高中数学人教A版 (2019)必修 第一册5.5 三角恒等变换测试题
展开1.下列各式与tan 78°相等的是( D )
A.± eq \r(\f(1-cs 156°,1+cs 156°))
B. eq \f(sin 78°,1+cs 78°)
C. eq \f(sin 78°,1-cs 78°)
D. eq \f(1-cs 156°,sin 156°)
【解析】 tan 78°= eq \f(sin 78°,cs 78°) = eq \f(2sin278°,2sin78°cs 78°) = eq \f(1-cs 156°,sin 156°) .
2.若函数f(x)=sin22x- eq \f(1,2) ,则f(x)是( B )
A.周期为 eq \f(π,2) 的奇函数
B.周期为 eq \f(π,2) 的偶函数
C.周期为2π的奇函数
D.周期为π的偶函数
【解析】f(x)=sin22x- eq \f(1,2) = eq \f(1-cs4x,2) - eq \f(1,2) =- eq \f(1,2) cs 4x,所以函数f(x)是周期为 eq \f(π,2) 的偶函数.
3.函数y= eq \f(sin x,1+cs x) 的最小正周期等于( C )
A. eq \f(π,2) B.π
C.2π D.3π
【解析】 由y= eq \f(2sin \f(x,2)cs \f(x,2),2cs2\f(x,2)) =tan eq \f(x,2) ,
得最小正周期T= eq \f(π,\f(1,2)) =2π.
4. eq \f(cs 20°,cs 35°\r(1-sin 20°)) =( C )
A.1 B.2
C. eq \r(2) D. eq \r(3)
【解析】 原式= eq \f(cs210°-sin210°,cs35°(cs 10°-sin 10°)) = eq \f(cs 10°+sin 10°,cs 35°) = eq \f(\r(2)cs 35°,cs 35°) = eq \r(2) .
5.若0
C.0 D.2
【解析】 因为0
A.bC.a
7.若cs 22°=a,sin 11°=__ eq \r(\f(1-a,2)) __,cs 11°=__ eq \r(\f(1+a,2)) __.
【解析】 cs 11°= eq \r(\f(1+cs 22°,2)) = eq \r(\f(1+a,2)) ,
sin 11°= eq \r(\f(1-cs 22°,2)) = eq \r(\f(1-a,2)) .
8.化简: eq \r(2+2cs 4) +2 eq \r(1-sin 4) =__2sin__2-4cs__2__.
【解析】 eq \r(2+2cs 4) +2 eq \r(1-sin 4) =2|cs 2|+2|sin 2-cs 2|.因为 eq \f(π,2) <2< eq \f(3π,4) ,所以cs 2<0,sin 2>cs 2,
所以 eq \r(2+2cs 4) +2 eq \r(1-sin 4) =2sin 2-4cs 2.
9.计算:tan 20°+4sin 20°=__ eq \r(3) __.
【解析】 tan 20°+4sin 20°= eq \f(sin 20°,cs 20°) +4sin 20°
= eq \f(sin 20°+4sin 20°cs 20°,cs 20°) = eq \f(sin 20°+2sin 40°,cs 20°) =
eq \f(sin 20°+2cs \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(30°+20°)),cs 20°) = eq \f(sin 20°+\r(3)cs 20°-sin 20°,cs 20°) = eq \r(3) .
10.化简: eq \r(\f(1,2)+\f(1,2)\r(\f(1,2)+\f(1,2)cs 2α)) eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(3π,2)<α<2π)) =__-cs__ eq \f(α,2) __.
【解析】 因为 eq \f(3π,2) <α<2π,所以 eq \f(3π,4) < eq \f(α,2) <π.
原式= eq \r(\f(1,2)+\f(1,2)\r(\f(1+cs 2α,2))) = eq \r(\f(1,2)+\f(1,2)|cs α|) = eq \r(\f(1+cs α,2)) = eq \r(cs2\f(α,2)) =-cs eq \f(α,2) .
11.函数y=cs2 eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(x-\f(π,12))) +sin2 eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(x+\f(π,12))) -1的最小正周期为__π__,在 eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(-\f(π,4),\f(π,4))) 上单调递__增__(填“增”或“减”).
【解析】y=cs2 eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(x-\f(π,12))) +sin2 eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(x+\f(π,12))) -1
= eq \f(1+cs\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(2x-\f(π,6))),2) + eq \f(1-cs \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(2x+\f(π,6))),2) -1
= eq \f(\f(\r(3),2)cs 2x+\f(1,2)sin 2x-\f(\r(3),2)cs 2x+\f(1,2)sin 2x,2)
= eq \f(1,2) sin 2x,所以T= eq \f(2π,2) =π.
由2kπ- eq \f(π,2) ≤2x≤2kπ+ eq \f(π,2) ,k∈Z,
得kπ- eq \f(π,4) ≤x≤kπ+ eq \f(π,4) ,k∈Z,
所以函数在 eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(-\f(π,4),\f(π,4))) 上单调递增.
三、解答题
12.已知tan θ= eq \f(1,3) ,求 eq \f(2cs2\f(θ,2)-sinθ-1,\r(2)sin \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(θ+\f(π,4)))) 的值.
解: eq \f(2cs2\f(θ,2)-sinθ-1,\r(2)sin \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(θ+\f(π,4)))) = eq \f(\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(2cs2\f(θ,2)-1))-sinθ,\r(2)\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(sin θcs \f(π,4)+cs θsin \f(π,4)))) =
eq \f(cs θ-sin θ,sin θ+cs θ) = eq \f(1-tan θ,tan θ+1) .因为tan θ= eq \f(1,3) ,故原式= eq \f(1-\f(1,3),\f(1,3)+1) = eq \f(1,2) .
[B级 素养养成与评价]
13. eq \a\vs4\al(【多选题】) 下列各式中,值为 eq \f(1,2) 的是( ACD )
A. eq \f(tan 22.5°,1-tan222.5°)
B.tan15°cs215°
C. eq \f(\r(3),3) cs2 eq \f(π,12) - eq \f(\r(3),3) sin2 eq \f(π,12)
D. eq \r(\f(1-cs60°,2))
【解析】 A符合,原式= eq \f(1,2) × eq \f(2tan 22.5°,1-tan222.5°) = eq \f(1,2) tan45°= eq \f(1,2) ;B不符合,原式=sin 15°·cs 15°= eq \f(1,2) sin 30°= eq \f(1,4) ;C符合,原式= eq \f(\r(3),3) cs eq \f(π,6) = eq \f(1,2) ;D符合,原式=sin 30°= eq \f(1,2) .故选ACD.
14.已知sin θ+cs θ= eq \f(1,5) ,且 eq \f(π,2) ≤θ≤π,则sin eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(3π-\f(θ,2))) =__ eq \f(2\r(5),5) __.
【解析】 因为 eq \f(π,2) ≤θ≤π,所以sin θ≥0,cs θ≤0,
且 eq \f(π,4) ≤ eq \f(θ,2) ≤ eq \f(π,2) .又sin θ+cs θ= eq \f(1,5) ①,所以 (sin θ+cs θ)2= eq \f(1,25) ,
所以2sin θcs θ=- eq \f(24,25) ,所以(cs θ-sin θ)2=1-2sin θcs θ= eq \f(49,25) ,所以cs θ-sin θ=- eq \f(7,5) ②,联立①②,解得sin θ= eq \f(4,5) ,cs θ=- eq \f(3,5) ,所以sin eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(3π-\f(θ,2))) =sin eq \f(θ,2) = eq \r(\f(1-cs θ,2)) = eq \f(2\r(5),5) .
15.求证: eq \f(sin (α+β)sin (α-β),sin2αcs2β) =1- eq \f(tan2β,tan2α) .
证明:证法一:因为sinα≠0,cs β≠0,所以tan α≠0.
左边=
eq \f((sin αcs β+cs αsin β)(sin αcs β-cs αsin β),sin2αcs2β) =
eq \f(sin2αcs2β-cs2αsin2β,sin2αcs2β) =1- eq \f(cs2αsin2β,sin2αcs2β) =1- eq \f(tan2β,tan2α) =右边.
所以原等式成立.
证法二:因为tanα≠0,cs β≠0,所以sin α≠0,
右边=1- eq \f(cs2αsin2β,sin2αcs2β) = eq \f(sin2αcs2β-cs2αsin2β,sin2αcs2β)
= eq \f((sinαcs β+cs αsin β)(sin αcs β-cs αsin β),sin2αcs2β)
= eq \f(sin(α+β)sin (α-β),sin2αcs2β) =左边.
所以原等式成立.
16.已知函数f(x)=sin eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(2x-\f(π,6))) +2cs2x-1.
(1)求函数f(x)的最大值及取得最大值时相应的x的集合;
(2)若α∈ eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,4),\f(π,2))) ,且f(α)= eq \f(4,5) ,求cs2α的值.
解:(1)f(x)=sin eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(2x-\f(π,6))) +2cs2x-1
=sin2x cs eq \f(π,6) -cs 2x sin eq \f(π,6) +cs 2x
= eq \f(\r(3),2) sin 2x+ eq \f(1,2) cs 2x=sin eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(2x+\f(π,6))) .
所以当2x+ eq \f(π,6) =2kπ+ eq \f(π,2) ,k∈Z,即x=kπ+ eq \f(π,6) ,k∈Z时,f(x)max=1,相应x的取值集合为 eq \b\lc\{\rc\}(\a\vs4\al\c1(x\b\lc\|(\a\vs4\al\c1(x=kπ+\f(π,6),k∈Z)))) .
(2)由(1)知f(α)=sin eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(2α+\f(π,6))) = eq \f(4,5) .由 eq \f(π,4) <α< eq \f(π,2) ,
得 eq \f(2π,3) <2α+ eq \f(π,6) < eq \f(7π,6) ,所以cs eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(2α+\f(π,6))) =- eq \f(3,5) ,
因此cs 2α=cs eq \b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\c1(\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(2α+\f(π,6)))-\f(π,6)))
=cs eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(2α+\f(π,6))) cs eq \f(π,6) +sin eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(2α+\f(π,6))) sin eq \f(π,6)
= eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(-\f(3,5))) × eq \f(\r(3),2) + eq \f(4,5) × eq \f(1,2) = eq \f(-3\r(3)+4,10) ,
数学必修 第一册3.1 函数的概念及其表示随堂练习题: 这是一份数学必修 第一册3.1 函数的概念及其表示随堂练习题,共7页。
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