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2022年辽宁省沈阳市中考物理试卷(Word解析版）
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这是一份2022年辽宁省沈阳市中考物理试卷(Word解析版），共26页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。
2022年辽宁省沈阳市中考物理试卷
题号
一
二
三
四
五
六
总分
得分
一、单选题（本大题共6小题，共12分）
1. 下列描述符合事实的是( )
A. 吃饭用的筷子长度约为1.6m
B. 托起一个鸡蛋所用的力约为0.5N
C. 一本九年级物理教材的质量约为40kg
D. 中学生正常心跳一次所用的时间约为30s
2. 2022年2月4日北京冬奥会开幕，火炬手将火炬嵌入大雪花状的主火炬台中。火炬用氢气做燃料，符合奥运绿色环保理念。关于火炬，下列说法正确的是( )
A. 火炬的火焰是光源
B. 氢气燃烧过程中热值变小
C. 以主火炬台为参照物嵌入后的火炬是运动的
D. 火炬的火焰发出的光在空气中以340m/s的速度传播
3. 如图所示，用力击打一摞棋子中的一个，该棋子飞出而上面的棋子落下，关于飞出去的棋子，下列说法正确的是( )
A. 不受重力作用 B. 由于惯性而继续向前运动
C. 在空中飞行过程中动能保持不变 D. 在空中飞行过程中运动状态保持不变
4. 如图所示是电磁继电器的工作原理图，闭合开关后，下列说法正确的是( )
A. 弹簧的弹性势能减小
B. 电磁铁的上端为S极
C. 电动机工作，灯不发光
D. 电磁铁的工作原理是电磁感应
5. 如图所示，下列有关交通工具说法正确的是( )
A. 如图甲，汽车发动机用水冷却，是因为水的比热容小
B. 如图乙，燃油摩托车依靠内燃机做功冲程获得动力
C. 如图丙，太阳能汽车利用的太阳能属于不可再生能源
D. 如图丁，飞机起飞过程中，机翼上方空气流速大压强大
6. 如图所示，炎热的夏季，小雨向盛有常温饮料的杯中加入一些小冰块，一段时间后冰块变小，同时观察到杯的外壁出现一些小水珠，下列说法正确的是( )
A. 杯中冰块的内能为零
B. 杯中饮料含有的热量减少
C. 杯外壁小水珠的形成需要吸收热量
D. 杯外壁小水珠是水蒸气液化形成的
二、多选题（本大题共3小题，共9分）
7. 如图所示，下列四幅图描述正确的是( )
A. 如图甲，用大小不同的力拨动同一根琴弦，琴弦发出声音的响度不同
B. 如图乙，用压缩气体体积的方法，将石油气凝华后储存在钢瓶内
C. 如图丙，刚梳过头的塑料梳子，会吸引碎纸屑，是因为分子间有引力
D. 如图丁，太阳光照射到水下的平面镜上，在白纸上出现彩色的光带，是光的色散
8. 篆刻是中国传统技艺的重要组成部分。如图所示，用篆刻刀在质地均匀的印章上刻字的过程中，下列说法正确的是( )
A. 篆刻完成前后，印章的质量变小
B. 篆刻完成前后，印章的密度不变
C. 篆刻刀刀刃做的锋利，是为了增大压力
D. 篆刻刀刀柄表面粗糙，是为了增大摩擦
9. 如图甲所示的电路图，电源电压6V保持不变，闭合开关S1和S2，断开开关S3，电流表A和电流表A1指针偏转角度相同，如图乙所示，下列说法正确的是( )
A. 通过R1的电流是0.3A
B. R2的阻值是5Ω
C. 断开S1和S2，闭合S3，通过R1和R2的电流之比为1：1
D. 断开S1和S2，闭合S3，R1和R2两端的电压之比为1：4
三、填空题（本大题共8小题，共18分）
10. 2022年6月5日，在酒泉卫星发射中心搭载神舟十四号载人飞船的长征2号F遥十四运载火箭点火发射，火箭在轰鸣声中拔地而起，冲向太空，轰鸣声是由物体______产生的。如图所示是进驻天和核心舱的航天员陈冬、刘洋和蔡旭哲向全国人民敬礼的画面，画面信息是通过______波传回地面的。
11. 如图所示是2022年4月在荷兰阿尔梅勒世界园艺博览会上拍摄的中国竹园的展馆景象，“中国竹园”凭借其融合中国传统文化和现代工艺于一体的独特风格而备受瞩目。竹房在水中的“倒影”是光的______形成的，水中的“竹房”是______(选填“实”或“虚”)像。
12. 充入气体后的飞艇的体积是1500m3。飞艇悬浮在空中时，飞艇总重力和它受到空气的浮力是一对______(选填“平衡力”或“相互作用力”)。空气密度按1.3kg/m3计算，飞艇受到空气的浮力大小为______N。(g取10N/kg)
13. 某品牌抽取式面巾纸，表面有褶皱或压痕，对折成形，叠套压实，封装在塑料袋里。使用时打开塑料袋封口，闻到面巾纸淡淡的香味，这是______现象。抽出第一张面巾纸，就会顺利地带起第2张、第3张，……，上一张面巾纸带起下一张面巾纸，主要依靠相邻两张面巾纸之间的______力。沿水平桌面匀速推动整袋面巾纸的过程中，整袋面巾纸的重力______(选填“做”或“不做”)功。
14. 如图所示，完全相同的A、B两金属片浸入盐水的深度相同，a、b分别是A、B表面上两点，则a、b两点盐水的压强pa______pb(选填“大于”、“小于”或“等于”)；闭合开关后，小灯泡发光，通过灯泡灯丝的自由电子定向移动的方向是从______(选填“c到d”或“d到c”)。
15. 为了保护孩子的视力，教室里日光灯更换成如图所示的LED护眼灯，每个教室里的9盏LED护眼灯的连接方式是______联的。LED灯发光效率高，其发光部分主要由______材料制成。
16. 用如图所示的滑轮组，分别匀速提升甲、乙两个重物。若重物甲被提升的速度为v1，同时绳子自由端的速度为v2，则v1______v2。以G甲、G乙分别表示甲、乙两个重物的重力，若G甲>G乙，且不计绳重和摩擦，匀速提升甲、乙两个重物时滑轮组的机械效率η甲______η乙(以上两空均选填“大于”、“小于”或“等于”)。
17. 如图所示，电源电压保持不变，灯泡灯丝电阻保持不变，闭合开关后，将滑动变阻器的滑片P从中点向右移动的过程中，电压表的示数将______，电流表A2与电流表A1的示数差______，电路的总功率______(以上三空均选填“变大”、“变小”或“不变”)。
四、实验探究题（本大题共5小题，共22分）
18. 在探究“冰熔化时温度的变化规律”的实验中，小雨所用实验装置如图甲所示。
(1)为了使冰受热均匀，试管中应加入______(选填“碎冰块”或“大冰块”)；
(2)小雨绘制出冰熔化时温度随时间变化的图像，如图乙所示，由图像可知冰是______(选填“晶体”或“非晶体”)；
(3)小雨还想利用这套实验装置探究水沸腾时温度变化的特点，他先把试管和搅拌棒取出，再把温度计插入烧杯的水中。为了缩短给水加热的时间，烧杯中的水应该______(选填“增加”或“减少”)一些。记录测量数据后，小雨又绘制出了水沸腾时温度随时间变化的图像，如图丙所示；
(4)小雨通过对比图乙和图丙，发现冰的熔化过程和水的沸腾过程有着相同的特点：都需要吸收热量，温度都______(选填“升高”、“降低”或“不变”)。
19. 小雨通过学习了解到物体在液体中所受浮力的大小与它浸在液体的体积、液体的密度有关，他还想知道其它因素能否影响浮力大小。
(1)提出问题：浸没在液体中的固体所受的浮力大小是否跟固体的形状有关；
(2)猜想：小雨认为浸没在液体中的固体所受的浮力大小跟固体的形状有关；
(3)设计实验：
实验器材：烧杯、水、细线、弹簧测力计和一块不吸水的橡皮泥。
实验步骤：
①小雨将橡皮泥用细线悬挂在弹簧测力计下，让橡皮泥缓慢______在水中，待橡皮泥静止时读出弹簧测力计示数为F1；
②改变______，重复上述实验步骤，读出弹簧测力计的示数为F2；
(4)实验结论：若F1=F2，则说明小雨的猜想是______(选填“正确”或“错误”)的；
(5)评估：实验次数少，结论不具有普遍性。
20. 在“探究杠杆平衡条件”的实验中
(1)杠杆没挂钩码时需要向右调节杠杆两端的螺母，才能使杠杆在水平位置平衡，说明调节前杠杆的______(选填“左”或“右”)端高；
(2)小雨通过改变钩码数量并移动钩码位置，使杠杆在水平位置平衡，多做几次实验，将得到的数据填入表中。分析表中数据，得到杠杆平衡条件是：______；
次数
动力F1/N
动力臂l1/cm
阻力F2/N
阻力臂l2/cm
1
0.5
20
2.0
5
2
1.0
10
0.5
20
3
1.5
10
3.0
5
(3)如图甲所示先在杠杆左侧挂4个钩码，后在右侧A处挂3个钩码，根据得到的杠杆平衡条件可以判断出杠杆的______端会下沉；
(4)小雨想用撬棒撬动地面上的石头，O是撬棒的支点，F2是阻力，l2是阻力臂，如图乙所示，为了撬动石头，在B点施加的最小动力F1的方向是______。
21. 在“探究凸透镜成像规律”的实验中：
(1)为了探究蜡烛的烛焰能否在光屏上成实像，应该把凸透镜放在如图甲所示的______(选填“A”、“B”或“C”)处。为了使像成在光屏中央，应调整烛焰、凸透镜和光屏，使它们的中心在______；
(2)下表是小雨设计的实验表格，请你在表格中横线处补全缺少的项目，小雨用焦距为10cm的凸透镜做实验，蜡烛放到较远处，调整光屏到凸透镜的距离，直到烛焰在光屏上成清晰的实像，观察像的性质，同时测出此时物距和像距，把蜡烛向凸透镜移近一些，重复以上操作。把实验测出的数据和成像的性质填入表中；
物距u/cm
像的性质
像距v/cm
虚实
大小
______
30
实
缩小
15
20
实
等大
20
15
实
放大
30
(3)通过分析表中数据，可以得到规律：凸透镜成实像时，物距变小，像距______(选填“变大”、“变小”或“不变”)；
(4)小雨换用如图乙所示焦距不同的A、B两个凸透镜中的一个再进行实验，当物距为15cm时，移动光屏在光屏上得到清晰的像，测出像距为7.5cm，结合上表的实验数据，可以判断出小雨这次实验用的是______(选填“A”或“B”)透镜；
(5)凸透镜成像利用了光的折射，生活中存在由于光的折射而产生“错觉”的现象，如泳池水看起来变浅了，所以不能贸然下水，以免发生危险。如图丙所示，人眼在B点看到水中A点的像在A'点处，请完成人眼在B点看到A点的像的光路图。
22. 在“测量小灯泡的电功率”的实验中，所选小灯泡的额定电压为2.5V。
(1)如图甲是测量小灯泡的电功率的电路图。正确连接电路，闭合开关后，电压表和电流表都没有示数，电路故障可能是______；
A.滑动变阻器短路
B.电流表断路
C.电压表断路
(2)排除故障后，实验中，电压表的示数为2V，小雨为了测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片向______(选填“左”或“右”)移动，直至小灯泡正常发光，此时电流表的示数为0.3A，则小灯泡额定功率为______W；
(3)小雨的电流表坏了，老师给他一个已知最大阻值为R0的滑动变阻器、一个阻值未知的定值电阻R1、电压保持不变的电源、若干开关和导线，小雨重新设计了如图乙所示的电路图，按电路图连接电路，并正确测出小灯泡的额定功率P额。具体实验步骤如下：
①断开开关S2，闭合开关S1和S3，调节滑动变阻器的滑片P至a端，电压表的示数为U1；再将滑片P调至b端，电压表示数为U2，则R1=______；(用U1、U2和R0表示)
②断开开关S1和S3，闭合开关S2，调节滑动变阻器的滑片P，使电压表的示数为U1-U额；(U额为已知量，表示小灯泡的额定电压)
③不改变滑动变阻器的滑片P的位置，断开开关S2和S3，闭合开关S1，电压表示数为U3，则P额=______。(用U额、U1、U2、U3和R0表示)
五、计算题（本大题共2小题，共18分）
23. 周末小雨在家通过举哑铃来锻炼身体。小雨的质量为50kg，他双脚站立在水平地面上，两鞋底与地面的受力面积为400cm2。单臂举起2kg哑铃，每次举起的高度为0.4m，所用时间为2s。(g取10N/kg)求：
(1)小雨的重力；
(2)小雨举着哑铃静止不动时，他对水平地面的压强；
(3)哑铃被匀速举起一次，克服哑铃重力做的功及其功率。
24. 如图所示，质量为400g初温为25℃的食用油注入大烧杯中，并将电加热器放入食用油中。电加热器正常工作100s，测出食用油的温度为65℃，已知电加热器的额定电压为220V，额定功率为440W。[食用油的比热容为2×103J/(kg⋅℃)]
(1)电加热器正常工作时的电流和电阻；
(2)正常工作100s，电加热器消耗的电能；
(3)电加热器的热效率。
六、综合题（本大题共1小题，共6分）
25. 小雨家买了一台储水式电热水器。外观如图甲所示，图乙是热水器剖视图。热水器的内胆是密封的，里面有两个通到外部的水管，a是热水出水管，b是冷水进水管。c和d是两个外层包有绝缘材料的电加热管。
(1)关于电热水器下列说法中正确的是______；
A.电源指示灯发出的红光是红外线
B.电加热管通电时电能转化为内能
C.电加热管里电阻丝用电阻小、熔点低的材料制成
(2)电热水器要使用三脚插头，是为了使电热水器的金属外壳与______相连；
(3)如图甲所示，在热水管和冷水管交会处安有一个水龙头。水龙头的手柄做的较长，这个水龙头的手柄相当于一个______(选填“省力”、“费力”或“等臂”)杠杆；
(4)电热水器内胆充满水后才能通电加热。电加热管周围的水吸收热量温度升高，水的体积膨胀，密度变______；
(5)为了防止电热水器漏电，电热水器生产厂家利用自来水导电能力差的特性，发明了一种“防电墙”技术。即用一段空心绝缘管替换一段热水出水管。通过改变此管的内径和长度来改变管内水的电阻的大小。如图丙所示，四个用同种材料制成的空心绝缘管，A和B内径相同，C和D内径相同，A、B的内径大于C、D的内径。为了增大流经空心绝缘管内水的电阻，减小漏电电流，如果你是设计师，会选用图丙中的______绝缘管；
(6)电热水器面板上有两个控制开关S1、S2，火线两个电加热管分别用R1、R2表示，要求S1单独控制R1，S2单独控制R2，两个开关同时闭合时R1与R2同时加热。请你在图丁中，用笔画线代替导线，补全开关控制电加热管的电路，且符合安全用电的原则。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、物理课本的长度约26cm，一根筷子的长度略小于此数值，在25cm=0.25m左右，故A不符合事实；
B、一个鸡蛋的质量约50g=0.05kg，托起一个鸡蛋的力为F=G=mg=0.05kg×10N/kg=0.5N，故B符合事实；
C、两个苹果的质量约300g，一本九年级物理教材的质量与此差不多，约为300g=0.3kg，故C不符合事实；
D、正常情况下，人的心脏1min跳动的次数在75次左右，跳动一次的时间接近1s，故D不符合事实。
故选：B。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合事实的是哪一个。
物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。
2.【答案】A
【解析】解：A.火炬的火焰是人造光源，属于光源，故A正确；
B.氢气燃烧过程中热值不变，故B错误；
C.以主火炬台为参照物，嵌入后的火炬相对于主火炬台没有发生位置的变化，故是静止的，故C错误；
D.火炬的火焰发出的光在空气中的传播速度为3×108m/s，故D错误。
故选A。
(1)本身能发光的物体叫做光源；
(2)热值是燃料的一种特性，其大小与燃料的种类有关，而与燃料的质量大小无关；
(3)如果物体相对于参照物的位置不断变化，则物体是运动的，如果物体相对于参照物的位置保持不变，则物体是静止的；
(4)光属于电磁波的一种，传播时不需要靠介质，可以在真空中传播，并且传播速度很快，达到3×108m/s。
本题从冬奥会火炬“飞扬”的设计图片入手，考查了学生对光学、力学、热学等知识的掌握和了解；体现了物理知识：源于生活，研究生活的本质，要求学生学会时时留意身边的生活现象。
3.【答案】B
【解析】解：A、地面附近的一切物体都受到重力的作用，故A错误；
B.飞出去的棋子，由于惯性，要保持原来的运动状态，因而棋子继续向前运动，故B正确；
CD.在空中飞行过程中，棋子受到重力以及空气阻力的作用，并且这两个力不是一对平衡力，棋子受到非平衡力的作用，棋子边水平运动、边加速下落，速度大小变化、质量不变，动能变化，运动状态变化，故CD错误。
故选B。
(1)由于地球的吸引而使物体受到的力叫重力，地球表面附近的一切物体都受到重力的作用，其方向竖直向下；
(2)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性；
(3)(4)力可以改变物体的运动状态。当物体不受力时，将保持静止状态或匀速直线运动状态。
此题考查的是重力、惯性现象的应用以及力的作用效果的理解，属力学基础题。
4.【答案】C
【解析】解：A、当闭合开关后，电磁铁产生磁性吸引衔铁，右半部分下落，弹簧被拉长，弹性势能增大，故A错误；
B、当闭合开关后，线圈相当于通电螺线管，根据右手螺旋定则判断电磁铁上端为N极，故B错误；
C、当闭合开关后，电磁铁产生磁性吸引衔铁，右半部分往下落，开关与下面电动机所在的电路结合，电动机所在电路闭合，电动机正常工作，开关与上面灯泡所在的电路分离，灯泡所在电路断路，灯泡不发光，故C正确；
D、电磁继电器的工作原理是电流的磁效应，与电磁感应无关，故D错误。
故选：C。
(1)弹性势能和物体发生弹性形变的程度有关；
(2)知道电流方向根据安培定则判断电磁铁的磁极；
(3)结合电磁继电器原理分析电动机和灯工作情况；
(4)电磁继电器的工作原理是电流的磁效应。
本题考查了电磁继电器原理、弹性势能、安培定则等，是综合题，难度不大。
5.【答案】B
【解析】解：A.汽车发动机用水冷却，是因为水的比热容大，故A错误；
B.燃油摩托车依靠做功冲程将内能转化为机械能，获得动力，故B正确；
C.太阳能汽车利用的太阳能属于可再生能源，故C错误；
D.飞机起飞过程中，飞机机翼上方空气流速大压强小，下方空气流速小压强大，机翼在压强差的作用下，受到升力作用，故D错误。
故选：B。
(1)水的比热容较大，质量相同的水与其它物质相比，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；
(2)四冲程汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压缩和排气，其中只有做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；
(3)能在短时间内得到补充的能源属于可再生能源；可以从自然界直接获取的能源是一次能源，如煤、石油、天然气、太阳能、风能、水能等；
(4)飞机机翼上方空气流速大压强小，下方空气流速小压强大，机翼在压强差的作用下，受到升力作用。
本题考查了能源的分类、太阳能的利用、电磁波的利用、流体压强与流速的关系，考查我们对物理知识的综合理解能力。
6.【答案】D
【解析】解：A、任何温度下物体都有内能，所以杯中冰块的内能不为零，故A错误；
B、热量为过程量，不能说饮料含有热量，故B错误；
C、杯外壁小水珠是空气中的水蒸气液化形成的，需要放出热量，故C错误；
D、杯外壁小水珠是空气中水蒸气液化形成的，故D正确。
故选：D。
(1)一切物体在任何情况下都具有内能；
(2)热量是热传递过程中改变内能的多少，物体本身不含有热量；
(3)物质由气态变成液态的过程叫液化，液化是吸热过程。
此题考查了内能和热量的物理意义及液化现象，是一道联系实际的应用题，体现了物理知识与日常生活的密切关系。
7.【答案】AD
【解析】解：A.用大小不同的力拨动同一根琴弦，使琴弦的振动幅度不一样，所以琴弦发出声音的响度不同，故A正确；
B.气体液化的方法有两种，一种是压缩体积，另一种是降低温度，所以可以用压缩气体体积的方法，将石油气液化后储存在钢瓶内，故B错误；
C.刚梳过头的塑料梳子，通过与头发的摩擦，使梳子带上电，带电物体具有吸引轻小物体的性质，所以会吸引碎纸屑，故C错误；
D.因为太阳光是复色光，经过一定条件的折射后会发生分解，太阳光照射到水下的平面镜上，在白纸上出现彩色的光带，是光的色散现象，故D正确。
故选：AD。
(1)声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性；
(2)气体液化的方法有两种，一种是压缩体积，另一种是降低温度；
(3)带电物体具有吸引轻小物体的性质；
(4)白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象。
本题是一道综合题，考查了声音的三个特征、物态变化、光的色散等内容，涉及的知识点较多，但难度不大，是一道基础题。
8.【答案】ABD
【解析】解：A、篆刻完成前后，由于印章上被刻掉很多碎屑，因而印章的质量变小，故A正确；
B、篆刻完成前后，印章的质量变小，体积也相应变小，剩下的印章的密度不变，故B正确；
C、篆刻刀刀刃做的锋利，是为了通过减小受力面积的方式来增大压强，而非增大压力，故C错误；
D、篆刻刀刀柄表面粗糙，是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦，故D正确。
故选：ABD。
(1)质量是物体所含物质的多少，是物体本身的属性，它不随物体的温度、形状、状态、位置而改变；
(2)密度是物质的一种特性，其大小与物质种类、温度、所处状态有关，而与质量和体积无关；
(3)增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力；
(4)增大摩擦力的方法：增大压力，增大接触面的粗糙程度。
此题是一道综合题，考查的知识点较多，包括质量、密度的特点、增大压强和摩擦力的方法，熟练掌握基础知识是正确解答的关键。
9.【答案】ABC
【解析】解：
AB.闭合开关S1和S2、断开开关S3时，R1与R2并联，电流表A测干路中电流，电流表A1测R1支路的电流，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且电流表A和电流表A1指针偏转角度相同，
所以，干路电流表A的量程为0～3A，分度值为0.1A，则干路电流I=1.5A，
R1支路电流表A1的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，通过R1支路的电流：I1=0.3A，故A正确；
通过R2支路的电流：I2=I-I1=1.5A-0.3A=1.2A，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，由I=UR可得，两电阻的阻值分别为：R1=UI1=6V 0.3A=20Ω，R2=UI2=6V1.2A=5Ω，故B正确；
CD.断开S1和S2、闭合S3时，R1与R2串联，两电流表均测电路中的电流，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，通过R1和R2的电流之比为1：1，故C正确；
R1和R2两端的电压之比：U1U2=I'R1I'R2=R1R2=20Ω5Ω=41，故D错误。
故选：ABC。
(1)闭合开关S1和S2、断开开关S3时，R1与R2并联，电流表A测干路中电流，电流表A1测R1支路的电流，根据并联电路的电流特点结合电流表A和电流表A1指针偏转角度相同确定两电流表的量程，根据分度值读出示数即可得出干路电流和通过R1支路的电流，然后求出通过R2支路的电流，利用并联电路的电压特点和欧姆定律求出两电阻的阻值；
(2)断开S1和S2、闭合S3时，R1与R2串联，两电流表均测电路中的电流，根据串联电路的电流特点得出通过R1和R2的电流之比，利用欧姆定律求出R1和R2两端的电压之比。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式和正确得出两电流表的量程是关键。
10.【答案】振动 电磁
【解析】解：一切发声的物体都在振动，所以轰鸣声是由物体振动产生的；
空间站在太空是真空环境，用电磁波与地面联系，电磁波的传输不需要介质。
故答案为：振动；电磁。
(1)声音是由物体振动产生的；
(2)电磁波可以在真空中传播，而且电磁波能传递信息。
本题考查声音的产生以及电磁波的应用是一道基础题。
11.【答案】反射 虚
【解析】解：竹房在水中的“倒影”，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的；
水中的竹房是竹房反射的光线从水中斜射入空气发生折射形成的虚像；
故答案为：反射；虚。
光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的。
本题考查了平面镜成像的原因和像的性质，水面类似于平面镜，由于光的反射，形成倒影，为虚像，属于常见的考题。
12.【答案】平衡力 1.95×104
【解析】解：(1)飞艇悬浮在空中时处于平衡状态，艇总重力和它受到空气的浮力是一对平衡力；
(2)飞艇受到空气的浮力：F浮=ρ空气gV排=1.3kg/m3×10N/kg×1500m3=1.95×104N。
故答案为：平衡力；1.95×104。
(1)飞艇悬浮在空中时处于平衡状态，受到的力为平衡力；
(2)飞艇排开空气的体积和自身的体积相等，知道空气的密度，利用F浮=ρ空气gV排求出飞艇受到空气的浮力。
本题考查了平衡力的辨别和阿基米德原理的应用，是一道较为简单的应用题。
13.【答案】扩散 摩擦 不做
【解析】解：(1)打开塑料袋封口，闻到面巾纸淡淡的香味，这是扩散现象，是分子在不停地做无规则运动的结果；
(2)根据题意知道，抽取式面巾纸是叠套压实，表面有褶皱或压痕，说明接触面粗糙且有压力，当抽出第一张面巾纸时，两张纸之间则存在相对运动，所以，上一张面巾纸带起下一张面巾纸，主要依靠相邻两张面巾纸之间的摩擦力；
(3)整袋面巾纸的重力方向竖直向下，当沿水平桌面匀速推动整袋面巾纸的过程中，整袋面巾纸没有在重力的方向运动，故不做功。
故答案为：扩散；摩擦；不做。
(1)两种不同的物质相互接触时，彼此进入对方的现象是扩散，扩散表明分子不停地做无规则运动；
(2)两个相互接触的物体，发生相对运动或有相对运动的趋势时，在接触面上就会产生阻碍相对运动的摩擦力；
(3)做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离(即力和距离的方向要一致)。二者缺一不可。
此题以面巾纸为素材，考查了扩散现象、摩擦力的存在和做功满足的条件，体现了物理知识与日常生活的密切联系。
14.【答案】大于 d到c
【解析】解：由图知，
(1)a与b两点分别位于盐水的不同的位置，a点的深度更深，根据液体压强的计算公式p=ρgh可得，当液体密度相同时，深度越深，压强越大，所以pA>Pb；
(2)闭合开关后，小灯泡发光，电流从电池的正极流出，流入负极，所以电流的流向是从c到d，而自由电子定向移动的方向与电流相反，所以灯泡灯丝的自由电子定向移动的方向是从d到c。
故答案为：大于；d到c
(1)在液体密度一定时，液体压强与深度成正比；
(2)物理学规定正电荷定向移动的方向为电流的方向。在金属导体中，自由电子定向移动的方向与电流方向相反。
此题考查了液体压强计算公式和电流方向的应用，是一道基础题，难度不大。
15.【答案】并 半导体
【解析】解：如图所示的LED护眼灯，每个教室里的这9盏LED护眼灯是互不影响的，所以它们之间一定是并联的。
LED是发光二极管做成的，发光二极管是半导体材料。
故答案为：并；半导体。
家庭电路中的用电器是并联的；LED灯是由半导体材料制成的。
本题考查了电路的连接方式、半导体材料的应用，属于基础题。
16.【答案】小于 大于
【解析】解：(1)由图可得，滑轮组绳子的有效股数n=3，
则绳子自由端的速度v2和重物甲被提升的速度v1的关系为v2=3v1，即v1小于v2。
(2)不计绳重和摩擦，克服重物重力做的功为有用功，克服重物重力和动滑轮重力做的功为总功，
则滑轮组的机械效率：η=W有W总×100%=Gh(G+G动)h×100%=GG+G动×100%=11+G 动G×100%，
据此可知，滑轮组提升重物的重力越大，滑轮组的机械效率越大，
由G甲>G乙可知，匀速提升甲、乙两个重物时滑轮组的机械效率η甲大于η乙。
故答案为：小于；大于。
(1)由图可得滑轮组绳子的有效股数，根据v绳=nv物比较绳子自由端的速度和重物甲被提升的速度关系。
(2)不计绳重和摩擦，克服重物重力做的功为有用功，克服重物重力和动滑轮重力做的功为总功，滑轮组的机械效率η=W有W总×100%=Gh(G+G动)h×100%=GG+G动×100%=11+G 动G×100%，据此可知，滑轮组提升重物的重力越大，滑轮组的机械效率越大，据此进行解答。
本题考查了使用滑轮组时绳子自由端的速度和重物甲被提升的速度关系、滑轮组机械效率大小关系的比较，明确有用功和总功、额外功的含义是关键。
17.【答案】不变 不变 变小
【解析】解：由电路图可知，闭合开关后，灯泡L与滑动变阻器并联，电压表测电源两端的电压，电流表A1测变阻器支路的电流，电流表A2测干路电流。
因电源的电压保持不变，
所以，滑片移动时，电压表的示数不变；
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，滑片移动时，通过灯泡的电流不变；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，电流表A2与电流表A1的示数差等于通过灯泡的电流，则两电流表示数的差值不变；
将滑动变阻器的滑片P从中点向右移动的过程中，变阻器接入电路中的电阻变大，
由I=UR可知，通过变阻器的电流变小，干路电流也变小，
由P=UI可知，电路的总功率变小。
故答案为：不变；不变；变小。
由电路图可知，闭合开关后，灯泡L与滑动变阻器并联，电压表测电源两端的电压，电流表A1测变阻器支路的电流，电流表A2测干路电流。根据电源的电压保持不变可知滑片移动时电压表的示数变化；根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过灯泡的电流变化，利用并联电路的电流特点结合通过灯泡的电流变化判断电流表A2与电流表A1的示数差的变化；根据滑片的移动可知变阻器接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过变阻器的电流变化，从而得出干路电流的变化，利用P=UI可知电路的总功率变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
18.【答案】碎冰块 晶体 减少 不变
【解析】解：(1)为了使冰受热均匀，试管中应加入碎冰块，更容易搅拌；
(2)由冰熔化图像发现，冰熔化时温度有一段保持不变，说明持续吸热温度不变，即为晶体的熔点，所以冰是晶体；
(3)为了缩短给水加热的时间，烧杯中的水应该减少，质量越少，吸收同样多的热量，升温更快；
(4)由冰的熔化图像和水的沸腾图像发现，冰熔化过程持续吸热温度不变，水达到沸点后温度不变，持续吸热，故冰的熔化过程和水的沸腾过程有着相同的特点：都需要吸收热量，温度都不变。
故答案为：(1)碎冰块；(2)晶体；(3)减少；(4)不变。
(1)为了使冰受热均匀，应选用碎冰块进行实验；
(2)掌握晶体和非晶体在熔化过程中的区别：晶体在熔化过程中，温度不变；非晶体在熔化过程中温度不断上升；
(3)缩短加热至沸腾所用的时间的方法：①提高水的初温；②适当减少水的质量；③给烧杯加盖；④增大火焰等；
(4)冰熔化过程持续吸热温度不变，水达到沸点后温度不变，持续吸热。
此题是探究晶体熔化时温度的变化规律和水沸腾时温度变化的特点实验，考查了分析图象从中获取信息的能力以及晶体熔化和水的沸腾过程相同的特点。
19.【答案】浸没 橡皮泥的形状 错误
【解析】解：(3)①探究浸没在液体中的固体所受的浮力大小是否跟固体的形状有关，应该将物体浸没在液体中；
②由控制变量法可知，探究浸没在液体中的固体所受的浮力大小跟固体的形状的关系，应该使用同一橡皮泥，改变物体的形状，重复实验；
(4)若F1=F2，则浸没在液体中的固体所受的浮力大小跟固体的形状无关，所以小雨的猜想是错误的。
故答案为：(3)①浸没；②橡皮泥的形状；(4)错误。
要探究浸没在液体中的固体所受的浮力大小是否跟固体的形状有关，根据控制变量法的可知，应该使橡皮泥浸没在水中，控制橡皮泥的重力、体积，改变橡皮泥的形状进行实验；若同一橡皮泥在不同形状时浸没在水中时弹簧测力计示数相同，则说明浸没在液体中的固体所受的浮力大小跟固体的形状无关。
本题探究浮力大小跟哪些因素有关的实验，注意控制变量法的使用，题目难度不大。
20.【答案】右 F1L1=F2L2 右 垂直于OB向下
【解析】解：(1)若开始实验前发现左端下沉，右端上翘，可将杠杆两端的平衡螺母向右端移动；
(2)由表格中数据知，动力、动力臂的乘积等于阻力、阻力臂的乘积，可得杠杆平衡条件是：F1L1=F2L2；
(3)一个钩码的重力为G，设杠杆一个小格代表L，
左端：F1L1=4G×L=4GL，右端：F2L2=3G×2L=6GL，
则F1L1
故答案为：(1)右；(2)F1L1=F2L2；(3)右；(4)垂直于OB向下。
(1)调节杠杆平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动；
(2)根据表格中数据分析动力、动力臂的乘积及阻力、阻力臂乘积的关系得出结论：F1L1=F2L2；
(3)设一个钩码重为G，杠杆一个小格是L，根据杠杆平衡条件判断；
(4)图中石头的重力为阻力，O点为支点，从支点到阻力F2的作用线的距离叫做力臂。
本题考查了杠杆平衡条件的实验及其应用，关键是分析出杠杆所受的力及对应的力臂，将已知条件代入便可；力竖直作用在杠杆上，力臂最长，力最小。
21.【答案】B 同一高度 正倒 变大 A
【解析】解：(1)为了实验中物距和像距的长度都能满足，应该把凸透镜放在光具座中点位置，即B点位置；
为了使像成在光屏中央，应调整烛焰中心、凸透镜的光心和光屏中心在同一高度；
(2)实验中像的性质主要是虚像和实像，像的正立和倒立，像的大小，由表格中所缺的项可知，应该为正倒；
(3)由表中数据可知，物距变小时，像距变大；
(4)当物距为15cm时，移动光屏在光屏上得到清晰的像，测出像距为7.5cm，可知物距大于二倍焦距，像距大于一倍焦距而小于二倍焦距，由15cm>2f，f<7.5cm<2f，得3.75cm
(5)人眼在B点看到水中A点的像在A'点处，所以先连接A'B，确定折射点，做出法线，然后连接A点到折射点，图中只有光线为实线，光的方向由A点射向B点，如下图所示：
故答案为：(1)B；同一高度；(2).正倒；(3).变大；(4)A；(5)见解析。
(1)“研究凸透镜成像规律”实验时，使烛焰、凸透镜、光屏的中心在同一直线上，并且在同一高度，烛焰的像才能呈在光屏的中心；
(2)像的性质包括放大与缩小、正立与倒立、实像与虚像等；
(3)当凸透镜成实像时，物距变小，则像距变大；
(4)凸透镜成像的规律：当物距处于f和2f之间时，成倒立、放大的实像；当物距大于2f时，成倒立、缩小的实像，照相机就是根据这个原理制成的；
(5)A发出的光线经水面发生折射，折射光线好像从虚像上发出的，因此连接眼所处的位置B和虚像A，与水面的交点得出入射点(或折射点)。
本题考查凸透镜成像规律实验和光的反射，要理解物距和焦距的关系。掌握凸透镜成像的性质及凸透镜三种成像规律和应用。
22.【答案】B 左 0.75 U2U1-U2R0 U额U3(U1-U2)U2R0
【解析】解：(1)如图所示，L与R串联，电流表测电路中的电流，电压表测L两端的电压；闭合开关后，
A、若滑动变阻器短路，电压表测电源电压，电压表有示数，电流表有示数，故A不符合题意；
B、若电流表断路，则整个电路断路，电流表和电压表都没有示数，故B符合题意；
C、若电压表断路，电源、滑动变阻器、灯泡、电流表、开关构成通路，电流表有示数，故C不符合题意；故选B；
(2)电压表的示数为2V，小于灯泡的额定电压2.5V，为了测量小灯泡的额定功率，应增大灯泡两端的电压，根据串联电路电压规律，应减小滑动变阻器两端的电压，根据分压原理，应减小滑动变阻器接入电路中的阻值，故应将滑动变阻器的滑片向左移动，直至小灯泡正常发光，此时电流表的示数为0.3V，则灯泡的额定功率为：
PL=ULIL=2.5V×0.3A=0.75W；
(3)①断开开关S2，闭合开关S1和S3，调节滑动变阻器的滑片P至a端时，灯泡L被短路，此时只有R1接入的简单电路，电压表测电源电压，即电源电压为U=U1；
再将滑片P调至b端，此时R1与R0串联接入电路，电压表测R1两端的电压为U2，则滑动变阻器R0两端的电压为：
U0=U-U2=U1-U2
则电路中的电流为：
I=I0=U0R0=U1-U2R0，
所以R1的阻值为：
R1=U2I=U2U1-U2R0=U2U1-U2R0；
②断开开关S1和S3，闭合开关S2时，灯泡L、R1、R0串联接入电路，电压表测R1和R0的总电压，调节滑动变阻器的滑片P，使电压表的示数为U1-U额，恰好等于电源电压减灯泡的额定电压，说明此时灯泡正常发光；
③不改变滑动变阻器的滑片P的位置，断开开关S2和S3，闭合开关S1时，灯泡L、R1、R0仍串联接入电路，电压表测R1两端的电压为U3；由于电路结构不变，电路中电阻不变，电流不变，此时灯泡仍正常发光，电路中的电流为：
I'=U3R1=U3U2U1-U2R0=U3(U1-U2)U2R0，
则灯泡的额定功率为：
P额=U额I'=U额×U3(U1-U2)U2R0=U额U3(U1-U2)U2R0。
故答案为：(1)B；(2)左；0.75；(3)①U2U1-U2R0；③U额U3(U1-U2)U2R0。
(1)根据选项逐一进行分析；
(2)比较电压表示数与灯泡额定电压的大小，根据串联电路电压规律和分压原理确定变阻器滑片移动方向；根据P=UI算出灯泡的额定功率；
(3)由乙图可知，没有电流表的情况下，利用定值电阻R1和电压表代替电流表与灯泡串联；首先利用开关的断开和闭合得到电源电压，然后调节已知最大阻值为R0的滑动变阻器，根据串联电路电压规律和欧姆定律求出定值电阻R1的阻值；利用开关的断开和闭合，让灯泡L、R1、R0串联接入电路，电压表测R1和R0的总电压，调节变阻器使电压表示数为U1-U额，此时灯泡正常发光；保持变阻器滑片不动，灯泡L、R1、R0仍串联接入电路，电压表测R1两端的电压，根据欧姆定律求出电路中的电流，根据P=UI计算出灯泡的额定电功率。
本题测量小灯泡电功率的实验，考查了电路故障、实验操作、功率的计算和设计实验方案测功率的能力。
23.【答案】解：(1)小雨的重力：G=mg=50kg×10N/kg=500N；
(2)哑铃的重力：G'=m'g=2kg×10N/kg=20N，
小雨举着哑铃静止不动时，他对水平地面的压力：F=G+G'=500N+20N=520N，
他对水平地面的压强：p=FS=520N400×10-4m2=1.3×104Pa；
(3)哑铃被匀速举起一次，克服哑铃重力做的功：W=G'h=20N×0.4m=8J，
克服哑铃重力做功的功率：P=Wt=8J2s=4W。
答：(1)小雨的重力为500N；
(2)小雨举着哑铃静止不动时，他对水平地面的压强为1.3×104Pa；
(3)哑铃被匀速举起一次，克服哑铃重力做的功为8J，功率为4W。
【解析】(1)知道小雨的质量，根据G=mg求出其重力；
(2)根据G=mg求出哑铃的重力，小雨举着哑铃静止不动时，他对水平地面的压力等于自身重力和哑铃重力之和，利用p=FS求出他对水平地面的压强；
(3)哑铃被匀速举起一次，根据W=Gh求出克服哑铃重力做的功，利用P=Wt求出克服哑铃重力做功的功率。
本题考查了重力公式和压强公式、做功公式、功率公式的应用等，要注意物体对水平面的压力和自身的重力相等。
24.【答案】解：(1)由P=UI可得，电加热器正常工作时的电流：
I=PU=440W220V=2A，
由I=UR可得，电加热器正常工作的电阻：
R=UI=220V2A=110Ω；
(2)由P=Wt可得，正常工作100s时电加热器消耗的电能：
W=Pt=440W×100s=4.4×104J；
(3)食用油升高的温度：
△t=t2-t1=65℃-25℃=40℃，
食用油的质量：
m油=400g=0.4kg，
食用油吸收的热量：
Q吸=c油m油Δt=2×103J/(kg⋅℃)×0.4kg×40℃=3.2×104J，
电加热器的热效率：
η=Q吸W×100%=3.2×104J4.4×104J×100%≈72.7%。
答：(1)电加热器正常工作时的电流为2A，电阻为110Ω；
(2)正常工作100s，电加热器消耗的电能为4.4×104J；
(3)电加热器的热效率为72.7%。
【解析】(1)电加热器正常工作时的电压和额定电压相等，功率和额定功率相等，根据P=UI求出电加热器正常工作时的电流，利用欧姆定律求出电加热器正常工作的电阻；
(2)根据P=Wt求出正常工作100s时电加热器消耗的电能；
(3)根据题意求出食用油升高的温度，知道食用油的质量和比热容，利用Q吸=cmΔt求出食用油吸收的热量，再利用η=Q吸W×100%求出电加热器的热效率。
本题考查了电功率公式和欧姆定律、吸入公式、电功公式、效率公式的应用，要注意用电器正常工作时的功率和额定功率相等。
25.【答案】B 大地 省力 小 D
【解析】解：(1)电源指示灯发出的红光是可见光，不是红外线；电加热管里电阻丝用电阻大、熔点高的材料制成；电加热管通电时电能转化为内能，故B正确。
(2)电热水器要使用三脚插头，是为了使电热水器的金属外壳能够接地，防止漏电造成事故。
(3)水龙头的手柄做的较长，使用开关时，动力臂较长能够省力，所以是省力杠杆。
(4)电加热管周围的水吸收热量温度升高，水的体积膨胀，水的质量不变，所以密度变小。
(5)厂家利用自来水导电能力差的特性，发明了一种“防电墙”技术，所以需要电阻大，同种材料，横截面积越小，长度越长，电阻越大，所以选择D绝缘管。
(6)由题意可知R1与R2并联，两个开关分别控制两个电阻，为了用电安全，必须把开关与火线相连，如下图所示：
故答案为：(1)B；(2)大地；(3)省力；(4)小；(5)D；(6)见解析。
(1)红外线是看不见的；电热丝的电阻大、熔点较高；用电器工作时电能转化为其他形式的能量；
(2)使用三角插头是为了用电安全；
(3)根据动力臂和阻力臂的大小关系分析；
(4)根据水的体积的变化分析密度的变化；
(5)电阻越大，导电性越差；
(6)家庭电路中的用电器是并联的，开关接在火线与用电器之间。
本题考查了安全用电器的常识、电路的连接、能量的转化、杠杆的分类等知识，难度不大。
2022年辽宁省沈阳市中考物理试卷
题号
一
二
三
四
五
六
总分
得分
一、单选题（本大题共6小题，共12分）
1. 下列描述符合事实的是( )
A. 吃饭用的筷子长度约为1.6m
B. 托起一个鸡蛋所用的力约为0.5N
C. 一本九年级物理教材的质量约为40kg
D. 中学生正常心跳一次所用的时间约为30s
2. 2022年2月4日北京冬奥会开幕，火炬手将火炬嵌入大雪花状的主火炬台中。火炬用氢气做燃料，符合奥运绿色环保理念。关于火炬，下列说法正确的是( )
A. 火炬的火焰是光源
B. 氢气燃烧过程中热值变小
C. 以主火炬台为参照物嵌入后的火炬是运动的
D. 火炬的火焰发出的光在空气中以340m/s的速度传播
3. 如图所示，用力击打一摞棋子中的一个，该棋子飞出而上面的棋子落下，关于飞出去的棋子，下列说法正确的是( )
A. 不受重力作用 B. 由于惯性而继续向前运动
C. 在空中飞行过程中动能保持不变 D. 在空中飞行过程中运动状态保持不变
4. 如图所示是电磁继电器的工作原理图，闭合开关后，下列说法正确的是( )
A. 弹簧的弹性势能减小
B. 电磁铁的上端为S极
C. 电动机工作，灯不发光
D. 电磁铁的工作原理是电磁感应
5. 如图所示，下列有关交通工具说法正确的是( )
A. 如图甲，汽车发动机用水冷却，是因为水的比热容小
B. 如图乙，燃油摩托车依靠内燃机做功冲程获得动力
C. 如图丙，太阳能汽车利用的太阳能属于不可再生能源
D. 如图丁，飞机起飞过程中，机翼上方空气流速大压强大
6. 如图所示，炎热的夏季，小雨向盛有常温饮料的杯中加入一些小冰块，一段时间后冰块变小，同时观察到杯的外壁出现一些小水珠，下列说法正确的是( )
A. 杯中冰块的内能为零
B. 杯中饮料含有的热量减少
C. 杯外壁小水珠的形成需要吸收热量
D. 杯外壁小水珠是水蒸气液化形成的
二、多选题（本大题共3小题，共9分）
7. 如图所示，下列四幅图描述正确的是( )
A. 如图甲，用大小不同的力拨动同一根琴弦，琴弦发出声音的响度不同
B. 如图乙，用压缩气体体积的方法，将石油气凝华后储存在钢瓶内
C. 如图丙，刚梳过头的塑料梳子，会吸引碎纸屑，是因为分子间有引力
D. 如图丁，太阳光照射到水下的平面镜上，在白纸上出现彩色的光带，是光的色散
8. 篆刻是中国传统技艺的重要组成部分。如图所示，用篆刻刀在质地均匀的印章上刻字的过程中，下列说法正确的是( )
A. 篆刻完成前后，印章的质量变小
B. 篆刻完成前后，印章的密度不变
C. 篆刻刀刀刃做的锋利，是为了增大压力
D. 篆刻刀刀柄表面粗糙，是为了增大摩擦
9. 如图甲所示的电路图，电源电压6V保持不变，闭合开关S1和S2，断开开关S3，电流表A和电流表A1指针偏转角度相同，如图乙所示，下列说法正确的是( )
A. 通过R1的电流是0.3A
B. R2的阻值是5Ω
C. 断开S1和S2，闭合S3，通过R1和R2的电流之比为1：1
D. 断开S1和S2，闭合S3，R1和R2两端的电压之比为1：4
三、填空题（本大题共8小题，共18分）
10. 2022年6月5日，在酒泉卫星发射中心搭载神舟十四号载人飞船的长征2号F遥十四运载火箭点火发射，火箭在轰鸣声中拔地而起，冲向太空，轰鸣声是由物体______产生的。如图所示是进驻天和核心舱的航天员陈冬、刘洋和蔡旭哲向全国人民敬礼的画面，画面信息是通过______波传回地面的。
11. 如图所示是2022年4月在荷兰阿尔梅勒世界园艺博览会上拍摄的中国竹园的展馆景象，“中国竹园”凭借其融合中国传统文化和现代工艺于一体的独特风格而备受瞩目。竹房在水中的“倒影”是光的______形成的，水中的“竹房”是______(选填“实”或“虚”)像。
12. 充入气体后的飞艇的体积是1500m3。飞艇悬浮在空中时，飞艇总重力和它受到空气的浮力是一对______(选填“平衡力”或“相互作用力”)。空气密度按1.3kg/m3计算，飞艇受到空气的浮力大小为______N。(g取10N/kg)
13. 某品牌抽取式面巾纸，表面有褶皱或压痕，对折成形，叠套压实，封装在塑料袋里。使用时打开塑料袋封口，闻到面巾纸淡淡的香味，这是______现象。抽出第一张面巾纸，就会顺利地带起第2张、第3张，……，上一张面巾纸带起下一张面巾纸，主要依靠相邻两张面巾纸之间的______力。沿水平桌面匀速推动整袋面巾纸的过程中，整袋面巾纸的重力______(选填“做”或“不做”)功。
14. 如图所示，完全相同的A、B两金属片浸入盐水的深度相同，a、b分别是A、B表面上两点，则a、b两点盐水的压强pa______pb(选填“大于”、“小于”或“等于”)；闭合开关后，小灯泡发光，通过灯泡灯丝的自由电子定向移动的方向是从______(选填“c到d”或“d到c”)。
15. 为了保护孩子的视力，教室里日光灯更换成如图所示的LED护眼灯，每个教室里的9盏LED护眼灯的连接方式是______联的。LED灯发光效率高，其发光部分主要由______材料制成。
16. 用如图所示的滑轮组，分别匀速提升甲、乙两个重物。若重物甲被提升的速度为v1，同时绳子自由端的速度为v2，则v1______v2。以G甲、G乙分别表示甲、乙两个重物的重力，若G甲>G乙，且不计绳重和摩擦，匀速提升甲、乙两个重物时滑轮组的机械效率η甲______η乙(以上两空均选填“大于”、“小于”或“等于”)。
17. 如图所示，电源电压保持不变，灯泡灯丝电阻保持不变，闭合开关后，将滑动变阻器的滑片P从中点向右移动的过程中，电压表的示数将______，电流表A2与电流表A1的示数差______，电路的总功率______(以上三空均选填“变大”、“变小”或“不变”)。
四、实验探究题（本大题共5小题，共22分）
18. 在探究“冰熔化时温度的变化规律”的实验中，小雨所用实验装置如图甲所示。
(1)为了使冰受热均匀，试管中应加入______(选填“碎冰块”或“大冰块”)；
(2)小雨绘制出冰熔化时温度随时间变化的图像，如图乙所示，由图像可知冰是______(选填“晶体”或“非晶体”)；
(3)小雨还想利用这套实验装置探究水沸腾时温度变化的特点，他先把试管和搅拌棒取出，再把温度计插入烧杯的水中。为了缩短给水加热的时间，烧杯中的水应该______(选填“增加”或“减少”)一些。记录测量数据后，小雨又绘制出了水沸腾时温度随时间变化的图像，如图丙所示；
(4)小雨通过对比图乙和图丙，发现冰的熔化过程和水的沸腾过程有着相同的特点：都需要吸收热量，温度都______(选填“升高”、“降低”或“不变”)。
19. 小雨通过学习了解到物体在液体中所受浮力的大小与它浸在液体的体积、液体的密度有关，他还想知道其它因素能否影响浮力大小。
(1)提出问题：浸没在液体中的固体所受的浮力大小是否跟固体的形状有关；
(2)猜想：小雨认为浸没在液体中的固体所受的浮力大小跟固体的形状有关；
(3)设计实验：
实验器材：烧杯、水、细线、弹簧测力计和一块不吸水的橡皮泥。
实验步骤：
①小雨将橡皮泥用细线悬挂在弹簧测力计下，让橡皮泥缓慢______在水中，待橡皮泥静止时读出弹簧测力计示数为F1；
②改变______，重复上述实验步骤，读出弹簧测力计的示数为F2；
(4)实验结论：若F1=F2，则说明小雨的猜想是______(选填“正确”或“错误”)的；
(5)评估：实验次数少，结论不具有普遍性。
20. 在“探究杠杆平衡条件”的实验中
(1)杠杆没挂钩码时需要向右调节杠杆两端的螺母，才能使杠杆在水平位置平衡，说明调节前杠杆的______(选填“左”或“右”)端高；
(2)小雨通过改变钩码数量并移动钩码位置，使杠杆在水平位置平衡，多做几次实验，将得到的数据填入表中。分析表中数据，得到杠杆平衡条件是：______；
次数
动力F1/N
动力臂l1/cm
阻力F2/N
阻力臂l2/cm
1
0.5
20
2.0
5
2
1.0
10
0.5
20
3
1.5
10
3.0
5
(3)如图甲所示先在杠杆左侧挂4个钩码，后在右侧A处挂3个钩码，根据得到的杠杆平衡条件可以判断出杠杆的______端会下沉；
(4)小雨想用撬棒撬动地面上的石头，O是撬棒的支点，F2是阻力，l2是阻力臂，如图乙所示，为了撬动石头，在B点施加的最小动力F1的方向是______。
21. 在“探究凸透镜成像规律”的实验中：
(1)为了探究蜡烛的烛焰能否在光屏上成实像，应该把凸透镜放在如图甲所示的______(选填“A”、“B”或“C”)处。为了使像成在光屏中央，应调整烛焰、凸透镜和光屏，使它们的中心在______；
(2)下表是小雨设计的实验表格，请你在表格中横线处补全缺少的项目，小雨用焦距为10cm的凸透镜做实验，蜡烛放到较远处，调整光屏到凸透镜的距离，直到烛焰在光屏上成清晰的实像，观察像的性质，同时测出此时物距和像距，把蜡烛向凸透镜移近一些，重复以上操作。把实验测出的数据和成像的性质填入表中；
物距u/cm
像的性质
像距v/cm
虚实
大小
______
30
实
缩小
15
20
实
等大
20
15
实
放大
30
(3)通过分析表中数据，可以得到规律：凸透镜成实像时，物距变小，像距______(选填“变大”、“变小”或“不变”)；
(4)小雨换用如图乙所示焦距不同的A、B两个凸透镜中的一个再进行实验，当物距为15cm时，移动光屏在光屏上得到清晰的像，测出像距为7.5cm，结合上表的实验数据，可以判断出小雨这次实验用的是______(选填“A”或“B”)透镜；
(5)凸透镜成像利用了光的折射，生活中存在由于光的折射而产生“错觉”的现象，如泳池水看起来变浅了，所以不能贸然下水，以免发生危险。如图丙所示，人眼在B点看到水中A点的像在A'点处，请完成人眼在B点看到A点的像的光路图。
22. 在“测量小灯泡的电功率”的实验中，所选小灯泡的额定电压为2.5V。
(1)如图甲是测量小灯泡的电功率的电路图。正确连接电路，闭合开关后，电压表和电流表都没有示数，电路故障可能是______；
A.滑动变阻器短路
B.电流表断路
C.电压表断路
(2)排除故障后，实验中，电压表的示数为2V，小雨为了测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片向______(选填“左”或“右”)移动，直至小灯泡正常发光，此时电流表的示数为0.3A，则小灯泡额定功率为______W；
(3)小雨的电流表坏了，老师给他一个已知最大阻值为R0的滑动变阻器、一个阻值未知的定值电阻R1、电压保持不变的电源、若干开关和导线，小雨重新设计了如图乙所示的电路图，按电路图连接电路，并正确测出小灯泡的额定功率P额。具体实验步骤如下：
①断开开关S2，闭合开关S1和S3，调节滑动变阻器的滑片P至a端，电压表的示数为U1；再将滑片P调至b端，电压表示数为U2，则R1=______；(用U1、U2和R0表示)
②断开开关S1和S3，闭合开关S2，调节滑动变阻器的滑片P，使电压表的示数为U1-U额；(U额为已知量，表示小灯泡的额定电压)
③不改变滑动变阻器的滑片P的位置，断开开关S2和S3，闭合开关S1，电压表示数为U3，则P额=______。(用U额、U1、U2、U3和R0表示)
五、计算题（本大题共2小题，共18分）
23. 周末小雨在家通过举哑铃来锻炼身体。小雨的质量为50kg，他双脚站立在水平地面上，两鞋底与地面的受力面积为400cm2。单臂举起2kg哑铃，每次举起的高度为0.4m，所用时间为2s。(g取10N/kg)求：
(1)小雨的重力；
(2)小雨举着哑铃静止不动时，他对水平地面的压强；
(3)哑铃被匀速举起一次，克服哑铃重力做的功及其功率。
24. 如图所示，质量为400g初温为25℃的食用油注入大烧杯中，并将电加热器放入食用油中。电加热器正常工作100s，测出食用油的温度为65℃，已知电加热器的额定电压为220V，额定功率为440W。[食用油的比热容为2×103J/(kg⋅℃)]
(1)电加热器正常工作时的电流和电阻；
(2)正常工作100s，电加热器消耗的电能；
(3)电加热器的热效率。
六、综合题（本大题共1小题，共6分）
25. 小雨家买了一台储水式电热水器。外观如图甲所示，图乙是热水器剖视图。热水器的内胆是密封的，里面有两个通到外部的水管，a是热水出水管，b是冷水进水管。c和d是两个外层包有绝缘材料的电加热管。
(1)关于电热水器下列说法中正确的是______；
A.电源指示灯发出的红光是红外线
B.电加热管通电时电能转化为内能
C.电加热管里电阻丝用电阻小、熔点低的材料制成
(2)电热水器要使用三脚插头，是为了使电热水器的金属外壳与______相连；
(3)如图甲所示，在热水管和冷水管交会处安有一个水龙头。水龙头的手柄做的较长，这个水龙头的手柄相当于一个______(选填“省力”、“费力”或“等臂”)杠杆；
(4)电热水器内胆充满水后才能通电加热。电加热管周围的水吸收热量温度升高，水的体积膨胀，密度变______；
(5)为了防止电热水器漏电，电热水器生产厂家利用自来水导电能力差的特性，发明了一种“防电墙”技术。即用一段空心绝缘管替换一段热水出水管。通过改变此管的内径和长度来改变管内水的电阻的大小。如图丙所示，四个用同种材料制成的空心绝缘管，A和B内径相同，C和D内径相同，A、B的内径大于C、D的内径。为了增大流经空心绝缘管内水的电阻，减小漏电电流，如果你是设计师，会选用图丙中的______绝缘管；
(6)电热水器面板上有两个控制开关S1、S2，火线两个电加热管分别用R1、R2表示，要求S1单独控制R1，S2单独控制R2，两个开关同时闭合时R1与R2同时加热。请你在图丁中，用笔画线代替导线，补全开关控制电加热管的电路，且符合安全用电的原则。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、物理课本的长度约26cm，一根筷子的长度略小于此数值，在25cm=0.25m左右，故A不符合事实；
B、一个鸡蛋的质量约50g=0.05kg，托起一个鸡蛋的力为F=G=mg=0.05kg×10N/kg=0.5N，故B符合事实；
C、两个苹果的质量约300g，一本九年级物理教材的质量与此差不多，约为300g=0.3kg，故C不符合事实；
D、正常情况下，人的心脏1min跳动的次数在75次左右，跳动一次的时间接近1s，故D不符合事实。
故选：B。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合事实的是哪一个。
物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。
2.【答案】A
【解析】解：A.火炬的火焰是人造光源，属于光源，故A正确；
B.氢气燃烧过程中热值不变，故B错误；
C.以主火炬台为参照物，嵌入后的火炬相对于主火炬台没有发生位置的变化，故是静止的，故C错误；
D.火炬的火焰发出的光在空气中的传播速度为3×108m/s，故D错误。
故选A。
(1)本身能发光的物体叫做光源；
(2)热值是燃料的一种特性，其大小与燃料的种类有关，而与燃料的质量大小无关；
(3)如果物体相对于参照物的位置不断变化，则物体是运动的，如果物体相对于参照物的位置保持不变，则物体是静止的；
(4)光属于电磁波的一种，传播时不需要靠介质，可以在真空中传播，并且传播速度很快，达到3×108m/s。
本题从冬奥会火炬“飞扬”的设计图片入手，考查了学生对光学、力学、热学等知识的掌握和了解；体现了物理知识：源于生活，研究生活的本质，要求学生学会时时留意身边的生活现象。
3.【答案】B
【解析】解：A、地面附近的一切物体都受到重力的作用，故A错误；
B.飞出去的棋子，由于惯性，要保持原来的运动状态，因而棋子继续向前运动，故B正确；
CD.在空中飞行过程中，棋子受到重力以及空气阻力的作用，并且这两个力不是一对平衡力，棋子受到非平衡力的作用，棋子边水平运动、边加速下落，速度大小变化、质量不变，动能变化，运动状态变化，故CD错误。
故选B。
(1)由于地球的吸引而使物体受到的力叫重力，地球表面附近的一切物体都受到重力的作用，其方向竖直向下；
(2)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性；
(3)(4)力可以改变物体的运动状态。当物体不受力时，将保持静止状态或匀速直线运动状态。
此题考查的是重力、惯性现象的应用以及力的作用效果的理解，属力学基础题。
4.【答案】C
【解析】解：A、当闭合开关后，电磁铁产生磁性吸引衔铁，右半部分下落，弹簧被拉长，弹性势能增大，故A错误；
B、当闭合开关后，线圈相当于通电螺线管，根据右手螺旋定则判断电磁铁上端为N极，故B错误；
C、当闭合开关后，电磁铁产生磁性吸引衔铁，右半部分往下落，开关与下面电动机所在的电路结合，电动机所在电路闭合，电动机正常工作，开关与上面灯泡所在的电路分离，灯泡所在电路断路，灯泡不发光，故C正确；
D、电磁继电器的工作原理是电流的磁效应，与电磁感应无关，故D错误。
故选：C。
(1)弹性势能和物体发生弹性形变的程度有关；
(2)知道电流方向根据安培定则判断电磁铁的磁极；
(3)结合电磁继电器原理分析电动机和灯工作情况；
(4)电磁继电器的工作原理是电流的磁效应。
本题考查了电磁继电器原理、弹性势能、安培定则等，是综合题，难度不大。
5.【答案】B
【解析】解：A.汽车发动机用水冷却，是因为水的比热容大，故A错误；
B.燃油摩托车依靠做功冲程将内能转化为机械能，获得动力，故B正确；
C.太阳能汽车利用的太阳能属于可再生能源，故C错误；
D.飞机起飞过程中，飞机机翼上方空气流速大压强小，下方空气流速小压强大，机翼在压强差的作用下，受到升力作用，故D错误。
故选：B。
(1)水的比热容较大，质量相同的水与其它物质相比，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；
(2)四冲程汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压缩和排气，其中只有做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；
(3)能在短时间内得到补充的能源属于可再生能源；可以从自然界直接获取的能源是一次能源，如煤、石油、天然气、太阳能、风能、水能等；
(4)飞机机翼上方空气流速大压强小，下方空气流速小压强大，机翼在压强差的作用下，受到升力作用。
本题考查了能源的分类、太阳能的利用、电磁波的利用、流体压强与流速的关系，考查我们对物理知识的综合理解能力。
6.【答案】D
【解析】解：A、任何温度下物体都有内能，所以杯中冰块的内能不为零，故A错误；
B、热量为过程量，不能说饮料含有热量，故B错误；
C、杯外壁小水珠是空气中的水蒸气液化形成的，需要放出热量，故C错误；
D、杯外壁小水珠是空气中水蒸气液化形成的，故D正确。
故选：D。
(1)一切物体在任何情况下都具有内能；
(2)热量是热传递过程中改变内能的多少，物体本身不含有热量；
(3)物质由气态变成液态的过程叫液化，液化是吸热过程。
此题考查了内能和热量的物理意义及液化现象，是一道联系实际的应用题，体现了物理知识与日常生活的密切关系。
7.【答案】AD
【解析】解：A.用大小不同的力拨动同一根琴弦，使琴弦的振动幅度不一样，所以琴弦发出声音的响度不同，故A正确；
B.气体液化的方法有两种，一种是压缩体积，另一种是降低温度，所以可以用压缩气体体积的方法，将石油气液化后储存在钢瓶内，故B错误；
C.刚梳过头的塑料梳子，通过与头发的摩擦，使梳子带上电，带电物体具有吸引轻小物体的性质，所以会吸引碎纸屑，故C错误；
D.因为太阳光是复色光，经过一定条件的折射后会发生分解，太阳光照射到水下的平面镜上，在白纸上出现彩色的光带，是光的色散现象，故D正确。
故选：AD。
(1)声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性；
(2)气体液化的方法有两种，一种是压缩体积，另一种是降低温度；
(3)带电物体具有吸引轻小物体的性质；
(4)白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象。
本题是一道综合题，考查了声音的三个特征、物态变化、光的色散等内容，涉及的知识点较多，但难度不大，是一道基础题。
8.【答案】ABD
【解析】解：A、篆刻完成前后，由于印章上被刻掉很多碎屑，因而印章的质量变小，故A正确；
B、篆刻完成前后，印章的质量变小，体积也相应变小，剩下的印章的密度不变，故B正确；
C、篆刻刀刀刃做的锋利，是为了通过减小受力面积的方式来增大压强，而非增大压力，故C错误；
D、篆刻刀刀柄表面粗糙，是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦，故D正确。
故选：ABD。
(1)质量是物体所含物质的多少，是物体本身的属性，它不随物体的温度、形状、状态、位置而改变；
(2)密度是物质的一种特性，其大小与物质种类、温度、所处状态有关，而与质量和体积无关；
(3)增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力；
(4)增大摩擦力的方法：增大压力，增大接触面的粗糙程度。
此题是一道综合题，考查的知识点较多，包括质量、密度的特点、增大压强和摩擦力的方法，熟练掌握基础知识是正确解答的关键。
9.【答案】ABC
【解析】解：
AB.闭合开关S1和S2、断开开关S3时，R1与R2并联，电流表A测干路中电流，电流表A1测R1支路的电流，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且电流表A和电流表A1指针偏转角度相同，
所以，干路电流表A的量程为0～3A，分度值为0.1A，则干路电流I=1.5A，
R1支路电流表A1的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，通过R1支路的电流：I1=0.3A，故A正确；
通过R2支路的电流：I2=I-I1=1.5A-0.3A=1.2A，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，由I=UR可得，两电阻的阻值分别为：R1=UI1=6V 0.3A=20Ω，R2=UI2=6V1.2A=5Ω，故B正确；
CD.断开S1和S2、闭合S3时，R1与R2串联，两电流表均测电路中的电流，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，通过R1和R2的电流之比为1：1，故C正确；
R1和R2两端的电压之比：U1U2=I'R1I'R2=R1R2=20Ω5Ω=41，故D错误。
故选：ABC。
(1)闭合开关S1和S2、断开开关S3时，R1与R2并联，电流表A测干路中电流，电流表A1测R1支路的电流，根据并联电路的电流特点结合电流表A和电流表A1指针偏转角度相同确定两电流表的量程，根据分度值读出示数即可得出干路电流和通过R1支路的电流，然后求出通过R2支路的电流，利用并联电路的电压特点和欧姆定律求出两电阻的阻值；
(2)断开S1和S2、闭合S3时，R1与R2串联，两电流表均测电路中的电流，根据串联电路的电流特点得出通过R1和R2的电流之比，利用欧姆定律求出R1和R2两端的电压之比。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式和正确得出两电流表的量程是关键。
10.【答案】振动 电磁
【解析】解：一切发声的物体都在振动，所以轰鸣声是由物体振动产生的；
空间站在太空是真空环境，用电磁波与地面联系，电磁波的传输不需要介质。
故答案为：振动；电磁。
(1)声音是由物体振动产生的；
(2)电磁波可以在真空中传播，而且电磁波能传递信息。
本题考查声音的产生以及电磁波的应用是一道基础题。
11.【答案】反射 虚
【解析】解：竹房在水中的“倒影”，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的；
水中的竹房是竹房反射的光线从水中斜射入空气发生折射形成的虚像；
故答案为：反射；虚。
光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的。
本题考查了平面镜成像的原因和像的性质，水面类似于平面镜，由于光的反射，形成倒影，为虚像，属于常见的考题。
12.【答案】平衡力 1.95×104
【解析】解：(1)飞艇悬浮在空中时处于平衡状态，艇总重力和它受到空气的浮力是一对平衡力；
(2)飞艇受到空气的浮力：F浮=ρ空气gV排=1.3kg/m3×10N/kg×1500m3=1.95×104N。
故答案为：平衡力；1.95×104。
(1)飞艇悬浮在空中时处于平衡状态，受到的力为平衡力；
(2)飞艇排开空气的体积和自身的体积相等，知道空气的密度，利用F浮=ρ空气gV排求出飞艇受到空气的浮力。
本题考查了平衡力的辨别和阿基米德原理的应用，是一道较为简单的应用题。
13.【答案】扩散 摩擦 不做
【解析】解：(1)打开塑料袋封口，闻到面巾纸淡淡的香味，这是扩散现象，是分子在不停地做无规则运动的结果；
(2)根据题意知道，抽取式面巾纸是叠套压实，表面有褶皱或压痕，说明接触面粗糙且有压力，当抽出第一张面巾纸时，两张纸之间则存在相对运动，所以，上一张面巾纸带起下一张面巾纸，主要依靠相邻两张面巾纸之间的摩擦力；
(3)整袋面巾纸的重力方向竖直向下，当沿水平桌面匀速推动整袋面巾纸的过程中，整袋面巾纸没有在重力的方向运动，故不做功。
故答案为：扩散；摩擦；不做。
(1)两种不同的物质相互接触时，彼此进入对方的现象是扩散，扩散表明分子不停地做无规则运动；
(2)两个相互接触的物体，发生相对运动或有相对运动的趋势时，在接触面上就会产生阻碍相对运动的摩擦力；
(3)做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离(即力和距离的方向要一致)。二者缺一不可。
此题以面巾纸为素材，考查了扩散现象、摩擦力的存在和做功满足的条件，体现了物理知识与日常生活的密切联系。
14.【答案】大于 d到c
【解析】解：由图知，
(1)a与b两点分别位于盐水的不同的位置，a点的深度更深，根据液体压强的计算公式p=ρgh可得，当液体密度相同时，深度越深，压强越大，所以pA>Pb；
(2)闭合开关后，小灯泡发光，电流从电池的正极流出，流入负极，所以电流的流向是从c到d，而自由电子定向移动的方向与电流相反，所以灯泡灯丝的自由电子定向移动的方向是从d到c。
故答案为：大于；d到c
(1)在液体密度一定时，液体压强与深度成正比；
(2)物理学规定正电荷定向移动的方向为电流的方向。在金属导体中，自由电子定向移动的方向与电流方向相反。
此题考查了液体压强计算公式和电流方向的应用，是一道基础题，难度不大。
15.【答案】并 半导体
【解析】解：如图所示的LED护眼灯，每个教室里的这9盏LED护眼灯是互不影响的，所以它们之间一定是并联的。
LED是发光二极管做成的，发光二极管是半导体材料。
故答案为：并；半导体。
家庭电路中的用电器是并联的；LED灯是由半导体材料制成的。
本题考查了电路的连接方式、半导体材料的应用，属于基础题。
16.【答案】小于 大于
【解析】解：(1)由图可得，滑轮组绳子的有效股数n=3，
则绳子自由端的速度v2和重物甲被提升的速度v1的关系为v2=3v1，即v1小于v2。
(2)不计绳重和摩擦，克服重物重力做的功为有用功，克服重物重力和动滑轮重力做的功为总功，
则滑轮组的机械效率：η=W有W总×100%=Gh(G+G动)h×100%=GG+G动×100%=11+G 动G×100%，
据此可知，滑轮组提升重物的重力越大，滑轮组的机械效率越大，
由G甲>G乙可知，匀速提升甲、乙两个重物时滑轮组的机械效率η甲大于η乙。
故答案为：小于；大于。
(1)由图可得滑轮组绳子的有效股数，根据v绳=nv物比较绳子自由端的速度和重物甲被提升的速度关系。
(2)不计绳重和摩擦，克服重物重力做的功为有用功，克服重物重力和动滑轮重力做的功为总功，滑轮组的机械效率η=W有W总×100%=Gh(G+G动)h×100%=GG+G动×100%=11+G 动G×100%，据此可知，滑轮组提升重物的重力越大，滑轮组的机械效率越大，据此进行解答。
本题考查了使用滑轮组时绳子自由端的速度和重物甲被提升的速度关系、滑轮组机械效率大小关系的比较，明确有用功和总功、额外功的含义是关键。
17.【答案】不变 不变 变小
【解析】解：由电路图可知，闭合开关后，灯泡L与滑动变阻器并联，电压表测电源两端的电压，电流表A1测变阻器支路的电流，电流表A2测干路电流。
因电源的电压保持不变，
所以，滑片移动时，电压表的示数不变；
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，滑片移动时，通过灯泡的电流不变；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，电流表A2与电流表A1的示数差等于通过灯泡的电流，则两电流表示数的差值不变；
将滑动变阻器的滑片P从中点向右移动的过程中，变阻器接入电路中的电阻变大，
由I=UR可知，通过变阻器的电流变小，干路电流也变小，
由P=UI可知，电路的总功率变小。
故答案为：不变；不变；变小。
由电路图可知，闭合开关后，灯泡L与滑动变阻器并联，电压表测电源两端的电压，电流表A1测变阻器支路的电流，电流表A2测干路电流。根据电源的电压保持不变可知滑片移动时电压表的示数变化；根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过灯泡的电流变化，利用并联电路的电流特点结合通过灯泡的电流变化判断电流表A2与电流表A1的示数差的变化；根据滑片的移动可知变阻器接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过变阻器的电流变化，从而得出干路电流的变化，利用P=UI可知电路的总功率变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
18.【答案】碎冰块 晶体 减少 不变
【解析】解：(1)为了使冰受热均匀，试管中应加入碎冰块，更容易搅拌；
(2)由冰熔化图像发现，冰熔化时温度有一段保持不变，说明持续吸热温度不变，即为晶体的熔点，所以冰是晶体；
(3)为了缩短给水加热的时间，烧杯中的水应该减少，质量越少，吸收同样多的热量，升温更快；
(4)由冰的熔化图像和水的沸腾图像发现，冰熔化过程持续吸热温度不变，水达到沸点后温度不变，持续吸热，故冰的熔化过程和水的沸腾过程有着相同的特点：都需要吸收热量，温度都不变。
故答案为：(1)碎冰块；(2)晶体；(3)减少；(4)不变。
(1)为了使冰受热均匀，应选用碎冰块进行实验；
(2)掌握晶体和非晶体在熔化过程中的区别：晶体在熔化过程中，温度不变；非晶体在熔化过程中温度不断上升；
(3)缩短加热至沸腾所用的时间的方法：①提高水的初温；②适当减少水的质量；③给烧杯加盖；④增大火焰等；
(4)冰熔化过程持续吸热温度不变，水达到沸点后温度不变，持续吸热。
此题是探究晶体熔化时温度的变化规律和水沸腾时温度变化的特点实验，考查了分析图象从中获取信息的能力以及晶体熔化和水的沸腾过程相同的特点。
19.【答案】浸没 橡皮泥的形状 错误
【解析】解：(3)①探究浸没在液体中的固体所受的浮力大小是否跟固体的形状有关，应该将物体浸没在液体中；
②由控制变量法可知，探究浸没在液体中的固体所受的浮力大小跟固体的形状的关系，应该使用同一橡皮泥，改变物体的形状，重复实验；
(4)若F1=F2，则浸没在液体中的固体所受的浮力大小跟固体的形状无关，所以小雨的猜想是错误的。
故答案为：(3)①浸没；②橡皮泥的形状；(4)错误。
要探究浸没在液体中的固体所受的浮力大小是否跟固体的形状有关，根据控制变量法的可知，应该使橡皮泥浸没在水中，控制橡皮泥的重力、体积，改变橡皮泥的形状进行实验；若同一橡皮泥在不同形状时浸没在水中时弹簧测力计示数相同，则说明浸没在液体中的固体所受的浮力大小跟固体的形状无关。
本题探究浮力大小跟哪些因素有关的实验，注意控制变量法的使用，题目难度不大。
20.【答案】右 F1L1=F2L2 右 垂直于OB向下
【解析】解：(1)若开始实验前发现左端下沉，右端上翘，可将杠杆两端的平衡螺母向右端移动；
(2)由表格中数据知，动力、动力臂的乘积等于阻力、阻力臂的乘积，可得杠杆平衡条件是：F1L1=F2L2；
(3)一个钩码的重力为G，设杠杆一个小格代表L，
左端：F1L1=4G×L=4GL，右端：F2L2=3G×2L=6GL，
则F1L1
故答案为：(1)右；(2)F1L1=F2L2；(3)右；(4)垂直于OB向下。
(1)调节杠杆平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动；
(2)根据表格中数据分析动力、动力臂的乘积及阻力、阻力臂乘积的关系得出结论：F1L1=F2L2；
(3)设一个钩码重为G，杠杆一个小格是L，根据杠杆平衡条件判断；
(4)图中石头的重力为阻力，O点为支点，从支点到阻力F2的作用线的距离叫做力臂。
本题考查了杠杆平衡条件的实验及其应用，关键是分析出杠杆所受的力及对应的力臂，将已知条件代入便可；力竖直作用在杠杆上，力臂最长，力最小。
21.【答案】B 同一高度 正倒 变大 A
【解析】解：(1)为了实验中物距和像距的长度都能满足，应该把凸透镜放在光具座中点位置，即B点位置；
为了使像成在光屏中央，应调整烛焰中心、凸透镜的光心和光屏中心在同一高度；
(2)实验中像的性质主要是虚像和实像，像的正立和倒立，像的大小，由表格中所缺的项可知，应该为正倒；
(3)由表中数据可知，物距变小时，像距变大；
(4)当物距为15cm时，移动光屏在光屏上得到清晰的像，测出像距为7.5cm，可知物距大于二倍焦距，像距大于一倍焦距而小于二倍焦距，由15cm>2f，f<7.5cm<2f，得3.75cm
(5)人眼在B点看到水中A点的像在A'点处，所以先连接A'B，确定折射点，做出法线，然后连接A点到折射点，图中只有光线为实线，光的方向由A点射向B点，如下图所示：
故答案为：(1)B；同一高度；(2).正倒；(3).变大；(4)A；(5)见解析。
(1)“研究凸透镜成像规律”实验时，使烛焰、凸透镜、光屏的中心在同一直线上，并且在同一高度，烛焰的像才能呈在光屏的中心；
(2)像的性质包括放大与缩小、正立与倒立、实像与虚像等；
(3)当凸透镜成实像时，物距变小，则像距变大；
(4)凸透镜成像的规律：当物距处于f和2f之间时，成倒立、放大的实像；当物距大于2f时，成倒立、缩小的实像，照相机就是根据这个原理制成的；
(5)A发出的光线经水面发生折射，折射光线好像从虚像上发出的，因此连接眼所处的位置B和虚像A，与水面的交点得出入射点(或折射点)。
本题考查凸透镜成像规律实验和光的反射，要理解物距和焦距的关系。掌握凸透镜成像的性质及凸透镜三种成像规律和应用。
22.【答案】B 左 0.75 U2U1-U2R0 U额U3(U1-U2)U2R0
【解析】解：(1)如图所示，L与R串联，电流表测电路中的电流，电压表测L两端的电压；闭合开关后，
A、若滑动变阻器短路，电压表测电源电压，电压表有示数，电流表有示数，故A不符合题意；
B、若电流表断路，则整个电路断路，电流表和电压表都没有示数，故B符合题意；
C、若电压表断路，电源、滑动变阻器、灯泡、电流表、开关构成通路，电流表有示数，故C不符合题意；故选B；
(2)电压表的示数为2V，小于灯泡的额定电压2.5V，为了测量小灯泡的额定功率，应增大灯泡两端的电压，根据串联电路电压规律，应减小滑动变阻器两端的电压，根据分压原理，应减小滑动变阻器接入电路中的阻值，故应将滑动变阻器的滑片向左移动，直至小灯泡正常发光，此时电流表的示数为0.3V，则灯泡的额定功率为：
PL=ULIL=2.5V×0.3A=0.75W；
(3)①断开开关S2，闭合开关S1和S3，调节滑动变阻器的滑片P至a端时，灯泡L被短路，此时只有R1接入的简单电路，电压表测电源电压，即电源电压为U=U1；
再将滑片P调至b端，此时R1与R0串联接入电路，电压表测R1两端的电压为U2，则滑动变阻器R0两端的电压为：
U0=U-U2=U1-U2
则电路中的电流为：
I=I0=U0R0=U1-U2R0，
所以R1的阻值为：
R1=U2I=U2U1-U2R0=U2U1-U2R0；
②断开开关S1和S3，闭合开关S2时，灯泡L、R1、R0串联接入电路，电压表测R1和R0的总电压，调节滑动变阻器的滑片P，使电压表的示数为U1-U额，恰好等于电源电压减灯泡的额定电压，说明此时灯泡正常发光；
③不改变滑动变阻器的滑片P的位置，断开开关S2和S3，闭合开关S1时，灯泡L、R1、R0仍串联接入电路，电压表测R1两端的电压为U3；由于电路结构不变，电路中电阻不变，电流不变，此时灯泡仍正常发光，电路中的电流为：
I'=U3R1=U3U2U1-U2R0=U3(U1-U2)U2R0，
则灯泡的额定功率为：
P额=U额I'=U额×U3(U1-U2)U2R0=U额U3(U1-U2)U2R0。
故答案为：(1)B；(2)左；0.75；(3)①U2U1-U2R0；③U额U3(U1-U2)U2R0。
(1)根据选项逐一进行分析；
(2)比较电压表示数与灯泡额定电压的大小，根据串联电路电压规律和分压原理确定变阻器滑片移动方向；根据P=UI算出灯泡的额定功率；
(3)由乙图可知，没有电流表的情况下，利用定值电阻R1和电压表代替电流表与灯泡串联；首先利用开关的断开和闭合得到电源电压，然后调节已知最大阻值为R0的滑动变阻器，根据串联电路电压规律和欧姆定律求出定值电阻R1的阻值；利用开关的断开和闭合，让灯泡L、R1、R0串联接入电路，电压表测R1和R0的总电压，调节变阻器使电压表示数为U1-U额，此时灯泡正常发光；保持变阻器滑片不动，灯泡L、R1、R0仍串联接入电路，电压表测R1两端的电压，根据欧姆定律求出电路中的电流，根据P=UI计算出灯泡的额定电功率。
本题测量小灯泡电功率的实验，考查了电路故障、实验操作、功率的计算和设计实验方案测功率的能力。
23.【答案】解：(1)小雨的重力：G=mg=50kg×10N/kg=500N；
(2)哑铃的重力：G'=m'g=2kg×10N/kg=20N，
小雨举着哑铃静止不动时，他对水平地面的压力：F=G+G'=500N+20N=520N，
他对水平地面的压强：p=FS=520N400×10-4m2=1.3×104Pa；
(3)哑铃被匀速举起一次，克服哑铃重力做的功：W=G'h=20N×0.4m=8J，
克服哑铃重力做功的功率：P=Wt=8J2s=4W。
答：(1)小雨的重力为500N；
(2)小雨举着哑铃静止不动时，他对水平地面的压强为1.3×104Pa；
(3)哑铃被匀速举起一次，克服哑铃重力做的功为8J，功率为4W。
【解析】(1)知道小雨的质量，根据G=mg求出其重力；
(2)根据G=mg求出哑铃的重力，小雨举着哑铃静止不动时，他对水平地面的压力等于自身重力和哑铃重力之和，利用p=FS求出他对水平地面的压强；
(3)哑铃被匀速举起一次，根据W=Gh求出克服哑铃重力做的功，利用P=Wt求出克服哑铃重力做功的功率。
本题考查了重力公式和压强公式、做功公式、功率公式的应用等，要注意物体对水平面的压力和自身的重力相等。
24.【答案】解：(1)由P=UI可得，电加热器正常工作时的电流：
I=PU=440W220V=2A，
由I=UR可得，电加热器正常工作的电阻：
R=UI=220V2A=110Ω；
(2)由P=Wt可得，正常工作100s时电加热器消耗的电能：
W=Pt=440W×100s=4.4×104J；
(3)食用油升高的温度：
△t=t2-t1=65℃-25℃=40℃，
食用油的质量：
m油=400g=0.4kg，
食用油吸收的热量：
Q吸=c油m油Δt=2×103J/(kg⋅℃)×0.4kg×40℃=3.2×104J，
电加热器的热效率：
η=Q吸W×100%=3.2×104J4.4×104J×100%≈72.7%。
答：(1)电加热器正常工作时的电流为2A，电阻为110Ω；
(2)正常工作100s，电加热器消耗的电能为4.4×104J；
(3)电加热器的热效率为72.7%。
【解析】(1)电加热器正常工作时的电压和额定电压相等，功率和额定功率相等，根据P=UI求出电加热器正常工作时的电流，利用欧姆定律求出电加热器正常工作的电阻；
(2)根据P=Wt求出正常工作100s时电加热器消耗的电能；
(3)根据题意求出食用油升高的温度，知道食用油的质量和比热容，利用Q吸=cmΔt求出食用油吸收的热量，再利用η=Q吸W×100%求出电加热器的热效率。
本题考查了电功率公式和欧姆定律、吸入公式、电功公式、效率公式的应用，要注意用电器正常工作时的功率和额定功率相等。
25.【答案】B 大地 省力 小 D
【解析】解：(1)电源指示灯发出的红光是可见光，不是红外线；电加热管里电阻丝用电阻大、熔点高的材料制成；电加热管通电时电能转化为内能，故B正确。
(2)电热水器要使用三脚插头，是为了使电热水器的金属外壳能够接地，防止漏电造成事故。
(3)水龙头的手柄做的较长，使用开关时，动力臂较长能够省力，所以是省力杠杆。
(4)电加热管周围的水吸收热量温度升高，水的体积膨胀，水的质量不变，所以密度变小。
(5)厂家利用自来水导电能力差的特性，发明了一种“防电墙”技术，所以需要电阻大，同种材料，横截面积越小，长度越长，电阻越大，所以选择D绝缘管。
(6)由题意可知R1与R2并联，两个开关分别控制两个电阻，为了用电安全，必须把开关与火线相连，如下图所示：
故答案为：(1)B；(2)大地；(3)省力；(4)小；(5)D；(6)见解析。
(1)红外线是看不见的；电热丝的电阻大、熔点较高；用电器工作时电能转化为其他形式的能量；
(2)使用三角插头是为了用电安全；
(3)根据动力臂和阻力臂的大小关系分析；
(4)根据水的体积的变化分析密度的变化；
(5)电阻越大，导电性越差；
(6)家庭电路中的用电器是并联的，开关接在火线与用电器之间。
本题考查了安全用电器的常识、电路的连接、能量的转化、杠杆的分类等知识，难度不大。
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