资料中包含下列文件，点击文件名可预览资料内容
还剩8页未读，
继续阅读
苏省泰州中学附属初级中学2023-2024学年九年级下学期三月月考物理试卷（原卷版+解析版）
展开
这是一份苏省泰州中学附属初级中学2023-2024学年九年级下学期三月月考物理试卷（原卷版+解析版），文件包含苏省泰州中学附属初级中学2023-2024学年九年级下学期三月月考物理试卷原卷版docx、苏省泰州中学附属初级中学2023-2024学年九年级下学期三月月考物理试卷解析版docx等2份试卷配套教学资源，其中试卷共38页， 欢迎下载使用。
请注意：
1．本试卷分选择题和非选择题两部分。
2．所有试题的答案均填写在答题卡上，答案写在试卷上无效。
第一部分选择题（共24分）
一、选择题（每题4个选项中只有1个符合题意，每题2分，共24分）
1. 下列估测结果符合实际的是（ ）
A. 六月份扬州的平均气温约为50℃B. 家用LED节能灯的电功率约为200W
C. 中学生课桌的高度约为80mmD. 一枚1元人民币硬币的质量大约6g
【答案】D
【解析】
【详解】A．扬州的地理位置决定了其夏天气温也不会太高，六月份扬州的平均气温约为30℃，不会超过40℃，A选项不符合题意；
B．家用LED节能灯的主要特点是发光效率高，耗电量低。一般家用白炽灯的电功率约为60W，LED节能灯的电功率必小于此数值，B选项不符合题意；
C．中学生课桌的高度约为
C选项不符合题意；
D．一枚橡皮的质量约为6g，1元人民币硬币的质量与橡皮的质量差不多，故一枚1元人民币硬币的质量大约也是6g，D选项符合题意。
故选D。
2. 蓝牙音箱可在一定距离内无线连接手机进行音乐播放，蓝牙音箱播放音乐时，下列说法正确的是（ ）
A. 音箱发声不需要振动
B. 根据音色可以分辨出不同歌手的声音
C. 音箱和手机是通过超声波连接的
D. 调节音箱音量大小是改变声音的音调
【答案】B
【解析】
【详解】A．声音是由物体的振动产生的，所以蓝牙音箱发声需要振动，故A错误；
B．不同人发出声音的音色不同，根据音色可以分辨出不同歌手发出的声音，故B正确；
C．音箱和手机是通过电磁波连接的，故C错误；
D．将音箱音量调大是为了改变声音的响度，故D错误。
故选B。
3. 光刻技术是现代半导体集成电路的关键一环，其工作原理如图所示。光源发出强紫外光，调整镂空掩膜版和缩图透镜之间的距离，使光通过二者后，恰好能在硅片上成清晰的像，从而实现纳米级集成电路的“雕刻”，下列说法错误的是（ ）
A. 缩图透镜是凸透镜
B. 在硅片上形成的像是实像
C. 此成像原理与显微镜物镜的成像原理相似
D. 若将掩膜版靠近缩图透镜，为成清晰像，应将硅片远离缩图透镜
【答案】C
【解析】
【详解】A.根据图示可知，缩图透镜对光线具有会聚作用，是凸透镜，故A正确，不符合题意；
B.硅片相当于光屏，能承接实像，所以成的是实像，故B正确，不符合题意；
C.由图可知要制造出含有众多元件的集成电路，则掩膜上的电路在硅片上的像应变小，所以可知该凸透镜成倒立、缩小的实像，而显微镜的物镜成倒立、放大的实像，二者的成像原理不同，故C错误，符合题意；
D.若将掩膜版靠近缩图透镜，物距变小，像距应变大，为成清晰像，应将硅片远离缩图透镜，故D正确，不符合题意。
故选C。
4. 下列关于热现象的解释正确的是
A. 北方的冬天，窗玻璃外表面会出现冰花，这是凝华现象
B. 冬天，戴眼镜的人从温暖的室内走到寒冷室外，镜片上有雾，这是液化现象
C. 衣柜中的樟脑丸过一段时间会变小甚至没有了，这是汽化现象
D. 为防止食品腐烂变质，可以用干冰的升华来吸热降温
【答案】D
【解析】
【分析】（1）由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；
（2）由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；
（3）由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固．
【详解】A、窗玻璃出现冰花，是凝华现象，是室内的水蒸气遇冷凝华在玻璃的内表面，故A错误；
B、冬天，戴眼镜的人从寒冷室外走到温暖的室内时，镜片上有雾，这是室内的水蒸气遇到冷的镜片液化为小水滴，从室内走到寒冷室外不会出现；故B错误；
C、衣柜中的樟脑丸过一段时间会变小甚至没有了，这是升华现象；故C错误；
D、升华吸热，所以可以用干冰的升华时吸热，得到降温的目的；故D正确；
故选D．
5. 如图所示，在探究凸透镜成像规律的实验中，当蜡烛、凸透镜和光屏之间的距离为下图时，在光屏上得到一个清晰缩小的实像．下列说法错误的是
A. 该凸透镜的焦距大于10㎝、小于15㎝
B. 只将凸透镜向左移，可以在光屏上得到清晰放大的像
C. 只将蜡烛和光屏互换，可以在光屏上得到清晰的缩小像
D. 将蜡烛远离凸透镜时，为了在光屏上得到清晰的像，可在凸透镜前放一个凹透镜．
【答案】C
【解析】
【分析】凸透镜成像规律：u＞2f，成倒立、缩小的实像，2f＞v＞f；
u=2f，成倒立、等大的实像，v=2f，求焦距；
2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，v＞2f；
u＜f，成正立、放大的虚像．
【详解】A、观察图示可知，物距大于像距，则在光屏上得到一个清晰缩小的实像，所以u=30cm＞2f，解得f＜15cm；而像距v=20cm，f＜20cm＜2f，解得10cm＜f＜20cm；故凸透镜的焦距的范围是：10cm＜f＜15cm，故A正确；
B、只将凸透镜向左移，减小物距，增大像距，根据光路可逆的特点，可知在光屏上能得到清晰放大的像，故B正确；
C、只将蜡烛和光屏互换，根据光路可逆可知，可以在光屏上得到清晰放大的像，故C错误；
D、蜡烛远离凸透镜时，物距变大，像距将变小，为了在光屏上得到清晰的像，应使光线发散一些，所以用一个凹透镜，D正确．
故选C．
6. 用电高峰期，会看到家里的白炽灯泡比正常发光要暗一些．这是因为，用电高峰期并联用电器增多，造成（ ）
A. 电路中的总电阻增大B. 电路中的总电流减小
C. 白炽灯泡的实际功率减小D. 白炽灯泡的额定功率减小
【答案】C
【解析】
【详解】A．家庭电路是并联的，并联的用电器增多，就相当于增加导体的横截面积，因此总电阻变小，A不符合题意．
B．在并联电路中I=I1+I2，因此并联的用电器增多，电路中的总电流变大，B不符合题意．
C．在家庭电路中，输电线和家用电器之间是串联，用电高峰期，接入电路的用电器变多，干路中的电流变大，而输电导线有一定的电阻，输电导线损失的电压U损=IR，输电导线的电阻R一定，当I增大时U损增大，用电器两端的电压减小，由公式P=可知用电器的实际功率减小，灯泡比正常发光要暗﹣些，符合题意．
D．额定功率是用电器在额定电压的功率，用电器正常工作时两端的电压为额定电压，额定电压只有一个，对应的额定功率只有一个，它不随电压的改变而改变．
7. 下列过程中，通过做功使物体的内能增加的是（ ）
A. 水沸腾时水蒸气顶起水壶盖B. 用热水泡脚，脚感觉暖和
C. 汽油机的做功冲程D. 电烙铁通电发热
【答案】D
【解析】
【详解】A．水沸腾时水蒸气顶起水壶盖，水蒸气膨胀对壶盖做功，水蒸气的内能转化为壶盖的机械能，水蒸气的内能减小，故A不符合题意；
B．用热水泡脚，脚感觉暖和，脚从热水吸收热量，使脚内能增加、温度升高，这是通过热传递使物体的内能增加，故B不符合题意；
C．汽油机的做功冲程，高温高压的燃气膨胀对外做功，燃气的内能减小、温度降低，故C不符合题意；
D．电烙铁通电发热，电流做功，将电能转化为内能，使电烙铁的内能增加、温度升高而发热，故D符合题意。
故选D。
8. 无线充电的原理如图甲所示，首先电流通过送电线圈，当受电线圈靠近送电线圈时就会产生感应电流来供电，图乙下列实验中，与无线充电时送电线圈技术工作原理相同的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】
【详解】无线充电时送电线圈技术工作原理是通电导体周围存在磁场；
A．图中是奥斯特实验，说明通电导体周围存在磁场，是电流的磁效应，故A符合题意；
B．图中无电源，但有线圈、磁铁，这是发电机的原理图，发电机的原理是电磁感应现象，即闭合电路的部分导体做切割磁感线运动时产生感应电流，故B不符合题意；
C．图中有电源，是通电导体在磁场中受到力的作用，不是电流的磁效应，故C不符合题意；
D．图中是电磁感应现象，即闭合电路的部分导体做切割磁感线运动时产生感应电流，故D不符合题意。
故选A。
9. 关于温度、热量和内能，下列说法中正确的是（ ）
A. 物体的温度越高，所含的热量越多B. 任何两物体间都会发生热传递
C. 0℃的冰块，内能一定为零D. 温度高的物体，内能不一定大
【答案】D
【解析】
【详解】A．热量是发生热传递过程中存在的过程量，只能说吸收或放出热量，而不能说含有或具有热量，故A错误；
B．发生热传递的条件是两物体存在温度差，故B错误；
C．一切物体都具有内能，不具有内能的物体是不存在的，故C错误；
D．内能的影响因素有质量、温度等，所以温度高的物体内能不一定大，故D正确。
故选D。
10. 为了测出未知电阻Rx的阻值，某同学利用阻值已知的电阻R0和电流表或电压表分别设计了如图所示的四种电路，其中可行的是（电源电压未知且不变）
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】
【详解】A．图中，两电阻是串联的，通过它们的电流是相等的，当开关S接1时，电压表测定值电阻R0两端的电压，可求出电路中的电流；当开关S接2时，电压表正负接线柱反接，造成电压表不能正常工作，故A不可行；
B．图中，两个电阻是并联的，电流表在干路上，测通过两个电阻的总电流，无法求出未知电阻两端的电压和通过的电流，故B不可行；
C．图中，两个电阻是串联的，通过电流表可以知道通过未知电阻的电流，但无法求出未知电阻两端的电压，故C不可行；
D．图中，当两个开关都闭合时，定值电阻被短路，电压表测的是电源电压，当开关S1闭合，S2断开时，两个电阻是串联的，电压表测的是未知电阻两端的电压，根据串联电路的分压关系可求出定值电阻R0两端的电压，根据欧定律可求出此时电路中的电流也就是通未知电阻的电流大小，电阻可求，故D可行；
11. 小敏在做“组成串联电路”的实验时，电路连好后，闭合开关，两灯均不亮，经检查，电路连接无误，老师告诉她是其中有一个小灯泡坏了，下面四种方法不能够检测出坏灯泡（假设各检测方法用电器、电表均不会损坏）（ ）
A. 用一根导线分别与两个灯泡并联
B. 用一个电压表分别与两个灯泡并联
C. 用一个小灯泡分别与两个灯泡并联
D. 用一个电流表分别串联在电路中不同点
【答案】D
【解析】
【详解】A．两灯串联，若用一根导线分别与两个灯泡并联，则断路的地方会接通，另一个灯泡会发光，能检测出坏灯泡，故A不符合题意；
B．用一个电压表分别与两个灯泡并联，当电压表并联在断路灯泡两端时，电压表有示数，能检测出坏灯泡，故B不符合题意；
C．用一个小灯泡分别与两个灯泡并联，当小灯泡并联在断路灯泡两端时，小灯泡会发光，能检测出坏灯泡，故C不符合题意；
D．用一个电流表分别串联在电路中不同的点，电路始终处于断路状态，电流表始终无示数，不能检测出坏灯泡，故D符合题意。
故选D。
12. 如图甲电路中，电源电压不变，灯泡L标有“6V 3.6W”的字样，R2为滑动变阻器。闭合开关S，将R2滑片P从位置1移到位置2，根据两表示数作出的U～I图像如图乙中AB所示。R2滑片P分别在位置1和位置2时，灯泡L的电功率分别为P1和P2，且下列判断正确的是（ ）
A. 电源电压为14V
B. R2的滑片P在位置1时对应图乙中A点的数据
C. R2滑片P从位置1移到位置2时，灯泡灯丝电阻减小8Ω
D. R2滑片P从位置1移到位置2时，灯泡的电功率减小1.25W
【答案】D
【解析】
【详解】AB．根据可知，R2滑片P在位置1时，灯泡L的电功率较大；根据P=UI可知，此时通过灯泡的电流较大；结合图乙可知，R2的滑片P在位置1时对应图乙中B点的数据。设电源电压为U，当滑动变阻器滑片P位于1时，此时通过小灯泡的电流为0.5A，滑动变阻器两端的电压为9V，则小灯泡两端的电压为
小灯泡的电功率为
当滑动变阻器滑片P位于2时，对应图乙中A点，通过小灯泡的电流为0.25A，滑动变阻器两端的电压为11V，则小灯泡两端的电压为
此时小灯泡电功率为
根据
可知
解得，电源电压为
故AB错误；
C．R2滑片P在位置1时，小灯泡的电压为
则此时小灯泡的电阻为
移到位置2时，小灯泡的电压为
则此时小灯泡的电阻为
灯泡灯丝电阻减小
故C错误；
D．R2滑片P在位置1时，小灯泡的额定功率为
移到位置2时，小灯泡的额定功率为
灯泡灯丝电功率减小值为
故D正确。
故选D。
第二部分非选择题（共76分）
二、填空题（本题有8小题，每空1分，共21分）
13. 如图,用铁丝围成一个内径约4mm的圆环,在清水中浸一下后取出,布满圆环的水膜犹如透镜,用这个水膜透镜贴近课本上的字,看到的是正立放大的像,此像为____(实像/虚像);透过水膜透镜看远处的楼房楼房倒立缩小了,这种成像情况与_______(照相机/幻灯机)成像原理相同;轻轻甩去一些水(保持水膜完好),透过水膜透镜看远处的楼房成正立缩小的像,此时水膜透镜相当于_______(凸透镜/凹透镜)
【答案】 ①. 虚像 ②. 照相机 ③. 凹透镜
【解析】
【详解】水膜透镜相当于凸透镜，根据凸透镜成像规律可知，当其贴近课本上的字，此时物距小于一倍焦距，看到的是正立放大的虚像；当看远处的楼房楼房，此时物距大于二倍焦距，看到的是倒立缩小实像,这种成像情况与照相机成像原理相同；因为通过凹透镜可以看到正立缩小的像（如近视镜），所以此时水透镜相当于凹透镜；
14. 如图所示，沿斜面把质量为16kg的一个物体匀速拉到最高处，沿斜面向上的拉力F=100N，斜面长2m、高1m，则其机械效率是______%，物体所受摩擦力是______N（g取10N/kg）
【答案】 ①. 80 ②. 20
【解析】
【详解】[1]拉力做总功为
拉力做的有用功为
斜面的机械效率为
[2]拉力做的额外功为
物体所受摩擦力是
15. （1）如图所示是一台四冲程汽油机的工作示意图，汽油机正在进行的是_____冲程。已知其飞轮的转速为2400r/min，则该汽油机每秒做功的次数是_____次，汽车启动时能闻到汽油味，此时汽油没有充分燃烧，燃料的热值_____（变大/变小/不变）。
（2）某种国产汽车，它在某平直公路上以72km/h速度匀速行驶，当汽车行驶500s时，若在运动过程中汽车受到的平均阻力是700N，牵引力做功_____J。
【答案】 ①. 做功 ②. 20 ③. 不变 ④.
【解析】
【详解】（1）[1]如图，两气门关闭，活塞下行，为做功冲程。
[2]汽油机一个工作循环包含四个冲程，只有做功冲程对外做功，飞轮转两周。已知其飞轮的转速为
2400r/min=40r/s
则该汽油机每秒做功的次数是20次。
[3]热值是燃料的一种特性，只与燃料的种类有关，与燃料的质量、是否燃烧充分无关，所以，汽油没有充分燃烧，燃料的热值不变。
（2）[4]汽车运动的路程为
汽车做匀速直线运动，牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等，所以牵引力大小为
牵引力做功为
16. LED灯具有节能、环保的特点，标有“220V，5W”的LED灯泡和“220V，40W”白炽灯（如图所示）正常发光时的亮度相当，的电能可供该LED灯正常发光___________ h，与白炽灯相比，LED灯泡可以节能约___________ 。
【答案】 ①. 200 ②. 87.5
【解析】
【详解】[1]的电能可供该LED灯正常发光的时间
[2]当两种灯正常发光的时间相同都为t时，LED灯消耗的电能
白炽灯消耗的电能
所以LED灯泡可以节能
17. 如图所示，是一束光由空气斜射入某种透明介质时。在界面上发生反射和折射的光路，则入射光线—定是______，折射角的大小为______。
【答案】 ①. BO ②. 45°
【解析】
【详解】[1]如果AO是入射光线，则OC为反射光线，OB为折射光线，而折射光线与法线重合，故AO不是入射光线；如果BO是入射光线，则OC为反射光线，OA为折射光线，并且遵守反射定律和折射定律，符合题意，所以BO是入射光线。
[2]由于BO是入射光线，若OC为反射光线，OA为折射光线，折射角小于入射角，可能，若OA为反射光线，OC为折射光线，折射角小于入射角，可能，可得反射光线与反射光线的夹角为150°，根据反射角与入射角相等，可知入射角和反射角都为75°，则折射角的大小为
18. 一辆电动汽车以恒定的功率在平直的公路上做直线运动，其v-t图像如图，在第10s时速度达到20m/s，通过的路程为100m，则在0～10s内汽车的平均速度为______km/h；设汽车在行驶过程中所受阻力不变，大小为f=3000N，那么在0～10s内电动汽车的动能______（选填“变大”、“变小”或“不变”）；0～10s内发动机产生的牵引力所做的功是______。
【答案】 ①. 10 ②. 变大 ③.
【解析】
【详解】[1]根据题意可知，汽车的平均速度为
[2]由于在0～10s内电动汽车的速度不断增大，可知其动能变大。
[3]由图可知，10s后汽车做匀速直线运动，速度v=20m/s，根据二力平衡条件可得，牵引力为
F=f=3000N
又电动汽车以恒定的功率在平直的公路上做直线运动，则电动汽车的功率为
可得0～10s内发动机产生的牵引力所做的功为
19. 小明书房照明灯标有“220V，60W”，发现开关S闭合后灯不亮，电工检修照明电路时用测电笔去测C、D两点时（如甲图所示），发现氖管均发光，用测电笔去测A、B两点时，只有测A点时氖管发光，那么故障原因可能是___________ （选填“A、B间短路”；“D、C间短路”；“A、D间断路”；“B、D间断路”）；电路维修完成后，小明用家中电能表（如乙图所示）测量了该灯的实际功率，单独使用该照明灯，发现电能表指示灯6min才闪烁了11次，该灯的实际功率是___________ W。
【答案】 ①. B、D间断路 ②. 55
【解析】
【详解】[1]由题意可知，用测电笔测A、B、C、D四点时，测A、C、D三点时，氖管均发光，只有测B点时氖管不发光，则说明A、C、D三点与火线相连，B点与火线是断开的，由此可知B与D点之间断路。
[2]电能表指示灯闪烁11次消耗的电能
用电器的实际功率
20. 时下，越来越多的年轻人将借助运动APP辅助健身当作一类时尚生活方式，如图是某同学借助跳绳APP获得的练习数据，若他自身质量为50kg，每次跳起的高度为，根据图中数据，他每跳一次克服重力做的功是___________ J，跳绳时的平均功率是___________ W。看完数据一览表，他对最高速率产生了疑问，查阅资料后可知bpm是BeatPerMinute的简称，中文名为拍子数，释义为每分钟节拍数，若该同学的心率为75bpm，根据这一心率，该同学的心跳一次时间是___________ s。（g=10N/kg）
【答案】 ①. 18 ②. 73.2 ③. 0.8
【解析】
【详解】[1]他每跳一次克服重力做的功
[2]由图可知，跳绳244个，内做的功
跳绳时的平均功率
[3]该同学的心跳一次时间
三、解答题（本题有8小题，共50分．解答22~23题时应写出解题过程）。
21. 如图所示，杠杆受的拉力为F2，O为杠杆的支点。请画出使杠杆在如图位置保持静止时的最小的力F1的示意图，并作出力F2的力臂L2。
【答案】
【解析】
【详解】根据杠杆平衡条件可知，当阻力和阻力臂一定时，动力臂越长，动力越小；由图可知，OB即为最长的动力臂，与它垂直的力即为最小动力F1，阻力使杠杆顺时针转动，所以动力应使杠杆逆时针转动，动力方向应向上；过支点作阻力F2的作用线的垂线，垂线段即为阻力臂L2，故作图如下：
22. 请在图中标出通电螺线管的N极和磁感线的方向。
【答案】
【解析】
【详解】电源左侧为正极，则电流由左侧流入，根据安培定则：用右手握住螺线管，使四指所指的方向为电流的方向，则大拇指所指的右侧为N极，左侧为S极，外部磁感线由N指向S。如图所示：
23. 如图完成下面家庭电路连接。
【答案】
【解析】
【详解】根据左零右火中接地的原则，将三孔插座连接好，三孔插座与灯泡并联，开关接在用电器和火线之间，开关控制灯泡，开关需要接在火线上，灯泡左端接线柱接在零线上，如图：
24. 北京2022年冬奥会成功申办，冰雪运动越来越受到人们的喜爱。如图所示是一款雪地摩托，当其以最大功率75kW在水平雪地上匀速直线行驶时，最高速度可达108km/h。（g=l0N/kg）
（1）当该车以最大功率在水平雪地上用最高速度匀速直线行驶时，所受阻力为多少？
（2）该车发动机为一款单缸4冲程汽油机，若其效率为25%，则该车以最大功率在水平雪地上用最高速度匀速直线行驶69min，需要多少千克汽油？（汽油的热值为q=4.6×107J/kg）
【答案】（1）2500N；（2）27kg
【解析】
【详解】解：（1）雪地摩托的速度
v=108km/h=30m/s
该车以最大功率在水平雪地上用最高速度匀速直线行驶，故所受阻力
（2）该车以最大功率在水平雪地上用最高速度匀速直线行驶69min所做的功
W=Pt'=75×103W×69×60s=3.105×108J
根据可得，汽油完全燃烧放出的热量
则汽油的质量
答：（1）所受阻力为2500N；
（2）需要27千克汽油。
25. 随着科技创新教育在全市广泛开展，我校已配置了如图甲所示的3D打印笔。3D打印笔通过加热，挤出热熔的塑胶，然后在空气中迅速冷却，最后凝固成稳定的形状。此打印笔有快、慢两挡，其内部简化电路如图乙所示，将该3D打印笔单独接入装有如图丙所示电能表的家庭电路中正常工作。快挡打印2min，电能表指示灯闪烁8次，刚好将15g的塑胶从20℃加热到260℃。已知该3D打印笔慢挡打印功率为22W，R1、R2是用于发热的定值电阻，塑胶的比热容为2×103J/(kg∙℃)且保持不变。问：
（1）3D灯印笔快挡的电功率有多大？
（2）3D打印笔快挡打印时的热效率有多大？
（3）R1的阻值有多大？
【答案】（1）80W；（2）75%；（3）1595Ω
【解析】
【详解】解：（1）3000imp/(kW∙h)是指电路中每消耗1 kW∙h的电能，电能表指示灯闪烁3000次，指示灯闪烁8次，3D打印笔消耗的电能
3D打印笔快挡打印时的电功率为
（2）15g的塑胶从20℃加热到260℃吸收的热量为
Q吸=cmΔt=2×103J/(kg∙℃)×15×10-3kg×(260℃-20℃)=7200J
3D打印笔快挡打印时的热效率为
（3）根据电路图可知，当开关接1、2时，R1与R2串联，电路中电阻较大；当开关接2、3时，电路为R2的简单电路，电路中电阻较小，根据可知，总电阻越大，功率越小，故开关接1、2时为低温挡，接2、3时为高温挡；当开关接2、3时，电路为R2的简单电路，此时电路中R2的电阻
当开关接1、2时，R1与R2串联，此时电路中的总电阻
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以
R1=R总-R2=2200Ω-605Ω=1595Ω
答：（1）3D打印笔快挡的电功率为80W；
（2）3D打印笔快挡打印时的热效率为75%；
（3）R1的阻值为1595Ω。
26. 小华在照镜子时发现，她靠近平面镜，像也靠近平面镜．于是她想平面镜所成的像和物到镜面的距离有什么关系？她按图甲摆放器材，进行实验。
（1）她选择玻璃板代替平面镜是为确定________；
（2）实验中，她在玻璃板前放置点燃的蜡烛A，将蜡烛B放在玻璃板后并移动，在玻璃板的_______（A/B）侧观察，直到B与A的像完全重合，这说明：________。
（3）改变 ________（“蜡烛A”、“蜡烛B”）的位置，重复实验，分别测出A和B到玻璃板的距离，并记录实验数据；
（4）小华将图甲中的玻璃板换成平面镜，垂直于纸板放置（如图乙所示），探究“光反射时的规律”，她用激光笔沿硬纸板EO照射到平面镜上的O点，反射光线沿OF射出，则∠NOF________（＞/＝/＜）∠EON。小琳又让入射光线沿着FO入射到O点，看到反射光线沿OE射出，这说明在反射现象中_______。
【答案】 ①. 像的位置 ②. A ③. 像和物的大小相等 ④. 蜡烛A ⑤. ＝ ⑥. 光路是可逆的
【解析】
【详解】（1）[1]用透明的玻璃板代替平面镜，在物体一侧能看到物体的像，同时还能看到代替物体的另一个物体，便于确定像的位置，便于比较物像大小关系。
（2）[2][3]实验中，将点燃的蜡烛A放在玻璃板前放置，将蜡烛B放在玻璃板后并移动，在玻璃板的A侧观察，B能和A的像完全重合说明像和物的大小相等。
（3）[4]改变A的位置，重复实验，测出A和B到玻璃板的距离，即像距和物距。
（4）[5]用激光笔沿硬纸板EO照射到平面镜上的O点，反射光线沿OF射出，∠NOF是反射角，∠EON是入射角，则
∠NOF＝∠EON
[6]让光线逆着OF的方向射向镜面，会发现反射光线沿着OE方向射出，说明反射光路是可逆的。
27. 小明同学利用如图所示装置“探究凸透镜成像的规律”。
（1）小明利用图甲所示的方法，使平行于主光轴的光线通过凸透镜会聚在光屏上，从而确定所使用的凸透镜的焦距______cm。
（2）小明将点燃的蜡烛、凸透镜和光屏依次安装在光具座上，将三者______（分散/靠拢/任何位置均可）排列，并调节烛焰中心和光屏中心在透镜的主光轴上，这是为了______。
（3）如图乙所示，小明将凸透镜固定在光具座上40cm刻线处，将点燃的蜡烛放置在光具座上10cm刻线处，移动光屏，最终可以光屏上呈现出烛焰的倒立、______的实像：
（4）保持（3）中蜡烛和凸透镜位置不变，小明用近视眼镜片放置在靠近凸透镜左侧；移动光屏，为使在光屏上仍得到烛焰清晰的像，应该将光屏向______方向移动，像的大小______（变大/变小/不变）。
【答案】 ①. 10.0 ②. 靠拢 ③. 使像呈在光屏的中心 ④. 缩小 ⑤. 远离凸透镜 ⑥. 变大
【解析】
【详解】（1）[1]由图甲知，焦点到凸透镜的距离为
所以凸透镜的焦距为。
（2）[2]将三者靠拢一起，便于调节蜡烛、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度上。这样做的目的是使像呈在光屏的中心
[3]调节蜡烛、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度上，这样做的目的是使像呈在光屏的中心。
（3）[4]由题可知此时物距大小为
所以，由凸透镜成像规律可知，成倒立缩小的实像。
（4）[5]物体位置不变，凹透镜对光有发散作用，会推迟光的会聚，从而使像会聚在光屏右侧，所以光屏向右移动，远离凸透镜。
[6]根据成像规律知道，远离凸透镜，像距变大，像变大。
28. 小明为了探究动能大小的影响因素、利用斜面、钢球、木块等器材在同一水平面上开展了如图所示的探究活动。
（1）实验中探究的动能是指______；
A.钢球撞击木块时的动能
B.钢球撞击木块后的动能
C.木块被钢球撞击后的动能
（2）用质量不同的小球碰撞静止在同一水平面上的木块。实验中控制小球的高度相同，是为了控制两球到达底端时______相同；实验中通过观察______比较小球的动能的大小；
（3）小红认为根据乙、丙两图可以直接得出“物体的质量越大，速度越大，则动能越大”的结论，小明认为小红的观点是错误的，理由是______；
（4）小明根据实验现象认为：小球推动木块移动一段距离后都要停下来，所以小球和木块所具有的机械能最终都消失了。你认为小明的观点是______的（正确/错误）；
（5）通常来说，交通事故的原因主要是超载或超速，用甲、丙两图的实验现象所得到的结论。可以解释汽车______（超载/超速）行驶时危险性大的原因。
【答案】 ①. A ②. 速度 ③. 木块移动的距离 ④. 没有控制小球的质量相同 ⑤. 错误 ⑥. 超载
【解析】
【详解】（1）[1]根据题意可知，实验中需要改变小球的质量或小球撞击木块时的速度，所以是探究小球的动能，即小球撞击木块时的动能的大小，故A符合题意，BC不符合题意。
故选A。
（2）[2]在此实验中，小球滚下的高度越高，到达水平面时的速度越大，让质量不同的小球从同一高度滚下的目的是两球到达水平面时能够具有相同的速度，是为了探究动能大小与质量的关系。
[3]本题采用了转换法，通过比较小球推动木块移动距离的大小来判断小球的动能大小。
（3）[4]根据乙、丙可知，小球的质量不同，滚下的高度不同，到达水平面时的速度不同，所以不能探究动能大小与速度的关系。
（4）[5]小球推动木块移动一段距离后都要停下来，是因为水平面有摩擦力，木块克服摩擦做功，机械能转化为内能，而不是机械能消失了，故小明的观点是错误的。
（5）[6]甲、丙两图可知，钢球下落高度相同，质量不同，故研究动能大小与质量的关系，用来解释超载行驶的危险。
29. 小明在探究“通过导体的电流与导体两端电压的关系”时，电路如图中所示，电源电压保持不变，R为定值电阻。
（1）请用笔画线代替导线，将图乙中的电路按甲图连接完整（要求导线不交又）：______。
（2）闭合开关前滑动变阻器的滑片应位于______（A/B）端：
（3）电路连接正确后，闭合开关，发现电压表有示数但电流表无示数，此时出现的故障可能是______（选填字母：A．电阻R短路 B．电阻R断路）；
（4）排除故障后，小明又取了几个定值电阻，思利用这些器材继续探究“电压不变时，电流与电阻的关系”。实验中所用电阻的阻值分别为5Ω、10Ω、20Ω，电源电压为6V，分别接入三个在定值电阻，图丙是接入5Ω定值电阻并调节滑动变阻器后得到的电流大小为______A。将5Ω的定值电阻换成10Ω的定值电阻时，闭合开关后，应将滑动变阻器的滑片向左移动，直到定值电阻两端的电压为______V；
（5）小明为了完成整个实验，应选取最大阻值不小于______Ω的滑动变阻器。
【答案】 ①. ②. A ③. B ④. 0.4 ⑤. 2 ⑥. 40
【解析】
【详解】（1）[1]变阻器一上一下串联接入电路中，如图所示
（2）[2]为保护电路，闭合开关前滑动变阻器的滑片应位于最大阻值处，即滑片应位于A端。
（3）[3]闭合开关，发现电流表无示数，说明电路是断路，电压表有示数说明与电压表并联的部分断路了，因此，出现的故障可能是电阻R断路，故A不符合题意，B符合题意。
故选B。
（4）[4]由图丙可知，电流表选用0~0.6A的量程，分度值为0.02A，读数为0.4A；则定值电阻两端的电压
U定=IR=0.4A×5Ω=2V
[5]实验中，当把5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，根据分压原理，电阻两端的电压变大，研究电流与电阻关系时，要控制电压不变，根据串联电路电压的规律，要增大滑动变阻器两端的电压，由分压原理，要增大滑动变阻器电阻阻值，故应把变阻器滑片向左移动直到定值电阻两端的电压为是2V。
（5）[6]由题意可知，只更换滑动变阻器，电源电压为6V，定值电阻两端电压为2V，滑动变阻器两端电压为4V，根据串联分压原理得
R定∶R变=U定∶U变=2V∶4V=1∶2
已知R定=20Ω，则解得R变=40Ω，如果只更换滑动变阻器，则更换的滑动变阻器最大阻值至少为40Ω。
30. 小明和小华设计了一款电子秤。图甲是电子秤的结构原理图，通过改写电压表的表盘数值后可直接读出称量物体的质量，电源电压保持6V恒定不变，定值电阻R0=60Ω，电压表的量程为0～3V，压敏电阻R的阻值与所受压力变化的图像如图乙所示（托盘和压杆的质量可以忽略不计，g取10N/kg）。
（1）电子秤的最大测量值为多少kg？（写出计算过程）（ ）
（2）为了使电子秤的量程变为0～45kg，在原有器材不变的情况下，小明设计了如图丙的改进方案。
①通过计算，小明方案中的R1阻值为多少Ω？（写出计算过程）（ ）
②改进后的电子秤零刻度线应该在原来电子秤零刻度线的___________（选填：“左侧”、“右侧” 或“重合”）；
③为了让电子秤充分利用电压表的刻度范围，小华认为除了小明的方案外，在原来电子秤（如图甲）的方案上接入另一个电阻R2，也能达到设计要求，请在图丁虚线框中画出小华的改进方案_________，则小华接入电阻R2的阻值为___________Ω。
【答案】 ①. 40kg ②. 30 ③. 左侧 ④. ⑤. 60Ω
【解析】
【详解】（1）[1]由题意可知，电子秤是由电压表改装而成的， 且当电子秤所测质量最大时，对应的电压表示数达到最大值；所以， 根据电压表的量程可知， 此时定值电阻R0两端的电压为：U0最大= 3V，则电路中的电流
根据串联电路的总电压等于各分电阻两端的电压之和可知：压敏电阻两端分得的电压
UR= U- U0= 6V-3V=3V
根据可得压敏电阻的阻值
由图乙可知，此时压敏电阻受到的压力为400N，所测物体的最大重力为
G物最大=F= 400N
由G=mg可得，该电子秤的最大测量值为
（2）①[2]使电子秤的量程变为0 ~ 45kg，则压敏电阻受到的最大压力为
F最大=G=mg= 45kg × 10N/kg=450N
由图乙可知，此时压敏电阻为
若电子秤结构和电压表量程不变时，R0两端的电压U0= 3V不变，通过R0的最大电流I大= 0.05A不变，图丙：在电路中串联一个分压电阻R1，电压表测量R0两端的电压，由于通过R0的最大电流I大= 0.05A不变，根据欧姆定律可得
根据串联电路的总电阻等于各分电阻之和可得，分压电阻
R1=R总小-R0-R′= 120Ω-60Ω-30Ω=30Ω
②[3]由于改进后的电子秤，R0、R1是串联的，根据串联电路的分压特点可知，当压敏电阻受到的压力为0时， R0两端分得的电压变小，则零刻度线应该在原来电子秤零刻度线的左侧。
③[4][5]由于电子秤的量程增大时，压敏电阻受到的最大压力变大，压敏电阻变小，电路中的总电阻变小，电流变大，所以，在R0两端的电压U0= 3V不变的条件下，可以利用并联电路的分流特点，应增加一个分流电阻，即：在电路中R0两端并联一个分流电阻R2，如图所示：
由于此时R0两端的电压U0= 3V不变，则压敏电阻两端的电压UR= 3V也不变，当压敏电阻受到的压力最大时，干路电流
此时通过R0的最大电流I大= 0.05A不变，则根据并联电路干路电流等于各支路电流之和可得，通过分流电阻R2的电流为
I2=I-I大=0.1A-0.05A=0.05A
根据欧姆定律可得，分流电阻
小华接入电阻R2的阻值为60Ω。综上可知，如果保持电子秤结构和电压表量程不变，只在电路中增加一个电阻，使电子秤的量程变为0~45kg，可以串联一个30Ω的电阻，也可以与R0并联一个60Ω的电阻。
31. 今天的人类，已经离不开电能了，如图甲所示的风力发电是新能源开发中具有良好开发前景的发电方式。由于没有燃料燃烧问题，也不会产生辐射或空气污染，符合“节能减排”“低碳生活”的理念而正在世界形成热潮.但风力发电的特点是随机性强，5 m/s以上的风速才可以发电，盐城地处黄海之滨，春秋季风力大，持续时间长，大丰风力发电厂正在开发建设中，下表是某一台风力发电机在不同风速下的发电功率：
请根据你所学知识完成以下问题：
（1）风能属于______（可再生/不可再生）能源，风力发电是把风能转化为______能，供各种产业日常生活使用；
（2）当风速为10m/s时，风力发电机组工作1h所产生的电能是______kW·h；若此时风车组1h获得的风能为300kW·h，则风力发电机组的发电效率是______；
（3）大丰毗邻黄海，有较丰富的风力资源，即将并网的“十万千瓦”风力发电机组，预计年发电量2.5×108kW·h，相当于完全燃烧______kg的煤放出的能量（煤的热值为3.0×107J/kg）；
（4）大丰港港区计划安装如图乙所示的“风光互补”景观节能灯，它“头顶”小风扇，“肩打”太阳能电池板，关于节能灯的设计解释合理的是______；
A．太阳能电池板是将太阳能转化为电能
B．小风扇是用来给太阳能电池板散热的
C．小风扇是风力发电机，将电能转化为机械能
D．蓄电池在夜晚放电时，将电能转化为化学能
（5）面对日益严重的能源危机问题，人们正在积极寻找和开发新能源，你认为除了上述两种新能源之外，人类还可以开发哪些新能源？（至少举出两种）
①____________________________
②____________________________
【答案】 ①. 可再生 ②. 电 ③. 60 ④. 20% ⑤. 3×107 ⑥. A ⑦. 海洋能 ⑧. 核能
【解析】
【详解】（1）[1][2]风能是一种很清洁的可再生能源，资源丰富，无污染；风力发电将电能转化为电能。
（2）[3][4]由表知，风速为10m/s时，发电机输出功率P=60kW，风力发电机组工作1h所产生的电能
W电=Pt=60kW×1h=60kW·h
因为风车组1h获得的风能为300kW·h，故风力发电机组的发电效率
（3）[5]年发电量
W=2.5×108kW·h=2.5×108×3.6×106J=9×1014J
所以需要完全燃烧煤的质量
（4）[6]A．太阳能电池板也可以把太阳能转化为电能，故A符合题意；
B．小风扇的作用可以把风能转化为电能，不是用来散热的，故B不符合题意；
C．小风扇是一个风扇式发电机，它可以把风能转化为电能，故C不符合题意；
D．蓄电池在夜晚放电时，将化学能转化为电能，故D不符合题意。
故选A。
（5）[7][8]新能源：海洋能、核能、生物质能等。平均风速/（m·s－1）
5
6
7
8
8
10
功率kW
6
22
34
44
53
60
请注意：
1．本试卷分选择题和非选择题两部分。
2．所有试题的答案均填写在答题卡上，答案写在试卷上无效。
第一部分选择题（共24分）
一、选择题（每题4个选项中只有1个符合题意，每题2分，共24分）
1. 下列估测结果符合实际的是（ ）
A. 六月份扬州的平均气温约为50℃B. 家用LED节能灯的电功率约为200W
C. 中学生课桌的高度约为80mmD. 一枚1元人民币硬币的质量大约6g
【答案】D
【解析】
【详解】A．扬州的地理位置决定了其夏天气温也不会太高，六月份扬州的平均气温约为30℃，不会超过40℃，A选项不符合题意；
B．家用LED节能灯的主要特点是发光效率高，耗电量低。一般家用白炽灯的电功率约为60W，LED节能灯的电功率必小于此数值，B选项不符合题意；
C．中学生课桌的高度约为
C选项不符合题意；
D．一枚橡皮的质量约为6g，1元人民币硬币的质量与橡皮的质量差不多，故一枚1元人民币硬币的质量大约也是6g，D选项符合题意。
故选D。
2. 蓝牙音箱可在一定距离内无线连接手机进行音乐播放，蓝牙音箱播放音乐时，下列说法正确的是（ ）
A. 音箱发声不需要振动
B. 根据音色可以分辨出不同歌手的声音
C. 音箱和手机是通过超声波连接的
D. 调节音箱音量大小是改变声音的音调
【答案】B
【解析】
【详解】A．声音是由物体的振动产生的，所以蓝牙音箱发声需要振动，故A错误；
B．不同人发出声音的音色不同，根据音色可以分辨出不同歌手发出的声音，故B正确；
C．音箱和手机是通过电磁波连接的，故C错误；
D．将音箱音量调大是为了改变声音的响度，故D错误。
故选B。
3. 光刻技术是现代半导体集成电路的关键一环，其工作原理如图所示。光源发出强紫外光，调整镂空掩膜版和缩图透镜之间的距离，使光通过二者后，恰好能在硅片上成清晰的像，从而实现纳米级集成电路的“雕刻”，下列说法错误的是（ ）
A. 缩图透镜是凸透镜
B. 在硅片上形成的像是实像
C. 此成像原理与显微镜物镜的成像原理相似
D. 若将掩膜版靠近缩图透镜，为成清晰像，应将硅片远离缩图透镜
【答案】C
【解析】
【详解】A.根据图示可知，缩图透镜对光线具有会聚作用，是凸透镜，故A正确，不符合题意；
B.硅片相当于光屏，能承接实像，所以成的是实像，故B正确，不符合题意；
C.由图可知要制造出含有众多元件的集成电路，则掩膜上的电路在硅片上的像应变小，所以可知该凸透镜成倒立、缩小的实像，而显微镜的物镜成倒立、放大的实像，二者的成像原理不同，故C错误，符合题意；
D.若将掩膜版靠近缩图透镜，物距变小，像距应变大，为成清晰像，应将硅片远离缩图透镜，故D正确，不符合题意。
故选C。
4. 下列关于热现象的解释正确的是
A. 北方的冬天，窗玻璃外表面会出现冰花，这是凝华现象
B. 冬天，戴眼镜的人从温暖的室内走到寒冷室外，镜片上有雾，这是液化现象
C. 衣柜中的樟脑丸过一段时间会变小甚至没有了，这是汽化现象
D. 为防止食品腐烂变质，可以用干冰的升华来吸热降温
【答案】D
【解析】
【分析】（1）由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；
（2）由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；
（3）由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固．
【详解】A、窗玻璃出现冰花，是凝华现象，是室内的水蒸气遇冷凝华在玻璃的内表面，故A错误；
B、冬天，戴眼镜的人从寒冷室外走到温暖的室内时，镜片上有雾，这是室内的水蒸气遇到冷的镜片液化为小水滴，从室内走到寒冷室外不会出现；故B错误；
C、衣柜中的樟脑丸过一段时间会变小甚至没有了，这是升华现象；故C错误；
D、升华吸热，所以可以用干冰的升华时吸热，得到降温的目的；故D正确；
故选D．
5. 如图所示，在探究凸透镜成像规律的实验中，当蜡烛、凸透镜和光屏之间的距离为下图时，在光屏上得到一个清晰缩小的实像．下列说法错误的是
A. 该凸透镜的焦距大于10㎝、小于15㎝
B. 只将凸透镜向左移，可以在光屏上得到清晰放大的像
C. 只将蜡烛和光屏互换，可以在光屏上得到清晰的缩小像
D. 将蜡烛远离凸透镜时，为了在光屏上得到清晰的像，可在凸透镜前放一个凹透镜．
【答案】C
【解析】
【分析】凸透镜成像规律：u＞2f，成倒立、缩小的实像，2f＞v＞f；
u=2f，成倒立、等大的实像，v=2f，求焦距；
2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，v＞2f；
u＜f，成正立、放大的虚像．
【详解】A、观察图示可知，物距大于像距，则在光屏上得到一个清晰缩小的实像，所以u=30cm＞2f，解得f＜15cm；而像距v=20cm，f＜20cm＜2f，解得10cm＜f＜20cm；故凸透镜的焦距的范围是：10cm＜f＜15cm，故A正确；
B、只将凸透镜向左移，减小物距，增大像距，根据光路可逆的特点，可知在光屏上能得到清晰放大的像，故B正确；
C、只将蜡烛和光屏互换，根据光路可逆可知，可以在光屏上得到清晰放大的像，故C错误；
D、蜡烛远离凸透镜时，物距变大，像距将变小，为了在光屏上得到清晰的像，应使光线发散一些，所以用一个凹透镜，D正确．
故选C．
6. 用电高峰期，会看到家里的白炽灯泡比正常发光要暗一些．这是因为，用电高峰期并联用电器增多，造成（ ）
A. 电路中的总电阻增大B. 电路中的总电流减小
C. 白炽灯泡的实际功率减小D. 白炽灯泡的额定功率减小
【答案】C
【解析】
【详解】A．家庭电路是并联的，并联的用电器增多，就相当于增加导体的横截面积，因此总电阻变小，A不符合题意．
B．在并联电路中I=I1+I2，因此并联的用电器增多，电路中的总电流变大，B不符合题意．
C．在家庭电路中，输电线和家用电器之间是串联，用电高峰期，接入电路的用电器变多，干路中的电流变大，而输电导线有一定的电阻，输电导线损失的电压U损=IR，输电导线的电阻R一定，当I增大时U损增大，用电器两端的电压减小，由公式P=可知用电器的实际功率减小，灯泡比正常发光要暗﹣些，符合题意．
D．额定功率是用电器在额定电压的功率，用电器正常工作时两端的电压为额定电压，额定电压只有一个，对应的额定功率只有一个，它不随电压的改变而改变．
7. 下列过程中，通过做功使物体的内能增加的是（ ）
A. 水沸腾时水蒸气顶起水壶盖B. 用热水泡脚，脚感觉暖和
C. 汽油机的做功冲程D. 电烙铁通电发热
【答案】D
【解析】
【详解】A．水沸腾时水蒸气顶起水壶盖，水蒸气膨胀对壶盖做功，水蒸气的内能转化为壶盖的机械能，水蒸气的内能减小，故A不符合题意；
B．用热水泡脚，脚感觉暖和，脚从热水吸收热量，使脚内能增加、温度升高，这是通过热传递使物体的内能增加，故B不符合题意；
C．汽油机的做功冲程，高温高压的燃气膨胀对外做功，燃气的内能减小、温度降低，故C不符合题意；
D．电烙铁通电发热，电流做功，将电能转化为内能，使电烙铁的内能增加、温度升高而发热，故D符合题意。
故选D。
8. 无线充电的原理如图甲所示，首先电流通过送电线圈，当受电线圈靠近送电线圈时就会产生感应电流来供电，图乙下列实验中，与无线充电时送电线圈技术工作原理相同的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】
【详解】无线充电时送电线圈技术工作原理是通电导体周围存在磁场；
A．图中是奥斯特实验，说明通电导体周围存在磁场，是电流的磁效应，故A符合题意；
B．图中无电源，但有线圈、磁铁，这是发电机的原理图，发电机的原理是电磁感应现象，即闭合电路的部分导体做切割磁感线运动时产生感应电流，故B不符合题意；
C．图中有电源，是通电导体在磁场中受到力的作用，不是电流的磁效应，故C不符合题意；
D．图中是电磁感应现象，即闭合电路的部分导体做切割磁感线运动时产生感应电流，故D不符合题意。
故选A。
9. 关于温度、热量和内能，下列说法中正确的是（ ）
A. 物体的温度越高，所含的热量越多B. 任何两物体间都会发生热传递
C. 0℃的冰块，内能一定为零D. 温度高的物体，内能不一定大
【答案】D
【解析】
【详解】A．热量是发生热传递过程中存在的过程量，只能说吸收或放出热量，而不能说含有或具有热量，故A错误；
B．发生热传递的条件是两物体存在温度差，故B错误；
C．一切物体都具有内能，不具有内能的物体是不存在的，故C错误；
D．内能的影响因素有质量、温度等，所以温度高的物体内能不一定大，故D正确。
故选D。
10. 为了测出未知电阻Rx的阻值，某同学利用阻值已知的电阻R0和电流表或电压表分别设计了如图所示的四种电路，其中可行的是（电源电压未知且不变）
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】
【详解】A．图中，两电阻是串联的，通过它们的电流是相等的，当开关S接1时，电压表测定值电阻R0两端的电压，可求出电路中的电流；当开关S接2时，电压表正负接线柱反接，造成电压表不能正常工作，故A不可行；
B．图中，两个电阻是并联的，电流表在干路上，测通过两个电阻的总电流，无法求出未知电阻两端的电压和通过的电流，故B不可行；
C．图中，两个电阻是串联的，通过电流表可以知道通过未知电阻的电流，但无法求出未知电阻两端的电压，故C不可行；
D．图中，当两个开关都闭合时，定值电阻被短路，电压表测的是电源电压，当开关S1闭合，S2断开时，两个电阻是串联的，电压表测的是未知电阻两端的电压，根据串联电路的分压关系可求出定值电阻R0两端的电压，根据欧定律可求出此时电路中的电流也就是通未知电阻的电流大小，电阻可求，故D可行；
11. 小敏在做“组成串联电路”的实验时，电路连好后，闭合开关，两灯均不亮，经检查，电路连接无误，老师告诉她是其中有一个小灯泡坏了，下面四种方法不能够检测出坏灯泡（假设各检测方法用电器、电表均不会损坏）（ ）
A. 用一根导线分别与两个灯泡并联
B. 用一个电压表分别与两个灯泡并联
C. 用一个小灯泡分别与两个灯泡并联
D. 用一个电流表分别串联在电路中不同点
【答案】D
【解析】
【详解】A．两灯串联，若用一根导线分别与两个灯泡并联，则断路的地方会接通，另一个灯泡会发光，能检测出坏灯泡，故A不符合题意；
B．用一个电压表分别与两个灯泡并联，当电压表并联在断路灯泡两端时，电压表有示数，能检测出坏灯泡，故B不符合题意；
C．用一个小灯泡分别与两个灯泡并联，当小灯泡并联在断路灯泡两端时，小灯泡会发光，能检测出坏灯泡，故C不符合题意；
D．用一个电流表分别串联在电路中不同的点，电路始终处于断路状态，电流表始终无示数，不能检测出坏灯泡，故D符合题意。
故选D。
12. 如图甲电路中，电源电压不变，灯泡L标有“6V 3.6W”的字样，R2为滑动变阻器。闭合开关S，将R2滑片P从位置1移到位置2，根据两表示数作出的U～I图像如图乙中AB所示。R2滑片P分别在位置1和位置2时，灯泡L的电功率分别为P1和P2，且下列判断正确的是（ ）
A. 电源电压为14V
B. R2的滑片P在位置1时对应图乙中A点的数据
C. R2滑片P从位置1移到位置2时，灯泡灯丝电阻减小8Ω
D. R2滑片P从位置1移到位置2时，灯泡的电功率减小1.25W
【答案】D
【解析】
【详解】AB．根据可知，R2滑片P在位置1时，灯泡L的电功率较大；根据P=UI可知，此时通过灯泡的电流较大；结合图乙可知，R2的滑片P在位置1时对应图乙中B点的数据。设电源电压为U，当滑动变阻器滑片P位于1时，此时通过小灯泡的电流为0.5A，滑动变阻器两端的电压为9V，则小灯泡两端的电压为
小灯泡的电功率为
当滑动变阻器滑片P位于2时，对应图乙中A点，通过小灯泡的电流为0.25A，滑动变阻器两端的电压为11V，则小灯泡两端的电压为
此时小灯泡电功率为
根据
可知
解得，电源电压为
故AB错误；
C．R2滑片P在位置1时，小灯泡的电压为
则此时小灯泡的电阻为
移到位置2时，小灯泡的电压为
则此时小灯泡的电阻为
灯泡灯丝电阻减小
故C错误；
D．R2滑片P在位置1时，小灯泡的额定功率为
移到位置2时，小灯泡的额定功率为
灯泡灯丝电功率减小值为
故D正确。
故选D。
第二部分非选择题（共76分）
二、填空题（本题有8小题，每空1分，共21分）
13. 如图,用铁丝围成一个内径约4mm的圆环,在清水中浸一下后取出,布满圆环的水膜犹如透镜,用这个水膜透镜贴近课本上的字,看到的是正立放大的像,此像为____(实像/虚像);透过水膜透镜看远处的楼房楼房倒立缩小了,这种成像情况与_______(照相机/幻灯机)成像原理相同;轻轻甩去一些水(保持水膜完好),透过水膜透镜看远处的楼房成正立缩小的像,此时水膜透镜相当于_______(凸透镜/凹透镜)
【答案】 ①. 虚像 ②. 照相机 ③. 凹透镜
【解析】
【详解】水膜透镜相当于凸透镜，根据凸透镜成像规律可知，当其贴近课本上的字，此时物距小于一倍焦距，看到的是正立放大的虚像；当看远处的楼房楼房，此时物距大于二倍焦距，看到的是倒立缩小实像,这种成像情况与照相机成像原理相同；因为通过凹透镜可以看到正立缩小的像（如近视镜），所以此时水透镜相当于凹透镜；
14. 如图所示，沿斜面把质量为16kg的一个物体匀速拉到最高处，沿斜面向上的拉力F=100N，斜面长2m、高1m，则其机械效率是______%，物体所受摩擦力是______N（g取10N/kg）
【答案】 ①. 80 ②. 20
【解析】
【详解】[1]拉力做总功为
拉力做的有用功为
斜面的机械效率为
[2]拉力做的额外功为
物体所受摩擦力是
15. （1）如图所示是一台四冲程汽油机的工作示意图，汽油机正在进行的是_____冲程。已知其飞轮的转速为2400r/min，则该汽油机每秒做功的次数是_____次，汽车启动时能闻到汽油味，此时汽油没有充分燃烧，燃料的热值_____（变大/变小/不变）。
（2）某种国产汽车，它在某平直公路上以72km/h速度匀速行驶，当汽车行驶500s时，若在运动过程中汽车受到的平均阻力是700N，牵引力做功_____J。
【答案】 ①. 做功 ②. 20 ③. 不变 ④.
【解析】
【详解】（1）[1]如图，两气门关闭，活塞下行，为做功冲程。
[2]汽油机一个工作循环包含四个冲程，只有做功冲程对外做功，飞轮转两周。已知其飞轮的转速为
2400r/min=40r/s
则该汽油机每秒做功的次数是20次。
[3]热值是燃料的一种特性，只与燃料的种类有关，与燃料的质量、是否燃烧充分无关，所以，汽油没有充分燃烧，燃料的热值不变。
（2）[4]汽车运动的路程为
汽车做匀速直线运动，牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等，所以牵引力大小为
牵引力做功为
16. LED灯具有节能、环保的特点，标有“220V，5W”的LED灯泡和“220V，40W”白炽灯（如图所示）正常发光时的亮度相当，的电能可供该LED灯正常发光___________ h，与白炽灯相比，LED灯泡可以节能约___________ 。
【答案】 ①. 200 ②. 87.5
【解析】
【详解】[1]的电能可供该LED灯正常发光的时间
[2]当两种灯正常发光的时间相同都为t时，LED灯消耗的电能
白炽灯消耗的电能
所以LED灯泡可以节能
17. 如图所示，是一束光由空气斜射入某种透明介质时。在界面上发生反射和折射的光路，则入射光线—定是______，折射角的大小为______。
【答案】 ①. BO ②. 45°
【解析】
【详解】[1]如果AO是入射光线，则OC为反射光线，OB为折射光线，而折射光线与法线重合，故AO不是入射光线；如果BO是入射光线，则OC为反射光线，OA为折射光线，并且遵守反射定律和折射定律，符合题意，所以BO是入射光线。
[2]由于BO是入射光线，若OC为反射光线，OA为折射光线，折射角小于入射角，可能，若OA为反射光线，OC为折射光线，折射角小于入射角，可能，可得反射光线与反射光线的夹角为150°，根据反射角与入射角相等，可知入射角和反射角都为75°，则折射角的大小为
18. 一辆电动汽车以恒定的功率在平直的公路上做直线运动，其v-t图像如图，在第10s时速度达到20m/s，通过的路程为100m，则在0～10s内汽车的平均速度为______km/h；设汽车在行驶过程中所受阻力不变，大小为f=3000N，那么在0～10s内电动汽车的动能______（选填“变大”、“变小”或“不变”）；0～10s内发动机产生的牵引力所做的功是______。
【答案】 ①. 10 ②. 变大 ③.
【解析】
【详解】[1]根据题意可知，汽车的平均速度为
[2]由于在0～10s内电动汽车的速度不断增大，可知其动能变大。
[3]由图可知，10s后汽车做匀速直线运动，速度v=20m/s，根据二力平衡条件可得，牵引力为
F=f=3000N
又电动汽车以恒定的功率在平直的公路上做直线运动，则电动汽车的功率为
可得0～10s内发动机产生的牵引力所做的功为
19. 小明书房照明灯标有“220V，60W”，发现开关S闭合后灯不亮，电工检修照明电路时用测电笔去测C、D两点时（如甲图所示），发现氖管均发光，用测电笔去测A、B两点时，只有测A点时氖管发光，那么故障原因可能是___________ （选填“A、B间短路”；“D、C间短路”；“A、D间断路”；“B、D间断路”）；电路维修完成后，小明用家中电能表（如乙图所示）测量了该灯的实际功率，单独使用该照明灯，发现电能表指示灯6min才闪烁了11次，该灯的实际功率是___________ W。
【答案】 ①. B、D间断路 ②. 55
【解析】
【详解】[1]由题意可知，用测电笔测A、B、C、D四点时，测A、C、D三点时，氖管均发光，只有测B点时氖管不发光，则说明A、C、D三点与火线相连，B点与火线是断开的，由此可知B与D点之间断路。
[2]电能表指示灯闪烁11次消耗的电能
用电器的实际功率
20. 时下，越来越多的年轻人将借助运动APP辅助健身当作一类时尚生活方式，如图是某同学借助跳绳APP获得的练习数据，若他自身质量为50kg，每次跳起的高度为，根据图中数据，他每跳一次克服重力做的功是___________ J，跳绳时的平均功率是___________ W。看完数据一览表，他对最高速率产生了疑问，查阅资料后可知bpm是BeatPerMinute的简称，中文名为拍子数，释义为每分钟节拍数，若该同学的心率为75bpm，根据这一心率，该同学的心跳一次时间是___________ s。（g=10N/kg）
【答案】 ①. 18 ②. 73.2 ③. 0.8
【解析】
【详解】[1]他每跳一次克服重力做的功
[2]由图可知，跳绳244个，内做的功
跳绳时的平均功率
[3]该同学的心跳一次时间
三、解答题（本题有8小题，共50分．解答22~23题时应写出解题过程）。
21. 如图所示，杠杆受的拉力为F2，O为杠杆的支点。请画出使杠杆在如图位置保持静止时的最小的力F1的示意图，并作出力F2的力臂L2。
【答案】
【解析】
【详解】根据杠杆平衡条件可知，当阻力和阻力臂一定时，动力臂越长，动力越小；由图可知，OB即为最长的动力臂，与它垂直的力即为最小动力F1，阻力使杠杆顺时针转动，所以动力应使杠杆逆时针转动，动力方向应向上；过支点作阻力F2的作用线的垂线，垂线段即为阻力臂L2，故作图如下：
22. 请在图中标出通电螺线管的N极和磁感线的方向。
【答案】
【解析】
【详解】电源左侧为正极，则电流由左侧流入，根据安培定则：用右手握住螺线管，使四指所指的方向为电流的方向，则大拇指所指的右侧为N极，左侧为S极，外部磁感线由N指向S。如图所示：
23. 如图完成下面家庭电路连接。
【答案】
【解析】
【详解】根据左零右火中接地的原则，将三孔插座连接好，三孔插座与灯泡并联，开关接在用电器和火线之间，开关控制灯泡，开关需要接在火线上，灯泡左端接线柱接在零线上，如图：
24. 北京2022年冬奥会成功申办，冰雪运动越来越受到人们的喜爱。如图所示是一款雪地摩托，当其以最大功率75kW在水平雪地上匀速直线行驶时，最高速度可达108km/h。（g=l0N/kg）
（1）当该车以最大功率在水平雪地上用最高速度匀速直线行驶时，所受阻力为多少？
（2）该车发动机为一款单缸4冲程汽油机，若其效率为25%，则该车以最大功率在水平雪地上用最高速度匀速直线行驶69min，需要多少千克汽油？（汽油的热值为q=4.6×107J/kg）
【答案】（1）2500N；（2）27kg
【解析】
【详解】解：（1）雪地摩托的速度
v=108km/h=30m/s
该车以最大功率在水平雪地上用最高速度匀速直线行驶，故所受阻力
（2）该车以最大功率在水平雪地上用最高速度匀速直线行驶69min所做的功
W=Pt'=75×103W×69×60s=3.105×108J
根据可得，汽油完全燃烧放出的热量
则汽油的质量
答：（1）所受阻力为2500N；
（2）需要27千克汽油。
25. 随着科技创新教育在全市广泛开展，我校已配置了如图甲所示的3D打印笔。3D打印笔通过加热，挤出热熔的塑胶，然后在空气中迅速冷却，最后凝固成稳定的形状。此打印笔有快、慢两挡，其内部简化电路如图乙所示，将该3D打印笔单独接入装有如图丙所示电能表的家庭电路中正常工作。快挡打印2min，电能表指示灯闪烁8次，刚好将15g的塑胶从20℃加热到260℃。已知该3D打印笔慢挡打印功率为22W，R1、R2是用于发热的定值电阻，塑胶的比热容为2×103J/(kg∙℃)且保持不变。问：
（1）3D灯印笔快挡的电功率有多大？
（2）3D打印笔快挡打印时的热效率有多大？
（3）R1的阻值有多大？
【答案】（1）80W；（2）75%；（3）1595Ω
【解析】
【详解】解：（1）3000imp/(kW∙h)是指电路中每消耗1 kW∙h的电能，电能表指示灯闪烁3000次，指示灯闪烁8次，3D打印笔消耗的电能
3D打印笔快挡打印时的电功率为
（2）15g的塑胶从20℃加热到260℃吸收的热量为
Q吸=cmΔt=2×103J/(kg∙℃)×15×10-3kg×(260℃-20℃)=7200J
3D打印笔快挡打印时的热效率为
（3）根据电路图可知，当开关接1、2时，R1与R2串联，电路中电阻较大；当开关接2、3时，电路为R2的简单电路，电路中电阻较小，根据可知，总电阻越大，功率越小，故开关接1、2时为低温挡，接2、3时为高温挡；当开关接2、3时，电路为R2的简单电路，此时电路中R2的电阻
当开关接1、2时，R1与R2串联，此时电路中的总电阻
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以
R1=R总-R2=2200Ω-605Ω=1595Ω
答：（1）3D打印笔快挡的电功率为80W；
（2）3D打印笔快挡打印时的热效率为75%；
（3）R1的阻值为1595Ω。
26. 小华在照镜子时发现，她靠近平面镜，像也靠近平面镜．于是她想平面镜所成的像和物到镜面的距离有什么关系？她按图甲摆放器材，进行实验。
（1）她选择玻璃板代替平面镜是为确定________；
（2）实验中，她在玻璃板前放置点燃的蜡烛A，将蜡烛B放在玻璃板后并移动，在玻璃板的_______（A/B）侧观察，直到B与A的像完全重合，这说明：________。
（3）改变 ________（“蜡烛A”、“蜡烛B”）的位置，重复实验，分别测出A和B到玻璃板的距离，并记录实验数据；
（4）小华将图甲中的玻璃板换成平面镜，垂直于纸板放置（如图乙所示），探究“光反射时的规律”，她用激光笔沿硬纸板EO照射到平面镜上的O点，反射光线沿OF射出，则∠NOF________（＞/＝/＜）∠EON。小琳又让入射光线沿着FO入射到O点，看到反射光线沿OE射出，这说明在反射现象中_______。
【答案】 ①. 像的位置 ②. A ③. 像和物的大小相等 ④. 蜡烛A ⑤. ＝ ⑥. 光路是可逆的
【解析】
【详解】（1）[1]用透明的玻璃板代替平面镜，在物体一侧能看到物体的像，同时还能看到代替物体的另一个物体，便于确定像的位置，便于比较物像大小关系。
（2）[2][3]实验中，将点燃的蜡烛A放在玻璃板前放置，将蜡烛B放在玻璃板后并移动，在玻璃板的A侧观察，B能和A的像完全重合说明像和物的大小相等。
（3）[4]改变A的位置，重复实验，测出A和B到玻璃板的距离，即像距和物距。
（4）[5]用激光笔沿硬纸板EO照射到平面镜上的O点，反射光线沿OF射出，∠NOF是反射角，∠EON是入射角，则
∠NOF＝∠EON
[6]让光线逆着OF的方向射向镜面，会发现反射光线沿着OE方向射出，说明反射光路是可逆的。
27. 小明同学利用如图所示装置“探究凸透镜成像的规律”。
（1）小明利用图甲所示的方法，使平行于主光轴的光线通过凸透镜会聚在光屏上，从而确定所使用的凸透镜的焦距______cm。
（2）小明将点燃的蜡烛、凸透镜和光屏依次安装在光具座上，将三者______（分散/靠拢/任何位置均可）排列，并调节烛焰中心和光屏中心在透镜的主光轴上，这是为了______。
（3）如图乙所示，小明将凸透镜固定在光具座上40cm刻线处，将点燃的蜡烛放置在光具座上10cm刻线处，移动光屏，最终可以光屏上呈现出烛焰的倒立、______的实像：
（4）保持（3）中蜡烛和凸透镜位置不变，小明用近视眼镜片放置在靠近凸透镜左侧；移动光屏，为使在光屏上仍得到烛焰清晰的像，应该将光屏向______方向移动，像的大小______（变大/变小/不变）。
【答案】 ①. 10.0 ②. 靠拢 ③. 使像呈在光屏的中心 ④. 缩小 ⑤. 远离凸透镜 ⑥. 变大
【解析】
【详解】（1）[1]由图甲知，焦点到凸透镜的距离为
所以凸透镜的焦距为。
（2）[2]将三者靠拢一起，便于调节蜡烛、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度上。这样做的目的是使像呈在光屏的中心
[3]调节蜡烛、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度上，这样做的目的是使像呈在光屏的中心。
（3）[4]由题可知此时物距大小为
所以，由凸透镜成像规律可知，成倒立缩小的实像。
（4）[5]物体位置不变，凹透镜对光有发散作用，会推迟光的会聚，从而使像会聚在光屏右侧，所以光屏向右移动，远离凸透镜。
[6]根据成像规律知道，远离凸透镜，像距变大，像变大。
28. 小明为了探究动能大小的影响因素、利用斜面、钢球、木块等器材在同一水平面上开展了如图所示的探究活动。
（1）实验中探究的动能是指______；
A.钢球撞击木块时的动能
B.钢球撞击木块后的动能
C.木块被钢球撞击后的动能
（2）用质量不同的小球碰撞静止在同一水平面上的木块。实验中控制小球的高度相同，是为了控制两球到达底端时______相同；实验中通过观察______比较小球的动能的大小；
（3）小红认为根据乙、丙两图可以直接得出“物体的质量越大，速度越大，则动能越大”的结论，小明认为小红的观点是错误的，理由是______；
（4）小明根据实验现象认为：小球推动木块移动一段距离后都要停下来，所以小球和木块所具有的机械能最终都消失了。你认为小明的观点是______的（正确/错误）；
（5）通常来说，交通事故的原因主要是超载或超速，用甲、丙两图的实验现象所得到的结论。可以解释汽车______（超载/超速）行驶时危险性大的原因。
【答案】 ①. A ②. 速度 ③. 木块移动的距离 ④. 没有控制小球的质量相同 ⑤. 错误 ⑥. 超载
【解析】
【详解】（1）[1]根据题意可知，实验中需要改变小球的质量或小球撞击木块时的速度，所以是探究小球的动能，即小球撞击木块时的动能的大小，故A符合题意，BC不符合题意。
故选A。
（2）[2]在此实验中，小球滚下的高度越高，到达水平面时的速度越大，让质量不同的小球从同一高度滚下的目的是两球到达水平面时能够具有相同的速度，是为了探究动能大小与质量的关系。
[3]本题采用了转换法，通过比较小球推动木块移动距离的大小来判断小球的动能大小。
（3）[4]根据乙、丙可知，小球的质量不同，滚下的高度不同，到达水平面时的速度不同，所以不能探究动能大小与速度的关系。
（4）[5]小球推动木块移动一段距离后都要停下来，是因为水平面有摩擦力，木块克服摩擦做功，机械能转化为内能，而不是机械能消失了，故小明的观点是错误的。
（5）[6]甲、丙两图可知，钢球下落高度相同，质量不同，故研究动能大小与质量的关系，用来解释超载行驶的危险。
29. 小明在探究“通过导体的电流与导体两端电压的关系”时，电路如图中所示，电源电压保持不变，R为定值电阻。
（1）请用笔画线代替导线，将图乙中的电路按甲图连接完整（要求导线不交又）：______。
（2）闭合开关前滑动变阻器的滑片应位于______（A/B）端：
（3）电路连接正确后，闭合开关，发现电压表有示数但电流表无示数，此时出现的故障可能是______（选填字母：A．电阻R短路 B．电阻R断路）；
（4）排除故障后，小明又取了几个定值电阻，思利用这些器材继续探究“电压不变时，电流与电阻的关系”。实验中所用电阻的阻值分别为5Ω、10Ω、20Ω，电源电压为6V，分别接入三个在定值电阻，图丙是接入5Ω定值电阻并调节滑动变阻器后得到的电流大小为______A。将5Ω的定值电阻换成10Ω的定值电阻时，闭合开关后，应将滑动变阻器的滑片向左移动，直到定值电阻两端的电压为______V；
（5）小明为了完成整个实验，应选取最大阻值不小于______Ω的滑动变阻器。
【答案】 ①. ②. A ③. B ④. 0.4 ⑤. 2 ⑥. 40
【解析】
【详解】（1）[1]变阻器一上一下串联接入电路中，如图所示
（2）[2]为保护电路，闭合开关前滑动变阻器的滑片应位于最大阻值处，即滑片应位于A端。
（3）[3]闭合开关，发现电流表无示数，说明电路是断路，电压表有示数说明与电压表并联的部分断路了，因此，出现的故障可能是电阻R断路，故A不符合题意，B符合题意。
故选B。
（4）[4]由图丙可知，电流表选用0~0.6A的量程，分度值为0.02A，读数为0.4A；则定值电阻两端的电压
U定=IR=0.4A×5Ω=2V
[5]实验中，当把5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，根据分压原理，电阻两端的电压变大，研究电流与电阻关系时，要控制电压不变，根据串联电路电压的规律，要增大滑动变阻器两端的电压，由分压原理，要增大滑动变阻器电阻阻值，故应把变阻器滑片向左移动直到定值电阻两端的电压为是2V。
（5）[6]由题意可知，只更换滑动变阻器，电源电压为6V，定值电阻两端电压为2V，滑动变阻器两端电压为4V，根据串联分压原理得
R定∶R变=U定∶U变=2V∶4V=1∶2
已知R定=20Ω，则解得R变=40Ω，如果只更换滑动变阻器，则更换的滑动变阻器最大阻值至少为40Ω。
30. 小明和小华设计了一款电子秤。图甲是电子秤的结构原理图，通过改写电压表的表盘数值后可直接读出称量物体的质量，电源电压保持6V恒定不变，定值电阻R0=60Ω，电压表的量程为0～3V，压敏电阻R的阻值与所受压力变化的图像如图乙所示（托盘和压杆的质量可以忽略不计，g取10N/kg）。
（1）电子秤的最大测量值为多少kg？（写出计算过程）（ ）
（2）为了使电子秤的量程变为0～45kg，在原有器材不变的情况下，小明设计了如图丙的改进方案。
①通过计算，小明方案中的R1阻值为多少Ω？（写出计算过程）（ ）
②改进后的电子秤零刻度线应该在原来电子秤零刻度线的___________（选填：“左侧”、“右侧” 或“重合”）；
③为了让电子秤充分利用电压表的刻度范围，小华认为除了小明的方案外，在原来电子秤（如图甲）的方案上接入另一个电阻R2，也能达到设计要求，请在图丁虚线框中画出小华的改进方案_________，则小华接入电阻R2的阻值为___________Ω。
【答案】 ①. 40kg ②. 30 ③. 左侧 ④. ⑤. 60Ω
【解析】
【详解】（1）[1]由题意可知，电子秤是由电压表改装而成的， 且当电子秤所测质量最大时，对应的电压表示数达到最大值；所以， 根据电压表的量程可知， 此时定值电阻R0两端的电压为：U0最大= 3V，则电路中的电流
根据串联电路的总电压等于各分电阻两端的电压之和可知：压敏电阻两端分得的电压
UR= U- U0= 6V-3V=3V
根据可得压敏电阻的阻值
由图乙可知，此时压敏电阻受到的压力为400N，所测物体的最大重力为
G物最大=F= 400N
由G=mg可得，该电子秤的最大测量值为
（2）①[2]使电子秤的量程变为0 ~ 45kg，则压敏电阻受到的最大压力为
F最大=G=mg= 45kg × 10N/kg=450N
由图乙可知，此时压敏电阻为
若电子秤结构和电压表量程不变时，R0两端的电压U0= 3V不变，通过R0的最大电流I大= 0.05A不变，图丙：在电路中串联一个分压电阻R1，电压表测量R0两端的电压，由于通过R0的最大电流I大= 0.05A不变，根据欧姆定律可得
根据串联电路的总电阻等于各分电阻之和可得，分压电阻
R1=R总小-R0-R′= 120Ω-60Ω-30Ω=30Ω
②[3]由于改进后的电子秤，R0、R1是串联的，根据串联电路的分压特点可知，当压敏电阻受到的压力为0时， R0两端分得的电压变小，则零刻度线应该在原来电子秤零刻度线的左侧。
③[4][5]由于电子秤的量程增大时，压敏电阻受到的最大压力变大，压敏电阻变小，电路中的总电阻变小，电流变大，所以，在R0两端的电压U0= 3V不变的条件下，可以利用并联电路的分流特点，应增加一个分流电阻，即：在电路中R0两端并联一个分流电阻R2，如图所示：
由于此时R0两端的电压U0= 3V不变，则压敏电阻两端的电压UR= 3V也不变，当压敏电阻受到的压力最大时，干路电流
此时通过R0的最大电流I大= 0.05A不变，则根据并联电路干路电流等于各支路电流之和可得，通过分流电阻R2的电流为
I2=I-I大=0.1A-0.05A=0.05A
根据欧姆定律可得，分流电阻
小华接入电阻R2的阻值为60Ω。综上可知，如果保持电子秤结构和电压表量程不变，只在电路中增加一个电阻，使电子秤的量程变为0~45kg，可以串联一个30Ω的电阻，也可以与R0并联一个60Ω的电阻。
31. 今天的人类，已经离不开电能了，如图甲所示的风力发电是新能源开发中具有良好开发前景的发电方式。由于没有燃料燃烧问题，也不会产生辐射或空气污染，符合“节能减排”“低碳生活”的理念而正在世界形成热潮.但风力发电的特点是随机性强，5 m/s以上的风速才可以发电，盐城地处黄海之滨，春秋季风力大，持续时间长，大丰风力发电厂正在开发建设中，下表是某一台风力发电机在不同风速下的发电功率：
请根据你所学知识完成以下问题：
（1）风能属于______（可再生/不可再生）能源，风力发电是把风能转化为______能，供各种产业日常生活使用；
（2）当风速为10m/s时，风力发电机组工作1h所产生的电能是______kW·h；若此时风车组1h获得的风能为300kW·h，则风力发电机组的发电效率是______；
（3）大丰毗邻黄海，有较丰富的风力资源，即将并网的“十万千瓦”风力发电机组，预计年发电量2.5×108kW·h，相当于完全燃烧______kg的煤放出的能量（煤的热值为3.0×107J/kg）；
（4）大丰港港区计划安装如图乙所示的“风光互补”景观节能灯，它“头顶”小风扇，“肩打”太阳能电池板，关于节能灯的设计解释合理的是______；
A．太阳能电池板是将太阳能转化为电能
B．小风扇是用来给太阳能电池板散热的
C．小风扇是风力发电机，将电能转化为机械能
D．蓄电池在夜晚放电时，将电能转化为化学能
（5）面对日益严重的能源危机问题，人们正在积极寻找和开发新能源，你认为除了上述两种新能源之外，人类还可以开发哪些新能源？（至少举出两种）
①____________________________
②____________________________
【答案】 ①. 可再生 ②. 电 ③. 60 ④. 20% ⑤. 3×107 ⑥. A ⑦. 海洋能 ⑧. 核能
【解析】
【详解】（1）[1][2]风能是一种很清洁的可再生能源，资源丰富，无污染；风力发电将电能转化为电能。
（2）[3][4]由表知，风速为10m/s时，发电机输出功率P=60kW，风力发电机组工作1h所产生的电能
W电=Pt=60kW×1h=60kW·h
因为风车组1h获得的风能为300kW·h，故风力发电机组的发电效率
（3）[5]年发电量
W=2.5×108kW·h=2.5×108×3.6×106J=9×1014J
所以需要完全燃烧煤的质量
（4）[6]A．太阳能电池板也可以把太阳能转化为电能，故A符合题意；
B．小风扇的作用可以把风能转化为电能，不是用来散热的，故B不符合题意；
C．小风扇是一个风扇式发电机，它可以把风能转化为电能，故C不符合题意；
D．蓄电池在夜晚放电时，将化学能转化为电能，故D不符合题意。
故选A。
（5）[7][8]新能源：海洋能、核能、生物质能等。平均风速/（m·s－1）
5
6
7
8
8
10
功率kW
6
22
34
44
53
60
相关试卷
江苏省泰州市泰兴市实验初级中学2023-2024学年八年级下学期3月月考物理试题（原卷版+解析版）： 这是一份江苏省泰州市泰兴市实验初级中学2023-2024学年八年级下学期3月月考物理试题（原卷版+解析版），文件包含江苏省泰州市泰兴市实验初级中学2023-2024学年八年级下学期3月月考物理试题原卷版docx、江苏省泰州市泰兴市实验初级中学2023-2024学年八年级下学期3月月考物理试题解析版docx等2份试卷配套教学资源，其中试卷共34页， 欢迎下载使用。
江苏省泰州市海陵区江苏省泰州中学附属初级中学2023-2024学年八年级下学期3月月考物理试题（原卷版+解析版）： 这是一份江苏省泰州市海陵区江苏省泰州中学附属初级中学2023-2024学年八年级下学期3月月考物理试题（原卷版+解析版），文件包含江苏省泰州市海陵区江苏省泰州中学附属初级中学2023-2024学年八年级下学期3月月考物理试题原卷版docx、江苏省泰州市海陵区江苏省泰州中学附属初级中学2023-2024学年八年级下学期3月月考物理试题解析版docx等2份试卷配套教学资源，其中试卷共32页， 欢迎下载使用。
北京市清华大学附属中学2023-2024学年九年级下学期4月月考物理试卷（原卷版+解析版）： 这是一份北京市清华大学附属中学2023-2024学年九年级下学期4月月考物理试卷（原卷版+解析版），文件包含北京市清华大学附属中学2023-2024学年九年级下学期4月月考物理试卷原卷版docx、北京市清华大学附属中学2023-2024学年九年级下学期4月月考物理试卷解析版docx等2份试卷配套教学资源，其中试卷共41页， 欢迎下载使用。
