和距离，根据速度公式求出M的运动速度；
知道M的运动距离和运动速度，根据速度公式求出M的运动时间。
本题考查了杠杆平衡条件、速度的计算、重力计算等，是力学综合习题，有一定的难度。
17.【答案】242 364
【解析】解：由乙图可知，只闭合开关S1，电路为R1的简单电路，只闭合开关S2，电路为R2的简单电路，两开关同时闭合，两电阻并联接入电路，R1=200Ω，R2=550Ω，并联电路总电阻小于任何一个分电阻，根据P=UI=U2R可知两开关同时闭合时为高温挡，只闭合开关S1时为中温挡，只闭合开关S2时为低温挡，
则中温挡功率为：P1=U2R1=(220V)2200Ω=242W；
满杯水的质量：m=ρV=1.0×103kg/m3×330×10−6m3=0.33kg，
满杯水从20℃加热到98℃吸收的热量：Q=cmΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×0.33kg×(98℃−20℃)=108108J，
消耗的电能：W=Qη=108108J90%=120120J，
需要的时间：t=WP高=WP1+P2=WP1+U2R2=120120J242W+(220V)2550Ω=364s。
故答案为：242；364。
由乙图可知，只闭合开关S1，电路为R1的简单电路，只闭合开关S2，电路为R2的简单电路，两开关同时闭合，两电阻并联接入电路，根据并联电路电阻规律结合电功率公式P=UI=U2R可知高、中、低三个加热挡位的电路结构，根据P=U2R进一步计算中温挡功率；
根据m=ρV计算满杯水的质量，根据Q=cmΔt计算满杯水从20℃加热到98℃吸收的热量，根据效率公式计算消耗的电能，根据t=WP计算需要的时间。
本题考查密度公式、热量公式、效率公式、电功率公式的灵活运用，分清电路结构是解题的关键。
18.【答案】解：力臂越长越省力，最长的力臂即支点与作用点的连线，连接OA即为最长力臂l，然后根据力臂的画法作出垂直于力臂的作用力F即可，如下图所示：
。
【解析】由杠杆的平衡条件可知，当动力臂最大时，动力最小，即最省力。连接支点和力的作用点A即是最大动力臂，当作用力与之垂直时，作用力最小。
求最小的力是常见的题型，关键是要找到离支点最远的点从而做出最长的力臂。
19.【答案】解：①由图可知，小磁针静止时的右端为N极，根据异名磁极相互吸引、同名磁极相互排斥，则通电螺线管左端为S极，右端为N极。
②因为在磁体外部，磁感线总是从N极发出，回到S极，所以磁感线的方向是指向左的。
③根据安培定则，伸出右手使大拇指指示螺线管的下端N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流从螺线管的左端流入，则电源的左端为正极，右端为负极。如图所示：
【解析】①知道小磁针静止时N极的指向，根据磁极间的相互作用判断出通电螺线管的磁极。
②根据通电螺线管的磁极判断出磁感线的方向。在磁体外部，磁感线总是从N极发出、回到S极。
③根据安培定则判断出电流的方向，确定电源的正负极。
本题属于安培定则的简单应用，安培定则不但可以由电流方向和线圈绕向判断磁极，也可根据磁极和线圈的绕向判断电流方向。
20.【答案】解：过入射点O作法线，根据光由水中斜射入空气中时，折射角大于入射角，在法线右侧的空气中画出折射光线，如图所示：
【解析】发生折射时，折射光线和入射光线、法线在同一平面内，折射光线和入射光线分居在法线两侧，光从其他介质斜射入空气中时，折射光线远离法线偏折，折射角大于入射角，由此作图即可。
本题考查根据光的折射规律作图，掌握发生折射时折射角与入射角的大小关系是关键，注意作图要规范。
21.【答案】动能 多 大 阻 匀速
【解析】解：(1)钢球从斜槽中滚下的过程中，高度降低、速度增大，所以重力势能转化成动能；
(2)钢球质量越大，木块被撞得越远，表明钢球对木块做的功越多，钢球的动能就越大；
(3)木块最终会停下来是因为受到阻力的作用；
如果水平面是绝对光滑且足够长的，没有阻力作用，木块被撞击后将做匀速直线运动。
故答案为：(1)动能；(2)多；大；(3)阻；匀速。
(1)影响动能的因素是质量和速度，影响重力势能的因素是质量和高度，二者可以相互转化；
(2)影响滑动摩擦力大小的因素是压力和接触面的粗糙程度，据此判断；
(3)力是改变物体运动状态的原因；
如果水平面绝对光滑，木块被撞击后将做匀速直线运动。
明确本实验中研究动能大小的决定因素时运用了控制变量法，反映动能多少时运用了转换法。
22.【答案】匀速 二力平衡 压力大小 接触面越粗糙
【解析】解：(1)测量摩擦力的原理是二力平衡，该实验需要用弹簧测力计沿水平方向匀速拉动木块，使得木块做匀速直线运动；木块处于平衡状态，根据二力平衡可知，滑动摩擦力的大小等于拉力的大小。
(2)如图乙所示，在木块上放一个重物，重复上面的操作，改变了压力大小，保持接触面的粗糙程度相同，探究的是滑动摩擦力大小与压力大小的关系。
(3)由图甲、丙可知，实验中控制了压力大小相同，改变了接触面粗糙程度，发现接触面越粗糙，滑动摩擦力越大，故得出结论：当压力大小相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
故答案为：(1)匀速；二力平衡；(2)压力大小；(3)接触面越粗糙。
(1)测量摩擦力的原理是二力平衡，据此分析；
(2)根据控制变量法，找出改变的量进行分析；
(3)根据控制变量法结合弹簧测力计示数分析。
本题考查二力平衡条件的应用与控制变量法，属于中档题。
23.【答案】断开 最左 B 0.14 0.625 增大
【解析】解：(1)原电路图中，电流表和灯泡并联，电压表串联在电路中是错误的，在“测量小灯泡的电功率”实验中，灯泡、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在灯泡两端，如下图所示：
；
(2)为了保护电路，连接电路过程中，开关应该断开，滑动变阻器的滑片应该移动到阻值最大处，即最左端；
(3)正确连接电路后闭合开关，发现灯泡不亮，电流表无示数，说明电路可能断路，电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了，即电路的故障可能是灯泡断路，故选：B；
(4)电路故障排除后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，电流表指针如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.14A；
(5)由图丙可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的额定电流为0.25A，则小灯泡额定功率为：
P=UI=2.5V×0.25A=0.625W；
(6)由图丙可知，当灯泡两端电压增大，通过灯泡的电流也增大，根据P=UI可知，灯泡功率变大，温度升高，灯丝电阻随温度的升高而增大，故小灯泡的电阻随两端电压的增大而增大。
故答案为：(1)见解答图；(2)断开；最左；(3)B；(4)0.14；(5)0.625；(6)增大。
(1)根据电路连接和电表的使用分析回答；
(2)为了保护电路，连接电路过程中，开关应该断开，滑动变阻器的滑片应该移动到阻值最大处；
(3)正确连接电路后闭合开关，发现灯泡不亮，电流表无示数，说明电路可能断路，电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；
(4)根据电流表选用量程确定分度值读数；
(5)根据图丙确定灯泡额定电压对应的额定电流，利用P=UI求出灯泡额定功率；
(6)灯丝电阻随温度的升高而增大。
本题测量小灯泡的电功率实验，考查了电路连接、注意事项、电路故障、电流表读数、功率的计算和影响电阻大小因素等知识。
24.【答案】解：(1)水吸收的热量：
Q吸=c水m水(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×2kg×(60℃−20℃)=3.36×105J；
(2)木炭完全燃烧放出的热量：
Q放=m木炭q=100×10−3kg×3.36×107J/kg=3.36×106J，
火炉烧水的效率：
η=Q吸Q放×100%=3.36×105J3.36×106J×100%=10%。
答：(1)水吸收的热量为3.36×105J；
(2)该火炉烧水的效率为10%。
【解析】(1)由热量公式Q吸=cm(t−t0)可以求出水吸收的热量。
(2)由燃烧值公式Q放=Vq可以求出木炭完全燃烧释放的热量，由效率公式η=Q吸Q放×100%求出该火炉烧水的的效率。
本题考查了求水吸收的热量、火炉的效率，应用热量公式、效率公式即可正确解题。
25.【答案】解：(1)由P=UI可得，灯泡正常发光时的电流I额=P额U额=3W6V=0.5A；
(2)闭合开关S，将开关S1拨至2，滑片P移至a端时，定值电阻R被短路，滑动变阻器接入电路中的电阻为零，电路中只有灯泡L工作，由灯泡正常发光，可知电源电压U=U额=6V；
滑片P移至b端，开关S1拨至1，滑动变阻器接入电路的阻值为最大阻值，灯泡L被短路，电阻R与滑动变阻器R1串联，根据Q=I2Rt可得，定值电阻R工作10min产生的热量：
Q=I2Rt=(UR+R1)2Rt=(6V10Ω+20Ω)2×10Ω×10×60s=240J
(3)接着将开关S拨回2，灯泡L与滑动变阻器R1串联，电流表测量电路中的电流，
由U=IR可得，滑动变阻器两端的电压：U1=I实R1=0.24A×20Ω=4.8V，
由串联电路的电压特点可知，灯泡L两端的实际电压U实=U−U1=6V−4.8V=1.2V，
此时灯泡的功率：P实=U实I实=1.2V×0.24A=0.288W。
答：(1)灯泡正常发光时的电流为0.5A；
(2)滑片P移至b端，开关S1拨至1，定值电阻R工作10min产生的热量为240J；
(3)接着将开关S拨回2，电流表示数为0.24A，此时灯泡的功率为0.288W。
【解析】(1)已知灯泡L的额定电压和额定功率，根据P=UI求出灯泡正常发光时的电流；
(2)闭合开关S，将开关S1拨至2，滑片P移至a端时，定值电阻R被短路，滑动变阻器接入电路中的电阻为零，电路中只有灯泡L工作，由灯泡正常发光，可知电源电压；
滑片P移至b端，开关S1拨至1，滑动变阻器接入电路的阻值为最大阻值，灯泡L被短路，电阻R与滑动变阻器R1串联，根据Q=I2Rt求出定值电阻R工作10min产生的热量；
(3)接着将开关S拨回2，灯泡L与滑动变阻器R1串联，电流表测量电路中的电流，根据U=IR求出滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电压特点求出灯泡L两端的实际电压，根据P=UI求出此时灯泡的功率。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、电热公式的应用，分清电路的连接方式是解题的关键。
26.【答案】解：(1)图甲中A漂浮，受到的浮力等于自身的重力，即
F浮A=GA=8N，
A排开水的体积为：
V排A=F浮Aρ水g=8N1.0×103kg/m3×10/kg=8×10−4m3，
物体A浸入水中的体积占总体积的45，物体A的体积为：
VA=54V排A=54×8×10−4m3=1×10−3m3，
根据G=mg=ρVg可得，物体A的密度为：
ρ=GAVAg=8N1×10−3m3×10/kg=0.8×103kg/m3，
(2)图乙中A、B共同悬浮，则有：
F浮A′+F浮B=GA+GB，
即：
ρ水(VA+VB)g=GA+ρBVBg
所以小球B的体积为：
VB=ρ水VAg−GA(ρB−ρ水)g=1.0×103kg/m3×1×10−3m3×10/kg−8N(1.8×103kg/m3−1.0×103kg/m3)×10/kg=2.5×10−4m3。
答：(1)物体A的密度为0.8×103kg/m3；
(2)小球B的体积为2.5×10−4m3。
【解析】(1)根据F浮=ρ水gV排得出物体A静止时浸入水中的体积；已知浸入水中的体积占总体积的45，据此求出物体A的体积，根据G=mg=ρVg算出A的密度；
(2)A、B整体悬浮，受到的总浮力等于A、B的总重力，根据F浮=ρ水gV排得出木块AB静止时浸入水中的总体积；总体积减去A的体积，就是B的体积。
本题综合考查了多个公式，关键是知道物体漂浮时浮力等于自身重力以及物体所受力的分析，分析物体所受力这是本题的难点也是重点，还要学会浮力公式及其变形的灵活运用，有一定的拔高难度，属于难题。
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