2023届高考生物二轮复习遗传的基本规律学案

专题五　遗传规律与伴性遗传

网络构建

第一讲　遗传的基本规律

考纲导向·明目标

KAO GANG DAO XIANG MING MU BIAO

核心考点一　孟德尔遗传定律的内容

核心知识·精解读

HE XIN ZHI SHI JING JIE DU

1．图解孟德尔遗传定律与假说—演绎法

2．图解基因分离定律和自由组合定律的关系及相关比例

3．理清常见交配方式的作用

(1)判断显、隐性的常用方法

①自交看子代性状是否分离，若分离则亲本性状为__显性__性状；

②具有相对性状的纯合子杂交，子代出现的性状为__显性__性状。

(2)判断纯合子与杂合子的常用方法

①当被测个体为动物时，常采用__测交__法，但要注意后代个体数不能太少；

②当被测个体为植物时，测交法、自交法均可以，能自花受粉的植物用__自交__法，操作最为简单，且纯合个体不会消失。

(3)提高纯合子所占比例的方法是__连续自交__。

(4)推测子一代产生配子的类型、比例的方法是__测交__。

(5)判断核遗传与质遗传的方法是__正交和反交__。

4．多对等位基因控制的性状遗传

(1)若自交后代出现(3∶1)n的分离比(或其变式)，或测交后代出现(1∶1)n的分离比(或其变式)，则说明这n对等位基因控制的性状遵循自由组合定律，反之也成立。

(2)若杂交结果表现型出现(3/4)n，则n代表等位基因的对数，且n对等位基因位于n对同源染色体上。

考题解密

1．(2022·全国甲卷，32)玉米是我国重要的粮食作物。玉米通常是雌雄同株异花植物(顶端长雄花序，叶腋长雌花序)，但也有的是雌雄异株植物。玉米的性别受两对独立遗传的等位基因控制，雌花花序由显性基因B控制，雄花花序由显性基因T控制，基因型bbtt个体为雌株。现有甲(雌雄同株)、乙(雌株)、丙(雌株)、丁(雄株)4种纯合体玉米植株。回答下列问题。

(1)若以甲为母本、丁为父本进行杂交育种，需进行人工传粉，具体做法是__对母本甲的雌花花序进行套袋，待雌蕊成熟时，采集丁的成熟花粉，撒在甲的雌蕊柱头上，再套上纸袋。__。

(2)乙和丁杂交，F1全部表现为雌雄同株；F1自交，F2中雌株所占比例为__1/4__，F2中雄株的基因型是__bbTT、bbTt__；在F2的雌株中，与丙基因型相同的植株所占比例是__1/4__。

(3)已知玉米籽粒的糯和非糯是由1对等位基因控制的相对性状。为了确定这对相对性状的显隐性，某研究人员将糯玉米纯合体与非糯玉米纯合体(两种玉米均为雌雄同株)间行种植进行实验，果穗成熟后依据果穗上籽粒的性状，可判断糯与非糯的显隐性。若糯是显性，则实验结果是__糯性植株上全为糯性籽粒，非糯植株上既有糯性籽粒又有非糯籽粒__；若非糯是显性，则实验结果是__非糯性植株上只有非糯籽粒，糯性植株上既有糯性籽粒又有非糯籽粒__。

【解析】　(1)杂交育种的原理是基因重组，若甲为母本，丁为父本杂交，因为甲为雌雄同株异花植物，所以在花粉未成熟时需对甲植株雌花花序套袋隔离，等丁的花粉成熟后再通过人工授粉把丁的花粉传到甲的雌蕊柱头后，再套袋隔离。(2)根据分析及题干信息“乙和丁杂交，F1全部表现为雌雄同株”，可知乙基因型为BBtt，丁的基因型为bbTT，F1基因型为BbTt，F1自交F2基因型及比例为9B_T_(雌雄同株)：3B_tt(雌株)：3bbT_(雄株)：1bbtt(雌株)，故F2中雌株所占比例为1/4，雄株的基因型为bbTT、bbTt，雌株中与丙基因型相同的比例为1/4。(3)假设糯和非糯这对相对性状受A/a基因控制，因为两种玉米均为雌雄同株植物，间行种植时，既有自交又有杂交。若糯性为显性，基因型为AA，非糯基因型为aa，则糯性植株无论自交还是杂交，糯性植株上全为糯性籽粒，非糯植株杂交子代为糯性籽粒，自交子代为非糯籽粒，所以非糯植株上既有糯性籽粒又有非糯籽粒。同理，非糯为显性时，非糯性植株上只有非糯籽粒，糯性植株上既有糯性籽粒又有非糯籽粒。

变式突破

变式一　把握基因的分离定律和基因的自由组合定律的关系

1．(2022·山东枣庄二模)玉米为雌雄同株异花植物，其籽粒颜色受A、a和B、b两对独立遗传的基因控制，A、B同时存在时籽粒颜色为紫色，其他情况为白色(不考虑突变)。研究人员进行以下两组实验，有关说法错误的是(　D　)

A．籽粒的紫色和白色为一对相对性状，亲代紫色植株的基因型均为AaBb

B．实验一F1中白色个体随机传粉，子代的表现型比例为紫色∶白色＝8∶41

C．实验二亲代白色个体的基因型可能有2种，子代紫色个体中没有纯合子

D．实验二的F1中紫色个体自交，其后代中粒为紫色个体的比例为

【解析】　籽粒的紫色和白色为一对相对性状，受两对等位基因控制，根据上述分析可知，亲代紫色植株的基因型均为AaBb，A正确；实验一F1中白色个体基因型和比例为AAbb∶Aabb∶aaBB∶aaBb∶aabb＝1∶2∶1∶2∶1，产生的配子类型和比例为Ab∶aB∶ab＝2∶2∶3，F1白色个体随机传粉，子代表现为紫色的概率为2/7×2/7×2＝8/49，所以白色个体的概率为1－8/49＝41/49，故表现型及比例为紫色∶白色＝8∶41，B正确；根据分析可知，实验二亲本基因型为AaBb×Aabb或AaBb×aaBb，即亲本中的白色个体基因型可能为2种，子代中紫色个体的基因型为A_Bb或AaB_，均为杂合子，C正确；实验二的F1中紫色个体可能为1/3AABb、2/3AaBb(或1/3AaBB、2/3AaBb)，自交后代籽粒为紫色的概率为1/3×1×3/4＋2/3×3/4×3/4＝5/8，D错误。

变式二　分离定律与自由组合定律的实验验证思路

2．(2022·安徽安庆一模)某水稻的宽叶(　A　)对窄叶(　A　)为显性，花粉粒非糯性(E)对糯性(e)为显性，花粉粒长形(R)对圆形(r)为显性。非糯性花粉遇碘变蓝黑色，糯性花粉遇碘呈橙红色，现用品种甲(aaeerr)、乙(aaEERR)、丙(AAeeRR)、丁(AAEErr)进行杂交实验。回答下列问题：

(1)若三对基因独立遗传，甲与丁的杂交后代产生的配子基因型及比例为__AEr∶aEr∶Aer∶aer＝1∶1∶1∶1__。

若利用花粉鉴定法来验证基因自由组合定律，可选用的亲本组合为__甲×乙、丙×丁__。

(2)为探究基因R、r和A、a的位置关系，研究人员做了以下杂交实验：让甲与丙杂交产生F1，F1与甲回交，观察并统计后代的表现型及比例。请写出可能的实验结果与结论(不考虑交叉互换)：__如果回交后代中只有两种表现型，且比例为1∶1，则基因A、a与R、r位于同一对同源染色体上；如果回交后代有四种表现型，且比例为1∶1∶1∶1，则基因A、a与R、r不在同一对同源染色体上__。

(3)除以上让F1与甲回交的方法外，还可采用__F1自交__的方法探究基因R、r和A、a的位置关系，请写出可能的结果与结论：__若自交后代中只有两种表现型，且比例为3∶1，则基因A、a与R、r位于同一对同源染色体上；若自交后代有四种表现型，且比例为9∶3∶3∶1，则基因A、a与R、r不在同一对同源染色体上__。

【解析】　(1)甲与丁的杂交后代基因型为AaEerr，若三对基因独立遗传，则遵循自由组合定律，故基因型为AaEerr的个体会产生四种类型的配子：AEr、aEr、Aer、aer，比例为1∶1∶1∶1；若利用花粉鉴定法来验证基因的自由组合定律，由于花粉的形状显微镜可见，花粉糯性非糯性遇碘变色可见，故可选用基因型为EeRr个体的花粉验证，因此可选用的亲本组合为甲×乙、丙×丁。(2)甲与丙杂交产生F1基因型为AaeeRr，F1与甲(aaeerr)回交，可能的情况如下：①若A、a与R、r位于同一对同源染色体上，则回交后代中只有两种表现型，且比例为1∶1；②若基因A、a与R、r不在同一对同源染色体上，则后代有四种表现型，且比例为1∶1∶1∶1。(3)除以上让F1与甲回交的方法外，还可采用F1自交的方法探究基因A、a和R、r的位置关系，可能的结果与结论为：①若自交后代中只有两种表现型，且比例为3∶1，则基因A、a与R、r位于同一对同源染色体上；②若自交后代有四种表现型，且比例为9∶3∶3∶1，则基因A、a与R、r不在同一对同源染色体上。

核心考点二　孟德尔遗传定律的应用

核心知识·精解读

HE XIN ZHI SHI JING JIE DU

1．性状分离比9∶3∶3∶1的变式题解题步骤

2．图解性状分离比出现异常的原因

(1)一对相对性状的杂合子自交

(2)两对相对性状的异常分离比

①自由组合定律的异常分离比

②基因完全连锁现象：

考题解密

2．(2022·全国甲卷，6)某种自花传粉植物的等位基因A/a和B/b位于非同源染色体上。A/a控制花粉育性，含A的花粉可育；含a的花粉50%可育、50%不育。B/b控制花色，红花对白花为显性。若基因型为AaBb的亲本进行自交，则下列叙述错误的是(　B　)

A．子一代中红花植株数是白花植株数的3倍

B．子一代中基因型为aabb的个体所占比例是1/12

C．亲本产生的可育雄配子数是不育雄配子数的3倍

D．亲本产生的含B的可育雄配子数与含b的可育雄配子数相等

【解析】　分析题意可知，两对等位基因独立遗传，故含a的花粉育性不影响B和b基因的遗传，所以Bb自交，子一代中红花植株B_∶白花植株bb＝3∶1，A正确；基因型为AaBb的亲本产生的雌配子种类和比例为AB∶Ab∶aB∶ab＝1∶1∶1∶1，由于含a的花粉50%可育，故雄配子种类及比例为AB∶Ab∶aB∶ab＝2∶2∶1∶1，所以子一代中基因型为aabb的个体所占比例为1/4×1/6＝1/24，B错误；由于含a的花粉50%可育，50%不可育，故亲本产生的可育雄配子是A＋1/2a，不育雄配子为1/2a，故亲本产生的可育雄配子数是不育雄配子的三倍，C正确；两对等位基因独立遗传，所以Bb自交，亲本产生的含B的雄配子数和含b的雄配子数相等，D正确。

变式突破

变式一　理解基因型与表现型的对应关系

3．(2022·商洛模拟)某品系小鼠皮毛色素由两对常染色体上基因A、a和B、b共同决定，其色素合成的机理如图所示，且AA纯合子在胚胎期死亡。现有两亲本黄鼠杂交，其子代表现型及比例是白鼠∶黄鼠∶黑鼠＝1∶2∶1，下列分析错误的是(　A　)

A．亲本黄鼠的基因型是AaBB、AaBb

B．黄鼠的基因型有2种，且没有纯合子

C．子代杂合黑鼠与杂合白鼠杂交，后代白鼠占1/2

D．子代白鼠中的纯合子占1/3

【解析】　分析可知：亲本黄鼠的基因型是AaBb、AaBb，A错误；黄鼠的基因型有2种，即AaBB和AaBb，且没有纯合子，B正确；子代杂合黑鼠(aaBb)与杂合白鼠(Aabb)杂交，后代白鼠占1×1/2＝1/2，C正确；子代白鼠的基因型有两种Aabb、aabb，纯合子占1/3，D正确。

变式二　掌握“致死效应”或“配子不育”等特殊遗传问题

4．(2021·山东高考)果蝇星眼、圆眼由常染色体上的一对等位基因控制，星眼果蝇与圆眼果蝇杂交，子一代中星眼果蝇∶圆眼果蝇＝1∶1；星眼果蝇与星眼果蝇杂交，子一代中星眼果蝇∶圆眼果蝇＝2∶1。缺刻翅、正常翅由X染色体上的一对等位基因控制，且Y染色体上不含其等位基因，缺刻翅雌果蝇与正常翅雄果蝇杂交所得子一代中，缺刻翅雌果蝇∶正常翅雌果蝇＝1∶1，雄果蝇均为正常翅。若星眼缺刻翅雌果蝇与星眼正常翅雄果蝇杂交得F1，下列关于F1的说法错误的是(　D　)

A．星眼缺刻翅果蝇与圆眼正常翅果蝇数量相等

B．雌果蝇中纯合子所占比例为1/6

C．雌果蝇数量是雄果蝇的2倍

D．缺刻翅基因的基因频率为1/6

【解析】　星眼果蝇与星眼果蝇杂交，子一代中星眼果蝇∶圆眼果蝇＝2∶1，果蝇星眼、圆眼(假设由A、a控制)由常染色体上的一对等位基因控制，所以星眼显性纯合致死；缺刻翅、正常翅(假设由B、b控制)由X染色体上的一对等位基因控制，且Y染色体上不含其等位基因，缺刻翅雌果蝇与正常翅雄果蝇杂交所得子一代中，缺刻翅雌果蝇∶正常翅雌果蝇＝1∶1，推出亲本雄果蝇不能是XBY，只能为XbY，亲本雌果蝇为XBXb，而后代中雄果蝇均为正常翅，说明XBY致死。由此可推出星眼缺刻翅雌果蝇与星眼正常翅雄果蝇杂交(AaXBXb×AaXbY)得F1中2/3Aa、1/3aa；1/3XBXb、1/3XbXb、1/3XbY，所以星眼缺刻翅(AaXBXb)为2/3×1/3＝2/9，圆眼正常翅(aaXbXb/aaXbY)为1/3×(1/3＋1/3)＝2/9，两者相等，A正确；雌果蝇中纯合子aaXbXb所占比例为(1/3×1/3)/(2/3)＝1/6，B正确；雌果蝇数量1/3XBXb、1/3XbXb，雄果蝇数量1/3XbY，二者2∶1，C正确；缺刻翅基因XB的基因频率为(1/3×1/2)/(1/3＋1/3＋1/3×1/2)，即1/5，D错误。