安徽省阜阳市颍州区2022-2023学年八年级下学期期末物理试卷（含答案）

这是一份安徽省阜阳市颍州区2022-2023学年八年级下学期期末物理试卷（含答案），共23页。试卷主要包含了 把重5N、密度为0等内容，欢迎下载使用。

2022-2023学年安徽省阜阳市颍州区八年级（下）期末物理试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
1. 中国科幻大片《流浪地球》中，剧情设定为太阳将要衰老膨胀，人类为了拯救地球，在地球表面安装了一万多台超大的行星发动机来推动地球离开太阳系，当地球运动到木星附近时，由于木星的引力大，导致地球偏离航线，这说明力可以改变物体的______ 。
2. 如图所示，两个完全相同的木块A和B叠放在水平桌面上，每个木块的质量5kg，在16N的水平拉力作用下，A、B一起向右做匀速直线运动，此时木块B受到的摩擦力大小为______ N(不计空气阻力)。
3. 如图所示，日常生活中的吸管的一端削尖是为了        (选填“增大”或“减小”)压强；用吸管吸饮料时是在        的作用下，饮料被“吸”入口中。


4. 水平地面上，乘客以100N的水平推力推着重为300N的行李箱沿水平方向前进5m，推力做功为        J，行李箱的重力做功为        J。
5. 一个粗细不均匀的两头开口的玻璃管，管下连通一个装有红墨水的U形管AB，液面位置如图。当用吹风机向玻璃管中吹风时，A管中液面______ (选填“高于”或“低于”)B管中液面。


6. 如图所示的杠杆处于水平平衡状态，若F1、F2的大小和方向均不变，它们的作用点同时向支点O移动相同的距离，则杠杆______ (选填“A端下倾”“B端下倾”或“仍然平衡”)。
7. 把重5N、密度为0.9×103kg/m3的实心物体投入水中、当物体静止时，物体处于______状态(填“漂浮“、“悬浮”或“沉在水底“)，物体所受的浮力是______N.(水的密度为1.0×103kg/m3)
8. 如图，长方体立放在水平地面上，画出作用在A点，能使它顺时针倒下的最小推力F1的示意图。


9. 用图甲所示的滑轮组运送货物上楼，每件货物重为100N，每次运送的量不定，图乙记录了在整个过程中滑轮组的机械效率随货物重力增加而变化的图像，则动滑轮重为______ N；当某次运送4件货物时，滑轮组的机械效率为______ %(不考虑绳重和摩擦)。

10. 如图所示，Q为铜制零件，其上部为棱长L的立方体，下部为棱长l的立方体。Q的下表面与容器底部贴合，且水面恰好与Q上表面相平，水密度为ρ水，则零件所受的浮力的大小是______ 。(用题中给的字母写出表达式)


11. 如图所示的学习用具，在设计上属于减小压强的是(    )
A. 锋利的铅笔刀刀片 B. 宽大的书包带
C. 尖细的图钉尖端 D. 锋利的剪刀刀刃
12. 如图所示，两个弹簧测力计的自重均为0.5N，单个钩码质量均为50g，则A、B两个测力计的示数分别为(g取10N/kg)(    )
A. 1N    0.5N
B. 2N  1N
C. 1.5N  0.5N
D. 1.5N  1N


13. 如图所示，一架一直水平匀速飞行的飞机在向地面投送物资。不考虑空气对物资的阻力，下列关于飞机投送物资的说法正确的是(    )
A. 由于惯性，飞机还没有飞到目标地的上方，物资已到目标地
B. 物资能继续向前飞行，是因为物资受到惯性作用
C. 物资在下落的过程中速度增大，惯性也随之增大
D. 物资脱离飞机的瞬间，如果其突然不受外力作用，则物资与飞机相对静止

14. 小杰同学在成都游玩“海底世界”时，观察到鱼嘴里吐出的气泡上升时的情况如图所示，对气泡上升过程中受到的浮力和气泡内气体压强分析正确的是(    )


A. 浮力不变，压强不变 B. 浮力变小，压强变小
C. 浮力变大，压强变小 D. 浮力变大，压强变大
15. 有两台机械甲和乙，甲的功率为162kW，乙的功率为128kW，下列说法正确的是(    )
A. 甲一定比乙做功多 B. 乙一定比甲做功多
C. 甲一定比乙做功快 D. 相同时间内，乙一定比甲做功多
16. “反向蹦极”是一项比蹦极更刺激的运动。如图所示，弹性轻绳的上端固定在O点，拉长后将下端固定在体验者的身上，并与固定在地面上的扣环相连。打开扣环，人从A点由静止释放，像火箭一样被“竖直发射”，经上升到最高位置C点，在B点时速度最大。对此过程，下列描述正确的是(    )

A. 人在B点时动能最大
B. 弹性绳的弹性势能在B点时最大
C. 人从A到B的过程中，动能增加，重力势能减少
D. 人从A到C的过程中，重力势能增加，动能一直减少
17. 如图所示，A、B为完全相同的两个容器，分别盛有7cm、5cm深的水，A、B之间用导管连接。若将阀门K打开后(    )

A. 当水不流动时，A中液面依然会高于B中液面
B. 当水不流动时，A、B两容器中液面相平
C. 当水不流动时，A、B两容器底所受压强之比为1：1
D. 当水不流动时，A、B两容器底所受压强之比为7：5
18. 如图所示，杠杆左端放物体，右端施加动力F，处于平衡状态(忽略杠杆自身重力的影响)。下列说法正确的是(    )
A. 此时杠杆是费力杠杆
B. 动力臂是线段OA
C. 杠杆的阻力是物体受到的重力G
D. 保持杠杆位置不变，将动力F转至F1位置，F1大于F



19. 小明用如图所示的滑轮组将80N的重物在4s内匀速提升了2m，所用拉力为50N。不考虑摩擦和绳重，下列说法正确的是(    )
A. 滑轮组的动滑轮重为20N
B. 对重物做的有用功为200J
C. 滑轮组的机械效率为75%
D. 当所提重物的质量增大时，该滑轮组的机械效率将减小



20. 如图所示，静止放在水平桌面上的水槽中，装有一定量的水，将一只装有实心铁块的塑料盒放入水中，稳定后塑料盒漂浮在水面上。若将铁块从塑料盒中取出后直接放入水槽中，则(    )
A. 桌面受到水槽的压强减小
B. 水槽中的水面高度上升
C. 水槽底受到水的压强减小
D. 塑料盒底受到水的压强不变
21. 如图是某同学探究“物体动能大小与哪些因素有关”的实验装置示意图：

(1)他利用小钢球撞击木块，通过观察______的大小来判断小钢球具有的动能大小。这种研究问题的方法叫做______(选填“控制变量法”、“等效替代法”或“转换法”)。
(2)实验时他将同一小球从斜面上的不同高度由静止释放，每次让小球滚下碰到同一位置的相同木块，目的是探究小球动能的大小与______是否有关。
22. 小刚利用弹簧测力计、烧杯、小桶、石块、细线等器材探究浮力大小与排开液体的重力的关系。
实验步骤
A
B
C
D
弹簧测力计示数/N
1.6
1.8
0.5
0.3
(1)部分实验操作步骤如图所示，遗漏的主要步骤是______ ；
(2)小刚进行实验并把数据记录在上表中，从表中数据可知石块受到的浮力是______ ；
(3)实验结束后，小刚还想进一步探究浮力大小是否与物体的密度有关，他可取______ 相同的铁块和铝块，使其浸没在同种液体中，比较浮力的大小。
23. 小明同学在“测滑轮组机械效率的实验”中得到的数据如表所示，实验装置如图所示。
实验次数
钩码重(N)
钩码上升高度(m)
绳端拉力(N)
绳端移动的距离(m)
机械效率
①
4
0.1
2.7
0.2

②
4
0.1
1.8
0.3
74%
③
8
0.1
3.1
0.3
86%
④
8
0.1
2.5
0.4
80%
(1)小明同学发现在实验过程中边拉动细线边读数，弹簧测力计示数不稳，因此他认为应该静止读数，你认为他的想法______ (选填“正确”或“不正确”)；
(2)第①次实验的机械效率为______ (百分号前保留整数)。比较______ (填实验次数的序号)两次实验数据可研究滑轮组的机械效率与绳子股数的关系；
(3)通过比较③④两次实验数据可得出结论：使用不同滑轮组提升同一重物时，______ 的重力越大，滑轮组的机械效率越低。

24. 工人运用如图所示的滑轮组运送建材上楼，每次运送量不定，滑轮与钢绳间的摩擦及绳重忽略不计。若某一次工人将重800N的建材匀速竖直向上提升了6m，所用的拉力为300N，求：
(1)工人所做的额外功；
(2)当所运送建材的重为1100N时，工人作用在绳子上的拉力及此时滑轮组的机械效率(百分比后保留1位小数)。


25. 身高1.7米，质量为50千克的小明同学做俯卧撑运动，此时将他视为一个杠杆如图所示，他的重心在A点。则：
(1)若他将身体撑起，地面对手的作用力至少要多大？
(2)将身体撑起，每次肩膀上升的距离均为0.3米，若他在1分钟内做了15个俯卧撑，他的功率是多少瓦？

26. 底面积为100cm2，重为3N的平底圆柱形容器内装有适量的水，放置于水平桌面上。现将体积为600cm3，重为2N的木块A轻放入容器内的水中，静止后水面的高度为10cm，如图甲所示，若将一重为6N的物体B用细绳系于A的下方，使A恰好浸没在水中，如图乙所示(水未溢出)，不计绳重及其体积，g取10N/kg，求：
(1)图甲中木块A静止时浸入水中的体积；
(2)物体B的体积；
(3)图乙比图甲中，水对容器底部增大了多少压强？
答案和解析

1.【答案】运动状态 
【解析】解：当地球运动到木星附近时，由于木星的引力大，导致地球偏离航线，这说明力可以改变物体的运动状态。
故答案为：运动状态。
力的作用效果是改变物体的形状和改变物体的运动状态。
本题考查的是力的作用效果，属于基础性题目。

2.【答案】0 
【解析】解：不计空气阻力，A、B一起向右做匀速直线运动，所以A、B没有相对运动的趋势，A、B间没有摩擦力，则木块B受到的摩擦力大小为0N。
故答案为：0。
A、B一起做匀速直线运动，则二者没有相对运动的趋势，不会存在摩擦力。
本题考查了滑动摩擦力，根据摩擦力产生的条件分析。

3.【答案】增大  大气压 
【解析】解：吸管的一端特别尖，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强。
用吸管吸饮料时，吸管内气压减小，小于外界大气压，在大气压的作用下饮料被压入吸管。
故答案为：增大；大气压。
(1)增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力。
(2)吸管吸饮料时，是先把吸管内的空气吸走，使管内气压减小，这样在外界大气压的作用下，饮料就被压进吸管里。
本题考查增大压强的方法、利用大气压知识解释生活中的现象，同时考查了学生用物理知识解决实际问题的能力。难度不大，属于基础题。

4.【答案】500  0 
【解析】解：推力做的功为W=Fs=100N×5m=500J；
因为行李箱在竖直方向物体没有移动距离，所以重力不做功，即重力做的功为0J。
故答案为：500；0。
已知推力大小和推动距离，利用W=Fs得到推力做的功；物体在竖直方向没有位置变化，所以重力不做功。
注意公式W=Fs的运用，要求某个力做的功，就要用这个力乘以物体在这个力方向上通过的距离。有没有做功，要根据做功的两个必要因素去判断。

5.【答案】高于 
【解析】解：A管上方玻璃管的横截面积小，风经过A管上方的流动速度大于B管上方的空气流动速度，则A管上方的压强小于B管上方的压强，红墨水将被压向A管，A管液面上升，B管液面下降，即A管中液面高于B管中液面。
故答案为：高于。
气体和液体称为流体，常见的流体是空气和水，流体流速大，压强小。当向管中吹风时，相同时间内，风经过A管上方和B管上方的空气流动速度不同，压强不同，液柱上升的高度不同。
此题考查流体压强和流速的关系，要求学生掌握连通器的特点、流体压强和流速的关系，并能用相关知识解释生活中的问题。

6.【答案】A端下倾 
【解析】解：杠杆原来水平平衡，由杠杆的平衡条件可得F1⋅AO=F2⋅BO，
由图可知AO>BO，所以F1 设它们的作用点同时向支点O移动的距离均为L，
则此时A端力与力臂的乘积为：F1×(AO-L)=F1⋅AO-F1L，
B端力与力臂的乘积为：F2×(BO-L)=F2⋅BO-F2L，
因F1 所以F1×(AO-L)>F2×(BO-L)，则杠杆的A端向下倾斜。
故答案为：A端下倾。
杠杆原来水平平衡，由杠杆的平衡条件可得F1L1=F2L2；设它们的作用点同时向支点O移动的距离均为L，再比较F1(L1-L)和F2(L2-L)的大小关系，哪一端力与力臂的乘积较大，则这一端就会下倾。
本题考查了杠杆的动态平衡分析，关键是判断得出作用点移动后两端力与力臂乘积的大小关系，从而判断杠杆的哪一端会下倾。

7.【答案】漂浮；5 
【解析】
【分析】
(1)利用物体的浮沉条件判定，实心物体密度小于水的密度，故物体漂浮在水面上；
(2)物体漂浮在水面上，浮力等于物体重力．
本题考查了物体的漂浮条件以及阿基米德原理的理解和运用，利用好“实心物体密度小于水的密度，物体漂浮在水面上”是本题的突破口．
【解答】
(1)假设物体体积为v，则有G物=ρ物gv；F浮=ρ水gv排
若物体浸没在水中，v排=v，则G物F浮=ρ物gvρ水gv<1，
所以，G物 (2)物体浮在水面上，所以F浮=G物=5N；
故答案为：漂浮；5．  
8.【答案】解：由图可知，当推力作用在A点，使长方体顺时针倒下时，长方体右下端与地面的接触点O是支点，此时最长的力臂为OA，阻力、阻力臂不变，根据杠杆的平衡条件可知，动力最小，要使长方体顺时针倒下，动力方向应斜向上，即过A点做垂直于OA斜向上的力，如图所示：
 
【解析】在阻力与阻力臂一定的情况下，动力臂越大，动力越小，根据图示确定最大动力臂，然后作出最小推力。
本题考查了作最小推力的示意图，应用杠杆平衡条件即可正确解题。

9.【答案】100  80 
【解析】解：
由图乙可知，运送1件货物时，即G=100N时，滑轮组的机械效率η=50%，
因不考虑绳重和摩擦时，滑轮组的机械效率η=W有W总=GhGh+G动h=GG+G动，
所以可得：50%=100N100N+G动，解得G动=100N；
当某次运送4件货物时，即G'=4G=4×100N=400N；
不计绳重和摩擦，则滑轮组的机械效率：
η'=W'有W'总=G'hG'h+G动h=G'G'+G动=400N400N+100N=80%。
故答案为：100；80。
(1)由图乙可知，运送1件货物时，即G=100N时，滑轮组的机械效率η=50%；不考虑绳重和摩擦时，滑轮组的机械效率η=W有W总=GhGh+G动h=GG+G动，据此求出动滑轮的重力；
(2)不计绳重和摩擦，当某次运送4件货物时，根据η'=W'有W'总=G'hG'h+G动h=G'G'+G动求出此时滑轮组的机械效率。
此题考查了滑轮组机械效率公式的应用，关键要知道：在不计摩擦和绳重时，额外功为克服动滑轮重力做的功，则滑轮组的机械效率η=W有W总=GhGh+G动h=GG+G动，这是求解竖直滑轮组机械效率的常用方法(前提条件是不计摩擦和绳重)。

10.【答案】ρ水gL×(L2-l2) 
【解析】解：因为下部立方体与容器底部贴合，所以水没有对它产生向上的压力；
因为上部立方体的下表面的一部分(与水接触)受到水向上的压力，
此时受面积为：S=L2-l2，
上部立方体的下表面所受水的压强：p=ρ液gh=ρ水gL，
浮力的产生是上下表面的压力差，
所以零件所受的浮力的大小为：F浮=pS=ρ水gL×(L2-l2)。
故答案为：ρ水gL×(L2-l2)。
零件所受浮力等于其上、下表面所受水的压力差，由于零件下部立方体与容器底部贴合，水没有对它产生向上的压力；上部立方体的下表面的一部分受到水向上的压力，求出受力面积，利用p=ρgh求出上部正方体下表面受到的压强，然后利用F=pS求得零件所受的浮力。
此题考查了液体压强公式和浮力产生的原因等知识点，有一定的难度。

11.【答案】B 
【解析】解：A.铅笔刀刀片做得很锋利、图钉的尖端做得很尖细、剪刀刀刃做得很锋利，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故ACD不符合题意；
B.宽大的书包带，是在压力一定时，通过增大受力面积减小压强，故B符合题意；
故选：B。
压力一定时，减小(或增大)受力面积可增大(或减小)压强。
本题考查增大和减小压强的方法，为基础题。

12.【答案】D 
【解析】解：在B弹簧测力计的下端，挂了两只钩码，所以其受到的是钩码对它的拉力，FB=G=mg=0.05kg×2×10N/kg=1N，
在A弹簧测力计的下端，除了有钩码的拉力，还有弹簧测力计B的拉力，故A测力计的示数FA=1N+0.5N=1.5N。
故选：D。
根据钩码的质量可计算其重力的大小，再对弹簧测力计所受拉力进行分析，明确其下端所挂的物重可做出判断。
认真观察图中两弹簧测力计的关系，明确钩码的重和弹簧测力计自身的重，可做出正确的解答，关键是不要忘记B弹簧测力计的重。

13.【答案】D 
【解析】解：A.惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，物资投送后由于惯性会保持原来的速度继续向前运动，又受重力作用所以下落，所以在水平方向上，物资和飞机应同时到达目标地上方，故A错误；
B.救灾物资能继续向前飞行，是因为救灾物资具有惯性，而不是受到惯性作用，故B错误；
C.惯性的大小和物体的速度无关，只与物体的质量有关，质量越大，惯性越大，故C错误；
D.结合牛顿第一定律可知，物资脱离飞机的瞬间，如果其突然不受外力作用，物资将做匀速直线运动，相对于匀速直线运动的飞机没有位置的变化，是静止的，故D正确。
故选：D。
(1)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性大小只跟物体的质量大小有关，质量越大，惯性越大；
(2)根据牛顿第一定律进行分析。
此题考查的是惯性和牛顿第一定律知识的应用，我们要能够利用所学的物理知识解释相关现象。

14.【答案】C 
【解析】
【分析】
本题考查了学生对液体压强公式、阿基米德原理公式的掌握和运用，能分析出气泡的深度变化和体积变化情况是本题的关键。
(1)一定质量的气体，体积变大，压强变小，在水中上浮过程中，气泡所处的深度减小，由液体压强公式知道受到水的压强变小，气泡的体积变大，据此分析气泡内压强的变化；
(2)气泡的体积变大，由阿基米德原理分析气泡受到浮力的大小变化。
【解答】
因为气泡上升时，深度h变小，
所以，由p=ρgh可知气泡受到水的压强变小，故气泡的体积变大。
又因为一定质量的气体，体积变大，压强变小，
所以，气泡内的压强p变小；
因为气泡的体积变大，排开水的体积变大，
所以，由F浮=ρ水V排g可知气泡受到水的浮力变大。
故选C。  
15.【答案】C 
【解析】解：AB、由W=Pt可知，做功的多少由功率和时间共同决定，甲的功率比乙的功率大，但是时间长短不确定，所以甲乙做功多少无法比较，故AB错误；
C、甲的功率大，甲做功一定比乙做功快，故C正确；
D、乙的功率小，由W=Pt可知，相同时间内，乙一定比甲做功少，故D错误。
故选：C。
功率是单位时间内做的功的多少，是描述物体做功快慢的物理量，功率大做功快，根据功、功率的关系分析即可。
本题考查了功率和功的意义。功率由功和时间共同决定，它是表示做功的快慢的物理量。

16.【答案】A 
【解析】解：A、人的质量一定，在上升的过程中，开始时弹力大于重力，人向上做加速运动，在B点时，弹力等于重力，此时的速度最大，动能最大；故A正确；
B、弹性绳在A点时弹性形变最大，弹性势能最大；故B错误；
C、从A到B的过程中，质量不变、高度增大，重力势能增加；质量不变、速度逐渐变大，动能变大；故C错误；
D、人从A到C的过程中，质量不变，高度增大，重力势能增加；AB段速度逐渐变大，动能逐渐变大；BC段速度逐渐变小，动能逐渐变小；故D错误。
故选：A。
(1)影响动能的因素有：质量和速度，质量一定时，速度越大，动能越大；
(2)影响重力势能的因素有：质量和高度，质量一定时，高度越高，重力势能越大；
(3)影响弹性势能的因素是弹性形变的程度，物体弹性形变的程度越大，弹性势能越大。
本题考查了重力势能与动能、弹性势能之间的相互转化，掌握动能、重力势能、弹性势能大小的影响因素是解题的关键。

17.【答案】B 
【解析】解：AB、由图知，若将阀门K打开后，AB构成连通器，水从容器A向容器B流动，在水不流动时，两容器中液面高度是相平的。故A错误、B正确；
CD、已知A、B为完全相同的两个容器，且原来两水面的高度差Δh=7cm+2cm-5cm=4cm，
所以打开阀门后，两容器中的液面会相平，A液面下降2cm，变为hA=5cm，B液面上升2cm，变为hB=7cm，
最后A、B两容器底部受到水的压强之比：
pApB=ρ水ghAρ水ghB=hAhB=5cm7cm=57。故C、D错误。
故选：B。
(1)上端开口、底部连通的容器为连通器，连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器中各液面总是相平的；
(2)根据图示可知两容器中原来水面的高度差，进一步求得当水不流动时两容器中水的深度，根据公式p水=ρ水gh水 可求得两容器底所受水的压强之比。
本题考查连通器的原理和液体压强公式的应用，属于基础知识正确判断容器中水的深度是关键。

18.【答案】D 
【解析】解：
AB、如图，动力臂为L1(不是OA)大于阻力臂L2，所以是省力杠杆；故AB错误；

C、物体对杠杆的拉力为阻力，不是物体受到的重力G，故C错误；
D、如下图：

保持杠杆位置不变，将动力F转至F1位置，动力臂变小，而阻力、阻力臂不变，由杠杆平衡条件可知，动力变大，故D正确。
故选：D。
(1)分析杠杆的动力臂、阻力臂的大小关系，确定杠杆类型；
(2)杠杆的动力、阻力，都是杠杆受到的力；
(3)在阻力、阻力臂不变时，由杠杆平衡条件可知，动力臂越小、动力越大。
本题考查了杠杆分类、杠杆平衡条件的应用，作图、确定动力臂和阻力臂的大小关系以及动力臂的大小变化是关键。

19.【答案】A 
【解析】解：AB、由图可知n=2，不计绳重和摩擦时，绳端的拉力F=1n(G+G动)，
所以动滑轮的重力：G动=nF-G=2×50N-80N=20N，故A正确；
对重物做的有用功：W有用=Gh=80N×2m=160J，故B错误；
C、绳子自由端移动的距离s=nh=2×2m=4m，
拉力做的总功：W总=Fs=50N×4m=200J，
则滑轮组的机械效率：η=W有用W总=160J200J×100%=80%，故C错误；
D、不计绳重和摩擦时，滑轮组的机械效率η=W有用W总=GhGh+G动h=GG+G动=11+G动G，
所以，用此滑轮组提升重物的质量增大(重力G增大)时，滑轮组的机械效率将增大，故D错误。
故选：A。
(1)由图知，n=2，不计绳重和摩擦时，绳端的拉力F=1n(G+G动)，据此求出动滑轮的重力；
(2)知道重物的重力、提升的高度，利用W=Gh求出对重物做的有用功；
(3)根据s=nh求出绳子自由端移动的距离，根据W=Fs求出拉力做的总功，滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比；
(4)不计绳重和摩擦时，滑轮组的机械效率η=W有用W总=GhGh+G动h=GG+G动=11+G动G，据此分析所提重物的质量增大时机械效率的变化。
本题考查了滑轮组的特点、使用滑轮组时有用功、总功和机械效率的计算，要利用好关系式“不计绳重和摩擦时，拉力F=1n(G+G动)、滑轮组的机械效率η=W有用W总=GhGh+G动h=GG+G动=11+G动G”。

20.【答案】C 
【解析】解：BC、由题意可知，将铁块从塑料盒中取出后直接放入水槽中，塑料盒和铁块整体受到的浮力减小，根据阿基米德原理可知，排开水的体积减小，水面下降，由p=ρgh可知，水槽底受到水的压强减小，故B错误，C正确；
D、根据F浮=ρ水gV排可知，当ρ水一定时，塑料盒受到的浮力变小，塑料盒排开水的体积也变小，塑料盒浸没在水中的深度减小，根据p=ρgh知塑料盒底部受到水的压强变小，故D错误；
A、铁块在塑料盒中和取出后直接放入水槽中对桌面的压力都等于水的重力、铁块和塑料盒的重力、水槽的重力之和，所以桌面受到水槽的压力不变，水槽的底面积不变，根据p=FS知桌面受到水槽的压强不变，故A错误。
故选：C。
(1)塑料盒漂浮于水面上，要想判断水槽中的水面是否变化，则需要比较塑料盒排开水的体积、铁块从塑料盒中取出后直接放入水槽中排开水的体积是否相等：若二者体积相等，则水面不变；若增大，则水面上升；若减小，则水面下降；再由p=ρgh来判断水槽底受到水的压强变化情况；
(2)将铁块从塑料盒中取出后直接放入水槽中，塑料盒浸没在水中的深度减小，根据p=ρgh知塑料盒底部受到水的压强变小；
(3)在水平面上压力等于重力，根据p=FS分析出对桌面压强的变化。
本题主要考查物体的漂浮条件，阿基米德原理、液体压强公式以及固体压强公式的应用，其中正确分析小船受到的浮力大小的变化是解题的关键。

21.【答案】木块移动的距离  转换法  速度 
【解析】解：
(1)根据转换法，小明利用小钢球撞击木块，通过木块移动的距离的大小来判断小钢球具有的动能大小；
(2)实验时小明将同一小球(质量相同)从斜面上的不同高度由静止释放，小球到达水平面时的速度不相同，每次让小球滚下碰到同一位置的相同木块，目的是探究小球动能的大小与速度的大小是否有关。
故答案为：(1)木块移动的距离；转换法；(2)速度。
(1)根据转换法，通过木块移动距离的大小来判断小钢球具有的动能大小；
(2)动能大小与质量和速度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变。
本题探究物体动能大小与哪些因素有关，考查控制变量法及转换法的运用。

22.【答案】空小桶的重力  0.2N  体积 
【解析】解：(1)实验中要测量排开水的重力，根据题意知，故遗漏的主要步骤是：空小桶的重力；
(2)从表中数据可知石块受到的浮力是：
F=1.8N-1.6N=0.2N；
(3)探究浮力大小是否与物体的密度有关，要控制排开液体的密度和体积相同，他可取体积相同的铁块和铝块，使其浸没在同种液体中，比较浮力的大小。
故答案为：(1)空小桶的重力；(2)0.2N；(3)体积。
(1)实验中要测量排开水的重力，根据题意回答；
(2)根据称重法测浮力求出石块受到的浮力；
(3)探究浮力大小是否与物体的密度有关，要控制排开液体的密度和体积相同。
本题探究浮力大小与排开液体的重力关系，考查对实验操作的理解，同时探究浮力大小是否与物体的密度有关。

23.【答案】不正确  74%  1、2  动滑轮 
【解析】解：(1)若静止读数，他的想法不正确，因为他没有考虑到机械之间的摩擦力，静止时读数时会使拉力偏小；
(2)第1次的机械效率为：η=W有W总=GhFs=4N×0.1m2.7N×0.2m≈74%，
要探究滑轮组的机械效率与绳子股数的关系，需要控制物体的重力相同，动滑轮的重力相同，改变绕法，实验1、2符合题意；
(3)通过比较3、4两次实验数据得出结论：使用不同滑轮组提升同一重物时，动滑轮的重力越大，机械效率越低。
故答案为：(1)不正确；(2)74%；1、2；(3)动滑轮。
(1)在测力计静止时，不会克服轮与轴、绳与轮之间的摩擦，据此分析考虑；
(2)根据第1次的数据结合η=W有W总=GhFs计算第1次的机械效率；要探究滑轮组的机械效率与绳子股数的关系，需要控制物体的重力相同，动滑轮的重力相同，改变绕法，据此判断出实验序号；
(3)纵向比较3、4两次实验数据，找出相同的量和不同量，分析得出滑轮组的机械效率与变化量的关系。
本题通过测滑轮组机械效率实验，考查操作过程、控制变量法及影响机械效率因素的分析，难度不大。

24.【答案】解：(1)由图示可知，n=3，滑轮与钢绳间的摩擦力及绳重忽略不计，由F=13(G建材+G动)可得，动滑轮的重力：G动=3F-G建材=3×300N-800N=100N，
工人所做的额外功：W额=G动h=100N×6m=600J。
(2)滑轮与钢绳间的摩擦力及绳重忽略不计，当所运送建材的重为1100N时，工人作用在绳子上的拉力：F'=13(G'+G动)=13×(1100N+100N)=400N；
此时滑轮组的机械效率为：η=W有W总=GhGh+G动h=GG+G动=1100N1100N+100N≈91.7%。
答：(1)额外功为600J；
(2)当所运送建材的重为1100N时，工人作用在绳子上的拉力为400N，此时滑轮组的机械效率为91.7%。 
【解析】(1)由图示可知，n=3，滑轮与钢绳间的摩擦力及绳重忽略不计，根据F=13(G+G动)求出动滑轮的重力，利用W额=G动h求得工人所做的额外功；
(2)滑轮与钢绳间的摩擦力及绳重忽略不计，根据F=13(G+G动)求出当所运送建材的重为1100N时，工人作用在绳子上的拉力；根据η=W有W总=GhGh+G动h=GG+G动求出滑轮组的机械效率。
本题考查了滑轮组中动滑轮重、绳子自由端拉力以及绳子自由端通过距离的计算，正确找到通过动滑轮绳子段数和用好不计摩擦和绳重，拉力F=1n(G+G轮)是解题的关键。

25.【答案】解：(1)小明同学所受的重力：
G=mg=50kg×10N/kg=500N；
由图可知，动力臂L1=0.9m+0.6m=1.5m，
阻力臂L2=0.9m，阻力等于重力F2=G=500N，
由杠杆平衡条件可得：
F1L1=F2L2
即：F1×1.5m=500N×0.9m
则F1=300N；
(2)每次所做的功：
W=Fs=300N×0.3m=90J；
1min做的总功：
W总=nW=15×90J=1350J，
功率：P=Wt=1350J60s=22.5W。
答：(1)若他将身体撑起，地面对手的作用力至少要300N；
(2)若他在1分钟内做了15个俯卧撑，他的功率是22.5W。 
【解析】(1)根据公式G=mg计算出重力；根据图示求出动力臂和阻力臂，利用杠杆平衡的条件可以求出地面对手的力，根据力的作用是相互的，可得出地面对手的作用力。
(2)根据W=Fs即可求出F做的功；求出1分钟内做的总功，然后根据P=Wt即可求出做功的功率。
本类型题涉及知识面比较多，关键是熟练掌握功、功率的计算公式以及杠杆平衡知识，分析图片信息，由图找出动力臂与阻力臂是正确解题的关键。

26.【答案】解：(1)图甲中木块A漂浮在水中，所以A受到的浮力F浮=GA=2N，
由公式F浮=ρ水gV排 得木块A浸入水中的体积：
V排=F浮ρ水g=2N1×103kg/m3×10N/ kg=2×10-4m3；
(2)图乙中，A、B共同悬浮，此时整体受到的浮力F浮'=GA+GB=2N+6N=8N，
根据F浮=ρ水gV排可得此时整体排开水的体积为：
V排'=F浮'ρ水g=8N1×103kg/m3×10N/kg=8×10-4m3；
其中VA=600cm3=6×10-4m3，
由V排'=VA+VB得物体B的体积为：
VB=V排'-VA=8×10-4m3-6×10-4m3=2×10-4m3，
由 G=mg 得物体B的质量为：
mB=GBg=6N10N/kg=0.6kg，
则B物体的密度为：
ρB=mBVB=0.6 kg2×10-4m3=3×103kg/m3；
(3)图乙与图甲相比，水面升高的高度为：
Δh=ΔV排S容=V排'-V排S容=8×10-4m3-2 ×10-4m3100×10-4m2=0.06m，
图乙比图甲中，水对容器底部增大的压强为：
Δp=ρ水gΔh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.06m=600Pa。
答：(1)图甲中木块A静止时浸入水中的体积为2×10-4m3；
(2)物体B的密度为3×103kg/m3；
(3)图乙中水对容器底部的压强增大了600Pa。 
【解析】(1)根据漂浮时浮力等于自身的重力可知图甲中木块A静止时受到的浮力，根据F浮=ρ水gV排得出木块A静止时浸入水中的体积；
(2)根据悬浮时浮力等于自身的重力求出整体受到的浮力，根据F浮=ρ水gV排得出AB静止时浸入水中的总体积；用总体积减去A的体积，就是B的体积；根据ρ=mV算出B的密度；
(3)根据排开水的体积增加量求出图乙中水的深度增加量，利用Δp=ρ水gΔh求出水对容器底部增大的压强。
本题综合考查了浮沉条件、阿基米德原理、重力和密度知识，有一定难度。