真题重组卷05——2023年中考物理真题汇编重组卷（山东济南专用）

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冲刺2023年中考物理精选真题重组卷05

物  理（济南专用）

注意事项：

1．答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置上。

2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。

3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分。每小题给出的四个选项中，只有一个选项最符合题目的要求）

1．（2022•常州中考）在加勒比海红树林中，科学家发现最大的细菌——华丽硫珠菌，形如一根细绳，可用肉眼直接观察，如图所示，其长度l为（　　）

A．2cm B．2.0cm C．2.00cm D．2.000cm

【答案】C

【解析】由图可知，刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm＝1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；细菌左侧与0.00cm对齐，右侧与2.00cm对齐，所以细菌的长度为l＝2.00cm，故C正确。故选：C。

2．（2022•贵港中考）蓝牙音箱可在一定距离内无线连接手机进行音乐播放，蓝牙音箱播放音乐时，下列说法正确的是（　　）

A．音箱发声不需要振动 

B．根据音色可以分辨出不同歌手的声音 

C．音箱发出的声音不会成为噪声 

D．调节音箱音量大小是改变声音的音调

【答案】B

【解析】声音是由物体的振动产生的，所以蓝牙音箱发声需要振动，故A错误；不同人发出声音的音色不同，根据音色可以分辨出不同歌手发出的声音，故B正确；音箱发出的乐音，如果妨碍人们正常工作、学习和休息也会成为噪声，故C错误；将音箱音量调大是为了改变声音的响度，故D错误。故选：B。

3．（2022•鄂尔多斯中考）日出时能看到地平线以下的太阳。下列现象与此原理相同的是（　　）

A．树荫下圆形的光斑 B．汽车后视镜中的像 

C．水中筷子“折断” D．人能看到课本

【答案】C

【解析】日出时能看到地平线以下的太阳，是由于光经过不均匀的大气层时发生折射形成的。

树荫下圆形的光斑是小孔成像现象，是由于光的直线传播形成的，故A不合题意；汽车后视镜中的像利用了光的反射来成像，故B不合题意；水中筷子“折断”是光从水中斜射入空气中时发生折射形成的，故C符合题意；人能看到本身不发光的课本，是光的反射现象，故D不合题意。故选：C。

4．（2022•十堰中考）如图是某校园监控摄像头，从安保室电脑上可以看到此摄像头拍摄的学生出入校园的画面，摄像镜头所成的像与下列设备成像特点相同的是（　　）

A．汽车观后镜 B．照相机 C．投影仪 D．放大镜

【答案】B

【解析】摄像头是利用凸透镜成倒立、缩小的实像的原理制成的。汽车的观后镜是凸面镜，主要利用凸面镜能使光线发散的特点，可以起到扩大视野的目的，故A错误；照相机是把发光板放在较远处，移动光屏，直至出现清晰的像，此像是倒立、缩小的实像，故B正确；投影仪所成的像是倒立、放大的实像，故C错误；放大镜是物体经透镜成正立、放大的虚像，故D错误。

故选：B。

5．（2022•烟台中考）如图所示的实例中，能利用流体压强与流速的关系解释的是（　　）

A．拦河坝设计得下宽上窄 B．锅炉水位计显示水位

C．用吸管吸饮料 D．自制喷雾器喷雾

【答案】D

【解析】拦河坝设计成下宽上窄，利用了液体压强大小随深度增加而增大，故A错误；锅炉水位计与锅炉内下端相连通，上端开口，是连通器，水位计可以显示锅炉内水位，故B错误；

用吸管吸饮料，饮料就会上升到嘴中，是因为管内的气压小于外界大气压，饮料在大气压力作用下上升，故C错误；向上管中吹气时，上管上端空气流速大，压强小，大气压不变，管内外压强差的作用下上升、喷雾，故D正确。故选：D。

6．（2022•滨州中考）关于内能和内能的利用，下列说法中正确的是（　　）

A．5月的街头，杨花飞絮随风舞，好似雪花满天飞，说明分子在不停地做热运动 

B．新能源汽车实现了“零排放”，其效率达到了100% 

C．我国“长征五号B”大型运载火箭使用氢作燃料，是因为氢的密度小 

D．内燃机的压缩冲程，主要通过做功的方式增大汽缸内物质的内能

【答案】D

【解析】5月的街头，杨花飞絮随风舞，好似雪花满天飞，描述的是宏观物体的机械运动，不属于分子热运动，故A错误；新能源汽车实现了“零排放”，但是不能排除机械间的摩擦，不能排除热量的散失，所以机械效率不会达到100%，故B错误；运载火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较大的热值，完全燃烧相同质量的液态氢和其它燃料相比，液态氢可以释放出更多的热量，故C错误；内燃机的压缩冲程，活塞压缩气缸内物质做功，机械能转化为内能，是通过做功改变物体的内能，故D正确。故选：D。

7．（2022•鄂州中考）如图所示，电源电压不变，闭合开关S，当滑动变阻器R2的滑片由最右端向中点滑动过程中，下列说法正确的是（　　）

A．电压表示数不变，电流表A1示数不变 

B．电压表示数变大，电流表A2示数变大 

C．电压表示数不变，两个电流表示数的差不变 

D．电压表示数变小，电压表与电流表A2示数的比值不变

【答案】A

【解析】由电路图可知，R2与R1并联，电流表A1测R1支路的电流，电流表A测干路电流，电压表测电源两端的电压；电源电压不变，则滑片移动过程中电压表示数不变，故B错误；

滑动变阻器R2的滑片P从最右端向中点移动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流变大；因并联电路中各支路互不影响，则通过R1的电流不变，即电流表A1示数不变；根据并联电路的电流关系可知，干路中的电流变大，即电流表A2示数变大，两个电流表示数的差变大，故A正确；C错误；电压表V的示数不变，电流表A2示数变大，其比值变小，故D错误。故选：A。

8．（2022•宜宾中考）图中，符合安全原则的是（　　）

A．将冰箱的金属外壳接地 B．用湿抹布擦发光的灯泡 

C．在电线上晾晒衣物                 D．雷雨天在大树下避雨

【答案】A

【解析】将冰箱的金属外壳接地，可以防止因漏电导致金属外壳带电而发生触电事故，故A正确；生活用水是导体，用湿布擦拭通电的用电器、在电线上晾晒衣物易发生触电事故，故BC错误；用雷雨天里，大树也是很好的导体，电流会沿大树传到大地，所以雷雨天千万不要在大树下避雨，故D错误。故选：A。

9．（2022•滨州中考）进入初中学业水平考试考场时，监考教师会使用金属探测仪对大家进行检测。如果有同学携带金属制品，探测仪就会产生电流并报警。下列四个实验能反映金属探测仪工作原理的是（　　）

 A        B        C       D

【答案】B

【解析】当线圈靠近金属物体时，在金属物体中产生电流，相当于闭合电路的部分导体在切割磁感线，故在线圈中会产生电流，故探测器应采用了电磁感应原理；此图是探究磁极间相互作用规律的实验，故A错误；此图中没有电源，ab做切割磁感线运动时，会产生感应电流，即为探究电磁感应现象的实验，故B正确；此装置的主要部件是电磁铁，其工作原理是电流的磁效应，故C错误；此图为探究通电导体在磁场中受力的实验，反映了电动机的原理，故D错误。

故选：B。

10．（2022•铜仁市中考）近年来，我国在材料、能源等领域取得了辉煌的成就，下列说法正确的是（　　）

A．量子计算机中的电子器件都是由超导体制成 

B．水力、风力、火力发电是不可再生能源的利用 

C．新能源汽车的动力部件是蓄电池，其工作原理与内燃机的工作原理相同 

D．光纤通信，是利用光在纤维材料中多次反射传输信息的

【答案】D

【解析】计算机中的电子器件主要是由半导体材料制成的，故A错误；水力、风力、利用的是水能、风能，属于可再生能源，火力发电利用的是煤炭的内能，属于不可再生资源，故B错误；

新能源汽车的动力部件是蓄电池，用的电能，内燃机利用的汽油的内能，故C错误；光纤通信，是利用了光在纤维材料中多次反射传输信息，故D正确。故选：D。

二、多项选择题（本大题共5小题，每小题4分，共20分。每小题给出的四个选项中，至少有两个选项符合题目的要求）

15．（2022•长沙中考）如图甲所示，小丽在透明塑料板下放了一张爱心的图案，用丝绸裹住手指，照着图案用力摩擦塑料板后，均匀撒上木屑，竖起塑料板轻敲，板上就留下了一颗由木屑组成的爱心，如图乙所示，这个过程模拟了静电复印。下列说法正确的是（　　）

A．塑料板是绝缘体 

B．摩擦过程中创造了电荷 

C．摩擦后的塑料板和丝绸带上了同种电荷 

D．木屑留在塑料板上是由于带电体吸引轻小物体

【答案】AD

【解析】塑料板是绝缘体，故A正确；摩擦过程中不会创造电荷，故B错误；摩擦后的塑料板和丝绸带上了异种电荷，故C错误；由于带电体能吸引轻小物体，所以在平放的塑料板上面均匀地撒上一层干木屑时，塑料板上带电区域把木屑吸住，故D正确。故选：AD。

12.（2022•锦州中考）在水平桌面上有甲、乙两个完全相同的烧杯，烧杯内盛有两种不同的液体。如图所示，将质量相等的A、B两个物体分别放入两种液体中（VA＜VB），静止时两烧杯内液面相平。下列说法正确的是（　　）

A．甲烧杯中液体的密度小于乙烧杯中液体的密度 

B．物体A受到的浮力等于物体B受到的浮力 

C．甲烧杯底受到液体的压力等于乙烧杯底受到液体的压力 

D．甲烧杯对桌面的压强大于乙烧杯对桌面的压强

【答案】BD

【解析】两物体质量相等，其重力也相等，甲图，物体A漂浮，浮力等于重力，即F甲＝G；

乙图，物体B悬浮，浮力等于重力，即F乙＝G，所以A物体受到的浮力等于B物体受到的浮力；故B正确；根据F浮＝ρ液gV排，在浮力相同时，由图知VA排＜VB排，所以ρ甲＞ρ乙，故A错误；

因为两容器液面相平，即h甲＝h乙，而ρ甲＞ρ乙，由p＝ρgh可知，p甲＞p乙，两容器底面积相同，由p＝可知，甲烧杯底受到液体的压力大于乙烧杯底受到液体的压力，故C错误；

放入物体AB后，两容器液面相平，VA＜VB，所以VA排＜VB排，说明没放物体之前甲容器中液体的体积大于乙容器中液体的体积，即V甲＞V乙，ρ甲＞ρ乙，由ρ＝可知，m甲＞m乙，G甲＞G乙；

两容器质量相同，则容器的重力相同，物体质量相同，其重力也相等，但液体的重力G甲＞G乙，

两容器对桌面的压力分别为F甲＝G器+G物+G甲，F乙＝G器+G物+G乙，所以F甲＞F乙，两容器底面积相同，由p＝可知，甲烧杯对桌面的压强大于乙烧杯对桌面的压强，故D正确。故选：BD。

13．（2022•青岛中考）北京冬奥会的成功举办，大大激发了国民参与冰雪运动的热情。某滑雪爱好者从雪坡高处的A点由静止自由滑下，经坡底的B点后，继续在水平滑道上滑行，最后停在C点。关于滑雪者的机械能，下列分析正确的是（　　）

A．在A点动能为零，重力势能最大 

B．从A到B的过程中重力势能逐渐减小 

C．从B到C的过程中动能逐渐增大 

D．从A到C的过程中机械能不变

【答案】AB

【解析】在A点高度最高，重力势能最大，速度为零，动能为零，故A正确；从A到B的过程中，质量不变，高度降低，重力势能减少，故B正确；从B到C的过程中速度减小，动能逐渐减小，故C错误；从A到C的过程，克服摩擦做功，机械能转化为一部分内能，故机械能减小，故D错误。故选：AB。

14．（2022•滨州中考）如图所示，用滑轮组提升质量为12kg的物体时，物体在10s内匀速竖直上升2m。所用拉力F为50N。则在提升物体的过程中（不计绳重和摩擦，g＝10N/kg），下列说法正确的是（　　）

A．绳子自由端移动的速度为0.6m/s 

B．滑轮组提升物体做的有用功为300J 

C．拉力做功的功率为30W 

D．该滑轮组的机械效率为80%

【答案】ACD

【解析】由图可知，n＝3，则绳端移动的距离：s＝3h＝3×2m＝6m，绳子自由端移动的速度：v＝＝＝0.6m/s，故A正确；滑轮组提升物体做的有用功为：W有＝Gh＝mgh＝12kg×10N/kg×2m＝240J，故B错误；拉力在这10s内做的总功：W总＝Fs＝50N×6m＝300J，拉力F的功率：P＝＝＝30W，故C正确；滑轮组的机械效率为：η＝×100%＝×100%＝80%，故D正确。故选：ACD。

15．（2022•成都中考）如图所示电路，电源电压U恒定不变，电流表A1量程为3A，A2量程为0.6A，电压表V量程为3V或15V。闭合S，断开S1、S2，滑片P移到最左端，A1表的示数为0.35A，R1和R3消耗的电功率之比P1：P3＝3：1；滑片P向右移到某一位置的过程中，A1表的示数变化了0.3A，V表的示数变化了3V。三个开关都闭合时，在确保电路安全的前提下，R2允许接入的最小阻值为R2小，电路消耗的最大电功率为P大。下列结论正确的是（　　）

A．R3＝10Ω B．电压表选用的量程为3V 

C．R2小＝40Ω D．P大＝28W

【答案】AD

【解析】由图可知，闭合S，断开S1、S2，滑片P移到最左端，R1、R3串联，R2被短路，A1表的示数为I＝0.35A，电压表测量R3两端的电压；根据串联电路的电流特点可知，通过R1、R3的电流相等，R1和R3消耗的电功率之比P1：P3＝I2R1：I2R3＝R1：R3＝3：1，即R1＝3R3；滑片P向右移到某一位置的过程中，电路中的电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，A1表的示数变化了0.3A，所以电流表A1此时的示数I′＝I﹣ΔI＝0.35A﹣0.3A＝0.05A；

根据欧姆定律可知，电压表的示数变化ΔV＝IR3﹣I′R3＝0.35A×R3﹣0.05A×R3＝3V，解得：R3＝10Ω，故A正确；R1的阻值R1＝3R3＝3×10Ω＝30Ω；由欧姆定律可知，滑片P移到最左端时，R3两端的电压U3＝IR3＝0.35A×10Ω＝3.5V＞3V，所以电压表的量程为0～15V，故B错误；电源电压U＝U1+U3＝IR1+IR3＝0.35A×30Ω+0.35A×10Ω＝14V；三个开关都闭合时，R1、R2、R3并联，电流表A1测量干路电流，电流表A2测量R1、R2的电流之和，在确保电路安全的前提下，由于电流表A1的量程为3A。电流表A2的量程为0.6A，只要电流表A2安全，则电流表A1安全，电路就是安全的，所以电流表A2的最大电流I12＝0.6A，根据并联电路的电压特点可知，各支路电压相等，都等于电源电压14V；此时通过R1的电流I1＝＝＝A；

根据并联电路的电流特点可知，通过R2的最大电流I2＝I12﹣I1＝0.6A﹣A＝A；

根据欧姆定律可知，R2允许接入的最小阻值为R2小＝＝＝105Ω，故C错误；

通过R3的电流：I3＝＝＝1.4A；根据并联电路的电流特点可知，干路的最大电流I大＝I12+I3＝0.6A+1.4A＝2A；电路消耗的最大电功率为P大＝UI大＝14V×2A＝28W，故D正确。

故选：AD。

三、非选择题（本大题共8小题，16题4分，17题4分，18题3分，19题6分，20题7分，21题6分，22题3分，23题12分，共50分）

16．（2022•东营中考）如图甲，在一个烧杯中装半杯热水，另一个同样的烧杯中装等量的冷水。同时滴入一滴红墨水，发现装热水的杯子变红的速度更快，这说明了分子的运动跟 　  　有关。如图乙，将两个铅柱的底面削平，然后紧紧地压在一起，在下面吊一个重物都不能把它们拉开，这说明了分子之间存在 　  　。

【答案】温度  引力

【解析】由于分子在不停地做无规则运动，温度越高，分子无规则热运动越剧烈。由于热水的温度高，热水中的墨水扩散得快，所以热水的杯子变红的速度更快，这说明了分子的运动跟温度有关。将两个铅柱的底面削平、削干净、然后紧紧地压在一起，两铅块的底面分子间的距离较小，分子间的引力使两铅块结合起来，甚至下面吊一个重物都不能把它们拉开。

17．（2022•威海中考）太阳风是太阳发出的高速带电粒子流，部分带电粒子通过地球附近磁场时，其运动轨迹如图所示，此过程中地球磁场对太阳风的力改变了带电粒子的 　   　；同时地球的磁场也被压缩了，说明太阳风和地球磁场之间力的作用是 　  　。

【答案】运动状态  相互的

【解析】如图所示，太阳风的部分带电粒子通过地球附近磁场时，地球磁场对太阳风的力改变了带电粒子的运动状态；同时地球的磁场也被太阳风压缩了，说明太阳风和地球磁场之间力的作用是相互的。

18.（2022•吉林中考）静止在水平桌面上的一套丛书，质量为1.65kg，与桌面的接触面积为0.03m2，求：

（1）该套丛书受到的重力；

（2）该套丛书对桌面的压强。（g＝10N/kg）

【答案】（1）该套丛书受到的重力为16.5N  （2）该套丛书对桌面的压强为550Pa

【解析】（1）该套丛书受到的重力：G＝mg＝1.65kg×10N/kg＝16.5N；（2）因物体对水平面的压力和自身的重力相等，所以，该套丛书对桌面的压强：p＝＝＝＝550Pa。

19.（2022•重庆中考）某品牌国产电动汽车匀速通过长约1800m的朝天门长江大桥用时120s，整个过程中汽车牵引力的功率恒为9.0×103W。求：

（1）整个过程中汽车行驶的速度；

（2）整个过程中汽车牵引力所做的功。

【答案】（1）整个过程中汽车行驶的速度为15m/s （2）整个过程中汽车牵引力所做的功为1.08×106J

【解析】（1）由题知，电动汽车匀速通过的路程1800m，用时120s，整个过程中汽车行驶的速度v＝＝＝15m/s；（2）牵引力的功率恒为9.0×103W，由P＝可得，整个过程中汽车牵引力所做的功：W＝Pt＝9.0×103W×120s＝1.08×106J。

20．（2022•鄂尔多斯中考）图甲是某电饭锅的简化电路原理图，R1和R2是阻值不变的加热电阻，R1＝50Ω，S为温控开关，1、2是开关连接的触点。某次煮饭时，只将电饭锅接入220V的电路中，在加热状态下工作了一段时间后，开关S自动切换到保温状态。在保温状态下，电能表（如图乙）的转盘在1min内转动了5r。求：

（1）保温状态下该电饭锅的发热功率。

（2）R2阻值的大小。

（3）用电高峰时，该电饭锅在加热状态下，14min内将2kg初温为20℃的水加热至沸腾（1个标准大气压），若不计热损失，电饭锅的实际电压。[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]

【答案】（1）保温状态下该电饭锅的发热功率为100W  （2）R2阻值的大小为434Ω  （3）电饭锅的实际电压为200V

【解析】（1）3000r/（kW•h）表示电路中每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转3000转，

在保温状态下，电能表（如图乙）的转盘在1min内转动了5r，电饭锅消耗的电能为：

W保温＝kW•h＝×3.6×106J＝6000J，保温功率为：P保温＝＝＝100W；

（2）由图甲可知，当开关S与触点1连接时，电路中只有R1，电路中电阻较小；当开关S与触点2连接时，电路中R1、R2串联，电路中电阻较大；电源电压一定，由P＝可知，当开关S与触点1连接时，电路电功率较大、电饭锅处于加热状态；当开关S与触点2连接时，电路电功率较小、电饭锅处于保温状态；由P＝可得保温时电路总电阻为：R串＝＝＝484Ω，R2的阻值为：R2＝R串﹣R1＝484Ω﹣50Ω＝434Ω；（3）标准大气压下水的沸点为100℃，电饭锅将2kg初温为20℃的水加热至沸腾时，水吸收的热量：Q吸＝c水m（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（100℃﹣20℃）＝6.72×105J；不计热量损失，则W＝Q吸，则电饭锅的实际加热功率为：P加热′＝＝＝＝800W，根据P＝可得，加热状态下的实际电压为：U实＝＝＝200V。

21.（2022•益阳中考）小明用如图甲所示实验装置探究“水沸腾时温度变化的特点”：

（1）该装置的错误之处是 　                      　；

（2）将烧杯盖住的目的是 　                     　；

（3）小明做完实验后又进一步探究了沸水自然冷却过程中温度随时间变化的情况，得到变化的图像如图乙所示。如果要喝一杯奶茶（牛奶与茶水的质量之比约为1：2），有A、B两种方案可选择：

A.先将滚烫的热茶冷却5min，然后加冷牛奶

B.先将冷牛奶加进滚烫的热茶中，然后冷却5min

结合图像乙，你认为方案 　 　的冷却效果较好。

【答案】温度计玻璃泡碰到了烧杯内壁  防止热量散失，缩短实验时间  A

【解析】（1）该装置的错误之处是温度计玻璃泡碰到了烧杯内壁；

（2）将烧杯盖住的目的是防止热量散失，缩短实验时间；

（3）由图看出温度变化特点是：先快，后慢；根据水的温度降低的规律，如果要使一杯热的奶茶快速冷却，最好的办法是先将滚烫的热茶冷却5min，然后加冷牛奶，即方案A效果更好。

22．（2022•内蒙古中考）某物理学习小组利用如图探究影响滑动摩擦力大小的因素：

（1）实验中，应在水平方向拉着木块做 　  　运动；根据 　  　得出滑动摩擦力大小等于拉力大小，即等于弹簧测力计示数。

（2）由 　  　两图实验现象可知：在接触面粗糙程度相同时，接触面受到的压力越大，滑动摩擦力越大。

（3）由 　  　两图实验现象可知：在接触面受到的压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。

【答案】（1）匀速直线  二力平衡  （2）甲、乙  （3）甲、丙

【解析】（1）实验中，应在水平方向拉着木块做匀速直线运动；此时木块处于平衡状态，受到平衡力的作用，根据二力平衡知识，得出滑动摩擦力大小等于拉力大小，即等于弹簧测力计示数；（2）要探究压力和滑动摩擦力的关系，必须采用控制变量法，保持接触面的粗糙程度相同而压力不同，则应选择甲、乙两图进行实验并分析，得出结论；（3）要探究接触面与摩擦力的大小关系，必须控制压力相同而接触面不同，则应选择甲、丙两图进行实验。

23．（2022•通辽中考）如图所示，甲同学在做“测量小灯泡的电功率”实验。实验器材：电源（电压恒为6V）、小灯泡（额定电压为2.5V，正常发光时灯丝电阻约为10Ω）、电流表、电压表、开关各一个，规格分别为R1（10Ω 1A）和R2（30Ω 0.5A）的滑动变阻器各一个，导线若干。

（1）连接电路时，滑动变阻器应选 　   　（选填“R1”或“R2”）。

（2）连接好电路后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，电路故障原因是 　     。

（3）排除故障，闭合开关，移动滑片P至某位置时，电压表的示数为2.2V，若想测量小灯泡的额定功率，应将滑片P向 　 　端移动（选填“A”或“B”）。通过实验绘制出小灯泡的U﹣I图象，如图乙所示，小灯泡的额定功率为 　   　W。

（4）乙同学设计了如图丙所示电路，来测量另一只小灯泡的额定功率（已知灯泡的额定电压为U额），R0阻值已知。

①断开开关S3，闭合开关S1、S2，调节滑动变阻器滑片P，使得电流表示数为    　（用字母表示），此时灯泡正常发光；

②保持滑动变阻器滑片P位置不变，断开开关S2，闭合开关S1、S3，记下电流表的读数为I；

③小灯泡额定功率的表达式P额＝　       　（用字母U额、I、R0表示）。

【答案】（1）R2  （2）小灯泡短路  （3）B  0.625  （4）①  ③U额×（I﹣）

【解析】（1）灯泡正常发光时电路电流约为I'＝＝＝0.25A；此时滑动变阻器两端的电压U滑＝U﹣UL＝6V﹣2.5V＝3.5V，此时滑动变阻器接入电路的阻值为R滑＝＝＝14Ω＞10Ω，因此应选规格为“30Ω 0.5A”的R2滑动变阻器；（2）连接好电路后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表有示数，说明电路是通路；电压表无示数，说明电压表并联的支路短路，即电路故障原因是小灯泡短路；（3）排除故障，闭合开关，移动滑片P至某位置时，电压表的示数为2.2V，小于灯泡的额定电压2.5V，若想测量小灯泡的额定功率，应增大灯泡两端的电压，根据串联电路电压规律，应减小变阻器两端的电压，根据分压原理，应减小变阻器接入电路的阻值，故变阻器滑片应向B端移动；由U﹣I图象可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.25A，小灯泡额定功率为：P＝ULIL＝2.5V×0.25A＝0.625W；（4）实验步骤：①断开开关S3，闭合开关S1、S2，调节滑动变阻器滑片P，使得电流表示数为，此时灯泡正常发光；②保持滑动变阻器滑片P位置不变，断开开关S2，闭合开关S1、S3，记下电流表的读数为I；③在步骤①中，灯泡L与电阻R0并联，电流表测通过R0的电流，调节滑动变阻器滑片P，使得电流表示数为，根据并联电路电压特点和欧姆定律可知，灯的电压为U额，灯正常发光；在步骤②中，灯泡L与电阻R0仍并联，电流表测通过灯泡和电阻R0的总电流；因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律，灯的额定电流为：I额＝I﹣，灯的额定功率的表达式：P额＝U额I额＝U额×（I﹣）。