还剩18页未读，
继续阅读
2023-2024学年甘肃省武威十六中九年级（下）开学物理试卷（含解析）
展开
这是一份2023-2024学年甘肃省武威十六中九年级（下）开学物理试卷（含解析），共21页。试卷主要包含了选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。
1.把一铁块放在火炉上加热一段时间后，下列物理量中不变的是( )
A. 铁块的体积B. 铁块的密度C. 铁块的内能D. 铁块的比热容
2.2023年10月31日上午，在完成了5个多月的在轨飞行任务后，神舟十六号飞船返回舱带着航天员和所搭载物品成功着陆，安全返回地球。此次飞行任务完成了多项科学实验，对于此次飞行任务以下说法正确的是( )
A. 火箭发射过程中使用了液态氢燃料，主要是因为液态氢的比热容较大
B. 神舟十六号与空间站在交会对接过程中，以地球为参照物神舟十六号是静止的
C. 在空间站把乒乓球放入水中松手后乒乓球不会上浮，因为乒乓球进入太空后质量变小了
D. 飞船在返回地球的过程中经过大气层时外侧温度升高，是通过做功的方式改变其内能的
3.两支完全相同的温度计初温度相同．现用这两只温度计分别去测量甲、乙两种液体的温度，测得结果相同(示数高于温度计初温度).已知甲、乙两种液体质量相等，并且都比较小，乙液体原来的温度高于甲液体原来的温度．如果不考虑温度计、待测液体跟外界的热传递，则可判断( )
A. 甲液体的比热容大于乙液体的比热容B. 甲液体的比热容小于乙液体的比热容
C. 甲液体的比热容等于乙液体的比热容D. 无法判断
4.如图a为航母上简化的蒸汽弹射装置，能带动舰载机在两秒钟内达到起飞速度，如图b为四冲程汽油机的工作示意图。下列判断不正确的是( )
A. 图a中气缸内的蒸汽体积膨胀，从而推动活塞使舰载机获得牵引力
B. 气缸内的蒸汽推动活塞时，内能减小
C. 从能量转化角度讲，蒸汽弹射装置工作时与图A所示的原理相似
D. 汽油机一个工作循环的正确顺序是ABCD
5.如图所示，用酒精灯给试管中的水加热，水温上升，直至沸腾一段时间后，会看到试管口的塞子被推出。下列描述正确的是( )
A. 酒精燃烧将内能转化为化学能
B. 水蒸气推出塞子的过程中水蒸气的内能转化为塞子的机械能
C. 水蒸气推出塞子导致水蒸气内能增加
D. 水蒸气对塞子做功，其能量转化与汽油机压缩冲程的能量转化相同
6.三个悬挂着的轻质带电小球，相互作用情况如图所示，那么甲、乙、丙的带电情况( )
A. 甲、乙球带异种电荷
B. 乙、丙球带同种电荷
C. 如果甲球带正电荷，则丙球带正电荷
D. 如果甲球带正电荷，则丙球带负电荷
7.某学校教学楼地下车库有东西两个门都可以进出，为确保安全在每个门口都装有感应开关。当有车辆从任何一个门进出地下车库时，该门口的感应开关自动闭合一段时间，此时值班室内的指示灯会亮，提醒门卫有车辆通过。下列电路图中，符合要求的是( )
A. B.
C. D.
8.用下列电路探究电路的电流规律时，电流表A1、A2的示数如图所示，则流过灯泡L1、L2的电流分别是( )
A. 1.3A；0.4AB. 0.9A；0.4AC. 0.26A；0.4AD. 0.7A；2.0A
9.教室如图(a)所示电路中，当闭合开关后，两个电压表指针偏转均为图(b)所示，则电阻R1和R2两端的电压分别为( )
A. 9V、1.8VB. 1.8V、9VC. 1.8V、7.2VD. 7.2V、1.8V
10.如图为小媛连接的电路，她检查导线连接无误后，闭合开关S，发现两灯均不发光，于是她用一个电压表分别连接到ab、ac，电压表示数均为零，再用电压表连接到bd、cd时，电压表有示数且接近电源电压，由此判定电路的故障可能是( )
A. 灯L1断路B. 灯L1短路C. 灯L2断路D. 灯L2短路
11.如图是滑动变阻器的结构和连入电路的示意图，当滑片P向右滑动时，连入电路的电阻变小的是( )
A. B.
C. D.
12.如图是电阻甲和乙的I−U图象，小明对图象信息作出的判断，正确的是( )
A. 乙是定值电阻，阻值为5Ω
B. 当甲两端电压为0时，甲的电阻也为0
C. 将甲和乙串联，当电流为0.4A，则它们两端的电压之比为2：1
D. 若甲和乙并联，若电压为1V，则它们的干路电流为0.4A
二、非选择题（共56分）
13.冬天一场大雪后，在雪地里玩耍的小宝宝被冻哭了，妈妈心疼地把宝宝的小手放在自己的手心中搓揉了一会儿，又放在怀中。“搓揉”是利用______方式使宝宝的小手暖和的；“放在怀中”又是利用______方式使宝宝的小手暖和的。
14.小华同学用煤炉给10kg的水加热，当水温从20℃上升到80℃时，完全燃烧了0.2kg的煤。在此过程中水吸收的热量为______J，煤完全燃烧产生的热量为______J，煤炉烧水时的加热效率为______[c水=4.2×103J/(kg⋅℃),q煤=3×107J/kg]。
15.在一个标准大气压下，某种燃料的热值为4.2×107Jkg，完全燃烧20g该燃料，能释放出热量______J。若这些热量的80%被质量为2kg，初温为22℃的水吸收，则水的温度将升高______℃。(c水=4.2×103J/(kg⋅℃))
16.a、b、c是三个带电泡沫小球，它们相互作用情况如图所示，已知a带正电，则b带______电；若用毛皮摩擦过的橡胶棒去靠近c，二者将相互______。
17.如图甲中电路，闭合开关后，电流表A和A1的偏转角度一样如图乙所示，则通过灯L1的电流为______A，通过灯L2的电流为______A。
18.如图所示，电源电压恒为3V。闭合开关S，电压表的示数为0.5V，则灯泡L2两端的电压为______V，灯泡L1与L2的电阻之比为______。
19.如图所示，电压表的示数为______V，电流表的示数为______A。
20.在图中所示电路中，电源电压恒为6V.闭合S后，发现两个小灯泡(均标有”3V1W“)都不亮，用电压表测得Uac=Ubd=6V，如果电路中的各段导线及连接处均无问题且故障只有一处，那么电路故障是______(须指明那个元件出了什么故障)；如果此时用电压表去测灯泡L1两端电压，则电压表的示数为______。
21.如图所示为学校物理兴趣小组制作的台灯调光电路的原理图，电源电压U为3V并保持不变，滑动变阻器规格为“20Ω，1A”。闭合开关S，滑片P移至最左端时，灯泡正常发光，电流表示数为0.3A(不考虑灯泡电阻随温度的变化)。当滑片向左移动时灯泡两端的电压______(选填“变大”、“变小”)，滑片P在中点时，灯泡的电阻值为______Ω；当滑片P在中点时，想要让灯泡与滑动变阻器的电压之比为2：3，应将滑片向______(选填“左”、“右”)移动。
22.如图所示，当开关S闭合后，要使电阻R1、R2并联，请在圆圈内填入适合的电表。
23.请按照图1中的电路图把图2的实物图中未连接起来的地方连接起来．
24.在图中，要求用电流表测量灯泡L2中的电流(0.3A)，电压表测量灯泡L1的电压，L1、L2并联，变阻器调节L1的亮度，开关控制整个电路，将符合要求的电路图画在虚线框内，并将实物连接起来。
25.小丽同学手里有一个标有“3.8V”字样的小灯泡，她想知道小灯泡在不同电压下的电阻，于是在实验室找来一些器材连接了如图甲所示的实验电路，电源电压为6V恒定不变。
(1)请用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接起来(要求：滑动变阻器滑片向左移动时小灯泡变亮)。
(2)闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应移至最______端(选填“左”或“右”)。
(3)检查无误后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片到某一位置，电压表的示数如图乙所示，此时小灯泡两端电压为______V。
(4)根据实验数据绘制了小灯泡的电流随其两端电压变化关系的图象如图丙所示。分析图丙可得小灯泡正常发光时的电阻为______Ω。(结果保留一位小数)
(5)由图象可知小灯泡灯丝电阻逐渐变大，请简要分析使灯丝电阻变大的原因。
26.在“探究电流与电压、电阻的关系”实验中，部分器材选用如下：电压为6V的电源，阻值为0～50Ω的滑动变阻器，5Ω、10Ω、20Ω、30Ω的定值电阻各一个，其他器材，回答下列问题。
(1)用笔画线代替导线将甲图中的电路连接完整。连接电路时，开关应______，要求滑动变阻器滑片向右移动时电阻变大。
(2)闭合开关后，发现电流表无示数，电压表指针超过量程，则电路的故障可能是定值电阻______(选填“短路”或“断路”)。
(3)排除故障后，先将5Ω定值电阻接入电路，在移动滑动变阻器滑片的过程中，眼睛应注意观察______(选填“电流表”、“电压表”或“滑动变阻器”)。
(4)接下来断开开关，取下5Ω的定值电阻，换成10Ω的定值电阻，闭合开关，应向______(选填“A”或“B”)端移动滑片，直至电压表示数为______V时，读出电流表的示数。记录实验数据，并绘制成图乙所示，分析图像可知：当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成______。
(5)当将20Ω电阻换成30Ω电阻时，无论怎样移动滑片，都无法保证电压不变，原因是滑动变阻器的最大阻值______(选填“过大”或“过小”)。
27.在一个标准大气压下，用天然气灶将5kg的水从20℃加热至沸腾，消耗了0.075m3的天然气，已知水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)，天然气的热值为3.2×107J/m3。求：
(1)水吸收的热量；
(2)0.075m3的天然气完全燃烧释放的热量；
(3)天然气灶烧水的效率。
28.如图所示，电源电压不变，定值电阻R0=15Ω，滑动变阻器的最大阻值为48Ω，小灯泡标有“6V 3W”字样(假设灯丝电阻不变)，电流表量程为0～3A。当只闭合开关S，滑动变阻器的滑片P从阻值最大处移动到某一位置时，电流表示数变化了0.1A，此时小灯泡恰好正常发光。在保证电路安全的情况下，问：
(1)小灯泡正常工作时的电流是多少？
(2)电源的电压是多少？
(3)闭合所有开关后，滑动变阻器接入电路的最小电阻是多少？
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：把一铁块放在火炉上加热一段时间后，铁块的温度升高。
A、铁块受热膨胀，体积变大；
B、铁块的质量不变，体积变大，根据ρ=mV，密度变小；
C、铁块吸收热量，温度升高时，内能增大；
D、铁块的比热容与物质的种类和状态有关，与温度无关。
故选：D。
A、根据固体的热胀冷缩性质来分析；
B、质量是物体的一种属性，和物体的温度无关，体积变大，根据ρ=mv分析密度的变化；
C、物体吸收热量，温度升高时，内能就增加；
D、比热容只和物质的种类、状态有关，与物体的温度无关。
这是一道综合题，考查了物体的热胀冷缩性质、密度公式的应用、热量和内能的关系、物质的比热容；
考查到的知识虽然多，但相对还是比较简单的，只要认真的分析，一定可以做出正确解答的。
2.【答案】D
【解析】解：
A、火箭选用液态氢做燃料，主要是因为液态氢具有较大的热值，故A错误。
B、以地球为参照物，“神舟十六号”与地球之间有位置变化，所以“神舟十六号”是运动的，故B错误；
C、浮力随着重力产生的，是物体的上下表面所受压力差，若将乒乓球轻轻放入该水球中，乒乓球上下表面几乎没有受到压力，也没有压力差，所以乒乓球在水中几乎不受浮力，乒乓球不会上浮，故C错误；
D、返回舱进入大气层后，克服摩擦做功，温度迅速升高，内能增大，这是通过做功的方式改变物体的内能，故D正确。
故选：D。
(1)火箭选用液态氢做燃料，主要是因为液态氢具有较大的热值；
(2)在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止；
(3)太空舱及其内部的物体处于失重状态，据此根据浮力产生的原因分析解答；
(4)改变内能的方式包括做功和热传递。
本题考查分子热运动、运动的相对性、浮力产生的原因等，属于综合题，掌握微重力环境和地球上重力环境的区别是解答本题的关键。
3.【答案】A
【解析】解：由题意知两支温度计测温前后温度变化相等，由Q=mc△t知两温度计吸收的热量Q相等；则甲、乙两液体放出的热量Q相等．已知乙液体的初始温度比甲液体的初始温度高，甲、乙两液体后来的温度相等，则它们温度变化量△t甲<△t乙，甲乙两液体放出的热量Q甲=Q乙，m甲=m乙，由Q=mc△t得，c甲>c乙．
故选A．
根据题意知：两液体初始温度都比温度计温度高，两液体后来的温度相等；用温度计测液体温度时，温度计要吸收热量，根据温度计吸收的热量Q=mc△t结合题意分析可得出结论．
本题考查了：公式Q=mc△t，根据这个公式进行定性分析推理即可解题，解题的关键是充分利用题中所给条件及理清解题思路．
4.【答案】C
【解析】解：A是吸气冲程、B是压缩冲程、C是做功冲程、D是排气冲程，蒸汽弹射装置是内能转化为机械能，与C图做功冲程相似；
AB、a图中，气缸内蒸汽体积膨胀，对外做功，其内能减小，同时推动活塞，使舰载机获得巨大的牵引力，该过程中内能转化为机械能，燃气的内能减小，故AB正确；
C、蒸汽弹射装置工作时内能转化为机械能，与汽油机的做功冲程相似，而图A中汽油机的进气门打开，排气门关闭，活塞向下移动，是汽油机的吸气冲程，与蒸汽弹射装置工作时的原理不同，故C错误；
D、四冲程汽油机一个工作循环由吸气、压缩、做功、排气四个冲程组成，所以汽油机一个工作循环的正确顺序是ABCD，故D正确。
故选：C。
(1)四冲程汽油机一个工作循环由吸气、压缩、做功、排气四个冲程组成，在做功冲程中的能量转化是内能转化为机械能，在压缩冲程中的能量转化是机械能转化为内能；
(2)做功冲程中，气缸内的燃气对外界做功，燃气的内能减小，温度降低。
此题主要考查了汽油机四个冲程中的能量转化情况，知道压缩冲程与做功冲程发生了能量的转化情况正好相反。
5.【答案】B
【解析】解：A、酒精燃烧将化学能转化为内能，故A错误；
B、水蒸气推出塞子的过程中水蒸气的内能转化为塞子的机械能，故B正确；
C、水蒸气推出塞子，内能转化为机械能，导致水蒸气内能减少，故C错误；
D、水蒸气对塞子做功，其能量转化与汽油机做功冲程的能量转化相同，故D错误。
故选：B。
(1)燃料燃烧将化学能转化为内能。
(2)塞子冲出时，内能转化为机械能。
(3)物体对外做功，自身的内能减少，温度降低。
(4)塞子冲出时与汽油机的做功冲程能量转化相同。
本题考查的是内能的利用和意义；知道四冲程内燃机的工作原理。
6.【答案】D
【解析】解：三个悬挂着的轻质小球均带电，
由图可知，甲、乙相互排斥，乙、丙相互吸引，
因同种电荷相互排斥、异种电荷相互吸引，
所以，甲、乙带同种电荷，乙、丙带异种电荷，故AB错误；
如果甲球带正电荷，则乙球带正电荷，丙球带负电荷，故D正确、C错误。
故选：D。
根据电荷间的相互作用规律进行判断，即同种电荷相互排斥、异种电荷相互吸引。
本题考查了学生对电荷间相互作用规律的了解与掌握，是一道较为简单的应用题。
7.【答案】C
【解析】解：由题意可知，当有车辆从任何一个进出口经过时，开关自动闭合一段时间，值班室内的指示灯会亮，说明东门和西门开关可以独立工作、互不影响即为并联，故C正确。
故选：C。
根据题意分析两个开关的连接方式、灯泡的连接方式，然后选出正确的电路图。
本题考查了电路的设计，知道每个开关都能控制同一盏灯泡、分析清楚电路结构即可正确解题。
8.【答案】B
【解析】解：由图可知，灯泡L1、L2并联，电流表A1测干路电流，A2测L2支路的电流；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，则A1的示数应大于A2的示数，而图中电流表A1的指针偏转角度比A2的小，所以电流表A1选择的是大量程(即0～3A)，分度值为0.1A，其示数为1.3A，即干路电流为1.3A；
电流表A2选择的是小量程(即0～0.6A)，分度值为0.02A，其示数为0.4A，即通过灯泡L2的电流为0.4A；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以通过灯泡L1的电流为I1=I−I2=1.3A−0.4A=0.9A。
综上分析可知，B正确。
故选：B。
由实物图可知，两灯泡并联，电流表A1测干路电流，A2测L2支路的电流，根据图示和并联电路的电流特点求出通过两灯的电流。
本题考查了并联电路的电流特点，灵活运用规律是解题的关键。
9.【答案】D
【解析】解：(1)由电路图知，两电阻R1与R2串联，电压表V1测电源电压，电压表V2测电阻R2两端的电压；串联电路的总电压等于各分电压之和，所以电压表V1示数大于电压表V2示数，两个电压表指针偏转角度相同，则电压表V1量程是0∼15V，电压表V2量程是0∼3V；
(2)电压表V1量程是0∼15V，分度值是0.5V，电压表示数U1=9V；电压表V2量程是0∼3V，分度值是0.1V，电压表示数是1.8V，则电阻R2两端的电压U2=UV2=1.8V，由串联电路特点知，电阻R1两端的电压U1=UV1−UV2=9V−1.8V=7.2V。
故选：D。
(1)分析电路结构，明确各电路元件的连接方式，根据电压表所测电路确定两电压表的量程；
(2)确定电压表量程、最小分度值，读出电压表的示数，由串联电路特点求出两电阻两端的电压。
本题考查串联电路的电压规律的应用，分清电路结构、明确电路元件的连接方式确定电压表的量程是本题的难点、也是本题的解题关键。
10.【答案】C
【解析】解：根据电路图可知，两个灯泡串联；闭合开关S，发现两灯均不发光，这说明电路出现了断路现象；
用一个电压表分别连接到ab、ac，电压表示数均为零，说明ac外的电路有断路；
再用电压表连接到bd、cd时，电压表有示数且接近电源电压，这说明电压表与电源之间是接通的，所以故障是与电压表并联的部分断路，即灯L2断路。
故选：C。
灯泡的故障分为断路和短路两种，根据电压表连接在不同位置时的示数表现情况，分别对断路和短路的情况进行判断，看出现的可能性有哪些，最终得出结论。
此题主要考查了用电压表判断电路故障的一种方法，在已判断是开路的情况下，当电压表有示数时说明电压表之间的部分可能发生了断路。
11.【答案】C
【解析】解：A、同时接入上方两接线柱，相当于接入一导线，滑片移动时，接入的电阻不变，故A不符合题意；
B、同时接入下方两接线柱，相当于接入一定值电阻，滑片移动时，接入的电阻不变，故B不符合题意；
C、滑片向右移动时，电阻丝接入部分的长度减小，接入电路中的电阻变小，故C符合题意；
D、滑片向右移动时，电阻丝接入部分的长度增大，接入电路中的电阻变大，故D不符合题意。
故选：C。
滑动变阻器是通过改变接入电路中电阻丝的长度来改变电阻大小的。
滑动变阻器正确接法是上下接线柱各接一个，当滑片P向右滑动时，若要连入电路的电阻变小，则下边的B接线柱要接入电路。
本题考查了滑动变阻器的接法，要使滑动变阻器的电阻变大或变小关键是要看下边的接线柱接哪个。
12.【答案】C
【解析】解：
A.由图象可知，乙对应的电流与电压不成正比，根据欧姆定律可知，乙电阻的阻值变化，故A错误；
B.由图象可知，当甲两端电压为2.5V时，通过甲的电流为0.5A，由I=UR可得，R甲=U甲I甲=Ω，
因电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，所以甲两端电压为0时其阻值为5Ω不变，故B错误；
C.将甲和乙串联，当电流为0.4A时，通过甲、乙的电流均为0.4A，
由图象可知，U甲=2V，U乙=1V，则U甲：U乙=2V：1V=2：1，故C正确；
D.若甲和乙并联，若电压为1V，它们两端的电压均为1V，
由图象可知，I甲=0.2A，I乙=0.4A，
由并联电路中干路电流等于各支路电流之和可知，干路电流I=I甲+I乙=0.2A+0.4A=0.6A，故D错误。
故选：C。
(1)根据欧姆定律可知，电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比，据此分析图象乙电阻的变化；
(2)由图象可知，当甲两端电压为2.5V时对应的电流，根据欧姆定律求出甲的阻值；导体的电阻只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关；
(3)将甲和乙串联，当电流为0.4A时，通过甲、乙的电流相等，根据图象读出对应的电压，然后求出它们两端的电压之比；
(4)若甲和乙并联，若电压为1V，它们两端的电压均为1V，根据图象读出通过的电流，再根据并联电路的电流特点得出干路电流。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用以及影响电阻大小因素的理解，关键是根据图象得出相关的信息。
13.【答案】做功 热传递
【解析】解：
(1)妈妈把宝宝的小手放在自己的手心中搓揉，两个手摩擦，摩擦生热，将机械能转化为内能，这是通过做功的方法来改变了手的内能；
(2)妈妈把宝宝的小手放在怀中，由于身体与宝宝的手存在着温度差，内能就会从温度高的位置传递给温度低的手，从而使手的内能增加。
故答案为：做功；热传递。
做功和热传递都可以改变物体的内能，它们的主要区别是：做功是能量的转化，而热传递是能量的转移。
做功和热传递是改变物体内能的两种方法，是等效的，但有着本质的区别：做功是能量转化的过程，是其他形式能和内能的转化过程；热传递是能量的转移过程，是内能从一个物体转移到另一个物体上的过程。
14.【答案】2.52×106 6×106 42%
【解析】解：(1)Q吸=cmΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×10kg×(80℃−20℃)=2.52×106J；
(2)Q放=m煤q=0.2kg×3×107J/kg=6×106J；
(3)煤炉烧水时的效率：η=Q吸Q放×100%=2.52×106J6×106J×100%=42%。
故答案为：2.52×106；6×106；42%。
(1)根据Q吸=cmΔt即可求出水吸收的热量；
(2)根据Q放=mq即可求出煤完全燃烧放出的热量；
(3)根据η=Q吸Q放即可求出烧水热效率。
本题考查了学生对吸热公式、燃料完全燃烧放热公式的掌握和运用以及明白煤炉效率的含义。
15.【答案】8.4×105 78
【解析】解：(1)燃料燃烧完全放出的热量为：
Q放=mq=20×10−3kg×4.2×107J/kg=8.4×105J；
(2)这些热量的80%被质量为2kg，初温为22℃的水吸收，则水的温度：
Δt=Q放 cm=80%×8.4×105J4.2×103 J/kg×2kg=80℃，
在标准大气压下，水的沸点为100℃，故水的温度将升高：
Δt′=t末−t0=100℃−22℃=78℃。
故答案为：8.4×105；78。
(1)知道某种燃料的质量、热值，利用Q放=mq求出某种燃料完全燃烧释放出的热量；
(2)利用m=ρV求出水的质量，燃料完全燃烧释放出的热量80%被水吸收，则Q吸=80%Q放，再利用Q吸=cmΔt求出水升高的温度。
本题考查了燃料完全燃烧放热公式、密度公式、吸热公式等，计算时注意：在标准大气压下，水的沸点是100℃，水沸腾时，吸收热量、温度不变。
16.【答案】负 排斥
【解析】解：a、b相互吸引，说明一定带异种电荷，a带正电，则b一定带负电；b、c相互排斥，说明一定带同种电荷，则c带负电。
毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，故用毛皮摩擦过的橡胶棒去靠近c，二者将相互排斥。
故答案为：负；排斥。
三个小球都带电，则根据同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引可做出判断。
了解电荷间的相互作用规律是判断的关键。同时还要知道带电体吸引不带电体，排斥带同种电荷，吸引可能带异种电荷，其中之一带电。注意带电体具有吸引轻小物体的性质。
17.【答案】0.14 0.56
【解析】解：
由电路图甲可知，两灯泡并联，因电流表A在干路上，则电流表A测总电流，即通过电源的电流，电流表A1与灯L1串联，则电流表A1测通过灯L1的电流；
电流表A和A1的偏转角度一样如图乙所示，因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以电流表A的量程为0～3A，分度值为0.1A，示数为0.7A，即干路上的电流I=0.7A。
电流表A1的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数0.14A，即通过灯 L1的电流I1=0.14A。
由并联电路中干路电流等于各支路电流之和可得，
通过灯L2的电流I2=I−I1=0.7A−0.14A=0.56A。
故答案为：0.14；0.56。
由电路图可知，两灯泡并联，电流表A1测L1支路的电流，电流表A测干路电流，根据并联电路的电流特点和电流表指针的位置确定两个电流表的量程，再根据分度值读出示数，然后根据并联电路的电流特点解答。
本题考查了并联电路电流的规律，分清电路的连接方式和电压表量程的判读是解决本题的关键。
18.【答案】2.5 1：5
【解析】解：闭合开关，两灯泡串联接入电路，电压表测灯泡L1两端的电压，
串联电路总电压等于各部分电压之和，则灯泡L2两端的电压为U2=U−U1=3V−0.5V=2.5V；
串联电路各处电流相等，根据欧姆定律可得通过电路的电流I=U1R1=U2R2，则R1R2=U1U2=。
故答案为：2.5；1：5。
闭合开关，两灯泡串联接入电路，电压表测灯泡L1两端的电压，根据串联电路电压规律计算灯泡L2两端的电压；
根据串联电路电流特点结合欧姆定律表示通过电路的电流，进一步计算灯泡L1与L2的电阻之比。
本题考查串联电路特点和欧姆定律的灵活运用。
19.【答案】2.3 0.28
【解析】解：由图知电压表量程为0～3V，分度值为0.1V，故此时电压表示数为2.3V；电流表量程为0～0.6A，分度值为0.02A，故此时电流表示数为0.28A。
故答案为：2.3；0.28。
读取电表示数时，首先要明确电表选择的量程和对应的分度值，再根据指针位置读数。
本题考查了电压表和电流表的读数，属于基础题。
20.【答案】L2断路 0V
【解析】解：将电压表接在ac两点之间时，示数为6V，说明除灯泡L1、L2以外的电路是通路；
将电压表接在bd两点之间时，示数为6V，说明除灯泡L2和滑动变阻器以外的电路是通路。由上知滑动变阻器是完好的，所以故障原因为灯泡L2灯丝断了。
因为L1是完好的，如果此时用电压表测灯泡L1两端电压，电压表示数为零。
故答案为：L2断路；0V。
闭合开关灯泡不亮，原因有两个：断路或短路。其中若一个灯泡短路，另一只灯泡会发光，此题中两灯都不亮，只能发生断路。
使用电压表检验电路故障时，如果电压表有示数，说明与之串联的导体是通路；电压表无示数，说明与之串联的导体有断路或与之并联的导体发生短路。
21.【答案】变大 10 右
【解析】解：(1)由图可知，灯泡和滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流；当滑片向左移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变小，根据串联分压的规律可知滑动变阻器两端的电压变小，由串联电路的电压规律可知灯泡两端的电压变大；
(2)闭合开关S，滑片P移至最左端时，电路为灯泡的简单电路，灯泡两端的电压等于电源电压，电流表测电路中的电流，此时灯泡正常发光，电流表示数为0.3A，
则灯泡正常发光时的电阻：RL=UIL=3V0.3A=10Ω，
不考虑灯泡电阻随温度的变化，则滑片P在中点时，灯泡的电阻值仍然为10Ω；
(3)滑动变阻器规格为“20Ω，1A”，滑片P在中点时，滑动变阻器接入电路的阻值为12×20Ω=10Ω，
要让灯泡与滑动变阻器的电压之比为2：3，根据串联分压的规律可知灯泡电阻和滑动变阻器接入电路的阻值之比为2：3，
则此时滑动变阻器接入电阻的阻值应为R滑=32RL=32×10Ω=15Ω>10Ω，所以滑动变阻器的滑片需向右移动。
故答案为：变大；10；右。
(1)由图知，灯泡和滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流；当滑片向左移动时，分析滑动变阻器接入电路的阻值变化，根据串联分压的规律可知滑动变阻器两端电压的变化，再根据串联电路的电压规律可知灯泡两端电压的变化；
(2)闭合开关S，滑片P移至最左端时，电路为灯泡的简单电路，灯泡两端的电压等于电源电压，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律计算灯泡的电阻，不考虑灯泡电阻随温度的变化，则灯泡的电阻不变；
(3)滑动变阻器规格为“20Ω，1A”，滑片P在中点时，滑动变阻器接入电路的阻值为最大阻值的一半；要让灯泡与滑动变阻器的电压之比为2：3，由串联分压的规律可知灯泡电阻和滑动变阻器接入电路的阻值之比为2：3，据此计算此时滑动变阻器接入电阻的阻值，从而可知滑动变阻器滑片的移动方向。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，灵活运用串联分压的规律是解题的关键。
22.【答案】解：当开关S闭合后，要使电阻R1、R2并联，电压表并联在R2两端，电流表串联电路中。答案见下图
【解析】解答本题的关键是明白电压表和电流表的连接方式，电压表要并联在电路中，电流表要串联在电路中。
此题考查学生对电压表，电流表的连接方式这个知识点，要注意题目给出的条件是要使电阻R1、R2并联，做题时一定要仔细，如果不仔细看图，容易把两电阻看成串联。
23.【答案】解：采用“电流流向法”，电流从电源正极出发，依次串联开关S1、灯泡L1、开关S回到电源负极，再将开关S2和灯泡L2并联在开关S1和灯泡L1两端，实物图如下图所示：
【解析】根据电路图连接实物图，可采用“电流流向法”，从电源的正极出发，按照电流的流向，先串电路元件最多的电路，再将相应并联的部分接入电路即可．
本题考查了实物图的连接，关键是能根据电路图确定电路元件的连接方式，利用先串联最复杂的电路、再把并联的部分接到相应的位置．
24.【答案】
【解析】【分析】
本题考查了正确连接电路的能力：先要判断电路的连接形式，再从电源的一极开始连起，先串后并，且在连接时开关的状态是断开的。
已知两灯并联，则电路总的连接方式为并联；开关控制整个电路，说明了开关连在干路中。
【解答】
先将电池组、开关串联起来，然后分成两路：
一路接入滑动变阻器(一上一下)、灯L1，然后回到电源的负极，再将电压表并联在灯L1的两端，由于电源电压为3V，所以选择0～3V的量程；
另一路接入灯L2、电流表，然后回到电源的负极，由于灯泡的额定电流大约为0.3A，所以选择0～0.6A的量程。
然后根据实物图来画出相应的电路图如下：
25.【答案】右 2.5 12.7
【解析】解：(1)滑动变阻器滑片向左移动时小灯泡变亮，说明电路中电流变大，滑动变阻器阻值变小，故滑动变阻器选用左下接线柱与灯泡串联在电路中，如下图所示：
；
(2)为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应移至阻值最大处，即最右端；
(3)闭合开关，移动滑动变阻器的滑片到某一位置，电压表的示数如图乙所示，电压表选用大量程，分度值0.5V，其示数为2.5V；
(4)由图丙可知，当灯泡两端电压为3.8V时，灯泡额定电流为0.3A，则小灯泡正常发光时的电阻为：
R=UI=≈12.7Ω；
(5)由图丙可知，当灯泡两端电压增大，通过灯泡的电流也增大，根据P=UI可知，灯泡功率变大，温度升高，灯丝电阻随温度的升高而增大。
故答案为：(1)见解答图；(2)右；(3)2.5；(4)12.7；(5)由图丙可知，当灯泡两端电压增大，通过灯泡的电流也增大，根据P=UI可知，灯泡功率变大，温度升高，灯丝电阻随温度的升高而增大。
(1)滑动变阻器滑片向左移动时小灯泡变亮，说明电路中电流变大，滑动变阻器阻值变小，据此确定滑动变阻器选用的下端接线柱；
(2)为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应移至阻值最大处；
(3)根据电压表选用量程确定分度值读数；
(4)根据图丙确定灯泡额定电压对应的额定电流，利用R=UI求出小灯泡正常发光时的电阻；
(5)灯丝电阻随温度的升高而增大。
本题测小灯泡电阻的实验，考查了电路连接、注意事项、电压表读数、电阻的计算和影响电阻大小因素等知识。
26.【答案】断开 断路 电压表 B 2 反比 过小
【解析】解：(1)为保护电路，连接实验电路时开关必须断开；滑动变阻器滑片向右移动时，连入电路的电阻变大，所以应将接线柱A接入电路，如图所示：
；
(2)电流表无示数，则电路可能断路，而电压表指针超过量程，说明电压表与电源连通，则原因可能是与电压表并联的电阻断路；
(3)探究“电流与电阻关系”时要控制定值电阻两端的电压不变，每次更换电阻后，都要移动滑动变阻器的滑片，此时眼睛应注意观察电压表示数；
(4)探究电流与电阻的实验中应控制定值电阻两端的电压不变，由乙图图象可知，实验中控制定值电阻两端的电压UV=IR=0.2A×10Ω=2V，根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改换成10Ω的电阻，定值电阻增大，其分得的电压增大，要控制定值电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理知，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向B端移动，使电压表的示数仍为2V；
由图乙可知，电阻两端的电压始终保持：UV=IR=0.2A×10Ω=……=0.04A×50Ω=2V，为一定值，故由图像可以得到的结论是：电压一定时，电流与电阻成反比；
(5)电阻两端的电压始终保持UV=2V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑=U−UV=6V−2V=4V，变阻器分得的电压为电压表示数的2倍，根据分压原理，当接入30Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：R滑=2×30Ω=60Ω，故为了完成整个实验，应该选取最大阻值至少60Ω的滑动变阻器，而现有变阻器的最大电阻为50Ω，故将15Ω电阻换成30Ω电阻时，无论怎样移动滑片，都无法使电压表的示数达到2V，原因是滑动变阻器的最大阻值过小。
故答案为：(1)断开；如图所示；(2)断路；(3)电压表；(4)B；2；反比；(5)过小。
(1)为保护电路，连接实验电路时开关必须断开；根据滑动变阻器滑片向右移动时，连入电路的电阻变大确定变阻器的接线柱；
(2)电流表无示数，可能是电路断路了，根据电压表指针超过量程，说明电压表与电源连通，据此分析判断故障原因；
(3)探究“电流与电阻关系”时要控制电阻两端的电压不变，即电压表的示数不变，据此分析；
(4)当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；由图乙根据欧姆定律计算得出电阻两端的电压，据此分析；
(5)探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入30Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻。
本题探究电流与电压和电阻的关系，考查注意事项、电路连接、故障分析、图象分析、操作过程及器材的要求。
27.【答案】解：(1)用天然气灶将5kg的水从20℃加热至沸腾，在标准大气压下水的沸点为100℃，
水吸收的热量Q吸=c水m水Δt=4.2×103J/ (kg⋅℃)×5kg×(100℃−20℃)=1.68×106J；
(2)天然气完全燃烧放出的热量Q放=Vq=0.075m3×3.2×107J/m3=2.4×106J；
(3)天然气灶烧水的热效率η=Q吸Q放=1.68×106J2.4×106J=70%。
答：(1)水吸收的热量为1.68×106J；
(2)天然气完全燃烧放出的热量为2.4×106J；
(3)天然气灶烧水的热效率为70%。
【解析】(1)知道水的质量、比热容、初温和末温(标准大气压下水的沸点为100℃)，利用吸热公式Q吸=cmΔt求水吸收的热量；
(2)知道天然气的体积和热值，利用燃料完全燃烧放热公式Q放=Vq求天然气完全燃烧放出的热量；
(3)天然气灶烧水的效率等于水吸收的热量与天然气完全燃烧放出的热量之比。
本题考查了吸热公式、燃料完全燃烧放热公式、效率公式的掌握和运用，注意：固体和液体的热值单位为J/kg，气体燃料的热值单位为J/m3。
28.【答案】解：(1)根据P=UI可知小灯泡正常工作时的电流：IL=PLUL=3W6V=0.5A；
(2)由题知灯丝电阻不变，根据欧姆定律可知灯丝的电阻：RL=ULIL=6V0.5A=12Ω；
当只闭合开关S时，灯泡和滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流；
滑动变阻器的滑片P从阻值最大处移动到某一位置时，灯泡恰好正常发光，此过程中总电阻变小，根据欧姆定律可知电路中电流变大，由题意可知，滑片P在阻值最大处时电路中的电流：I=IL−ΔI=0.5A−0.1A=0.4A，
则电源的电压：U=I(RL+R)=0.4A×(12Ω+48Ω)=24V；
(3)闭合所有开关后，定值电阻和滑动变阻器并联，电流表测干路电流；
并联电路中各支路两端的电压相等，均等于电源电压，
根据欧姆定律可知通过定值电阻的电流：I0=UR0=24V15Ω=1.6A；
已知电流表量程为0～3A，则干路电流的最大值为I总大=3A，
根据并联电路的电流特点可知通过滑动变阻器的最大电流：I滑大=I总大−I0=3A−1.6A=1.4A，
由欧姆定律可得滑动变阻器接入电路的最小电阻：R滑小=UI滑大=24V1.4A≈17.1Ω。
答：(1)小灯泡正常工作时的电流是0.5A；
(2)电源的电压是24V；
(3)闭合所有开关后，滑动变阻器接入电路的最小电阻是17.1Ω。
【解析】(1)知道小灯泡的规格，根据P=UI可求出小灯泡正常工作时的电流；
(2)由题知灯丝电阻不变，根据欧姆定律可知灯丝的电阻；
当只闭合开关S时，灯泡和滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流；
滑动变阻器的滑片P从阻值最大处移动到某一位置时，灯泡恰好正常发光，此过程中总电阻变小，根据欧姆定律可知电路中电流变大，则根据题意可求出滑片P在阻值最大处时电路中的电流，然后根据电阻的串联和欧姆定律求出电源电压；
(3)闭合所有开关后，定值电阻和滑动变阻器并联，电流表测干路电流；
根据欧姆定律求出通过定值电阻的电流，电流表量程为0～3A，则干路电流的最大值为3A，根据并联电路的电流特点求出通过滑动变阻器的最大电流，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的最小电阻。
本题考查了串并联电路的特点、电功率公式和欧姆定律的应用，是一道综合题。
1.把一铁块放在火炉上加热一段时间后，下列物理量中不变的是( )
A. 铁块的体积B. 铁块的密度C. 铁块的内能D. 铁块的比热容
2.2023年10月31日上午，在完成了5个多月的在轨飞行任务后，神舟十六号飞船返回舱带着航天员和所搭载物品成功着陆，安全返回地球。此次飞行任务完成了多项科学实验，对于此次飞行任务以下说法正确的是( )
A. 火箭发射过程中使用了液态氢燃料，主要是因为液态氢的比热容较大
B. 神舟十六号与空间站在交会对接过程中，以地球为参照物神舟十六号是静止的
C. 在空间站把乒乓球放入水中松手后乒乓球不会上浮，因为乒乓球进入太空后质量变小了
D. 飞船在返回地球的过程中经过大气层时外侧温度升高，是通过做功的方式改变其内能的
3.两支完全相同的温度计初温度相同．现用这两只温度计分别去测量甲、乙两种液体的温度，测得结果相同(示数高于温度计初温度).已知甲、乙两种液体质量相等，并且都比较小，乙液体原来的温度高于甲液体原来的温度．如果不考虑温度计、待测液体跟外界的热传递，则可判断( )
A. 甲液体的比热容大于乙液体的比热容B. 甲液体的比热容小于乙液体的比热容
C. 甲液体的比热容等于乙液体的比热容D. 无法判断
4.如图a为航母上简化的蒸汽弹射装置，能带动舰载机在两秒钟内达到起飞速度，如图b为四冲程汽油机的工作示意图。下列判断不正确的是( )
A. 图a中气缸内的蒸汽体积膨胀，从而推动活塞使舰载机获得牵引力
B. 气缸内的蒸汽推动活塞时，内能减小
C. 从能量转化角度讲，蒸汽弹射装置工作时与图A所示的原理相似
D. 汽油机一个工作循环的正确顺序是ABCD
5.如图所示，用酒精灯给试管中的水加热，水温上升，直至沸腾一段时间后，会看到试管口的塞子被推出。下列描述正确的是( )
A. 酒精燃烧将内能转化为化学能
B. 水蒸气推出塞子的过程中水蒸气的内能转化为塞子的机械能
C. 水蒸气推出塞子导致水蒸气内能增加
D. 水蒸气对塞子做功，其能量转化与汽油机压缩冲程的能量转化相同
6.三个悬挂着的轻质带电小球，相互作用情况如图所示，那么甲、乙、丙的带电情况( )
A. 甲、乙球带异种电荷
B. 乙、丙球带同种电荷
C. 如果甲球带正电荷，则丙球带正电荷
D. 如果甲球带正电荷，则丙球带负电荷
7.某学校教学楼地下车库有东西两个门都可以进出，为确保安全在每个门口都装有感应开关。当有车辆从任何一个门进出地下车库时，该门口的感应开关自动闭合一段时间，此时值班室内的指示灯会亮，提醒门卫有车辆通过。下列电路图中，符合要求的是( )
A. B.
C. D.
8.用下列电路探究电路的电流规律时，电流表A1、A2的示数如图所示，则流过灯泡L1、L2的电流分别是( )
A. 1.3A；0.4AB. 0.9A；0.4AC. 0.26A；0.4AD. 0.7A；2.0A
9.教室如图(a)所示电路中，当闭合开关后，两个电压表指针偏转均为图(b)所示，则电阻R1和R2两端的电压分别为( )
A. 9V、1.8VB. 1.8V、9VC. 1.8V、7.2VD. 7.2V、1.8V
10.如图为小媛连接的电路，她检查导线连接无误后，闭合开关S，发现两灯均不发光，于是她用一个电压表分别连接到ab、ac，电压表示数均为零，再用电压表连接到bd、cd时，电压表有示数且接近电源电压，由此判定电路的故障可能是( )
A. 灯L1断路B. 灯L1短路C. 灯L2断路D. 灯L2短路
11.如图是滑动变阻器的结构和连入电路的示意图，当滑片P向右滑动时，连入电路的电阻变小的是( )
A. B.
C. D.
12.如图是电阻甲和乙的I−U图象，小明对图象信息作出的判断，正确的是( )
A. 乙是定值电阻，阻值为5Ω
B. 当甲两端电压为0时，甲的电阻也为0
C. 将甲和乙串联，当电流为0.4A，则它们两端的电压之比为2：1
D. 若甲和乙并联，若电压为1V，则它们的干路电流为0.4A
二、非选择题（共56分）
13.冬天一场大雪后，在雪地里玩耍的小宝宝被冻哭了，妈妈心疼地把宝宝的小手放在自己的手心中搓揉了一会儿，又放在怀中。“搓揉”是利用______方式使宝宝的小手暖和的；“放在怀中”又是利用______方式使宝宝的小手暖和的。
14.小华同学用煤炉给10kg的水加热，当水温从20℃上升到80℃时，完全燃烧了0.2kg的煤。在此过程中水吸收的热量为______J，煤完全燃烧产生的热量为______J，煤炉烧水时的加热效率为______[c水=4.2×103J/(kg⋅℃),q煤=3×107J/kg]。
15.在一个标准大气压下，某种燃料的热值为4.2×107Jkg，完全燃烧20g该燃料，能释放出热量______J。若这些热量的80%被质量为2kg，初温为22℃的水吸收，则水的温度将升高______℃。(c水=4.2×103J/(kg⋅℃))
16.a、b、c是三个带电泡沫小球，它们相互作用情况如图所示，已知a带正电，则b带______电；若用毛皮摩擦过的橡胶棒去靠近c，二者将相互______。
17.如图甲中电路，闭合开关后，电流表A和A1的偏转角度一样如图乙所示，则通过灯L1的电流为______A，通过灯L2的电流为______A。
18.如图所示，电源电压恒为3V。闭合开关S，电压表的示数为0.5V，则灯泡L2两端的电压为______V，灯泡L1与L2的电阻之比为______。
19.如图所示，电压表的示数为______V，电流表的示数为______A。
20.在图中所示电路中，电源电压恒为6V.闭合S后，发现两个小灯泡(均标有”3V1W“)都不亮，用电压表测得Uac=Ubd=6V，如果电路中的各段导线及连接处均无问题且故障只有一处，那么电路故障是______(须指明那个元件出了什么故障)；如果此时用电压表去测灯泡L1两端电压，则电压表的示数为______。
21.如图所示为学校物理兴趣小组制作的台灯调光电路的原理图，电源电压U为3V并保持不变，滑动变阻器规格为“20Ω，1A”。闭合开关S，滑片P移至最左端时，灯泡正常发光，电流表示数为0.3A(不考虑灯泡电阻随温度的变化)。当滑片向左移动时灯泡两端的电压______(选填“变大”、“变小”)，滑片P在中点时，灯泡的电阻值为______Ω；当滑片P在中点时，想要让灯泡与滑动变阻器的电压之比为2：3，应将滑片向______(选填“左”、“右”)移动。
22.如图所示，当开关S闭合后，要使电阻R1、R2并联，请在圆圈内填入适合的电表。
23.请按照图1中的电路图把图2的实物图中未连接起来的地方连接起来．
24.在图中，要求用电流表测量灯泡L2中的电流(0.3A)，电压表测量灯泡L1的电压，L1、L2并联，变阻器调节L1的亮度，开关控制整个电路，将符合要求的电路图画在虚线框内，并将实物连接起来。
25.小丽同学手里有一个标有“3.8V”字样的小灯泡，她想知道小灯泡在不同电压下的电阻，于是在实验室找来一些器材连接了如图甲所示的实验电路，电源电压为6V恒定不变。
(1)请用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接起来(要求：滑动变阻器滑片向左移动时小灯泡变亮)。
(2)闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应移至最______端(选填“左”或“右”)。
(3)检查无误后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片到某一位置，电压表的示数如图乙所示，此时小灯泡两端电压为______V。
(4)根据实验数据绘制了小灯泡的电流随其两端电压变化关系的图象如图丙所示。分析图丙可得小灯泡正常发光时的电阻为______Ω。(结果保留一位小数)
(5)由图象可知小灯泡灯丝电阻逐渐变大，请简要分析使灯丝电阻变大的原因。
26.在“探究电流与电压、电阻的关系”实验中，部分器材选用如下：电压为6V的电源，阻值为0～50Ω的滑动变阻器，5Ω、10Ω、20Ω、30Ω的定值电阻各一个，其他器材，回答下列问题。
(1)用笔画线代替导线将甲图中的电路连接完整。连接电路时，开关应______，要求滑动变阻器滑片向右移动时电阻变大。
(2)闭合开关后，发现电流表无示数，电压表指针超过量程，则电路的故障可能是定值电阻______(选填“短路”或“断路”)。
(3)排除故障后，先将5Ω定值电阻接入电路，在移动滑动变阻器滑片的过程中，眼睛应注意观察______(选填“电流表”、“电压表”或“滑动变阻器”)。
(4)接下来断开开关，取下5Ω的定值电阻，换成10Ω的定值电阻，闭合开关，应向______(选填“A”或“B”)端移动滑片，直至电压表示数为______V时，读出电流表的示数。记录实验数据，并绘制成图乙所示，分析图像可知：当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成______。
(5)当将20Ω电阻换成30Ω电阻时，无论怎样移动滑片，都无法保证电压不变，原因是滑动变阻器的最大阻值______(选填“过大”或“过小”)。
27.在一个标准大气压下，用天然气灶将5kg的水从20℃加热至沸腾，消耗了0.075m3的天然气，已知水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)，天然气的热值为3.2×107J/m3。求：
(1)水吸收的热量；
(2)0.075m3的天然气完全燃烧释放的热量；
(3)天然气灶烧水的效率。
28.如图所示，电源电压不变，定值电阻R0=15Ω，滑动变阻器的最大阻值为48Ω，小灯泡标有“6V 3W”字样(假设灯丝电阻不变)，电流表量程为0～3A。当只闭合开关S，滑动变阻器的滑片P从阻值最大处移动到某一位置时，电流表示数变化了0.1A，此时小灯泡恰好正常发光。在保证电路安全的情况下，问：
(1)小灯泡正常工作时的电流是多少？
(2)电源的电压是多少？
(3)闭合所有开关后，滑动变阻器接入电路的最小电阻是多少？
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：把一铁块放在火炉上加热一段时间后，铁块的温度升高。
A、铁块受热膨胀，体积变大；
B、铁块的质量不变，体积变大，根据ρ=mV，密度变小；
C、铁块吸收热量，温度升高时，内能增大；
D、铁块的比热容与物质的种类和状态有关，与温度无关。
故选：D。
A、根据固体的热胀冷缩性质来分析；
B、质量是物体的一种属性，和物体的温度无关，体积变大，根据ρ=mv分析密度的变化；
C、物体吸收热量，温度升高时，内能就增加；
D、比热容只和物质的种类、状态有关，与物体的温度无关。
这是一道综合题，考查了物体的热胀冷缩性质、密度公式的应用、热量和内能的关系、物质的比热容；
考查到的知识虽然多，但相对还是比较简单的，只要认真的分析，一定可以做出正确解答的。
2.【答案】D
【解析】解：
A、火箭选用液态氢做燃料，主要是因为液态氢具有较大的热值，故A错误。
B、以地球为参照物，“神舟十六号”与地球之间有位置变化，所以“神舟十六号”是运动的，故B错误；
C、浮力随着重力产生的，是物体的上下表面所受压力差，若将乒乓球轻轻放入该水球中，乒乓球上下表面几乎没有受到压力，也没有压力差，所以乒乓球在水中几乎不受浮力，乒乓球不会上浮，故C错误；
D、返回舱进入大气层后，克服摩擦做功，温度迅速升高，内能增大，这是通过做功的方式改变物体的内能，故D正确。
故选：D。
(1)火箭选用液态氢做燃料，主要是因为液态氢具有较大的热值；
(2)在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止；
(3)太空舱及其内部的物体处于失重状态，据此根据浮力产生的原因分析解答；
(4)改变内能的方式包括做功和热传递。
本题考查分子热运动、运动的相对性、浮力产生的原因等，属于综合题，掌握微重力环境和地球上重力环境的区别是解答本题的关键。
3.【答案】A
【解析】解：由题意知两支温度计测温前后温度变化相等，由Q=mc△t知两温度计吸收的热量Q相等；则甲、乙两液体放出的热量Q相等．已知乙液体的初始温度比甲液体的初始温度高，甲、乙两液体后来的温度相等，则它们温度变化量△t甲<△t乙，甲乙两液体放出的热量Q甲=Q乙，m甲=m乙，由Q=mc△t得，c甲>c乙．
故选A．
根据题意知：两液体初始温度都比温度计温度高，两液体后来的温度相等；用温度计测液体温度时，温度计要吸收热量，根据温度计吸收的热量Q=mc△t结合题意分析可得出结论．
本题考查了：公式Q=mc△t，根据这个公式进行定性分析推理即可解题，解题的关键是充分利用题中所给条件及理清解题思路．
4.【答案】C
【解析】解：A是吸气冲程、B是压缩冲程、C是做功冲程、D是排气冲程，蒸汽弹射装置是内能转化为机械能，与C图做功冲程相似；
AB、a图中，气缸内蒸汽体积膨胀，对外做功，其内能减小，同时推动活塞，使舰载机获得巨大的牵引力，该过程中内能转化为机械能，燃气的内能减小，故AB正确；
C、蒸汽弹射装置工作时内能转化为机械能，与汽油机的做功冲程相似，而图A中汽油机的进气门打开，排气门关闭，活塞向下移动，是汽油机的吸气冲程，与蒸汽弹射装置工作时的原理不同，故C错误；
D、四冲程汽油机一个工作循环由吸气、压缩、做功、排气四个冲程组成，所以汽油机一个工作循环的正确顺序是ABCD，故D正确。
故选：C。
(1)四冲程汽油机一个工作循环由吸气、压缩、做功、排气四个冲程组成，在做功冲程中的能量转化是内能转化为机械能，在压缩冲程中的能量转化是机械能转化为内能；
(2)做功冲程中，气缸内的燃气对外界做功，燃气的内能减小，温度降低。
此题主要考查了汽油机四个冲程中的能量转化情况，知道压缩冲程与做功冲程发生了能量的转化情况正好相反。
5.【答案】B
【解析】解：A、酒精燃烧将化学能转化为内能，故A错误；
B、水蒸气推出塞子的过程中水蒸气的内能转化为塞子的机械能，故B正确；
C、水蒸气推出塞子，内能转化为机械能，导致水蒸气内能减少，故C错误；
D、水蒸气对塞子做功，其能量转化与汽油机做功冲程的能量转化相同，故D错误。
故选：B。
(1)燃料燃烧将化学能转化为内能。
(2)塞子冲出时，内能转化为机械能。
(3)物体对外做功，自身的内能减少，温度降低。
(4)塞子冲出时与汽油机的做功冲程能量转化相同。
本题考查的是内能的利用和意义；知道四冲程内燃机的工作原理。
6.【答案】D
【解析】解：三个悬挂着的轻质小球均带电，
由图可知，甲、乙相互排斥，乙、丙相互吸引，
因同种电荷相互排斥、异种电荷相互吸引，
所以，甲、乙带同种电荷，乙、丙带异种电荷，故AB错误；
如果甲球带正电荷，则乙球带正电荷，丙球带负电荷，故D正确、C错误。
故选：D。
根据电荷间的相互作用规律进行判断，即同种电荷相互排斥、异种电荷相互吸引。
本题考查了学生对电荷间相互作用规律的了解与掌握，是一道较为简单的应用题。
7.【答案】C
【解析】解：由题意可知，当有车辆从任何一个进出口经过时，开关自动闭合一段时间，值班室内的指示灯会亮，说明东门和西门开关可以独立工作、互不影响即为并联，故C正确。
故选：C。
根据题意分析两个开关的连接方式、灯泡的连接方式，然后选出正确的电路图。
本题考查了电路的设计，知道每个开关都能控制同一盏灯泡、分析清楚电路结构即可正确解题。
8.【答案】B
【解析】解：由图可知，灯泡L1、L2并联，电流表A1测干路电流，A2测L2支路的电流；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，则A1的示数应大于A2的示数，而图中电流表A1的指针偏转角度比A2的小，所以电流表A1选择的是大量程(即0～3A)，分度值为0.1A，其示数为1.3A，即干路电流为1.3A；
电流表A2选择的是小量程(即0～0.6A)，分度值为0.02A，其示数为0.4A，即通过灯泡L2的电流为0.4A；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以通过灯泡L1的电流为I1=I−I2=1.3A−0.4A=0.9A。
综上分析可知，B正确。
故选：B。
由实物图可知，两灯泡并联，电流表A1测干路电流，A2测L2支路的电流，根据图示和并联电路的电流特点求出通过两灯的电流。
本题考查了并联电路的电流特点，灵活运用规律是解题的关键。
9.【答案】D
【解析】解：(1)由电路图知，两电阻R1与R2串联，电压表V1测电源电压，电压表V2测电阻R2两端的电压；串联电路的总电压等于各分电压之和，所以电压表V1示数大于电压表V2示数，两个电压表指针偏转角度相同，则电压表V1量程是0∼15V，电压表V2量程是0∼3V；
(2)电压表V1量程是0∼15V，分度值是0.5V，电压表示数U1=9V；电压表V2量程是0∼3V，分度值是0.1V，电压表示数是1.8V，则电阻R2两端的电压U2=UV2=1.8V，由串联电路特点知，电阻R1两端的电压U1=UV1−UV2=9V−1.8V=7.2V。
故选：D。
(1)分析电路结构，明确各电路元件的连接方式，根据电压表所测电路确定两电压表的量程；
(2)确定电压表量程、最小分度值，读出电压表的示数，由串联电路特点求出两电阻两端的电压。
本题考查串联电路的电压规律的应用，分清电路结构、明确电路元件的连接方式确定电压表的量程是本题的难点、也是本题的解题关键。
10.【答案】C
【解析】解：根据电路图可知，两个灯泡串联；闭合开关S，发现两灯均不发光，这说明电路出现了断路现象；
用一个电压表分别连接到ab、ac，电压表示数均为零，说明ac外的电路有断路；
再用电压表连接到bd、cd时，电压表有示数且接近电源电压，这说明电压表与电源之间是接通的，所以故障是与电压表并联的部分断路，即灯L2断路。
故选：C。
灯泡的故障分为断路和短路两种，根据电压表连接在不同位置时的示数表现情况，分别对断路和短路的情况进行判断，看出现的可能性有哪些，最终得出结论。
此题主要考查了用电压表判断电路故障的一种方法，在已判断是开路的情况下，当电压表有示数时说明电压表之间的部分可能发生了断路。
11.【答案】C
【解析】解：A、同时接入上方两接线柱，相当于接入一导线，滑片移动时，接入的电阻不变，故A不符合题意；
B、同时接入下方两接线柱，相当于接入一定值电阻，滑片移动时，接入的电阻不变，故B不符合题意；
C、滑片向右移动时，电阻丝接入部分的长度减小，接入电路中的电阻变小，故C符合题意；
D、滑片向右移动时，电阻丝接入部分的长度增大，接入电路中的电阻变大，故D不符合题意。
故选：C。
滑动变阻器是通过改变接入电路中电阻丝的长度来改变电阻大小的。
滑动变阻器正确接法是上下接线柱各接一个，当滑片P向右滑动时，若要连入电路的电阻变小，则下边的B接线柱要接入电路。
本题考查了滑动变阻器的接法，要使滑动变阻器的电阻变大或变小关键是要看下边的接线柱接哪个。
12.【答案】C
【解析】解：
A.由图象可知，乙对应的电流与电压不成正比，根据欧姆定律可知，乙电阻的阻值变化，故A错误；
B.由图象可知，当甲两端电压为2.5V时，通过甲的电流为0.5A，由I=UR可得，R甲=U甲I甲=Ω，
因电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，所以甲两端电压为0时其阻值为5Ω不变，故B错误；
C.将甲和乙串联，当电流为0.4A时，通过甲、乙的电流均为0.4A，
由图象可知，U甲=2V，U乙=1V，则U甲：U乙=2V：1V=2：1，故C正确；
D.若甲和乙并联，若电压为1V，它们两端的电压均为1V，
由图象可知，I甲=0.2A，I乙=0.4A，
由并联电路中干路电流等于各支路电流之和可知，干路电流I=I甲+I乙=0.2A+0.4A=0.6A，故D错误。
故选：C。
(1)根据欧姆定律可知，电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比，据此分析图象乙电阻的变化；
(2)由图象可知，当甲两端电压为2.5V时对应的电流，根据欧姆定律求出甲的阻值；导体的电阻只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关；
(3)将甲和乙串联，当电流为0.4A时，通过甲、乙的电流相等，根据图象读出对应的电压，然后求出它们两端的电压之比；
(4)若甲和乙并联，若电压为1V，它们两端的电压均为1V，根据图象读出通过的电流，再根据并联电路的电流特点得出干路电流。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用以及影响电阻大小因素的理解，关键是根据图象得出相关的信息。
13.【答案】做功 热传递
【解析】解：
(1)妈妈把宝宝的小手放在自己的手心中搓揉，两个手摩擦，摩擦生热，将机械能转化为内能，这是通过做功的方法来改变了手的内能；
(2)妈妈把宝宝的小手放在怀中，由于身体与宝宝的手存在着温度差，内能就会从温度高的位置传递给温度低的手，从而使手的内能增加。
故答案为：做功；热传递。
做功和热传递都可以改变物体的内能，它们的主要区别是：做功是能量的转化，而热传递是能量的转移。
做功和热传递是改变物体内能的两种方法，是等效的，但有着本质的区别：做功是能量转化的过程，是其他形式能和内能的转化过程；热传递是能量的转移过程，是内能从一个物体转移到另一个物体上的过程。
14.【答案】2.52×106 6×106 42%
【解析】解：(1)Q吸=cmΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×10kg×(80℃−20℃)=2.52×106J；
(2)Q放=m煤q=0.2kg×3×107J/kg=6×106J；
(3)煤炉烧水时的效率：η=Q吸Q放×100%=2.52×106J6×106J×100%=42%。
故答案为：2.52×106；6×106；42%。
(1)根据Q吸=cmΔt即可求出水吸收的热量；
(2)根据Q放=mq即可求出煤完全燃烧放出的热量；
(3)根据η=Q吸Q放即可求出烧水热效率。
本题考查了学生对吸热公式、燃料完全燃烧放热公式的掌握和运用以及明白煤炉效率的含义。
15.【答案】8.4×105 78
【解析】解：(1)燃料燃烧完全放出的热量为：
Q放=mq=20×10−3kg×4.2×107J/kg=8.4×105J；
(2)这些热量的80%被质量为2kg，初温为22℃的水吸收，则水的温度：
Δt=Q放 cm=80%×8.4×105J4.2×103 J/kg×2kg=80℃，
在标准大气压下，水的沸点为100℃，故水的温度将升高：
Δt′=t末−t0=100℃−22℃=78℃。
故答案为：8.4×105；78。
(1)知道某种燃料的质量、热值，利用Q放=mq求出某种燃料完全燃烧释放出的热量；
(2)利用m=ρV求出水的质量，燃料完全燃烧释放出的热量80%被水吸收，则Q吸=80%Q放，再利用Q吸=cmΔt求出水升高的温度。
本题考查了燃料完全燃烧放热公式、密度公式、吸热公式等，计算时注意：在标准大气压下，水的沸点是100℃，水沸腾时，吸收热量、温度不变。
16.【答案】负 排斥
【解析】解：a、b相互吸引，说明一定带异种电荷，a带正电，则b一定带负电；b、c相互排斥，说明一定带同种电荷，则c带负电。
毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，故用毛皮摩擦过的橡胶棒去靠近c，二者将相互排斥。
故答案为：负；排斥。
三个小球都带电，则根据同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引可做出判断。
了解电荷间的相互作用规律是判断的关键。同时还要知道带电体吸引不带电体，排斥带同种电荷，吸引可能带异种电荷，其中之一带电。注意带电体具有吸引轻小物体的性质。
17.【答案】0.14 0.56
【解析】解：
由电路图甲可知，两灯泡并联，因电流表A在干路上，则电流表A测总电流，即通过电源的电流，电流表A1与灯L1串联，则电流表A1测通过灯L1的电流；
电流表A和A1的偏转角度一样如图乙所示，因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以电流表A的量程为0～3A，分度值为0.1A，示数为0.7A，即干路上的电流I=0.7A。
电流表A1的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数0.14A，即通过灯 L1的电流I1=0.14A。
由并联电路中干路电流等于各支路电流之和可得，
通过灯L2的电流I2=I−I1=0.7A−0.14A=0.56A。
故答案为：0.14；0.56。
由电路图可知，两灯泡并联，电流表A1测L1支路的电流，电流表A测干路电流，根据并联电路的电流特点和电流表指针的位置确定两个电流表的量程，再根据分度值读出示数，然后根据并联电路的电流特点解答。
本题考查了并联电路电流的规律，分清电路的连接方式和电压表量程的判读是解决本题的关键。
18.【答案】2.5 1：5
【解析】解：闭合开关，两灯泡串联接入电路，电压表测灯泡L1两端的电压，
串联电路总电压等于各部分电压之和，则灯泡L2两端的电压为U2=U−U1=3V−0.5V=2.5V；
串联电路各处电流相等，根据欧姆定律可得通过电路的电流I=U1R1=U2R2，则R1R2=U1U2=。
故答案为：2.5；1：5。
闭合开关，两灯泡串联接入电路，电压表测灯泡L1两端的电压，根据串联电路电压规律计算灯泡L2两端的电压；
根据串联电路电流特点结合欧姆定律表示通过电路的电流，进一步计算灯泡L1与L2的电阻之比。
本题考查串联电路特点和欧姆定律的灵活运用。
19.【答案】2.3 0.28
【解析】解：由图知电压表量程为0～3V，分度值为0.1V，故此时电压表示数为2.3V；电流表量程为0～0.6A，分度值为0.02A，故此时电流表示数为0.28A。
故答案为：2.3；0.28。
读取电表示数时，首先要明确电表选择的量程和对应的分度值，再根据指针位置读数。
本题考查了电压表和电流表的读数，属于基础题。
20.【答案】L2断路 0V
【解析】解：将电压表接在ac两点之间时，示数为6V，说明除灯泡L1、L2以外的电路是通路；
将电压表接在bd两点之间时，示数为6V，说明除灯泡L2和滑动变阻器以外的电路是通路。由上知滑动变阻器是完好的，所以故障原因为灯泡L2灯丝断了。
因为L1是完好的，如果此时用电压表测灯泡L1两端电压，电压表示数为零。
故答案为：L2断路；0V。
闭合开关灯泡不亮，原因有两个：断路或短路。其中若一个灯泡短路，另一只灯泡会发光，此题中两灯都不亮，只能发生断路。
使用电压表检验电路故障时，如果电压表有示数，说明与之串联的导体是通路；电压表无示数，说明与之串联的导体有断路或与之并联的导体发生短路。
21.【答案】变大 10 右
【解析】解：(1)由图可知，灯泡和滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流；当滑片向左移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变小，根据串联分压的规律可知滑动变阻器两端的电压变小，由串联电路的电压规律可知灯泡两端的电压变大；
(2)闭合开关S，滑片P移至最左端时，电路为灯泡的简单电路，灯泡两端的电压等于电源电压，电流表测电路中的电流，此时灯泡正常发光，电流表示数为0.3A，
则灯泡正常发光时的电阻：RL=UIL=3V0.3A=10Ω，
不考虑灯泡电阻随温度的变化，则滑片P在中点时，灯泡的电阻值仍然为10Ω；
(3)滑动变阻器规格为“20Ω，1A”，滑片P在中点时，滑动变阻器接入电路的阻值为12×20Ω=10Ω，
要让灯泡与滑动变阻器的电压之比为2：3，根据串联分压的规律可知灯泡电阻和滑动变阻器接入电路的阻值之比为2：3，
则此时滑动变阻器接入电阻的阻值应为R滑=32RL=32×10Ω=15Ω>10Ω，所以滑动变阻器的滑片需向右移动。
故答案为：变大；10；右。
(1)由图知，灯泡和滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流；当滑片向左移动时，分析滑动变阻器接入电路的阻值变化，根据串联分压的规律可知滑动变阻器两端电压的变化，再根据串联电路的电压规律可知灯泡两端电压的变化；
(2)闭合开关S，滑片P移至最左端时，电路为灯泡的简单电路，灯泡两端的电压等于电源电压，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律计算灯泡的电阻，不考虑灯泡电阻随温度的变化，则灯泡的电阻不变；
(3)滑动变阻器规格为“20Ω，1A”，滑片P在中点时，滑动变阻器接入电路的阻值为最大阻值的一半；要让灯泡与滑动变阻器的电压之比为2：3，由串联分压的规律可知灯泡电阻和滑动变阻器接入电路的阻值之比为2：3，据此计算此时滑动变阻器接入电阻的阻值，从而可知滑动变阻器滑片的移动方向。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，灵活运用串联分压的规律是解题的关键。
22.【答案】解：当开关S闭合后，要使电阻R1、R2并联，电压表并联在R2两端，电流表串联电路中。答案见下图
【解析】解答本题的关键是明白电压表和电流表的连接方式，电压表要并联在电路中，电流表要串联在电路中。
此题考查学生对电压表，电流表的连接方式这个知识点，要注意题目给出的条件是要使电阻R1、R2并联，做题时一定要仔细，如果不仔细看图，容易把两电阻看成串联。
23.【答案】解：采用“电流流向法”，电流从电源正极出发，依次串联开关S1、灯泡L1、开关S回到电源负极，再将开关S2和灯泡L2并联在开关S1和灯泡L1两端，实物图如下图所示：
【解析】根据电路图连接实物图，可采用“电流流向法”，从电源的正极出发，按照电流的流向，先串电路元件最多的电路，再将相应并联的部分接入电路即可．
本题考查了实物图的连接，关键是能根据电路图确定电路元件的连接方式，利用先串联最复杂的电路、再把并联的部分接到相应的位置．
24.【答案】
【解析】【分析】
本题考查了正确连接电路的能力：先要判断电路的连接形式，再从电源的一极开始连起，先串后并，且在连接时开关的状态是断开的。
已知两灯并联，则电路总的连接方式为并联；开关控制整个电路，说明了开关连在干路中。
【解答】
先将电池组、开关串联起来，然后分成两路：
一路接入滑动变阻器(一上一下)、灯L1，然后回到电源的负极，再将电压表并联在灯L1的两端，由于电源电压为3V，所以选择0～3V的量程；
另一路接入灯L2、电流表，然后回到电源的负极，由于灯泡的额定电流大约为0.3A，所以选择0～0.6A的量程。
然后根据实物图来画出相应的电路图如下：
25.【答案】右 2.5 12.7
【解析】解：(1)滑动变阻器滑片向左移动时小灯泡变亮，说明电路中电流变大，滑动变阻器阻值变小，故滑动变阻器选用左下接线柱与灯泡串联在电路中，如下图所示：
；
(2)为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应移至阻值最大处，即最右端；
(3)闭合开关，移动滑动变阻器的滑片到某一位置，电压表的示数如图乙所示，电压表选用大量程，分度值0.5V，其示数为2.5V；
(4)由图丙可知，当灯泡两端电压为3.8V时，灯泡额定电流为0.3A，则小灯泡正常发光时的电阻为：
R=UI=≈12.7Ω；
(5)由图丙可知，当灯泡两端电压增大，通过灯泡的电流也增大，根据P=UI可知，灯泡功率变大，温度升高，灯丝电阻随温度的升高而增大。
故答案为：(1)见解答图；(2)右；(3)2.5；(4)12.7；(5)由图丙可知，当灯泡两端电压增大，通过灯泡的电流也增大，根据P=UI可知，灯泡功率变大，温度升高，灯丝电阻随温度的升高而增大。
(1)滑动变阻器滑片向左移动时小灯泡变亮，说明电路中电流变大，滑动变阻器阻值变小，据此确定滑动变阻器选用的下端接线柱；
(2)为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应移至阻值最大处；
(3)根据电压表选用量程确定分度值读数；
(4)根据图丙确定灯泡额定电压对应的额定电流，利用R=UI求出小灯泡正常发光时的电阻；
(5)灯丝电阻随温度的升高而增大。
本题测小灯泡电阻的实验，考查了电路连接、注意事项、电压表读数、电阻的计算和影响电阻大小因素等知识。
26.【答案】断开 断路 电压表 B 2 反比 过小
【解析】解：(1)为保护电路，连接实验电路时开关必须断开；滑动变阻器滑片向右移动时，连入电路的电阻变大，所以应将接线柱A接入电路，如图所示：
；
(2)电流表无示数，则电路可能断路，而电压表指针超过量程，说明电压表与电源连通，则原因可能是与电压表并联的电阻断路；
(3)探究“电流与电阻关系”时要控制定值电阻两端的电压不变，每次更换电阻后，都要移动滑动变阻器的滑片，此时眼睛应注意观察电压表示数；
(4)探究电流与电阻的实验中应控制定值电阻两端的电压不变，由乙图图象可知，实验中控制定值电阻两端的电压UV=IR=0.2A×10Ω=2V，根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改换成10Ω的电阻，定值电阻增大，其分得的电压增大，要控制定值电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理知，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向B端移动，使电压表的示数仍为2V；
由图乙可知，电阻两端的电压始终保持：UV=IR=0.2A×10Ω=……=0.04A×50Ω=2V，为一定值，故由图像可以得到的结论是：电压一定时，电流与电阻成反比；
(5)电阻两端的电压始终保持UV=2V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑=U−UV=6V−2V=4V，变阻器分得的电压为电压表示数的2倍，根据分压原理，当接入30Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：R滑=2×30Ω=60Ω，故为了完成整个实验，应该选取最大阻值至少60Ω的滑动变阻器，而现有变阻器的最大电阻为50Ω，故将15Ω电阻换成30Ω电阻时，无论怎样移动滑片，都无法使电压表的示数达到2V，原因是滑动变阻器的最大阻值过小。
故答案为：(1)断开；如图所示；(2)断路；(3)电压表；(4)B；2；反比；(5)过小。
(1)为保护电路，连接实验电路时开关必须断开；根据滑动变阻器滑片向右移动时，连入电路的电阻变大确定变阻器的接线柱；
(2)电流表无示数，可能是电路断路了，根据电压表指针超过量程，说明电压表与电源连通，据此分析判断故障原因；
(3)探究“电流与电阻关系”时要控制电阻两端的电压不变，即电压表的示数不变，据此分析；
(4)当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；由图乙根据欧姆定律计算得出电阻两端的电压，据此分析；
(5)探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入30Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻。
本题探究电流与电压和电阻的关系，考查注意事项、电路连接、故障分析、图象分析、操作过程及器材的要求。
27.【答案】解：(1)用天然气灶将5kg的水从20℃加热至沸腾，在标准大气压下水的沸点为100℃，
水吸收的热量Q吸=c水m水Δt=4.2×103J/ (kg⋅℃)×5kg×(100℃−20℃)=1.68×106J；
(2)天然气完全燃烧放出的热量Q放=Vq=0.075m3×3.2×107J/m3=2.4×106J；
(3)天然气灶烧水的热效率η=Q吸Q放=1.68×106J2.4×106J=70%。
答：(1)水吸收的热量为1.68×106J；
(2)天然气完全燃烧放出的热量为2.4×106J；
(3)天然气灶烧水的热效率为70%。
【解析】(1)知道水的质量、比热容、初温和末温(标准大气压下水的沸点为100℃)，利用吸热公式Q吸=cmΔt求水吸收的热量；
(2)知道天然气的体积和热值，利用燃料完全燃烧放热公式Q放=Vq求天然气完全燃烧放出的热量；
(3)天然气灶烧水的效率等于水吸收的热量与天然气完全燃烧放出的热量之比。
本题考查了吸热公式、燃料完全燃烧放热公式、效率公式的掌握和运用，注意：固体和液体的热值单位为J/kg，气体燃料的热值单位为J/m3。
28.【答案】解：(1)根据P=UI可知小灯泡正常工作时的电流：IL=PLUL=3W6V=0.5A；
(2)由题知灯丝电阻不变，根据欧姆定律可知灯丝的电阻：RL=ULIL=6V0.5A=12Ω；
当只闭合开关S时，灯泡和滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流；
滑动变阻器的滑片P从阻值最大处移动到某一位置时，灯泡恰好正常发光，此过程中总电阻变小，根据欧姆定律可知电路中电流变大，由题意可知，滑片P在阻值最大处时电路中的电流：I=IL−ΔI=0.5A−0.1A=0.4A，
则电源的电压：U=I(RL+R)=0.4A×(12Ω+48Ω)=24V；
(3)闭合所有开关后，定值电阻和滑动变阻器并联，电流表测干路电流；
并联电路中各支路两端的电压相等，均等于电源电压，
根据欧姆定律可知通过定值电阻的电流：I0=UR0=24V15Ω=1.6A；
已知电流表量程为0～3A，则干路电流的最大值为I总大=3A，
根据并联电路的电流特点可知通过滑动变阻器的最大电流：I滑大=I总大−I0=3A−1.6A=1.4A，
由欧姆定律可得滑动变阻器接入电路的最小电阻：R滑小=UI滑大=24V1.4A≈17.1Ω。
答：(1)小灯泡正常工作时的电流是0.5A；
(2)电源的电压是24V；
(3)闭合所有开关后，滑动变阻器接入电路的最小电阻是17.1Ω。
【解析】(1)知道小灯泡的规格，根据P=UI可求出小灯泡正常工作时的电流；
(2)由题知灯丝电阻不变，根据欧姆定律可知灯丝的电阻；
当只闭合开关S时，灯泡和滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流；
滑动变阻器的滑片P从阻值最大处移动到某一位置时，灯泡恰好正常发光，此过程中总电阻变小，根据欧姆定律可知电路中电流变大，则根据题意可求出滑片P在阻值最大处时电路中的电流，然后根据电阻的串联和欧姆定律求出电源电压；
(3)闭合所有开关后，定值电阻和滑动变阻器并联，电流表测干路电流；
根据欧姆定律求出通过定值电阻的电流，电流表量程为0～3A，则干路电流的最大值为3A，根据并联电路的电流特点求出通过滑动变阻器的最大电流，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的最小电阻。
本题考查了串并联电路的特点、电功率公式和欧姆定律的应用，是一道综合题。
相关试卷
甘肃省武威市凉州区十六中片开学学情评估2023-2024学年九年级下学期开学物理试题（原卷版+解析版）： 这是一份甘肃省武威市凉州区十六中片开学学情评估2023-2024学年九年级下学期开学物理试题（原卷版+解析版），文件包含精品解析甘肃省武威市凉州区十六中片开学学情评估2023-2024学年九年级下学期开学物理试题原卷版docx、精品解析甘肃省武威市凉州区十六中片开学学情评估2023-2024学年九年级下学期开学物理试题解析版docx等2份试卷配套教学资源，其中试卷共28页， 欢迎下载使用。
2023-2024学年甘肃省武威二十六中九年级（下）开学物理试卷（含解析）： 这是一份2023-2024学年甘肃省武威二十六中九年级（下）开学物理试卷（含解析），共21页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2023-2024学年甘肃省武威市凉州区九年级（下）开学物理试卷（含解析）： 这是一份2023-2024学年甘肃省武威市凉州区九年级（下）开学物理试卷（含解析），共14页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，简答题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。
