2023年初中数学中考专题讲练试卷:等腰三角形(含答案)
展开一.选择题(共9小题,满分27分,每小题3分)
1.(3分)等腰三角形两边长分别为4和8,则这个等腰三角形的周长为( )
2.(3分)等腰三角形的顶角为80°,则它的底角是( )
3.(3分)下列关于等腰三角形的性质叙述错误的是( )
4.(3分)如果一个等腰三角形的两边长分别是5cm和6cm,那么此三角形的周长是( )
5.(3分)已知等腰三角形一腰上的高与另一腰的夹角为60°,则这个等腰三角形的顶角是 ( )
6.(3分)如图,在△ABC中,AB=20cm,AC=12cm,点P从点B出发以每秒3cm的速度向点A运动,点Q从点A同时出发以每秒2cm的速度向点C运动,其中一个动点到达端点时,另一个动点也随之停止运动,当△APQ是等腰三角形时,运动的时间是( )
7.(3分)如图所示,△ABC中,AC=AD=BD,∠DAC=80°,则∠B的度数是( )
8.(3分)如图,过边长为1的等边△ABC的边AB上一点P,作PE⊥AC于E,Q为BC延长线上一点,当PA=CQ时,连PQ交AC边于D,则DE的长为( )
9.(3分)如图所示,在等边△ABC中,点D、E分别在边BC、AB上,且BD=AE,AD与CE交于点F,则∠DFC的度数为( )
二.填空题(共9小题,满分27分,每小题3分)
10.(3分)已知△ABC是等边三角形,∠ADC=120°,AD=3,BD=5,则边CD的长为 2 .
11.(3分)如图,将一等边三角形剪去一个角后,∠1+∠2= 240 度.
12.(3分)如图,在△ABC中,AB=AC,BC=6,AD⊥BC于D,则BD= 3 .
13.(3分)等腰△ABC的两边长为2和5,则第三边长为 5 .
14.(3分)从一个等腰三角形纸片的底角顶点出发,能将其剪成两个等腰三角形纸片,则原等腰三角形纸片的底角等于 72或 度.
15.(3分)等边三角形是轴对称图形,它的对称轴共有 3 条.
16.(3分)如图,在△ABA1中,∠B=20°,AB=A1B,在A1B上取一点C,延长AA1到A2,使得A1A2=A1C;在A2C上取一点D,延长A1A2到A3,使得A2A3=A2D;…,按此做法进行下去,∠An的度数为 .
17.(3分)等腰三角形的对称轴最多有 3 条.
18.(3分)一个等腰三角形周长为5,它的三边长都是整数,则底边长为 1 .
三.解答题(共7小题,满分56分,每小题8分)
19.(8分)如图,在△ABC中,AB=AC,D为BC边上一点,∠B=30°,∠DAB=45°.
(1)求∠DAC的度数;
(2)求证:DC=AB.
20.(8分)已知:D、E为BC边上的点,AD=AE,BD=EC.求证:AB=AC.
21.(8分)如图,在△ABC中,AB=AC,点D在AC上,且BD=BC=AD,求△ABC各角的度数.
22.(8分)如图,在△ABC中,AB=AC,∠A=50°,CD为腰AB上的高,求∠BCD的度数.
23.(8分)如图,△ABC是边长为3的等边三角形,将△ABC沿直线BC向右平移,使B点与C点重合,得到△DCE,连接BD,交AC于F.
(1)猜想AC与BD的位置关系,并证明你的结论;
(2)求线段BD的长.
24.(8分)已知:如图,在等边三角形ABC的AC边上取中点D,BC的延长线上取一点E,使CE=CD.求证:BD=DE.
25.(8分)如图,△ABC为正三角形,D为边BA延长线上一点,连接CD,以CD为一边作正三角形CDE,连接AE,判断AE与BC的位置关系,并说明理由.
A.
16
B.
18
C.
20
D.
16或20
考点:
等腰三角形的性质;三角形三边关系。
专题:
探究型。
分析:
由于题中没有指明哪边是底哪边是腰,则应该分两种情况进行分析.
解答:
解:①当4为腰时,4+4=8,故此种情况不存在;
②当8为腰时,8﹣4<8<8+4,符合题意.
故此三角形的周长=8+8+4=20.
故选C.
点评:
本题考查的是等腰三角形的性质和三边关系,解答此题时注意分类讨论,不要漏解.
A.
20°
B.
50°
C.
60°
D.
80°
考点:
等腰三角形的性质。
分析:
根据三角形内角和定理和等腰三角形的性质,可以求得其底角的度数.
解答:
解:∵等腰三角形的一个顶角为80°
∴底角=(180°﹣80°)÷2=50°.
故选B.
点评:
考查三角形内角和定理和等腰三角形的性质的运用,比较简单.
A.
等腰三角形两底角相等
B.
等腰三角形底边上的高、底边上的中线、顶角的平分线互相重合
C.
等腰三角形是中心对称图形
D.
等腰三角形是轴对称图形
考点:
等腰三角形的性质;轴对称图形;中心对称图形。
分析:
根据等腰三角形的性质:等腰三角形两底角相等(等边对等角),等腰三角形底边上的高、底边上的中线、顶角的平分线互相重合(三线合一),等腰三角形是轴对称图形但不是中心对称图形,即可求得答案.
解答:
解:A、等腰三角形两底角相等,故本选项正确;
B、等腰三角形底边上的高、底边上的中线、顶角的平分线互相重合,故本选项正确;
C、等腰三角形不是中心对称图形,故本选项错误;
D、等腰三角形是轴对称图形,故本选项正确.
故选C.
点评:
此题考查了等腰三角形的性质.注意等边对等角,三线合一,以及其对称性的应用.
A.
15cm
B.
16cm
C.
17cm
D.
16cm或17cm
考点:
等腰三角形的性质。
专题:
分类讨论。
分析:
已知等腰三角形的两边长,但没指出哪个是腰哪个是底,故应该分两种情况进行分析.
解答:
解:(1)当腰长是5cm时,周长=5+5+6=16cm;
(2)当腰长是6cm时,周长=6+6+5=17cm.
故选D.
点评:
此题主要考查学生对等腰三角形的性质的理解及运用,注意分类讨论思想的运用.
A.
30°
B.
60°
C.
150°
D.
30°或150°
考点:
等腰三角形的性质。
专题:
分类讨论。
分析:
读到此题我们首先想到等腰三角形分为锐角、直角、钝角等腰三角形,当为等腰直角三角形时不可能出现题中所说情况所以舍去不计,我们可以通过画图来讨论剩余两种情况.
解答:
解:①当为锐角三角形时可以画图,
高与右边腰成60°夹角,由三角形内角和为180°可得,顶角为30°,
②当为钝角三角形时可画图,
此时垂足落到三角形外面,因为三角形内角和为180°,
由图可以看出等腰三角形的顶角的补角为30°,
∴三角形的顶角为150°,
故选D.
点评:
本题主要考查了等腰三角形的性质及三角形内角和定理,做题时,考虑问题要全面,必要的时候可以做出模型帮助解答,进行分类讨论是正确解答本题的关键,难度适中.
A.
2.5秒
B.
3秒
C.
3.5秒
D.
4秒
考点:
等腰三角形的性质。
专题:
动点型。
分析:
设运动的时间为x,则AP=20﹣3x,当APQ是等腰三角形时,AP=AQ,则20﹣3x=2x,解得x即可.
解答:
解:设运动的时间为x,
在△ABC中,AB=20cm,AC=12cm,
点P从点B出发以每秒3cm的速度向点A运动,点Q从点A同时出发以每秒2cm的速度向点C运动,
当△APQ是等腰三角形时,AP=AQ,(当PA=PQ和QA=QB时,无法求出x的值)
即20﹣3x=2x,
解得x=4.
故选D.
点评:
此题主要考查学生对等腰三角形的性质这一知识点的理解和掌握,此题涉及到动点,有一定的拔高难度,属于中档题.
A.
40°
B.
35°
C.
25°
D.
20°
考点:
等腰三角形的性质。
分析:
先根据等腰三角形的性质及三角形内角和定理求出∠ADC的度数,再根据等腰三角形的性质及三角形外角与内角的关系求出∠B的度数即可.
解答:
解:∵△ABC中,AC=AD,∠DAC=80°,
∴∠ADC==50°,
∵AD=BD,∠ADC=∠B+∠BAD=50°,
∴∠B+∠BAD=()°=25°.
故选C.
点评:
此题比较简单,考查的是等腰三角形的性质及三角形内角和定理.
A.
B.
C.
D.
不能确定
考点:
等边三角形的性质;平行线的性质;全等三角形的判定与性质。
专题:
计算题。
分析:
过P作BC的平行线,交AC于M;则△APM也是等边三角形,在等边三角形APM中,PE是AM上的高,根据等边三角形三线合一的性质知AE=EM;易证得△PMD≌△QCD,则DM=CD;此时发现DE的长正好是AC的一半,由此得解.
解答:
解:过P作PM∥BC,交AC于M;
∵△APM是等边三角形;
又∵PE⊥AM,
∴AE=EM;(等边三角形三线合一)
∵PM∥CQ,
∴∠PMD=∠QCD,∠MPD=∠Q;
又∵PA=PM=CQ,
∴△PMD≌△QCD;
∴CD=DM;
∴DE=DM+ME=(AM+MC)=AC=,故选B.
点评:
此题考查了平行线的性质、等边三角形的性质、全等三角形的判定和性质;能够正确的构建出等边三角形△APM是解答此题的关键.
A.
60°
B.
45°
C.
40°
D.
30°
考点:
等边三角形的性质;三角形的外角性质;全等三角形的判定与性质。
专题:
计算题。
分析:
因为△ABC为等边三角形,所以∠A=∠B=∠C=60°,AB=BC=AC,根据SAS易证△ABD≌△CAE,则∠BAD=∠ACE,再根据三角形内角和定理求得∠DFC的度数.
解答:
解:∵△ABC为等边三角形
∴∠A=∠B=∠C=60°
∴AB=BC=AC
在△ABD和△CAE中
BD=AE,∠ABD=∠CAE,AB=AC
∴△ABD≌△CAE
∴∠BAD=∠ACE
又∵∠BAD+∠DAC=∠BAC=60°
∴∠ACE+∠DAC=60
∵∠ACE+∠DAC+∠AFC=180°
∴∠AFC=120
∵∠AFC+∠DFC=180
∴∠DFC=60°.
故选A.
点评:
本题考查了全等三角形的判定、等边三角形性质、三角形内角和定理及外角性质,综合性强,考查学生综合运用数学知识的能力.
考点:
等边三角形的性质;全等三角形的判定与性质。
分析:
延长AD到点E,使DE=CD,连接CE.通过证明△BCD≌△ACE,可得出BD=AE,从而得出CD的值.
解答:
解:延长AD到点E,使DE=CD,连接CE.
∵∠ADC=120°
∴∠CDE=60°
∴△CDE是等边三角形
∴∠DCE=60°,CD=CE
∵∠ACB=60°
∴∠BCD=∠ACE
∵BC=AC
∴△BCD≌△ACE
∴BD=AE
∵BD=5,AD=3
∴DE=2
∴CD=2.
故答案为:2.
点评:
本题主要考查了全等三角形的判定与性质及等腰三角形的性质,正确的作出辅助线构造全等是解题的关键.
考点:
等边三角形的性质;三角形内角和定理。
专题:
计算题。
分析:
由等边三角形的性质及四边形的内角和为360°可求得∠1+∠2=240°.
解答:
解:如图,∵等边三角形
∴∠1+∠2=360°﹣(∠A+∠B)=360°﹣120°=240°.
故答案为240.
点评:
本题利用了:1、四边形内角和为360°;2、等边三角形的内角均为60°
考点:
等腰三角形的性质。
专题:
探究型。
分析:
直接根据等腰三角形“三线合一”的性质进行解答即可.
解答:
解:∵△ABC中,AB=AC,BC=6,AD⊥BC于D,
∴BD=BC=×6=3.
故答案为:3.
点评:
本题考查的是等腰三角形的性质,即等腰三角形的顶角平分线、底边上的中线、底边上的高相互重合.
考点:
等腰三角形的性质。
分析:
先根据等腰三角形两腰相等的性质可得出第三边长的两种情况,再根据两边和大于第三边来判断能否构成三角形,从而求解.
解答:
解:∵等腰△ABC的两边长为2和5,根据等腰三角形两腰相等的性质可知第三边可能是2或5
∵2+2<5
∴2,2,5不能构成三角形,舍去
∵5+2>5
∴2,5,5能构成三角形
故第三边长为5.
故填5.
点评:
本题综合考查等腰三角形的性质和三角形的三边关系.常常利用两边和大于第三边来判断能否构成三角形.
考点:
等腰三角形的性质。
分析:
根据等腰三角形的性质可得到几组相等的角,再根据三角形外角的性质可得到∠C与∠A之间的关系,最后根据三角形内角和定理不难求解.
解答:
解:(1)如图(1),
∵AB=AC,AD=BD=BC,
∴∠ABC=∠C=∠BDC,∠A=∠ABD,
∴∠BDC=2∠A,
∴∠ABC=2∠A,
∵∠A+∠ABC+∠C=180°,
∴5∠A=180°,
∴∠A=36°.
∴底角∠C=2∠A=72°,
(2)如图(2)
AD=BD,BC=CD,设∠A=β,则∠ABD=β,
∴∠1=2β=∠2,
∴∠C=3β,
∴7β=180°,
∴β=;
即∠C=×(360﹣)=,
∴原等腰三角形纸片的底角为72°或.
点评:
本题考查等腰三角形的性质,判断出底角与顶角的关系是解题的关.
考点:
轴对称图形;等边三角形的性质。
分析:
根据轴对称图形的对称轴的概念作答.
解答:
解:等边三角形的对称轴是三条高所在的直线.
故它的对称轴共有3条.
故填3.
点评:
考查了轴对称图形的对称轴的概念及等边三角形的性质;本题比较简单,属于基础题.
考点:
等腰三角形的性质;三角形的外角性质。
专题:
规律型。
分析:
先根据等腰三角形的性质求出∠BA1A的度数,再根据三角形外角的性质及等腰三角形的性质分别求出∠CA2A1,∠DA3A2及∠EA4A3的度数,找出规律即可得出∠An的度数.
解答:
解:∵在△ABA1中,∠B=20°,AB=A1B,
∴∠BA1A===80°,
∵A1A2=A1C,∠BA1A是△A1A2C的外角,
∴∠CA2A1===40°;
同理可得,
∠DA3A2=20°,∠EA4A3=10°,
∴∠An=.
故答案为:.
点评:
本题考查的是等腰三角形的性质及三角形外角的性质,根据题意得出∠CA2A1,∠DA3A2及∠EA4A3的度数,找出规律是解答此题的关键.
考点:
等腰三角形的性质;轴对称图形。
分析:
当等腰三角形的腰和底不相等时,等腰三角形的对称轴只有一条.但是当等腰三角形的腰和底相等的情况下,即为等边三角形时,其对称轴有3条.
解答:
解:当等腰三角形的腰和底相等时,等腰三角形的对称轴有3条.因此等腰三角形的对称轴最多有3条.
故填3.
点评:
本题主要考查了等腰三角形的性质及轴对称图形;本题很易出错,往往漏掉等边三角形的情况,做题时,思考要全面.
考点:
等腰三角形的性质;三角形三边关系。
分析:
此题我们可以采用列举法.即分别用整数代入题目中从而确定答案.
解答:
解:若底边为1,则腰为2,符合三角形的构成条件;
若底边为2,则腰为1.5,不符合条件则舍去;
若底边为3,则腰为1,不能构成三角形,舍去.
故应填1.
点评:
此题主要考查三角形三边关系及等腰三角形性质的运用;列举法在做选择题和填空题时有时非常好用,注意掌握.
考点:
等腰三角形的性质。
专题:
计算题。
分析:
(1)由AB=AC,根据等腰三角形的两底角相等得到∠B=∠C=30°,再根据三角形的内角和定理可计算出∠BAC=120°,而∠DAB=45°,则∠DAC=∠BAC﹣∠DAB=120°﹣45°;
(2)根据三角形外角性质和得到∠ADC=∠B+∠DAB=75°,而由(1)得到∠DAC=75°,再根据等腰三角形的判定可得DC=AC,这样即可得到结论.
解答:
(1)解:∵AB=AC,
∴∠B=∠C=30°,
∵∠C+∠BAC+∠B=180°,
∴∠BAC=180°﹣30°﹣30°=120°,
∵∠DAB=45°,
∴∠DAC=∠BAC﹣∠DAB=120°﹣45°=75°;
(2)证明:∵∠DAB=45°,
∴∠ADC=∠B+∠DAB=75°,
∴∠DAC=∠ADC,
∴DC=AC,
∴DC=AB.
点评:
本题考查了等腰三角形的性质和判定定理:等腰三角形的两底角相等;有两个角相等的三角形为等腰三角形.也考查了三角形的内角和定理.
考点:
等腰三角形的性质;全等三角形的判定与性质。
专题:
证明题。
分析:
欲证AB=AC,可以证明它们所在的△ADB与△AEC全等,全等的条件已经有两组边对应相等,只要再证明它们的夹角相等就可以了,因为AD=AE,所以∠ADE=∠AED,所以其对应的邻补角∠ADB=∠AEC,所以问题解决.
解答:
证明:∵AD=AE,
∴∠ADE=∠AED,
∴∠ADB=∠AEC,
在△ADB≌△AEC中,
,
∴△ADB≌△AEC(SAS),
∴AB=AC.
点评:
本题考查了等腰三角形的性质及全等三角形的判定及性质;证明两条线段相等,通常利用证明这两条线段所在的三角形全等证明,根据全等的判定找出所需要的条件问题即可解决.
考点:
等腰三角形的性质。
分析:
设∠A=x,利用等腰三角形的性质和三角形内角和定理即可求得各角的度数.
解答:
解:设∠A=x.
∵AD=BD,
∴∠ABD=∠A=x;
∵BD=BC,
∴∠BCD=∠BDC=∠ABD+∠A=2x;
∵AB=AC,
∴∠ABC=∠BCD=2x,
∴∠DBC=x;
∵x+2x+2x=180°,
∴x=36°,
∴∠A=36°,∠ABC=∠ACB=72°.
点评:
本题考查等腰三角形的性质;利用了三角形的内角和定理得到相等关系,通过列方程求解是正确解答本题的关键.
考点:
等腰三角形的性质;三角形内角和定理。
分析:
首先根据等腰三角形的性质:等边对等角,以及三角形的内角和是180°求出∠ACB.再根据直角三角形的两个锐角互余,求得∠ACD进而用角的和差即可计算出结果.
解答:
解:∵AB=AC
∴∠C=∠B
∵∠A+∠B+∠C=180°,∠A=50°
∴∠C=∠B=65°
∵CD⊥AB
∴∠A+∠ACD=90°
∴∠ACD=40°
∴∠BCD=25°.
点评:
本题考查了等腰三角形的性质以及三角形内角和定理;由等腰三角形的性质得到∠C=∠B=65°是正确解答本题的关键.
考点:
等边三角形的性质;勾股定理;平移的性质。
专题:
探究型。
分析:
(1)由平移的性质可知BE=2BC=6,DE=AC=3,故可得出BD⊥DE,由∠E=∠ACB=60°可知AC∥DE,故可得出结论;
(2)在Rt△BDE中利用勾股定理即可得出BD的长.
解答:
解:(1)AC⊥BD∵△DCE由△ABC平移而成,
∴BE=2BC=6,DE=AC=3,∠E=∠ACB=60°,
∴DE=BE,
∵BD⊥DE,
∵∠E=∠ACB=60°,
∴AC∥DE,
∴BD⊥AC;
(2)在Rt△BED中,
∵BE=6,DE=3,
∴BD===3.
点评:
本题考查的是等边三角形的性质及平移的性质,熟知图形平移后的图形与原图形全等的性质是解答此题的关键.
考点:
等边三角形的性质;三角形内角和定理;等腰三角形的判定与性质。
专题:
证明题。
分析:
欲证BD=DE,只需证∠DBE=∠E,根据等边三角形的性质及角的等量关系可证明∠DBE=∠E=30°.
解答:
证明:∵△ABC为等边三角形,BD是AC边的中线,
∴BD⊥AC,BD平分∠ABC,∠DBE=∠ABC=30°.
∵CD=CE,
∴∠CDE=∠E.
∵∠ACB=60°,且∠ACB为△CDE的外角,
∴∠CDE+∠E=60°.
∴∠CDE=∠E=30°,
∴∠DBE=∠DEB=30°,
∴BD=DE.
点评:
本题考查等腰三角形与等边三角形的性质及三角形内角和为180°等知识.此类已知三角形边之间的关系求角的度数的题,一般是利用等腰(等边)三角形的性质得出有关角的度数,进而求出所求角的度数.
考点:
等边三角形的性质;全等三角形的判定与性质。
专题:
探究型。
分析:
由AE∥BC,因为△ABC与△CDE为正三角形得BC=AC,CD=CE,∠ACB=∠DCE=60°,从而求得△BCD≌△ACE,而求得∠B=∠EAC,从而得到结论.
解答:
解:AE∥BC.理由如下:
∵△ABC与△CDE为正三角形,
∴BC=AC,CD=CE,∠ACB=∠DCE=60°,
∴∠ACB+∠ACD=∠DCE+∠ACD,
即∠BCD=∠ACE,
∴△BCD≌△ACE,
∴∠B=∠EAC,
∵∠B=∠ACB,
∴∠EAC=∠ACB,
∴AE∥BC.
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