2024年陕西省中考模拟试卷04
展开1.计算的结果是( )
A.B.C.D.5
2.下列四个图形中,圆柱体的俯视图是( )
A. B. C. D.
3.,在平面直角坐标系中,一次函数的图象与x轴、y轴分别相交于点B,点A,以线段AB为边作正方形,且点C在反比例函数的图象上,则k的值为( )
A. B.
C.42D.
4.在一个不透明的口袋中有四个完全相同的小球,把它们分别标号为1,2,3,4.若随机摸出一个小球后不放回,再随机摸出一个小球,则两次取出小球标号的和等于5的概率为( )
A.14B.23C.13D.316
5.不等式组3(x−2)≤x−43x>2x−1的解集在数轴上表示正确的是( )
A. B.
C. D.
6.数学老师在课堂上给同学们布置了10个填空题作为课堂练习,并将全班同学的答题情况绘制成条形统计图.由图可知,全班同学答对题数的众数为( )
A. 7 B. 8
C. 9 D. 10
在中,,,,则( )
A. B.
C. D.
8.已知2+3是关于x的一元二次方程x2﹣4x+m=0的一个实数根,则实数m的值是( )
A.0B.1C.﹣3D.﹣1
9.如图,在菱形ABCD中,对角线AC、BD相交于点O,H为BC中点,AC=6,BD=8.则线段OH的长为( )
A.125 B.52
C.3 D.5
10.二次函数y=ax2+bx+c的图象如图所示,下列结论:
①ac<0;②3a+c=0;③4ac﹣b2<0;④当x>﹣1时,y随x的增大而减小.
其中正确的有( )
A.4个 B.3个
C.2个D.1个
二.填空题(共 6 小题,每小题 3 分,计 18 分)
11.已知,则 。
12.因式分解:________.
如图是以正方形的边长为直径,在正方形内画半圆得到的图形,则此图形的对称轴
有 条。
(13题图) (14题图)
14.如图,在边长为6的正方形内作,交于点,交于点,连接,将绕点顺时针旋转得到,若,则的长为__________.
15.已知点和点在反比例函数的图象上,则与的大小关系是______.
16.如图,AB为半圆O的直径,C为半圆上的一点,OD⊥AC,垂足为D,延长OD与半圆O交于点E.若AB=8,∠CAB=30°,则图中阴影部分的面积是: 。
三.解答题(共 9 小题,计 72 分.解答应写出过程)
17.(本题满分5分)先化简,再求代数式的值,其中
18.(本题满分 6 分)如图,点C在线段上,在和中,.求证:.
19.文明是一座城市的名片,更是一座城市的底蕴.成都市某学校于细微处着眼,于贴心处落地,积极组织师生参加“创建全国文明典范城市志愿者服务”活动,其服务项目有“清洁卫生”“敬老服务”“文明宣传”“交通劝导”,每名参加志愿者服务的师生只参加其中一项.为了解各项目参与情况,该校随机调查了参加志愿者服务的部分师生,将调查结果绘制成如下两幅不完整的统计图.
根据统计图信息,解答下列问题:
(1)本次调查的师生共有___________人,请补全条形统计图;
(2)在扇形统计图中,求“敬老服务”对应的圆心角度数:
20.边长分别为10,6,4的三个正方形拼接在一起,它们的底边在同一直线上(如图),求图中阴影部分的面积。.
21.甲、乙两个相约登山,他们同时从入口处出发,甲步行登山到山顶,乙先步行15分钟到缆车站,再乘坐缆车到达山顶.甲、乙距山脚的垂直高度y(米)与甲登山的时间x(分钟)之间的函数图象如图所示.
(1)当时,求乙距山脚的垂直高度y与x之间的函数关系式;
(2)求乙乘坐缆车上升过程中,和甲处于同一高度时距山脚的垂直高度.
22.一只不透明的袋子中装有4个小球,分别标有编号,这些小球除编号外都相同.
(1)搅匀后从中任意摸出1个球,这个球的编号是2的概率为________________.
(2)搅匀后从中任意摸出1个球,记录球的编号后放回、搅匀,再从中任意摸出1个球.求第2次摸到的小球编号比第1次摸到的小球编号大1的概率是多少?(用画树状图或列表的方法说明)
23.如图,AB是⊙O的直径,点C是⊙O上一点,∠CAB的平分线AD交BC于点D,过点D作DE∥BC交AC的延长线于点E.
(1)求证:DE是⊙O的切线;
(2)过点D作DF⊥AB于点F,连接BD.若OF=1,BF=2,求BD的长度.
24.在平面直角坐标系xOy中,抛物线与x轴交于(p,0),(q,0),则该抛物线的解析式可以表示为:y=a(x﹣p)(x﹣q)=ax2﹣a(p+q)x+apq.
(1)若a=1,抛物线与x轴交于(1,0),(5,0),直接写出该抛物线的解析式和顶点坐标;
(2)若a=﹣1,如图(1),A(﹣1,0),B(3,0),点M(m,0)在线段AB上,抛物线C1与x轴交于A,M,顶点为C;抛物线C2与x轴交于B,M,顶点为D.当A,C,D三点在同一条直线上时,求m的值;
(3)已知抛物线C3与x轴交于A(﹣1,0),B(3,0),线段EF的端点E(0,3),F(4,3).若抛物线C3与线段EF有公共点,结合图象,在图(2)中探究a的取值范围.
25.定义:有两个相邻的内角是直角,并且有两条邻边相等的四边形称为邻等四边形,相等两邻边的夹角称为邻等角.
(1)如图1,在四边形中,,对角线平分.求证:四边形为邻等四边形.
(2)如图2,在6×5的方格纸中,A,B,C三点均在格点上,若四边形是邻等四边形,请画出所有符合条件的格点D.
(3)如图3,四边形是邻等四边形,,为邻等角,连接,过B作交的延长线于点E.若,求四边形的周长.
2014 年陕西中考数学试卷
一.选择题(共 10 小题,每小题 3 分,计 30 分.每小题只有一个选项是符合题意的)
1.计算的结果是( )
A.B.C.D.5
【答案】D
【解析】
【分析】
利用有理数的减法法则转化为加法,再计算即可.
【详解】
解:
故选D.
【点睛】
本题考查的是有理数的减法,掌握有理数的减法法则是解题的关键.
2.下列四个图形中,圆柱体的俯视图是( )
A.B.C.D.
【答案】D
【分析】根据俯视图是从上面看到的视图进而得出答案即可.
【详解】解:竖直放置的圆柱体,从上面看是圆,
所以俯视图是圆.
故选∶D.
【点睛】此题考查了简单几何体的三视图,解题的关键是熟练掌握圆柱体的三视图.
3.,在平面直角坐标系中,一次函数的图象与x轴、y轴分别相交于点B,点A,以线段AB为边作正方形,且点C在反比例函数的图象上,则k的值为( )
A.B.C.42D.
【答案】D
【解析】
【分析】
过点C作CE⊥x轴于E,证明△AOB≌△BEC,可得点C坐标,代入求解即可;
【详解】
解:∵当x=0时,,∴A(0,4), ∴OA=4;
∵当y=0时,,∴x=-3,∴B(-3,0), ∴OB=3;
过点C作CE⊥x轴于E,
∵四边形ABCD是正方形,
∴∠ABC=90°,AB=BC,
∵∠CBE+∠ABO=90°,∠BAO+∠ABO=90°,
∴∠CBE =∠BAO.
在△AOB和△BEC中,
,
∴△AOB≌△BEC,
∴BE=AO=4,CE=OB=3,
∴OE=3+4=7,
∴C点坐标为(-7,3),
∵点A在反比例函数的图象上,
∴k=-7×3=-21.
故选D.
【点睛】
本题考查了一次函数与坐标轴的交点、待定系数法求函数解析式、正方形的性质,以及全等三角形的判定与性质,解答此题的关键是正确作出辅助线及数形结合思想的运用.
4.在一个不透明的口袋中有四个完全相同的小球,把它们分别标号为1,2,3,4.若随机摸出一个小球后不放回,再随机摸出一个小球,则两次取出小球标号的和等于5的概率为( )
A.14B.23C.13D.316
【分析】用列表法表示所有可能出现的结果,从中找出两次和为5的结果数,进而求出相应的概率.
【解析】用列表法表示所有可能出现的结果情况如下:
共有12种可能出现的结果,其中“和为5”的有4种,
∴P(和为5)=412=13.
故选:C.
5.不等式组3(x−2)≤x−43x>2x−1的解集在数轴上表示正确的是( )
A.
B.
C.
D.
【分析】分别解两个不等式,然后求它们的公共部分即可得到原不等式组的解集,再在数轴上表示出来即可求解.
【解析】3(x−2)≤x−4①3x>2x−1②,
由①得x≤1;
由②得x>﹣1;
故不等式组的解集为﹣1<x≤1,
在数轴上表示出来为:.
故选:C.
6.数学老师在课堂上给同学们布置了10个填空题作为课堂练习,并将全班同学的答题情况绘制成条形统计图.由图可知,全班同学答对题数的众数为( )
A.7B.8C.9D.10
【分析】根据统计图中的数据,可知做对9道的学生最多,从而可以得到全班同学答对题数的众数,本题得以解决.
【解析】由条形统计图可得,
全班同学答对题数的众数为9,
故选:C.
7.在中,,,,则( )
A.B.C.D.
【答案】D
【解析】
【分析】
先根据等腰三角形的性质得到∠B的度数,再根据平行线的性质得到∠BCD.
【详解】
解:∵AB=AC,∠A=40°,
∴∠B=∠ACB=70°,
∵CD∥AB,
∴∠BCD=∠B=70°,
故选D.
【点睛】本题考查了等腰三角形的性质和平行线的性质,掌握等边对等角是关键,难度不大.
8.已知2+3是关于x的一元二次方程x2﹣4x+m=0的一个实数根,则实数m的值是( )
A.0B.1C.﹣3D.﹣1
【分析】把x=2+3代入方程就得到一个关于m的方程,就可以求出m的值.
【解析】根据题意,得
(2+3)2﹣4×(2+3)+m=0,
解得m=1;
故选:B.
9.如图,在菱形ABCD中,对角线AC、BD相交于点O,H为BC中点,AC=6,BD=8.则线段OH的长为( )
A.125B.52C.3D.5
【分析】先根据菱形的性质得到AC⊥BD,OB=OD=12BD=4,OC=OA=12AC=3,再利用勾股定理计算出BC,然后根据直角三角形斜边上的中线性质得到OH的长.
【解析】∵四边形ABCD为菱形,
∴AC⊥BD,OB=OD=12BD=4,OC=OA=12AC=3,
在Rt△BOC中,BC=32+42=5,
∵H为BC中点,
∴OH=12BC=52.
故选:B.
10.二次函数y=ax2+bx+c的图象如图所示,下列结论:
①ac<0;②3a+c=0;③4ac﹣b2<0;④当x>﹣1时,y随x的增大而减小.
其中正确的有( )
A.4个B.3个C.2个D.1个
【分析】二次函数图象与系数的关系以及二次函数的性质,逐一分析判断即可.
【解析】①∵抛物线开口向上,且与y轴交于负半轴,
∴a>0,c<0,
∴ac<0,结论①正确;
②∵抛物线对称轴为直线x=1,
∴−b2a=1,
∴b=﹣2a,
∵抛物线经过点(﹣1,0),
∴a﹣b+c=0,
∴a+2a+c=0,即3a+c=0,结论②正确;
③∵抛物线与x轴由两个交点,
∴b2﹣4ac>0,即4ac﹣b2<0,结论③正确;
④∵抛物线开口向上,且抛物线对称轴为直线x=1,
∴当x<1时,y随x的增大而减小,结论④错误;
故选:B.
二.填空题(共 6 小题,每小题 3 分,计 18 分)
11.已知,则 。
【答案】12
【分析】:利用同底数幂乘法逆用转换求解即可.
【详解】解:∵,
∴,
【点睛】:本题主要考查同底数幂乘法的逆用,熟练掌握其运算法则即表现形式是解题关键.
12.因式分解:________.
【答案】
【解析】
【分析】
先把二、三两项分为一组,提取一个负号,再提取公因式即可.
【详解】
解:原式
【点睛】
此题主要考查了提公因式法分解因式,关键是正确确定公因式.
13.如图是以正方形的边长为直径,在正方形内画半圆得到的图形,则此图形的对称轴
有 条。
【答案】4条
【分析】
根据轴对称的性质即可画出对称轴进而可得此图形的对称轴的条数.
【详解】
解:如图,
因为以正方形的边长为直径,在正方形内画半圆得到的图形,
所以此图形的对称轴有4条.
故选:B.
【点睛】
本题考查了正方形的性质、轴对称的性质、轴对称图形,解决本题的关键是掌握轴对称的性质.
14.如图,在边长为6的正方形内作,交于点,交于点,连接,将绕点顺时针旋转得到,若,则的长为__________.
【答案】2
【解析】
【分析】
根据旋转的性质可得AG=AF,GB=DF,∠BAG=∠DAF,然后根据正方形的性质和等量代换可得∠GAE=∠FAE,进而可根据SAS证明△GAE≌△FAE,可得GE=EF,设BE=x,则CE与EF可用含x的代数式表示,然后在Rt△CEF中,由勾股定理可得关于x的方程,解方程即得答案.
【详解】
解:∵将△绕点顺时针旋转得到△,
∴AG=AF,GB=DF,∠BAG=∠DAF,
∵,∠BAD=90°,
∴∠BAE+∠DAF=45°,
∴∠BAE+∠BAG=45°,即∠GAE=45°,
∴∠GAE=∠FAE,
又AE=AE,
∴△GAE≌△FAE(SAS),
∴GE=EF,
设BE=x,则CE=6-x,EF=GE=DF+BE=3+x,
∵DF=3,∴CF=3,
在Rt△CEF中,由勾股定理,得:,
解得:x=2,即BE=2.
故答案为:2.
【点睛】
本题考查了旋转的性质、正方形的性质、全等三角形的判定和性质以及勾股定理等知识,属于常考题型,熟练掌握上述基本知识、灵活应用方程思想是解题的关键.
15.已知点和点在反比例函数的图象上,则与的大小关系是______.
【答案】
【分析】
根据反比例函数图象上点的坐标特征得到-1•y1=6,-4•y2=6,然后分别计算出y1,y2,再进行大小比较.
【详解】
解:∵A(-1,y1)和B(-4,y2)在反比例函数的图象上,
∴-1y1=6,-4•y2=6,
∴y1=-6,y2=,
∴y1
【点睛】
本题考查了反比例函数图象上点的坐标特征:反比例函数y=(k为常数,k≠0)的图象是双曲线,图象上的点(x,y)的横纵坐标的积是定值k,即xy=k.
16.如图,AB为半圆O的直径,C为半圆上的一点,OD⊥AC,垂足为D,延长OD与半圆O交于点E.若AB=8,∠CAB=30°,则图中阴影部分的面积是: 。
【答案】
【解析】
【分析】
根据垂径定理得到=,AD=CD,解直角三角形得到OD=OA=2,AD=OA=2,根据扇形和三角形的面积公式即可得到结论.
【详解】解:∵OD⊥AC,
∴∠ADO=90°,=,AD=CD,
∵∠CAB=30°,OA=4,
∴OD=OA=2,AD=OA=2,
∴图中阴影部分的面积=S扇形AOE﹣S△ADO=﹣×2=﹣2,
故选:D.
【点睛】
本题考查了垂径定理,解直角三角形,求不规则图形的面积,得出OD=OA=2,AD=OA=2是解题关键.
三.解答题(共 9 小题,计 72 分.解答应写出过程)
[来源: ZXXK]
(本题满分5分)
先化简,再求代数式的值,其中
【答案】原式,
【解析】
【分析】
先根据分式的运算法则化简,再利用求得x的值,代入计算即可.
【详解】
解:原式
,
∵,
∴
,
∴原式
.
【点睛】
本题考查了分式的化简求值,特殊角的三角函数值,二次根式的计算,熟练掌握相关运算法则是解决本题的关键.
18.(本题满分 6 分)
如图,点C在线段上,在和中,.
求证:.
【答案】证明见解析
【分析】直接利用证明,再根据全等三角形的性质即可证明.
【详解】解:在和中,
∴
∴.
【点睛】本题考查了全等三角形的判定与性质,熟练掌握全等三角形的判定方法是解题的关键.
19.文明是一座城市的名片,更是一座城市的底蕴.成都市某学校于细微处着眼,于贴心处落地,积极组织师生参加“创建全国文明典范城市志愿者服务”活动,其服务项目有“清洁卫生”“敬老服务”“文明宣传”“交通劝导”,每名参加志愿者服务的师生只参加其中一项.为了解各项目参与情况,该校随机调查了参加志愿者服务的部分师生,将调查结果绘制成如下两幅不完整的统计图.
根据统计图信息,解答下列问题:
(1)本次调查的师生共有___________人,请补全条形统计图;
(2)在扇形统计图中,求“敬老服务”对应的圆心角度数:
【答案】(1),图见解析;
(2);
【分析】(1)根据“清洁卫生”的人数除以占比即可得出样本的容量,进而求“文明宣传”的人数,补全统计图;
(2)根据“敬老服务”的占比乘以即可求解;
【详解】(1)解:依题意,本次调查的师生共有人,
∴“文明宣传”的人数为(人)
补全统计图,如图所示,
故答案为:.
(2)在扇形统计图中,求“敬老服务”对应的圆心角度数为,
【点睛】本题主要考查了条形统计图和扇形统计图的综合运用,样本估计总体,读懂统计图,从不同的统计图中得到必要的信息是解决问题的关键.条形统计图能清楚地表示出每个项目的数据;扇形统计图直接反映部分占总体的百分比大小.
20.边长分别为10,6,4的三个正方形拼接在一起,它们的底边在同一直线上(如图),求图中阴影部分的面积。.
【答案】15
【分析】根据正方形的性质及相似三角形的性质可进行求解.
【详解】解:如图,
由题意可知,,
∴,
∵,
∴,
∴,
∴,
∵,
∴,
∴,
∴,
∴,
∴;
故答案为:15.
【点睛】本题主要考查正方形的性质及相似三角形的性质与判定,熟练掌握正方形的性质及相似三角形的性质与判定是解题的关键.
21.甲、乙两个相约登山,他们同时从入口处出发,甲步行登山到山顶,乙先步行15分钟到缆车站,再乘坐缆车到达山顶.甲、乙距山脚的垂直高度y(米)与甲登山的时间x(分钟)之间的函数图象如图所示.
(1)当时,求乙距山脚的垂直高度y与x之间的函数关系式;
(2)求乙乘坐缆车上升过程中,和甲处于同一高度时距山脚的垂直高度.
【答案】(1);(2)
【分析】(1)待定系数法求解析式即可求解;
(2)求得甲距山脚的垂直高度y与x之间的函数关系式为,联立,即可求解.
【详解】(1)解:设乙距山脚的垂直高度y与x之间的函数关系式为,将,代入得,
,
解得:,
∴;
(2)设甲距山脚的垂直高度y与x之间的函数关系式为
将点代入得,
解得:,
∴;
联立
解得:
∴乙乘坐缆车上升过程中,和甲处于同一高度时距山脚的垂直高度为米
【点睛】本题考查了一次函数的应用,熟练掌握待定系数法求解析式是解题的关键.
22.一只不透明的袋子中装有4个小球,分别标有编号,这些小球除编号外都相同.
(1)搅匀后从中任意摸出1个球,这个球的编号是2的概率为________________.
(2)搅匀后从中任意摸出1个球,记录球的编号后放回、搅匀,再从中任意摸出1个球.求第2次摸到的小球编号比第1次摸到的小球编号大1的概率是多少?(用画树状图或列表的方法说明)
【答案】(1)
(2)
【分析】(1)直接利用概率公式求解即可求得答案;
(2)画树状图表示所有等可能出现的情况,从中找出符合条件的结果数,进而求出概率.
【详解】(1)解:搅匀后从中任意摸出1个球,这个球的编号是2的概率为;
(2)如图,画树状图如下:
所有可能的结果数为16个,第2次摸到的小球编号比第1次摸到的小球编号大1的结果数为3个,
∴第2次摸到的小球编号比第1次摸到的小球编号大1的概率为:.
【点睛】本题考查简单随机事件的概率计算,利用列表法或树状图法求等可能事件发生的概率,使用此方法一定注意每一种结果出现的可能性是均等的,即为等可能事件.
23.如图,AB是⊙O的直径,点C是⊙O上一点,∠CAB的平分线AD交BC于点D,过点D作DE∥BC交AC的延长线于点E.
(1)求证:DE是⊙O的切线;
(2)过点D作DF⊥AB于点F,连接BD.若OF=1,BF=2,求BD的长度.
【分析】(1)连接OD,由等腰三角形的性质及角平分线的性质得出∠ADO=∠DAE,从而OD∥AE,由DE∥BC得∠E=90°,由两直线平行,同旁内角互补得出∠ODE=90°,由切线的判定定理得出答案;
(2)先由直径所对的圆周角是直角得出∠ADB=90°,再由OF=1,BF=2得出OB的值,进而得出AF和BA的值,然后证明△DBF∽△ABD,由相似三角形的性质得比例式,从而求得BD2的值,求算术平方根即可得出BD的值.
【解析】(1)连接OD,如图:
∵OA=OD,
∴∠OAD=∠ADO,
∵AD平分∠CAB,
∴∠DAE=∠OAD,
∴∠ADO=∠DAE,
∴OD∥AE,
∵DE∥BC,
∴∠E=90°,
∴∠ODE=180°﹣∠E=90°,
∴DE是⊙O的切线;
(2)∵AB是⊙O的直径,
∴∠ADB=90°,
∵OF=1,BF=2,
∴OB=3,
∴AF=4,BA=6.
∵DF⊥AB,
∴∠DFB=90°,
∴∠ADB=∠DFB,
又∵∠DBF=∠ABD,
∴△DBF∽△ABD,
∴BDBA=BFBD,
∴BD2=BF•BA=2×6=12.
∴BD=23.
24.在平面直角坐标系xOy中,抛物线与x轴交于(p,0),(q,0),则该抛物线的解析式可以表示为:y=a(x﹣p)(x﹣q)=ax2﹣a(p+q)x+apq.
(1)若a=1,抛物线与x轴交于(1,0),(5,0),直接写出该抛物线的解析式和顶点坐标;
(2)若a=﹣1,如图(1),A(﹣1,0),B(3,0),点M(m,0)在线段AB上,抛物线C1与x轴交于A,M,顶点为C;抛物线C2与x轴交于B,M,顶点为D.当A,C,D三点在同一条直线上时,求m的值;
(3)已知抛物线C3与x轴交于A(﹣1,0),B(3,0),线段EF的端点E(0,3),F(4,3).若抛物线C3与线段EF有公共点,结合图象,在图(2)中探究a的取值范围.
【答案】(1)y=x2﹣6x+5;(3,﹣4);(2);(3)a≥或a≤﹣
【解析】
【分析】
(1)结合题意,利用配方法解决问题即可.
(2)求出两个抛物线的顶点坐标,根据A,C,D三点在同一条直线上,构建方程求解即可.
(3)求出两种特殊情形a的值,结合图象判断即可解决问题.
【详解】
解:(1)由题意抛物线的解析式为y=(x﹣1)(x﹣5)=x2﹣6x+5=(x﹣3)2﹣4,
∴y=x2﹣6x+5,抛物线的顶点坐标为(3,﹣4).
(2)如图1中,过点C作CE⊥AB于E,过点D作DF⊥AB于F.
由题意抛物线C1为y=﹣(x+1)(x﹣m)=﹣(x﹣)2+,
∴C(,),
抛物线C2为y=﹣(x﹣m)(x﹣3)=﹣(x﹣)2+,
∴D(,),
∵A,C,D共线,CE∥DF,
∴=,
∴=,
解得m=,
经检验,m=是分式方程的解,
∴m=.
(3)如图2﹣1,当a>0时,
设抛物线的解析式为y=a((x+1)(x﹣3),
当抛物线经过F(4,3)时,3=a×5×1,
∴a=,
观察图象可知当a≥时,满足条件.
如图2﹣2中,当a<0时,顶点在线段EF上时,顶点为(1,3),
把(1,3)代入y=a(x+1)(x﹣3),可得a=﹣,
观察图象可知当a≤﹣时,满足条件,
综上所述,满足条件的a的范围为:a≥或a≤﹣.
【点睛】
本题属于二次函数综合题,考查了二次函数的性质,待定系数法等知识,解题的关键是理解题意,学会利用参数解决问题,属于中考常压轴题.
25.定义:有两个相邻的内角是直角,并且有两条邻边相等的四边形称为邻等四边形,相等两邻边的夹角称为邻等角.
(1)如图1,在四边形中,,对角线平分.求证:四边形为邻等四边形.
(2)如图2,在6×5的方格纸中,A,B,C三点均在格点上,若四边形是邻等四边形,请画出所有符合条件的格点D.
(3)如图3,四边形是邻等四边形,,为邻等角,连接,过B作交的延长线于点E.若,求四边形的周长.
【答案】(1)证明见解析
(2)画图见解析
(3)
【分析】(1)先证明,,再证明,即可得到结论;
(2)根据新定义分两种情况进行讨论即可;①,结合图形再确定满足或的格点D;②,结合图形再确定满足的格点D;
(3)如图,过作于,可得四边形是矩形,,,证明四边形为平行四边形,可得,,设,而,,,由新定义可得,由勾股定理可得:,再解方程可得答案.
【详解】(1)解:∵,
∴,,
∵对角线平分,
∴,
∴,
∴,
∴四边形为邻等四边形.
(2)解:,,即为所求;
(3)如图,过作于,
∵,
∴四边形是矩形,
∴,,
∵,
∴四边形为平行四边形,
∴,,
设,而,
∴,,
由新定义可得,
由勾股定理可得:,
整理得:,
解得:,(不符合题意舍去),
∴,
∴四边形的周长为.
【点睛】本题考查的是新定义的含义,平行线的性质,等腰三角形的判定,平行四边形的判定与性质,矩形的判定与性质,勾股定理的应用,一元二次方程的解法,理解题意,作出合适的辅助线是解本题的关键.
2024年陕西省中考模拟试卷06: 这是一份2024年陕西省中考模拟试卷06,共28页。试卷主要包含了选择题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
2024年陕西省中考模拟试卷05: 这是一份2024年陕西省中考模拟试卷05,共31页。试卷主要包含了的倒数是,若,则x,y的值为,计算等内容,欢迎下载使用。
2023年陕西省中考数学全真模拟试卷(一): 这是一份2023年陕西省中考数学全真模拟试卷(一),共23页。试卷主要包含了0分等内容,欢迎下载使用。