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2023年北京市丰台区长辛店三校联考中考物理一模试卷（含答案解析）
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这是一份2023年北京市丰台区长辛店三校联考中考物理一模试卷（含答案解析），共25页。试卷主要包含了 有关热值的说法正确的是，6A等内容，欢迎下载使用。
2023年北京市丰台区长辛店三校联考中考物理一模试卷
1. 下列物理学家中，将其名字命名为功率单位的是( )
A. 牛顿 B. 瓦特 C. 焦耳 D. 帕斯卡
2. 以下物质，通常情况下属于绝缘体的是( )
A. 人体 B. 铅笔芯 C. 橡胶手套 D. 不锈钢尺
3. 有关热值的说法正确的是( )
A. 热值大的燃料，放出的热量一定多
B. 质量大的燃料，放出的热量一定多
C. 1千克某种燃料燃烧时放出的热量，叫做这种燃料的热值
D. 燃料燃烧时放出的热量与燃料的热值、质量和燃烧是否充分有关
4. 如图所示的电路，电源电压保持不变，R1、R2为定值电阻，闭合开关后两电流表的偏转角度相同，下列说法正确的是( )
A. 通过R1的电流与通过电源的电流相等
B. 通过R1的电流与通过R2的电流相等
C. 电阻R1与电阻R2的比值为1：4
D. 电阻R1与电阻R2的比值为4：1
5. 如图所示，通电螺线管周围放着能自由转动的小磁针a、b、c、d，其中小磁针N极指向错误的是( )
A. 小磁针a
B. 小磁针b
C. 小磁针c
D. 小磁针d
6. 关于热现象，下列说法中正确的是( )
A. 热量总是从内能大的物体向内能小的物体传递
B. 物体的温度越高，含有的热量越多
C. 热值大的燃料完全燃烧，放出的热量一定多
D. 温度相同的物体内能不一定相等
7. 如图所示电路中，电源电压恒定不变，闭合开关S发现小灯不亮，若电路中只有一处故障，且只发生在灯、电阻R上。为检测故障，现提供完好的电压表V、电流表A和检测小灯作为检测工具，要求在不拆除原电路的条件下，选择其中一个连接在AB或BC两点之间，则( )
A. 无论选哪个检测工具，都不会造成电源短路
B. 如果选择检测小灯，可以一次就检测出故障
C. 如果选电压表，接在AB间，有电压一定是R断路
D. 如果选电流表可能会造成电源短路
8. 在某一温度下，连接在电路中的两段导体A和B中的电流与其两端电压的关系如图所示，由图中信息可知( )
A. A导体的电阻为10Ω
B. A导体的电阻大于B导体的电阻
C. A导体两端电压为3V时，通过A导体的电流为0.6A
D. B导体两端电压为0V时，B导体的电阻也为0Ω
9. 柴油机与汽油机相比，下列说法错误的是( )
A. 柴油机有喷油嘴没有火花塞
B. 柴油机吸气冲程进入汽缸的只有空气
C. 柴油机效率更低一些
D. 压缩冲程中，柴油机缸内气体被压缩程度更大
10. 如图是某款洗衣机及所用的三孔插座，它的铭牌标有“220V 150W”。下列说法正确的是( )
A. 洗衣机只能在 220V 的电压下工作
B. 洗衣机正常工作时，10s 内会产生 1500J 的热量
C. 洗衣机的核心装置是电动机，它的工作原理是电磁感应现象
D. 洗衣机外壳和火线绝缘损坏，外壳带电时，电路中的漏电保护器会切断电流
11. 如图，当开关由闭合到断开时，灯泡L1的亮度将( )
A. 变亮
B. 变暗
C. 不变
D. 条件不足，无法判断
12. 小李同学用如图所示的电路测小灯泡的功率。电路中电源电压恒为4V，电压表的量程为0∼3V，电流表的量程为0∼0.6A.滑动变阻器的规格为“10ΩlA”，灯泡标有“3V1.5W”字样。若闭合开关，两电表的示数均不超过所选量程，灯泡两端的电压不允许超过额定值，不考虑灯丝电阻的变化，则下列说法中正确的是( )
A. 滑动变阻器的电阻允许调节的范围是0∼10Ω
B. 灯泡功率的变化范围是0.375W∼1.5W
C. 电流表示数的变化范围是0.25A∼0.6A
D. 该电路的总功率的变化范围是0∼2.5W
13. 如图是两根外形完全相同的钢棒a和b，按甲图放置时，它们能够相互吸引；按乙图放置时，它们之间感觉不出有相互作用力．则可知( )
A. a和b都是磁铁 B. a不是磁铁，b是磁铁
C. a是磁铁，b不是磁铁 D. a和b都不是磁铁
14. 如图所示，电源电压保持不变，小灯泡L1、L2分别标有“6V 3W”和“6V 6W”的字样，滑动变阻器R的阻值变化范围为0∼12Ω，当S1、S2和S3都闭合，滑动变阻器的滑片滑到a端时，两灯都正常发光。不考虑温度对灯泡电阻的影响，则( )
A. 电源电压为12V B. 两灯都正常发光时电流表的示数为3A
C. 整个电路的最小功率2.25W D. 整个电路的最大功率9 W
15. 如图所示，电源电压保持不变，当闭合开关S，滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中，下列说法正确的是( )
A. 电压表V1减小的示数小于V2增大的示数
B. 电压表V1减小的示数等于V2增大的示数
C. 电压表V1的示数不变，电压表V2的示数增大
D. 电压表V1的示数增大，电压表V2的示数减小
16. 关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是( )
A. 低于24V的电压，人体就可以接触
B. 使用验电笔时，请勿触碰验电笔后端的金属部分
C. 高压触电有电弧触电和跨步电压触电两种情形
D. 一般有金属外壳的电器用两孔插座
17. 小亮同学想设计一个通过电表示数反映压敏电阻所受压力大小的电路，要求压力增大时电表示数增大。已知压敏电阻的阻值是随所受压力的增大而减小的。以下电路不符合要求的是( )
A. B.
C. D.
18. 下列说法中错误的是( )
A. 凹透镜对光有发散作用，可用来矫正近视眼
B. 远视眼观察景物时成像于视网膜前，可用凸透镜矫正
C. 四冲程汽油机做功冲程中将内能转化为机械能
D. 物体温度越高，具有的热量越多
19. 如图所示电路中，当开关S1、S2、S3断开或闭合时，下列关于三个电阻连接的情况中，正确的是( )
A. 只闭合开关S1时，电阻R2、R3串联
B. 只闭合开关S1、S2时，电阻R1、R2、R3并联
C. 三个开关都闭合时，电阻R1、R2并联
D. 闭合开关S1、S2时，电阻R2、R3串联
20. 实验活动小组的同学，在商场看到了一种智能电梯，如图甲所示。当无乘客乘电梯时，电动机低速运转，电梯上升速度较小；当有乘客乘电梯时，电动机以较高的速度运转，电梯以较大的速度上升。他们利用所学过的知识设计了一个能实现智能电梯上述功能的模拟电路，如图乙所示。其中M为带动电梯运转的电动机，R1为定值电阻，R为阻值随所受乘客对其压力大小发生改变的压敏电阻，两个电源两端的电压均保持不变。关于这个电路，下列说法中正确的是( )
A. R的阻值随压力的增大而减小
B. 当有乘客站在电梯上时，衔铁上的动触点与触点1接触
C. 当有乘客站在电梯上时，电磁铁线圈的耗电功率变大
D. 若适当减小R1的阻值，可减小无乘客时电动机消耗的电功率
21. 自然界存在的能源有许多类，如太阳能、天然气、风能、煤、石油和水能等，其中可再生能源的有______ ；不可再生能源的有______ 。
22. 一款品牌汽车，它的发动机工作时超低的噪音是人们青睐它的重要原因，噪音是机器______而产生的；车内装有先进的倒车雷达测距系统，这个系统是利用______(选填“超声波”或“次声波”)工作的。
23. 在家庭电路中发生触电事故，通常都是人体直接或间接接触______线所造成的(选填“火”或“零”)。
24. 在如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，电压表V2的示数将______(变大/不变/变小)，电压表V1与电流表A示数的比值将______(变大/不变/变小)。
25. 如图甲是通过小灯泡L的电流随其两端电压变化的关系图像。现将小灯泡L与电阻R接入图乙所示的电路中，只闭合开关S，小灯泡的实际功率为0.6W，再闭合开关S1，电流表的示数为0.5A，则电阻R消耗的电功率为______ W。
26. 如图甲所示是小明测量小灯泡电功率的实验电路图，已知小灯泡的额定电压为2.5V。
(1)该实验的实验原理是______；在连接电路时，开关闭合前滑动变阻器的滑片P应滑到______(选填“a”或“b”)端；
(2)闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，当电压表的示数为2.5V时，电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率是______ W；
(3)小明确认电路连接无误后，闭合开关，缓慢移动滑动变阻器的滑片，发现电流表示数没有变化，电压表示数近似等于电源电压，小灯泡不发光，则电路的故障是______；
(4)小灯泡两端的电压是1V时，它的实际功率______0.25W(选填“>”、“<”或“=”)；
(5)当这个小灯泡与一个阻值是10Ω的定值电阻串联在某一电路中时，电路电流是0.25A，则此时小灯泡两端电压是______ V。
27. 小宇在拆装手电筒时，看到手电筒的小灯泡上标有“2.5V”字样，但上面的电流值已经模糊不清，他想通过实验测量该小灯泡正常发光时的电阻，图甲为小宇连接的实验电路。
(1)经检查，小宇发现电路的连接有两处错误，请在图甲中接错的导线上打“×”，并改正。(导线不得交叉)
(2)电路正确连接后，小宇将滑动变阻器的滑片移至阻值最大处，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表无示数，电压表的示数接近3V，发生这种现象的原因可能是______。
(3)排除故障后，小宇移动滑动变阻器的滑片，当电压表示数为2.5V时，电流表示数如图乙所示，则该小灯泡的额定电流为______A，正常发光时的电阻为______Ω。
(4)完成上述实验后，小宇又分别测出了当小灯泡两端的电压分别为2V和3V时通过小灯泡的电流，以此来求出小灯泡正常发光时的平均电阻值，小宇的操作正确吗？原因是______。
(5)完成实验后，小宇又设计了如图丙所示的实验电路来测量未知额定电压的小灯泡正常发光时的电阻，已知定值电阻的阻值为R0。闭合开关S，调节滑动变阻器，当电流表A1的示数为I1时，小灯泡正常发光，此时A2的示数为I2，则小灯泡正常发光时的电阻的表达式为R1=______(用I1、I2、R0表示)
28. 小明的妈妈做饭时，使用铁锅烧水，小明发现把2kg的水从10℃加热到85℃时，共消耗了0.5kg的干木柴，已知水的比热容为4.2×103J/(kg.℃)，干木柴的热值为1.2×107J/kg).求：
(1)干木柴完全燃烧放出的热量；
(2)水吸收的热量；
(3)铁锅烧水的效率．
29. 2020年，我国脱贫攻坚工作夺取了全面胜利，农村家庭电器化普及程度越来越高。小五家电热水壶的简化电路图如图所示，它有加热和保温两种工作状态，R1和R2均为用来加热且阻值不变的电热丝，电热水壶部分参数如下表所示。
额定电压
220V
额定功率
加热功率
2000W
保温功率
400W
容量
2.5L
(1)电热水壶使用的都是三脚插头，中间较长的脚连接的是电热水壶的金属外壳，插入三孔插座后可将其与______ 相连，电热水壶是利用电流的______ 来工作的。电热水壶在加热状态下正常工作，将2kg的水从20℃加热至100℃，水吸收的热量是多少？[水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)]
(2)在(1)问加热情况下，电热水壶正常工作了420s，消耗了多少电能？加热效率是多少？
(3)电热丝R2的阻值是多少？
30. 如图所示家庭电路，开关S1控制灯L；墙上还有一个三孔插座。用笔画线表示导线，按照要求，将它们连入电路。
31. 根据实物图，在右侧框中画出它的电路图。
32. 阅读以下材料，回答问题。
2008年9月25日，我国成功发射了“神舟七号”飞船，并且首次实现了我国航天员太空行走的愿望。如图1所示，是我国航天员翟志刚出舱时的英姿，出舱的航天员与轨道舱之间需要系上一根安全系绳。当航天员意外漂离轨道舱时，可拉着绳子返回轨道舱。2008年9月28日“神舟七号”载人飞船完成各项任务后，在返回的过程中，返回舱进入大气层将通过一段黑障区(所谓黑障区就是航天器返回舱返回大气层时，因表面超高速摩擦形成高温等离子区导致无线电信号衰减至中断的飞行区段)，这一段时间飞船将“烧成”一个大火球，如图2所示，而飞船内的宇航员和设备则安然无恙，因为飞船外壳上的烧蚀层先熔化后汽化，从而吸收了大量的热保护了飞船。
(1)航天员在太空上的质量与在地球上相比______。(选填“变大”、“不变”或“变小”)
(2)出舱的航天员与轨道舱之间需要系上一根安全系绳。当航天员意外漂离轨道舱时，可拉着绳子返回轨道舱。这利用了物体间力的作用是______的和力可以改变物体的______。
(3)航天器返回舱返回大气层时，飞船将“烧成”一个大火球，是将机械能转化为______。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、牛(N)是力的国际单位；故A错误；
B、瓦特(W)是功率的国际单位；故B正确；
C、焦耳(J)是功和能量的国际单位；故C错误；
D、帕斯卡(Pa)是压强的国际单位；故D错误；
故选：B。
各个物理量都有自己的国际单位；功率的国际单位是瓦特，简称瓦，符号为W。
初中物理中的物理量较多，各个物理量都有自己的单位，不要将单位相互混淆。
2.【答案】C
【解析】解：容易导电的物体为导体，通常情况下人体、铅笔芯、不锈钢尺是导体，
不容易导电的物体为绝缘体，通常情况下橡皮手套是绝缘体．
故选C.
正确区分导体和绝缘体，容易导电的物体为导体，有各种金属、人体、大地、石墨、酸碱盐的水溶液等；不容易导电的物体为绝缘体，如橡胶、塑料、玻璃等．
此题主要考查的是学生对导体和绝缘体概念的理解和掌握，正确区分导体和绝缘体是解决此题的关键．
3.【答案】D
【解析】解：AB、由Q=qm可知，相同质量的不同燃料，热值大的燃料，完全燃烧放出的热量多；不同质量的相同燃料，质量大的燃料，完全燃烧放出的热量多，故A、B错误；
C、1千克某种燃料完全燃烧时放出的热量，叫做这种燃料的热值，故C错误；
D、燃料燃烧时放出的热量与燃料的热值、质量和燃烧是否充分有关，故D正确。
故选：D。
(1)由Q=qm可知，燃料完全燃烧放出的热量与燃料的热值和消耗的燃料质量有关，据此分析；
(2)热值是指单位质量的某种燃料完全燃烧放出的热量；
(3)热值是燃料的一种特性，只与燃料的种类有关，与其它因素无关。
本题考查了对热值概念的理解，属于基础题，难度不大。
4.【答案】D
【解析】解：由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测R1支路的电流，电流表A2测干路电流。
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且两只电流表的指针偏转角度相同，所以电流表A2的示数是电流表A1示数的5倍，即IA2=5IA1，
则I1I2=IA1IA2−IA1=IA15IA2−IA1=14，故AB错误；
因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由I=UR可得，两灯泡的电阻之比：R1R2=UI1UI2=I2I1=41，故C错误，D正确。
故选：D。
由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测R1支路的电流，电流表A2测干路电流。
根据并联电路的电流特点和两只电流表的指针偏转角度相同判断两电流表的量程，大量程示数是小量程示数的5倍，再根据并联电路的电流特点求出两支路的电流之比，利用并联电路的电压特点和欧姆定律求出两电阻的阻值之比。
本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是两电流表量程的确定和知道指针偏转角度相同时大量程示数是小量程示数的5倍。
5.【答案】C
【解析】解：由右手螺旋定则判断出通电螺线管的左端为S极，右端为N极；
由同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引知，只有小磁针a左端为S极，右端为N极，故A正确；
小磁针b左端为N极，右端为S极，故B正确；
小磁针c应该是左端为S极，右端为N极，故C错误；
小磁针d应该是左端为N极，右端为S极，故D正确。
故选：C。
用右手螺旋定则判断出通电螺线管的磁极，再由磁极间的相互作用规律判断小磁针静止时的磁极指向。
本题考查了磁极间的相互作用规律和右手螺旋定则：让四指弯曲，跟螺线管中电流的方向一致，则大拇指指的方向是通电螺线管的N极。
6.【答案】D
【解析】解：
A.热量总是从高温物体向低温物体传递，而内能大的物体温度不一定高，故A错误；
B.热量是过程量，不能说物体含有热量的多少，故B错误；
C.燃料燃烧放出热量的多少，与燃料的热值、质量和燃烧程度有关，热值大，放出的热量不一定多，故C错误；
D.内能与物体的种类、质量、状态有关，温度相同的物体内能不一定相等，故D正确。
故选：D。
(1)热传递实质是内能从高温物体转移到低温物体，或者是从一个物体的高温部分传到低温部分，必须有温差；
(2)热量是指热传递过程中传递能量的多少，是过程量，可以说放出或吸收多少热量，但不能说含有多少热量；
(3)燃料燃烧放出的热量与燃料的热值、质量和燃烧程度有关；
(4)内能是物体内部所有分子做无规则热运动的动能和分子势能的总和，一切物体都有内能，内能与物体的种类、质量、状态有关。
本题考查了学生对燃料热值和热量概念、内能概念、热传递的理解与掌握，是一道综合题。
7.【答案】D
【解析】解：AD、若选择电流表A，当电流表连接在AB时，如果灯泡L短路，会造成电源短路，这是不允许的，故A不符合题意，D符合题意；
B、如果选择检测小灯，将小灯接在AB间，若两灯都亮，则灯泡L正常，可能是电阻R断路，灯泡L正常发光；将小灯接在BC间，若小灯发光，可能是灯泡L断路，因此小灯不能一次就检测出故障，故B不符合题意；
C、如果选电压表V接在AB间，若有电压，可能是电阻R断路，也可能是灯泡L短路；若灯泡L短路，只有电阻R接入，故电压表有示数，故C不符合题意。
故选：D。
在利用电表或小灯泡检测电路故障时，不能造成电源短路；根据不同元件连接时的不同工作情况，可判断电路是断路还是短路，并进一步确定发生故障的位置。
本题考查了电路故障的判断，要注意使用其它元件来判断故障时，要避免造成电源短路，同时能根据电路实际工作情况，找出故障的原因。
8.【答案】C
【解析】解：由图可知：当A B两端电压为3V时，通过A B中的电流分别是0.6A和0.3A，
则RA=UIA=3V0.6A=5Ω，RB=UIB=3V0.3A=10Ω；故AB选项错误，C选项正确；
因导体的电阻是导体本身的一种性质，与电压和电流无关，故D选项错误。
故选：C。
先分别分析图象，根据欧姆定律求出RA、RB；再观察A导体两端电压为3V时的电流；最后从导体的电阻是导体本身的一种性质，与导体两端的电压和通过的电流无关来考虑即可。
本题考查了利用欧姆定律的变形公式计算电阻，以及导体的电阻是导体本身的一种性质，不随电压和电流的改变而改变。
9.【答案】C
【解析】解：
A.柴油机有喷油嘴，而汽油机的顶部有火花塞，故A不符合题意；
B.柴油机吸气冲程进入汽缸的只有空气，汽油机在吸气冲程中吸入的是空气和汽油的混合物，故B不符合题意；
C.柴油机的效率比汽油机的大，故C符合题意；
D.由于柴油机的效率比较高，因此在压缩冲程中，柴油机缸内气体被压缩程度更大，故D不符合题意；
故选：C。
在结构上，柴油机顶部有喷油嘴，而汽油机顶部有火花塞；
在工作过程中，吸气冲程中，柴油机吸入汽缸的只有空气，而汽油机吸入的是汽油和空气的混合物；
在效率上，柴油机的效率高于汽油机的效率。
本题考查汽油机与柴油机的区别，学生需要掌握汽油机和柴油机在各方面的区别。
10.【答案】D
【解析】解：A、该洗衣机在额定电压下正常工作，两端的电压在一定的范围内可以工作，故A错误；
B、洗衣机的主体是电动机，电动机工作时将电能主要转化为机械能，还有一少部分内能；洗衣机正常工作10s消耗的电能W=Pt=150W×10s=1500J，所以产生的热量远远小于1500J，故B错误；
C、洗衣机的核心装置是电动机，它的工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用而运动，故C错误；
D、洗衣机外壳和火线绝缘损坏，外壳带电时，电路中的漏电保护器会切断电流，预防触电事故发生，故D正确。
故选：D。
(1)用电器正常工作的电压为额定电压，在额定电压下工作时的功率为额定功率。
(2)电动机工作时主要将电能转化为机械能，还有一少部分内能。根据W=Pt计算10s内洗衣机消耗的电能，进而判断产生的热量。
(3)通电导体在磁场中受到力的作用而运动，电动机就是利用这个原理制成的；
(4)当电路漏电时，漏电保护器能自动“跳闸”对人或电路起到保护作用；保险丝在电路总功率过大或短路时，即通过电流过大时熔点，切断电流起到保护作用。
本题考查了学生对额定电压、漏电保护器的作用、焦耳定律、电动机原理的能量转化等知识的理解与掌握，难度不大。
11.【答案】C
【解析】解：根据电路图可知，开关由闭合到断开时，电路由并联电路变为基本电路，而并联电路中各用电器互不影响，因此灯泡L1的亮度将不变，故C正确，ABD错误。
故选：C。
根据并联电路中各用电器互不影响进行分析。
本题考查并联电路的特点的应用，属于基础题。
12.【答案】B
【解析】解：由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)由P=UI可得，灯泡的额定电流：
IL额=PL额UL额=1.5W3V=0.5A，
因串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为0∼0.6A，
所以，电路中的最大电流为I大=0.5A，故C错误；
由I=UR可得，灯泡的电阻：
RL=UL额IL额=3V0.5A=6Ω，
当电流最大时，电路中的总电阻：
R=UI大=4V0.5A=8Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：
R滑小=R−RL=8Ω−6Ω=2Ω，故A错误；
该电路的最大功率：
P大=UI大=4V×0.5A=2W，故D错误；
(2)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电流最小，灯泡的功率最小，
则电路中的最小电流：
I小=URL+R滑大=4V6Ω+10Ω=0.25A，
灯泡的最小功率：
PL小=(I小)2RL=(0.25A)2×6Ω=0.375W，
当电路中的电流最大为I大=0.5A时，灯泡正常发光，其消耗的功率最大为1.5W(等于额定功率)，
所以，灯泡功率的变化范围是0.375W∼1.5W，故B正确。
故选B。
由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI求出灯泡的额定电流，然后结合电流表的量程确定电路中的最大电流，根据欧姆定律求出灯泡的电阻和电路中的最小总电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值，再根据P=UI求出该电路的最大功率；
(2)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，灯泡的功率最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，利用P=I2R求出灯泡的最小功率，然后得出答案。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据灯泡的额定电压和电流表的量程确定电路中的最大电流，对于选择题并不一定完全解答选项，只要有不正确的地方，本选项即为不正确。
13.【答案】B
【解析】解：
磁体的两端磁性最强，中间最弱，几乎没有；在图甲中，钢棒a的中间位置也几乎没有磁性，b却能吸引a，说明钢棒b具有磁性；
在图乙中无论钢棒b是否具有磁性，它的中间位置几乎没有磁性，钢棒a不能吸引b，所以钢棒a不是磁铁．
故选B.
磁体具有两极性，任何磁体都具有两个磁极，磁北极N，磁南极S，磁体中磁极部分磁性最强，中间部分磁性最弱．
根据物体间的相互作用判断物体是否具有磁性是同学们必须掌握的一项技能，它考查了灵活应用磁体间的相互作用的性质．
14.【答案】D
【解析】解：(1)当S1、S2、S3都闭合，滑动变阻器滑到a端时，灯泡L1和灯泡L2并联，
因并联电路中各支路两端的电压相等，且两灯都正常发光，
所以，电源的电压U=U1=U2=6V，故A错误；
(2)由P=UI可得，两灯泡都正常发光时通过的电流：
I1=P1U1=3W6V=0.5A，I2=P2U2=6W6V=1A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，两灯都正常发光时电流表的示数：
I=I1+I2=0.5A+1A=1.5A，故B错误；
(3)由I=UR可得，两灯泡的电阻：
R1=U1I1=6V0.5A=12Ω，R2=U2I2=6V1A=6Ω，
当S1、S3闭合且滑片位于b端时，R1与R的最大阻值串联，电路中的总电阻最大，电路的总功率最小，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，电路的最小总功率：
P小=U2R1+R=(6V)212Ω+12Ω=1.5W，故C错误；
(4)当S1、S2、S3都闭合且滑片位于a端时，两灯泡并联，电路中的总电阻最小，电路的总功率最大，
因此时两灯泡均正常发光，
所以，整个电路的最大功率：
P大=P1+P2=3W+6W=9W，故D正确。
故选：D。
(1)当S1、S2和S3都闭合，滑动变阻器的滑片滑到a端时，灯泡L1和灯泡L2并联，两灯泡均正常发光时的电压和额定电压相等，根据并联电路的电压特点求出电源的电压；
(2)根据P=UI求出两灯泡都正常发光时通过的电流，根据并联电路的电流特点求出两灯都正常发光时电流表的示数；
(3)根据欧姆定律求出两灯泡的电阻，两灯泡的最大电阻和R的最大阻值串联时电路中的总电阻最大，电路的总功率最小，根据电阻的串联和P=UI=U2R求出电路的最小总功率；
(4)当S1、S2、S3都闭合且滑片位于a端时，两灯泡并联，电路中的总电阻最小，电路的总功率最大，此时两灯泡的实际功率和额定功率相等，两灯泡的功率之和即为电路的总功率。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确的判断电路的最大总功率和最小总功率是关键。
15.【答案】A
【解析】解：由电路图可知，R1与R2、R3串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R3两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，
由I=UR可知，电路中电流减小，
由U=IR可知，R1、R2两端的电压减小，则电压表V1的示数减小，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，R两端的电压增大，即电压表V2的示数增大，故CD错误；
(2)设变阻器的滑片向右移动前后电路中的电流分别为I1、I2，
由I=UR可知，U1=I1R1，U1′=I2R1，
则电压表V1示数的变化量：
ΔU1=U1−U1′=I1R1−I2R1=(I1−I2)R1=ΔIR1，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，U2=U−I1R1−I1R2，U2′=U−I2R1−I2R2，
电压表V2的示数变化量：
ΔU2=U2−U2′=(U−I1R1−I1R2)−(U−I2R1−I2R2=−(I1−I2)(R1+R2)=−ΔI(R1+R2),
所以，|ΔU1|<|U2|，即电压表V1减小的示数小于V2增大的示数，故A正确，B错误。
故选：A。
由电路图可知，R1与R2、R串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1、R2两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知R两端的电压变化；
(2)设出变阻器的滑片向右移动前后电路中电流，根据欧姆定律表示出电压表V1示数的变化量，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电压表V2示数的变化量，然后比较两者之间的关系，最后得出答案。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是根据串联电路的电压特点和欧姆定律得出电压表V2示数变化量与两电阻阻值之间的关系。
16.【答案】AC
【解析】解：A、对人体的安全电压为不高于36V，低于24V的电压，人体就可以接触，故A正确；
B、使用验电笔时，手必须接触笔尾金属体，用笔尖接触被检验导线，才能辨别火线和零线，故B错误；
C、高压触电的两种情形包括电弧触电和跨步电压触电，故C正确；
D、洗衣机、电冰箱等家用电器都使用三孔插座，是由于这些用电器的外壳是金属，金属是导体，当用电器漏电时，会使外壳带电，若接上地线，即便漏电，电流也就通过地线，流入大地，而防止了触电事故的发生，故D错误。
故选：AC。
(1)对人体的安全电压为不高于36V；
(2)使用验电笔时，必须用手接触到笔尾的金属体；
(3)根据高压触电的分类判断；
(4)三孔插座中多出的一个孔是用来接地线的，目的就是为了防止触电。
本题考查了安全用电常识，考查范围广，平时需要多积累。
17.【答案】BD
【解析】解：A.由电路图可知，压敏电阻与定值电阻R0并联，电流表测干路电流；当压力增大时，压敏电阻的阻值减小，电路中的总电阻减小，由I=UR可知，干路中的电流增大，即电流表的示数增大，故A符合要求；
B.由电路图可知，压敏电阻与定值电阻R0并联，电流表测R0支路的电流；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以压力变化时电流表的示数不变，故B不符合要求；
C.由电路图可知，压敏电阻与定值电阻R0串联，电压表测R0两端的电压；当压力增大时，压敏电阻的阻值减小，压敏电阻分得的电压减小，由串联电路的分压特点可知，R0两端的电压变大，即电压表的示数变大，故C符合要求；
D.由电路图可知，压敏电阻与定值电阻R0串联，电压表测压敏电阻两端的电压；当压力增大时，压敏电阻的阻值减小，由串联电路中电阻越小分得的电压越小可知，电压表的示数减小，故D不符合要求。
故选：BD。
①并联电路中各支路独立工作、互不影响，根据题意可知压力变化时压敏电阻阻值的变化，根据并联电路的电压特点和欧姆定律可知两支路电流的变化；
②在串联电路中，用电器两端电压与其阻值成正比。
本题考查的是电路设计问题，要明确：串联电路用电器两端电压与其阻值成正比；知道并联电路支路电流与其阻值成反比。
18.【答案】BD
【解析】解：A、凹透镜对光有发散作用，近视眼是由于晶状体对光线的会聚作用太强，像成在视网膜的前面，可以用凹透镜来矫正近视眼，故A正确；
B、远视眼是由于晶状体对光线的会聚作用太弱，像成在视网膜的后方，为了使像成在视网膜上，就需要戴一个对光线有会聚作用的凸透镜来加以矫正，故B错误；
C、做功冲程是内能转化为机械能的冲程，燃料燃烧的化学能转化为内能，高温高压的燃气推动活塞做功，故C正确；
D、热量是一个过程量，不能说物体含有或具有多少热量，故D错误。
故选：BD。
(1)凹透镜对光有发散作用，近视眼是由于晶状体对光线的会聚作用太强，本来应该成在视网膜上的像结果成在视网膜的前方造成的，为了使像成在视网膜上，就需要戴一个对光线发散作用的凹透镜来矫正近视眼；
(2)远视眼是由于晶状体对光线的会聚作用太弱，本来应该成在视网膜上的像结果成在视网膜的后方造成的，为了使像成在视网膜上，就需要戴一个对光线有会聚作用的凸透镜来加以矫正；
(3)做功冲程是内能转化为机械能的冲程；
(4)热量是一个过程量，不能说物体含有或具有多少热量。
本题考查了凸透镜的成像规律及应用、远视眼的成因及矫正方法、内燃机的做功冲程及其能量转化、热量的定义，难度不大。
19.【答案】AC
【解析】解：电流表在电路中相当于导线，电压表在电路中相当于开路，据此简化电路；
A.由图知，只闭合开关S1时，电流的路径只有一条，电阻R2、R3串联，故A正确；
BD.只闭合开关S1、S2时，电阻R1、R2并联再和R3串联，故BD错误；
C.三个开关都闭合时，R3被短路，此时电阻R1、R2并联，故C正确。
故选：AC。
串联电路中电流只有一条路径，电流从正极出发依次经过各用电器回到电源负极；并联电路中电流有多条路径，电流从正极出发分别经过各用电器回到负极。
本题考查了学生识别串、并联电路的能力，电路的识别一般从电流路径上分析。
20.【答案】AC
【解析】AB、当有人走上电梯后，衔铁与触点2接触，衔铁被吸下，说明电磁铁的磁性变大，由于电磁铁的线圈的匝数不变，表明通过电磁铁的电流变大，控制电路中的总电阻变小，R电阻变小，所以R的阻值随压力的增大而减小，故A正确，B错误；
C、当有人站在电梯上时，压力变大，R阻值变小，控制电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知，通过电磁继电器的电流变大，根据P=I2R可知，电磁铁线圈的耗电功率变大，故C正确；
D、若只将R1换成阻值更小的电阻，此时该电路的总电阻会减小，根据欧姆定律可知，电路中的电流增大；R1阻值变小，其分担的电压变小，根据串联电路的电压规律可知，电动机两端分担的电压变大，根据P=UI可知电动机消耗的电功率变大，故D错误。
(1)(2)根据图可知，当衔铁与触点1接触时，R1与电机串联，当衔铁与触点2接触时，电阻R1断路，据此分析R的阻值与压力的关系；
(3)当有乘客站在电梯上时，根据R阻值的变化判定电流的变化，根据P=I2R分析电功率的变化；
(4)根据电功率公式P=UI分析功率的变化。
本题考查应用物理知识解决实际问题的能力，关键是认清电路的构造，联系所学知识进行解答。
21.【答案】太阳能、风能、水能 天然气、煤、石油
【解析】解：太阳能、风能、水能能从自然界源源不断获得，它们是可再生能源；
天然气、煤、石油不能源源不断从自然界获得，它们是不可再生能源；
故答案为：太阳能、风能、水能；天然气、煤、石油。
能源源不断从自然界获得的能源是可再生能源，不能源源不断从自然界获得的能源是不可再生能源。
本题考查了能源的分类，是一道基础题，掌握可再生与不可再生能源的概念即可正确解题。
22.【答案】无规则振动；超声波
【解析】解：
(1)发动机工作时超低的噪音是机器无规则振动而产生的；
(2)车内的倒车雷达系统，是利用超声波工作的。
故答案为：无规则振动；超声波。
(1)从物理学角度，噪声是物体无规则振动产生的；
(2)倒车雷达利用了超声波来进行定位。
本题考查了与汽车相关的几个知识点，包括声现象与信息的传递，属基础知识的考查，难度不大。
23.【答案】火
【解析】解：家庭电路中发生触电事故，通常都是人体直接或间接接触火线所造成的。
故答案为：火。
触电的实质是当有一定大小的电流通过人体，就会引起人体触电。
掌握触电的实质是：人体直接或间接跟火线接触造成的；故要不接触低压带电体，不靠近高压带电体。
24.【答案】变大 不变
【解析】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，
当滑动变阻器的滑片P向右移动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，
∵I=UR，
∴电路中的电流变小，R1两端的电压变小，
∵串联电路中总电压等于各分电压之和，
∴R2两端的电压变大，即电压表V2的示数将变大，
∵电压表V1与电流表A示数的比值等于定值电阻R1的阻值，
∴电压表V1与电流表A示数的比值不变。
故答案为：变大；不变。
由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知R2两端的电压变化，根据欧姆定律结合R1的阻值判断电压表V1与电流表A示数的比值的变化。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是能把比值问题转化为阻值问题来处理，这样就可以减小问题的复杂性。
25.【答案】0.9
【解析】解：只闭合S时，电路为L的简单电路，电流表测电路中的电流，
由图像可知，当UL=3V，IL=0.2A时，灯泡的实际功率：PL=ULIL=3V×0.2A=0.6W，
则电源的电压U=UL=3V；
再闭合S1后，R与L并联，电流表测干路电流，
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，通过灯泡的电流不变，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过R的电流：IR=I−IL=0.5A−0.2A=0.3A，
因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，电阻R消耗的电功率：
PR=UIR=3V×0.3A=0.9W。
故答案为：0.9。
(1)只闭合开关S时，电路为L的简单电路，根据图甲、灯泡的实际功率为0.6W以及P=UI得出此时电路电流以及电源电压；
(2)再闭合S1后，电阻和灯泡并联，电流表测量干路电流，根据通过灯的电流不变和并联电路电流规律可求出通过R的电流，根据P=UI可求出电阻R消耗的电功率。
本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据图像读出灯泡功率为0.6W时的电流和电压值。
26.【答案】P=UIb0.75小灯泡断路 <1.5
【解析】解：(1)测量小灯泡的额定功率的实验原理是P=UI；
闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到最大阻值端，防止电流过大，损坏电路元件，起保持电路的作用，根据图甲可知，滑动变阻器的最大阻值端在 b端，由此可知，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到b端；
(2)由图乙可知，电流表所选量程是0∼0.6A，分度值为0.02A，电流表的示数是0.3A，小灯泡的额定功率P额=U额I额=2.5V×0.3A=0.75W；
(3)闭合开关，缓慢移动滑动变阻器的滑片，发现电流表示数没有变化，灯泡不发光，这说明电路出现了断路现象，电压表有示数，说明电压表与电源之间是接通的，所以故障是灯泡断路；
(4)由图丙可知，当灯泡两端的电压为1V时，通过灯泡的电流等于0.2A，灯泡的实际功率P实=U实I实=1V×0.2A=0.2W<0.25W；
(5)小灯泡与一个阻值是10Ω的定值电阻串联在某一电路中时，电路电流是0.25A，由于串联电路中电流处处相同，所以通过灯泡的电流为0.25A，由图可知，灯泡两端的电压为1.5V。
故答案为：(1)P=UI；b；(2)0.75；(3)小灯泡断路；(4)<；(5)1.5。
(1)根据电功率公式P=UI可得出测量小灯泡的额定功率的实验原理；闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到最大阻值端，防止电流过大，损坏电路元件，起保持电路的作用；
(2)由图乙可知，电流表所选量程是0∼0.6A，分度值为0.02A，由此可读出电流表的示数，根据P=UI可计算出小灯泡的额定功率；
(3)小灯泡不发光，这说明小灯泡短路或电路出现了断路现象；电压表有示数，说明电压表与电源之间是接通的；
(4)由图丙可知，当灯泡两端的电压为1V时，通过灯泡的电流等于0.2A，根据P=UI可得出结论；
(5)根据通过灯泡的电流，从图像中得出灯泡两端的电压。
本题测量小灯泡的电功率，考查注意事项、故障分析、功率的计算、欧姆定律的应用，综合性较强。
27.【答案】小灯泡断路 0.212.5不正确，因为小灯泡的电阻随温度的升高而增大，不是定值，不能求平均电阻 I1R0I2−I1
【解析】解：(1)滑动变阻器一上一下的与灯泡串联，由于电源电压为3V，所以电压表选用0−3V与小灯泡并联，见下图：
(2)当闭合开关后，灯不亮，电流表无示数，说明发生了断路；而电压表有示数，说明电压表能与电源相通，故是小灯泡断路；
(3)电流表选用0∼0.6A量程，分度值是0.02A，示数为0.2A，
小灯泡正常发光时的电阻为：
R=UI=2.5V0.2A=12.5Ω；
(4)由于灯丝的电阻随温度的升高而增大，不是定值，不能求平均电阻；
(5)具体操作是：
闭合开关S，调节滑动变阻器使电流表A1的示数为I1时，小灯泡正常发光，此时电流表A2的示数为I2，
由并联电路电压规律及欧姆定律I=UR可知，R0的电压为U0=I1R0，由并联电路电流的规律，灯的额定电流为：
I额=I2−I1，则小灯泡正常发光的电阻为：
R1=U额I额=I1R0I2−I1。
故答案为：(1)见上图；(2)小灯泡断路；(3)0.2；12.5；(4)不正确，因为小灯泡的电阻随温度的升高而增大，不是定值，不能求平均电阻；(5)I1R0I2−I1。
(1)滑动变阻器一上一下的与灯泡串联，根据电源电压判断出电压表的量程；
(2)闭合开关后，发现小灯泡不亮，电流表无示数，电压表的示数接近3V，说明电路中几乎无电流，电压表能与电源相通，故是灯处断路了；
(3)根据电流表的读数方法(电流表读数：首先确定使用的量程，然后确定每一个大格和每一个小格代表的示数)，读出电流表示数，根据R=UI计算出电阻；
(4)灯丝的电阻随温度的升高而增大，电压越大，灯丝的温度越高；
(5)由欧姆定律求出R0的电压为U0=R0I1，根据并联电路电压的规律知灯的额定电压，根据并联电路电流的规律得出灯的额定电流，根据R=UI计算出小灯泡正常发光时的电阻。
本题考查了电路的连接、故障的分析、电表的读数、操作过程、电功率的测量、数据处理等知识，综合性强；最后一步难度较大。
28.【答案】解：(1)干木柴完全燃烧放出的热量：
Q放=qm=1.2×107 J/kg×0.5kg=6×106J；
(2)水吸收的热量：
Q吸=cm′(t2−t1)=4.2×103 J/(kg⋅℃)×2kg×(85℃−10℃)=6.3×105J；
(3)铁锅烧水的效率：
η=Q吸Q放×100%=6.3×105J6×106J×100%=10.5%.
答：(1)干木柴完全燃烧放出的热量为6×106J；
(2)水吸收的热量为6.3×105J；
(3)铁锅烧水的效率是10.5%.
【解析】(1)由燃烧值公式Q放=mq可以求出木柴释放的热量．
(2)已知水的体积可求得其质量，知道初末温度，由热量公式Q吸=c水m(t−t0)可以求出水吸收的热量．
(3)由效率公式η=Q吸Q放×100%可以求出炉子的效率．
本题考查了热量的计算、效率等问题，熟练应用热量公式、燃烧值公式、效率公式即可正确解题．
29.【答案】大地 热效应
【解析】解：(1)三角插头较长的脚与电水壶的金属外壳相连，通过三孔插座与大地相连，避免发生漏电对人体造成伤害；
电热水壶是利用电流的热效应工作的；
水吸收的热量：
Q吸=c水m(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×2kg×(100℃−20℃)=6.72×105J；
(2)由P=Wt可得，消耗的电能为：
W=P加热t=2000W×420s=8.4×105J，
饮水机加热的效率为：
η=Q吸W×100%=6.72×105J8.4×105J×100%=80%；
(3)当只闭合S时，只有R1工作，饮水机处于保温状态，
当S、S1同时闭合时，两电阻并联，饮水机处于加热状态，
因电路的总功率等于电阻功率之和，
所以，R2的电功率：
P2=P加热−P保温=2000W−400W=1600W，
由P=UI==U2R可得电阻R2的阻值：
R2=U2P2=(220V)21600W=30.25Ω。
答：(1)大地；热效应；饮水机在加热状态下正常工作，将2kg的水从20℃加热至100℃，水吸收的热量是6.72×105J；
(2)在(1)问加热情况下，饮水机正常工作了420s，消耗了8.4×105J的电能，加热效率是80%；
(3)电热丝R2的阻值是30.25Ω。
(1)电热水壶的金属外壳要通过插座接地线；
电流通过导体发热的现象叫电流的热效应，电水壶是利用电流的热效应工作的；
知道水的质量和初温、末温以及比热容，根据Q吸=cm(t−t0)求出水吸收的热量；
(2)根据W=Pt求出消耗的电能，利用η=Q吸W×100%求出电热水器加热的效率；
(3)当只闭合S时，只有R1工作，饮水机处于保温状态，当S、S1同时闭合时，两电阻并联，饮水机处于加热状态，
加热时的功率减去保温时的功率即为R2的电功率，由P=UI=U2R算出电阻R2的阻值。
本题考查了安全用电的知识、电流的热效应、电功率公式和吸热公式、电功公式、效率公式的应用，从题目所给信息中找到有用的数据是关键。
30.【答案】解：首先辨别上面三根线分别为火线、零线、地线。
(1)灯泡的接法：火线先进入开关，再进入灯泡，零线直接接在灯泡的另一端；
(2)安装三孔插座的方法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。如图所示：
【解析】(1)灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。
(2)三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。
掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。
31.【答案】解：由实物电路图知：两个灯泡并联，开关S1控制整个电路，开关S2控制灯泡L2，电压表并联在灯泡两端即可，如下如图所示：
【解析】由实物电路图画电路图时，可以根据电流流向法，从电源的正极出发依次画出各电路原件回到负极，然后把电压表并联在相应的部分即可。
本题考查了根据实物画出电路图，一般采用电流流向法，即从电源的一极出发依次画出各电路原件；会正确识别电路的连接方式以及开关和仪表的作用是解决此类问题的关键。
32.【答案】不变；相互；运动状态；内能
【解析】解：
(1)航天员从地球到达太空，位置发生变化，但其质量与位置无关，所以不变；
(2)出舱的航天员与轨道舱之间需要系上一根安全系绳。当航天员意外漂离轨道舱时，拉动绳子对绳子产生作用力，由于力的作用是相互的，绳子对航天员产生反作用力，从而可以返回轨道舱；在力的作用下，航天员的状态发生变化，说明力可以改变物体的运动状态；
(3)航天器返回舱返回大气层时，与大气层发生剧烈摩擦，飞船将“烧成”一个大火球，是将机械能转化为内能。
故答案为：(1)不变；(2)相互；运动状态；(3)内能。
(1)质量是物体所含物质的多少，决定于物质的多少，与物体位置没有关系；
(2)力是物体对物体的作用，物体之间力的作用是相互的，一个物体对另一个物体施加力的作用的同时，受到另一个物体的反作用力；
力的作用效果有二：改变物体的运动状态，改变物体的形状；
(3)改变内能有两种方式：做功和热传递。外界对物体做功，改变内能的本质是机械能转化为内能。
此题以神州九号与天宫一号对接为素材，考查了质量的特点、力的作用相互性及作用效果、机械能与内能的转化，体现了物理规律与科技前沿的密切联系。
2023年北京市丰台区长辛店三校联考中考物理一模试卷
1. 下列物理学家中，将其名字命名为功率单位的是( )
A. 牛顿 B. 瓦特 C. 焦耳 D. 帕斯卡
2. 以下物质，通常情况下属于绝缘体的是( )
A. 人体 B. 铅笔芯 C. 橡胶手套 D. 不锈钢尺
3. 有关热值的说法正确的是( )
A. 热值大的燃料，放出的热量一定多
B. 质量大的燃料，放出的热量一定多
C. 1千克某种燃料燃烧时放出的热量，叫做这种燃料的热值
D. 燃料燃烧时放出的热量与燃料的热值、质量和燃烧是否充分有关
4. 如图所示的电路，电源电压保持不变，R1、R2为定值电阻，闭合开关后两电流表的偏转角度相同，下列说法正确的是( )
A. 通过R1的电流与通过电源的电流相等
B. 通过R1的电流与通过R2的电流相等
C. 电阻R1与电阻R2的比值为1：4
D. 电阻R1与电阻R2的比值为4：1
5. 如图所示，通电螺线管周围放着能自由转动的小磁针a、b、c、d，其中小磁针N极指向错误的是( )
A. 小磁针a
B. 小磁针b
C. 小磁针c
D. 小磁针d
6. 关于热现象，下列说法中正确的是( )
A. 热量总是从内能大的物体向内能小的物体传递
B. 物体的温度越高，含有的热量越多
C. 热值大的燃料完全燃烧，放出的热量一定多
D. 温度相同的物体内能不一定相等
7. 如图所示电路中，电源电压恒定不变，闭合开关S发现小灯不亮，若电路中只有一处故障，且只发生在灯、电阻R上。为检测故障，现提供完好的电压表V、电流表A和检测小灯作为检测工具，要求在不拆除原电路的条件下，选择其中一个连接在AB或BC两点之间，则( )
A. 无论选哪个检测工具，都不会造成电源短路
B. 如果选择检测小灯，可以一次就检测出故障
C. 如果选电压表，接在AB间，有电压一定是R断路
D. 如果选电流表可能会造成电源短路
8. 在某一温度下，连接在电路中的两段导体A和B中的电流与其两端电压的关系如图所示，由图中信息可知( )
A. A导体的电阻为10Ω
B. A导体的电阻大于B导体的电阻
C. A导体两端电压为3V时，通过A导体的电流为0.6A
D. B导体两端电压为0V时，B导体的电阻也为0Ω
9. 柴油机与汽油机相比，下列说法错误的是( )
A. 柴油机有喷油嘴没有火花塞
B. 柴油机吸气冲程进入汽缸的只有空气
C. 柴油机效率更低一些
D. 压缩冲程中，柴油机缸内气体被压缩程度更大
10. 如图是某款洗衣机及所用的三孔插座，它的铭牌标有“220V 150W”。下列说法正确的是( )
A. 洗衣机只能在 220V 的电压下工作
B. 洗衣机正常工作时，10s 内会产生 1500J 的热量
C. 洗衣机的核心装置是电动机，它的工作原理是电磁感应现象
D. 洗衣机外壳和火线绝缘损坏，外壳带电时，电路中的漏电保护器会切断电流
11. 如图，当开关由闭合到断开时，灯泡L1的亮度将( )
A. 变亮
B. 变暗
C. 不变
D. 条件不足，无法判断
12. 小李同学用如图所示的电路测小灯泡的功率。电路中电源电压恒为4V，电压表的量程为0∼3V，电流表的量程为0∼0.6A.滑动变阻器的规格为“10ΩlA”，灯泡标有“3V1.5W”字样。若闭合开关，两电表的示数均不超过所选量程，灯泡两端的电压不允许超过额定值，不考虑灯丝电阻的变化，则下列说法中正确的是( )
A. 滑动变阻器的电阻允许调节的范围是0∼10Ω
B. 灯泡功率的变化范围是0.375W∼1.5W
C. 电流表示数的变化范围是0.25A∼0.6A
D. 该电路的总功率的变化范围是0∼2.5W
13. 如图是两根外形完全相同的钢棒a和b，按甲图放置时，它们能够相互吸引；按乙图放置时，它们之间感觉不出有相互作用力．则可知( )
A. a和b都是磁铁 B. a不是磁铁，b是磁铁
C. a是磁铁，b不是磁铁 D. a和b都不是磁铁
14. 如图所示，电源电压保持不变，小灯泡L1、L2分别标有“6V 3W”和“6V 6W”的字样，滑动变阻器R的阻值变化范围为0∼12Ω，当S1、S2和S3都闭合，滑动变阻器的滑片滑到a端时，两灯都正常发光。不考虑温度对灯泡电阻的影响，则( )
A. 电源电压为12V B. 两灯都正常发光时电流表的示数为3A
C. 整个电路的最小功率2.25W D. 整个电路的最大功率9 W
15. 如图所示，电源电压保持不变，当闭合开关S，滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中，下列说法正确的是( )
A. 电压表V1减小的示数小于V2增大的示数
B. 电压表V1减小的示数等于V2增大的示数
C. 电压表V1的示数不变，电压表V2的示数增大
D. 电压表V1的示数增大，电压表V2的示数减小
16. 关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是( )
A. 低于24V的电压，人体就可以接触
B. 使用验电笔时，请勿触碰验电笔后端的金属部分
C. 高压触电有电弧触电和跨步电压触电两种情形
D. 一般有金属外壳的电器用两孔插座
17. 小亮同学想设计一个通过电表示数反映压敏电阻所受压力大小的电路，要求压力增大时电表示数增大。已知压敏电阻的阻值是随所受压力的增大而减小的。以下电路不符合要求的是( )
A. B.
C. D.
18. 下列说法中错误的是( )
A. 凹透镜对光有发散作用，可用来矫正近视眼
B. 远视眼观察景物时成像于视网膜前，可用凸透镜矫正
C. 四冲程汽油机做功冲程中将内能转化为机械能
D. 物体温度越高，具有的热量越多
19. 如图所示电路中，当开关S1、S2、S3断开或闭合时，下列关于三个电阻连接的情况中，正确的是( )
A. 只闭合开关S1时，电阻R2、R3串联
B. 只闭合开关S1、S2时，电阻R1、R2、R3并联
C. 三个开关都闭合时，电阻R1、R2并联
D. 闭合开关S1、S2时，电阻R2、R3串联
20. 实验活动小组的同学，在商场看到了一种智能电梯，如图甲所示。当无乘客乘电梯时，电动机低速运转，电梯上升速度较小；当有乘客乘电梯时，电动机以较高的速度运转，电梯以较大的速度上升。他们利用所学过的知识设计了一个能实现智能电梯上述功能的模拟电路，如图乙所示。其中M为带动电梯运转的电动机，R1为定值电阻，R为阻值随所受乘客对其压力大小发生改变的压敏电阻，两个电源两端的电压均保持不变。关于这个电路，下列说法中正确的是( )
A. R的阻值随压力的增大而减小
B. 当有乘客站在电梯上时，衔铁上的动触点与触点1接触
C. 当有乘客站在电梯上时，电磁铁线圈的耗电功率变大
D. 若适当减小R1的阻值，可减小无乘客时电动机消耗的电功率
21. 自然界存在的能源有许多类，如太阳能、天然气、风能、煤、石油和水能等，其中可再生能源的有______ ；不可再生能源的有______ 。
22. 一款品牌汽车，它的发动机工作时超低的噪音是人们青睐它的重要原因，噪音是机器______而产生的；车内装有先进的倒车雷达测距系统，这个系统是利用______(选填“超声波”或“次声波”)工作的。
23. 在家庭电路中发生触电事故，通常都是人体直接或间接接触______线所造成的(选填“火”或“零”)。
24. 在如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，电压表V2的示数将______(变大/不变/变小)，电压表V1与电流表A示数的比值将______(变大/不变/变小)。
25. 如图甲是通过小灯泡L的电流随其两端电压变化的关系图像。现将小灯泡L与电阻R接入图乙所示的电路中，只闭合开关S，小灯泡的实际功率为0.6W，再闭合开关S1，电流表的示数为0.5A，则电阻R消耗的电功率为______ W。
26. 如图甲所示是小明测量小灯泡电功率的实验电路图，已知小灯泡的额定电压为2.5V。
(1)该实验的实验原理是______；在连接电路时，开关闭合前滑动变阻器的滑片P应滑到______(选填“a”或“b”)端；
(2)闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，当电压表的示数为2.5V时，电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率是______ W；
(3)小明确认电路连接无误后，闭合开关，缓慢移动滑动变阻器的滑片，发现电流表示数没有变化，电压表示数近似等于电源电压，小灯泡不发光，则电路的故障是______；
(4)小灯泡两端的电压是1V时，它的实际功率______0.25W(选填“>”、“<”或“=”)；
(5)当这个小灯泡与一个阻值是10Ω的定值电阻串联在某一电路中时，电路电流是0.25A，则此时小灯泡两端电压是______ V。
27. 小宇在拆装手电筒时，看到手电筒的小灯泡上标有“2.5V”字样，但上面的电流值已经模糊不清，他想通过实验测量该小灯泡正常发光时的电阻，图甲为小宇连接的实验电路。
(1)经检查，小宇发现电路的连接有两处错误，请在图甲中接错的导线上打“×”，并改正。(导线不得交叉)
(2)电路正确连接后，小宇将滑动变阻器的滑片移至阻值最大处，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表无示数，电压表的示数接近3V，发生这种现象的原因可能是______。
(3)排除故障后，小宇移动滑动变阻器的滑片，当电压表示数为2.5V时，电流表示数如图乙所示，则该小灯泡的额定电流为______A，正常发光时的电阻为______Ω。
(4)完成上述实验后，小宇又分别测出了当小灯泡两端的电压分别为2V和3V时通过小灯泡的电流，以此来求出小灯泡正常发光时的平均电阻值，小宇的操作正确吗？原因是______。
(5)完成实验后，小宇又设计了如图丙所示的实验电路来测量未知额定电压的小灯泡正常发光时的电阻，已知定值电阻的阻值为R0。闭合开关S，调节滑动变阻器，当电流表A1的示数为I1时，小灯泡正常发光，此时A2的示数为I2，则小灯泡正常发光时的电阻的表达式为R1=______(用I1、I2、R0表示)
28. 小明的妈妈做饭时，使用铁锅烧水，小明发现把2kg的水从10℃加热到85℃时，共消耗了0.5kg的干木柴，已知水的比热容为4.2×103J/(kg.℃)，干木柴的热值为1.2×107J/kg).求：
(1)干木柴完全燃烧放出的热量；
(2)水吸收的热量；
(3)铁锅烧水的效率．
29. 2020年，我国脱贫攻坚工作夺取了全面胜利，农村家庭电器化普及程度越来越高。小五家电热水壶的简化电路图如图所示，它有加热和保温两种工作状态，R1和R2均为用来加热且阻值不变的电热丝，电热水壶部分参数如下表所示。
额定电压
220V
额定功率
加热功率
2000W
保温功率
400W
容量
2.5L
(1)电热水壶使用的都是三脚插头，中间较长的脚连接的是电热水壶的金属外壳，插入三孔插座后可将其与______ 相连，电热水壶是利用电流的______ 来工作的。电热水壶在加热状态下正常工作，将2kg的水从20℃加热至100℃，水吸收的热量是多少？[水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)]
(2)在(1)问加热情况下，电热水壶正常工作了420s，消耗了多少电能？加热效率是多少？
(3)电热丝R2的阻值是多少？
30. 如图所示家庭电路，开关S1控制灯L；墙上还有一个三孔插座。用笔画线表示导线，按照要求，将它们连入电路。
31. 根据实物图，在右侧框中画出它的电路图。
32. 阅读以下材料，回答问题。
2008年9月25日，我国成功发射了“神舟七号”飞船，并且首次实现了我国航天员太空行走的愿望。如图1所示，是我国航天员翟志刚出舱时的英姿，出舱的航天员与轨道舱之间需要系上一根安全系绳。当航天员意外漂离轨道舱时，可拉着绳子返回轨道舱。2008年9月28日“神舟七号”载人飞船完成各项任务后，在返回的过程中，返回舱进入大气层将通过一段黑障区(所谓黑障区就是航天器返回舱返回大气层时，因表面超高速摩擦形成高温等离子区导致无线电信号衰减至中断的飞行区段)，这一段时间飞船将“烧成”一个大火球，如图2所示，而飞船内的宇航员和设备则安然无恙，因为飞船外壳上的烧蚀层先熔化后汽化，从而吸收了大量的热保护了飞船。
(1)航天员在太空上的质量与在地球上相比______。(选填“变大”、“不变”或“变小”)
(2)出舱的航天员与轨道舱之间需要系上一根安全系绳。当航天员意外漂离轨道舱时，可拉着绳子返回轨道舱。这利用了物体间力的作用是______的和力可以改变物体的______。
(3)航天器返回舱返回大气层时，飞船将“烧成”一个大火球，是将机械能转化为______。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、牛(N)是力的国际单位；故A错误；
B、瓦特(W)是功率的国际单位；故B正确；
C、焦耳(J)是功和能量的国际单位；故C错误；
D、帕斯卡(Pa)是压强的国际单位；故D错误；
故选：B。
各个物理量都有自己的国际单位；功率的国际单位是瓦特，简称瓦，符号为W。
初中物理中的物理量较多，各个物理量都有自己的单位，不要将单位相互混淆。
2.【答案】C
【解析】解：容易导电的物体为导体，通常情况下人体、铅笔芯、不锈钢尺是导体，
不容易导电的物体为绝缘体，通常情况下橡皮手套是绝缘体．
故选C.
正确区分导体和绝缘体，容易导电的物体为导体，有各种金属、人体、大地、石墨、酸碱盐的水溶液等；不容易导电的物体为绝缘体，如橡胶、塑料、玻璃等．
此题主要考查的是学生对导体和绝缘体概念的理解和掌握，正确区分导体和绝缘体是解决此题的关键．
3.【答案】D
【解析】解：AB、由Q=qm可知，相同质量的不同燃料，热值大的燃料，完全燃烧放出的热量多；不同质量的相同燃料，质量大的燃料，完全燃烧放出的热量多，故A、B错误；
C、1千克某种燃料完全燃烧时放出的热量，叫做这种燃料的热值，故C错误；
D、燃料燃烧时放出的热量与燃料的热值、质量和燃烧是否充分有关，故D正确。
故选：D。
(1)由Q=qm可知，燃料完全燃烧放出的热量与燃料的热值和消耗的燃料质量有关，据此分析；
(2)热值是指单位质量的某种燃料完全燃烧放出的热量；
(3)热值是燃料的一种特性，只与燃料的种类有关，与其它因素无关。
本题考查了对热值概念的理解，属于基础题，难度不大。
4.【答案】D
【解析】解：由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测R1支路的电流，电流表A2测干路电流。
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且两只电流表的指针偏转角度相同，所以电流表A2的示数是电流表A1示数的5倍，即IA2=5IA1，
则I1I2=IA1IA2−IA1=IA15IA2−IA1=14，故AB错误；
因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由I=UR可得，两灯泡的电阻之比：R1R2=UI1UI2=I2I1=41，故C错误，D正确。
故选：D。
由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测R1支路的电流，电流表A2测干路电流。
根据并联电路的电流特点和两只电流表的指针偏转角度相同判断两电流表的量程，大量程示数是小量程示数的5倍，再根据并联电路的电流特点求出两支路的电流之比，利用并联电路的电压特点和欧姆定律求出两电阻的阻值之比。
本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是两电流表量程的确定和知道指针偏转角度相同时大量程示数是小量程示数的5倍。
5.【答案】C
【解析】解：由右手螺旋定则判断出通电螺线管的左端为S极，右端为N极；
由同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引知，只有小磁针a左端为S极，右端为N极，故A正确；
小磁针b左端为N极，右端为S极，故B正确；
小磁针c应该是左端为S极，右端为N极，故C错误；
小磁针d应该是左端为N极，右端为S极，故D正确。
故选：C。
用右手螺旋定则判断出通电螺线管的磁极，再由磁极间的相互作用规律判断小磁针静止时的磁极指向。
本题考查了磁极间的相互作用规律和右手螺旋定则：让四指弯曲，跟螺线管中电流的方向一致，则大拇指指的方向是通电螺线管的N极。
6.【答案】D
【解析】解：
A.热量总是从高温物体向低温物体传递，而内能大的物体温度不一定高，故A错误；
B.热量是过程量，不能说物体含有热量的多少，故B错误；
C.燃料燃烧放出热量的多少，与燃料的热值、质量和燃烧程度有关，热值大，放出的热量不一定多，故C错误；
D.内能与物体的种类、质量、状态有关，温度相同的物体内能不一定相等，故D正确。
故选：D。
(1)热传递实质是内能从高温物体转移到低温物体，或者是从一个物体的高温部分传到低温部分，必须有温差；
(2)热量是指热传递过程中传递能量的多少，是过程量，可以说放出或吸收多少热量，但不能说含有多少热量；
(3)燃料燃烧放出的热量与燃料的热值、质量和燃烧程度有关；
(4)内能是物体内部所有分子做无规则热运动的动能和分子势能的总和，一切物体都有内能，内能与物体的种类、质量、状态有关。
本题考查了学生对燃料热值和热量概念、内能概念、热传递的理解与掌握，是一道综合题。
7.【答案】D
【解析】解：AD、若选择电流表A，当电流表连接在AB时，如果灯泡L短路，会造成电源短路，这是不允许的，故A不符合题意，D符合题意；
B、如果选择检测小灯，将小灯接在AB间，若两灯都亮，则灯泡L正常，可能是电阻R断路，灯泡L正常发光；将小灯接在BC间，若小灯发光，可能是灯泡L断路，因此小灯不能一次就检测出故障，故B不符合题意；
C、如果选电压表V接在AB间，若有电压，可能是电阻R断路，也可能是灯泡L短路；若灯泡L短路，只有电阻R接入，故电压表有示数，故C不符合题意。
故选：D。
在利用电表或小灯泡检测电路故障时，不能造成电源短路；根据不同元件连接时的不同工作情况，可判断电路是断路还是短路，并进一步确定发生故障的位置。
本题考查了电路故障的判断，要注意使用其它元件来判断故障时，要避免造成电源短路，同时能根据电路实际工作情况，找出故障的原因。
8.【答案】C
【解析】解：由图可知：当A B两端电压为3V时，通过A B中的电流分别是0.6A和0.3A，
则RA=UIA=3V0.6A=5Ω，RB=UIB=3V0.3A=10Ω；故AB选项错误，C选项正确；
因导体的电阻是导体本身的一种性质，与电压和电流无关，故D选项错误。
故选：C。
先分别分析图象，根据欧姆定律求出RA、RB；再观察A导体两端电压为3V时的电流；最后从导体的电阻是导体本身的一种性质，与导体两端的电压和通过的电流无关来考虑即可。
本题考查了利用欧姆定律的变形公式计算电阻，以及导体的电阻是导体本身的一种性质，不随电压和电流的改变而改变。
9.【答案】C
【解析】解：
A.柴油机有喷油嘴，而汽油机的顶部有火花塞，故A不符合题意；
B.柴油机吸气冲程进入汽缸的只有空气，汽油机在吸气冲程中吸入的是空气和汽油的混合物，故B不符合题意；
C.柴油机的效率比汽油机的大，故C符合题意；
D.由于柴油机的效率比较高，因此在压缩冲程中，柴油机缸内气体被压缩程度更大，故D不符合题意；
故选：C。
在结构上，柴油机顶部有喷油嘴，而汽油机顶部有火花塞；
在工作过程中，吸气冲程中，柴油机吸入汽缸的只有空气，而汽油机吸入的是汽油和空气的混合物；
在效率上，柴油机的效率高于汽油机的效率。
本题考查汽油机与柴油机的区别，学生需要掌握汽油机和柴油机在各方面的区别。
10.【答案】D
【解析】解：A、该洗衣机在额定电压下正常工作，两端的电压在一定的范围内可以工作，故A错误；
B、洗衣机的主体是电动机，电动机工作时将电能主要转化为机械能，还有一少部分内能；洗衣机正常工作10s消耗的电能W=Pt=150W×10s=1500J，所以产生的热量远远小于1500J，故B错误；
C、洗衣机的核心装置是电动机，它的工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用而运动，故C错误；
D、洗衣机外壳和火线绝缘损坏，外壳带电时，电路中的漏电保护器会切断电流，预防触电事故发生，故D正确。
故选：D。
(1)用电器正常工作的电压为额定电压，在额定电压下工作时的功率为额定功率。
(2)电动机工作时主要将电能转化为机械能，还有一少部分内能。根据W=Pt计算10s内洗衣机消耗的电能，进而判断产生的热量。
(3)通电导体在磁场中受到力的作用而运动，电动机就是利用这个原理制成的；
(4)当电路漏电时，漏电保护器能自动“跳闸”对人或电路起到保护作用；保险丝在电路总功率过大或短路时，即通过电流过大时熔点，切断电流起到保护作用。
本题考查了学生对额定电压、漏电保护器的作用、焦耳定律、电动机原理的能量转化等知识的理解与掌握，难度不大。
11.【答案】C
【解析】解：根据电路图可知，开关由闭合到断开时，电路由并联电路变为基本电路，而并联电路中各用电器互不影响，因此灯泡L1的亮度将不变，故C正确，ABD错误。
故选：C。
根据并联电路中各用电器互不影响进行分析。
本题考查并联电路的特点的应用，属于基础题。
12.【答案】B
【解析】解：由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)由P=UI可得，灯泡的额定电流：
IL额=PL额UL额=1.5W3V=0.5A，
因串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为0∼0.6A，
所以，电路中的最大电流为I大=0.5A，故C错误；
由I=UR可得，灯泡的电阻：
RL=UL额IL额=3V0.5A=6Ω，
当电流最大时，电路中的总电阻：
R=UI大=4V0.5A=8Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：
R滑小=R−RL=8Ω−6Ω=2Ω，故A错误；
该电路的最大功率：
P大=UI大=4V×0.5A=2W，故D错误；
(2)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电流最小，灯泡的功率最小，
则电路中的最小电流：
I小=URL+R滑大=4V6Ω+10Ω=0.25A，
灯泡的最小功率：
PL小=(I小)2RL=(0.25A)2×6Ω=0.375W，
当电路中的电流最大为I大=0.5A时，灯泡正常发光，其消耗的功率最大为1.5W(等于额定功率)，
所以，灯泡功率的变化范围是0.375W∼1.5W，故B正确。
故选B。
由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI求出灯泡的额定电流，然后结合电流表的量程确定电路中的最大电流，根据欧姆定律求出灯泡的电阻和电路中的最小总电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值，再根据P=UI求出该电路的最大功率；
(2)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，灯泡的功率最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，利用P=I2R求出灯泡的最小功率，然后得出答案。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据灯泡的额定电压和电流表的量程确定电路中的最大电流，对于选择题并不一定完全解答选项，只要有不正确的地方，本选项即为不正确。
13.【答案】B
【解析】解：
磁体的两端磁性最强，中间最弱，几乎没有；在图甲中，钢棒a的中间位置也几乎没有磁性，b却能吸引a，说明钢棒b具有磁性；
在图乙中无论钢棒b是否具有磁性，它的中间位置几乎没有磁性，钢棒a不能吸引b，所以钢棒a不是磁铁．
故选B.
磁体具有两极性，任何磁体都具有两个磁极，磁北极N，磁南极S，磁体中磁极部分磁性最强，中间部分磁性最弱．
根据物体间的相互作用判断物体是否具有磁性是同学们必须掌握的一项技能，它考查了灵活应用磁体间的相互作用的性质．
14.【答案】D
【解析】解：(1)当S1、S2、S3都闭合，滑动变阻器滑到a端时，灯泡L1和灯泡L2并联，
因并联电路中各支路两端的电压相等，且两灯都正常发光，
所以，电源的电压U=U1=U2=6V，故A错误；
(2)由P=UI可得，两灯泡都正常发光时通过的电流：
I1=P1U1=3W6V=0.5A，I2=P2U2=6W6V=1A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，两灯都正常发光时电流表的示数：
I=I1+I2=0.5A+1A=1.5A，故B错误；
(3)由I=UR可得，两灯泡的电阻：
R1=U1I1=6V0.5A=12Ω，R2=U2I2=6V1A=6Ω，
当S1、S3闭合且滑片位于b端时，R1与R的最大阻值串联，电路中的总电阻最大，电路的总功率最小，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，电路的最小总功率：
P小=U2R1+R=(6V)212Ω+12Ω=1.5W，故C错误；
(4)当S1、S2、S3都闭合且滑片位于a端时，两灯泡并联，电路中的总电阻最小，电路的总功率最大，
因此时两灯泡均正常发光，
所以，整个电路的最大功率：
P大=P1+P2=3W+6W=9W，故D正确。
故选：D。
(1)当S1、S2和S3都闭合，滑动变阻器的滑片滑到a端时，灯泡L1和灯泡L2并联，两灯泡均正常发光时的电压和额定电压相等，根据并联电路的电压特点求出电源的电压；
(2)根据P=UI求出两灯泡都正常发光时通过的电流，根据并联电路的电流特点求出两灯都正常发光时电流表的示数；
(3)根据欧姆定律求出两灯泡的电阻，两灯泡的最大电阻和R的最大阻值串联时电路中的总电阻最大，电路的总功率最小，根据电阻的串联和P=UI=U2R求出电路的最小总功率；
(4)当S1、S2、S3都闭合且滑片位于a端时，两灯泡并联，电路中的总电阻最小，电路的总功率最大，此时两灯泡的实际功率和额定功率相等，两灯泡的功率之和即为电路的总功率。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确的判断电路的最大总功率和最小总功率是关键。
15.【答案】A
【解析】解：由电路图可知，R1与R2、R3串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R3两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，
由I=UR可知，电路中电流减小，
由U=IR可知，R1、R2两端的电压减小，则电压表V1的示数减小，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，R两端的电压增大，即电压表V2的示数增大，故CD错误；
(2)设变阻器的滑片向右移动前后电路中的电流分别为I1、I2，
由I=UR可知，U1=I1R1，U1′=I2R1，
则电压表V1示数的变化量：
ΔU1=U1−U1′=I1R1−I2R1=(I1−I2)R1=ΔIR1，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，U2=U−I1R1−I1R2，U2′=U−I2R1−I2R2，
电压表V2的示数变化量：
ΔU2=U2−U2′=(U−I1R1−I1R2)−(U−I2R1−I2R2=−(I1−I2)(R1+R2)=−ΔI(R1+R2),
所以，|ΔU1|<|U2|，即电压表V1减小的示数小于V2增大的示数，故A正确，B错误。
故选：A。
由电路图可知，R1与R2、R串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1、R2两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知R两端的电压变化；
(2)设出变阻器的滑片向右移动前后电路中电流，根据欧姆定律表示出电压表V1示数的变化量，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电压表V2示数的变化量，然后比较两者之间的关系，最后得出答案。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是根据串联电路的电压特点和欧姆定律得出电压表V2示数变化量与两电阻阻值之间的关系。
16.【答案】AC
【解析】解：A、对人体的安全电压为不高于36V，低于24V的电压，人体就可以接触，故A正确；
B、使用验电笔时，手必须接触笔尾金属体，用笔尖接触被检验导线，才能辨别火线和零线，故B错误；
C、高压触电的两种情形包括电弧触电和跨步电压触电，故C正确；
D、洗衣机、电冰箱等家用电器都使用三孔插座，是由于这些用电器的外壳是金属，金属是导体，当用电器漏电时，会使外壳带电，若接上地线，即便漏电，电流也就通过地线，流入大地，而防止了触电事故的发生，故D错误。
故选：AC。
(1)对人体的安全电压为不高于36V；
(2)使用验电笔时，必须用手接触到笔尾的金属体；
(3)根据高压触电的分类判断；
(4)三孔插座中多出的一个孔是用来接地线的，目的就是为了防止触电。
本题考查了安全用电常识，考查范围广，平时需要多积累。
17.【答案】BD
【解析】解：A.由电路图可知，压敏电阻与定值电阻R0并联，电流表测干路电流；当压力增大时，压敏电阻的阻值减小，电路中的总电阻减小，由I=UR可知，干路中的电流增大，即电流表的示数增大，故A符合要求；
B.由电路图可知，压敏电阻与定值电阻R0并联，电流表测R0支路的电流；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以压力变化时电流表的示数不变，故B不符合要求；
C.由电路图可知，压敏电阻与定值电阻R0串联，电压表测R0两端的电压；当压力增大时，压敏电阻的阻值减小，压敏电阻分得的电压减小，由串联电路的分压特点可知，R0两端的电压变大，即电压表的示数变大，故C符合要求；
D.由电路图可知，压敏电阻与定值电阻R0串联，电压表测压敏电阻两端的电压；当压力增大时，压敏电阻的阻值减小，由串联电路中电阻越小分得的电压越小可知，电压表的示数减小，故D不符合要求。
故选：BD。
①并联电路中各支路独立工作、互不影响，根据题意可知压力变化时压敏电阻阻值的变化，根据并联电路的电压特点和欧姆定律可知两支路电流的变化；
②在串联电路中，用电器两端电压与其阻值成正比。
本题考查的是电路设计问题，要明确：串联电路用电器两端电压与其阻值成正比；知道并联电路支路电流与其阻值成反比。
18.【答案】BD
【解析】解：A、凹透镜对光有发散作用，近视眼是由于晶状体对光线的会聚作用太强，像成在视网膜的前面，可以用凹透镜来矫正近视眼，故A正确；
B、远视眼是由于晶状体对光线的会聚作用太弱，像成在视网膜的后方，为了使像成在视网膜上，就需要戴一个对光线有会聚作用的凸透镜来加以矫正，故B错误；
C、做功冲程是内能转化为机械能的冲程，燃料燃烧的化学能转化为内能，高温高压的燃气推动活塞做功，故C正确；
D、热量是一个过程量，不能说物体含有或具有多少热量，故D错误。
故选：BD。
(1)凹透镜对光有发散作用，近视眼是由于晶状体对光线的会聚作用太强，本来应该成在视网膜上的像结果成在视网膜的前方造成的，为了使像成在视网膜上，就需要戴一个对光线发散作用的凹透镜来矫正近视眼；
(2)远视眼是由于晶状体对光线的会聚作用太弱，本来应该成在视网膜上的像结果成在视网膜的后方造成的，为了使像成在视网膜上，就需要戴一个对光线有会聚作用的凸透镜来加以矫正；
(3)做功冲程是内能转化为机械能的冲程；
(4)热量是一个过程量，不能说物体含有或具有多少热量。
本题考查了凸透镜的成像规律及应用、远视眼的成因及矫正方法、内燃机的做功冲程及其能量转化、热量的定义，难度不大。
19.【答案】AC
【解析】解：电流表在电路中相当于导线，电压表在电路中相当于开路，据此简化电路；
A.由图知，只闭合开关S1时，电流的路径只有一条，电阻R2、R3串联，故A正确；
BD.只闭合开关S1、S2时，电阻R1、R2并联再和R3串联，故BD错误；
C.三个开关都闭合时，R3被短路，此时电阻R1、R2并联，故C正确。
故选：AC。
串联电路中电流只有一条路径，电流从正极出发依次经过各用电器回到电源负极；并联电路中电流有多条路径，电流从正极出发分别经过各用电器回到负极。
本题考查了学生识别串、并联电路的能力，电路的识别一般从电流路径上分析。
20.【答案】AC
【解析】AB、当有人走上电梯后，衔铁与触点2接触，衔铁被吸下，说明电磁铁的磁性变大，由于电磁铁的线圈的匝数不变，表明通过电磁铁的电流变大，控制电路中的总电阻变小，R电阻变小，所以R的阻值随压力的增大而减小，故A正确，B错误；
C、当有人站在电梯上时，压力变大，R阻值变小，控制电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知，通过电磁继电器的电流变大，根据P=I2R可知，电磁铁线圈的耗电功率变大，故C正确；
D、若只将R1换成阻值更小的电阻，此时该电路的总电阻会减小，根据欧姆定律可知，电路中的电流增大；R1阻值变小，其分担的电压变小，根据串联电路的电压规律可知，电动机两端分担的电压变大，根据P=UI可知电动机消耗的电功率变大，故D错误。
(1)(2)根据图可知，当衔铁与触点1接触时，R1与电机串联，当衔铁与触点2接触时，电阻R1断路，据此分析R的阻值与压力的关系；
(3)当有乘客站在电梯上时，根据R阻值的变化判定电流的变化，根据P=I2R分析电功率的变化；
(4)根据电功率公式P=UI分析功率的变化。
本题考查应用物理知识解决实际问题的能力，关键是认清电路的构造，联系所学知识进行解答。
21.【答案】太阳能、风能、水能 天然气、煤、石油
【解析】解：太阳能、风能、水能能从自然界源源不断获得，它们是可再生能源；
天然气、煤、石油不能源源不断从自然界获得，它们是不可再生能源；
故答案为：太阳能、风能、水能；天然气、煤、石油。
能源源不断从自然界获得的能源是可再生能源，不能源源不断从自然界获得的能源是不可再生能源。
本题考查了能源的分类，是一道基础题，掌握可再生与不可再生能源的概念即可正确解题。
22.【答案】无规则振动；超声波
【解析】解：
(1)发动机工作时超低的噪音是机器无规则振动而产生的；
(2)车内的倒车雷达系统，是利用超声波工作的。
故答案为：无规则振动；超声波。
(1)从物理学角度，噪声是物体无规则振动产生的；
(2)倒车雷达利用了超声波来进行定位。
本题考查了与汽车相关的几个知识点，包括声现象与信息的传递，属基础知识的考查，难度不大。
23.【答案】火
【解析】解：家庭电路中发生触电事故，通常都是人体直接或间接接触火线所造成的。
故答案为：火。
触电的实质是当有一定大小的电流通过人体，就会引起人体触电。
掌握触电的实质是：人体直接或间接跟火线接触造成的；故要不接触低压带电体，不靠近高压带电体。
24.【答案】变大 不变
【解析】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，
当滑动变阻器的滑片P向右移动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，
∵I=UR，
∴电路中的电流变小，R1两端的电压变小，
∵串联电路中总电压等于各分电压之和，
∴R2两端的电压变大，即电压表V2的示数将变大，
∵电压表V1与电流表A示数的比值等于定值电阻R1的阻值，
∴电压表V1与电流表A示数的比值不变。
故答案为：变大；不变。
由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知R2两端的电压变化，根据欧姆定律结合R1的阻值判断电压表V1与电流表A示数的比值的变化。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是能把比值问题转化为阻值问题来处理，这样就可以减小问题的复杂性。
25.【答案】0.9
【解析】解：只闭合S时，电路为L的简单电路，电流表测电路中的电流，
由图像可知，当UL=3V，IL=0.2A时，灯泡的实际功率：PL=ULIL=3V×0.2A=0.6W，
则电源的电压U=UL=3V；
再闭合S1后，R与L并联，电流表测干路电流，
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，通过灯泡的电流不变，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过R的电流：IR=I−IL=0.5A−0.2A=0.3A，
因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，电阻R消耗的电功率：
PR=UIR=3V×0.3A=0.9W。
故答案为：0.9。
(1)只闭合开关S时，电路为L的简单电路，根据图甲、灯泡的实际功率为0.6W以及P=UI得出此时电路电流以及电源电压；
(2)再闭合S1后，电阻和灯泡并联，电流表测量干路电流，根据通过灯的电流不变和并联电路电流规律可求出通过R的电流，根据P=UI可求出电阻R消耗的电功率。
本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据图像读出灯泡功率为0.6W时的电流和电压值。
26.【答案】P=UIb0.75小灯泡断路 <1.5
【解析】解：(1)测量小灯泡的额定功率的实验原理是P=UI；
闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到最大阻值端，防止电流过大，损坏电路元件，起保持电路的作用，根据图甲可知，滑动变阻器的最大阻值端在 b端，由此可知，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到b端；
(2)由图乙可知，电流表所选量程是0∼0.6A，分度值为0.02A，电流表的示数是0.3A，小灯泡的额定功率P额=U额I额=2.5V×0.3A=0.75W；
(3)闭合开关，缓慢移动滑动变阻器的滑片，发现电流表示数没有变化，灯泡不发光，这说明电路出现了断路现象，电压表有示数，说明电压表与电源之间是接通的，所以故障是灯泡断路；
(4)由图丙可知，当灯泡两端的电压为1V时，通过灯泡的电流等于0.2A，灯泡的实际功率P实=U实I实=1V×0.2A=0.2W<0.25W；
(5)小灯泡与一个阻值是10Ω的定值电阻串联在某一电路中时，电路电流是0.25A，由于串联电路中电流处处相同，所以通过灯泡的电流为0.25A，由图可知，灯泡两端的电压为1.5V。
故答案为：(1)P=UI；b；(2)0.75；(3)小灯泡断路；(4)<；(5)1.5。
(1)根据电功率公式P=UI可得出测量小灯泡的额定功率的实验原理；闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到最大阻值端，防止电流过大，损坏电路元件，起保持电路的作用；
(2)由图乙可知，电流表所选量程是0∼0.6A，分度值为0.02A，由此可读出电流表的示数，根据P=UI可计算出小灯泡的额定功率；
(3)小灯泡不发光，这说明小灯泡短路或电路出现了断路现象；电压表有示数，说明电压表与电源之间是接通的；
(4)由图丙可知，当灯泡两端的电压为1V时，通过灯泡的电流等于0.2A，根据P=UI可得出结论；
(5)根据通过灯泡的电流，从图像中得出灯泡两端的电压。
本题测量小灯泡的电功率，考查注意事项、故障分析、功率的计算、欧姆定律的应用，综合性较强。
27.【答案】小灯泡断路 0.212.5不正确，因为小灯泡的电阻随温度的升高而增大，不是定值，不能求平均电阻 I1R0I2−I1
【解析】解：(1)滑动变阻器一上一下的与灯泡串联，由于电源电压为3V，所以电压表选用0−3V与小灯泡并联，见下图：
(2)当闭合开关后，灯不亮，电流表无示数，说明发生了断路；而电压表有示数，说明电压表能与电源相通，故是小灯泡断路；
(3)电流表选用0∼0.6A量程，分度值是0.02A，示数为0.2A，
小灯泡正常发光时的电阻为：
R=UI=2.5V0.2A=12.5Ω；
(4)由于灯丝的电阻随温度的升高而增大，不是定值，不能求平均电阻；
(5)具体操作是：
闭合开关S，调节滑动变阻器使电流表A1的示数为I1时，小灯泡正常发光，此时电流表A2的示数为I2，
由并联电路电压规律及欧姆定律I=UR可知，R0的电压为U0=I1R0，由并联电路电流的规律，灯的额定电流为：
I额=I2−I1，则小灯泡正常发光的电阻为：
R1=U额I额=I1R0I2−I1。
故答案为：(1)见上图；(2)小灯泡断路；(3)0.2；12.5；(4)不正确，因为小灯泡的电阻随温度的升高而增大，不是定值，不能求平均电阻；(5)I1R0I2−I1。
(1)滑动变阻器一上一下的与灯泡串联，根据电源电压判断出电压表的量程；
(2)闭合开关后，发现小灯泡不亮，电流表无示数，电压表的示数接近3V，说明电路中几乎无电流，电压表能与电源相通，故是灯处断路了；
(3)根据电流表的读数方法(电流表读数：首先确定使用的量程，然后确定每一个大格和每一个小格代表的示数)，读出电流表示数，根据R=UI计算出电阻；
(4)灯丝的电阻随温度的升高而增大，电压越大，灯丝的温度越高；
(5)由欧姆定律求出R0的电压为U0=R0I1，根据并联电路电压的规律知灯的额定电压，根据并联电路电流的规律得出灯的额定电流，根据R=UI计算出小灯泡正常发光时的电阻。
本题考查了电路的连接、故障的分析、电表的读数、操作过程、电功率的测量、数据处理等知识，综合性强；最后一步难度较大。
28.【答案】解：(1)干木柴完全燃烧放出的热量：
Q放=qm=1.2×107 J/kg×0.5kg=6×106J；
(2)水吸收的热量：
Q吸=cm′(t2−t1)=4.2×103 J/(kg⋅℃)×2kg×(85℃−10℃)=6.3×105J；
(3)铁锅烧水的效率：
η=Q吸Q放×100%=6.3×105J6×106J×100%=10.5%.
答：(1)干木柴完全燃烧放出的热量为6×106J；
(2)水吸收的热量为6.3×105J；
(3)铁锅烧水的效率是10.5%.
【解析】(1)由燃烧值公式Q放=mq可以求出木柴释放的热量．
(2)已知水的体积可求得其质量，知道初末温度，由热量公式Q吸=c水m(t−t0)可以求出水吸收的热量．
(3)由效率公式η=Q吸Q放×100%可以求出炉子的效率．
本题考查了热量的计算、效率等问题，熟练应用热量公式、燃烧值公式、效率公式即可正确解题．
29.【答案】大地 热效应
【解析】解：(1)三角插头较长的脚与电水壶的金属外壳相连，通过三孔插座与大地相连，避免发生漏电对人体造成伤害；
电热水壶是利用电流的热效应工作的；
水吸收的热量：
Q吸=c水m(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×2kg×(100℃−20℃)=6.72×105J；
(2)由P=Wt可得，消耗的电能为：
W=P加热t=2000W×420s=8.4×105J，
饮水机加热的效率为：
η=Q吸W×100%=6.72×105J8.4×105J×100%=80%；
(3)当只闭合S时，只有R1工作，饮水机处于保温状态，
当S、S1同时闭合时，两电阻并联，饮水机处于加热状态，
因电路的总功率等于电阻功率之和，
所以，R2的电功率：
P2=P加热−P保温=2000W−400W=1600W，
由P=UI==U2R可得电阻R2的阻值：
R2=U2P2=(220V)21600W=30.25Ω。
答：(1)大地；热效应；饮水机在加热状态下正常工作，将2kg的水从20℃加热至100℃，水吸收的热量是6.72×105J；
(2)在(1)问加热情况下，饮水机正常工作了420s，消耗了8.4×105J的电能，加热效率是80%；
(3)电热丝R2的阻值是30.25Ω。
(1)电热水壶的金属外壳要通过插座接地线；
电流通过导体发热的现象叫电流的热效应，电水壶是利用电流的热效应工作的；
知道水的质量和初温、末温以及比热容，根据Q吸=cm(t−t0)求出水吸收的热量；
(2)根据W=Pt求出消耗的电能，利用η=Q吸W×100%求出电热水器加热的效率；
(3)当只闭合S时，只有R1工作，饮水机处于保温状态，当S、S1同时闭合时，两电阻并联，饮水机处于加热状态，
加热时的功率减去保温时的功率即为R2的电功率，由P=UI=U2R算出电阻R2的阻值。
本题考查了安全用电的知识、电流的热效应、电功率公式和吸热公式、电功公式、效率公式的应用，从题目所给信息中找到有用的数据是关键。
30.【答案】解：首先辨别上面三根线分别为火线、零线、地线。
(1)灯泡的接法：火线先进入开关，再进入灯泡，零线直接接在灯泡的另一端；
(2)安装三孔插座的方法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。如图所示：
【解析】(1)灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。
(2)三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。
掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。
31.【答案】解：由实物电路图知：两个灯泡并联，开关S1控制整个电路，开关S2控制灯泡L2，电压表并联在灯泡两端即可，如下如图所示：
【解析】由实物电路图画电路图时，可以根据电流流向法，从电源的正极出发依次画出各电路原件回到负极，然后把电压表并联在相应的部分即可。
本题考查了根据实物画出电路图，一般采用电流流向法，即从电源的一极出发依次画出各电路原件；会正确识别电路的连接方式以及开关和仪表的作用是解决此类问题的关键。
32.【答案】不变；相互；运动状态；内能
【解析】解：
(1)航天员从地球到达太空，位置发生变化，但其质量与位置无关，所以不变；
(2)出舱的航天员与轨道舱之间需要系上一根安全系绳。当航天员意外漂离轨道舱时，拉动绳子对绳子产生作用力，由于力的作用是相互的，绳子对航天员产生反作用力，从而可以返回轨道舱；在力的作用下，航天员的状态发生变化，说明力可以改变物体的运动状态；
(3)航天器返回舱返回大气层时，与大气层发生剧烈摩擦，飞船将“烧成”一个大火球，是将机械能转化为内能。
故答案为：(1)不变；(2)相互；运动状态；(3)内能。
(1)质量是物体所含物质的多少，决定于物质的多少，与物体位置没有关系；
(2)力是物体对物体的作用，物体之间力的作用是相互的，一个物体对另一个物体施加力的作用的同时，受到另一个物体的反作用力；
力的作用效果有二：改变物体的运动状态，改变物体的形状；
(3)改变内能有两种方式：做功和热传递。外界对物体做功，改变内能的本质是机械能转化为内能。
此题以神州九号与天宫一号对接为素材，考查了质量的特点、力的作用相互性及作用效果、机械能与内能的转化，体现了物理规律与科技前沿的密切联系。
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