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2020-2021学年辽宁省营口市某校初三（下）期中质量监测物理试卷人教版
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这是一份2020-2021学年辽宁省营口市某校初三（下）期中质量监测物理试卷人教版，共14页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，解答题，实验探究题等内容，欢迎下载使用。
2020-2021学年辽宁省营口市某校初三（下）期中质量监测物理试卷
一、选择题
1. 下列说法符合实际情况的是
A.人体正常的体温约为39∘C
B.人正常步行的速度约为1.2m/s
C.大拇指与中指之间的最大距离约为8dm
D.一只日光灯正常工作的电功率约为1kW
2. 医护人员所戴的护目镜容易起水雾，护镜上水雾的形成与下列现象成因相同的是（ ）
A. 玻璃上的“冰花”
B. 嘴里呼出“白气”
C. 湿衣服变干了
D. 雪人直接变小
3. 关于内能，有以下四个观点，你认为正确的是（ ）
①热机在做功冲程中内能转化为机械能
②物体温度越低，内能越小，所以0∘C的物体没有内能
③两物体相互接触时，热量总是从内能大的物体转移到内能小的物体
④改变物体内能的方法有很多，但本质上只有做功和热传递两种方式
A.①② B.②③ C.①④ D.③④
4. 如图，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压保持不变闭合S，当R2的滑片P向右滑动的过程中，下列说法正确的是（ ）
A.电压表V的示数变大
B.电压表V的示数与电流表A2的示数的比值不变
C.电压表V的示数与电流表A1的示数的乘积变大
D.电压表V的示数与电流表A1的示数的比值变小
5. 如图为某测温仪的原理图，R是热敏电阻，用于靠近人体测温，R为定值电阻，电源电压不变；当被测温者体温较高时，电流表示数变大，关于此测温仪，下列分析正确的是（ ）
A.R的阻值随着被测者体温升高而变大
B.被测者体温越高，R0的电功率越大
C.R两端电压不随被测者体温的变化而变化
D.被测者体温越高，R的电功率越小
6. 营口市区在重要的位置都安装了“电子眼”，形成“天网”，关于“电子眼”的光学知识说法正确的是（ ）
A.“电子眼”的镜头是凹透镜
B.“电子眼”形成的像是正立的实像
C.物体距离“电子眼”越远，所成像越小
D.“电子眼”成像原理与显微镜物镜成像原理相同
7. 为了有效阻断新型冠状病毒肺炎的传播，多地学校、车站、商场安装了红外线测温仪；与此同时，多地防疫站用洒水车在水平路面上喷洒消毒液，下列说法不正确的是（ ）
A.能闻到消毒液的味道是分子在无规则运动
B.红外线在15∘C的空气中传播速度是340m/s
C.洒水车匀速前进喷洒消毒液的过程中，洒水车动能变小了
D.在夏季的中午，室外使用红外线测温仪测人体体温时会失灵
8. 智能手机的“近场通讯”、“蓝牙”功能分别使用1.356×107Hz、2.4×109Hz这两个波段的电磁波进行通讯，如图是电磁波家族的介绍，下列说法中正确的是（ ）
A.蓝牙的波长比近场通讯的大
B.蓝牙是蓝色的，故蓝牙电磁波属于可见光
C.电磁波只能用来传递信息无法传递能量
D.一定时间内，蓝牙电磁波传输的信息量比近场通讯多
9. 如图，用力F将一木块静止压在竖直墙壁上，下列说法正确的是（ ）
①手对木块的压力F和墙对木块的弹力是一对平衡力
②手对木块的压力F和木块对手的弹力是一对相互作用力
③木块受到的摩擦力和木块的重力是一对平衡力
④手对木块的压力F增大，木块受到的摩擦力也随之增大
A.只有②正确 B.只有③正确
C.只有①③正确 D.只有①②③正确
10. 关于家庭电路与安全用电，下列说法中正确的是（ ）
A.客厅中的吊灯与墙壁上的插座是并联的
B.家庭电路中同时工作的用电器总功率过大，漏电保护器会自动切断电路
C.家中购置了大功率的空调机后，更换较粗的保险丝后就可安全使用
D.家中日光灯烧坏断路后，仍需断开开关才可更换
11. 中国古诗词是对自然现象和社会生活的反映，蕴含着许多科学道理．下列对划线部分的相关科学解释不合理的是（ ）
A.道狭草木长，夕露沾我衣．—空气中的水蒸气遇冷凝结形成露珠，是液化现象
B.花气袭人知骤暖，鹊声穿树喜新晴．—温度升高，分子运动加快
C.煮豆燃豆萁，豆在釜中泣．—燃烧秸秆的过程，是内能转化成了化学能
D.千淘万漉虽辛苦，吹尽狂沙始到金．—金是贵金属，是一种晶体
12. 一个质量为80g的圆柱形瓶身的空玻璃瓶，内装10cm高的水密封后放在水平地面上，如图甲所示，再将玻璃瓶分别倒置在盛有水和某种未知液体的容器中，静止后，瓶内、外液面的高度差如图乙和图丙所示（ρ水＝1×103kg/m3，g＝10N/kg，瓶壁厚度忽略不计）。下列说法正确的是（ ）
A.玻璃瓶在水中受到的浮力小于在未知液体中受到的浮力
B.玻璃瓶底的面积为50cm2
C.未知液体的密度为0.75g/cm3
D.玻璃瓶在水中受到的浮力为4.8N
13. 如图甲所示，电源电压保持不变，滑动变阻器R′标有"20Ω 1A"，电流表的量程为0∼0.6A，电压表的量程0∼15V，丁丁进行了下面操作：先闭合开关S和S1，断开开关S2，在保障电路元件安全的情况下，将滑动变阻器的滑片从最右端滑动到某一位置a点，灯泡L恰好正常发光，再断开开关S1闭合开关S2，将滑动变阻器的滑片从a点向某一方向移动，直到电压表示数与灯泡L的额定电压相同，图乙是两次调节过程中电流表与电压表示数变化关系图象，则下列说法正确的是（ ）
A.电源电压为6V
B.灯泡L的额定功率为1.5W
C.再断开开关S1闭合开关S2时，滑片是从a点向左移动的
D.若丁丁重新调节开关和滑片，该电路的最小功率为1.2W
二、填空题
“五一”假期小明在公园游玩，公园中的美丽景色让他想起了诗人陆游的两句诗“花气袭人知骤暖，鹊声穿树喜新晴”，前一句中的“花气袭人”这是________现象，后一句中“鹊声”是通过________传入他的耳朵的；听到“鹊声”是根据________．（选填“音调”“响度”或“音色”）
在新冠病毒肆意地侵害人类的时候，各单位、住户除了用“84”消毒液喷洒和过氧乙酸熏蒸预防外，还常用________（红外/紫外）线灯来灭菌．另外，个别科研部门在与新冠的斗争中研制出了多种快速（不超0.5s）测量体温的仪器，它们是利用________（红外/紫外）线测温的，其传播的速度是________m/s．
质量为50kg的同学在做仰卧起坐运动，若该同学上半身的质量约为全身质量的3/5，则半身的重力约为________N，她在1min内做了50个仰卧起坐，每次时起上半身重心上升的距离均为0.3m，则她在这段时间克服重力做的功约为________J，她功率约为________W．
如图所示，长度为L的轻质杠杆OA的中点悬挂一个重为G的物体：若在A端施加与杠杆垂直向上的力F，使杠杆在水平位置保持平衡，则F＝________；若不计摩擦，保持F的方向与杠杆竖直向上，在将杠杆逆时针匀速转过30∘的过程中，力F将________（选填“变大”“变小”或“不变”）．
如图所示，分别利用甲、乙两滑轮匀速提起两个重物，其中乙为________滑轮，使用时可以________（填“省力”或“省距离”）；不计滑轮重力及摩擦，若拉力F1=F2，则GA________GB（选填“小于”“等于”或“大于”）．
习近平总书记提出“绿水青山就是金山银山”，倡导保护环境．光伏发电是将________转化为电能．核能作为一种新能源，正在逐步被人们开发和利用，核电站是利用核能发电，发电机原理是根据________现象；其核燃料在反应堆内是通过核________（选填“裂变”或“聚变”）的方式，把核能转化为电能输送到国家电网，供千家万户使用，核能属于（选填“可再生”或“不可再生”）能源．
如图甲所示，小芳在探究“滑动摩擦力的大小与哪些因素有关”的实验中：
（1）操作的错误是________．
（2）小华将木块沿竖直方向截去一半后，测得木块所受的滑动摩擦力变为原来一半．他由此得出：滑动摩擦力的大小随接触面积的减小而减小．你认为他在探究过程中存在的问题是________．
（3）在实验后交流的过程中，小华发现有同学将该实验改成了如图乙中所示的实验装置：将弹簧测力计一端固定，另一端钩住木块A．木块下面是一长木板，实验时拉着长木板沿水平地面向左运动．装置改进以后的好处是________．（写出一条即可）．
如图所示，定值电阻R0和滑动变阻器串联，电源电压不变，A、B是滑动变阻器上的两端，滑片在A点时，R0的功率为2W，R0的电压为U1；滑片在B点时，R0的功率为18W，R0的电压为U2，则U1________U2（选填“>”“<”或“＝”），滑片在AB中点时，R0的功率为________W．
如图甲所示电路中，R为定值电阻，R1为滑动变阻器．图乙是该滑动变阻器滑片从一端移至另一端过程中变阻器的电功率与其电阻的关系图象，则电源电压是________V．整个电路功率变化了________W．
三、作图题
雨后晴朗的夜晚，某同学正在去教室的路上，为了不踩到地上的积水，他根据生活经验判断：迎着月光走，地上发亮的是水．请在示意图中作图以证明此判断．
如图，光滑水平台右侧有一个与其等高的水平传送带，传送带表面粗糙程度均匀，被分拣的纸箱以初速度v0滑上沿顺时针方向匀速转动的传送带，传送带转动的速度也为v0，请画出纸箱在传送带上运动时的受力示意图．
一间教室要安装2盏“220V 40W”的电灯和插座，要求开关S控制两盏灯，且每盏灯都能正常发光，其中部分电路已经连接，请你用笔画代替导线将电路连接完整．
四、解答题
为防止新冠肺炎疫情传播，要求学生应随身准备医用口罩．医用口罩是由隔离层、过滤层、亲肤层组成．其中隔离层和亲肤层的无纺布属于绝缘材料；过滤层的熔喷布经过驻极处理后带上静电，使其对小颗粒物的过滤效果可由驻极处理前的35%达到驻极处理后的95%．请从电学的角度解释：
（1）熔喷布过滤层对小颗粒物过滤效果提高的原因．
（2）为什么人们戴上口罩不会使熔喷布的静电很快消失．
如图所示，为了学生的安全我省购置了一批“大鼻子”校车，校车满员时人和车的总质量为1×104kg，车轮的总着地面积为0.25m2，校车以36km/h的速度在平直公路上到学校匀速直线行驶14min，所受阻力是总重力的0.01倍．g=10N/kg
（1）满员的校车静止在水平地面上时对地面的压强．
（2）校车在这14min内行驶的路程．
（3）满员的校车在这14min内牵引力做的功及其功率．
（4）若汽车发动机的效率为25%，则14min消耗多少汽油？（汽油的热值为4.2×107J/kg）
鼠年的春节，一场突如其来的疫情，不少人宅在家里变身为美食家，图甲是小萌和妈妈制作美食时使用的电烤箱铭牌，高温挡额定功率模糊不清．如图乙虚线内所示是电烤箱内部的简化电路图，R1和R2均为电热丝，R2=72.6Ω．求：
（1）电烤箱在低温挡正常工作10min电流做的功；
（2）R1的阻值；
（3）R2电阻保温状态下的功率；
（4）在某用电高峰期，若家庭电路中只有电烤箱在高温挡工作，发现标有“3000imp/kW⋅h”的电能表的指示灯闪烁81次共用时2min，求电烤箱的实际两端电压．
如图甲所示电路，电源为电压可调的直流学生电源，小灯泡L标有“8V 4W”的字样，定值电阻R1=4Ω，滑动变阻器R标有“50Ω 1A”的字样；如图乙所示为小灯泡L的I−U图象．
（1）小灯泡L正常工作时的电阻是多少？
（2）只闭合开关S，滑动变阻器的滑片P置于a端，调节电源电压使电压表示数为8V，此时电源电压U是多大？
（3）同时闭合开关S、S1，调节电源电压为12V，滑动变阻器的滑片P移动到某一位置时，小灯泡L消耗的电功率为2W，此时滑动变阻器消耗的电功率是多少？
五、实验探究题
小红所在的实验小组，用如图甲、乙所示的装置探究比较“不同液体的吸热能力”．在两个相同烧杯中分别加入初温、质量均相同的水和食用油，用相同的电加热器加热直到它们各自沸腾（水的沸点为100∘C，食用油的沸点为180∘C）．
（1）在选择温度计时，有规格为“−2∼102∘C“和“0∼200∘C”的两种温度计，应选择量程为________的温度计，这样选择的原因是________．
（2）实验中液体吸收的热量是由________（选填“加热时间的长短”或“液体的种类”）来决定的．这种实验方法是________（选填“转换法”或“控制变量法”）．
（3）实验记录的数据如下表所示，分析实验数据可知________（选填“液体1”或“液体2”）是水．
加热时间/min
0
1
2
3
4
5
液体1的温度/∘C
20
26
32
38
44
50
液体2的温度/∘C
20
24
28
32
36
40
（4）用图丙的装置也可以完成本实验，在图甲、乙和图丙两种装置中，你认为图________（选填“甲、乙”或“丙”）装置的效果更好，原因是________．
实验室常用蜡烛完成以下光学实验．
（1）利用如图甲装置探究“平面镜成像的特点”．在水平桌面上铺一张白纸，再将玻璃板竖立在白纸上，把一支点燃的蜡烛A放在玻璃板前面，再拿一支外形完全相同但不点燃的蜡烛B竖立在玻璃板后面移动，直到看上去它跟蜡烛A的像完全重合．把光屏放在玻璃板后，无论如何移动，都不能承接到蜡烛A的像，说明平面镜所成的像是________像．将蜡烛靠近玻璃板，像的大小将________（选填“变大”“变小”或“不变”）．
（2）蜡烛还可以用于做“探究凸透镜成像规律”实验，图乙中一束平行光射向凸透镜，光屏上得到一个最小、最亮的光斑（未画出）．
①该凸透镜的焦距为________cm．图丙中烛焰在光屏上恰好成一清晰的像（未画出），则该像是倒立、________的实像（填“放大”或“缩小”或“等大”）；成像原理是________．（填“照相机”或“投影仪”）
②当图丙光屏上出现蜡烛清晰的像时，如果烛焰和光屏位置不变，移动凸透镜到________cm刻度处时，观察光屏会出现清晰的像，将会看到________．（选填“等大”或“放大”或“缩小”）的实像，则说明光在折射时光路是可逆的．
如图所示，学习了密度后，小明尝试利用身边的器材测量盐水和小石块的密度．他找到一个圆柱形的硬质薄壁塑料茶杯，杯壁上标有间距相等的三条刻度线，最上端刻度线旁标有600mL，接下来的操作是：
（1）他用刻度尺量出最上端刻度线距离杯底的高度如图所示，此刻度尺的分度值是________；则刻度尺读数为________cm，将空茶杯放在电子体重计上显示示数为0.10kg；
（2）向杯中注入配制好的盐水直到液面到达最下端刻度线，此时体重计显示示数为0.32kg，则可求得液体密度为________kg/m3．
（3）向杯中轻放入小石块，小石块沉到杯底，继续放入小石块，直到液面到达中间刻度线处，此时小石块全部在水面以下，体重计显示示数为0.82kg，则小石块的密度为________kg/m3．
（4）茶杯的底面积为________m2；放入小石块后茶杯对体重计的压强为________Pa．
在“测量小灯泡额定功率”的实验中，实验器材有：两节新干电池、电流表、电压表、额定电压为2.5V的小灯泡，滑动变阻器、开关，导线若干，实物电路如图甲所示．
（1）如图甲中有一根导线连接错误，请在导线上画“×”并在图上改正（导线不能交叉）．
（2）改正错误后进行实验，当小灯泡两端电压达到2.5V时，电流表的示数如图乙所示，则小灯泡L1的额定功率为________W．
（3）完成上面实验后，小明又设计了如图丙所示的电路，测出了额定电流为I额小灯泡L2的额定功率．实验方案如下：（电源电压不变，滑动变阻器R1的最大阻值为R1，滑动变阻器R2的最大阻值为R2）
①只闭合开关S和S2，移动R1滑片，使电流表示数为________．（填“I额”或“U额,）
②只闭合开关S和S1，保持________（填“R1滑片位置不动”或“R2滑片位置不动”）；移动R2滑片，使电流表的示数为I额．保持滑动变阻器R2的滑片位置不动，将另一个滑动变阻器滑片移到最左端，电流表的示数为I1，再将此滑动变阻器的滑片移到最右端，电流表的示数为I2，则小灯泡额定功率的表达式P额=________．（用I额、I1、 I2、 R1、R2中的字母表示）
（4）如图丁所示，是探究“电流与电阻的关系”时设计的电路图．R1、R2、R3三个定值电阻的阻值分别为5Ω、10Ω、20Ω，电源电压为4.5V恒定不变，S1为单刀三掷开关．
①闭合开关S，S1接1时，此时电流表示数如图戊所示为________A．当开关S1接2时，需要将滑动变阻器的滑片P向________（填“左”或“右“）移动，直到电压表的示数为________V时，再记录电流表的示数．
②实验时，如果选择了一个标有“30Ω 0.5A”字样的滑动变阻器．那他在设计实验时，在保证电路安全的前提下，定值电阻两端的电压取值范围为________V到________V．
参考答案与试题解析
2020-2021学年辽宁省营口市某校初三（下）期中质量监测物理试卷
一、选择题
1.
【答案】
B
【考点】
速度与物体运动
温度
长度的估测
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解：A．正常情况下，人的体温在36∼37∘C，变化幅度很小，故A不符合题意；
B．人正常步行的速度为4km/h=4×13.6m/s≈1.1m/s，故B符合题意；
C．大拇指与中指之间的最大距离为一拃，约为12cm，合1.2dm，故C不符合题意；
D．一只日光灯正常工作的电功率约为60W，故D不符合题意．
故选B．
2.
【答案】
B
【考点】
液化及液化现象
【解析】
物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；物质由气态变为液态叫液化，物质由液态变为气态叫汽化；物质由固态变为液态叫熔化，物质由液态变为固态叫凝固。
【解答】
解：护目镜上的水雾，是水蒸气遇冷液化形成的小水滴．
A．玻璃上的“冰花”是室内温度较高的水蒸气凝华形成的固态小冰晶，故A不符合题意；
B．嘴里呼出的“白气”是水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故B符合题意；
C．湿衣服变干是液态水变为气态水蒸气，属于汽化现象，故C不符合题意；
D．雪人直接变小，是固态冰雪变为气态水蒸气，是升华现象，故D不符合题意．
故选：B．
3.
【答案】
C
【考点】
内能的概念
改变内能的两种方式
内燃机的四个冲程
【解析】
①内燃机的四个冲程中，压缩冲程活塞压缩燃料混合物做功，将机械能转化为内能；做功冲程高温高压的燃气推动活塞向下运动，将内能转化为机械能；
②内能是物体内部所有分子热运动的动能和分子势能的总和，一切物体都有内能，内能的大小跟温度、质量、状态有关；
③热传递的条件是物体之间有温度差，高温物体将能量向低温物体传递，直至各物体温度相同；
④做功与热传递在改变物体的内能的效果上是等效的，但从能的转化观点来看它们的区别在于：做功是其他形式的能转化为内能，能量的形式没有变化；热传递则是内能在物体间发生转移。
【解答】
解：①做功冲程中高温高压的燃气推动活塞向下运动，将内能转化为机械能，故①正确；
②一切物体在任何温度下都具有内能，所以0∘C的物体仍具有内能，故②错误；
③发生热传递的条件是：有温度差，所以内能可自动地从高温物体转移到低温物体，故③错误；
④改变物体内能的方法有很多，但本质上只有做功和热传递两种方式，它们在改变内能上能达到相同的效果，故④正确．
故选：C．
4.
【答案】
B
【考点】
电路的动态分析
【解析】
由电路图可知，R1与R2并联，电压表V测电源两端的电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测R1支路的电流，根据电源的电压可知滑片移动时电压表V示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时R1支路的电流变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知R2支路的电流变化，利用并联电路的电流可知干路电流的变化，进一步得出电压表V的示数与电流表A1的示数的乘积变化以及电压表V的示数与电流表A1、A2的示数的比值变化．
【解答】
解：由电路图可知，R1与R2并联，电压表V测电源两端的电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测R1支路的电流；
A．因电源电压保持不变，所以滑片移动时，电压表V的示数不变，故A错误；
B．因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，R1支路的电流不变，即电流表A2的示数不变，则电压表V的示数与电流表A2的示数的比值不变，故B正确；
CD．当R2的滑片P向右滑动的过程中，R2接入电路中的电阻变大，由I=UR可知，R2支路的电流变小，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变小，即电流表A1的示数变小，则电压表V的示数与电流表A1的示数的比值变大，电压表V的示数与电流表A1的示数的乘积变小，故CD错误．
故选B．
5.
【答案】
C
【考点】
电路的动态分析
【解析】
根据热敏电阻特点判断电阻变化，根据电阻并联知电压相等，等于电源电压，且电压不变，根据欧姆定律判断电流变化，根据P=UI判断功率变化．
【解答】
解：B．R0与R并联，两端电压等于电源电压，电源电压U不变，根据U=IR0可知，R0支路中电流不变，功率不变，故B错误；
CD．根据题意，被测温者温度升高，电流表示数变大，所以R变小，R两端电压等于电源电压不变，功率P=UI变大，故C正确，D错误；
A．热敏电阻的阻值随着温度的升高而减小，故A错误．
故选C．
6.
【答案】
C
【考点】
凸透镜成像的应用
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解：ABC．电子眼相当于摄像机（照相机），摄像头的镜头相当于一个凸透镜，拍摄路面情况时，物距远大于2倍焦距，所以此时成倒立缩小的实像，凸透镜成实像时：物近像远像变大，物远像近像变小，故AB错误，C正确；
D．显微镜物镜成像成倒立放大的实像，同投影仪，“电子眼”相当于照相机，故D错误．
故选C．
7.
【答案】
B
【考点】
扩散现象
红外线
动能和势能的大小变化
【解析】
构成物质的分子总在做永不停息的无规则运动，生活中的扩散现象就说明了分子的运动；
电磁波传播速度和光速相同；
动能与物体的质量和速度有关；
红外线的热作用强，是红外夜视仪、测温枪的工作原理．
【解答】
解：A．闻到消毒液的味道，属于扩散现象，是分子无规则运动的结果，故A正确，不符合题意；
B．红外线属于电磁波，空气中传播速度约3×108m/s， 故B错误，符合题意；
C．洒水车匀速前进喷洒消毒液的过程中，速度不变，质量变小，动能变小，故C正确，不符合题意；
D．红外线测温仪是利用红外线工作的，不受环境温度的影响，故D正确，不符合题意．
故选B．
8.
【答案】
D
【考点】
电磁波的传播
电磁波在日常生活中的应用
波速、波长和频率的关系
【解析】
(1)蓝牙、近场通讯是靠电磁波来传递信息的，利用了电磁波中的微波技术进行信息传递的；
(2)电磁波在传播过程中以光速传播(3×108m/s)且保持不变，电磁波的波速、波长、频率之间的关系式为c=λf，由关系式可知电磁波的频率越高，波长越短．
【解答】
解：A． 根据c=λf可知，波速一定，频率低的波长大，由题知，近场通讯的波长比蓝牙的长，故A错误；
B．根据蓝牙电磁波频率可知，蓝牙电磁波属于不可见光波段，无颜色，故B错误；
C． 电磁波既可以传递信息，又可以传递能量，故C错误；
D． 蓝牙电磁波频率高，一定时间内传播次数多，则蓝牙电磁波比近场通讯传输的信息量多，故D正确．
故选：D．
9.
【答案】
D
【考点】
平衡力的辨别
【解析】
根据平衡力的辨别和摩擦力的大小解答．
【解答】
解：①手对木块的压力和墙对木块的弹力符合二力平衡的条件，是一对平衡力，故①正确；
②手对木块的压力和木块对手的弹力是一对相互作用力，故②正确；
③木块受到的摩擦力和木块的重力是一对平衡力，故③正确；
④木块受到的摩擦力和木块的重力是一对平衡力，大小相等，增大压力F，木块的重力不变，所以木块受到的摩擦力不变，故④错误．
综合分析①②③正确，故D正确，ABC错误．
故选：D．
10.
【答案】
A,D
【考点】
安全用电原则
【解析】
（1）并联电路中各用电器既可以单独工作，又互不影响；
（2）庭电路中短路或总功率过大，会造出电路中电流过大，空气开关能自动跳闸；当进户线的火线与零线的电流不相等，且差值达到一定值时，漏电保护器也会切断电路；
（3）保险丝是用电阻率较大而熔点较低的铅锑合金制成的，当电流过大时，它会因温度过高而熔断，保护电路；
（4）根据用电器时，应断开开关。
【解答】
解：A．家庭电路中，各用电器是并联的，所以客厅中的吊灯与墙壁上的插座是并联的，故A正确；
B．正在工作的用电器总功率过大，电流过大，但没有引起火线与零线的电流不相等，所以漏电保护器不会切断电路，故B错误；
C．购置大功率用电器，保险丝要保证家庭电路正常使用，不能更换，故C错误；
D．家中日光灯烧坏断路后，为了用电的安全，需要断开开关才可以更换，故D正确．
故选：AD．
11.
【答案】
A,B,D
【考点】
分子热运动
液化及液化现象
能量转化和转移
【解析】
（1）液化是由气态变为液态的过程，在液化过程中需要放出热量；
（2）一切物质的分子都在不停地做无规则运动，且温度越高，分子运动越剧烈。花香分子在空气中做无规则运动越快，人们闻到的花香味越浓烈；
（3）根据化学变化中的能量转化来分析；
（4）根据金属的化学性质来分析。
【解答】
解：A．夕露沾我衣，露是空气中的水蒸气遇冷变成液态的小水珠，发生的是液化现象，故A正确；
B．春晴天暖，气温升高，花朵分泌的芳香油分子在空气中做无规则运动加快，这是扩散现象，从而使人可以闻到浓浓的花香，故B正确；
C．燃料燃烧的过程中是化学能转化为热能，故C错误；
D．金是贵金属，是一种晶体，故D正确．
故选ABD．
12.
【答案】
C,D
【考点】
阿基米德原理
物体的浮沉条件及其应用
【解析】
（1）图乙和丙中，玻璃瓶都处于漂浮状态，浮力等于其总重力，据此可知浮力关系；
根据p＝ρ水gh求出杯底受到水的压强；
（2）图乙中杯子处于漂浮状态，浮力等于其总重力，据此列出等式，然后即可求出玻璃瓶底的面积；
（3）根据杯子在水中和在图丙的液体中受的浮力相等列出等式，解出液体密度；
（4）根据V＝Sh求出玻璃瓶里水的体积，然后根据G＝mg＝ρVg求出水的重力，根据漂浮条件即可求出浮力。
【解答】
解：A．图乙和丙中，玻璃瓶都处于漂浮状态，则F浮水＝F浮液＝G瓶总，故A错误；
B．图乙中玻璃瓶处于漂浮状态，浮力等于其总重力，
G杯＝m杯g＝0.08kg×10N/kg＝0.8N，
F浮水＝G杯+G水，
ρ水gS(h1+h2)＝G杯+ρ水gSh1，
ρ水gSh2＝G杯，
玻璃瓶底面积S=Gρgh2=0.8N1.0×103kg/m3×10N/kg×0.02m=4×10−3m2＝40cm2，故B错误；
C．设玻璃瓶的底面积为S，玻璃瓶在水中和在液体中受的浮力相等，
F浮水＝F浮液，
ρ水gV排＝ρ液gV排′，
ρ水g(V水+Sh2)＝ρ液g(V水+Sh3)，
因为水的体积V水＝Sh1，图中h1＝0.10m，h2＝0.02m，h3＝0.06m，
解得：ρ液＝0.75×103kg/m3＝0.75g/cm3，故C正确；
D．玻璃瓶中水的体积V水＝Sh1＝4×10−3m2×0.10m＝4×10−4m3，
根据G＝mg和ρ=mV可得：G水＝ρ水V水g＝1.0×103kg/m3×4×10−4m3×10N/kg=4N，
则F浮水＝G杯+G水＝0.8N+4N＝4.8N，故D正确．
故选CD．
13.
【答案】
A,B,D
【考点】
电路的动态分析
电功率的计算
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解：A．由图乙可知，左边的图线为小灯泡的U−I图线，即闭合开关S和S1，断开开关S2，变阻器R′接入电阻最大时，灯泡两端的电压为1V，通过灯泡的电流为0.25A，则U−1=0.25R′，则电源电压U=6V，故A正确；
B．图乙右边图线为定值电阻的U−I图线，当其两端电压为3.75V时，通过的电流为0.375A，则电阻R的阻值为10Ω，此时滑片在a点，变阻器接入电路电阻为6V−3.75V0.375A=6Ω，
由题可知，断开开关S1闭合开关S2时，将滑动变阻器的滑片从a点向某一方向移动，直到电压表示数与灯泡L的额定电压相同，此时电路电流变为0.3A，则电压表示数为0.3A×10Ω=3V，即灯泡的额定电压，
则灯泡正常发光时，变阻器滑片在a点，根据分压规律可知此时灯泡电阻为6Ω，则灯泡的额定功率为PL=(3V)26Ω=1.5W，故B正确；
C．再断开开关S1闭合开关S2时，移动滑片，直到电压表示数与灯泡L的额定电压相同，可知定值电阻R两端的电压变小了，根据串联分压规律可知，变阻器滑片是向右移动的，故C错误；
D．分析可知，灯泡正常发光时电阻为6Ω，定值电阻阻值为10Ω，重新调整电路，则电路的最大阻值为30Ω，电路的最小功率Pmin=(6V)230Ω=1.2W，故D正确．
故选：ABD．
二、填空题
【答案】
扩散,空气,音色
【考点】
扩散现象
声音的传播条件
音色
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解：“花气袭人”是一种扩散现象，扩散现象说明分子在永不停息地做无规则运动；
鹊声穿树喜新晴，说明空气可以传播声音；
音色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色也就不同，所以听到“鹊声”是根据音色判断的．
【答案】
紫外,红外,3×108
【考点】
紫外线
红外线
【解析】
紫外线的作用和用途：根据紫外线有杀菌作用制成消毒灯；根据紫外线能使荧光物质发光制成验钞机；紫外线能促使人体合成维生素D促进钙的吸收；
一切物体都能向外辐射红外线，可以制成红外线体温计、红外线摄像头、热谱仪、红外线夜视仪等；电磁波在真空中的传播速度位3×108m/s。
【解答】
解：紫外线具有杀菌作用，制成紫外线灯来消毒；人体能辐射红外线，温度越高，辐射的红外线越强，制成红外线体温计来接收红外线，测量体温，红外线属于电磁波，其在真空中的传播速度是3×108m/s．
【答案】
300,4500,75
【考点】
功的计算
功率的计算
重力的计算
【解析】
重力G=mg，克服重力做功W=Gh，功率P=Wt.
【解答】
解：上半身质量为m=35×50kg=30kg，重力G=mg=30kg×10N/kg=300N，
克服重力做功W=Gh=300N×0.3m×50=4500J，
功率P=Wt=4500J60s=75W．
【答案】
G2,不变
【考点】
杠杆的平衡分析法及其应用
【解析】
（1）在A端施加与杠杆垂直向上的力F，杠杆在水平位置保持平衡时，根据杠杆的平衡条件求出F的大小；
（2）根据图示判断动力臂、阻力臂以及阻力的变化，然后根据杠杆平衡的条件可知拉力F的大小变化情况；
（3）改用方向始终竖直向上，大小不变的恒力使杠杆逆时针转过30∘，根据三角函数求出A点上升的高度，根据W＝Fs求出在此过程中F0做的功。
【解答】
解：在A端施加与杠杆垂直向上的力F，杠杆在水平位置保持平衡时，由杠杆的平衡可得：F×L＝G×L2，解得：F=G2；
根据图示可知，力F的方向与杠杆竖直向上，将杠杆逆时针匀速转过30∘的过程中，由杠杆平衡的条件可知，F将不变．
【答案】
动,省力,小于
【考点】
动滑轮及其工作特点
定滑轮及其工作特点
【解析】
随货物一起升降的滑轮为动滑轮，动滑轮实质是动力臂为阻力臂二倍的省力杠杆，使用动滑轮能省一半力；不随货物升降的滑轮为定滑轮，定滑轮实质是等臂杠杆，不省力也不费力，但可以改变作用力方向．
【解答】
解：乙滑轮随货物一起升降，为动滑轮，使用时相当于省力杠杆，省一半力，F2=12GB，GB=2F2，
甲不随货物升降，为定滑轮，甲滑轮的优点是可以改变力的方向，不省力，F1=GA，若拉力F1=F2，则GA小于GB．
【答案】
太阳能,电磁感应,裂变,不可再生
【考点】
太阳能及其利用
核聚变和核裂变
能源的分类
电磁感应
【解析】
（1）太阳能电池在太阳光照射下发电，是将太阳能转化为电能；
（2）核裂变和核聚变都能释放能量，对于核裂变是可控的，如核潜艇的核反应堆就是通过核裂变提供能量的，对于核聚变过程不可控，如氢弹爆炸就是利用核聚变释放能量。
【解答】
解：光伏发电系统发电时太阳能转化为电能；发电机的原理是电磁感应现象；
核裂变和核聚变都能释放能量，由于核聚变的反应目前还不可控，故核电站主要是利用了核裂变获得能量．
核能属于不可再生能源．
【答案】
（1）没有沿水平方向拉木块；
（2）没有控制压力不变
（3）由于不需要木板做匀速直线运动，便于操作（或由于测力计静止，便于读数等）．
【考点】
探究摩擦力的大小与什么因素有关的实验
【解析】
实验中要运用二力平衡的原理，通过弹簧测力计测出摩擦力的大小．知道滑动摩擦力的大小与压力和接触面的粗糙程度有关，可运用控制变量法进行探究和分析．
【解答】
解：（1）读图甲可知，实验操作的错误之处是没有沿水平方向拉木块，此时拉力与摩擦力不是一对平衡力，不能准确测出摩擦力的大小；
（2）小华将木块沿竖直方向截去一半后，测得木块所受的滑动摩擦力变为原来一半．他由此得出：滑动摩擦力的大小随接触面积的减小而减小，这一结论是错误的，因为他在探究过程中没有控制压力不变，不符合控制变量法的要求．
（3）如图乙中所示的实验装置：将弹簧测力计一端固定，另一端钩住木块A．木块下面是一长木板，实验时拉着长木板沿水平地面向左运动．这样改进以后的好处是不需要木板做匀速直线运动，便于操作（或由于测力计静止，便于读数等）．
【答案】
<,4.5
【考点】
欧姆定律的应用
电功率的计算
【解析】
根据电路图可知，当滑片移动到A端时，该电路为串联电路，滑动变阻器全部接入电路，根据P= U2R写出此时R0的功率的表达式；当滑片移动到B端时，滑动变阻器未接入电路，只有R0接入电路，根据P= U2R写出此时R0的功率的表达式，两式相比得出U1和U2的大小关系；
当滑片在B端时，电阻R0的两端的电压为等于电源电压，根据串联电路的电压之比等于电阻之比得出R0与滑动变阻器阻值的大小关系，然后根据功率公式求出滑片在AB中点时R0的功率．
【解答】
解：当滑片移动到A端时，该电路为串联电路，滑动变阻器全部接入电路，此时电阻R0的两端的电压为U1，此时R0的电功率为：P1=U12R0=2W；
当滑片移动到B端时，滑动变阻器未接入电路，此时电阻R0的两端的电压为U2，R0的电功率为：P2=U22R0=18W；
两式相比可知：U12 U22=19，即U1 U2=13，因此U1
若滑片处于滑动变阻器中点，此时两电阻分压之比U3U3′=R0 0.5R变=11，则此时R0分担的电压U3与滑动变阻器两端的电压相等，等总电压的一半，因此此时R0电功率大小为：P3=U32R0=(12U2)2R0=14×U22R0=14×18W=4.5W．
【答案】
6,2.4
【考点】
欧姆定律的应用
电功率的计算
【解析】
由电路图可知，R1与R串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流．根据图乙读出两组变阻器的阻值和对应的电功率，根据串联电路的电流特点和P=UI=I2R求出电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律结合电源的电压不变得出等式即可求出R的阻值，进一步求出电源的电压；当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时，电路的总电阻最小，整个电路的总功率最大，根据P=UI=U2R求出其大小；当变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，整个电路的总功率最小，根据P=UI求出其大小，然后求出整个电路功率变化量．
【解答】
解：由电路图可知，R1与R串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流．
由图乙可知，当R1=10Ω时，P1=0.9W，当R1′=20Ω时，P1′=0.8W，
因串联电路中各处的电流相等，所以，由P=UI=I2R可得，电路中的电流分别为：I1=P1R1=0.9W10Ω=0.3A，I2=P1′R1′=0.8W20Ω=0.2A，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，且电源的电压不变，所以，由I=UR可得，电源的电压：U=I1(R＋R1)=I2(R＋R1′)，即0.3A×(R＋10Ω)=0.2A×(R＋20Ω)，
解得：R=10Ω，
电源的电压U=I1(R＋R1)=0.3A×(10Ω＋10Ω)=6V；
当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时，电路的总电阻最小，整个电路的总功率最大，则P大=U2R=(6V)210Ω=3.6W，
当R1′=20Ω时，变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，整个电路的总功率最小，则P小=UI2=6V×0.2A=1.2W，
所以，整个电路功率变化了：ΔP=P大−P小=3.6W−1.2W=2.4W．
三、作图题
【答案】
如解答图所示．
【考点】
作光的反射光路图
【解析】
（1）平行光射向平而光滑的反射面，反射光线平行射出，这种反射是镜面反射；平行光射向凹凸不平的反射面，反射光线射向四面八方，这种反射是漫反射。
（2）人感觉物体的亮暗，关键是进入眼睛的光的多少，进入眼睛的光多就感觉亮，进入眼睛的光少就感觉暗。
【解答】
解：迎着月光走，地上的水面对月光发生镜面反射，作出月亮关于水面的对称点，即为月亮的像，然后连接月亮的像和人眼，与水面相交于一点，即为入射点，再连接入射点和人眼，即为反射光线，如图所示．
【答案】
如解答图所示．
【考点】
力的示意图
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解：如图所示：
【答案】
如解答图所示．
【考点】
家庭电路的连接
【解析】
灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡，零线直接接入灯泡。在照明电路中，各个灯泡是并联的，由共同的开关控制。
两孔插座的接法，左边接零线，右边接火线。
【解答】
解：如图所示：
四、解答题
【答案】
（1）详细见解答．
（2）详细见解答．
【考点】
静电现象的应用与防护
导体和绝缘体
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解：（1）熔喷布经过驻极处理后带上静电，带电体能吸引轻小的灰尘等小颗粒物，所以提高了过滤效果．
（2）因为外层隔离层和内层亲肤层皆属于绝缘材料不容易导电，所以熔喷布上的静电不会很快消失．
【答案】
（1）满员的校车静止在水平地面上时对地面的压强为4×105Pa．
（2）校车在这14min内行驶的路程为8400m．
（3）满员的校车在这14min内牵引力做的功为8.4×106J，其功率为104W．
（4）若汽车发动机的效率为25%，则14min消耗0.8kg的汽油．
【考点】
压强的计算公式及其应用
速度公式及其应用
功率的计算
功的计算
燃料的热值
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解：（1）满员的校车静止在水平地面上时对地面的压力F=G=1×104kg×10N/kg=105N，
对地面的压强为p=FS=105N0.25m2=4×105Pa．
（2）校车在这14min内行驶的路程为
s=vt=36km/h×1460h=8.4km=8400m．
（3）校车匀速行驶过程中的牵引力F=f=0.01G=103N，
校车在这14min内牵引力做的功为W=Fs=103N×8400m=8.4×106J，
其功率为P=Wt=8.4×106J14×60s=104W．
（4）汽车消耗的能量Q=Wη=8.4×106J25%=3.36×107J，
消耗汽油m=Qq=3.36×107J4.2×107J/kg=0.8kg．
【答案】
（1）电烤箱在低温挡正常工作10min电流做的功为2.4×105J；
（2）R1的阻值为48.4Ω；
（3）R2电阻保温状态下的功率为240W；
（4）电烤箱的实际两端电压为198V．
【考点】
电功的计算
电功率的计算
电能表参数的理解与电功的测量
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解：（1）电烤箱在低温挡正常工作10min，
电流做的功为W=Pt=400W×10×60s=2.4×105J；
（2）由电路图可知，开关接1时，两电阻串联，为低温挡，
根据R=U2P可知，电路总电阻R总=R1+R2=220V2400W=121Ω,
则R1的阻值R1=121Ω−72.6Ω=48.4Ω．
（2）低温挡保温时，R2电阻的功率为P2=I2R2=72.6Ω×(400W220V)2=240W．
（4）标有“3000imp/kW⋅h”的电能表的指示灯闪烁81次共用时2min，
电路消耗的电能为W′=813000kW⋅h，
电路的功率P′=W′t′=813000kW⋅h260h=0.81kW=810W，
电烤箱的实际两端电压U实=P′R1=810W×48.4Ω=198V．
【答案】
（1）小灯泡L正常工作时的电阻是16Ω；
（2）电源电压U是10V；
（3）此时滑动变阻器消耗的电功率是2.8W．
【考点】
电功率的计算
欧姆定律的应用
【解析】
（1）根据小灯泡L标有“8V 4W”的字样的含义，根据图乙可知灯的额定电流，由欧姆定律得出灯正常发光的电阻；
（2）只闭合开关S，滑动变阻器的滑片P置于a端时分析电路的连接，因灯正常发光可知通过电路的电流，由欧姆定律求出R1两端电压，根据串联电路电压的规律求出此时电源电压；
（3）同时闭合开关S、S1时，R1被短路，R与L串联，结合图乙，根据P＝UI，可知灯对应的电压和电流，根据串联电路电压的规律得出此时滑动变阻器两端的电压，根据P＝UI求出此时滑动变阻器消耗的电功率。
【解答】
解：（1）小灯泡L标有“8V 4W”的字样，灯正常发光的电阻：
RL=UL2PL=(8V)24W=16Ω．
（2）只闭合开关S，滑动变阻器的滑片P置于a端时，滑动变阻器接入电路的阻值为0，R1与L串联，电压表测小灯泡两端电压，此时UL=8V，故灯正常发光，则通过电路的电流：
I=IL=PLUL=4W8V=0.5A，
由欧姆定律，则R1两端电压：U1=IR1=0.5A×4Ω=2V，
根据串联电路电压的规律，此时电源电压：
U=U1+UL=2V+8V=10V．
（3）同时闭合开关S、S1时，R1被短路，R与L串联，
由图乙可知，当PL′=2W时，UL′=5V，IL′=0.4A，
根据串联电路电压的规律，此时滑动变阻器两端的电压：
U滑=U′−UL′=12V−5V=7V，
此时滑动变阻器消耗的电功率：P=IL′U滑=0.4A×7V=2.8W．
五、实验探究题
【答案】
（1）0∼200∘C,食用油的沸点高于102∘C
（2）加热时间的长短,转化法
（3）液体2
（4）甲、乙,内部加热，热源相对稳定，便于控制相同时间内提供的热量相同
【考点】
实验：比较不同物质吸热的情况
【解析】
（1）根据水和食用油的沸点判断温度计；
（2）我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转化法；
（3）质量相同的物质吸收相等的热量，温度升高量越小，物质吸热能力越强，物质升高的温度越高，物体吸热能力越弱；不同的物质吸热能力不同，物质的这种特性用比热容来描述；
（4）根据吸收相同的热量上分析。
【解答】
解：（1）因为食用油的沸点为180∘C，高于102∘C，所以要使用量程为0∘C∼200∘C的温度计．
（2）在此实验中，用相同的电加热器加热，相同时间加热器放出的热量相同，所以用加热时间的长短来表示液体吸收热量的多少．将吸收热量的多少转换为可以测量的加热时间的长短，运用了转换法．
（3）由表中实验数据可知，相同质量的液体加热相同的时间，吸收相等的热量，液体1升温快，液体2升温慢，根据Q=cmΔt可知，在Q、m相同时，水的比热容大，其温度变化小，故可以判断出液体2是水．
（4）丙采用酒精灯加热，很难控制火焰一样；而甲、乙相同加热器加热，内部加热，热源相对稳定，便于控制相同时间内提供的热量相同，因此甲和乙装置效果更好．
【答案】
（1）虚,不变
（2）①10,放大,投影仪,②65,缩小
【考点】
平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案
凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解：（1）实验中，把光屏放在玻璃板后，无论如何移动，都不能承接到蜡烛A的像，说明平面镜所成的像是虚像．平面镜所成的像与物体关于镜面对称，将蜡烛靠近玻璃板，像的大小将不变．
（2）①由图乙可知，该凸透镜的焦距为60cm−50cm=10cm．图丙中烛焰在光屏上恰好成一清晰的像，v>2f，该像是倒立、放大的实像，成像原理是投影仪．
②当图丙光屏上出现蜡烛清晰的像时，如果烛焰和光屏位置不变，移动凸透镜到65cm刻度处时（像距与物距互换），观察光屏会出现清晰的像，将会看到缩小的实像，则说明光在折射时光路是可逆的．
【答案】
（1）1mm,15.00
（2）1.1×103
（3）2.5×103
（4）4×10−3,2.05×103
【考点】
液体密度的测量
固体密度的测量
【解析】
（1）读数时要读出分度值的下一位估计数字。
（2）求出盐水的质量和体积，根据密度公式计算盐水密度。
（3）求出小石块的质量和体积，根据密度公式求出小石块的密度。
（4）求出放入小石块后茶杯对体重计的压力，由茶杯的容积和高度求出底面积，根据压强公式求出压强。
知道盐水的高度、盐水密度，根据液体压强公式求出盐水产生的压强。
【解答】
解：（1）由图知，刻度尺的分度值是1mm，读数时要估读到分度值的下一位，所以600mL对应的高度为：h=15.00cm．
（2）盐水的质量为：m=0.32kg−0.10kg=0.22kg=220g，
盐水的体积：V=13×600mL=200mL=200cm3，
盐水的密度：ρ=mV=220g200cm3=1.1g/cm3=1.1×103kg/m3．
（3）小石块的质量为：m′=0.82kg−0.32kg=0.5kg=500g，
小石块的体积：V′=23×600ml−200ml=200mL=200cm3，
小石块的密度：ρ′=m′V′=500g200cm3=2.5g/cm3=2.5×103kg/m3．
（4）茶杯的底面积为S=Vh=600cm315.00cm=40cm2=4×10−3m2，
压强为p=G总S=0.82kg×10N/kg4×10−3m2=2.05×103Pa．
【答案】
（1）如解答图所示．
（2）0.625
（3）①I额,②R1滑片位置不动,I额2⋅I2R1I1−I2
（4）①0.4,右,2,②1.8,2.5
【考点】
探究用电器的电功率实验
探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解：（1）如图所示：
（2）根据图乙可知，小灯泡两端电压达到2.5V时，通过灯泡的电流为0.25A，则灯泡的额定功率为PL=ULIL2.5V×0.25A=0.625W．
（3）根据如图丙所示的电路，测量额定电流为I额小灯泡L2的额定功率．实验方案如下：（电源电压不变，滑动变阻器R1的最大阻值为R1，滑动变阻器R2的最大阻值为R2）
①只闭合开关S和S2，移动R1滑片，使电流表示数为I额．
②只闭合开关S和S1，保持R1滑片位置不动，移动R2滑片，使电流表的示数为I额，则RL=R2，
保持滑动变阻器R2的滑片位置不动，将另一个滑动变阻器滑片移到最左端，电流表的示数为I1，则R2=UI1，
再将此滑动变阻器的滑片移到最右端，电流表的示数为I2，则R2+R1=UI2，
联立可得RL=I2R1I1−I2
则小灯泡额定功率的表达式P额=I额2⋅I2R1I1−I2．
（4）①由图戊可知，此时电流表的示数为0.4A，则电阻两端的电压为0.4A×5Ω=2V，当开关S1接2时，定值电阻阻值变大，根据串联分压规律可知定值电阻分得的电压变大，在探究电流与电阻的关系时，需要控制定值电阻两端的电压不变，为2V，需要增大变阻器连入电路的电阻，即滑动变阻器的滑片P要向右移动，记录电流表的示数．
②电路中，控制定值电阻的电压为某一值恒定时，为了使所有电阻都能完成实验，则需要使最大的定值电阻能进行实验，即定值电阻为20Ω时，变阻器能够在最大阻值处刚好能完成实验，此时定值电阻分得的电压最小为2020+30U=1.8V，
控制定值电阻的电压为某一值恒定时，当定值电阻为5Ω时，为了电路安全，电路电流最大为0.5A，则定值电阻的最大分压为2.5V．
2020-2021学年辽宁省营口市某校初三（下）期中质量监测物理试卷
一、选择题
1. 下列说法符合实际情况的是
A.人体正常的体温约为39∘C
B.人正常步行的速度约为1.2m/s
C.大拇指与中指之间的最大距离约为8dm
D.一只日光灯正常工作的电功率约为1kW
2. 医护人员所戴的护目镜容易起水雾，护镜上水雾的形成与下列现象成因相同的是（ ）
A. 玻璃上的“冰花”
B. 嘴里呼出“白气”
C. 湿衣服变干了
D. 雪人直接变小
3. 关于内能，有以下四个观点，你认为正确的是（ ）
①热机在做功冲程中内能转化为机械能
②物体温度越低，内能越小，所以0∘C的物体没有内能
③两物体相互接触时，热量总是从内能大的物体转移到内能小的物体
④改变物体内能的方法有很多，但本质上只有做功和热传递两种方式
A.①② B.②③ C.①④ D.③④
4. 如图，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压保持不变闭合S，当R2的滑片P向右滑动的过程中，下列说法正确的是（ ）
A.电压表V的示数变大
B.电压表V的示数与电流表A2的示数的比值不变
C.电压表V的示数与电流表A1的示数的乘积变大
D.电压表V的示数与电流表A1的示数的比值变小
5. 如图为某测温仪的原理图，R是热敏电阻，用于靠近人体测温，R为定值电阻，电源电压不变；当被测温者体温较高时，电流表示数变大，关于此测温仪，下列分析正确的是（ ）
A.R的阻值随着被测者体温升高而变大
B.被测者体温越高，R0的电功率越大
C.R两端电压不随被测者体温的变化而变化
D.被测者体温越高，R的电功率越小
6. 营口市区在重要的位置都安装了“电子眼”，形成“天网”，关于“电子眼”的光学知识说法正确的是（ ）
A.“电子眼”的镜头是凹透镜
B.“电子眼”形成的像是正立的实像
C.物体距离“电子眼”越远，所成像越小
D.“电子眼”成像原理与显微镜物镜成像原理相同
7. 为了有效阻断新型冠状病毒肺炎的传播，多地学校、车站、商场安装了红外线测温仪；与此同时，多地防疫站用洒水车在水平路面上喷洒消毒液，下列说法不正确的是（ ）
A.能闻到消毒液的味道是分子在无规则运动
B.红外线在15∘C的空气中传播速度是340m/s
C.洒水车匀速前进喷洒消毒液的过程中，洒水车动能变小了
D.在夏季的中午，室外使用红外线测温仪测人体体温时会失灵
8. 智能手机的“近场通讯”、“蓝牙”功能分别使用1.356×107Hz、2.4×109Hz这两个波段的电磁波进行通讯，如图是电磁波家族的介绍，下列说法中正确的是（ ）
A.蓝牙的波长比近场通讯的大
B.蓝牙是蓝色的，故蓝牙电磁波属于可见光
C.电磁波只能用来传递信息无法传递能量
D.一定时间内，蓝牙电磁波传输的信息量比近场通讯多
9. 如图，用力F将一木块静止压在竖直墙壁上，下列说法正确的是（ ）
①手对木块的压力F和墙对木块的弹力是一对平衡力
②手对木块的压力F和木块对手的弹力是一对相互作用力
③木块受到的摩擦力和木块的重力是一对平衡力
④手对木块的压力F增大，木块受到的摩擦力也随之增大
A.只有②正确 B.只有③正确
C.只有①③正确 D.只有①②③正确
10. 关于家庭电路与安全用电，下列说法中正确的是（ ）
A.客厅中的吊灯与墙壁上的插座是并联的
B.家庭电路中同时工作的用电器总功率过大，漏电保护器会自动切断电路
C.家中购置了大功率的空调机后，更换较粗的保险丝后就可安全使用
D.家中日光灯烧坏断路后，仍需断开开关才可更换
11. 中国古诗词是对自然现象和社会生活的反映，蕴含着许多科学道理．下列对划线部分的相关科学解释不合理的是（ ）
A.道狭草木长，夕露沾我衣．—空气中的水蒸气遇冷凝结形成露珠，是液化现象
B.花气袭人知骤暖，鹊声穿树喜新晴．—温度升高，分子运动加快
C.煮豆燃豆萁，豆在釜中泣．—燃烧秸秆的过程，是内能转化成了化学能
D.千淘万漉虽辛苦，吹尽狂沙始到金．—金是贵金属，是一种晶体
12. 一个质量为80g的圆柱形瓶身的空玻璃瓶，内装10cm高的水密封后放在水平地面上，如图甲所示，再将玻璃瓶分别倒置在盛有水和某种未知液体的容器中，静止后，瓶内、外液面的高度差如图乙和图丙所示（ρ水＝1×103kg/m3，g＝10N/kg，瓶壁厚度忽略不计）。下列说法正确的是（ ）
A.玻璃瓶在水中受到的浮力小于在未知液体中受到的浮力
B.玻璃瓶底的面积为50cm2
C.未知液体的密度为0.75g/cm3
D.玻璃瓶在水中受到的浮力为4.8N
13. 如图甲所示，电源电压保持不变，滑动变阻器R′标有"20Ω 1A"，电流表的量程为0∼0.6A，电压表的量程0∼15V，丁丁进行了下面操作：先闭合开关S和S1，断开开关S2，在保障电路元件安全的情况下，将滑动变阻器的滑片从最右端滑动到某一位置a点，灯泡L恰好正常发光，再断开开关S1闭合开关S2，将滑动变阻器的滑片从a点向某一方向移动，直到电压表示数与灯泡L的额定电压相同，图乙是两次调节过程中电流表与电压表示数变化关系图象，则下列说法正确的是（ ）
A.电源电压为6V
B.灯泡L的额定功率为1.5W
C.再断开开关S1闭合开关S2时，滑片是从a点向左移动的
D.若丁丁重新调节开关和滑片，该电路的最小功率为1.2W
二、填空题
“五一”假期小明在公园游玩，公园中的美丽景色让他想起了诗人陆游的两句诗“花气袭人知骤暖，鹊声穿树喜新晴”，前一句中的“花气袭人”这是________现象，后一句中“鹊声”是通过________传入他的耳朵的；听到“鹊声”是根据________．（选填“音调”“响度”或“音色”）
在新冠病毒肆意地侵害人类的时候，各单位、住户除了用“84”消毒液喷洒和过氧乙酸熏蒸预防外，还常用________（红外/紫外）线灯来灭菌．另外，个别科研部门在与新冠的斗争中研制出了多种快速（不超0.5s）测量体温的仪器，它们是利用________（红外/紫外）线测温的，其传播的速度是________m/s．
质量为50kg的同学在做仰卧起坐运动，若该同学上半身的质量约为全身质量的3/5，则半身的重力约为________N，她在1min内做了50个仰卧起坐，每次时起上半身重心上升的距离均为0.3m，则她在这段时间克服重力做的功约为________J，她功率约为________W．
如图所示，长度为L的轻质杠杆OA的中点悬挂一个重为G的物体：若在A端施加与杠杆垂直向上的力F，使杠杆在水平位置保持平衡，则F＝________；若不计摩擦，保持F的方向与杠杆竖直向上，在将杠杆逆时针匀速转过30∘的过程中，力F将________（选填“变大”“变小”或“不变”）．
如图所示，分别利用甲、乙两滑轮匀速提起两个重物，其中乙为________滑轮，使用时可以________（填“省力”或“省距离”）；不计滑轮重力及摩擦，若拉力F1=F2，则GA________GB（选填“小于”“等于”或“大于”）．
习近平总书记提出“绿水青山就是金山银山”，倡导保护环境．光伏发电是将________转化为电能．核能作为一种新能源，正在逐步被人们开发和利用，核电站是利用核能发电，发电机原理是根据________现象；其核燃料在反应堆内是通过核________（选填“裂变”或“聚变”）的方式，把核能转化为电能输送到国家电网，供千家万户使用，核能属于（选填“可再生”或“不可再生”）能源．
如图甲所示，小芳在探究“滑动摩擦力的大小与哪些因素有关”的实验中：
（1）操作的错误是________．
（2）小华将木块沿竖直方向截去一半后，测得木块所受的滑动摩擦力变为原来一半．他由此得出：滑动摩擦力的大小随接触面积的减小而减小．你认为他在探究过程中存在的问题是________．
（3）在实验后交流的过程中，小华发现有同学将该实验改成了如图乙中所示的实验装置：将弹簧测力计一端固定，另一端钩住木块A．木块下面是一长木板，实验时拉着长木板沿水平地面向左运动．装置改进以后的好处是________．（写出一条即可）．
如图所示，定值电阻R0和滑动变阻器串联，电源电压不变，A、B是滑动变阻器上的两端，滑片在A点时，R0的功率为2W，R0的电压为U1；滑片在B点时，R0的功率为18W，R0的电压为U2，则U1________U2（选填“>”“<”或“＝”），滑片在AB中点时，R0的功率为________W．
如图甲所示电路中，R为定值电阻，R1为滑动变阻器．图乙是该滑动变阻器滑片从一端移至另一端过程中变阻器的电功率与其电阻的关系图象，则电源电压是________V．整个电路功率变化了________W．
三、作图题
雨后晴朗的夜晚，某同学正在去教室的路上，为了不踩到地上的积水，他根据生活经验判断：迎着月光走，地上发亮的是水．请在示意图中作图以证明此判断．
如图，光滑水平台右侧有一个与其等高的水平传送带，传送带表面粗糙程度均匀，被分拣的纸箱以初速度v0滑上沿顺时针方向匀速转动的传送带，传送带转动的速度也为v0，请画出纸箱在传送带上运动时的受力示意图．
一间教室要安装2盏“220V 40W”的电灯和插座，要求开关S控制两盏灯，且每盏灯都能正常发光，其中部分电路已经连接，请你用笔画代替导线将电路连接完整．
四、解答题
为防止新冠肺炎疫情传播，要求学生应随身准备医用口罩．医用口罩是由隔离层、过滤层、亲肤层组成．其中隔离层和亲肤层的无纺布属于绝缘材料；过滤层的熔喷布经过驻极处理后带上静电，使其对小颗粒物的过滤效果可由驻极处理前的35%达到驻极处理后的95%．请从电学的角度解释：
（1）熔喷布过滤层对小颗粒物过滤效果提高的原因．
（2）为什么人们戴上口罩不会使熔喷布的静电很快消失．
如图所示，为了学生的安全我省购置了一批“大鼻子”校车，校车满员时人和车的总质量为1×104kg，车轮的总着地面积为0.25m2，校车以36km/h的速度在平直公路上到学校匀速直线行驶14min，所受阻力是总重力的0.01倍．g=10N/kg
（1）满员的校车静止在水平地面上时对地面的压强．
（2）校车在这14min内行驶的路程．
（3）满员的校车在这14min内牵引力做的功及其功率．
（4）若汽车发动机的效率为25%，则14min消耗多少汽油？（汽油的热值为4.2×107J/kg）
鼠年的春节，一场突如其来的疫情，不少人宅在家里变身为美食家，图甲是小萌和妈妈制作美食时使用的电烤箱铭牌，高温挡额定功率模糊不清．如图乙虚线内所示是电烤箱内部的简化电路图，R1和R2均为电热丝，R2=72.6Ω．求：
（1）电烤箱在低温挡正常工作10min电流做的功；
（2）R1的阻值；
（3）R2电阻保温状态下的功率；
（4）在某用电高峰期，若家庭电路中只有电烤箱在高温挡工作，发现标有“3000imp/kW⋅h”的电能表的指示灯闪烁81次共用时2min，求电烤箱的实际两端电压．
如图甲所示电路，电源为电压可调的直流学生电源，小灯泡L标有“8V 4W”的字样，定值电阻R1=4Ω，滑动变阻器R标有“50Ω 1A”的字样；如图乙所示为小灯泡L的I−U图象．
（1）小灯泡L正常工作时的电阻是多少？
（2）只闭合开关S，滑动变阻器的滑片P置于a端，调节电源电压使电压表示数为8V，此时电源电压U是多大？
（3）同时闭合开关S、S1，调节电源电压为12V，滑动变阻器的滑片P移动到某一位置时，小灯泡L消耗的电功率为2W，此时滑动变阻器消耗的电功率是多少？
五、实验探究题
小红所在的实验小组，用如图甲、乙所示的装置探究比较“不同液体的吸热能力”．在两个相同烧杯中分别加入初温、质量均相同的水和食用油，用相同的电加热器加热直到它们各自沸腾（水的沸点为100∘C，食用油的沸点为180∘C）．
（1）在选择温度计时，有规格为“−2∼102∘C“和“0∼200∘C”的两种温度计，应选择量程为________的温度计，这样选择的原因是________．
（2）实验中液体吸收的热量是由________（选填“加热时间的长短”或“液体的种类”）来决定的．这种实验方法是________（选填“转换法”或“控制变量法”）．
（3）实验记录的数据如下表所示，分析实验数据可知________（选填“液体1”或“液体2”）是水．
加热时间/min
0
1
2
3
4
5
液体1的温度/∘C
20
26
32
38
44
50
液体2的温度/∘C
20
24
28
32
36
40
（4）用图丙的装置也可以完成本实验，在图甲、乙和图丙两种装置中，你认为图________（选填“甲、乙”或“丙”）装置的效果更好，原因是________．
实验室常用蜡烛完成以下光学实验．
（1）利用如图甲装置探究“平面镜成像的特点”．在水平桌面上铺一张白纸，再将玻璃板竖立在白纸上，把一支点燃的蜡烛A放在玻璃板前面，再拿一支外形完全相同但不点燃的蜡烛B竖立在玻璃板后面移动，直到看上去它跟蜡烛A的像完全重合．把光屏放在玻璃板后，无论如何移动，都不能承接到蜡烛A的像，说明平面镜所成的像是________像．将蜡烛靠近玻璃板，像的大小将________（选填“变大”“变小”或“不变”）．
（2）蜡烛还可以用于做“探究凸透镜成像规律”实验，图乙中一束平行光射向凸透镜，光屏上得到一个最小、最亮的光斑（未画出）．
①该凸透镜的焦距为________cm．图丙中烛焰在光屏上恰好成一清晰的像（未画出），则该像是倒立、________的实像（填“放大”或“缩小”或“等大”）；成像原理是________．（填“照相机”或“投影仪”）
②当图丙光屏上出现蜡烛清晰的像时，如果烛焰和光屏位置不变，移动凸透镜到________cm刻度处时，观察光屏会出现清晰的像，将会看到________．（选填“等大”或“放大”或“缩小”）的实像，则说明光在折射时光路是可逆的．
如图所示，学习了密度后，小明尝试利用身边的器材测量盐水和小石块的密度．他找到一个圆柱形的硬质薄壁塑料茶杯，杯壁上标有间距相等的三条刻度线，最上端刻度线旁标有600mL，接下来的操作是：
（1）他用刻度尺量出最上端刻度线距离杯底的高度如图所示，此刻度尺的分度值是________；则刻度尺读数为________cm，将空茶杯放在电子体重计上显示示数为0.10kg；
（2）向杯中注入配制好的盐水直到液面到达最下端刻度线，此时体重计显示示数为0.32kg，则可求得液体密度为________kg/m3．
（3）向杯中轻放入小石块，小石块沉到杯底，继续放入小石块，直到液面到达中间刻度线处，此时小石块全部在水面以下，体重计显示示数为0.82kg，则小石块的密度为________kg/m3．
（4）茶杯的底面积为________m2；放入小石块后茶杯对体重计的压强为________Pa．
在“测量小灯泡额定功率”的实验中，实验器材有：两节新干电池、电流表、电压表、额定电压为2.5V的小灯泡，滑动变阻器、开关，导线若干，实物电路如图甲所示．
（1）如图甲中有一根导线连接错误，请在导线上画“×”并在图上改正（导线不能交叉）．
（2）改正错误后进行实验，当小灯泡两端电压达到2.5V时，电流表的示数如图乙所示，则小灯泡L1的额定功率为________W．
（3）完成上面实验后，小明又设计了如图丙所示的电路，测出了额定电流为I额小灯泡L2的额定功率．实验方案如下：（电源电压不变，滑动变阻器R1的最大阻值为R1，滑动变阻器R2的最大阻值为R2）
①只闭合开关S和S2，移动R1滑片，使电流表示数为________．（填“I额”或“U额,）
②只闭合开关S和S1，保持________（填“R1滑片位置不动”或“R2滑片位置不动”）；移动R2滑片，使电流表的示数为I额．保持滑动变阻器R2的滑片位置不动，将另一个滑动变阻器滑片移到最左端，电流表的示数为I1，再将此滑动变阻器的滑片移到最右端，电流表的示数为I2，则小灯泡额定功率的表达式P额=________．（用I额、I1、 I2、 R1、R2中的字母表示）
（4）如图丁所示，是探究“电流与电阻的关系”时设计的电路图．R1、R2、R3三个定值电阻的阻值分别为5Ω、10Ω、20Ω，电源电压为4.5V恒定不变，S1为单刀三掷开关．
①闭合开关S，S1接1时，此时电流表示数如图戊所示为________A．当开关S1接2时，需要将滑动变阻器的滑片P向________（填“左”或“右“）移动，直到电压表的示数为________V时，再记录电流表的示数．
②实验时，如果选择了一个标有“30Ω 0.5A”字样的滑动变阻器．那他在设计实验时，在保证电路安全的前提下，定值电阻两端的电压取值范围为________V到________V．
参考答案与试题解析
2020-2021学年辽宁省营口市某校初三（下）期中质量监测物理试卷
一、选择题
1.
【答案】
B
【考点】
速度与物体运动
温度
长度的估测
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解：A．正常情况下，人的体温在36∼37∘C，变化幅度很小，故A不符合题意；
B．人正常步行的速度为4km/h=4×13.6m/s≈1.1m/s，故B符合题意；
C．大拇指与中指之间的最大距离为一拃，约为12cm，合1.2dm，故C不符合题意；
D．一只日光灯正常工作的电功率约为60W，故D不符合题意．
故选B．
2.
【答案】
B
【考点】
液化及液化现象
【解析】
物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；物质由气态变为液态叫液化，物质由液态变为气态叫汽化；物质由固态变为液态叫熔化，物质由液态变为固态叫凝固。
【解答】
解：护目镜上的水雾，是水蒸气遇冷液化形成的小水滴．
A．玻璃上的“冰花”是室内温度较高的水蒸气凝华形成的固态小冰晶，故A不符合题意；
B．嘴里呼出的“白气”是水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故B符合题意；
C．湿衣服变干是液态水变为气态水蒸气，属于汽化现象，故C不符合题意；
D．雪人直接变小，是固态冰雪变为气态水蒸气，是升华现象，故D不符合题意．
故选：B．
3.
【答案】
C
【考点】
内能的概念
改变内能的两种方式
内燃机的四个冲程
【解析】
①内燃机的四个冲程中，压缩冲程活塞压缩燃料混合物做功，将机械能转化为内能；做功冲程高温高压的燃气推动活塞向下运动，将内能转化为机械能；
②内能是物体内部所有分子热运动的动能和分子势能的总和，一切物体都有内能，内能的大小跟温度、质量、状态有关；
③热传递的条件是物体之间有温度差，高温物体将能量向低温物体传递，直至各物体温度相同；
④做功与热传递在改变物体的内能的效果上是等效的，但从能的转化观点来看它们的区别在于：做功是其他形式的能转化为内能，能量的形式没有变化；热传递则是内能在物体间发生转移。
【解答】
解：①做功冲程中高温高压的燃气推动活塞向下运动，将内能转化为机械能，故①正确；
②一切物体在任何温度下都具有内能，所以0∘C的物体仍具有内能，故②错误；
③发生热传递的条件是：有温度差，所以内能可自动地从高温物体转移到低温物体，故③错误；
④改变物体内能的方法有很多，但本质上只有做功和热传递两种方式，它们在改变内能上能达到相同的效果，故④正确．
故选：C．
4.
【答案】
B
【考点】
电路的动态分析
【解析】
由电路图可知，R1与R2并联，电压表V测电源两端的电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测R1支路的电流，根据电源的电压可知滑片移动时电压表V示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时R1支路的电流变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知R2支路的电流变化，利用并联电路的电流可知干路电流的变化，进一步得出电压表V的示数与电流表A1的示数的乘积变化以及电压表V的示数与电流表A1、A2的示数的比值变化．
【解答】
解：由电路图可知，R1与R2并联，电压表V测电源两端的电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测R1支路的电流；
A．因电源电压保持不变，所以滑片移动时，电压表V的示数不变，故A错误；
B．因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，R1支路的电流不变，即电流表A2的示数不变，则电压表V的示数与电流表A2的示数的比值不变，故B正确；
CD．当R2的滑片P向右滑动的过程中，R2接入电路中的电阻变大，由I=UR可知，R2支路的电流变小，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变小，即电流表A1的示数变小，则电压表V的示数与电流表A1的示数的比值变大，电压表V的示数与电流表A1的示数的乘积变小，故CD错误．
故选B．
5.
【答案】
C
【考点】
电路的动态分析
【解析】
根据热敏电阻特点判断电阻变化，根据电阻并联知电压相等，等于电源电压，且电压不变，根据欧姆定律判断电流变化，根据P=UI判断功率变化．
【解答】
解：B．R0与R并联，两端电压等于电源电压，电源电压U不变，根据U=IR0可知，R0支路中电流不变，功率不变，故B错误；
CD．根据题意，被测温者温度升高，电流表示数变大，所以R变小，R两端电压等于电源电压不变，功率P=UI变大，故C正确，D错误；
A．热敏电阻的阻值随着温度的升高而减小，故A错误．
故选C．
6.
【答案】
C
【考点】
凸透镜成像的应用
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解：ABC．电子眼相当于摄像机（照相机），摄像头的镜头相当于一个凸透镜，拍摄路面情况时，物距远大于2倍焦距，所以此时成倒立缩小的实像，凸透镜成实像时：物近像远像变大，物远像近像变小，故AB错误，C正确；
D．显微镜物镜成像成倒立放大的实像，同投影仪，“电子眼”相当于照相机，故D错误．
故选C．
7.
【答案】
B
【考点】
扩散现象
红外线
动能和势能的大小变化
【解析】
构成物质的分子总在做永不停息的无规则运动，生活中的扩散现象就说明了分子的运动；
电磁波传播速度和光速相同；
动能与物体的质量和速度有关；
红外线的热作用强，是红外夜视仪、测温枪的工作原理．
【解答】
解：A．闻到消毒液的味道，属于扩散现象，是分子无规则运动的结果，故A正确，不符合题意；
B．红外线属于电磁波，空气中传播速度约3×108m/s， 故B错误，符合题意；
C．洒水车匀速前进喷洒消毒液的过程中，速度不变，质量变小，动能变小，故C正确，不符合题意；
D．红外线测温仪是利用红外线工作的，不受环境温度的影响，故D正确，不符合题意．
故选B．
8.
【答案】
D
【考点】
电磁波的传播
电磁波在日常生活中的应用
波速、波长和频率的关系
【解析】
(1)蓝牙、近场通讯是靠电磁波来传递信息的，利用了电磁波中的微波技术进行信息传递的；
(2)电磁波在传播过程中以光速传播(3×108m/s)且保持不变，电磁波的波速、波长、频率之间的关系式为c=λf，由关系式可知电磁波的频率越高，波长越短．
【解答】
解：A． 根据c=λf可知，波速一定，频率低的波长大，由题知，近场通讯的波长比蓝牙的长，故A错误；
B．根据蓝牙电磁波频率可知，蓝牙电磁波属于不可见光波段，无颜色，故B错误；
C． 电磁波既可以传递信息，又可以传递能量，故C错误；
D． 蓝牙电磁波频率高，一定时间内传播次数多，则蓝牙电磁波比近场通讯传输的信息量多，故D正确．
故选：D．
9.
【答案】
D
【考点】
平衡力的辨别
【解析】
根据平衡力的辨别和摩擦力的大小解答．
【解答】
解：①手对木块的压力和墙对木块的弹力符合二力平衡的条件，是一对平衡力，故①正确；
②手对木块的压力和木块对手的弹力是一对相互作用力，故②正确；
③木块受到的摩擦力和木块的重力是一对平衡力，故③正确；
④木块受到的摩擦力和木块的重力是一对平衡力，大小相等，增大压力F，木块的重力不变，所以木块受到的摩擦力不变，故④错误．
综合分析①②③正确，故D正确，ABC错误．
故选：D．
10.
【答案】
A,D
【考点】
安全用电原则
【解析】
（1）并联电路中各用电器既可以单独工作，又互不影响；
（2）庭电路中短路或总功率过大，会造出电路中电流过大，空气开关能自动跳闸；当进户线的火线与零线的电流不相等，且差值达到一定值时，漏电保护器也会切断电路；
（3）保险丝是用电阻率较大而熔点较低的铅锑合金制成的，当电流过大时，它会因温度过高而熔断，保护电路；
（4）根据用电器时，应断开开关。
【解答】
解：A．家庭电路中，各用电器是并联的，所以客厅中的吊灯与墙壁上的插座是并联的，故A正确；
B．正在工作的用电器总功率过大，电流过大，但没有引起火线与零线的电流不相等，所以漏电保护器不会切断电路，故B错误；
C．购置大功率用电器，保险丝要保证家庭电路正常使用，不能更换，故C错误；
D．家中日光灯烧坏断路后，为了用电的安全，需要断开开关才可以更换，故D正确．
故选：AD．
11.
【答案】
A,B,D
【考点】
分子热运动
液化及液化现象
能量转化和转移
【解析】
（1）液化是由气态变为液态的过程，在液化过程中需要放出热量；
（2）一切物质的分子都在不停地做无规则运动，且温度越高，分子运动越剧烈。花香分子在空气中做无规则运动越快，人们闻到的花香味越浓烈；
（3）根据化学变化中的能量转化来分析；
（4）根据金属的化学性质来分析。
【解答】
解：A．夕露沾我衣，露是空气中的水蒸气遇冷变成液态的小水珠，发生的是液化现象，故A正确；
B．春晴天暖，气温升高，花朵分泌的芳香油分子在空气中做无规则运动加快，这是扩散现象，从而使人可以闻到浓浓的花香，故B正确；
C．燃料燃烧的过程中是化学能转化为热能，故C错误；
D．金是贵金属，是一种晶体，故D正确．
故选ABD．
12.
【答案】
C,D
【考点】
阿基米德原理
物体的浮沉条件及其应用
【解析】
（1）图乙和丙中，玻璃瓶都处于漂浮状态，浮力等于其总重力，据此可知浮力关系；
根据p＝ρ水gh求出杯底受到水的压强；
（2）图乙中杯子处于漂浮状态，浮力等于其总重力，据此列出等式，然后即可求出玻璃瓶底的面积；
（3）根据杯子在水中和在图丙的液体中受的浮力相等列出等式，解出液体密度；
（4）根据V＝Sh求出玻璃瓶里水的体积，然后根据G＝mg＝ρVg求出水的重力，根据漂浮条件即可求出浮力。
【解答】
解：A．图乙和丙中，玻璃瓶都处于漂浮状态，则F浮水＝F浮液＝G瓶总，故A错误；
B．图乙中玻璃瓶处于漂浮状态，浮力等于其总重力，
G杯＝m杯g＝0.08kg×10N/kg＝0.8N，
F浮水＝G杯+G水，
ρ水gS(h1+h2)＝G杯+ρ水gSh1，
ρ水gSh2＝G杯，
玻璃瓶底面积S=Gρgh2=0.8N1.0×103kg/m3×10N/kg×0.02m=4×10−3m2＝40cm2，故B错误；
C．设玻璃瓶的底面积为S，玻璃瓶在水中和在液体中受的浮力相等，
F浮水＝F浮液，
ρ水gV排＝ρ液gV排′，
ρ水g(V水+Sh2)＝ρ液g(V水+Sh3)，
因为水的体积V水＝Sh1，图中h1＝0.10m，h2＝0.02m，h3＝0.06m，
解得：ρ液＝0.75×103kg/m3＝0.75g/cm3，故C正确；
D．玻璃瓶中水的体积V水＝Sh1＝4×10−3m2×0.10m＝4×10−4m3，
根据G＝mg和ρ=mV可得：G水＝ρ水V水g＝1.0×103kg/m3×4×10−4m3×10N/kg=4N，
则F浮水＝G杯+G水＝0.8N+4N＝4.8N，故D正确．
故选CD．
13.
【答案】
A,B,D
【考点】
电路的动态分析
电功率的计算
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解：A．由图乙可知，左边的图线为小灯泡的U−I图线，即闭合开关S和S1，断开开关S2，变阻器R′接入电阻最大时，灯泡两端的电压为1V，通过灯泡的电流为0.25A，则U−1=0.25R′，则电源电压U=6V，故A正确；
B．图乙右边图线为定值电阻的U−I图线，当其两端电压为3.75V时，通过的电流为0.375A，则电阻R的阻值为10Ω，此时滑片在a点，变阻器接入电路电阻为6V−3.75V0.375A=6Ω，
由题可知，断开开关S1闭合开关S2时，将滑动变阻器的滑片从a点向某一方向移动，直到电压表示数与灯泡L的额定电压相同，此时电路电流变为0.3A，则电压表示数为0.3A×10Ω=3V，即灯泡的额定电压，
则灯泡正常发光时，变阻器滑片在a点，根据分压规律可知此时灯泡电阻为6Ω，则灯泡的额定功率为PL=(3V)26Ω=1.5W，故B正确；
C．再断开开关S1闭合开关S2时，移动滑片，直到电压表示数与灯泡L的额定电压相同，可知定值电阻R两端的电压变小了，根据串联分压规律可知，变阻器滑片是向右移动的，故C错误；
D．分析可知，灯泡正常发光时电阻为6Ω，定值电阻阻值为10Ω，重新调整电路，则电路的最大阻值为30Ω，电路的最小功率Pmin=(6V)230Ω=1.2W，故D正确．
故选：ABD．
二、填空题
【答案】
扩散,空气,音色
【考点】
扩散现象
声音的传播条件
音色
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解：“花气袭人”是一种扩散现象，扩散现象说明分子在永不停息地做无规则运动；
鹊声穿树喜新晴，说明空气可以传播声音；
音色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色也就不同，所以听到“鹊声”是根据音色判断的．
【答案】
紫外,红外,3×108
【考点】
紫外线
红外线
【解析】
紫外线的作用和用途：根据紫外线有杀菌作用制成消毒灯；根据紫外线能使荧光物质发光制成验钞机；紫外线能促使人体合成维生素D促进钙的吸收；
一切物体都能向外辐射红外线，可以制成红外线体温计、红外线摄像头、热谱仪、红外线夜视仪等；电磁波在真空中的传播速度位3×108m/s。
【解答】
解：紫外线具有杀菌作用，制成紫外线灯来消毒；人体能辐射红外线，温度越高，辐射的红外线越强，制成红外线体温计来接收红外线，测量体温，红外线属于电磁波，其在真空中的传播速度是3×108m/s．
【答案】
300,4500,75
【考点】
功的计算
功率的计算
重力的计算
【解析】
重力G=mg，克服重力做功W=Gh，功率P=Wt.
【解答】
解：上半身质量为m=35×50kg=30kg，重力G=mg=30kg×10N/kg=300N，
克服重力做功W=Gh=300N×0.3m×50=4500J，
功率P=Wt=4500J60s=75W．
【答案】
G2,不变
【考点】
杠杆的平衡分析法及其应用
【解析】
（1）在A端施加与杠杆垂直向上的力F，杠杆在水平位置保持平衡时，根据杠杆的平衡条件求出F的大小；
（2）根据图示判断动力臂、阻力臂以及阻力的变化，然后根据杠杆平衡的条件可知拉力F的大小变化情况；
（3）改用方向始终竖直向上，大小不变的恒力使杠杆逆时针转过30∘，根据三角函数求出A点上升的高度，根据W＝Fs求出在此过程中F0做的功。
【解答】
解：在A端施加与杠杆垂直向上的力F，杠杆在水平位置保持平衡时，由杠杆的平衡可得：F×L＝G×L2，解得：F=G2；
根据图示可知，力F的方向与杠杆竖直向上，将杠杆逆时针匀速转过30∘的过程中，由杠杆平衡的条件可知，F将不变．
【答案】
动,省力,小于
【考点】
动滑轮及其工作特点
定滑轮及其工作特点
【解析】
随货物一起升降的滑轮为动滑轮，动滑轮实质是动力臂为阻力臂二倍的省力杠杆，使用动滑轮能省一半力；不随货物升降的滑轮为定滑轮，定滑轮实质是等臂杠杆，不省力也不费力，但可以改变作用力方向．
【解答】
解：乙滑轮随货物一起升降，为动滑轮，使用时相当于省力杠杆，省一半力，F2=12GB，GB=2F2，
甲不随货物升降，为定滑轮，甲滑轮的优点是可以改变力的方向，不省力，F1=GA，若拉力F1=F2，则GA小于GB．
【答案】
太阳能,电磁感应,裂变,不可再生
【考点】
太阳能及其利用
核聚变和核裂变
能源的分类
电磁感应
【解析】
（1）太阳能电池在太阳光照射下发电，是将太阳能转化为电能；
（2）核裂变和核聚变都能释放能量，对于核裂变是可控的，如核潜艇的核反应堆就是通过核裂变提供能量的，对于核聚变过程不可控，如氢弹爆炸就是利用核聚变释放能量。
【解答】
解：光伏发电系统发电时太阳能转化为电能；发电机的原理是电磁感应现象；
核裂变和核聚变都能释放能量，由于核聚变的反应目前还不可控，故核电站主要是利用了核裂变获得能量．
核能属于不可再生能源．
【答案】
（1）没有沿水平方向拉木块；
（2）没有控制压力不变
（3）由于不需要木板做匀速直线运动，便于操作（或由于测力计静止，便于读数等）．
【考点】
探究摩擦力的大小与什么因素有关的实验
【解析】
实验中要运用二力平衡的原理，通过弹簧测力计测出摩擦力的大小．知道滑动摩擦力的大小与压力和接触面的粗糙程度有关，可运用控制变量法进行探究和分析．
【解答】
解：（1）读图甲可知，实验操作的错误之处是没有沿水平方向拉木块，此时拉力与摩擦力不是一对平衡力，不能准确测出摩擦力的大小；
（2）小华将木块沿竖直方向截去一半后，测得木块所受的滑动摩擦力变为原来一半．他由此得出：滑动摩擦力的大小随接触面积的减小而减小，这一结论是错误的，因为他在探究过程中没有控制压力不变，不符合控制变量法的要求．
（3）如图乙中所示的实验装置：将弹簧测力计一端固定，另一端钩住木块A．木块下面是一长木板，实验时拉着长木板沿水平地面向左运动．这样改进以后的好处是不需要木板做匀速直线运动，便于操作（或由于测力计静止，便于读数等）．
【答案】
<,4.5
【考点】
欧姆定律的应用
电功率的计算
【解析】
根据电路图可知，当滑片移动到A端时，该电路为串联电路，滑动变阻器全部接入电路，根据P= U2R写出此时R0的功率的表达式；当滑片移动到B端时，滑动变阻器未接入电路，只有R0接入电路，根据P= U2R写出此时R0的功率的表达式，两式相比得出U1和U2的大小关系；
当滑片在B端时，电阻R0的两端的电压为等于电源电压，根据串联电路的电压之比等于电阻之比得出R0与滑动变阻器阻值的大小关系，然后根据功率公式求出滑片在AB中点时R0的功率．
【解答】
解：当滑片移动到A端时，该电路为串联电路，滑动变阻器全部接入电路，此时电阻R0的两端的电压为U1，此时R0的电功率为：P1=U12R0=2W；
当滑片移动到B端时，滑动变阻器未接入电路，此时电阻R0的两端的电压为U2，R0的电功率为：P2=U22R0=18W；
两式相比可知：U12 U22=19，即U1 U2=13，因此U1
若滑片处于滑动变阻器中点，此时两电阻分压之比U3U3′=R0 0.5R变=11，则此时R0分担的电压U3与滑动变阻器两端的电压相等，等总电压的一半，因此此时R0电功率大小为：P3=U32R0=(12U2)2R0=14×U22R0=14×18W=4.5W．
【答案】
6,2.4
【考点】
欧姆定律的应用
电功率的计算
【解析】
由电路图可知，R1与R串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流．根据图乙读出两组变阻器的阻值和对应的电功率，根据串联电路的电流特点和P=UI=I2R求出电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律结合电源的电压不变得出等式即可求出R的阻值，进一步求出电源的电压；当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时，电路的总电阻最小，整个电路的总功率最大，根据P=UI=U2R求出其大小；当变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，整个电路的总功率最小，根据P=UI求出其大小，然后求出整个电路功率变化量．
【解答】
解：由电路图可知，R1与R串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流．
由图乙可知，当R1=10Ω时，P1=0.9W，当R1′=20Ω时，P1′=0.8W，
因串联电路中各处的电流相等，所以，由P=UI=I2R可得，电路中的电流分别为：I1=P1R1=0.9W10Ω=0.3A，I2=P1′R1′=0.8W20Ω=0.2A，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，且电源的电压不变，所以，由I=UR可得，电源的电压：U=I1(R＋R1)=I2(R＋R1′)，即0.3A×(R＋10Ω)=0.2A×(R＋20Ω)，
解得：R=10Ω，
电源的电压U=I1(R＋R1)=0.3A×(10Ω＋10Ω)=6V；
当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时，电路的总电阻最小，整个电路的总功率最大，则P大=U2R=(6V)210Ω=3.6W，
当R1′=20Ω时，变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，整个电路的总功率最小，则P小=UI2=6V×0.2A=1.2W，
所以，整个电路功率变化了：ΔP=P大−P小=3.6W−1.2W=2.4W．
三、作图题
【答案】
如解答图所示．
【考点】
作光的反射光路图
【解析】
（1）平行光射向平而光滑的反射面，反射光线平行射出，这种反射是镜面反射；平行光射向凹凸不平的反射面，反射光线射向四面八方，这种反射是漫反射。
（2）人感觉物体的亮暗，关键是进入眼睛的光的多少，进入眼睛的光多就感觉亮，进入眼睛的光少就感觉暗。
【解答】
解：迎着月光走，地上的水面对月光发生镜面反射，作出月亮关于水面的对称点，即为月亮的像，然后连接月亮的像和人眼，与水面相交于一点，即为入射点，再连接入射点和人眼，即为反射光线，如图所示．
【答案】
如解答图所示．
【考点】
力的示意图
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解：如图所示：
【答案】
如解答图所示．
【考点】
家庭电路的连接
【解析】
灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡，零线直接接入灯泡。在照明电路中，各个灯泡是并联的，由共同的开关控制。
两孔插座的接法，左边接零线，右边接火线。
【解答】
解：如图所示：
四、解答题
【答案】
（1）详细见解答．
（2）详细见解答．
【考点】
静电现象的应用与防护
导体和绝缘体
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解：（1）熔喷布经过驻极处理后带上静电，带电体能吸引轻小的灰尘等小颗粒物，所以提高了过滤效果．
（2）因为外层隔离层和内层亲肤层皆属于绝缘材料不容易导电，所以熔喷布上的静电不会很快消失．
【答案】
（1）满员的校车静止在水平地面上时对地面的压强为4×105Pa．
（2）校车在这14min内行驶的路程为8400m．
（3）满员的校车在这14min内牵引力做的功为8.4×106J，其功率为104W．
（4）若汽车发动机的效率为25%，则14min消耗0.8kg的汽油．
【考点】
压强的计算公式及其应用
速度公式及其应用
功率的计算
功的计算
燃料的热值
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解：（1）满员的校车静止在水平地面上时对地面的压力F=G=1×104kg×10N/kg=105N，
对地面的压强为p=FS=105N0.25m2=4×105Pa．
（2）校车在这14min内行驶的路程为
s=vt=36km/h×1460h=8.4km=8400m．
（3）校车匀速行驶过程中的牵引力F=f=0.01G=103N，
校车在这14min内牵引力做的功为W=Fs=103N×8400m=8.4×106J，
其功率为P=Wt=8.4×106J14×60s=104W．
（4）汽车消耗的能量Q=Wη=8.4×106J25%=3.36×107J，
消耗汽油m=Qq=3.36×107J4.2×107J/kg=0.8kg．
【答案】
（1）电烤箱在低温挡正常工作10min电流做的功为2.4×105J；
（2）R1的阻值为48.4Ω；
（3）R2电阻保温状态下的功率为240W；
（4）电烤箱的实际两端电压为198V．
【考点】
电功的计算
电功率的计算
电能表参数的理解与电功的测量
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解：（1）电烤箱在低温挡正常工作10min，
电流做的功为W=Pt=400W×10×60s=2.4×105J；
（2）由电路图可知，开关接1时，两电阻串联，为低温挡，
根据R=U2P可知，电路总电阻R总=R1+R2=220V2400W=121Ω,
则R1的阻值R1=121Ω−72.6Ω=48.4Ω．
（2）低温挡保温时，R2电阻的功率为P2=I2R2=72.6Ω×(400W220V)2=240W．
（4）标有“3000imp/kW⋅h”的电能表的指示灯闪烁81次共用时2min，
电路消耗的电能为W′=813000kW⋅h，
电路的功率P′=W′t′=813000kW⋅h260h=0.81kW=810W，
电烤箱的实际两端电压U实=P′R1=810W×48.4Ω=198V．
【答案】
（1）小灯泡L正常工作时的电阻是16Ω；
（2）电源电压U是10V；
（3）此时滑动变阻器消耗的电功率是2.8W．
【考点】
电功率的计算
欧姆定律的应用
【解析】
（1）根据小灯泡L标有“8V 4W”的字样的含义，根据图乙可知灯的额定电流，由欧姆定律得出灯正常发光的电阻；
（2）只闭合开关S，滑动变阻器的滑片P置于a端时分析电路的连接，因灯正常发光可知通过电路的电流，由欧姆定律求出R1两端电压，根据串联电路电压的规律求出此时电源电压；
（3）同时闭合开关S、S1时，R1被短路，R与L串联，结合图乙，根据P＝UI，可知灯对应的电压和电流，根据串联电路电压的规律得出此时滑动变阻器两端的电压，根据P＝UI求出此时滑动变阻器消耗的电功率。
【解答】
解：（1）小灯泡L标有“8V 4W”的字样，灯正常发光的电阻：
RL=UL2PL=(8V)24W=16Ω．
（2）只闭合开关S，滑动变阻器的滑片P置于a端时，滑动变阻器接入电路的阻值为0，R1与L串联，电压表测小灯泡两端电压，此时UL=8V，故灯正常发光，则通过电路的电流：
I=IL=PLUL=4W8V=0.5A，
由欧姆定律，则R1两端电压：U1=IR1=0.5A×4Ω=2V，
根据串联电路电压的规律，此时电源电压：
U=U1+UL=2V+8V=10V．
（3）同时闭合开关S、S1时，R1被短路，R与L串联，
由图乙可知，当PL′=2W时，UL′=5V，IL′=0.4A，
根据串联电路电压的规律，此时滑动变阻器两端的电压：
U滑=U′−UL′=12V−5V=7V，
此时滑动变阻器消耗的电功率：P=IL′U滑=0.4A×7V=2.8W．
五、实验探究题
【答案】
（1）0∼200∘C,食用油的沸点高于102∘C
（2）加热时间的长短,转化法
（3）液体2
（4）甲、乙,内部加热，热源相对稳定，便于控制相同时间内提供的热量相同
【考点】
实验：比较不同物质吸热的情况
【解析】
（1）根据水和食用油的沸点判断温度计；
（2）我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转化法；
（3）质量相同的物质吸收相等的热量，温度升高量越小，物质吸热能力越强，物质升高的温度越高，物体吸热能力越弱；不同的物质吸热能力不同，物质的这种特性用比热容来描述；
（4）根据吸收相同的热量上分析。
【解答】
解：（1）因为食用油的沸点为180∘C，高于102∘C，所以要使用量程为0∘C∼200∘C的温度计．
（2）在此实验中，用相同的电加热器加热，相同时间加热器放出的热量相同，所以用加热时间的长短来表示液体吸收热量的多少．将吸收热量的多少转换为可以测量的加热时间的长短，运用了转换法．
（3）由表中实验数据可知，相同质量的液体加热相同的时间，吸收相等的热量，液体1升温快，液体2升温慢，根据Q=cmΔt可知，在Q、m相同时，水的比热容大，其温度变化小，故可以判断出液体2是水．
（4）丙采用酒精灯加热，很难控制火焰一样；而甲、乙相同加热器加热，内部加热，热源相对稳定，便于控制相同时间内提供的热量相同，因此甲和乙装置效果更好．
【答案】
（1）虚,不变
（2）①10,放大,投影仪,②65,缩小
【考点】
平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案
凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解：（1）实验中，把光屏放在玻璃板后，无论如何移动，都不能承接到蜡烛A的像，说明平面镜所成的像是虚像．平面镜所成的像与物体关于镜面对称，将蜡烛靠近玻璃板，像的大小将不变．
（2）①由图乙可知，该凸透镜的焦距为60cm−50cm=10cm．图丙中烛焰在光屏上恰好成一清晰的像，v>2f，该像是倒立、放大的实像，成像原理是投影仪．
②当图丙光屏上出现蜡烛清晰的像时，如果烛焰和光屏位置不变，移动凸透镜到65cm刻度处时（像距与物距互换），观察光屏会出现清晰的像，将会看到缩小的实像，则说明光在折射时光路是可逆的．
【答案】
（1）1mm,15.00
（2）1.1×103
（3）2.5×103
（4）4×10−3,2.05×103
【考点】
液体密度的测量
固体密度的测量
【解析】
（1）读数时要读出分度值的下一位估计数字。
（2）求出盐水的质量和体积，根据密度公式计算盐水密度。
（3）求出小石块的质量和体积，根据密度公式求出小石块的密度。
（4）求出放入小石块后茶杯对体重计的压力，由茶杯的容积和高度求出底面积，根据压强公式求出压强。
知道盐水的高度、盐水密度，根据液体压强公式求出盐水产生的压强。
【解答】
解：（1）由图知，刻度尺的分度值是1mm，读数时要估读到分度值的下一位，所以600mL对应的高度为：h=15.00cm．
（2）盐水的质量为：m=0.32kg−0.10kg=0.22kg=220g，
盐水的体积：V=13×600mL=200mL=200cm3，
盐水的密度：ρ=mV=220g200cm3=1.1g/cm3=1.1×103kg/m3．
（3）小石块的质量为：m′=0.82kg−0.32kg=0.5kg=500g，
小石块的体积：V′=23×600ml−200ml=200mL=200cm3，
小石块的密度：ρ′=m′V′=500g200cm3=2.5g/cm3=2.5×103kg/m3．
（4）茶杯的底面积为S=Vh=600cm315.00cm=40cm2=4×10−3m2，
压强为p=G总S=0.82kg×10N/kg4×10−3m2=2.05×103Pa．
【答案】
（1）如解答图所示．
（2）0.625
（3）①I额,②R1滑片位置不动,I额2⋅I2R1I1−I2
（4）①0.4,右,2,②1.8,2.5
【考点】
探究用电器的电功率实验
探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解：（1）如图所示：
（2）根据图乙可知，小灯泡两端电压达到2.5V时，通过灯泡的电流为0.25A，则灯泡的额定功率为PL=ULIL2.5V×0.25A=0.625W．
（3）根据如图丙所示的电路，测量额定电流为I额小灯泡L2的额定功率．实验方案如下：（电源电压不变，滑动变阻器R1的最大阻值为R1，滑动变阻器R2的最大阻值为R2）
①只闭合开关S和S2，移动R1滑片，使电流表示数为I额．
②只闭合开关S和S1，保持R1滑片位置不动，移动R2滑片，使电流表的示数为I额，则RL=R2，
保持滑动变阻器R2的滑片位置不动，将另一个滑动变阻器滑片移到最左端，电流表的示数为I1，则R2=UI1，
再将此滑动变阻器的滑片移到最右端，电流表的示数为I2，则R2+R1=UI2，
联立可得RL=I2R1I1−I2
则小灯泡额定功率的表达式P额=I额2⋅I2R1I1−I2．
（4）①由图戊可知，此时电流表的示数为0.4A，则电阻两端的电压为0.4A×5Ω=2V，当开关S1接2时，定值电阻阻值变大，根据串联分压规律可知定值电阻分得的电压变大，在探究电流与电阻的关系时，需要控制定值电阻两端的电压不变，为2V，需要增大变阻器连入电路的电阻，即滑动变阻器的滑片P要向右移动，记录电流表的示数．
②电路中，控制定值电阻的电压为某一值恒定时，为了使所有电阻都能完成实验，则需要使最大的定值电阻能进行实验，即定值电阻为20Ω时，变阻器能够在最大阻值处刚好能完成实验，此时定值电阻分得的电压最小为2020+30U=1.8V，
控制定值电阻的电压为某一值恒定时，当定值电阻为5Ω时，为了电路安全，电路电流最大为0.5A，则定值电阻的最大分压为2.5V．
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