2023-2024学年江苏省无锡市江阴市青阳镇八年级(下)3月月考数学试卷(含解析)
展开1.下列图形中,既是轴对称图形,又是中心对称图形的是( )
A. B. C. D.
2.下列调查中,最适合抽样调查的是( )
A. 调查某校七年级一班学生的课余体育运动情况
B. 调查某班学生早餐是否有喝牛奶的习惯
C. 调查某种面包的合格率
D. 调查某校足球队员的身高
3.若要运用反证法证明“若a>b>0,则 a< b”,首先应该假设
( )
A. a≥ bB. a> bC. a≤ bD. a< b
4.下列说法正确的是( )
A. 对角线相等的四边形是矩形B. 对角线互相垂直的四边形是菱形
C. 对角线相等的菱形是正方形D. 对角线互相垂直且相等的四边形是正方形
5.四边形ABCD中,对角线AC、BD交于点O,给出下列四组条件,一定能判定四边形ABCD是平行四边形的条件有( ) ①AB//CD,AD//BC;②AB//CD,∠A=∠C;③AO=CO,BO=DO;④AB//CD,AD=BC.
A. 1组B. 2组C. 3组D. 4组
6.如图所示,在菱形ABCD中,∠BAD=120°.已知ΔABC的周长是15,则菱形ABCD的周长是( )
A. 25B. 20C. 15D. 10
7.如图,将矩形ABCD的四个角向内翻折后,恰好拼成一个无缝隙无重叠的四边形EFGH,EH = 6cm,EF = 8cm,则边AB的长度等于( )
A. 10cmB. 9.6cmC. 8.4cmD. 8cm
8.若顺次连接四边形的各边中点所得的四边形是菱形,则该四边形一定是( )
A. 矩形B. 菱形
C. 对角线相等的四边形D. 对角线互相垂直的四边形
9.如图,在矩形ABCD中,AB=12,AD=10,点P在AD上,点Q在BC上,且AP=CQ,连结CP、QD,则PC+QD的最小值为
( )
A. 22B. 24C. 25D. 26
10.已知:如图,AD、BE分别是▵ABC的中线和角平分线,AD⊥BE,AD=BE=6,AC的长为
( )
A. 10B. 92 5C. 6 3D. 8 2
二、填空题:本题共8小题,每小题3分,共24分。
11.要反映涟水县三月上旬每天的最高气温的变化趋势,最宜采用________统计图.
12.平行四边形ABCD中,∠A+∠C=100∘,则∠B=_____度.
13.将我校八年级4班分成五个组,各组人数在频数分布直方图中的小长方形高的比依次为1:2:5:3:4,人数最多的一组有15人,则该班共有_____人.
14.如图,矩形OBCD的顶点C的坐标为1,3,则BD=_____.
15.已知O、A、B的坐标分别是(0,0),(3,0),(−1,2),在平面内找一点M,使得以点O、A、B、M为顶点的四边形是平行四边形,则点M的坐标为____________________________.
16.如图,菱形ABCD的对角线AC,BD交于点O,过点D作DE⊥AB于点E,连接OE,若AB=10,OE=6,则菱形ABCD的面积为_______.
17.如图,△ABC的周长为26,点D、E都在边BC上,∠ABC的平分线垂直于AE,垂足为Q,∠ACB的平分线垂直于AD,垂足为P.若BC=10,则PQ的长是________.
18.如图,在正方形OABC中,点B的坐标是(4,4),点E、F分别在边BC、BA上,CE=2.若∠EOF=45∘,则F点的坐标是____________.
三、计算题:本大题共2小题,共12分。
19.计算:
(1) 8+(π−4)0+ 2−1;
(2) 36−327+ (−2)2.
20.解下列方程:
(1)(x−1)2=9;
(2)2x3−16=0.
四、解答题:本题共6小题,共48分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤。
21.(本小题8分)
在“世界读书日”前夕,某校开展了“共享阅读,向上人生”的读书活动.活动中,为了解学生对书籍种类(A:艺术类,B:科技类,C:文学类,D:体育类)的喜欢情况,在全校范围内随机抽取若干名学生,进行问卷调查(每个被调查的学生必须选择而且只能在这四种类型中选择一项)将数据进行整理并绘制成下面两幅不完整的统计图.
(1)这次调查中,一共调查了多少名学生?
(2)求出扇形统计图中“D”所在扇形的圆心角的度数,并补全条形统计图;
(3)若全校有1200名学生,请估计喜欢B(科技类)的学生有多少名?
22.(本小题8分)
如图,平行四边形ABCD中,点E是BC的中点,用无刻度的直尺按下列要求作图.
(1)在图1中,作边AD上的中点F;
(2)在图2中,作边AB上的中点G.
23.(本小题8分)
如图,在平行四边形ABCD中,∠BCD的平分线与BA的延长线相交于点E,BH⊥EC于点H.
(1)求证:CH=EH;
(2)若AD=5,CD=3,求AE的长.
24.(本小题8分)
如图,在ΔABC中,D是BC的中点,E是AD的中点,过点A作AF//BC,AF与CE的延长线相交于点F,连接BF.
(1)求证:四边形AFBD是平行四边形;
(2)①若四边形AFBD是矩形,则ΔABC必须满足条件_________;
②若四边形AFBD是菱形,则ΔABC必须满足条件_________.
25.(本小题8分)
如图1,在矩形ABCD中,AB=2 3,BC=3,动点P从B出发,以每秒1个单位的速度,沿射线BC方向移动,将▵PAB沿直线PA翻折,得到△PAB′,设点P的运动时间为ts,
(1)如图2,当点B′落在AC上时,显然△PAB′是直角三角形,求此时t的值;
(2)是否在异于图2的时刻,使得△PCB′是直角三角形?若存在,请写出所有符合题意的t的值?若不存在,请说明理由.
26.(本小题8分)
如图1,在平面直角坐标系中,直线L2:y=−12x+6与L1:y=12x交于点A,分别与x轴、y轴交于点B、C.
(1)分别求出点A、B、C的坐标;
(2)若D是线段OA上的点,且△COD的面积为12,求直线CD的函数表达式;
(3)在(2)的条件下,设P是射线CD上的点.
如图2,在平面内是否存在点Q,使以O、C、P、Q为顶点的四边形是菱形?若存在,请直接写出点Q的坐标;若不存在,请说明理由.
答案和解析
1.【答案】B
【解析】【分析】
根据中心对称图形与轴对称图形的概念,进行判断即可.把一个图形绕某一点旋转180∘,如果旋转后的图形能够与原来的图形重合,那么这个图形就叫做中心对称图形;如果一个图形沿一条直线折叠,直线两旁的部分能够互相重合,这个图形叫做轴对称图形.
【详解】
解:A、既不是轴对称图形也不是中心对称图形,故不符合题意;
B、既是轴对称图形也是中心对称图形,故符合题意;
C、是轴对称图形但不是中心对称图形,故不符合题意;
D、是轴对称图形但不是中心对称图形,故不符合题意;
故选:B.
2.【答案】C
【解析】【分析】根据调查对象的范围选取合适的调查方法.
【详解】解:A、七年级一班学生人数较少,适用于全面调查,不符合题意;
B、某班学生人数较少,适用于全面调查,不符合题意;
C、某种面包的合格率,宜用抽样调查,符合题意;
D、某校足球队员的身高,宜用全面调查,不符合题意;
故选:C.
3.【答案】A
【解析】【分析】反证法的步骤中,第一步是假设结论不成立,反面成立,据此进行解答即可.
【详解】解:反证法证明“若a>b>0,则 a< b”时,首先应假设 a≥ b,
故选:A.
4.【答案】C
【解析】【分析】
本题考查正方形的判定、菱形的判定、矩形的判定,根据正方形、菱形、矩形的判定定理,逐一判断各项是解决问题的关键.
【详解】解:A、对角线相等的平行四边形是矩形,原说法错误;
B、对角线互相垂直的平行四边形是菱形,原说法错误;
C、对角线相等的菱形是正方形,说法正确;
D、对角线互相平分且垂直且相等的四边形是正方形,原说法错误;
故选:C.
5.【答案】C
【解析】【分析】
根据平行四边形的判断定理可作出判断.
【详解】解:①根据平行四边形的判定定理:两组对边分别平行的四边形是平行四边形,可知①能判断这个四边形是平行四边形;
②根据条件可以证明两组对边分别平行,可知②能判断这个四边形是平行四边形;
③根据平行四边形的判定定理:两条对角线互相平分的四边形是平行四边形,可知③能判断这个四边形是平行四边形;
④可能是等腰梯形,知④不能判断这个四边形是平行四边形;
故给出下列四组条件中,①②③能判断这个四边形是平行四边形,
故选:C.
6.【答案】B
【解析】【分析】由于四边形ABCD是菱形,AC是对角线,根据菱形对角线性质可求∠BAC=60°,而AB=BC=AC,易证△BAC是等边三角形,结合△ABC的周长是15,从而可求AB=BC=5,那么就可求菱形的周长.
【详解】∵四边形ABCD是菱形,AC是对角线,
∴AB=BC=CD=AD,∠BAC=∠CAD=12∠BAD,
∴∠BAC=60°,
∴△ABC是等边三角形,
∵△ABC的周长是15,
∴AB=BC=5,
∴菱形ABCD的周长是20.
故选B.
7.【答案】B
【解析】【分析】观察图形可知,边AB的长=AE+BE=2EM,根据勾股定理即可求得边HF的长,用等面积法求出HM的长即可.
【详解】在Rt△HEF中,EH = 6cm,EF = 8cm,
HF= EH2+EF2=10cm
由折叠可知AE=EM=BE,
S▵HEF=12⋅EH⋅EF=12⋅HF⋅EM,
即12×6×8=12×10×EM,
解得:EM=4.8
AB=AE+BE=2EM=9.6cm.
故选B.
8.【答案】C
【解析】【分析】
先根据题意画出图形,根据菱形的性质和三角形的中位线性质求解即可.
【详解】解:如图,已知四边形ABCD,点E、F、G、H分别是边AB、BC、CD、AD的中点,四边形EFGH是菱形,
∴EF是▵ABC的中位线,HE是▵ABD的中位线,
∴AC=2EF,BD=2HE,
∵四边形EFGH是菱形,
∴EF=HE,
∴AC=BD,
即四边形ABCD一定是对角线相等的四边形,
故选:C.
9.【答案】D
【解析】【分析】连接BP,可证四边形DPBQ是平行四边形,故PC+QD=PC+PB;在BA的延长线上截取AE=AB,连接PE,则PC+PB=PC+PE;由PC+PE≥CE即可求解.
【详解】解:如图,连接BP
在矩形ABCD中,AD//BC,AD=BC=10
∵AP=CQ
∴AD−AP=BC−CQ,DP=BQ
∴四边形DPBQ是平行四边形
∴PB=DQ,PB//DQ
则PC+QD=PC+PB
在BA的延长线上截取AE=AB=12,连接PE
则BE=2AB=24
∵PA⊥BE,AE=AB
∴PB=PE,PC+PB=PC+PE
连接CE,则PC+PE≥CE
∵CE= BE2+BC2=26
∴PC+QD的最小值为26
故选:D
10.【答案】B
【解析】【分析】
取CE的中点F,连接DF,,则DF=12BE,F为EC中点,在Rt▵ADF中求出AF的长度,根据已知条件易知G为AD中点,因此E为AF中点,则AC=32AF.
【详解】解:取CE的中点F,连接DF,
∵AD是▵ABC的中线,
∴DF//BE,DF=12BE=3,
∵AD⊥BE,
∴AD⊥DF,
∵AD=BE=6,
∴AF= AD2+DF2=3 5,
∵BE是▵ABC的角平分线,AD⊥BE,
∴∠AGB=∠DGB=90∘,∠ABG=∠DBG,
∵BG=BG,
∴△ABG≌△DBG(ASA),
∴G为AD中点,
∴E为AF中点,
∴AC=32AF=92 5.
故选:B.
11.【答案】折线
【解析】【分析】扇形统计图表示的是部分在总体中所占的百分比,但一般不能直接从图中得到具体的数据;折线统计图表示的是事物的变化情况;条形统计图能清楚地表示出每个项目的具体数目.
【详解】解:要反映涟水县三月上旬每天的最高气温的变化趋势,
最适合的统计图是折线统计图,
故答案为:折线.
12.【答案】130
【解析】【分析】根据平行四边形的性质可得∠A=∠C,又有∠A+∠C=100∘,可求∠A=∠C=50∘.又因为平行四边形的邻角互补,所以,∠B+∠A=180∘,可求∠B.
【详解】解:∵四边形ABCD为平行四边形,
∴∠A=∠C,
又∵∠A+∠C=100∘,
∴∠A=∠C=50∘,
又∵AD//BC,
∴∠B=180∘−∠A=180∘−50∘=130∘.
故答案为:130
13.【答案】45
【解析】【分析】依据各组人数在频数分布直方图中的小长方形高的比依次为1:2:5:3:4,可求得人数最多的一组所占的比值,进而得出总人数.
【详解】解:∵各组人数在频数分布直方图中的小长方形高的比依次为1:2:5:3:4,
人数最多的一组所占的比值51+2+5+3+4=13,
又∵人数最多的一组有15人,
∴总人数为:15÷13=45(人),
故答案为:45.
14.【答案】 10
【解析】【分析】
如图,连接OC,由矩形的性质可得,BD=OC,求解OC的值,进而可得结果.
【详解】
解:如图,连接OC,
由矩形的性质可得,BD=OC,
∵OC= 12+32= 10,
∴BD= 10,
故答案为: 10.
15.【答案】(2,2)或(−4,2)或(4,−2)
【解析】【分析】
先由点的坐标求出求出线段OA、OB的长度,再分情况进行求解,即可解得M点的坐标.
【详解】解:当以点O、A、B、M为顶点的四边形是平行四边形时,如下图,
①当BM//OA且BM=OA时,
∵O(0,0),A(3,0),B(−1,2),
∴AO=3,
∴BM=3,
∴M点坐标为(2,2)或(−4,2);
②BO//AM且BO=AM时,
∵O(0,0),A(3,0),B(−1,2),
∴M点坐标为(4,−2).
故答案为:(2,2)或(−4,2)或(4,−2).
16.【答案】96
【解析】【分析】本题主要考查了菱形的性质,勾股定理,直角三角形的性质,由Rt△BED中,点O是BD的中点,根据直角三角形斜边上的中线是斜边的一半,OE=6,则BO=OD=OE=12BD=6,根据勾股定理求出AO=8,得出AC=16,应用菱形的面积等于两条对角线乘积的一半,即可得出答案.
【详解】解:∵四边形ABCD是菱形,
∴OA=OC,OB=OD,AC⊥BD,
∵DE⊥AB,
∴∠BED=90∘,
∴BD=2OE=2×6=12,
∴OB=12BD=6,
∵∠AOB=90∘,
∴OA= AB2−OB2= 102−62=8,
∴AC=2OA=16,
∴菱形ABCD的面积为:12AC⋅BD=12×12×16=96.
故答案为:96.
17.【答案】3
【解析】【分析】首先根据角平分线的性质得出△BAE和△CAD是等腰三角形,再根据中位线的性质即可得出PQ.
【详解】∵BQ平分∠ABC,BQ⊥AE,
∴△BAE是等腰三角形.
同理△CAD是等腰三角形.
∴点Q是AE中点,点P是AD中点(三线合一),
∴PQ是△ADE的中位线.
∵BE+CD=AB+AC=26−BC=26−10=16,
∴DE=BE+CD−BC=6,
∴PQ=12DE=3.
故答案为:3.
18.【答案】4,43
【解析】【分析】连接EF,延长BA到点M,使得AM=CE,连接OM,根据正方形的性质可得OC=OA=AB=BC=4,∠OCE=∠OAB=∠B=∠COA=90∘,分别证明▵OCE≌▵OAM,▵OFE≌▵OFM,由全等三角形的性质可得EF=FM=AF+AM=AF+CE,设AF=t,则BF=4−t,EF=t+2,在Rt△EBF中,由勾股定理易得BE2+BF2=EF2,代入求值可得t=43,可确定点F的纵坐标,即可获得答案.
【详解】解:连接EF,延长BA到点M,使得AM=CE,连接OM,如下图,
∵四边形OABC是正方形,B(4,4),
∴OC=OA=AB=BC=4,∠OCE=∠OAB=∠B=∠COA=90∘,
∴∠OAM=∠OCE=90∘,
在△OCE和▵OAM中,
OC=OA∠OCE=∠OAMCE=AM,
∴▵OCE≌▵OAM(SAS),
∴OE=OM,∠COE=∠MOA,
∵∠EOF=45∘,
∴∠COE+∠AOF=45∘,
∴∠MOF=∠MOA+∠AOF=45∘,
∴∠EOF=∠MOF,
在▵OFE和▵OFM中,
OE=OM∠EOF=∠MOFOF=OF,
∴▵OFE≌▵OFM(SAS),
∴EF=FM=AF+AM=AF+CE,
设AF=t,则BF=4−t,EF=t+2,BE=BC−CE=2,
在Rt△EBF中,由勾股定理,得BE2+BF2=EF2,
即22+(4−t)2=(t+2)2,解得t=43,
∴AF=43,
即点F的纵坐标是43,
∴F点的坐标是(4,43).
故答案为:(4,43).
19.【答案】解:(1) 8+(π−4)0+ 2−1;
=2 2+1+ 2−1
=3 2;
(2) 36−327+ (−2)2
=6−3+2
=5.
【解析】【分析】(1)根据算术平方根、零指数幂、绝对值的性质分析,即可得到答案;
(2)根据算术平方根、立方根、乘方的性质计算,即可得到答案.
20.【答案】(1)∵(x−1)2=9
∴x−1=±3
∴x1=4,x2=−2.
(2)移项,得2x3=16
∴x3=8
∴x =2.
【解析】【分析】(1)根据直接开平方法求解一元二次方程,即可得到答案;
(2)根据立方根的性质求解,即可得到答案.
21.【答案】(1)解:这次调查的总学生人数是
40÷20%=200
答:这次调查中,一共调查了200名学生
(2)D所占百分比为30200×100%=15%,
扇形统计图中“D”所在扇形的圆心角的度数为:360°×15%=54°;
B所占的百分比是1−15%−20%−30%=35%,
C的人数是:200×30%=60(名),
补图如下:
(3)估计全校喜欢B(科技类)的学生是
1200×70200×100%=420
答:估计该校喜欢B(科技类)的学生为420人.
【解析】【分析】(1)根据A类的人数和所占的百分比,即可求出总人数;
(2)用整体1减去A、C、D类所占的百分比,即可求出扇形统计图中“D”所在扇形的圆心角的度数以及B所占的百分比;用总人数乘以所占的百分比,求出C的人数,从而补全图形;
(3)总人数乘以样本中B所占百分比即可得.
22.【答案】(1)解:在图1中,点F即为边AD上的中点;
(2)在图2中,点G即为边AB上的中点.
【解析】【分析】(1)根据平行四边形的性质即可在图1中,作边AD上的中点F;
(2)根据平行四边形的性质在图2中,作两次平行四边形即可作边AB上的中点G.
23.【答案】(1)证明:∵四边形ABCD是平行四边形,
∴AB//CD,即BE//CD,
∴∠E=∠ECD,
∵CE平分∠BCD,
∴∠BCE=∠ECD
∴∠BCE=∠E,
∴BE=BC,
又∵BH⊥EC,
∴CH=EH;
(2)解:∵四边形ABCD是平行四边形,
∴AB=CD=3,AD=BC=5,
∵BE=BC=5,
∴AE=BE−AB−5−3=2.
【解析】【分析】
本题主要考查了平行四边形的性质,等腰三角形的性质与判定,角平分线的定义:
(1)先证明∠E=∠ECD=∠BCE,得到BE=BC,再根据BH⊥EC,利用等腰三角形性质得到结论;
(2)根据平行四边形性质和BE=BC,求出BE和AB,问题得解.
24.【答案】解:(1)∵E是AD中点
∴AE=DE,
∵AF // BC,
∴∠AFE=∠DCE,
∵∠AEF=∠DEC,
∴△AEF≌△DEC
∴AF=DC,
∵D是BC中点,
∴BD=DC,
∴AF=BD,
又∵AF // BC,即AF // BD,
∴四边形AFBD是平行四边形;
(2)①当△ABC满足条件AB=AC时,四边形AFBD是矩形;
理由是:
∵AB=AC,D是BC中点,
∴AD⊥BC,
∴ ∠BDA=90°
∵四边形AFBD是平行四边形,
∴四边形AFBD是矩形.
故答案为AB=AC
②当∠BAC=90°时,四边形AFBD是菱形.
理由是:
∵∠BAC=90°,D是BC中点,
∴AD=12BC=BD,
∵四边形AFBD是平行四边形,
∴四边形AFBD是菱形.
故答案为∠BAC=90°
【解析】【分析】(1)先证明△AEF≌△DEC,得出AF=DC,再根据有一组对边平行且相等证明四边形AFBD是平行四边形;
(2))①当△ABC满足条件AB=AC时,可得出∠BDA=90°,则四边形AFBD是矩形;②当∠BAC=90°时,可得出AD=BD,则四边形AFBD是菱形.
25.【答案】(1)
解:∵四边形ABCD是矩形,
∴∠B=90∘,
∴AC= AB2+BC2= 2 32+32= 21,
由折叠的性质可得∠AB′P=∠B=90∘,AB′=AB=2 3,BP=B′P,
∴∠PB′C=90∘,B′C=AC−AB′= 21−2 3,
设PB=PB′=x,则CP=3−x,
在Rt▵B′CP中,由勾股定理得CP2=CB′2+PB′2,
∴3−x2=x2+ 21−2 32,
解得:x=2 7−4,
∴PB=2 7−4
∴t=2 7−4;
(2)解:如图,当∠PCB′=90∘时,此时点B′落在BC上,
在Rt▵AB′D中,∠D=90∘,
∴B′D= AB′2−AD2= 2 32−32= 3,
∴B′C= 3,
在△PCB′中,由勾股定理得:CP2+CB′2=PB′2,
∴ 32+3−t2=t2,
解得t=2;
如图,当∠PCB′=90∘时,此时点B′在CD的延长线上,
在Rt▵AB′D中,∠ADB′=90∘,
∴B′D= AB′2−AD2= 2 32−32= 3,
∴B′C=3 3,
在△PCB′中,由勾股定理得:CP2+CB′2=PB′2,
∴3 32+(t−3)2=t2,
解得t=6;
当∠CPB′=90∘时,则四边形ABPB′为正方形,
∴BP=AB=2 3,
解得t=2 3;
综上,t=2或t=6或t=2 3;
【解析】【分析】(1)先利用勾股定理求出AC长,再根据折叠的性质得到得出∠B=∠PB′C=90∘,B′C= 21−2 3,设PB=PB′=x,则CP=3−x,在Rt▵B′CP中,CP2=CB′2+PB′2,据此建立方程,解方程即可求解;
(2)根据题意分三种情况,当∠PCB′=90∘时,此时点B′落在BC上,当∠PCB′=90∘时,此时点B′在CD的延长线上,当∠CPB′=90∘时,则四边形ABPB′为正方形,三种情况讨论求解即可.
26.【答案】解:(1)由y=−12x+6y=12x,解得x=6y=3,
∴A6,3.
∵y=−12x+6与分别与x轴、y轴交于点B、C,
∴C0,6,B12,0.
(2)设D(m,12m),
由题意:OC=6,▵COD的面积为12,
∴12×6×m=12,
∴m=4,
∴D4,2,∵C0,6,
设直线CD的解析式为y=kx+b,则有4k+b=2b=6,
解得k=−1b=6,
∴直线CD的解析式为y=−x+6.
(3)①如图2−1中,∵四边形OCPQ是菱形,
∴OC=PC=6,
设Pm,−m+6,
∵C0,6
∴PC= m−02+−m+6−62=6,
解得m=3 2或−3 2(舍去),
∴P(3 2,−3 2+6),
∵PQ//OC,PQ=OC,
∴Q(3 2,−3 2),
②如图2−1中,当OC为菱形的对角线时,OC垂直平分线段P′Q′,
∴P’的纵坐标为3
代入直线CD得3=−x+6
∴P’(3,3)
∵P’、Q’关于y轴对称
∴Q′−3,3
∴满足条件的点Q′的坐标为−3,3.
③如图2−1中,当CP是菱形对角线时,
则CO=OP’’=6
设直线CD与x轴交点为M,
把y=0代入y=−x+6
得x=6
∴M(6,0)
∴OM=CO=6
∴OP’’=OM
即M、P’’重合
∵CO⊥OM
∴菱形COP’’Q’’为正方形,
∴Q’’(6,6).
综上,Q点的坐标为(3 2,−3 2)或−3,3或(6,6).
【解析】【分析】(1)构建方程组确定交点A的坐标,利用待定系数法确定B,C两点坐标即可.
(2)设D(m,12m),利用三角形的面积公式,构建方程求出m的值,再利用待定系数法即可解决问题.
(3)①构建OC=PC,设Pm,12m,利用两点间距离公式,构建方程求出m即可.
②如图2−1中,当OC为菱形的对角线时,OC垂直平分线段OC,利用对称性解决问题即可.
③当CP是菱形对角线时,设直线CD与x轴交点为M,求出OM=CO,得到菱形为正方形,故可求解.
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