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2023-2024学年黑龙江省大庆市肇源县东部五校九年级（下）开学物理试卷（含解析）
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这是一份2023-2024学年黑龙江省大庆市肇源县东部五校九年级（下）开学物理试卷（含解析），共19页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.如图所示，下列用电器正常工作时功率约为900W的是( )
A. 节能灯
B. 电视机
C. 电饭锅
D. 电热水器
2.下列“物态变化”与其吸热、放热的关系正确的是( )
A. 霜的形成是凝固现象，要吸热
B. 冰化成水是熔化现象，要吸热
C. 寒冷冬天呼出的“白气”是汽化现象，要吸热
D. 用“干冰”进行人工降雨是利用“干冰”升华，要放热
3.下列生活实例中，通过做功改变物体内能的是( )
A. 双手互相摩擦手会感觉到发热
B. 把冰块放在果汁里，饮用时感觉很凉快
C. 利用煤气灶将冷水烧热
D. 在阳光下曝晒的自行车金属部分会热得烫手
4.如图所示为四冲程汽油机未按工作循环顺序排列的各冲程示意图，工作时，将大量内能转化为机械能的冲程是( )
A. B. C. D.
5.属于电动机原理的图是( )
A. B.
C. D.
6.如图所示，家庭用电中常见到这些做法，其中符合安全用电要求的是( )
A. 拔出插头B. 电器失火先切断电源
C. 用铜丝代替烙丝D. 接线板负载过多
7.一灯泡标有“24V，24W”字样，当它两端电压为12V时，灯泡的实际功率为(灯丝电阻与温度有关)( )
A. 6WB. 12W
C. 小于6WD. 大于6W，小于24W
8.小明同学发现，每当晚上将标有220V 1500W的热得快接入电路时，房内的灯泡(220V 40W)就会变暗，他先后做了如下猜想，其中正确的是( )
A. 通过灯泡的电流变小了B. 火线与零线间的电压变大了
C. 干路中的电流变小了D. 家庭电路中的总电阻变大了
9.在如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合电键S，当滑动变阻器的滑片P向左移动时，下列说法正确的是( )
A. 电流表的示数将变小，电压表V不变
B. 电压表V2示数变大，电流表的示数不变
C. 电压表V与电压表V1示数的差值变大
D. 电压表V1示数与电流表A示数的比值不变
10.如图，甲所示电路中，R为定值电阻，R1为滑动变阻器。图乙是该滑动变阻器滑片从一端移至另一端过程中变阻器的电功率与其电阻的关系图像。下列说法正确的是( )
A. 电源电压为3VB. 电压表的最大示数为2V
C. 整个电路功率变化了0.1WD. R的功率变化了3.2W
二、填空题：本大题共7小题，共22分。
11.如图是加热固体碘的实验。在加热过程中，会看见杯内产生紫色的气体，这是因为固体碘吸热发生了______(填物态变化)。停止加热待冷却后，在干净的玻璃片上出现了紫黑色颗粒，这是因为气态碘又发生了______(填物态变化)的原因，生活中______(选填“露”、“冰”、“霜”)的形成与这一物态变化相同。我国沿海地区水面大，冬暖夏凉是因为______，在同种吸、放热条件下，温度变化小。
12.对人体安全的电压是______；有两个带电体，若A、B能相互吸引，而A又能与带正电的C相吸，那么B一定带______，B与C一定能相互______。摩擦起电的实质是______。
13.学校举办春季运动会，参加拔河比赛的同学双手发热，这说明______可以改变手的内能，某同学用手握住棒棒冰给手降温，这是利用______的方法改变内能．(选填“做功”、“热传递”)
14.磁体有两个磁极，同名磁极相互______；地球是一个大磁体，地磁南极在地理______极附近；磁体周围有磁场，磁场是一种特殊物质，磁体之间的相互作用正是通过______发生的。
15.如图是汽油机一个工作循环的四个冲程，其中图______是将内能转化为机械能的冲程。现有一台四冲程汽油机，飞轮的转速为2400r/min，这台汽油机每秒钟内完成______个冲程，对外做了______次功。小明家的电能表标有“3000revs/kW⋅h”，小红家的电能表标有“2000revs/kW⋅h”，所测量的1小时内，两电能表均转过6000转。在该时间段内，小红家正在工作的电器总功率______小明家正在工作的电器消耗的总功率。
16.如图为我市某中学物理兴趣小组设计的电子身高测量仪电路图。其中定值电阻R1=6Ω，电源电压恒为4.5V，R2的规格为“15Ω，0.5A”，电压表量程为3V，电流表量程为0.6A，闭合开关S：
(1)当被测身高变矮时，电流表的示数______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。
(2)为了保证电路中各元件安全工作，变阻器接入电路的阻值范围是______至______。
17.已知甲、乙两灯的额定电压均为6V，如图是甲、乙两灯电流随其两端电压变化曲线。现将两灯串联后接在某一电源两端，要使其中一个灯泡正常发光，并保证电路安全，则电路的工作电流为______A，电源电压最大为______V。
三、作图题：本大题共1小题，共3分。
18.请用笔画线代替导线，将如图中的开关、电灯和三孔插座接入家庭电路中。
四、实验探究题：本大题共2小题，共18分。
19.热学实验，如图：
(1)如图所示，C图中温度计的示数为______℃；
(2)某个实验小组观察到水沸腾前和沸腾时水中气泡上升过程中的两种情况(如图中A、B)，则图______是水沸腾时的情况。(选填A或B)
(3)如表是实验中数据记录。
实验表明，在水沸腾的过程中，虽然对它继续加热，沸水不断______，但它的温度______(填“升高”、“降低”或“不变”)。此时水的沸点为______℃，当时的大气压强比1标准大气压______(填“高”或“低”)。
20.某同学做“测定小灯泡的电功率”实验，电源电压3V且保持不变，滑动变阻器标有“3A、5Ω”的字样，所用小灯泡是额定电压为“2.5V”和“2.2V”中的一个。
(1)实物电路如图所示，图中尚有一根导线未连接，请用笔画线代替导线补上。
(2)在连接电路中，开关应处于______状态。(填“闭合”或“断开”)
(3)闭合开关前，滑动变阻器上的滑片，应移到______端。(填“左”或“右”)
(4)闭合开关后，移到滑动变阻器的滑片，发现滑片在中点附近位置时，小灯泡正常发光，此时电流表示数如图，小灯泡的额定电流为______A，则该实验中所用小灯泡的额定功率为______W.继续移到滑动变阻器的滑片，发现小灯泡发出耀眼的亮光，则此时小灯泡的实际功率______额定功率。(填“大于”、“等于”或“小于”)
五、计算题：本大题共2小题，共14分。
21.小强家买了一个自动电热水壶，其铭牌如下表，小强装了1L的水，加热6min后把水烧开，水壶自动断电。已知大气压为1个标准大气压，家庭电路电压为220V，电热水壶的电阻不变，水的初温为20℃，c水=4.2×103J/(kg⋅℃)，ρ水=1.0×103kg/m3。求：
(1)这壶水吸收的热量；
(2)电热水壶的热效率。
22.如图，R1=6Ω，当S1闭合，S2、S3断开时，电流表示数为1A；S3闭合，S1、S2断开时，电流表示数为0.2A.求：
(1)电源电压；
(2)电阻R2的阻值；
(3)当S1、S2闭合，S3断开时，电路的总功率。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A.节能灯的额定功率通常在20W左右，故A错误；
B、电视机的额定功率约为120W左右，故B错误；
C.电饭锅的额定功率约为900W左右，故C正确；
D.电热水器的额定功率约为2000W左右，故D错误。
故选：C。
新课程标准要求我们能根据日常经验或自然现象粗略估测一些物理量。例如：长度、质量、时间、温度、力、速度、电功率、电流、电压等。解答估测选择题的方法：利用生活中我们熟悉的一些数据作为根据，进行单位换算，有时要利用基本公式求未知物理量。
本题考查了对电功率的估测，注重理论与实际差异的应变能力的培养，体现新课程的基本理念。
2.【答案】B
【解析】解：
A、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶，此过程放出热量。此选项错误；
B、冰化成水，由固态变为液态，是熔化现象，此过程吸收热量。此选项正确；
C、“白气”是口中呼出的气流中的水蒸气遇到温度较低的空气液化形成的小水滴，此过程放出热量。此选项错误；
D、干冰是固态二氧化碳，在常温常压下干冰极易由固态直接升华成为气态，同时吸收大量的热。此选项错误。
故选：B。
解决此题的关键是知道物态变化的名称，物质从固态变成液态叫熔化，物质从液态变成固态的过程叫凝固，物质由液体变为气态称为汽化，物质从气态变成液态称为液化，物质直接从固态变为气态叫升华，物质直接从气态变为固态的过程叫凝华。
解决此类题目首先要弄清物态的相变过程，根据选项所给物理现象的特点进行判断分析。
3.【答案】A
【解析】解：A、两只手相互摩擦，消耗的是机械能，得到的是内能，这属于以做功的形式改变物体内能。符合题意。
B、冰块放到果汁中，冰块温度低，和温度高的果汁发生热传递，果汁把热量传递给冰块，属于能量的转化。不符合题意。
C、利用煤气灶烧水，是煤气燃烧产生的热量传递给水的过程，属于利用热传递改变水的内能。不符合题意。
D、暴晒自行车，自行车金属吸收太阳的辐射热使自己的内能增加，属于热传递的形式。不符合题意。
故选：A。
改变物体内能的方法有两个，一个是做功，一个是热传递。两种办法的区别在于热传递过程中并没有能量的转化，而是单纯的能量的转移。做功过程是能量的转化，是另外形式的能量转化成内能的过程。
区别做功和热传递，关键在于看是能量的转化还是能量的转移。
4.【答案】D
【解析】解：
A、图中的进气门关闭，排气门打开，活塞上行，所以是排气冲程，故A不符合题意；
B、图中的两个气门都关闭，活塞上行，所以是压缩冲程，压缩冲程是将机械能转化为内能的过程，故B不符合题意；
C、图中的进气门打开，排气门关闭，活塞下行，所以是吸气冲程，故C不符合题意；
D、图中的两个气门都关闭，活塞下行，所以是做功冲程，做功冲程是将内能转化为机械能的过程，故D符合题意。
故选：D。
汽油机的一个工作循环由四个冲程组成：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程。
内燃机的四个冲程中有两个冲程发生能量转化，一是压缩冲程中机械能转化为内能，压缩冲程是依靠飞轮的惯性完成的；二是做功冲程中内能转化为机械能。
解决此类问题关键是看气阀门的开关情况和活塞运动情况，结合规律总结进行判断内燃机的冲程；并熟练掌握做功冲程和压缩冲程中的能量转化。
5.【答案】A
【解析】解：直流电动机是利用通电导体在磁场中受到力的作用的原理来工作的。
A、该装置说明通电导体在磁场中会受到力的作用，故A符合题意；
B、该装置说明通电导体的周围存在磁场，故B不符合题意；
C、该装置可以探究影响电磁铁磁性强弱的因素，故C不符合题意；
D、该装置可以探究通电螺线管周围的磁场，故D不符合题意。
故选：A。
直流电动机是利用通电导体在磁场中受到力的作用的原理来工作的。
本题考查的是直流电动机的基本原理；知道电流的磁效应和影响电磁铁磁性强弱的因素。
6.【答案】B
【解析】解：A、用力拔插头，容易使电线损坏，发生触电事故；不合题意．
B、发生火灾时，要先断开电源开关，才能用水灭火，否则会发生触电；符合题意．
C、当电路电流过大时，保险丝容易熔断而保护电路，如果用铜丝代替保险丝后，就起不到保护作用了．不合题意．
D、电路中电流过大的原因有两个：一是短路；二是家中使用用电器的总功率过大．故大功率用电器同时使用时，将会使电路中的电流过大，引起火灾．不合题意．
故选B．
由安全用电常识可知：
①不能用力拔出插头；
②有人触电或电失火时要先切断电源；
③不能用铜丝代替保险丝；
④电路中电流过大的原因有两个：一是短路；二是家中使用用电器的总功率过大．
本题考查了安全用电的规则．保险丝是用熔点低的合金制成的，由于铜的熔点高，不容易烧断，起不到保险作用，故更换保险丝时，应使用合适的保险丝．
7.【答案】D
【解析】解：忽略灯丝电阻与温度的关系，由P=U2R得，
灯泡电阻为R=U额2P额=(24V)224W=24Ω，
灯泡接到12V电源上，实际功率为P实=U实2R=(12V)224Ω=6W；
因为灯丝电阻与温度有关，灯丝越亮功率越大，温度越高，灯丝电阻R就越大，当实际电压等于12V时，这时候灯丝的实际电阻并不是24Ω，而是小于24Ω，所以功率为小于24W，大于6W。
故选：D。
首先忽略灯丝电阻与温度的关系，根据灯泡额定电压和额定功率，利用公式R=U2P可以得到灯丝电阻；已知灯泡电阻和两端电压，利用公式到实际功率。然后结合灯丝电阻与温度有关分析灯泡的实际功率。
解决该类型的题目需要通过灯泡的额定电压和额定功率计算出灯泡电阻，然后再计算实际功率。
8.【答案】A
【解析】解：A、家庭电路两端的电压减小，故通过灯泡的电流变小了；
B、火线与零线间的电压变小了，而不是变大了；
C、干路中的电流增大了，而不是减小了；
D、由并联电路电阻特点可知，家庭电路中电阻越并越小；
故选：A。
当晚上到用电高峰时，再将标有220V 1500W的热得快接入电路，根据并联电路电流的特点可知，家庭电路的总电流变大；根据U=IR可知，在输送导线的电阻不变时，总电流越大，家庭电路分得的电压就越小；因家用电器的额定电压是220V，所以当电压小于220V时就会使灯泡不能正常工作。
本题考查了利用欧姆定律和并联电路电流的特点分析家庭电路电压、电流、电阻的变化。
9.【答案】D
【解析】解：由电路图可知，两电阻串联，电压表V测电源两端电压，电压表V1测定值电阻R1两端电压，电压表V2测滑动变阻器R2两端电压，电流表测电路电流。
AB、因为电源的电压不变，所以电压表V的示数不变；
当滑动变阻器的滑片P向左移动时，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，根据I=UR知电路中的电流变大，即电流表A的示数变大，
根据U=IR知R1两端的电压变大，电压表V1的示数变大；
因为串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以滑动变阻器R2两端的电压变小，即电压表V2的示数变小，故AB错误；
C、由串联电路电压的规律知电压表V与电压表V1示数的差值等于滑动变阻器两端的电压，即电压表V与电压表V1示数的差值变小，故C错误；
D、电压表V1示数与电流表A示数的比值等于定值电阻R1的电阻，故电压表V1示数与电流表A示数的比值不变，故D正确。
故选：D。
由电路图可知，两电阻串联，电压表V测电源两端电压，电压表V1测定值电阻R1两端电压，电压表V2测滑动变阻器R2两端电压，电流表测电路电流；
(1)根据滑动变阻器滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，根据欧姆定律可知电路中电流和R1两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知R2两端的电压变化；
(2)由串联电路电压的规律知电压表V与电压表V1示数的差值等于滑动变阻器两端的电压；
(3)电压表V1示数与电流表A示数的比值等于定值电阻R1的电阻。
本题是一道动态分析题，分析清楚电路结构，熟练应用串联电路特点及欧姆定律即可正确解题。
10.【答案】D
【解析】解：由图甲可知，滑动变阻器R1和定值电阻R串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流；
由图乙可知，当滑动变阻器的阻值R1=10Ω时，它的电功率为0.9W，
由P=UI=I2R可得，此时电路中电流I1= P1R1= 0.9W10Ω=0.3A；
当滑动变阻器的阻值R1′=20Ω时，它的电功率为0.8W，此时电路中电流I2= P2R1′= 0.8W20Ω=0.2A，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，且电源的电压不变，
所以，由欧姆定律可得，电源的电压：
U=I1(R+R1)=I2(R+R1′)，即0.3A×(R+10Ω)=0.2A×(R+20Ω)，
解得：R=10Ω；
电源的电压U=I1(R+R1)=0.3A×(10Ω+10Ω)=6V；
A、经计算可知电源电压U=6V，故A错误；
B、电压表测变阻器两端的电压，当变阻器接入电路的阻值最大为20Ω，由串联分压的规律可知此时电压表示数最大，且此时电流最小为I2=0.2A，
则电压表的最大示数UVmax=I2R1max=0.2A×20Ω=4V，故B错误；
C、根据电功率公式P=U2R可知，电源电压一定时，整个电路的电功率与总电阻成反比，
则滑动变阻器的阻值为0时，电路的总电阻最小，总功率最大，滑动变阻器的阻值为20Ω时，总电阻最大，总功率最小，
故Pmax=U2R=6V×6V10Ω=3.6W，Pmin=U2R+R1max=6V×6V20Ω+10Ω=1.2W，
则整个电路电功率的变化量ΔP=Pmax−Pmin=3.6W−1.2W=2.4W，故C错误；
D、根据电功率公式P=I2R可知，电流越大、定值电阻R的电功率越大，电流越小、定值电阻R的电功率越小。
当滑动变阻器的阻值为0时，总电阻最小，电流最大为Imax=UR=6V10Ω=0.6A，
则定值电阻R的电功率最大为：PRmax=Imax2R=(0.6A)2×10Ω=3.6W，
当滑动变阻器的阻值最大为20Ω时，总电阻最大，电流最小为I2=0.2A，
则定值电阻R的电功率最小为：PRmin=I22R=(0.2A)2×10Ω=0.4W，
所以定值电阻R电功率变化：ΔP′=PRmax−PRmin=3.6W−0.4W=3.2W，故D正确。
故选：D。
由图甲可知，滑动变阻器R1和定值电阻R串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流；
(1)根据图乙读出两组变阻器的阻值和对应的电功率，根据串联电路的电流特点和P=UI=I2R求出电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律结合电源的电压不变得出等式即可求出R的阻值，进一步求出电源的电压；
(2)电压表测变阻器两端的电压，当变阻器接入电路的阻值最大时，由串联分压的规律可知此时电压表示数最大，且此时电流最小，由欧姆定律可求出电压表的最大示数；
(3)根据电功率公式P=U2R可知电源电压一定时，整个电路的电功率与总电阻成反比，则滑动变阻器的阻值为0时，电路的总电阻最小，总功率最大，滑动变阻器的阻值为20Ω时，总电阻最大，总功率最小；根据电功率公式P=U2R和电阻的串联求出总功率的最大值和最小值，然后求出整个电路电功率的变化值；
(4)根据电功率公式P=I2R可知，电流越大、定值电阻R的电功率越大，电流越小、定值电阻R的电功率越小；先求出最大电流和最小电流，然后根据P=I2R求出定值电阻R的电功率最大值与最小值，最后求出定值电阻R电功率的变化值。
该题主要考查了欧姆定律的应用和电功率的计算，难点是利用电功率的不同表达式，确定什么时候整个电路的功率以及定值电阻的电功率有最大值和最小值。
11.【答案】升华 凝华 霜 水的比热容大
【解析】解：
(1)在烧杯里放少量的固态碘颗粒，然后把烧杯放在酒精灯上微微加热，固态碘直接变成了碘蒸气，发生了升华现象；
(2)过一会儿，碘蒸气直接变成了固态的碘，附着在玻璃片上，发生了凝华现象；
露是空气中的水蒸气在地面附近遇冷液化成小水珠，附着在花草上形成的；
霜是空气中的水蒸气遇冷凝华成小冰晶，附着在屋顶及地面形成的；
所以，生活中霜的形成与这一物态变化相同。
(3)水的比热容大，吸收或放出相同的热量，水升高或降低的温度较低。
故答案为：升华；凝华；霜；水的比热容大。
(1)物质从固态直接变成气态的现象称为升华，在升华过程需要向周围吸收热量；
(2)物质从气态直接变为固态的过程叫凝华，在凝华过程需要向周围放出热量；
(3)水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少，据此分析。
掌握六种物态变化，以及物态变化的吸热和放热情况，会用物态变化解释生活中的问题。
12.【答案】不高于36V 正电 排斥 电子的转移
【解析】解：对人体的安全电压不高于36V；异种电荷相互吸引，带电体A与带正电的C相吸，说明A带负电，带电体A与带电体B相吸，说明带电体B带正电，同种电荷相互排斥，B与C一定相互排斥；摩擦起电的实质是电子的转移。
故答案为：不高于36V；正电；排斥；电子的转移。
对人体的安全电压不高于36V；同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；摩擦起电的实质是电子的转移。
本题考查常见的电压值、电荷间的相互作用规律和摩擦起电的实质，属于基础内容，难度不大。
13.【答案】做功；热传递
【解析】解：参加拔河比赛的同学双手发热，是克服摩擦做功，机械能可以转化为手的内能，此过程是通过做功的方式改变手的内能；
某同学用手握住棒棒冰给手降温，热量可以通过热传递的方式转移到棒棒冰上，从而改变了手的内能，使手变凉；
故答案为：做功；热传递．
做功和热传递都可以改变物体的内能，它们的主要区别是：做功是能量的转化，而热传递是能量的转移．
解决此类问题要结合改变物体内能的方式分析解答，注意二者的实质不同，但效果相同．
14.【答案】排斥 北 磁场
【解析】解：同名磁极相互排斥，地磁南极在地理北极附近，磁体间的相互作用是通过磁场发生的。
故答案为：排斥；北；磁场。
(1)磁极间的相互作用规律是：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；
(2)地球周围的磁场叫地磁场，地磁两极跟地理两极并不重合，地磁南极在地理北极附近，地磁北极在地理南极附近；
(3)磁体间的相互作用是通过磁场发生的。
本题考查了磁体的相关知识，较为基础。
15.【答案】丙 80 20 大于
【解析】解：在内燃机的四个冲程(吸气、压缩、做功、排气)中，内能转化为机械能的是做功冲程：
甲图：排气门打开，活塞向上运行，气缸容积减小，是排气冲程，此冲程机无能量转化；
乙图：两气门都关闭，活塞向上运行，气缸容积减小，是压缩冲程，此冲程机械能转化为内能；
丙图：气门都关闭，火花塞喷出电火花，活塞向下运行，气缸容积增大，是做功冲程，此冲程内能转化为机械能；
丁图：进气门打开，活塞向下运动，气缸容积增大，是吸气冲程，此冲程机无能量转化；
飞轮的转速为2400r/min，即40r/s，这台汽油机每秒钟内完成2×40=80个冲程，因为转两周做一次功，对外做了20次功。
所测量的1小时内，两电能表均转过6000转。小明家消耗的电能为：W1=1kW⋅h3000×6000=2kW⋅h；
小明家正在工作的电器功率为：P1=W1t=2kW⋅h1h=2kW=2000W；
小红家消耗的电能为：W2=1kW⋅h2000×6000=3kW⋅h；
小红家正在工作的电器功率为：P2=W2t=3kW⋅h1h=3kW=3000W，
在该时间段内，小红家正在工作的电器总功率大于小明家正在工作的电器消耗的总功率。
故答案为：丙；80；20；大于。
(1)在内燃机的四个冲程中，进气门和排气门均关闭的只有压缩冲程和做功冲程，而在压缩冲程中活塞向上运动，做功冲程中活塞向下运动；一个气门打开，另一个气门关闭的是吸气冲程和排气冲程，而在吸气冲程中活塞向下运动，排气冲程中活塞向上运动；
(2)四冲程汽油机一个工作循环活塞往复两次，飞轮转两周，对外做功一次。
(3)根据W=Pt来计算小红家和小明家正在工作的电器的总功率。
知道四冲程汽油机的一个工作循环中的做功次数和冲程的个数；会根据电能表的基本参数计算用电器消耗的电能和电功率。
16.【答案】变大 3Ω 12Ω
【解析】解：(1)由电路图可知，R1与R2串联，当被测身高较矮时，滑片向下移动，R2阻值变小，根据I=UR1+R2可知，电路中电流变大，即电流表示数变大；
(2)因为滑动变阻器R2的规格是“15Ω 0.5A”，电流表量程为“0～0.6A”，所以电路中允许通过的最大电流为0.5A。
当I最大=0.5A时，由I=UR可知电路中的总电阻为：
R总=UI最大=Ω；
所以根据串联电路的总电阻等于各电阻之和可知：
此时滑动变阻器接入的最小电阻R2最小=R总−R1=9Ω−6Ω=3Ω。
根据串联分压，R2电阻越大，其两端电压越大，但电压表量程为0～3V，所以当电压表示数为3V时，滑动变阻器接入的电阻最大。
根据串联电路的总电压等于各电阻两端的电压之和可知：
此时U1最小=U−U2最大=4.5V−3V=1.5V；
此时电路中的电流I最小=U1最小R1=1.5V6Ω=0.25A
由I=UR可知滑动变阻器阻值为：R2最大=U2最大I最小=3V0.25A=12Ω，
所以滑动变阻器接入电路的阻值范围是3Ω～12Ω。
故答案是：(1)变大；(2)3Ω；12Ω。
(1)电路由R1与R2串联而成，当人身高不同时，R2接入电路中的电阻值发生变化，根据欧姆定律可知电流表示数变化；
(2)由滑动变阻器的规格和电流表的量程可得出电路中允许通过的最大电流，根据这个最大电流可求出电路中的最小电阻，然后可得出变阻器接入电路的最小阻值；再根据电压表量程，由串联分压，可以求出变阻器接入电路的最大阻值。
该题考查了欧姆定律的应用，在解答第二问题时，关键是利用题中电流表、电压表的量程，以及滑动变阻器的规格，找出这些限制与滑动变阻器阻值之间的关系。
17.【答案】0.5 8
【解析】解：甲乙两灯泡正常发光时的电压均为6V，
由图像可知：甲正常工作时的电流为1A，乙正常工作时的电流为0.5A，
因串联电路中各处的电流相等，所以，两灯泡串联时，电路的最大电流I=0.5A，
由图像可知，0.5A所对应的电压分别U甲=2V，U乙=6V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源电压为U=U甲+U乙=2V+6V=8V。
故答案为：0.5；8。
由图可知，电压相等时，灯泡甲的电流大于灯泡乙的电流，故两灯串联后使其中一个灯泡正常发光时只能是电流较小的灯泡；正常发光时的电压为额定电压，根据串联电路电流规律可知两灯电流相等，利用图像读出此时灯泡甲的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的最大电压。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用；关键是电压和电流不成正比，即电阻变化的，应直接从图中找出电流对应的电压和电压对应的电流进行求解。
18.【答案】解：首先辨别上面三根线地线、火线、零线。
(1)灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。
(2)三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。
【解析】(1)灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。
(2)三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。
掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。
19.【答案】−7 B 吸热 不变 99 低
【解析】解：(1)温度计的分度值为1℃，刻度位于0℃以下7各处，所以此时温度计的示数为−7℃；
(2)水沸腾时，整个容器中水温相同，水内部不停的汽化，产生大量的水蒸气进入气泡，气泡变大，故B是水沸腾时的情况；
(3)实验表明，在水沸腾的过程中，虽然对它继续加热，它的温度不变，不变的温度即为沸点，是99℃，液体沸点随气压的升高而升高，所以当时的大气压图比标准大气压低；
故答案为：(1)−7；(2)B；(3)吸热；不变；99；低。
(1)根据温度计的分度值读数，注意示数处于零上还是零下；
(2)水沸腾之前，水下层的温度高于上层的水温，气泡上升过程中，气泡中的水蒸气遇冷液化成水，气泡变小；水沸腾时，整个容器中水温相同，水内部不停的汽化，产生大量的水蒸气进入气泡，气泡变大；
(3)液体沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是液体的沸点。
本题考查探究水沸腾的实验，解题关键是将实验操作要求及结论掌握清楚，认真审题分析。
20.【答案】断开 左 0.3 0.66 大于
【解析】解：(1)将灯串联在电路中，电压表与灯并联，如下所示：
(2)在连接电路中，开关应处于断开状态；
(3)闭合开关前，应使滑动变阻器的滑片处于最大阻值处，即图中的最左端；
(4)①滑片在中点附近位置时，滑动变阻器接入电路的阻值约为最大阻值的一半，即R中=12×5Ω=2.5Ω，
由图可知：当电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，则灯的额定电流为0.3A时，则滑动变阻器两端的电压约为：
U滑=IR中=0.3A×2.5Ω=0.75V，
根据串联电路电压的特点，小灯泡两端的电压约为：
UL=U−U滑=3V−0.75V=2.25V，故灯泡的额定电压为2.2V。
②小灯泡的额定功率为：
P=ULI=2.2V×0.3A=0.66W；
③灯的亮度由灯的实际功率决定，移动滑片时，小灯泡发出耀眼的亮光，说明小灯泡的实际功率大于额定功率。
故答案为：(1)见上图；(2)断开；(3)左；(4)0.3；0.66；大于。
(1)灯泡串联在电路中，电压表与灯泡并联，注意电压表的正负接线柱；
(2)连接电路时，应断开开关。
(3)闭合开关前，滑动变阻器接入电路的阻值应为滑动变阻器的最大阻值，滑片应位于最大阻值位置处。
(4)①根据电流表的量程和分度值可知电流表示数大小，根据变阻器连入电路中的大约阻值，根据欧姆定律求出此时滑动变阻器两端的电压约为多少，由串联电路电压的规律结合电源的电压即可判断灯泡的额定电压；
②根据P=UI求出灯泡的额定功率；
③灯的亮度由灯的实际功率决定。
本题测定小灯泡的电功率，考查实物的连接、注意事项、电表读数、串联电路的规律和额定功率的计算和决定灯的亮度的因素。
21.【答案】解：(1)水的体积V=1L=1dm3=1×10−3m3，
由ρ=mV可知，水的质量：m=ρ水V=1.0×103kg/m3×1×10−3m3=1kg，
一个标准大气压下，水的沸点是100℃，
Q吸=c水m(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×1kg×(100℃−20℃)=3.36×105J；
(2)电热水壶消耗的电能：W=Pt′=1100W×6×60s=3.96×105J，
电热水壶的热效率：η=Q吸W=3.36×105J3.96×105J≈84.8%。
答：(1)这壶水吸收的热量为3.36×105J；
(2)电热水壶的热效率为84.8%。
【解析】(1)根据密度公式求出水的质量，根据Q吸=cm(t−t0)求出水吸收的热量；
(2)根据W=Pt求出电热水壶消耗的电能，根据效率公式求出电热水壶的热效率。
本题考查密度公式、吸热公式、电功公式以及效率公式的应用，难度不大。
22.【答案】解：(1)当S1闭合，S2、S3断开时，电路为R1的简单电路，
由I=UR可得，电源的电压：
U=I1R1=1A×6Ω=6V；
(2)当S3闭合，S1、S2断开时，R1与R2串联，电流表测电路中的电流，
此时电路中的总电阻：
R=UI=6V0.2A=30Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，电阻R2的阻值：
R2=R−R1=30Ω−6Ω=24Ω；
(3)当S1、S2闭合，S3断开时，R1与R2并联，
因并联电路中各支路两端的电压相等，且电路的总功率等于各用电器功率之和，
所以，电路的总功率：
P=U2R1+U2R2=(6V)26Ω+(6V)224Ω=7.5W。
答：(1)电源电压为6V；
(2)电阻R2的阻值为24Ω；
(3)当S1、S2闭合，S3断开时，电路的总功率为7.5W。
【解析】(1)当S1闭合，S2、S3断开时，电路为R1的简单电路，根据欧姆定律求出电源的电压；
(2)当S3闭合，S1、S2断开时，R1与R2串联，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出此时电路中的总电阻，利用电阻的串联求出电阻R2的阻值；
(3)当S1、S2闭合，S3断开时，R1与R2并联，根据并联电路的特点和P=UI=U2R求出电路的总功率。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式是关键。时间/min
0
1
2
3
4
5
6
温度/℃
90
93
96
99
99
99
99
自动电热水壶
型号
WL100F
电源
220V 50Hz
额定功率
1100W
容量
1L
1.如图所示，下列用电器正常工作时功率约为900W的是( )
A. 节能灯
B. 电视机
C. 电饭锅
D. 电热水器
2.下列“物态变化”与其吸热、放热的关系正确的是( )
A. 霜的形成是凝固现象，要吸热
B. 冰化成水是熔化现象，要吸热
C. 寒冷冬天呼出的“白气”是汽化现象，要吸热
D. 用“干冰”进行人工降雨是利用“干冰”升华，要放热
3.下列生活实例中，通过做功改变物体内能的是( )
A. 双手互相摩擦手会感觉到发热
B. 把冰块放在果汁里，饮用时感觉很凉快
C. 利用煤气灶将冷水烧热
D. 在阳光下曝晒的自行车金属部分会热得烫手
4.如图所示为四冲程汽油机未按工作循环顺序排列的各冲程示意图，工作时，将大量内能转化为机械能的冲程是( )
A. B. C. D.
5.属于电动机原理的图是( )
A. B.
C. D.
6.如图所示，家庭用电中常见到这些做法，其中符合安全用电要求的是( )
A. 拔出插头B. 电器失火先切断电源
C. 用铜丝代替烙丝D. 接线板负载过多
7.一灯泡标有“24V，24W”字样，当它两端电压为12V时，灯泡的实际功率为(灯丝电阻与温度有关)( )
A. 6WB. 12W
C. 小于6WD. 大于6W，小于24W
8.小明同学发现，每当晚上将标有220V 1500W的热得快接入电路时，房内的灯泡(220V 40W)就会变暗，他先后做了如下猜想，其中正确的是( )
A. 通过灯泡的电流变小了B. 火线与零线间的电压变大了
C. 干路中的电流变小了D. 家庭电路中的总电阻变大了
9.在如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合电键S，当滑动变阻器的滑片P向左移动时，下列说法正确的是( )
A. 电流表的示数将变小，电压表V不变
B. 电压表V2示数变大，电流表的示数不变
C. 电压表V与电压表V1示数的差值变大
D. 电压表V1示数与电流表A示数的比值不变
10.如图，甲所示电路中，R为定值电阻，R1为滑动变阻器。图乙是该滑动变阻器滑片从一端移至另一端过程中变阻器的电功率与其电阻的关系图像。下列说法正确的是( )
A. 电源电压为3VB. 电压表的最大示数为2V
C. 整个电路功率变化了0.1WD. R的功率变化了3.2W
二、填空题：本大题共7小题，共22分。
11.如图是加热固体碘的实验。在加热过程中，会看见杯内产生紫色的气体，这是因为固体碘吸热发生了______(填物态变化)。停止加热待冷却后，在干净的玻璃片上出现了紫黑色颗粒，这是因为气态碘又发生了______(填物态变化)的原因，生活中______(选填“露”、“冰”、“霜”)的形成与这一物态变化相同。我国沿海地区水面大，冬暖夏凉是因为______，在同种吸、放热条件下，温度变化小。
12.对人体安全的电压是______；有两个带电体，若A、B能相互吸引，而A又能与带正电的C相吸，那么B一定带______，B与C一定能相互______。摩擦起电的实质是______。
13.学校举办春季运动会，参加拔河比赛的同学双手发热，这说明______可以改变手的内能，某同学用手握住棒棒冰给手降温，这是利用______的方法改变内能．(选填“做功”、“热传递”)
14.磁体有两个磁极，同名磁极相互______；地球是一个大磁体，地磁南极在地理______极附近；磁体周围有磁场，磁场是一种特殊物质，磁体之间的相互作用正是通过______发生的。
15.如图是汽油机一个工作循环的四个冲程，其中图______是将内能转化为机械能的冲程。现有一台四冲程汽油机，飞轮的转速为2400r/min，这台汽油机每秒钟内完成______个冲程，对外做了______次功。小明家的电能表标有“3000revs/kW⋅h”，小红家的电能表标有“2000revs/kW⋅h”，所测量的1小时内，两电能表均转过6000转。在该时间段内，小红家正在工作的电器总功率______小明家正在工作的电器消耗的总功率。
16.如图为我市某中学物理兴趣小组设计的电子身高测量仪电路图。其中定值电阻R1=6Ω，电源电压恒为4.5V，R2的规格为“15Ω，0.5A”，电压表量程为3V，电流表量程为0.6A，闭合开关S：
(1)当被测身高变矮时，电流表的示数______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。
(2)为了保证电路中各元件安全工作，变阻器接入电路的阻值范围是______至______。
17.已知甲、乙两灯的额定电压均为6V，如图是甲、乙两灯电流随其两端电压变化曲线。现将两灯串联后接在某一电源两端，要使其中一个灯泡正常发光，并保证电路安全，则电路的工作电流为______A，电源电压最大为______V。
三、作图题：本大题共1小题，共3分。
18.请用笔画线代替导线，将如图中的开关、电灯和三孔插座接入家庭电路中。
四、实验探究题：本大题共2小题，共18分。
19.热学实验，如图：
(1)如图所示，C图中温度计的示数为______℃；
(2)某个实验小组观察到水沸腾前和沸腾时水中气泡上升过程中的两种情况(如图中A、B)，则图______是水沸腾时的情况。(选填A或B)
(3)如表是实验中数据记录。
实验表明，在水沸腾的过程中，虽然对它继续加热，沸水不断______，但它的温度______(填“升高”、“降低”或“不变”)。此时水的沸点为______℃，当时的大气压强比1标准大气压______(填“高”或“低”)。
20.某同学做“测定小灯泡的电功率”实验，电源电压3V且保持不变，滑动变阻器标有“3A、5Ω”的字样，所用小灯泡是额定电压为“2.5V”和“2.2V”中的一个。
(1)实物电路如图所示，图中尚有一根导线未连接，请用笔画线代替导线补上。
(2)在连接电路中，开关应处于______状态。(填“闭合”或“断开”)
(3)闭合开关前，滑动变阻器上的滑片，应移到______端。(填“左”或“右”)
(4)闭合开关后，移到滑动变阻器的滑片，发现滑片在中点附近位置时，小灯泡正常发光，此时电流表示数如图，小灯泡的额定电流为______A，则该实验中所用小灯泡的额定功率为______W.继续移到滑动变阻器的滑片，发现小灯泡发出耀眼的亮光，则此时小灯泡的实际功率______额定功率。(填“大于”、“等于”或“小于”)
五、计算题：本大题共2小题，共14分。
21.小强家买了一个自动电热水壶，其铭牌如下表，小强装了1L的水，加热6min后把水烧开，水壶自动断电。已知大气压为1个标准大气压，家庭电路电压为220V，电热水壶的电阻不变，水的初温为20℃，c水=4.2×103J/(kg⋅℃)，ρ水=1.0×103kg/m3。求：
(1)这壶水吸收的热量；
(2)电热水壶的热效率。
22.如图，R1=6Ω，当S1闭合，S2、S3断开时，电流表示数为1A；S3闭合，S1、S2断开时，电流表示数为0.2A.求：
(1)电源电压；
(2)电阻R2的阻值；
(3)当S1、S2闭合，S3断开时，电路的总功率。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A.节能灯的额定功率通常在20W左右，故A错误；
B、电视机的额定功率约为120W左右，故B错误；
C.电饭锅的额定功率约为900W左右，故C正确；
D.电热水器的额定功率约为2000W左右，故D错误。
故选：C。
新课程标准要求我们能根据日常经验或自然现象粗略估测一些物理量。例如：长度、质量、时间、温度、力、速度、电功率、电流、电压等。解答估测选择题的方法：利用生活中我们熟悉的一些数据作为根据，进行单位换算，有时要利用基本公式求未知物理量。
本题考查了对电功率的估测，注重理论与实际差异的应变能力的培养，体现新课程的基本理念。
2.【答案】B
【解析】解：
A、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶，此过程放出热量。此选项错误；
B、冰化成水，由固态变为液态，是熔化现象，此过程吸收热量。此选项正确；
C、“白气”是口中呼出的气流中的水蒸气遇到温度较低的空气液化形成的小水滴，此过程放出热量。此选项错误；
D、干冰是固态二氧化碳，在常温常压下干冰极易由固态直接升华成为气态，同时吸收大量的热。此选项错误。
故选：B。
解决此题的关键是知道物态变化的名称，物质从固态变成液态叫熔化，物质从液态变成固态的过程叫凝固，物质由液体变为气态称为汽化，物质从气态变成液态称为液化，物质直接从固态变为气态叫升华，物质直接从气态变为固态的过程叫凝华。
解决此类题目首先要弄清物态的相变过程，根据选项所给物理现象的特点进行判断分析。
3.【答案】A
【解析】解：A、两只手相互摩擦，消耗的是机械能，得到的是内能，这属于以做功的形式改变物体内能。符合题意。
B、冰块放到果汁中，冰块温度低，和温度高的果汁发生热传递，果汁把热量传递给冰块，属于能量的转化。不符合题意。
C、利用煤气灶烧水，是煤气燃烧产生的热量传递给水的过程，属于利用热传递改变水的内能。不符合题意。
D、暴晒自行车，自行车金属吸收太阳的辐射热使自己的内能增加，属于热传递的形式。不符合题意。
故选：A。
改变物体内能的方法有两个，一个是做功，一个是热传递。两种办法的区别在于热传递过程中并没有能量的转化，而是单纯的能量的转移。做功过程是能量的转化，是另外形式的能量转化成内能的过程。
区别做功和热传递，关键在于看是能量的转化还是能量的转移。
4.【答案】D
【解析】解：
A、图中的进气门关闭，排气门打开，活塞上行，所以是排气冲程，故A不符合题意；
B、图中的两个气门都关闭，活塞上行，所以是压缩冲程，压缩冲程是将机械能转化为内能的过程，故B不符合题意；
C、图中的进气门打开，排气门关闭，活塞下行，所以是吸气冲程，故C不符合题意；
D、图中的两个气门都关闭，活塞下行，所以是做功冲程，做功冲程是将内能转化为机械能的过程，故D符合题意。
故选：D。
汽油机的一个工作循环由四个冲程组成：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程。
内燃机的四个冲程中有两个冲程发生能量转化，一是压缩冲程中机械能转化为内能，压缩冲程是依靠飞轮的惯性完成的；二是做功冲程中内能转化为机械能。
解决此类问题关键是看气阀门的开关情况和活塞运动情况，结合规律总结进行判断内燃机的冲程；并熟练掌握做功冲程和压缩冲程中的能量转化。
5.【答案】A
【解析】解：直流电动机是利用通电导体在磁场中受到力的作用的原理来工作的。
A、该装置说明通电导体在磁场中会受到力的作用，故A符合题意；
B、该装置说明通电导体的周围存在磁场，故B不符合题意；
C、该装置可以探究影响电磁铁磁性强弱的因素，故C不符合题意；
D、该装置可以探究通电螺线管周围的磁场，故D不符合题意。
故选：A。
直流电动机是利用通电导体在磁场中受到力的作用的原理来工作的。
本题考查的是直流电动机的基本原理；知道电流的磁效应和影响电磁铁磁性强弱的因素。
6.【答案】B
【解析】解：A、用力拔插头，容易使电线损坏，发生触电事故；不合题意．
B、发生火灾时，要先断开电源开关，才能用水灭火，否则会发生触电；符合题意．
C、当电路电流过大时，保险丝容易熔断而保护电路，如果用铜丝代替保险丝后，就起不到保护作用了．不合题意．
D、电路中电流过大的原因有两个：一是短路；二是家中使用用电器的总功率过大．故大功率用电器同时使用时，将会使电路中的电流过大，引起火灾．不合题意．
故选B．
由安全用电常识可知：
①不能用力拔出插头；
②有人触电或电失火时要先切断电源；
③不能用铜丝代替保险丝；
④电路中电流过大的原因有两个：一是短路；二是家中使用用电器的总功率过大．
本题考查了安全用电的规则．保险丝是用熔点低的合金制成的，由于铜的熔点高，不容易烧断，起不到保险作用，故更换保险丝时，应使用合适的保险丝．
7.【答案】D
【解析】解：忽略灯丝电阻与温度的关系，由P=U2R得，
灯泡电阻为R=U额2P额=(24V)224W=24Ω，
灯泡接到12V电源上，实际功率为P实=U实2R=(12V)224Ω=6W；
因为灯丝电阻与温度有关，灯丝越亮功率越大，温度越高，灯丝电阻R就越大，当实际电压等于12V时，这时候灯丝的实际电阻并不是24Ω，而是小于24Ω，所以功率为小于24W，大于6W。
故选：D。
首先忽略灯丝电阻与温度的关系，根据灯泡额定电压和额定功率，利用公式R=U2P可以得到灯丝电阻；已知灯泡电阻和两端电压，利用公式到实际功率。然后结合灯丝电阻与温度有关分析灯泡的实际功率。
解决该类型的题目需要通过灯泡的额定电压和额定功率计算出灯泡电阻，然后再计算实际功率。
8.【答案】A
【解析】解：A、家庭电路两端的电压减小，故通过灯泡的电流变小了；
B、火线与零线间的电压变小了，而不是变大了；
C、干路中的电流增大了，而不是减小了；
D、由并联电路电阻特点可知，家庭电路中电阻越并越小；
故选：A。
当晚上到用电高峰时，再将标有220V 1500W的热得快接入电路，根据并联电路电流的特点可知，家庭电路的总电流变大；根据U=IR可知，在输送导线的电阻不变时，总电流越大，家庭电路分得的电压就越小；因家用电器的额定电压是220V，所以当电压小于220V时就会使灯泡不能正常工作。
本题考查了利用欧姆定律和并联电路电流的特点分析家庭电路电压、电流、电阻的变化。
9.【答案】D
【解析】解：由电路图可知，两电阻串联，电压表V测电源两端电压，电压表V1测定值电阻R1两端电压，电压表V2测滑动变阻器R2两端电压，电流表测电路电流。
AB、因为电源的电压不变，所以电压表V的示数不变；
当滑动变阻器的滑片P向左移动时，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，根据I=UR知电路中的电流变大，即电流表A的示数变大，
根据U=IR知R1两端的电压变大，电压表V1的示数变大；
因为串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以滑动变阻器R2两端的电压变小，即电压表V2的示数变小，故AB错误；
C、由串联电路电压的规律知电压表V与电压表V1示数的差值等于滑动变阻器两端的电压，即电压表V与电压表V1示数的差值变小，故C错误；
D、电压表V1示数与电流表A示数的比值等于定值电阻R1的电阻，故电压表V1示数与电流表A示数的比值不变，故D正确。
故选：D。
由电路图可知，两电阻串联，电压表V测电源两端电压，电压表V1测定值电阻R1两端电压，电压表V2测滑动变阻器R2两端电压，电流表测电路电流；
(1)根据滑动变阻器滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，根据欧姆定律可知电路中电流和R1两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知R2两端的电压变化；
(2)由串联电路电压的规律知电压表V与电压表V1示数的差值等于滑动变阻器两端的电压；
(3)电压表V1示数与电流表A示数的比值等于定值电阻R1的电阻。
本题是一道动态分析题，分析清楚电路结构，熟练应用串联电路特点及欧姆定律即可正确解题。
10.【答案】D
【解析】解：由图甲可知，滑动变阻器R1和定值电阻R串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流；
由图乙可知，当滑动变阻器的阻值R1=10Ω时，它的电功率为0.9W，
由P=UI=I2R可得，此时电路中电流I1= P1R1= 0.9W10Ω=0.3A；
当滑动变阻器的阻值R1′=20Ω时，它的电功率为0.8W，此时电路中电流I2= P2R1′= 0.8W20Ω=0.2A，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，且电源的电压不变，
所以，由欧姆定律可得，电源的电压：
U=I1(R+R1)=I2(R+R1′)，即0.3A×(R+10Ω)=0.2A×(R+20Ω)，
解得：R=10Ω；
电源的电压U=I1(R+R1)=0.3A×(10Ω+10Ω)=6V；
A、经计算可知电源电压U=6V，故A错误；
B、电压表测变阻器两端的电压，当变阻器接入电路的阻值最大为20Ω，由串联分压的规律可知此时电压表示数最大，且此时电流最小为I2=0.2A，
则电压表的最大示数UVmax=I2R1max=0.2A×20Ω=4V，故B错误；
C、根据电功率公式P=U2R可知，电源电压一定时，整个电路的电功率与总电阻成反比，
则滑动变阻器的阻值为0时，电路的总电阻最小，总功率最大，滑动变阻器的阻值为20Ω时，总电阻最大，总功率最小，
故Pmax=U2R=6V×6V10Ω=3.6W，Pmin=U2R+R1max=6V×6V20Ω+10Ω=1.2W，
则整个电路电功率的变化量ΔP=Pmax−Pmin=3.6W−1.2W=2.4W，故C错误；
D、根据电功率公式P=I2R可知，电流越大、定值电阻R的电功率越大，电流越小、定值电阻R的电功率越小。
当滑动变阻器的阻值为0时，总电阻最小，电流最大为Imax=UR=6V10Ω=0.6A，
则定值电阻R的电功率最大为：PRmax=Imax2R=(0.6A)2×10Ω=3.6W，
当滑动变阻器的阻值最大为20Ω时，总电阻最大，电流最小为I2=0.2A，
则定值电阻R的电功率最小为：PRmin=I22R=(0.2A)2×10Ω=0.4W，
所以定值电阻R电功率变化：ΔP′=PRmax−PRmin=3.6W−0.4W=3.2W，故D正确。
故选：D。
由图甲可知，滑动变阻器R1和定值电阻R串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流；
(1)根据图乙读出两组变阻器的阻值和对应的电功率，根据串联电路的电流特点和P=UI=I2R求出电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律结合电源的电压不变得出等式即可求出R的阻值，进一步求出电源的电压；
(2)电压表测变阻器两端的电压，当变阻器接入电路的阻值最大时，由串联分压的规律可知此时电压表示数最大，且此时电流最小，由欧姆定律可求出电压表的最大示数；
(3)根据电功率公式P=U2R可知电源电压一定时，整个电路的电功率与总电阻成反比，则滑动变阻器的阻值为0时，电路的总电阻最小，总功率最大，滑动变阻器的阻值为20Ω时，总电阻最大，总功率最小；根据电功率公式P=U2R和电阻的串联求出总功率的最大值和最小值，然后求出整个电路电功率的变化值；
(4)根据电功率公式P=I2R可知，电流越大、定值电阻R的电功率越大，电流越小、定值电阻R的电功率越小；先求出最大电流和最小电流，然后根据P=I2R求出定值电阻R的电功率最大值与最小值，最后求出定值电阻R电功率的变化值。
该题主要考查了欧姆定律的应用和电功率的计算，难点是利用电功率的不同表达式，确定什么时候整个电路的功率以及定值电阻的电功率有最大值和最小值。
11.【答案】升华 凝华 霜 水的比热容大
【解析】解：
(1)在烧杯里放少量的固态碘颗粒，然后把烧杯放在酒精灯上微微加热，固态碘直接变成了碘蒸气，发生了升华现象；
(2)过一会儿，碘蒸气直接变成了固态的碘，附着在玻璃片上，发生了凝华现象；
露是空气中的水蒸气在地面附近遇冷液化成小水珠，附着在花草上形成的；
霜是空气中的水蒸气遇冷凝华成小冰晶，附着在屋顶及地面形成的；
所以，生活中霜的形成与这一物态变化相同。
(3)水的比热容大，吸收或放出相同的热量，水升高或降低的温度较低。
故答案为：升华；凝华；霜；水的比热容大。
(1)物质从固态直接变成气态的现象称为升华，在升华过程需要向周围吸收热量；
(2)物质从气态直接变为固态的过程叫凝华，在凝华过程需要向周围放出热量；
(3)水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少，据此分析。
掌握六种物态变化，以及物态变化的吸热和放热情况，会用物态变化解释生活中的问题。
12.【答案】不高于36V 正电 排斥 电子的转移
【解析】解：对人体的安全电压不高于36V；异种电荷相互吸引，带电体A与带正电的C相吸，说明A带负电，带电体A与带电体B相吸，说明带电体B带正电，同种电荷相互排斥，B与C一定相互排斥；摩擦起电的实质是电子的转移。
故答案为：不高于36V；正电；排斥；电子的转移。
对人体的安全电压不高于36V；同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；摩擦起电的实质是电子的转移。
本题考查常见的电压值、电荷间的相互作用规律和摩擦起电的实质，属于基础内容，难度不大。
13.【答案】做功；热传递
【解析】解：参加拔河比赛的同学双手发热，是克服摩擦做功，机械能可以转化为手的内能，此过程是通过做功的方式改变手的内能；
某同学用手握住棒棒冰给手降温，热量可以通过热传递的方式转移到棒棒冰上，从而改变了手的内能，使手变凉；
故答案为：做功；热传递．
做功和热传递都可以改变物体的内能，它们的主要区别是：做功是能量的转化，而热传递是能量的转移．
解决此类问题要结合改变物体内能的方式分析解答，注意二者的实质不同，但效果相同．
14.【答案】排斥 北 磁场
【解析】解：同名磁极相互排斥，地磁南极在地理北极附近，磁体间的相互作用是通过磁场发生的。
故答案为：排斥；北；磁场。
(1)磁极间的相互作用规律是：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；
(2)地球周围的磁场叫地磁场，地磁两极跟地理两极并不重合，地磁南极在地理北极附近，地磁北极在地理南极附近；
(3)磁体间的相互作用是通过磁场发生的。
本题考查了磁体的相关知识，较为基础。
15.【答案】丙 80 20 大于
【解析】解：在内燃机的四个冲程(吸气、压缩、做功、排气)中，内能转化为机械能的是做功冲程：
甲图：排气门打开，活塞向上运行，气缸容积减小，是排气冲程，此冲程机无能量转化；
乙图：两气门都关闭，活塞向上运行，气缸容积减小，是压缩冲程，此冲程机械能转化为内能；
丙图：气门都关闭，火花塞喷出电火花，活塞向下运行，气缸容积增大，是做功冲程，此冲程内能转化为机械能；
丁图：进气门打开，活塞向下运动，气缸容积增大，是吸气冲程，此冲程机无能量转化；
飞轮的转速为2400r/min，即40r/s，这台汽油机每秒钟内完成2×40=80个冲程，因为转两周做一次功，对外做了20次功。
所测量的1小时内，两电能表均转过6000转。小明家消耗的电能为：W1=1kW⋅h3000×6000=2kW⋅h；
小明家正在工作的电器功率为：P1=W1t=2kW⋅h1h=2kW=2000W；
小红家消耗的电能为：W2=1kW⋅h2000×6000=3kW⋅h；
小红家正在工作的电器功率为：P2=W2t=3kW⋅h1h=3kW=3000W，
在该时间段内，小红家正在工作的电器总功率大于小明家正在工作的电器消耗的总功率。
故答案为：丙；80；20；大于。
(1)在内燃机的四个冲程中，进气门和排气门均关闭的只有压缩冲程和做功冲程，而在压缩冲程中活塞向上运动，做功冲程中活塞向下运动；一个气门打开，另一个气门关闭的是吸气冲程和排气冲程，而在吸气冲程中活塞向下运动，排气冲程中活塞向上运动；
(2)四冲程汽油机一个工作循环活塞往复两次，飞轮转两周，对外做功一次。
(3)根据W=Pt来计算小红家和小明家正在工作的电器的总功率。
知道四冲程汽油机的一个工作循环中的做功次数和冲程的个数；会根据电能表的基本参数计算用电器消耗的电能和电功率。
16.【答案】变大 3Ω 12Ω
【解析】解：(1)由电路图可知，R1与R2串联，当被测身高较矮时，滑片向下移动，R2阻值变小，根据I=UR1+R2可知，电路中电流变大，即电流表示数变大；
(2)因为滑动变阻器R2的规格是“15Ω 0.5A”，电流表量程为“0～0.6A”，所以电路中允许通过的最大电流为0.5A。
当I最大=0.5A时，由I=UR可知电路中的总电阻为：
R总=UI最大=Ω；
所以根据串联电路的总电阻等于各电阻之和可知：
此时滑动变阻器接入的最小电阻R2最小=R总−R1=9Ω−6Ω=3Ω。
根据串联分压，R2电阻越大，其两端电压越大，但电压表量程为0～3V，所以当电压表示数为3V时，滑动变阻器接入的电阻最大。
根据串联电路的总电压等于各电阻两端的电压之和可知：
此时U1最小=U−U2最大=4.5V−3V=1.5V；
此时电路中的电流I最小=U1最小R1=1.5V6Ω=0.25A
由I=UR可知滑动变阻器阻值为：R2最大=U2最大I最小=3V0.25A=12Ω，
所以滑动变阻器接入电路的阻值范围是3Ω～12Ω。
故答案是：(1)变大；(2)3Ω；12Ω。
(1)电路由R1与R2串联而成，当人身高不同时，R2接入电路中的电阻值发生变化，根据欧姆定律可知电流表示数变化；
(2)由滑动变阻器的规格和电流表的量程可得出电路中允许通过的最大电流，根据这个最大电流可求出电路中的最小电阻，然后可得出变阻器接入电路的最小阻值；再根据电压表量程，由串联分压，可以求出变阻器接入电路的最大阻值。
该题考查了欧姆定律的应用，在解答第二问题时，关键是利用题中电流表、电压表的量程，以及滑动变阻器的规格，找出这些限制与滑动变阻器阻值之间的关系。
17.【答案】0.5 8
【解析】解：甲乙两灯泡正常发光时的电压均为6V，
由图像可知：甲正常工作时的电流为1A，乙正常工作时的电流为0.5A，
因串联电路中各处的电流相等，所以，两灯泡串联时，电路的最大电流I=0.5A，
由图像可知，0.5A所对应的电压分别U甲=2V，U乙=6V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源电压为U=U甲+U乙=2V+6V=8V。
故答案为：0.5；8。
由图可知，电压相等时，灯泡甲的电流大于灯泡乙的电流，故两灯串联后使其中一个灯泡正常发光时只能是电流较小的灯泡；正常发光时的电压为额定电压，根据串联电路电流规律可知两灯电流相等，利用图像读出此时灯泡甲的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的最大电压。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用；关键是电压和电流不成正比，即电阻变化的，应直接从图中找出电流对应的电压和电压对应的电流进行求解。
18.【答案】解：首先辨别上面三根线地线、火线、零线。
(1)灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。
(2)三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。
【解析】(1)灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。
(2)三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。
掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。
19.【答案】−7 B 吸热 不变 99 低
【解析】解：(1)温度计的分度值为1℃，刻度位于0℃以下7各处，所以此时温度计的示数为−7℃；
(2)水沸腾时，整个容器中水温相同，水内部不停的汽化，产生大量的水蒸气进入气泡，气泡变大，故B是水沸腾时的情况；
(3)实验表明，在水沸腾的过程中，虽然对它继续加热，它的温度不变，不变的温度即为沸点，是99℃，液体沸点随气压的升高而升高，所以当时的大气压图比标准大气压低；
故答案为：(1)−7；(2)B；(3)吸热；不变；99；低。
(1)根据温度计的分度值读数，注意示数处于零上还是零下；
(2)水沸腾之前，水下层的温度高于上层的水温，气泡上升过程中，气泡中的水蒸气遇冷液化成水，气泡变小；水沸腾时，整个容器中水温相同，水内部不停的汽化，产生大量的水蒸气进入气泡，气泡变大；
(3)液体沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是液体的沸点。
本题考查探究水沸腾的实验，解题关键是将实验操作要求及结论掌握清楚，认真审题分析。
20.【答案】断开 左 0.3 0.66 大于
【解析】解：(1)将灯串联在电路中，电压表与灯并联，如下所示：
(2)在连接电路中，开关应处于断开状态；
(3)闭合开关前，应使滑动变阻器的滑片处于最大阻值处，即图中的最左端；
(4)①滑片在中点附近位置时，滑动变阻器接入电路的阻值约为最大阻值的一半，即R中=12×5Ω=2.5Ω，
由图可知：当电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，则灯的额定电流为0.3A时，则滑动变阻器两端的电压约为：
U滑=IR中=0.3A×2.5Ω=0.75V，
根据串联电路电压的特点，小灯泡两端的电压约为：
UL=U−U滑=3V−0.75V=2.25V，故灯泡的额定电压为2.2V。
②小灯泡的额定功率为：
P=ULI=2.2V×0.3A=0.66W；
③灯的亮度由灯的实际功率决定，移动滑片时，小灯泡发出耀眼的亮光，说明小灯泡的实际功率大于额定功率。
故答案为：(1)见上图；(2)断开；(3)左；(4)0.3；0.66；大于。
(1)灯泡串联在电路中，电压表与灯泡并联，注意电压表的正负接线柱；
(2)连接电路时，应断开开关。
(3)闭合开关前，滑动变阻器接入电路的阻值应为滑动变阻器的最大阻值，滑片应位于最大阻值位置处。
(4)①根据电流表的量程和分度值可知电流表示数大小，根据变阻器连入电路中的大约阻值，根据欧姆定律求出此时滑动变阻器两端的电压约为多少，由串联电路电压的规律结合电源的电压即可判断灯泡的额定电压；
②根据P=UI求出灯泡的额定功率；
③灯的亮度由灯的实际功率决定。
本题测定小灯泡的电功率，考查实物的连接、注意事项、电表读数、串联电路的规律和额定功率的计算和决定灯的亮度的因素。
21.【答案】解：(1)水的体积V=1L=1dm3=1×10−3m3，
由ρ=mV可知，水的质量：m=ρ水V=1.0×103kg/m3×1×10−3m3=1kg，
一个标准大气压下，水的沸点是100℃，
Q吸=c水m(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×1kg×(100℃−20℃)=3.36×105J；
(2)电热水壶消耗的电能：W=Pt′=1100W×6×60s=3.96×105J，
电热水壶的热效率：η=Q吸W=3.36×105J3.96×105J≈84.8%。
答：(1)这壶水吸收的热量为3.36×105J；
(2)电热水壶的热效率为84.8%。
【解析】(1)根据密度公式求出水的质量，根据Q吸=cm(t−t0)求出水吸收的热量；
(2)根据W=Pt求出电热水壶消耗的电能，根据效率公式求出电热水壶的热效率。
本题考查密度公式、吸热公式、电功公式以及效率公式的应用，难度不大。
22.【答案】解：(1)当S1闭合，S2、S3断开时，电路为R1的简单电路，
由I=UR可得，电源的电压：
U=I1R1=1A×6Ω=6V；
(2)当S3闭合，S1、S2断开时，R1与R2串联，电流表测电路中的电流，
此时电路中的总电阻：
R=UI=6V0.2A=30Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，电阻R2的阻值：
R2=R−R1=30Ω−6Ω=24Ω；
(3)当S1、S2闭合，S3断开时，R1与R2并联，
因并联电路中各支路两端的电压相等，且电路的总功率等于各用电器功率之和，
所以，电路的总功率：
P=U2R1+U2R2=(6V)26Ω+(6V)224Ω=7.5W。
答：(1)电源电压为6V；
(2)电阻R2的阻值为24Ω；
(3)当S1、S2闭合，S3断开时，电路的总功率为7.5W。
【解析】(1)当S1闭合，S2、S3断开时，电路为R1的简单电路，根据欧姆定律求出电源的电压；
(2)当S3闭合，S1、S2断开时，R1与R2串联，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出此时电路中的总电阻，利用电阻的串联求出电阻R2的阻值；
(3)当S1、S2闭合，S3断开时，R1与R2并联，根据并联电路的特点和P=UI=U2R求出电路的总功率。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式是关键。时间/min
0
1
2
3
4
5
6
温度/℃
90
93
96
99
99
99
99
自动电热水壶
型号
WL100F
电源
220V 50Hz
额定功率
1100W
容量
1L
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