高考化学二轮复习(新高考版) 第3部分 高考题型练 非选择题规范练(一) 基本概念、基本理论综合应用(含解析)
展开非选择题规范练(一) 基本概念、基本理论综合应用
1.为应对石油短缺,一碳化学研究备受关注。一碳化学是指以分子中只含一个碳原子的化合物如甲醇、一氧化碳等为原料,制造产品的化学体系的总称。
(1)CH3OH(g)和NH3(g)在一定条件下反应可制得甲胺CH3NH2(g)。
CH3OH(g)+NH3(g)CH3NH2(g)+H2O(g)
ΔH=-12 kJ·mol-1
①已知该反应中相关的化学键键能数据如下:
共价键
C—O
N—H
C—N
C—H
E/(kJ·mol-1)
a
b
c
d
则H—O键的键能为________kJ·mol-1(用含有字母的代数式表示)。
②在某恒容密闭容器中进行该反应,其他条件不变的情况下,分别测得起始时CH3OH(g)的物质的量和温度对平衡时CH3NH2(g)的体积分数的影响,如图所示(图中T1、T2表示温度):
则T1________T2(填“>”“<”或“=”);________(填“a”“b”或“c”)点对应的平衡状态中反应物NH3(g)的转化率最大。b、d两点的平衡常数大小关系为Kb________Kd(填“>”“<”或“=”)。
(2)甲醇在工业上可利用水煤气来合成:CO(g)+2H2(g)CH3OH(g) ΔH<0。将1 mol CO和2 mol H2通入密闭容器中进行反应,在一定温度和压强下达到平衡时甲醇的体积分数φ (CH3OH)变化趋势如图所示:
图中Y轴表示的外界条件为________,判断的理由是__________________________________
_______________________________________________________________________________。
已知v正=k正·p(CO)·p2(H2),v逆=k逆·p(CH3OH),其中k正、k逆分别为正、逆反应速率常数,p为各组分的分压。在M点所处的温度(T3℃)和压强(p0kPa)下,反应在20 min达到平衡时φ (CH3OH)=10%,该温度下反应的平常数KP=________kPa-2(用平衡分压代替平衡浓度计算,分压=总压×物质的量分数)。若在15 min时=3.27p kPa2,此时_______(计算结果保留两位小数)。
答案 (1)①12+a+b-c ②> c > (2)温度 反应为放热反应,升高温度,可使平衡向逆反应方向移动,使φ(CH3OH)减小 3.03
解析 (1)①根据反应CH3OH(g)+NH3(g)CH3NH2(g)+H2O(g)断裂了碳氧键、氮氢键,形成了碳氮键和氧氢键,设H—O键的键能为x,断键吸收的能量为(a+b) kJ·mol-1,成键释放的能量为(c+x)kJ·mol-1,则ΔH=-12 kJ·mol-1=[(a+b)-(c+x)]kJ·mol-1,解得x=12+a+b-c。
②当起始时CH3OH(g)的物质的量相同时,T1温度下平衡时CH3NH2(g)的体积分数小于T2温度下平衡时CH3NH2(g)的体积分数,因该反应为放热反应,升高温度平衡逆向移动,故T1>T2;起始时CH3OH(g)的物质的量越大,平衡正移,NH3(g)的转化率越大,则c点NH3(g)的转化率最大;平衡常数仅与温度有关,因反应为放热反应,温度越大,平衡常数越小,故b的平衡常数大于d点的。
(2)该反应为放热反应,温度升高,平衡逆移,平衡时甲醇的体积分数减小,故Y轴表示的外界条件为温度;相同条件下,气体的体积分数等于气体的物质的量分数,设平衡时甲醇的物质的量为x mol,则反应生成甲醇为x mol,消耗CO x mol,消耗H2 2x mol,平衡时CO为(1-x)mol,H2为(2-2x)mol,=0.1,解得x=0.25,CO平衡分压为p0=,H2平衡分压为p0=,甲醇平衡分压为p0=,则KP==kPa-2=kPa-2;因为v正=k正·p(CO)·p2(H2),v逆=k逆·p(CH3OH),当v正=v逆时,==kPa-2,则在15 min=3.27p kPa2时,==×3.27p≈3.03。
2.生产医用防护口罩的原料聚丙烯纤维属于有机高分子材料,其单体为丙烯。丙烯除了合成聚丙烯外,还广泛用于制备1,2二氯丙烷、丙烯醛、丙烯酸等。请回答下列问题:
Ⅰ.工业上用丙烯加成法制备1,2二氯丙烷,主要副产物为3氯丙烯,反应原理为:
①CH2==CHCH3(g)+Cl2(g)CH2ClCHClCH3(g) ΔH1=-134 kJ·mol-1
②CH2==CHCH3(g)+Cl2(g)CH2==CHCH2Cl(g)+HCl(g) ΔH2=-102 kJ·mol-1
(1)已知CH2==CHCH2Cl(g)+HCl(g)CH2ClCHClCH3(g)的活化能Ea(逆)为164 kJ·mol-1,则该反应的Ea(正)活化能为________kJ·mol-1。
(2)一定温度下,向恒容密闭容器中充入等物质的量的CH2==CHCH3(g)和Cl2(g),在催化剂作用下发生反应①②,容器内气体的压强随时间的变化如下表所示。
时间/min
0
60
120
180
240
300
360
压强/kPa
80
74.2
69.4
65.2
61.6
57.6
57.6
用单位时间内气体分压的变化来表示反应速率,即v=,则反应①前180 min内平均反应速率v(CH2ClCHClCH3)=__________kPa·min-1(保留小数点后2位)。
Ⅱ.丙烯的制备方法
方法一:丙烷无氧脱氢法制备丙烯反应如下:
C3H8(g)C3H6(g)+H2(g) ΔH=+124 kJ·mol-1
(3)①某温度下,在刚性容器中充入C3H8,起始压强为10 kPa,平衡时总压为14 kPa,C3H8的平衡转化率为_____________________________________________________________。
该反应的平衡常数Kp=________kPa(保留小数点后2位)。
②总压分别为100 kPa、10 kPa时发生该反应,平衡体系中C3H8和C3H6的物质的量分数随温度变化关系如图所示:
10 kPa时,C3H8和C3H6的物质的量分数随温度变化关系的曲线分别是________、________。
方法二:丙烷氧化脱氢法制备丙烯还生成CO、CO2等副产物,制备丙烯的反应如下:
C3H8(g)+O2(g)===C3H6(g)+H2O(g) ΔH=-118 kJ·mol-1。在催化剂作用下C3H8的转化率和C3H6的产率随温度变化关系如图所示。
(4)①图中C3H8的转化率随温度升高而上升的原因是___________________________。
②575 ℃时,C3H6的选择性为__________。(C3H6的选择性=×100%)
③基于上述研究结果,能提高C3H6选择性的措施是___________________________。
答案 (1)132 (2)0.08 (3)①40% 2.67 ②Z Y (4)①温度升高,反应速率增大(或温度升高,催化剂的活性增大) ②50% ③选择相对较低的温度(或选择更合适的催化剂)
解析 (1)反应CH2==CHCH2Cl(g)+HCl(g)CH2ClCHClCH3(g)可由反应①-②得到,故该反应的ΔH=ΔH1-ΔH2=(-134+102)kJ·mol-1=-32 kJ·mol-1,
所以Ea(正)-Ea(逆)=-32 kJ·mol-1,Ea(正)=132 kJ·mol-1。
(2)由于反应②前后系数之和相等,故压强的变化均由反应①造成,180 min时压强变化Δp为(80-65.2)kPa=14.8 kPa,所以v==≈0.08 kPa·min-1。
(3)①设丙烷压强的变化为x,同温同容下压强之比等于物质的量之比,由题意可得
C3H8(g)C3H6(g)+H2(g)
起始/kPa 10 0 0
变化/kPa x x x
终止/kPa 10-x x x
反应后压强为(10-x+x+x) kPa=14 kPa,解得x=4 kPa,C3H8的转化率为×100%=40%,Kp==≈2.67 kPa。
②正反应吸热,升高温度,平衡正向移动,C3H8的物质的量分数减小,C3H6的物质的量分数增大;根据方程式,该反应为气体体积增大的反应,增大压强,C3H8 和C3H6的物质的量分数都增大,因此表示10 kPa时,C3H8的物质的量分数随温度变化关系的曲线是Z,表示10 kPa时C3H6的物质的量分数随温度变化关系的曲线是Y。
(4)①温度升高,反应速率加快,同时温度升高,催化剂的活性增大,因此C3H8的转化率随温度升高而上升。
②由图可知,575 ℃时, C3H8的转化率为34% ,C3H6的产率为17%,即参加反应的C3H8为34%,生成的C3H6为17% ,故C3H6的选择性为×100%=50%。
③由图可知,温度低时C3H6的选择性高,故能提高C3H6选择性的措施是选择相对较低的温度,或者是寻找选择性更高的催化剂。
3.研究SO2、NOx等大气污染物的妥善处理具有重要意义。
(1)燃煤发电厂常利用反应2CaCO3(s)+2SO2(g)+O2(g)2CaSO4(s)+2CO2(g)对煤进行脱硫处理。某温度下,测得反应在不同时间点各物质的浓度如下:
时间/min
浓度/mol·L-1
0
10
20
30
40
50
O2
1.00
0.78
0.60
0.60
0.64
0.64
CO2
0
0.44
0.80
0.80
0.88
0.88
①0~10 min内,平均反应速率v(SO2)=________mol·L-1·min-1。
②30 min后,只改变某一条件,反应重新达到平衡。根据上表中的数据判断,改变的条件可能是________(填字母)。
A.移除部分CaSO4(s)
B.通入一定量的O2
C.加入合适的催化剂
D.适当缩小容器的体积
(2)利用活性炭吸附汽车尾气中的NO:C(s)+2NO(g)N2(g)+CO2(g),实验测得,v正=k正c2(NO),v逆=k逆c(N2)c(CO2)(k正、k逆为速率常数,只与温度有关)。在密闭容器中加入足量C(s)和一定量的NO气体,保持恒压测得NO的转化率随温度的变化如图所示:
①由图可知:该反应的ΔH________0(填“>”或“<”);在1 050 K前反应中NO的转化率随温度升高而增大,其原因为________________________________________________。
②用某物质的平衡分压代替其物质的量浓度也可以表示化学平衡常数(记作Kp)。在1 050 K、1.1×106Pa时,计算该反应的化学平衡常数Kp=________[已知:气体分压(p分)=气体总压(p)×体积分数]。
③达到平衡后,仅升高温度,k正增大的倍数________(填“>”“<”或“=”)k逆增大的倍数,1 100 K时,计算=________。
答案 (1)①0.044 ②BD (2)①< 反应未达到平衡状态,温度的升高,反应速率加快,NO转化率增大 ②4 ③< (或0.11)
解析 (1)①根据v=,CO2的化学反应速率v(CO2)===0.044 mol·L-1·min-1,根据方程式可知:物质反应的速率比等于化学方程式的化学计量数的比,所以v(SO2)=v(CO2)=0.044 mol·L-1·min-1。
②30 min后,氧气、二氧化碳的浓度都增大,可为加入氧气或适当缩小容器的体积等。
(2)①由图像可知,当温度高于1 050 K时,随着温度升高,NO的转化率降低,则平衡逆向移动,因此该反应的正反应为放热反应,即ΔH<0,1 050 kPa 前,反应b 中NO2转化率随着温度升高而增大是由于1 050 kPa前反应未达平衡状态,随着温度升高,反应速率加快,更多的反应物变为生成物,因此NO2转化率随温度的升高而增大。
(3)②由图像可知,在1 050 K、1.1×106Pa时,NO转化率80%,可列平衡三段式为:
C(s)+2NO(g)N2(g)+CO2(g)
起始/mol 2 0 0
转化/mol 2×80%=1.6 0.8 0.8
平衡/mol 0.4 0.8 0.8
由于容器的容积不变,因此气体的物质的量的之比等于气体压强之比,可知平衡时p(NO)=0.2p(总),p(N2)=0.4p(总),p(CO2)=0.4p(总),则用平衡分压表示的化学平衡常数Kp==4。
③正反应为放热反应,升高温度平衡向左移动,则正反应速率增大的倍数小于逆反应速率增大的倍数,浓度不变,故k正增大的倍数小于k逆增大的倍数,1 100 K时,NO的平衡转化率为40%,可列平衡三段式为:
C(s)+2NO(g) N2(g)+CO2(g)
起始/mol 2 0 0
转化/mol 2×40%=0.8 0.4 0.4
平衡/mol 1.2 0.4 0.4
则平衡常数K===,当反应达到平衡时,v正=v逆,
故==K=。
4.2019年12月4日“全球碳计划”发布报告说,全球CO2排放量增速趋缓。人们还需要更有力的政策来逐步淘汰化石燃料的使用。CO2的综合利用是解决温室问题的有效途径。
(1)一种途径是用CO2转化成为有机物实现碳循环。如:
C2H4(g)+H2O(l)C2H5OH(l)
ΔH=-44.2 kJ·mol-1
2CO2(g)+2H2O(l) C2H4(g)+3O2(g)
ΔH=+1 411.0 kJ·mol-1
已知2CO2(g)+3H2O(l) C2H5OH(l)+3O2(g)其正反应的活化能为EakJ·mol-1,则逆反应的活化能为________kJ·mol-1。乙烯与HCl加成生成的氯乙烷在碱性条件下水解也得到乙醇,反应的离子方程式为__________________________________________________________,v=kcm(CH3CH2Cl)cn(OH-)为速率方程,研究表明,CH3CH2Cl浓度减半,反应速率减半,而OH-浓度减半对反应速率没有影响,则反应速率方程式为_________________________。
(2)利用工业废气中的CO2可以制取甲醇和水蒸气,一定条件下,往2 L恒容密闭容器中充入1 mol CO2和3 mol H2,在不同催化剂作用下发生反应Ⅰ、反应Ⅱ与反应Ⅲ,相同时间内CO2的转化率随温度变化如图所示:
①催化剂效果最佳的反应是________(填“反应Ⅰ”“反应Ⅱ”或“反应Ⅲ”)。
②b点v正________v逆(填“>”“<”或“=”)。
③若此反应在a点时已达平衡状态,a点的转化率比c点高的原因是_______________。
④c点时该反应的平衡常数K=________。
(3)中国科学家首次用CO2高效合成乙酸,其反应路径如图所示:
①原料中的CH3OH可通过电解法由CO2制取,用稀硫酸作电解质溶液,写出生成CH3OH的电极反应式________________________________________________________________。
②根据图示,写出总反应的化学方程式:________________________________________。
答案 (1)Ea-1 366.8 CH3CH2Cl(aq)+OH-(aq)―→C2H5OH(aq)+Cl-(aq) v=kc(CH3CH2Cl) (2)①反应Ⅰ ②> ③该反应为放热反应,温度升高,平衡逆向移动 ④ (3)①CO2+6e-+6H+===CH3OH+H2O ②CH3OH+CO2+H2CH3COOH+H2O
解析 (1)反应①C2H4(g)+H2O(l)C2H5OH(l) ΔH1=-44.2 kJ·mol-1;反应②2CO2(g)+2H2O(l)C2H4(g)+3O2(g) ΔH2=+1 411.0 kJ·mol-1
应用盖斯定律,反应①+反应②得到:2CO2(g)+3H2O(l)C2H5OH(l)+3O2(g),则该反应的ΔH=ΔH1+ΔH2,故ΔH =-44.2 kJ·mol-1+(+1 411.0 kJ·mol-1)=+1 366.8 kJ·mol-1,因为ΔH=正反应的活化能-逆反应的活化能,正反应的活化能为EakJ·mol-1,则逆反应的活化能为(Ea-1 366.8)kJ·mol-1;氯乙烷在碱性条件下水解得到乙醇和氯化钠,则反应的离子方程式为CH3CH2Cl(aq)+OH-(aq)―→C2H5OH(aq)+Cl-(aq);该反应的速率方程为v=kcm(CH3CH2Cl)cn(OH-),研究表明,CH3CH2Cl浓度减半,反应速率减半,则可知m=1,而OH-浓度减半对反应速率没有影响,则n=0,故反应速率方程式为v=kc(CH3CH2Cl)。
(2)一定条件下,密闭容器中发生的反应为CO2(g)+3H2(g)CH3OH(g)+H2O(g),①相同温度下相同时间内CO2转化率最高的是反应Ⅰ的图线,故最佳催化剂为反应Ⅰ。
②图线中b点未达到平衡状态,则v正 >v逆。
③若此反应在a点时已达平衡状态,则继续升温就会使平衡移动,故a点的转化率比c点高的原因为该反应为放热反应,温度升高,平衡逆向移动。
④该条件下,一开始往2 L恒容密闭容器中充入1 mol CO2和3 mol H2,由图知,c点时二氧化碳转化了,则
CO2(g)+3H2(g) CH3OH(g)+ H2O(g)
起始/mol 1 3 0 0
转化/mol 1× 3× 1× 1×
平衡/mol 1
平衡时2 L容器内CO2(g)、H2(g)、CH3OH(g)、H2O(g)的浓度依次为 mol·L-1、 mol·L-1、 mol·L-1、 mol·L-1,则该反应的平衡常数K= ==。
(3)①通过电解法由CO2制取CH3OH,碳元素化合价降低,故是二氧化碳得电子被还原的反应,故二氧化碳在阴极反应,则生成CH3OH的电极反应式为CO2+6e-+6H+===CH3OH+H2O;
②根据图示,CH3OH、CO2和H2在LiI、Rh*催化作用下生产CH3COOH和H2O,总反应的化学方程式为CH3OH+CO2+H2CH3COOH+H2O。
5.二甲醚(CH3OCH3)是一种新型能源,被誉为“21世纪的清洁燃料”。
(1)用CO和H2合成二甲醚的反应为3H2(g)+3CO(g)CH3OCH3(g)+CO2(g) ΔH。
几种物质的相对能量如下:
物质
H2(g)
CO(g)
CO2(g)
CH3OCH3(g)
相对能量/(kJ·mol-1)
285.8
283
0
1 453.0
ΔH=________kJ·mol-1。改变下列“量”,一定会引起ΔH发生变化的是________(填字母,下同)。
A.反应物浓度 B.催化剂 C.化学计量数
(2)有利于提高反应中CH3OCH3产率的条件为____________________________。
A.高温低压 B.低温高压
C.高温高压 D.低温低压
(3)采用新型催化剂(主要成分是CuMn的合金)制备二甲醚。催化剂中对合成二甲醚的影响情况如下图所示。
当=2.0时,二甲醚的选择性(选择性=×100%)为85.8%,此时二甲醚的产率为________。
(4)用二甲醚燃料电池电解法可将酸性含铬废水(主要含有Cr2O)转化为Cr3+。原理如下图:
①燃料电池中的负极是________(填“M”或“N”)电极。电解池阴极的电极反应式为________________________________________________________________________。
②消耗6.9 g二甲醚时可处理Cr的含量为26.0 g·L-1的废水1 L,该套装置的能量利用率为________(保留3位有效数字)。
答案 (1)-253.4 C (2)B (3)61.8% (4)①M Cr2O+6e-+14H+===2Cr3++7H2O ②83.3%
解析 (1)用CO和H2合成二甲醚的反应为3H2(g)+3CO(g)CH3OCH3(g)+CO2(g) ΔH=生成物总能量-反应物总能量=1 453.0 kJ·mo1-1-(3×285.8 kJ·mol-1+3×283 kJ·mol-1)=-253.4 kJ·mol-1;
改变反应物浓度,影响化学反应平衡移动,但不会影响ΔH ,故A不符合题意;催化剂只改变化学反应速率,不会影响ΔH,故B不符合题意;反应热与化学计量数成正比,所以改变化学计量数会影响ΔH,故 C符合题意。
(2)根据3H2(g)+3CO(g)CH3OCH3(g)+CO2(g) ΔH=-253.4 kJ·mol-1可知,降低温度,平衡正向移动,CH3OCH3产率升高;增大压强,平衡正向移动,CH3OCH3产率升高;所以有利于提高反应中CH3OCH3产率的条件为低温高压,故B正确。
(3)当=2.0时,二甲醚的选择性(选择性=×100%)为85.8%,由图可知CO的转化率为72%,此时二甲醚的产率为85.8%×72%≈61.8%。
(4)①由质子交换膜中氢离子移动方向可知,M为负极,N为正极;电解池中与正极相连的为阳极发生氧化反应,与负极相连的为阴极发生还原反应,所以阴极的电极反应式为:Cr2O+6e-+14H+===2Cr3++7H2O。
②n(CH3OCH3)==0.15 mol,根据电子守恒:CH3OCH3 - 12e-+3H2O===2CO2↑+12H+可知转移电子为0.15 mol×12=1.8 mol,可以还原m(Cr)=26.0 g·L-1×1 L=26.0 g,根据Cr2O+6e-+14H+===2Cr3++7H2O可知转移的电子为×3=1.5 mol,该套装置的能量利用率为×100%≈83.3%。
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