2023年安徽省安庆市中考物理二模试卷

这是一份2023年安徽省安庆市中考物理二模试卷，共18页。试卷主要包含了填空题，选择题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。

2023年安徽省安庆市中考物理二模试卷
一、填空题（每空2分，共20分）
1．（2分）可燃冰是一种新型高效能源，其外观像冰一样面且遇火即可燃烧（如图），它是由甲烷气体与水在高压、低温条件下形成的类似冰状的结晶物质。在可燃冰的形成过程中，甲烷气体发生的物态变化是 　 　。

2．（2分）如图所示，曾侯乙编钟是我国现存最大、保存最完整的一套大型编钟，用钟锤敲击编钟时发出的声音是由编钟 　 　产生的。

3．（2分）古诗“人面桃花相映红”中所描述的“相映红”属于光的 　 　现象。
4．（2分）如图所示，小球水平向右做直线运动，数字钟显示的时间格式是“时：分：秒”，则小球从A到C的平均速度是 　 　m/s。

5．（2分）医用外科口罩采用三层工艺制成，其中间层是多孔结构的熔喷布。它的表面带有负电荷，从而能吸附含有病毒的飞沫。根据你所学的知识可知，熔喷布带负电是因为它 　 　（选填“得到”、“失去”或“创造”）了电子。
6．（2分）家庭电路中的空气开关突然跳闸断电，原因可能是正在使用的用电器总功率过大，也可能是发生了 　 　。
7．（2分）体育课上同学正在进行投掷铅球训练，如图是出手的铅球在空中向前运动的情景，不计空气阻力。请你画出铅球所受力的示意图。

8．（2分）如图所示，质量均匀的木棒AB重为20N、长为1.2m，伸出桌面的部分BC长为0.4m，现在木棒B端施加一个最小的力F，使B端恰好被抬起，则力F的大小为 　 　N。
9．（2分）火箭使用的燃料是液态氢，利用了液态氢热值大的特点。完全燃烧0.6kg的氢燃料，如果放出的热量有84%被质量为250kg、温度为25℃的水吸收，则水温升高了 　 　℃。（在一个标准大气压下）[已知c水＝4.2×103J/（kg•℃），q氢＝1.4×107J/kg]
10．（2分）有两根电热丝，甲标有“15V，1.0A”字样，乙标有“10V，0.5A”字样。现把它们串联起来，在确保电路安全的前提下，通电1min，甲、乙两根电热丝产生的总热量最多为 　 　J。
二、选择题（每小题2分，共14分；每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意）
11．（2分）关于物理知识的应用，下列说法正确的是（　　）
A．冰熔化时吸收热量，内能增加，分子的运动越来越剧烈
B．洗衣机中衣服脱水时，是利用衣服具有惯性
C．“神舟十五号”飞船和空间站“天和”核心舱成功对接后，以核心舱为参照物，飞船是静止的
D．“和谐号”高铁外形设计成流线型是为了增大对地面的压力，提高行驶稳定性
12．（2分）在下列物理实验的操作中，合理的是（　　）
A．在用托盘天平测量物体的质量前，应首先调节平衡螺母使天平平衡
B．在探究“阻力对物体运动的影响”实验时，应让小车从同一斜面相同高度由静止滑下
C．在观察水的沸腾时，为了温度读数准确，应把温度计从水中取出来读数
D．在托里拆利实验中，装满水银的玻璃管必须竖直放置
13．（2分）如图所示，一个重为G的物体在水平地面上处于静止状态，当用竖直向上的拉力F提它时（F＜G），物体仍处于静止状态。下列说法正确的是（　　）

A．物体受到的重力与地面对物体的支持力是一对平衡力
B．物体对地面的压力与地面对物体的支持力是一对相互作用力
C．物体受到的重力与拉力和支持力的合力是一对相互作用力
D．物体对地面的压力与拉力F是一对平衡力
14．（2分）关于下列四幅图的说法，正确的是（　　）
A．图甲中，闭合开关，小磁针的N极向右偏转
B．图乙中水位升高到金属块B时，红灯亮，绿灯灭
C．图丙中的线圈在转动时不会产生感应电流
D．利用图丁的实验原理可以制成电动机
15．（2分）如图是《天工开物》记载的三千多年前在井上汲水的枯槔。当它汲满水后，人竖直向上拉挂木桶的绳子，通过横杆的作用，后端的配重物下降，可以使装有水的木桶匀速上升（假设在上升过程中，水没有洒落）。则在该过程中（　　）

A．木桶和水的动能增大
B．木桶和水的重力势能不变
C．配重物的机械能减小
D．木桶和水机械能的变化量一定等于配重物机械能的变化量
16．（2分）在探究“电流与电阻的关系”实验中，小明根据实验数据在坐标纸上描点作出了的关系图像（如图），分析该图像可知（　　）

A．实验过程中，控制导体两端的电压为2V不变
B．当导体中电流为0时，导体的电阻也为0
C．当导体的电阻为0.2Ω 时，通过导体的电流为0.4A
D．当导体两端电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成正比
17．（2分）如图所示，R1、R2为定值电阻，电源电压保持不变，闭合开关S，下列说法正确的是（　　）

A．电流表A1的示数不变
B．电流表A2的示数变小
C．电压表V的示数变大
D．电压表V与电流表A1示数的比值变小
三、实验题（第18小题4分，第19小题4分，第20小题8分，共16分）
18．（4分）在探究“滑动摩擦力的大小与哪些因素有关”的实验中；
（1）在水平桌面上，用弹簧测力计水平向左匀速拉动木块。弹簧测力计示数如图所示，则木块受到的滑动摩擦力为 　 　N。
（2）实验过程中，如果增大拉力来拉动木块，则木块受到的滑动摩擦力将 　 　（选填“变大”、“不变”或“变小”）。

19．（4分）小同学用图所示的装置做“探究凸透镜成像的规律”的实验，所使用的凸透镜焦距是15cm。
（1）将蜡烛、透镜和光屏按顺序装到光具座上后，点燃蜡烛，使烛焰、光屏和凸透镜中心调到同一高度上。当他把凸透镜固定在50cm刻度线处，蜡烛移到15cm刻度线位置时（如图），为了在光屏上得到清晰的像，他应该向 　 　（选填“左”或“右”）移动光屏。
（2）在光屏上能看到清晰的像后，如果此时不再改变蜡烛和光屏的位置，取下凸透镜，用一个焦距10cm的凸透镜替换原凸透镜，为了在光屏上仍然得到清晰的像，他可以在烛焰和凸透镜之间放个合适的透镜，利用这个实验原理可以矫正 　 　（选填“近视眼”或“远视眼”）。
20．（8分）在“测量小灯电电阻”的实验中，同学们设计了如图所示电路进行实验，所用灯泡规格为“2.5V”。

（1）请你根据实物物在方框内画出对应的电路图。
（2）在连接电路过程中开关应处于 　 　状态。
（3）实验时观察到电流表和电压表均有示数，但小灯泡不发光，原因可能是 　 　。
（4）同学们进行了多次测量，将实验数据和现象记录在如下表格中。
次数
U/V
I/A
亮度
R/Ω
1
1.3
0.22
较暗

2
1.7
0.26
稍亮

3
2.1
0.28
较亮

4
2.5
0.30
最亮

根据表格中的数据计算出对应的电阻值，你能发现的规律是 　 　。
四、计算题（第21题5分，第22题7分，第23题8分，共20分；解答要有必要的公式和过程，只有最后答案的不能得分）
21．（5分）斜面是盘山公路的一种物理模型。如图所示，在斜面上将一个重为100N的物体从底端匀速拉到顶端，用时5s，沿斜面向上的拉力F为50N，斜面的长为1m，高为0.4m。在此过程中：
（1）拉力做功的功率是多少？
（2）此装置的机械效率是多少？

22．（7分）将重为6N、长为0.1m的正方体物块轻轻地放入一柱形容器中，使它静止于容器底部（正方体物块的底部与容器底部不密合）。则：
（1）正方体物块的密度是多少？
（2）现在向容器里注水，如图所示，当容器中水的深度h＝2cm时，此时正方体物块受到的浮力是多大？
（3）继续向容器中注水，物块对容器底部的力恰好为0时，容器内的水对容器底部的压强是多少？

23．（8分）如图所示，电源电压恒定不变，滑动变阻器R1的阻值范围是0～20Ω，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片移到A端时，电流表的示数为0.6A；当滑动变阻器的滑片移到B端时，电流表的示数为1.2A。则：
（1）电源电压是多少？
（2）定值电阻R2的阻值是多少？
（3）分析说明电路在什么状态下消耗的电功率最大？并求出电路消耗的最大电功率。


2023年安徽省安庆市中考物理一模试卷
参考答案与试题解析
一、填空题（每空2分，共20分）
1．【分析】物质从气态直接到固态，是凝华现象。
【解答】解：可燃冰是由甲烷与水在高压低温条件下形成的类冰状的固体结晶，属于凝华现象。
故答案为：凝华。
【点评】本题考查凝华现象，是基础题。
2．【分析】声音是由物体的振动产生的。
【解答】解：曾侯乙编钟是我国现存最大、保存最完整的一套大型编钟，用钟锤敲击编钟时发出的声音是由编钟振动产生的。
故答案为：振动。
【点评】知道声音产生的条件。本题属于基础性题目。
3．【分析】光在传播的过程中遇到物体表面传播方向发生改变，叫做光的反射，平面镜成像、水面成像等就是光的反射形成的。
【解答】解：桃花不是光源，它反射太阳光中的红光照在人的脸上，再从人脸上反射出来，人脸就呈现红色。
故答案为：反射。
【点评】本题考查了光的反射现象，熟知相关的实例，并能与具体知识相结合，是解答此类题的关键。
4．【分析】根据钟表的示数读出起点与终点的时刻。然后通过读刻度尺得出起点与终点的距离，再根据v＝，求得平均速度。
【解答】解：由图知小球的起点在零刻度线位置，故小球终点位置即为小车运动的距离：s＝4.00cm，小车运动的时间t＝10：35：05﹣10：35：00＝5s，
小车的运动速度v＝＝＝0.80cm/s＝8×10﹣3m/s。
故答案为：8×10﹣3。
【点评】本题考查了速度公式的应用，能从图中读出相关信息（小车通过的距离、小车用的时间）是解答本题的关键。
5．【分析】摩擦起电的实质是电子的转移；得到电子的物体因为有了多余电子带负电。
【解答】解：熔喷布带负电是因为它得到了电子。
故答案为：得到。
【点评】知道摩擦起电的实质。本题属于基础性题目。
6．【分析】家庭电路电流过大时，串联在电路中的空气开关会“跳闸”；造成家庭电路电流过大的原因有：电路发生短路或用电器的总功率过大。
【解答】解：在家庭电路中，因电流过大导致空气开关“跳闸”的原因有：①电路中用电器的总功率过大，造成干路电流过大；②电路中发生短路故障。
故答案为：短路。
【点评】本题考查了家庭电路中电流过大的原因，要知道解题电路过大的原因是短路和用电器的总功率过大。
7．【分析】用一条带箭头的线段表示力的大小和方向即是力的示意图，重力的方向是竖直向下的，作用点在其重心上，重力的表示符号为G。
【解答】解：铅球在空中飞行，由于忽略空气阻力，铅球只受重力的作用，作用点在其重心O上，方向是竖直向下的，表示符号为G，如图所示。

【点评】知道重力的方向总是竖直向下的，会用力的示意图表示力的三要素。
8．【分析】抬起木棒时可将其看成一个杠杆，先分析阻力和阻力臂，根据杠杆的平衡条件，在阻力和阻力臂的乘积一定时，动力臂最长时，动力最小，据此分析解答。
【解答】解：抬起木棒时可将其看成一个杠杆，A为支点，木棒质量均匀，阻力是木棒的重力，作用在AB的中点，即阻力臂为AB，
动力作用在B端，以AB长为动力臂时是最长的力臂，此时的动力最小，
根据杠杆的平衡条件有：F×AB＝G×AB，
所以最小的力F＝G＝×20N＝10N。
故答案为：10。
【点评】本题考查杠杆上最小力的求解，杠杆上已知动力作用点时，以动力作用点到支点间距离作为力臂是最长的力臂。
9．【分析】（1）根据Q放＝mq氢可求质量为0.6kg的氢燃料完全燃烧放出的热量；
（2）由题意可知水吸收的热量：Q吸＝84%×Q放，根据Q吸＝cmΔt求水升高的温度。
【解答】解：（1）0.6kg的氢燃料完全燃烧放出的热量：
Q放＝mq氢＝0.6kg×1.4×107J/kg＝8.4×106J；
（2）由题意可知水吸收的热量：
Q吸＝84%×Q放＝84%×8.4×106J＝7.056×107J，
由Q吸＝cmΔt得水升高的温度：
Δt＝＝＝67.2℃。
故答案为：67.2。
【点评】本题考查学生对燃料完全燃烧放出热量公式和吸热公式的掌握和运用，此类型的题目需要根据实际情况具体分析。
10．【分析】由题知，两热丝额定电压和额定电流，根据欧姆定律计算两电热丝的电阻；由串联电路的电流规律知，电路中的最大电流为较小的额定电流，根据Q＝I2Rt计算通电1min，两电热丝产生的总热量的最大值。
【解答】解：由I＝可得两电热丝的电阻：
R甲＝＝＝15Ω，R乙＝＝＝20Ω，
因为串联电路中电流处处相等，所以两电热丝串联时，在确保电路安全的前提下，电路中的最大电流：
I＝I乙＝0.5A，
由串联电路特点和Q＝I2Rt可得，通电1min，两电热丝产生的总热量的最大值：
Q＝I2（R甲+R乙）t＝（0.5A）2×（15Ω+20Ω）×60s＝525J。
故答案为：525。
【点评】本题考查了串联电路特点、欧姆定律以及焦耳定律公式的应用，关键是确定电路安全的前提下电路中的最大电流。
二、选择题（每小题2分，共14分；每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意）
11．【分析】（1）分子无规则运动的速度与温度有关，温度越高，分子无规则运动的速度越快；
（2）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性。惯性大小与物体的质量有关；
（3）在研究物体的运动和静止时，要看物体的位置相对于参照物是否发生改变，若改变，则是运动的，若不改变，则是静止的；
（4）流体压强与流速的关系：流体流速越大的地方压强越小，流速越小的地方压强越大。
【解答】解：A、分子热运动的剧烈程度与其温度有关；冰熔化时吸收热量，内能增加，但温度不变，所以分子运动的剧烈程度不变，故A错误；
B、洗衣机中衣服脱水时，水与衣服高速转动，衣服被滚桶挡住，而水由于惯性保持原来的运动状态，离开了衣服。故洗衣机中衣服脱水时，是利用水具有惯性，故B错误；
C、“神舟十五号”飞船和空间站“天和”核心舱成功对接后，以核心舱为参照物，飞船位置没有发生改变，所以是静止的，故C正确；
D、高铁外形设计成流线型一是可以减小空气的阻力，二是利用上方空气流速大、压强小，下方空气流速小、压强大，产生向上的升力，从而减小对地面压力，减小摩擦力，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了对分子动理论、惯性、运动和静止的相对性、流体压强与流速的关系等知识的理解，有一定综合性，但难度不大。
12．【分析】（1）在用托盘天平测量物体的质量前，应首先把天平放在水平台上，使游码调到标尺的零刻度线处，最后调节平衡螺母使天平平衡；
（2）在探究“阻力对物体运动的影响”实验时，应让小车从同一斜面相同高度由静止滑下；
（3）温度计读数时不能离开被测液体；
（4）在托里拆利实验中，装满水银的玻璃管无论竖放还是斜放，最终管内外水银高度差保持不变。
【解答】解：A、在用托盘天平测量物体的质量前，应首先把天平放在水平台上，使游码调到标尺的零刻度线处，最后再调节平衡螺母使天平平衡，故A错误；
B、在探究“阻力对物体运动的影响”时，为了让每次实验时物体到达水平面的速度相同，应让小车从同一斜面相同高度由静止滑下，故B正确；
C、在观察水的沸腾时，为了温度读数准确，不能把温度计从水中取出来读数，故C错误；
D、在托里拆利实验中，装满水银的玻璃管无论竖放还是斜放，最终管内外水银高度差保持不变，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了托盘天平的使用、探究阻力对物体运动的影响实验、观察水沸腾实验和托里拆利实验，要掌握每个实验的目的、步骤和注意事项。
13．【分析】（1）二力平衡条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线，作用在同一个物体上；
（2）相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线，作用在两个物体上。
【解答】解：由题意可知，物体静止在水平地面上，处于平衡状态受平衡力，受竖直向下的重力与竖直向上的拉力和支持力，即G＝F拉+F支；
A．物体受到的重力与地面对物体的支持力大小不相等，不是一对平衡力，故A错误；
B．物体对地面的压力和地面对物体的支持力，大小相等，方向相反，作用在一条直线上，作用在两个物体上，是一对相互作用力，故B正确；
C．物体静止在水平地面上，处于平衡状态受平衡力，受竖直向下的重力与竖直向上的拉力和支持力，即G＝F拉+F支，物体受到的重力和拉力与支持力的合力互为平衡力，故C错误；
D．物体对地面的压力与拉力F作用在两个物体上，不是一对平衡力，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了对相互作用力和平衡力的判断，难度不大。
14．【分析】（1）首先根据电源的正负极判定螺线管中的电流的方向，根据安培定则判定螺线管的极性，根据磁极间的相互作用规律判定小磁针的偏转方向；
（2）根据电磁继电器的工作原理分析；
（3）闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中会产生感应电流，这是电磁感应现象，是发电机的原理。
【解答】解：A．闭合开关，根据安培定则可知，螺线管的左端为N极，根据异名磁极相互吸引可知，小磁针的N极向左偏转，故A错误；
B．图乙中水位升高到金属块B时，控制电路接通，电磁铁有磁性，吸下衔铁，红灯亮，绿灯灭，故B正确；
C、图丙中的通电线圈在磁场中转动，与感应电流无关，故C错误；
D．图丁中，导体AB在磁场中做切割磁感线运动，导体中会产生感应电流，这是电磁感应现象，是发电机的原理，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了安培定则的应用、电磁继电器、发电机的工作原理等知识，难度不大。
15．【分析】动能的大小与物体的质量和速度有关，质量越大、速度越大，动能就越大；
重力势能的大小与物体的质量和高度有关，质量越大、高度越高，重力势能就越大；
机械能为动能、势能的和。
【解答】解：
A、木桶和水在上升的过程中，总质量不变，速度不变，动能不变，故A错误；
B、木桶和水的质量不变，高度变大，重力势能变大，故B错误；
C、装有水的木桶匀速上升时，配重物匀速下降，其质量不变，速度不变，动能不变，高度变小，重力势能变小，所以机械能减小，故C正确；
D、由于存在摩擦，一部分机械能转化为内能，所以木桶和水机械能的变化量不等于配重物机械能的变化量，故D错误。
故选：C。
【点评】知道并理解动能、重力势能大小的影响因素是解决该题的关键。
16．【分析】（1）根据图像利用欧姆定律求出导体两端所控制的电压；
（2）导体的电阻是导体本身的一种性质，它的大小与导体的材料、长度和横截面积等因素有关，与导体两端的电压和通过导体的电流无关；
（3）根据图像可知，通过导体的电流为0.4A时导体的倒数，进而求出此时导体的阻值；
（4）根据的关系图像为过原点的一条斜直线可知当导体两端电压一定时，导体中的电流与导体电阻倒数之间的关系，进而分析出导体中的电流与导体电阻的关系。
【解答】解：A、由图像可知，当通过导体的电流为0.2A时，导体电阻的倒数为0.1Ω﹣1，由欧姆定律可知，实验过程中，控制导体两端的电压：UV＝IR＝＝＝2V，故A正确；
B、导体的电阻是导体本身的一种性质，它的大小与导体的材料、长度和横截面积等因素有关，与导体两端的电压和通过导体的电流无关，即通过导体的电流为0时，导体的电阻仍然存在，不为0，故B错误；
C、由图像可知，通过导体的电流为0.4A时导体的倒数为0.2Ω﹣1，则此时导体的电阻：R'＝＝5Ω，故C错误；
D、由图像可知，的关系图像为过原点的一条斜直线，由此可知，当导体两端电压一定时，导体中的电流与导体电阻的倒数成正比，即当导体两端电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比，故D错误。
故选：A。
【点评】本题探究“电流与电阻的关系”，考查欧姆定律的应用、导体电阻的影响因素和分析图像归纳结论的能力，关键是根据图像读出相关的信息。
17．【分析】由电路图可知，开关断开时，电路是R2的简单电路，两个电流表都测通过R2的电流，电压表测电源电压；闭合开关S，R1与R2并联，电压表测量电源电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测通过R2的电流，根据电源电压不变和并联电路的电流特点分析各表示数变化；根据电压表和电流表A1示数变化确定电压表V与电流表A1示数的比值变化。
【解答】解：由电路图可知，开关断开时，是R2的简单电路，两个电流表都测通过R2的电流，电压表测电源电压；闭合开关S，R1与R2并联，电压表测量电源电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测通过R2的电流。
C、根据电源电压不变知电压表的示数不变，故C错误；
AB、根据并联各支路不相互影响，开关闭合后R2支路的电流不变，则电流表A2的示数不变；而电流表原来测一个电阻电流，根据并联电路的电流特点，闭合开关后电流表A1测量干路电流，故电流表A1的示数变大；故AB错误；
D、电压表示数不变，电流表A1的示数变大，电压表V与电流表A1示数的比值变小，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查并联电路的特点，关键是知道开关闭合前后电路的连接形式变化。
三、实验题（第18小题4分，第19小题4分，第20小题8分，共16分）
18．【分析】（1）弹簧测力计的读数：确定每一个大格和每一个小格代表的示数；弹簧测力计显示木块受到的拉力，木块进行匀速直线运动，滑动摩擦力等于拉力。
（2）滑动摩擦力与接触面粗糙程度、物体间的压力有关，与拉力大小无关。
【解答】解：（1）弹簧测力计的每一个大格代表1N，每一个小格代表0.1N，木块受到的拉力是2.8N；
木块水平方向上受到拉力和滑动摩擦力作用，木块进行匀速直线运动，拉力和滑动摩擦力是平衡力，滑动摩擦力等于拉力，滑动摩擦力是2.8N；
（2）实验过程中，如果增大拉力时，木块与木板之间的压力大小和接触面的粗糙程度不变，所以木块与木板之间的滑动摩擦力大小不变。
故答案为：（1）2.8；（2）不变。
【点评】掌握滑动摩擦力大小的影响因素，利用控制变量法探究滑动摩擦力大小的影响因素。
19．【分析】（1）由题可知f＝15cm，图中u＝35cm＞2f，光屏上要成清晰的像，f＜v＜2f，由此判断光屏的移动方向；
（2）凸透镜的焦距越小，其会聚作用越强；凹透镜对光线具有发散作用，凹透镜可以矫正近视眼。
【解答】解：（1）题可知f＝15cm，图中u＝35cm＞2f，光屏上要成清晰的像，f＜v＜2f，图中v＝35cm，故应减小像距，向左移动光屏；
（2）如果不改变蜡烛和光屏的位置，取下凸透镜，用一个焦距更小的凸透镜替换原凸透镜，由于凸透镜的焦距越小，会聚能量越强，则像会成在光屏的左侧；为了在光屏上得到清晰的像，应使光线发散一些，他可以在烛焰和凸透镜之间放一个合适的凹透镜来矫正。
故答案为：（1）左；（2）近视眼。
【点评】此题是探究凸透镜成像规律的实验，考查了凸透镜成像规律及应用，不仅要掌握成像特点与物距像距之间的关系，而且要善于总结规律。
20．【分析】（1）电源、开关、滑动变阻器、灯泡、电流表串联接入电路，电压表与灯泡并联接入电路；
（2）为保护电路，在连接电路过程中开关应处于断开状态；
（3）实验时电流表和电压表均有示数，说明电路通路，但小灯泡不发光，说明滑动变阻器接入电路的电阻太大，通过电路的电流太小，灯泡的实际功率太小；（4）根据R＝计算灯泡的电阻，比较可知灯泡电阻的变化，根据灯泡的亮度变化可知灯泡的实际功率逐渐变大，温度逐渐升高，据此分析即可。
【解答】解：（1）电源、开关、滑动变阻器、灯泡、电流表串联接入电路，电压表与灯泡并联接入电路，电路图如下：

（2）为保护电路，在连接电路过程中开关应处于断开状态；
（3）实验时电流表和电压表均有示数，说明电路通路，但小灯泡不发光，说明滑动变阻器接入电路的电阻太大，通过电路的电流太小，灯泡的实际功率太小；（4）根据R＝计算灯泡的电阻分别为5.9Ω、6.5Ω、7.5Ω、8.3Ω，灯泡的电阻逐渐变大，根据灯泡的亮度变化可知灯泡的实际功率逐渐变大，温度逐渐升高，所以灯泡的电阻随温度的升高而增大。
故答案为：（1）见上图；（2）断开；（3）灯泡实际电功率太小；（4）灯丝的电阻随温度的升高而增大。
【点评】“伏安法”测灯泡电阻的实验考查电路图的画法、注意事项、故障分析、欧姆定律的灵活运用以及灯泡电阻的特点。
四、计算题（第21题5分，第22题7分，第23题8分，共20分；解答要有必要的公式和过程，只有最后答案的不能得分）
21．【分析】（1）根据W总＝Fs得出拉力做的总功，根据P＝得出拉力做功的功率；
（2）根据W有＝Gh得出克服重力做的有用功，根据η＝得出装置的机械效率。
【解答】解：（1）拉力做的总功W总＝Fs＝50N×1m＝50J，
拉力做功的功率P＝＝＝10W；
（2）克服重力做的有用功为：W有＝Gh＝100N×0.4m＝40J，
装置的机械效率为：。
答：（1）拉力做功的功率是10W；
（2）此装置的机械效率是80%。
【点评】此题考查使用斜面时有用功、总功、机械效率和功率的计算，属于基础题目。
22．【分析】（1）根据G＝mg求出物块的质量，再根据V＝a3求出物块的体积，利用ρ＝求出正方体物块的密度；
（2）当容器中水的深度h＝2cm时，假设正方体物块没有离开容器底部，根据V＝Sh求出正方体物块排开水的体积，利用F浮＝ρ液gV排求出此时正方体受到的浮力，然后与正方体物块重力相比较判断出假设正确，从而得出正方体受到的浮力；
（3）物块对容器底部的力恰好为0时，正方体物块恰好漂浮，受到的浮力和自身的重力相等，根据F浮＝ρ液gV排求出此时正方体物块排开水的体积，再根据V＝Sh求出此时正方体物块浸入水的深度（容器内水的深度），利用p＝ρ液gh求出容器内的水对容器底部的压强。
【解答】解：（1）由G＝mg可得，物块的质量为：m＝＝＝0.6kg，
物块的体积：V＝a3＝（0.1m）3＝1×10﹣3m3，
则正方体物块的密度：ρ＝＝＝0.6×103kg/m3；
（2）当容器中水的深度h＝2cm时，假设正方体物块没有离开容器底部，
则正方体物块排开水的体积：V排＝Sh＝a2h＝（0.1m）2×2×10﹣2m＝2×10﹣4m3，
此时正方体受到的浮力：F浮＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×2×10﹣4m3＝2N，
由F浮＜G可知，假设正确，正方体受到的浮力为2N；
（3）物块对容器底部的力恰好为0时，正方体物块恰好漂浮，受到的浮力：F浮′＝G＝6N，
此时正方体物块排开水的体积：V排′＝＝＝6×10﹣4m3，
此时正方体物块浸入水的深度（容器内水的深度）：h浸＝＝＝6×10﹣2m，
容器内的水对容器底部的压强：p＝ρ水gh浸＝1.0×103kg/m3×10N/kg×6×10﹣2m＝600Pa。
答：（1）正方体物块的密度是0.6×103kg/m3；
（2）当容器中水的深度h＝2cm时，此时正方体物块受到的浮力是2N；
（3）物块对容器底部的力恰好为0时，容器内的水对容器底部的压强是600Pa。
【点评】本题考查了重力公式和密度公式、阿基米德原理、物体浮沉条件、液体压强公式的应用等，正确得出正方体物块在水中的状态是关键。
23．【分析】（1）闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P移到a端时，分析电路连接，已知电流表的示数和滑动变阻器R1最大阻值，由欧姆定律得出此时电阻R1两端电压，即电源电压；
（2）当滑动变阻器的滑片P移到b端时，分析电路连接及电流表测量的电流，根据并联电路各支路互不影响，由并联电路电流的规律得出通过R的电流，由欧姆定律求出电阻R2。
（3）根据可知，电压一定时，电阻越小，电功率越大，所以当R1与R2并联时，电路的电功率最大。由P＝UI计算电路消耗的最大电功率。
【解答】解：（1）当S闭合，P在A端时，只有R1全部接入电路，R2被短路，R总＝R1＝20Ω
根据欧姆定律有：U＝IR总＝0.6A×20Ω＝12V；
（2）当滑动变阻器的滑片P移到b端时，两电阻并联，电流表的示数为1.2A，根据并联电路各支路互不影响，故这时通过R1的电流为0.6A，由并联电路电流的规律，通过R2的电流为：
I2＝1.2A﹣0.6A＝0.6A，
由欧姆定律I＝，电阻R2＝＝＝20Ω；
（3）根据可知，电压一定时，电阻越小，电功率越大，所以当R1与R2并联时，电路的电功率最大。当滑动变阻器的滑片P移到b端时，两电阻并联，电流表的示数为1.2A，
电路最大电功率为：P＝UI＝12V×1.2A＝14.4W。
答：（1）电源电压是12V；
（2）定值电阻R2的阻值是20Ω；
（3）当滑动变阻器的滑片P移到b端时，两电阻并联，消耗的电功率最大，电路消耗的最大电功率14.4W。
【点评】本题考查电路的规律及特点和欧姆定律、电功率的计算，关键是电路的分析。
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