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12月月考卷1.1-4.6（基础练习）（学生+教师版）—浙教版八年级科学上册同步检测
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这是一份12月月考卷1.1-4.6（基础练习）（学生+教师版）—浙教版八年级科学上册同步检测，文件包含八上12月月考卷11-46基础练习解析docx、八上12月月考卷11-46基础练习原题docx等2份试卷配套教学资源，其中试卷共51页， 欢迎下载使用。
浙教版八年级上科学月考卷
（基础练习）
一、选择题
1.（2019八上·义乌月考）如图是电解水的示意图。关于电解水的下列说法中，不正确的是（ ）
A.由此实验可得出结论，水是由氢、氧两种元素组成
B.实际测得A试管中气体和B试管中气体的体积比大于2:1
C.该实验可以用纯净水
D.与电源正极连接的试管内产生的气体能使带火星的木条复燃
【答案】C
【解析】A.水由氢、氧两种元素组成，故A正确不合题意；
B.A试管中气体体积大于B管，那么A中为氢气，B中为氧气，二者的体积之比为：2：1，故B正确不合题意；
C.纯净水不能导电，故C错误符合题意；
D.与电源正极连接的试管内产生的气体为氧气，而氧气能使带火星的木条复燃，故D正确不合题意。
2.（2019八上·新昌期末）下列关于大气层的分析和理解不正确的是（ ）
A.雷电风雨等主要的天气现象都发生在平流层
B.大气层能保护地球，减少小天体的撞击
C.对流层最显著的特点是有强烈的对流运动
D.大气分层的主要依据是大气在垂直方向上的温度变化
【答案】A
【解析】大气分层可把大气分成对流层、平流层、中间层、热层和散逸层，对流层和人类的关系密切，因为风雨雷电等自然现象均发生在对流层，平流层中最重要的化学组分就是臭氧，大气层能够保护地球，大气层对人类的作用极其重要。
【解答】A、雷电风雨的现象都发生在对流层，A符合题意。
B、许多小行星会撞向地球，由于地球大气层的防护，大多数小行星在撞击地面之前就会被燃烧殆尽。在没有大气层的情况下，小行星就会长驱直入，与地球正面撞击，比如没有大气层的后果，月球那满目疮痍的表面。
C、对流层，因为其主要热量的直接来源是地面辐射，所以气温随高度升高而降低。对流层随高度变化的普遍规律：高度每上升100米，气温下降0.65℃。由于气温的这种变化，故形成空气对流运动强烈的特点，C不符合题意。
D、大气分层按照大气在垂直方向的各种特性，将大气分成若干层次。按大气温度随高度分布的特征，可把大气分成对流层、平流层、中间层、热层和散逸层，D不符合题意。
3.（2020八上·苍南期末）2019年10月我县举行了“苍南核电杯”海西国际半程马拉松赛。下列有关跑步过程中体温调节的说法正确的是( )
A.运动员的主要产热器官是内脏 B.运动员的主要散热方式是汗液蒸发
C.运动员的体温调节中枢在大脑 D.运动员的皮肤血管收缩以增加散热
【答案】B
【解析】体温的相对稳定是产热和散热保持动态平衡的结果；寒冷环境中，机体通过调节使甲状腺激素和肾上腺素分泌增多，通过促进代谢，加快物质氧化分解来增加产热。
【解答】A、人体体温的相对稳定是产热和散热保持动态平衡的结果，产热器官主要是内脏器官，运动时则主要是骨骼肌，A不符合题意。
B、散热器官主要靠皮肤和汗腺，散热的途径主要是汗腺分泌汗液和皮肤毛细血管的变化，此外含有传导散热等，B符合题意。
C、体温调节的中枢位于下丘脑；感知觉的形成部位在大脑皮层，C不符合题意。
D、机体产热大量增加，通过神经调节，引起皮肤毛细血管舒张和汗腺分泌增加，导致散热加快以维持体温的相对稳定，D不符合题意。
4.（2020八上·嘉兴月考）自来水厂净化水的主要步骤如图所示，下列有关说法中，不正确的是( )
A.步骤①②可除去难溶性杂质
B.X试剂可以是明矾
C.步骤④中常加入氯气等物质进行杀菌
D.图中净化后的水是纯净物，即可饮用
【答案】D
【解析】（1）过滤操作用于分离液体和不溶于液体的固态物质；
（2）明矾在水中可以电离出两种金属离子，生成胶状的氢氧化铝,吸附能力很强，可以吸附水里悬浮的杂质,并形成沉淀,使水澄清；
（3）氯气与水反应生成了次氯酸，它的强氧化性能杀死水里的病菌，从而起到消毒作用；
（4）只由一种物质组成的叫纯净物，由两种或多种物质组成的叫混合物。
【解答】A.步骤①加入试剂使水中的固态物质生产沉淀，②通过过滤可除去难溶性杂质，故A正确不合题意；
B.X试剂可以是明矾，明矾可以起到净水作用，故B正确不合题意；
C.步骤④中常加入氯气等物质进行杀菌，故C正确不合题意；
D.图中净化后的水中仍然存在大量的矿物质，因此它是混合物，而不是纯净物，故D错误符合题意。
5.（2019·衢州）小科用一个不带电的轻质泡沫球靠近电脑显示屏，小球偏至如图实线位置。据此推测显示屏（ ）
A.带正电 B.带负电 C.不带电 D.一定带电
【答案】D
【解析】电荷 ，为物体或构成物体的质点所带的正电或负电，带正电的粒子叫正电荷（表示符号为“+”），带负电的粒子叫负电荷（表示符号为“﹣”）。也是某些基本粒子(如电子和质子)的属性，同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
【解答】由图可知，不带电的轻质泡沫球能够被显示屏吸引，则说明显示屏一定带电，因为带电体能够吸引轻小物体，而无法判断显示屏的带电类型；故D符合；
6.（2019八上·杭州期中）现代建筑多采用中空双层玻璃窗隔热，实验表明，中空双层玻璃窗的隔热性能与两层玻璃间空气压强有关，实验测得中空双层玻璃内外温差与中间空气压强关系如图所示，则中空双层玻璃中间空气压强（ ）
A.等于大气压强时，没有隔热效果 B.小于10-1Pa时，隔热效果变差
C.在10-1～102Pa时，隔热效果最好 D.等于10-3Pa时的隔热效果比104Pa时好
【答案】D
【解析】分析图像可知，如果有温度差就说明有隔热效果，温差越大，隔热效果越好。
【解答】A.根据图像可知，当等于大气压强105Pa时，内外温差小于20℃，但并不是0，说明仍然有隔热效果，故A错误；
B.分析图像可知，双层玻璃间的压强越小，温度越大，隔热效果越好，因此小于10-1Pa时，隔热效果变好，故B错误；
C. 在10-1～10-3Pa时，温度最大，隔热效果最好，故C错误；
D.等于10-3Pa时，内外温差将近40℃，等于104Pa时内外温差小于20℃，因此等于10-3Pa时的隔热效果比104Pa时好，故D正确。
7.（2018八上·温州期中）学习“植物的向性”后，小明利用4粒浸泡过的玉米种子进行如图实验。当种子萌发一段时间后，A、C玉米根的生长方向应为（箭头表示根生长的方向（ ）
A.A→ C← B.A← C→ C.A↑ C↑ D.A↓ C↓
【答案】D
【解析】向性属于应激性的一种，是指在单向的环境刺激下，静止型生物（植物、真菌及水螅型腔肠动物等）的定向运动反应。
【解答】植物的根在地球上，具有向地性，所以AC玉米根都会竖直向下生长；故D符合；
8.（2020八上·萧山月考）参照下表(A 物质的溶解性表)，在常温 20 ℃时进行如下实验，则④中溶液的溶质质量分数是( )
温度(℃)
20
50
溶解度(g)
30
100
A.37.5% B.23.1% C.28.6% D.60%
【答案】A
【解析】根据图片可知，在溶液4中，加入的溶质质量为：20g+20g+20g=60g，全部溶解，那么溶质质量分数为：60g100g+60g×100%=37.5%。
9.（2018八上·温岭期中）图甲是A物质的溶解度曲线，图乙烧杯中盛有t℃时A物质的饱和溶液，溶液质量为100克，下列叙述中，错误的是（ ）
A.物质的溶解度随温度的升高而增大 B.升高温度，该饱和溶液变成不饱和溶液
C.在t℃时，恒温蒸发烧杯中的水分有晶体析出 D.在t℃时，该溶液中A物质的质量是a克
【答案】D
【解析】根据固体物质溶解度曲线的意义，可知，同一温度下可以比较不同物质的溶解度的大小；还可以判断同一物质在不同温度下溶解度的变化情况。
【解答】A、从图像中可以看出，该物质的溶解度随着温度的升高而增大，故A正确，但不符合题意；
B、从图中可知，升高温度，该物质的溶解度增大，饱和溶液将变成不饱和溶液，故B正确，但不符合题意；
C、在 t℃时，恒温蒸发烧杯中的水，溶剂减少，则溶质将析出，故C正确，但不符合题意；
D、在 t℃时，该100g溶液中含有a克A物质，则说明100克水达到饱和时溶解的A物质的质量将大于a克，故D错误，但符合题意；
10.（2018八上·秀洲期中）某同学自己设计了一个粗略测量大气压强的实验：把两个橡胶皮碗对在一起，用力挤出中间的空气，如图所示．把皮碗悬吊起来，在皮碗下挂重物，逐渐增加所挂的重物，测出最多能挂的物重G，再测出此时皮碗的直径d，皮碗自重忽略不计．则根据这些数据计算大气压P的公式是 ( )
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】（1）当皮碗刚刚被拉开时，它受到的大气压力等于先物体的重力；
（2）已知压力和受力面积根据公式p=FS计算大气压强。
【解答】当皮碗刚刚被拉开时，它受到的大气压力等于物体的重力，即F=G；
皮碗的受力面积为：S=πr2=π(d2)2=πd24；
那么大气压强p=FS=Gπd24=4Gπd2。
11.（2019八下·慈溪期末）下列与人体生命活动调节有关的说法，错误的是（ ）
A.图一中[②]胰岛分泌的胰岛素通过导管进入毛细血管，输送到身体各处
B.图二表示神经系统由[①]脑、[②]脊髓及[③]它们发出的神经组成
C.图三表示反射弧，神经冲动的传递方向是：①→②→③→④→⑤
D.图四中A图与B图相比，外界气温高，皮肤内毛细血管扩张
【答案】A
【解析】图一①肝脏、②胰腺; 图二①大脑、②脊髓、③神经 ；图三 ①感受器、②传入神经③神经中枢、④传出神经、⑤效应器; 图四A的血管内径大于B的血管内径。
【解答】A图一中[②]胰岛分泌的胰岛素通过组织液进入毛细血管，输送到身体各处，A叙述错误，符合题意；
B图二表示神经系统由[①]脑、[②]脊髓及[③]它们发出的神经组成 ，B叙述正确，不符合题意；
C图三表示反射弧，①感受器、②传入神经③神经中枢、④传出神经、⑤效应器，神经冲动的传递方向是：①→②→③→④→⑤ ，C叙述正确，不符合题意；
D图四中A图与B图相比，外界气温高，皮肤内毛细血管扩张后内径增大，D叙述正确，不符合题意。
故答案为：A。
12.（2018八上·杭州月考）用下列实验操作可完成两个实验．甲实验为粗盐中难溶性杂质的去除，乙实验为配制溶质的质量分数为10%的氯化钠溶液，下列说法正确的是（ ）
A.甲实验的步骤是①④⑤，当蒸发皿中的滤液全部蒸干后才能停止加热
B.甲实验各步操作中，玻璃棒的作用都是相同的
C.乙实验若按照②③①的步骤进行操作，则配制的溶液浓度偏大
D.乙实验中，若①所用的烧杯内壁沾有水，对配制的溶液浓度无影响
【答案】C
【解析】（1）粗盐提纯中难溶性杂质的去除的操作步骤是溶解、过滤、蒸发；
（2）根据溶解、过滤、蒸发操作中的玻璃棒的作用进行分析；
（3）配制一定质量分数的溶液的步骤：计算、称量（量取）、溶解；使用量筒读数时，“俯大仰小”；
（4）乙实验中，若①所用的烧杯内壁沾有水，分析对溶剂的质量的影响，进而得到对溶液浓度的影响。
【解答】A.粗盐中难溶性杂质的去除的操作步骤是溶解、过滤、蒸发，即步骤是①④⑤，待蒸发皿中出现较多量的固体时，应停止加热，利用余热将剩余液体蒸干，故A错误；
B.甲实验各步操作中，溶解时玻璃棒的作用是搅拌，能够加快粗盐的溶解速率；过滤时玻璃棒的作用是引流；蒸发时玻璃棒的作用是搅拌，防止液体飞溅；玻璃棒的作用不相同，故B错误；
C.配制一定质量分数的溶液的步骤：计算、称量（量取）、溶解，乙实验按照②③①的步骤进行操作。配制溶液时，量取水的体积时，图中俯视读数会导致所取水的体积偏少，从而导致配制的溶液浓度偏大，故C正确；
D.乙实验中，若①所用的烧杯内壁沾有水，会造成溶剂的质量偏大，则会导致配制的溶液浓度偏小，故D错误。
13.（2019八上·余杭期中）下图几种大气运动形式中，气流运动方向表示不正确的是( )
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】热力环流的概念：由地面冷热不均而形成的空气环流，称为热力环流。 热力环流形成的根本原因：太阳辐射能的纬度分布不均，造成地面的冷热不均。气压分布大小的判断：（1）同一水平面上，气温高的地方气压低，这主要取决于空气的密度大小。气温高的地方空气膨胀上升，该处空气密度小、气压低；气温低的地方正好相反。（2）垂直方向上，随着海拔升高，气压降低。 在同一水平面上，空气总是由高气压流向低压气。但在垂直方向上，则不然。空气的垂直运动主要是由冷却收缩，受热膨胀等因素引起的，并非取决于气压的高低。
【解答】A、在同一水平面上，空气总是由高气压流向低压气。但在垂直方向上，却不是这样。空气的垂直运动主要是由冷却收缩，受热膨胀等因素引起的，并非取决于气压的高低，A不符合题意。
B、白天，陆地升温快，气流上升，海洋升温慢，气流下沉，B符合题意。
C、根据热力环流的原理，受热处气流上升，遇冷处气流下沉，C不符合题意。
D、城市温度高，气流上升，郊区温度低，气流下沉，D不符合题意．
14.（2020八上·南浔期末）下列对ａ、ｂ、ｃ、ｄ四地的天气状况判断，正确的是（ ）
A.ａ、ｂ、ｃ、ｄ都为阴雨天气
B.ｂ、ｃ为阴雨天气
C.ａ、ｂ、ｃ、ｄ都为晴朗天气
D.ｂ、ｃ为晴朗天气
【答案】D
【解析】暧气团主动向冷气团移动而形成的锋叫做暧锋。暧锋过境时，常出现阴雨天气，由于暧气团沿冷气团爬升速度较慢， 因此多形成连续性降雨天气。暧锋过境后，暧气团占据原来冷气团的位置，气温上升，气压下降，天气转晴。暧锋降水主要发生在锋前。冷气团主动向暧气团移动而形成的锋是冷锋。冷锋过境时，常出现阴天、刮风、雨雪等天气现象。冷锋过境后，冷气团占据了原来暧气团的位置，气温、湿度明显降低，气压升髙，天气转晴，冷锋降水主要发生在锋后。
【解答】根据锋面的形状可判断，甲图为冷锋，乙图为暧锋，b地位于冷锋前，为晴天；a地位于冷锋后，为阴雨天气； d地位于暖锋前，多为连续性降水； c地位于暖锋后，为晴天。
15.（2020八上·秀洲月考）一杯70 ℃的硝酸钾饱和溶液，冷却后有晶体析出(晶体不含结晶水)，若不考虑溶剂的蒸发，则剩余溶液与原溶液相比( )
A.溶质质量不变 B.由饱和溶液变为不饱和溶液 C.溶液质量不变 D.溶质的质量分数减小
【答案】D
【解析】（1）析出的晶体越多，溶质的质量越小；
（2）如果溶液中有晶体析出，那么肯定是饱和溶液；
（3）溶液质量=溶剂质量+溶质质量；
（4）根据溶质质量分数=溶质质量溶液质量×100%判断即可。
【解答】一杯70 ℃的硝酸钾饱和溶液，冷却后有晶体析出，那么溶质的质量减小，故A错误；
由于溶液中有晶体析出，那么得到的溶液肯定是饱和溶液，故B错误；
溶质质量减少，而溶剂质量不变，根据溶液质量=溶剂质量+溶质质量可知，溶液质量减小，故C错误；
根据公式溶质质量分数=溶质质量溶液质量×100%可知，当溶质质量减小而溶剂质量不变时，溶质质量分数减小，故D正确。
16.在探究电路的电流规律实验时，用了图甲所示的电路，在图甲所示的电路中，A1的示数为1.2 A，A2的示数如图乙所示，下列判断中正确的是（ ）
A.通过L2的电流为2.5 A
B.通过L1的电流为1.2 A
C.通过L2的电流为1.2 A
D.通过L1的电流为0.7 A
【答案】D
【解析】首先根据甲图确定两个电流表测量的物理量，再根据乙图确定A2的示数，最后根据并联电流的特点计算即可。
【解答】根据甲图可知，灯泡L1与L2并联，电流表A1在干路上测总电流，A2与灯泡L2串联测它的电流，因此A2的示数小于A1。根据乙图可知，电流表选择量程0~0.6A量程，分度值为0.02A，那么A2的示数为0.5A。根据并联电流的特点，那么通过灯泡L1的电流：I1=I总-I2=1.2A-0.5A=0.7A。
故A、B、C错误，而D正确。
17.如图所示，电压不变，两只电表均完好，开关S闭合后，发现只有一只电表的指针发生偏转，若电路中只有一个灯泡出现了故障，则可能是（ ）
A.电压表指针发生偏转，灯泡L1短路
B.电流表指针发生偏转，灯泡L2断路
C.电压表指针发生偏转，灯泡L1断路
D.电流表指针发生偏转，灯泡L2短路
【答案】C
【解析】根据各个选项中的现象，对对应的故障进行判断即可。
【解答】两个灯泡串联，电压表测灯泡L1的电压，电流表测总电流。
如果电压表的指针发生偏转，那么电流表的指针几乎不动，说明电路中肯定电阻很大，应该是灯泡L1断路，电压表串联造成的。由于电压表与电源并联，所以此时它的示数接近电源电压，故A错误，C正确；
如果电流表的指针发生偏转，那么电压表的指针不动，说明整个电路是通路，但是电流没有经过灯泡R1，即灯泡R1短路，故B、D错误。
18.（2020八上·台州月考）小明利用如图所示的实验，研究浮力大小与深度的关系。根据测得的实验数据，作出了弹簧测力计的示数F与物体下表面在水中所处深度h的关系图象。根据该图象可以得出的正确结论是（水的密度ρ＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）（ ）
A.物体的质量是12kg B.物体浸没在水中时，受到的浮力大小为12N
C.物体的密度为2×103kg/m3 D.物体的体积为60cm3
【答案】C
【解析】（1）当物体下表面的深度为0时，它不受浮力，此时测力计的拉力等于自身重力，根据公式m=Gg计算即可。
（2）当物体完全浸没在水中时，排开液体的体积不变，那么它受到的浮力不变，因此测力计的拉力也保持不变。根据乙图确定完全浸没时测力计的拉力，然后根据F浮=G-F拉计算即可。
（3）首先根据V=V排=F浮ρ液g计算出该物体的体积，再根据ρ=mV计算它的密度。
（4）根据（3）中的分析判断。
【解答】A.根据乙图可知，当物体下表面的深度为零时，此时物体不受浮力，弹簧测力计的示数为12N。根据二力平衡的知识可知，物体的重力G=F=12N，质量为：m=Gg=12N10N/kg=1.2kg，故A错误；
B.根据乙图可知，当物体完全浸没时，弹簧测力计的示数为6N，此时它受到的浮力：F浮=G-F拉=12N-6N=6N，故B错误；
C.该物体的体积V=V排=F浮ρ液g=6N103kg/m3×10N/kg=6×10−4m3；
该物体的密度为：ρ=mV=1.2kg6×10−4m3=2×103kg/m3，故C正确；
D.该物体的体积为：6×10-4m3=600cm3，故D错误。
19.某同学利用如图甲所示的电路进行实验，电源电压恒为3V，更换5个定值电阻Rx，得到如图乙所示的图像。以下有关叙述正确的是( )
A.该同学研究的是电流和电压的关系 B.实验中电压表的示数保持0.5V不变
C.滑动变阻器阻值变化范围为1～5Ω D.将Rx从5Ω换成10Ω后，应将滑片P向左移
【答案】C
【解析】（1）根据图乙确定实验中的变量，从而确定实验探究的目的；
（2）根据控制变量发的要求可知，探究电流与电阻的关系时要保持电压不变，从乙图中找到一组对应的电流和电阻值，根据U=IR计算出Rx两端的电压即可；
（3）根据乙图，分别确定电路的最小和最大电流，已知变阻器两端的电压保持0.5V不变，根据R=UI计算出变阻器的阻值范围即可；
（4）在串联电路中，电压与电阻成正比，据此分析变阻器的阻值变化，然后确定滑片的移动方向。
【解答】由图乙可知，实验中变量为电流和Rx，Rx两端电压为定值，所以该同学探究的是电流和电阻的关系，故A错误；
实验中电压表测Rx两端的电压，根据图乙可知，当电阻为25Ω时电流为0.1A，代入公式U＝IR可知，电压表的示数保持2.5V不变，故滑动变阻器两端的电压保持0.5V不变，故B错误；
当Rx为5Ω电阻时，电路中电流为0.5A，由欧姆定律可知此时滑动变阻器的阻值R＝ UI ＝ 0.5V0.5A ＝1Ω；当Rx为25Ω时，电路中电流为0.1A，由欧姆定律可知此时滑动变阻器的阻值R＝ UI ＝ 0.5V0.1A ＝5Ω，所以滑动变阻器阻值变化范围为1～5Ω，故C正确；
将Rx从5Ω换成10Ω，由串联电路分压的特点可知，电压表的示数会变大。为保证电压表数值不变，就要减小Rx的电压而增大变阻器两端的电压。由串联电路分压的特点可知，应增大滑动变阻器的阻值，由图甲可知，滑片P应向右移。
20.如图所示，弹簧测力计下端悬挂一高度为1cm、质量为m的圆柱体，它在水中受到最大浮力为 mg2 ，圆柱体下表面刚刚与水面接触到全部浸没后，测力计示数F拉及圆柱体所受的浮力F浮分别与浸入水中深度h关系图正确的是( )
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】（1）根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，浮力的大小与排开液体的体积成正比；
（2）当物体在水中静止时，它受到的浮力F浮力=G-F拉，据此对浮力和拉力与深度的关系进行判断即可。
【解答】当圆柱体的下表面开始入水时，此时浮力为0，那么测力计的示数F=G=mg。随着深度的不断增大，V排变大，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，圆柱体受到的浮力不断变大。当圆柱体完全浸没后，它的浮力达到最大mg2，此后V排不变，它受到的浮力保持不变，故C、D错误；
开始时，测力计的示数F=G=mg。根据F浮力=G-F拉可知，随着浮力的不断增大，测力计的示数不断减小。当浮力达到最大时，测力计的示数得到最小为：mg2，此后示数保持不变，故A正确，B错误。
二、填空题
21.（2020八上·萧山月考）根据“水循环示意图”填空。
（1）写出图中编号在水循环中所代表的环节：
② 蒸发；③________；⑤________。
（2）人类修建水库主要是改造上述水循环中的________(填序号)环节。
（3）使水循环连续进行的动力是________和________。
（4）水循环中能为陆地不断补充淡水的是________间的水循环。
【答案】（1）水汽输送；地表径流
（2）5
（3）太阳辐射；地心引力
（4）海陆间循环
【解析】（1）水循环的环节包括：蒸发、植物蒸腾、水汽输送、降水、地表径流、下渗、地下径流；
（2）修建水库，其实就是改变地表水流的路径，从而对地表径流产生影响，为跨不同时间段的水资源调配提供可能。
（3）地面上的水通过吸收太阳能，进行蒸发或蒸腾，在天空形成云层；然后又在地心引力的作用下形成降雨，从而实现水循环。
（4）根据水循环的作用解答。
【解答】（1）图中编号代表的水循环的环节为：②蒸发；③水汽输送；⑤地表径流。
（2）人类修建水库主要是改造上述水循环中的地表径流环节，故选⑤；
（3）使水循环连续进行的动力是太阳辐射和地心引力。
（4）水循环中能为陆地不断补充淡水的是海陆间循环间的水循环。
22.（2020八上·柯桥月考）现有 60℃的饱和食盐溶液，与该溶液有关的量有①水的质量；②溶液中溶质氯化钠的质量；③氯化钠的质量分数；④60℃时氯化钠的溶解度；⑤溶液的质量。用序号填空：
（1）将该饱和溶液加水稀释，不变的量有________；
（2）将该饱和溶液降温至 20℃，一定变化的量有________。
【答案】（1）②④
（2）②③④⑤
【解析】（1）根据溶液的性质和溶质质量分数的知识对研究的内容是否改变进行判断；
（2）当温度下降时，食盐溶液的溶解度肯定减小，据此对各个内容是否变化进行判断。
【解答】（1） 60℃的饱和食盐溶液加水稀释后：
①加水后，溶剂水的质量变大；
②加水后对溶质的质量没有影响，因此氯化钠的质量保持不变；
③根据溶质质量分数=溶质质量溶液质量×100%可知，溶质质量不变但是溶液质量增大，那么氯化钠的质量分数变小；
④氯化钠的溶解度只与温度有关，因此溶解度保持不变；
⑤加水后，溶液的质量变大。
那么不变的量是②④。
（2）将饱和溶液降温至20℃：
①降低温度对水的质量没有影响，即水的质量保持不变；
②温度降低后，氯化钠的溶解度变小，因此会有氯化钠晶体析出，导致溶质的质量减小；
③根据溶质质量分数=溶质质量溶液质量×100%可知，当溶剂的质量不变时，溶质的质量越小，溶质质量分数越小；
④温度降低，氯化钠的溶解度变小；
⑤溶剂的质量不变，溶质质量变小，那么溶液的质量肯定变小。
因此一定变化的量为：②③④⑤。
23.利用一根吸管制作一个简易密度计。
（1）为了让饮料吸管能竖直地漂浮在液体中，应在吸管的下端塞入一些________作为配重，并用石蜡将吸管的下端封闭起来。若将它放入液体中后不能竖直漂浮，请提出改进做法：________。
（2）这根吸管竖直漂浮在不同液体中时，液体的密度越大，它露出液面部分的长度________(选填“越长”“越短”或“不变”)，受到的浮力大小________(选填“变大”“变小”或“不变”)。
（3）通过正确计算，在吸管上标出对应的刻度线，便制成了一个简易的吸管密度计。图中两种刻度的标示合理的是________(选填“A”或“B”)，理由是________。
【答案】（1）金属丝；增加配重
（2）越长；不变
（3）A；浮力相同时，V排越小，ρ液越大
【解析】（1）物体的重心越低，越稳定，为了使吸管的重心降低，必须在下端加入重物做配重。如果吸管不能竖立起来，说明配重不够重，继续增大配重即可；
（2）首先根据浮沉条件分析受到浮力的变化，再根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排判断排开液体的体积变化，再根据V露=V-V排确定露出液面长度的变化。
（3）注意分析密度计的刻度变化规律即可。
【解答】（1）为了让饮料吸管能竖直地漂浮在液体中，应在吸管的下端塞入一些金属丝作为配重，并用石蜡将吸管的下端封闭起来。若将它放入液体中后不能竖直漂浮，请提出改进做法：增加配重。
（2）这根吸管再不同液体中都是漂浮，那么它受到的浮力始终等于重力，即浮力大小不变。根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，液体的密度越大，V排越小，根据V露=V-V排可知，它露出液面部分的长度越长。
（3）根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，V排越小，刻度越靠下，液体的密度越大，因此密度计的刻度从下向上，逐渐变小，因此合理的是A。
24.（2019八上·浙江期中）密度计分为“比重计”和“比轻计”。测量密度大于水的液体时用比重计，比重计的最小刻度线是“1”；测量密度小于水的液体用比轻计，比轻计的最大刻度线是“1”。图中A、B两支密度计，一支是比重计，一支是比轻计，它们的外形完全相同，B中配重质量大于A。
（1）图中刻度“a”________刻度“b”（填“大于”或“小于”）。
（2）将A、B两支密度计放入水中，漂浮时露出水面较长的密度计是________。
（3）关于A、B两支密度计及刻度线“1”位置的说法正确的是 。
A.密度计A是比重计，刻度线“1”在密度计刻度的上端
B.密度计B是比重计，刻度线“1”在密度计刻度的上端
C.密度计A是比重计，刻度线“1”在密度计刻度的下端
D.密度计B是比重计，刻度线“1”在密度计刻度的下端
【答案】（1）小于
（2）A
（3）B
【解析】（1）根据两条刻度线的位置判断V排的大小关系，然后根据公式F浮=ρ液gV排比较对应的液体密度的大小关系，并总结出密度计上刻度的分布规律；
（2）根据漂浮条件结合二者的重力大小比较它们受到浮力的大小关系，然后根据F浮=ρgV排分析V排大小关系，最后根据V露=V-V排确定那个密度计露出的长；
（3）根据漂浮条件结合二者的重力大小比较它们受到浮力的大小关系，然后根据F浮=ρgV排分析V排相等时对应液体密度的大小，哪个密度大，哪个就是比重计；根据（1）中得出的刻度分布规律对刻度“1”的位置进行确定。
【解答】（1）根据图片可知，a在b的上面，
那么排开液体的体积V排a＞V排b；
当密度计漂浮在液面上时，浮力始终等于重力，即浮力保持不变；
根据公式F浮=ρ液gV排可知，V排越大，液体密度越小，
因此刻度“a”＜刻度“b”；
即在密度计上，上面的刻度小比下面的刻度小。
（2）将A、B两支密度计放入水中，它们都在水面漂浮，
那么受到的浮力即F浮=G；
因为GA＜GB，
所以它们受到的浮力FA＜FB；
根据F浮=ρ液gV排可知，当液体密度相同时，浮力越大，V排越大；
因此排开水的体积VA＜VB，
那么A露出水面的长度较大。
（3）当两只密度计都漂浮在液面上时，
A受到的浮力小于B受到的浮力，即FA＜FB；
如果A、B的V排相等，根据F浮=ρ液gV排可知，这时A测量的液体密度小于B测量的液体密度，
即A为比轻计，B为比重计；
因为密度计的刻度从上向下逐渐增大，且比重计的刻度线“1”最小，
所以比重计的刻度线“1”在最上端。
25.（2018八上·温州期中）已知生长激素和胰岛素一样均为蛋白质，口服蛋白质会被胃消化而失去效果， 小科为探究生长激素的作用做了如下实验：取多只同样大小的幼鼠等分为 A、B、C 三组，分别放人三个饲养笼，给 A 组幼鼠定期注射适量生长激素，B 组不注射，C 组定期饲喂与 A 组相同量的生长激素，其他生长条件均一致。一段时间后，A 组增重 40%，
B、C 两组增重为 25%，回答下列问题：
（1）________组结果和 B 组结果比较，说明生长激素有促进生长的作用。
（2）C 组结果和 B 组结果比较，________（填“能”或“不能”）说明生长激素没有任何生理作用。
（3）若将本实验中的生长激素改为甲状腺激素（不是蛋白质，不能被消化），重复以上A、B、C 组实验，则________组幼鼠会提前成熟。
【答案】（1）A
（2）不能
（3）A、C
【解析】本题主要考查生长激素和甲状腺激素对生物的作用知识点。
【解答】（1）这是因为A组是给幼鼠定期注射适量生长激素，B组不注射，那么可以通过实验结果比较，来说明生长激素有促进生长的作用。
（2）C 组定期饲喂与 A 组相同量的生长激素，其他生长条件均一致。 已知生长激素和胰岛素一样均为蛋白质，口服蛋白质会被胃消化而失去效果， C 组结果和 B 组结果比较，不能说明生长激素没有任何生理作用。
（3）甲状腺激素可以生长发育，促进代谢，B组并没有注射甲状腺激素。因此AC组幼鼠会提前成熟。
26.（2019八上·衢州期中）天气与气候有区别又有联系，与人类的生活、生产关系密切。
（1）如图是浙江省某时的天气图，请回答下列问题：
①丁地在该锋面过境时，会出现________天气。
②此时风向是________(选填“甲吹向乙”、“乙吹向甲”）。
（2）下面是某县气象台某日发布的一条气象消息：我县明天阴有小雨，西北风4级，最高气温为22℃，最低温 11℃，空气质量优。则：
①气象消息中最高气温为 22℃，应出现在________左右。
②该县该日的大气运动可用下图中的________作为大气运动示意图。
甲 乙
【答案】（1）升温降水；乙吹向甲
（2）午后二时；乙
【解析】气温的变化：1.日变化，以一天为周期的气温变化。最高气温出现在午后2时，最低气温出现在日出前后。往往高气压地区为晴朗天气，低气压地区是阴雨天气。
【解答】（1）暖锋过境时，温暖湿润，气温上升，气压下降，天气多转云雨天气。与冷锋相对。 此时风向是乙吹向甲，因为乙地是高气压区，甲地是低气压区、
（2）气象消息中最高气温为 22℃，应出现在午后二时左右。②该县该日的大气运动可用下图中的乙作为大气运动示意图，因为天气是阴有小雨，乙地为低气压，所以是阴雨天气。
27.（2016九上·金华期中）如图所示的电路中，当开关S闭合，S1、S2断开时，灯泡________串联；当开关S，S1、S2均闭合时，灯泡________并联，此时电流表测的是________中的电流．
【答案】L1、L3；L1、L2；L2
【解析】本题主要考查以下几个方面的知识：（1）串并联电路的判断：串联电路中各灯泡逐个顺次连接，只有一条电流的流通路径，各处电流相等；并联电路中各灯泡并联连接，电路中电流有多条流通路径．（2）电流表的使用方法：电流表与被测电路部分相串联．
【解答】如图所示，当开关S闭合，S1、S2断开时，灯泡L2处于开路状态，灯泡L1、L3首尾相连属于串联；
当开关S，S1、S2均闭合时，灯泡L3 被短路，灯泡L1、L2有共同的结点，属于并联，此时电流表与灯泡L2串联测的是 L2中的电流．
28.（2019八上·江山期中）下列数据是硝酸钾固体在不同温度时的溶解度．
（1）20℃时，向100g水中加入31.6g硝酸钾，充分溶解后得到________（填“饱和”或“不饱和”溶液。
（2）20℃时，向100g水中加入40g硝酸钾，若使硝酸钾完全溶解，可以采用的方法是________。
（3）如图所示，小烧杯中盛放的是上述（1）中所得硝酸钾溶液，若将少量的下列物质分别放入大烧杯中的水中，不断搅拌，则小烧杯中一定有硝酸钾晶体析出的是 （填字母）。
A.冰
B.氢氧化钠
C.硝酸按
D.干冰
【答案】（1）饱和
（2）升高温度或加水
（3）A,C,D
【解析】（1）根据表格确定20℃时硝酸钾的溶解度，然后与31.6g进行比较；如果溶解度小于或等于31.6g，那么溶液达到饱和；
（2）饱和溶液变成不饱和溶液的方法：①增加溶剂；②改变温度；
（3）如果硝酸钾的溶液达到饱和，那么降低温度时，它的溶解度减小，肯定会有硝酸钾的晶体析出。
【解答】（1）根据表格可知，20℃时硝酸钾的溶解度为31.6g，即100g水中正好溶解31.6g硝酸钾，因此得到饱和溶液；
（2）根据表格可知，硝酸钾的溶解度随温度升高而增大，因此若使硝酸钾完全溶解，方法有：升高温度或加水；
（3）在溶液中加入冰，冰熔化吸热；加入硝酸铵，它溶于水时吸热；加入干冰，它升华时吸热，三者都会使溶液的温度降低，从而析出硝酸钾晶体，故A、C、D正确；
加入氢氧化钠时，它溶于水时放热，溶液温度升高，硝酸钾的溶解度增大，故B错误。
29.（2019八上·天台期中）小明在水盆中洗碗，发现一个大碗正漂浮在水盆中，如图所示。他将水盆底的一铁沙球放入大碗中，但大碗仍然漂浮。与原先相比，大碗所受到的浮力将________（选填“变大”、“不变”或“变小”），水盆中的水面将会________（选填“上升”、“不变”或“下降”）。
【答案】变大；上升
【解析】（1）根据漂浮条件，判断大碗受到的浮力和重力的关系，进而确定它受到浮力的变化；
（2）已知浮力的大小变化根据公式F浮=ρ液gV排确定大碗排开水的体积变化，进而确定水面的变化。
【解答】（1）铁沙球放入大碗前后，大碗都在水面漂浮，
那么它受到的浮力始终等于重力；
因为放入球后，大碗的总重力变大；
所以大碗受到的浮力变大；
（2）当铁沙球沉在水底时，
大碗和球受到的总浮力：F浮
大碗和球受到的总浮力：F'浮=G碗+G球；
因此它们受到的总浮力变大了；
根据公式F浮=ρ液gV排可知，水的密度不变，那么大碗排开水的体积变大；
因此水盆中的水面将会上升。
30.（2019八上·杭州月考）科技小组的同学想利用学到的浮力知识制作一个浮力秤．他们找来一个瓶身为柱状体的空饮料瓶，剪掉瓶底，旋紧瓶盖，在瓶盖系一块质量适的石块，然后将其倒置在水桶里，使用时，只要把被测物体投入瓶中，从水面所对的刻度就可以直接读出被测物体的质量，经测量，该饮料瓶圆柱状部分的横截面积为12cm2(忽略塑料瓶厚度)，当浮力秤中不放被测物体时，水面所对位置为零刻度，如上页图所示。(g取10N/kg)
（1）如图所示，浮力秤静止时，浮力秤所受的重力________(填大于、等于、小于)其所受的浮力。
（2）浮力秤下悬挂的石块的作用是________。
（3）如果浮力秤柱状体的最大刻度是4cm，那么浮力秤所测的质量的最大值是________g。
（4）这种浮力秤的质量刻度是均匀的吗？答：________，请说明理由：________。
【答案】（1）等于
（2）可以使浮力秤能够竖直地漂浮在水中
（3）48
（4）均匀；浮秤放入物体漂浮时，增大的浮力等于增大的重力：△F浮＝G，即：ρ水gSh＝mg，可得： h＝m/ρ水Sh，∵ρ水、π、r为定值，∴h与m成正比，即该浮力秤质量的制度是均匀的
【解析】（1）根据二力平衡的知识分析；
（2）物体的重心越低，就越稳定。如果饮料瓶里没有石块，那么它会躺在水面上；如果在里面放上石块，那么瓶子竖直站立时重心最低，最稳定；
（3）首先根据F浮=ρ液gV排计算出达到最大刻度时受到的浮力，然后根据二力平衡的知识得到它的最大重力，最后根据重力公式计算出称量的最大质量；
（4）根据二力平衡和阿基米德原理，推导出测量物体的质量和深度h的变化关系式，如果二者成正比例关系，那么刻度就是均匀的。
【解答】（1）当浮力秤静止时，它在水面漂浮，那么它受到的浮力和重力相互平衡，即重力等于浮力；
（2）浮力秤下悬挂的石块的作用是：可以使浮力秤能够竖直地漂浮在水中。
（3）当最大刻度为4cm时，浮力秤的V排=Sh=12cm2×4cm=48cm3；
因为它在水面漂浮，
那么F浮力=G；、
ρ液gV排=mg；
ρ液V排=m；
1g/cm3×48cm3=m；
解得：m=48g；
（4）浮秤放入物体漂浮时在水面漂浮，
根据二力平衡的知识可知，它增大的浮力等于增大的重力，
即△F浮＝G；
ρ水gSh＝mg，
可得： h＝m/ρ水Sh；
因为ρ水、S定值，
所以h与m成正比，
即该浮力秤质量的制度是均匀的。
三、实验探究题
31.（2019·嘉兴）甲状腺激素是一种重要的动物激素，对动物的生长、发育具有重要意义。
（1）Ⅰ.现以某品种小鼠为实验对象研究甲状腺激素的功能，研究小组设计了以下实验：
①将若干健康同龄成年小鼠随机分成数量相同的甲、乙两组：
②待实验鼠安静后，测实验鼠体长，计算平均值；
③实验处理：甲组每天注射甲状腺激素制剂，乙组每天注射等量生理盐水；
④在相同并适宜的条件下饲养一段时间后，测定甲、乙两组每只实验鼠的体长，并分别计算两组实验鼠的体长平均值：
⑤分析实验前后体长数据，计算各组平均体长的增加量，进而得出结论。
请回答下列问题
a.根据上述实验设计，他们研究的问题是：________。
b.纠正实验设计中存在的一个错误：________。
（2）Ⅱ.协同作用是指多种物质同时作用于生物体所产生的作用超过各自单独作用的总和。若要探究甲状腺激素与生长激素的个对小鼠生长是否具有协同作用，在上述已纠正的实验设计基础上，还需要补充两组实验：丙组每天注射生长激素，丁组________（注：由于激素作用的特殊性，实验设计中对各试剂的量和浓度不作具体要求》
实验结果如图所示，n1~n4为各组小鼠体长增加量的相对值。对实验数据分析后发现数据关系为 ________ ，说明这两种激素对小鼠生长具有协同作用。
【答案】（1）甲状腺激素对小鼠的生长（体长）是否有促进作用；应该用幼年小鼠作为实验对象
（2）每天注射甲状腺激素和生长激素；n4>n1+n3-n2或（n4-n2）>(n1-n2)+(n3-n2)
【解析】控制变量在进行科学实验的概念，是指那些除了实验因素(自变量)以外的所有影响实验结果的变量，这些变量不是本实验所要研究的变量，所以又称无关变量、无关因子、非实验因素或非实验因子。甲状腺激素为氨基酸衍生物，有促进新陈代谢和发育，提高神经系统的兴奋性；呼吸，心律加快，产热增加。
【解答】（1） a .由实验步骤可知，该实验过程中的变量是甲状腺激素，记录是数据的实验鼠的体长，因此该实验是为了研究甲状腺激素对鼠的体长的影响；
b. 成年老鼠的身长基本不会发生改变了，因此无论甲状腺激素对老鼠体长有无影响，得出的结果都是几乎无生长；
（2） 要探究甲状腺激素与生长激素的个对小鼠生长是否具有协同作用，丙组注射 生长激素，则丁组要注射甲状腺激素和生长激素； 说明这两种激素对小鼠生长具有协同作用，则注射甲状腺激素和生长的实验组增加量要比不注射激素的增加量快，同时注射两种激素的老鼠体长增长最快，所以其数据满足关系是： n4>n1+n3-n2或（n4-n2）>(n1-n2)+(n3-n2) ；
32.（2019八上·浙江期中）小龙做“估测大气压值”的实验。
（1）在如图所示的装置中，小明不能采用乙图的装置来估测大气压强，其原因是________。
（2）实验步骤如下：
A．先把注射器的活塞推至注射器筒的底端，然后用橡皮帽封住注射器的小孔；
B．用细尼龙绳拴住注射器活塞的颈部，绳的另一端与弹簧测力计的挂钩相连，沿正确的方向慢慢拉动注射器筒，当注射器的活塞刚开始滑动时记下弹簧测力计示数（即大气对活塞的压力）F；
C．读出注射器的容积V；
D．用刻度尺测出注射器筒的全部长度L。
思考并回答：
①以上实验步骤中有一处错误请加以改正：________。
②用测得的物理量表示大气压强的表达式：P=________。
（3）小开对小龙的实验进行改进，在完成A、B步骤，活塞回到注射器底端后，添加了“取下注射器小孔的橡皮帽。再次沿正确方向慢慢匀速拉动注射器筒，记下弹簧测力计的读数”这一实验步骤的目的是为了________。
【答案】（1）乙活塞的重力影响大气压力的测定
（2）D步骤应量出注射器有刻度部分的长度L′（或L）；FL′/V（或FL/V）
（3）测出活塞与注射器筒壁之间的摩擦力,减小摩擦力对实验结果的影响
【解析】（1）如果沿竖直方向拉动测力计，那么测力计的示数=大气压力+活塞重力，会使测得的值偏大；
（2）①注射器的容积其实就是有刻度部分的长度与活塞横截面积的乘积，根据公式S=VL可知，要测量活塞的横截面积，必须测出有刻度部分的长度；
②首先根据公式S=VL计算出活塞的横截面积，然后再根据压强公式计算大气压强；
（3）如果活塞与注射器内壁间存在摩擦力，那么拉力F大于大气对活塞的压力，从而影响测量结果。
【解答】（1）小明不能采用乙图的装置来估测大气压强，其原因是乙活塞的重力影响大气压力的测定；
（2）①以上实验步骤中有一处是错误的，即步骤D，应改正为：量出注射器有刻度部分的长度L；
②注射器活塞的面积为S=VL；
那么大气压强p大气=FS=FVL=FLV ；
（4）小开对小龙的实验进行改进，在完成A、B步骤，活塞回到注射器底端后，添加了“取下注射器小孔的橡皮帽。再次沿正确方向慢慢匀速拉动注射器筒，记下弹簧测力计的读数”这一实验步骤的目的是为了测出活塞与注射器筒壁之间的摩擦力,减小摩擦力对实验结果的影响。
33.（2020八上·萧山月考）“配制一定溶质质量分数的氯化钠溶液”是初中科学的基础实验之一。
（1）现欲配制一瓶 75 g 溶质质量分数为 10%的氯化钠溶液，需氯化钠的质量为________g。
（2）请用图中的序号表示配制溶液的正确操作顺序：________。
（3）图中某步骤错误，该步骤的正确操作为________。
（4）下列情况中，可能会使氯化钠溶液质量分数低于10%的是________。
A．称取的氯化钠不纯，有杂质 B．在量取水时，俯视液面读数
C．配制好的溶液转移时，不小心有少量液体溅出
D．配制好的溶液装入刚用蒸馏水润洗过的试剂瓶保存
E．氯化钠固体潮湿 F．称量时砝码端忘垫质量相同的纸片
G．量取水时，仰视读数 H．装瓶时，有少量溶液洒出 I．左码右物
（5）实验室用15%的氯化钠溶液加水稀释成5%的氯化钠溶液，则需要15%的氯化钠溶液________g，向其中加入________g水可配得 120 克 5%的氯化钠溶液。
【答案】（1）7.5
（2）④②③⑤①
（3）称量时左码右物（物体和砝码位置放反）
（4）ADEFGI
（5）40；80
【解析】（1）根据溶质质量=溶液质量×溶质质量分数计算即可；
（2）根据称量固体→量取液体→加水溶解的顺序进行排列即可；
（3）注意分析天平的使用是否正确；
（4）根据溶质质量分数=溶质质量溶液质量×100%可知，溶质质量分数偏小的原因为：①溶质质量偏小；②溶剂的质量偏大，据此分析判断。
（5）稀释前后溶质的质量不变，根据溶质质量=溶液质量×溶质质量分数列方程计算；稀释前后溶液的质量之差就是加水的质量。
【解答】（1）需要氯化钠的质量：75g×10%=7.5g；
（2）配制一定溶质质量分数的溶液时，先从试剂瓶中取出药品，再用天平称量出规定质量的药品，倒入烧杯中备用；接下来用量筒量取规定体积的水，最后倒入烧杯中进行搅拌溶解即可，因此正确的顺序为：④②③⑤①。
（3）根据图②可知，该步骤的错误为砝码和氯化钠的位置放反了，正确操作为：称量时左物游码。
（4）A.称取的氯化钠不纯，有杂质，那么溶质的质量偏小，故A正确；
B.在量取水时，俯视液面读数，那么读出的示数偏大，而实际得到的水体积偏小，故B错误；
C.配制好的溶液转移时，不小心有少量液体溅出，由于溶液均一稳定，因此不会影响溶质的质量分数，故C错误；
D.配制好的溶液装入刚用蒸馏水润洗过的试剂瓶保存，由于溶剂的质量增大，因此质量分数偏小，故D正确；
E.氯化钠固体潮湿 F．称量时砝码端忘垫质量相同的纸片，那么砝码的质量=氯化钠质量+纸片，因此溶质的质量偏小，故E正确；
G.量取水时，仰视读数， 那么读出的示数偏小，而实际得到的水体积偏大，故G正确；
H.装瓶时，有少量溶液洒出，不会影响溶质质量分数，故H错误；
I.左码右物，根据砝码质量=氯化钠质量+游码质量可知，溶质的质量偏小，故I正确。
那么会使溶液溶质质量分数偏小的是ADEFGI。
（5）设需要15%的氯化钠溶液质量为x，
15%x=120g×5%；
解得：x=40g；
需要加水的质量：120g-40g=80g。
四、解答题
34.（2019八上·杭州期末）20℃条件下，小应用溶质的质量分数为98%的浓硫酸来配制500毫升溶质的质量分数为50%的硫酸溶液。
（1）500毫升溶质质量分数为50%的硫酸溶液，溶液的质量为多少克？
（2）配制时，需要98%的浓硫酸多少毫升?
硫酸的密度和硫酸溶液中溶质的质量分数对照表（20℃）
密度（克/厘米）
1.01
1.07
1.14
1.22
1.30
1.40
1.50
1.61
1.73
1.81
1.84
质量分数(%)
1
10
20
30
40
50
60
70
80
90
98
【答案】（1）根据下列图表中硫酸的密度和硫酸溶液中溶质的质量分数对照表（20℃），硫酸溶液中的溶质质量分数为50%密度为1.40 克/厘米3 硫酸溶液质量为：m= ρv=500ml×1.40g/cm3 =700克，溶液的质量为700克。
（2）由于稀释前后溶质质量不变，所以硫酸溶质的质量为：700g× 50%=350g，溶液的质量=溶质的质量÷溶质的质量分数=350÷98%=357g ，又因为m(质量）=p（密度）V （体积），对照表中质量分数为98%的硫酸密度为1.84g/cm³ ，所以V=357克÷1.84g/cm3=194mL
【解析】稀释前后溶质质量不变,溶液的质量分数为溶质质量与溶液质量之比。
35.（2019八上·新昌期末）科技小组的同学想利用学到的浮力知识制浮力秤。他们找来一个瓶身为柱状体的空饮料瓶，剪掉瓶底，旋紧瓶盖，在瓶盖系一块质量适当的石块，此浮力秤的总质量为20克，然后将浮力秤倒置在水桶里，使用时，只要把被测物体投入瓶中，从水面所对的刻度就可以直接读出被测物体的质量。经测量，该饮料瓶圆柱状部分的横截面积为20厘米2(忽略塑料瓶厚度)，当浮力秤中不放被测物体时，水面所对位置为零刻度，如图所示。
（1）如图所示，浮力秤静止时，浮力秤所受的浮力________(选填“大于”、“等于”或“小于”)其所受的重力。
（2）空载时浮力秤所受的浮力是多少?
（3）如果浮力秤柱状体的最大刻度是4厘米，那么浮力秤所测的最大质量是多少克?
（4）这种浮力秤的刻度是均匀的吗?________。
【答案】（1）等于
（2）F浮=mg=0.02kg×10N/kg=0.2N
（3）F浮‘=ρgV排=10×103kg/m3×10N/kg×20×4×10-6m3=0.8N,m=G/g=80g
（4）均匀
【解析】（1）根据二力平衡的知识分析浮力和重力的大小关系；
（2）根据（1）中分析的结果计算浮力秤空载受到的浮力；
（3）首先根据V排=Sh计算出浮力秤排开水的最大体积，然后根据F浮=ρ液gV排计算它受到的最大浮力，最后根据F浮=G=mg计算最大称量值；
（4）根据重力公式和阿基米德原理，推导出水面上升高度（刻度）与加入物体质量之间的数学关系式，进而分析刻度是否均匀。
【解答】（1）当浮力秤静止时，它受到平衡力，即浮力和重力相互平衡，那么浮力等于重力；
（2）空载时浮力秤所受到浮力： F浮=G=mg=0.02kg×10N/kg=0.2N ；
（3）浮力秤排开水的最大体积为：V排=Sh=20cm2×4cm=80cm3=8×10-5m3；
那么浮力秤受到的最大浮力为： F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×8×10-5m3=0.8N ；
浮力秤称量的最大质量为：m=Gg=F浮g=0.8N10N/kg=0.08kg=80g；
（4）当浮力秤中放入质量为m的物体时，
浮力秤增加的浮力等于物体的重力，即：△F浮=G；
ρ水g△V排=mg；
ρ水S△h=m；
即：△ℎ=mρ水S；
因此水面升高的高度即刻度，与物体的质量成正比，那么浮力秤的刻度是均匀的。
36.（2018八上·金华期中）如图所示甲是一个深度很浅的皮碗，乙是将皮碗压向水平的天花板，挤出皮碗下的全部空气，在大气压的作用下，皮碗像吸盘一样“平贴”在天花板上，皮碗的吸附面积为 100cm2，皮碗中心引出的细线可以悬挂一个物体在空中。（不计细线和皮碗的重量，大气压取 1.0×10 5Pa，g 取 10N/kg）
（1）皮碗能像吸盘一样“平贴”在天花板上是由于受到________的作用。
（2）要想吸盘不脱落，所挂物体的重量不得超过多少？
（3）设想细线下挂一边长为10cm，质量为500g的正方体物块时吸盘没有脱落（物块底面保持水平），剪断细线物块落在水平地面上无反弹和翻滚，从触地时开始计时，物块对地面的压强随时间变化的关系如图丙所示（接触面积一直是正方形的底面积），压强减至pr时便保持不变。求t=0时物块对地面的压力和t=0.1s时pr为多少？
【答案】（1）大气压
（2）因为p= FS ，所以大气压作用在吸盘上的压力：F=p0S=1.0×105Pa×100×10−4m2=1000N，
所挂物体的最大重量G=F=1000N
（3）查表知t=0时物块对地面的压强p1=1.5×103Pa，
所以物块对地面的压力：F=p1S=1.5×103Pa×(0.1m×0.1m)=15N，
由题意t=0.1s时可知此时正方体物块静止在水平地面上，
Fr=G物=mg=0.5kg×10N/kg=5N，
则pr= FrS′=5N(0.1m×0.1m)2 =500Pa
【解析】（1）浸在空气里的物体都会受到大气压强的作用；
（2）当吸盘刚好被拉开时，它受到的大气压力等于物体重力，即G=F=p0S；
（3）根据图像确定t=0时物体对地面的压强，然后根据 F=p1S 计算这时物体对地面的压力；当t=0.1s时，物体对地面的压力等于重力，首先根据 Fr=G物=mg ，然后再根据pr=FrS计算这时对地面的压强即可。
37.（2020八下·天台月考）如图甲所示为某品牌超声波加湿器；如图乙所示为其内部湿度监测装置的简化电路图，其中电源电压为6V，定值电阻R0的阻值为90Ω，电流表的量程为0～300mA，电压表的量程为0～6V；如图丙所示为湿敏电阻R的阻值随湿度RH变化的关系图像。则在电路安全工作的前提下，计算：
（1）当电流表的示数为40mA时，求湿敏电阻R接入电路中的阻值。
（2）当湿度RH＝50%时，求电压表示数。
（3）当电压表示数为1.5V时，求湿敏电阻R的大小。
【答案】（1）R总=UI=6V0.04A=150Ω
R＝R总－R0＝150Ω－90Ω=60Ω
（2）根据图像，当RH=40%时，R＝50Ω I=UR总=6V60Ω+90Ω=0.04A
则湿敏电阻R两端的电压：UR＝IR＝0.04A×60Ω=2.4V
（3）当电压表示数为1.5V时，
即：UR′＝1.5V；U0′＝4.5V
IR'=I0'=U0'R0=4.5V90Ω=0.05A
R'=UR'IR'=1.5V0.05A=30Ω
【解析】（1）根据乙图可知，定值电阻R0与湿敏电阻R串联，电压表测R电压，首先根据 R总=U总I总计算出总电阻，再根据串联电路 R＝R总−R0计算即可；
（2）首先根据丙图确定湿度为50%时湿敏电阻R的阻值，然后根据 I=U总R总=U总R0+R计算此时电路中的电流， 最后根据公式 UR＝IR 计算即可；
（3）首先根据 U0′ =U总- UR′ 计算出定值电阻R0两端的电压，然后根据 IR'=I0'=U0'R0 计算出串联电路电流， 最后根据 R'=UR'IR'计算湿敏电阻R的阻值。
38.（2019八上·新昌期末）随着社会的发展和科技的进步，电路元件在各行得到广泛的应用，其中温奶器就是利用热敏电阻阻值会随温度的改变而改变的原理制作的。图甲是温奶器的工作电路图，电路中电流表的量程为0~0.02A，滑动变阻器R的铭牌上标有“150Ω 0.3A"字样，R1为热敏电阻，其阻值随温度变化关系如图乙所示，电源电压保持不变。请完成下列小题：
（1）将此电路放入温度为20℃的环境中，闭合开关S，调节滑片P，使滑动变阻器接入电路的电阻R=100欧，此时电流表的读数为0.01安，求电源电压。
（2）若环境温度为40℃时，要保证整个电路元件的安全，求滑动变阻器接入电路中的电阻的变化范围。
（3）求此电路能测量的最高环境温度。
【答案】（1）由图乙可知，温度为20℃时，热敏电阻阻值为400Ω，
U=I(R1+R)=0.01A×(400Ω+100Ω)=5V
（2）由图乙可知，温度为40℃时，热敏电阻阻值为2002，电路最大电流为0.02A
R最小= UI最大=5V0.02A =250Ω
R滑最小=R最小-R0=250Ω-200Ω=50Ω
滑动变阻器的电阻变化范围为50Ω-150Ω
（3）热敏电阻阻值越小，环境温度最高，电路电流最大为0.02A时，
R总= UI最大=5V0.02A =250Ω
R1小=R总-R滑最大=250Ω-150Ω=100Ω
由图乙可知其工作的最高环境温度50℃
【解析】（1）根据电路图可知，定值电阻R1与热敏电阻串联，首先根据乙图确定20℃时热敏电阻的阻值，然后根据R总=R1+R计算出总电阻，最后根据U总=I总R总计算总电压即可；
（2）根据乙图确定温度为40℃时热敏电阻的阻值，然后根据 R最小=UI最大计算出电路最小的总电阻，接下来根据 R滑最小=R最小-R0 计算变阻器接入电路的最小电阻，而变阻器的阻值范围其实就是接入的最小电阻和它的最大阻值之间；
（3）当温度最高时，热敏电阻的阻值最小，而电路里的电流最大为0.02A；首先根据 R总=UI最大计算出这时的最小的总电阻，然后根据R1小=R总-R滑最大 计算出热敏电阻的最小电阻，最后根据乙图确定测量的最高温度即可。
浙教版八年级上科学月考卷
（基础练习）
一、选择题
1.（2019八上·义乌月考）如图是电解水的示意图。关于电解水的下列说法中，不正确的是（ ）
A.由此实验可得出结论，水是由氢、氧两种元素组成
B.实际测得A试管中气体和B试管中气体的体积比大于2:1
C.该实验可以用纯净水
D.与电源正极连接的试管内产生的气体能使带火星的木条复燃
【答案】C
【解析】A.水由氢、氧两种元素组成，故A正确不合题意；
B.A试管中气体体积大于B管，那么A中为氢气，B中为氧气，二者的体积之比为：2：1，故B正确不合题意；
C.纯净水不能导电，故C错误符合题意；
D.与电源正极连接的试管内产生的气体为氧气，而氧气能使带火星的木条复燃，故D正确不合题意。
2.（2019八上·新昌期末）下列关于大气层的分析和理解不正确的是（ ）
A.雷电风雨等主要的天气现象都发生在平流层
B.大气层能保护地球，减少小天体的撞击
C.对流层最显著的特点是有强烈的对流运动
D.大气分层的主要依据是大气在垂直方向上的温度变化
【答案】A
【解析】大气分层可把大气分成对流层、平流层、中间层、热层和散逸层，对流层和人类的关系密切，因为风雨雷电等自然现象均发生在对流层，平流层中最重要的化学组分就是臭氧，大气层能够保护地球，大气层对人类的作用极其重要。
【解答】A、雷电风雨的现象都发生在对流层，A符合题意。
B、许多小行星会撞向地球，由于地球大气层的防护，大多数小行星在撞击地面之前就会被燃烧殆尽。在没有大气层的情况下，小行星就会长驱直入，与地球正面撞击，比如没有大气层的后果，月球那满目疮痍的表面。
C、对流层，因为其主要热量的直接来源是地面辐射，所以气温随高度升高而降低。对流层随高度变化的普遍规律：高度每上升100米，气温下降0.65℃。由于气温的这种变化，故形成空气对流运动强烈的特点，C不符合题意。
D、大气分层按照大气在垂直方向的各种特性，将大气分成若干层次。按大气温度随高度分布的特征，可把大气分成对流层、平流层、中间层、热层和散逸层，D不符合题意。
3.（2020八上·苍南期末）2019年10月我县举行了“苍南核电杯”海西国际半程马拉松赛。下列有关跑步过程中体温调节的说法正确的是( )
A.运动员的主要产热器官是内脏 B.运动员的主要散热方式是汗液蒸发
C.运动员的体温调节中枢在大脑 D.运动员的皮肤血管收缩以增加散热
【答案】B
【解析】体温的相对稳定是产热和散热保持动态平衡的结果；寒冷环境中，机体通过调节使甲状腺激素和肾上腺素分泌增多，通过促进代谢，加快物质氧化分解来增加产热。
【解答】A、人体体温的相对稳定是产热和散热保持动态平衡的结果，产热器官主要是内脏器官，运动时则主要是骨骼肌，A不符合题意。
B、散热器官主要靠皮肤和汗腺，散热的途径主要是汗腺分泌汗液和皮肤毛细血管的变化，此外含有传导散热等，B符合题意。
C、体温调节的中枢位于下丘脑；感知觉的形成部位在大脑皮层，C不符合题意。
D、机体产热大量增加，通过神经调节，引起皮肤毛细血管舒张和汗腺分泌增加，导致散热加快以维持体温的相对稳定，D不符合题意。
4.（2020八上·嘉兴月考）自来水厂净化水的主要步骤如图所示，下列有关说法中，不正确的是( )
A.步骤①②可除去难溶性杂质
B.X试剂可以是明矾
C.步骤④中常加入氯气等物质进行杀菌
D.图中净化后的水是纯净物，即可饮用
【答案】D
【解析】（1）过滤操作用于分离液体和不溶于液体的固态物质；
（2）明矾在水中可以电离出两种金属离子，生成胶状的氢氧化铝,吸附能力很强，可以吸附水里悬浮的杂质,并形成沉淀,使水澄清；
（3）氯气与水反应生成了次氯酸，它的强氧化性能杀死水里的病菌，从而起到消毒作用；
（4）只由一种物质组成的叫纯净物，由两种或多种物质组成的叫混合物。
【解答】A.步骤①加入试剂使水中的固态物质生产沉淀，②通过过滤可除去难溶性杂质，故A正确不合题意；
B.X试剂可以是明矾，明矾可以起到净水作用，故B正确不合题意；
C.步骤④中常加入氯气等物质进行杀菌，故C正确不合题意；
D.图中净化后的水中仍然存在大量的矿物质，因此它是混合物，而不是纯净物，故D错误符合题意。
5.（2019·衢州）小科用一个不带电的轻质泡沫球靠近电脑显示屏，小球偏至如图实线位置。据此推测显示屏（ ）
A.带正电 B.带负电 C.不带电 D.一定带电
【答案】D
【解析】电荷 ，为物体或构成物体的质点所带的正电或负电，带正电的粒子叫正电荷（表示符号为“+”），带负电的粒子叫负电荷（表示符号为“﹣”）。也是某些基本粒子(如电子和质子)的属性，同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
【解答】由图可知，不带电的轻质泡沫球能够被显示屏吸引，则说明显示屏一定带电，因为带电体能够吸引轻小物体，而无法判断显示屏的带电类型；故D符合；
6.（2019八上·杭州期中）现代建筑多采用中空双层玻璃窗隔热，实验表明，中空双层玻璃窗的隔热性能与两层玻璃间空气压强有关，实验测得中空双层玻璃内外温差与中间空气压强关系如图所示，则中空双层玻璃中间空气压强（ ）
A.等于大气压强时，没有隔热效果 B.小于10-1Pa时，隔热效果变差
C.在10-1～102Pa时，隔热效果最好 D.等于10-3Pa时的隔热效果比104Pa时好
【答案】D
【解析】分析图像可知，如果有温度差就说明有隔热效果，温差越大，隔热效果越好。
【解答】A.根据图像可知，当等于大气压强105Pa时，内外温差小于20℃，但并不是0，说明仍然有隔热效果，故A错误；
B.分析图像可知，双层玻璃间的压强越小，温度越大，隔热效果越好，因此小于10-1Pa时，隔热效果变好，故B错误；
C. 在10-1～10-3Pa时，温度最大，隔热效果最好，故C错误；
D.等于10-3Pa时，内外温差将近40℃，等于104Pa时内外温差小于20℃，因此等于10-3Pa时的隔热效果比104Pa时好，故D正确。
7.（2018八上·温州期中）学习“植物的向性”后，小明利用4粒浸泡过的玉米种子进行如图实验。当种子萌发一段时间后，A、C玉米根的生长方向应为（箭头表示根生长的方向（ ）
A.A→ C← B.A← C→ C.A↑ C↑ D.A↓ C↓
【答案】D
【解析】向性属于应激性的一种，是指在单向的环境刺激下，静止型生物（植物、真菌及水螅型腔肠动物等）的定向运动反应。
【解答】植物的根在地球上，具有向地性，所以AC玉米根都会竖直向下生长；故D符合；
8.（2020八上·萧山月考）参照下表(A 物质的溶解性表)，在常温 20 ℃时进行如下实验，则④中溶液的溶质质量分数是( )
温度(℃)
20
50
溶解度(g)
30
100
A.37.5% B.23.1% C.28.6% D.60%
【答案】A
【解析】根据图片可知，在溶液4中，加入的溶质质量为：20g+20g+20g=60g，全部溶解，那么溶质质量分数为：60g100g+60g×100%=37.5%。
9.（2018八上·温岭期中）图甲是A物质的溶解度曲线，图乙烧杯中盛有t℃时A物质的饱和溶液，溶液质量为100克，下列叙述中，错误的是（ ）
A.物质的溶解度随温度的升高而增大 B.升高温度，该饱和溶液变成不饱和溶液
C.在t℃时，恒温蒸发烧杯中的水分有晶体析出 D.在t℃时，该溶液中A物质的质量是a克
【答案】D
【解析】根据固体物质溶解度曲线的意义，可知，同一温度下可以比较不同物质的溶解度的大小；还可以判断同一物质在不同温度下溶解度的变化情况。
【解答】A、从图像中可以看出，该物质的溶解度随着温度的升高而增大，故A正确，但不符合题意；
B、从图中可知，升高温度，该物质的溶解度增大，饱和溶液将变成不饱和溶液，故B正确，但不符合题意；
C、在 t℃时，恒温蒸发烧杯中的水，溶剂减少，则溶质将析出，故C正确，但不符合题意；
D、在 t℃时，该100g溶液中含有a克A物质，则说明100克水达到饱和时溶解的A物质的质量将大于a克，故D错误，但符合题意；
10.（2018八上·秀洲期中）某同学自己设计了一个粗略测量大气压强的实验：把两个橡胶皮碗对在一起，用力挤出中间的空气，如图所示．把皮碗悬吊起来，在皮碗下挂重物，逐渐增加所挂的重物，测出最多能挂的物重G，再测出此时皮碗的直径d，皮碗自重忽略不计．则根据这些数据计算大气压P的公式是 ( )
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】（1）当皮碗刚刚被拉开时，它受到的大气压力等于先物体的重力；
（2）已知压力和受力面积根据公式p=FS计算大气压强。
【解答】当皮碗刚刚被拉开时，它受到的大气压力等于物体的重力，即F=G；
皮碗的受力面积为：S=πr2=π(d2)2=πd24；
那么大气压强p=FS=Gπd24=4Gπd2。
11.（2019八下·慈溪期末）下列与人体生命活动调节有关的说法，错误的是（ ）
A.图一中[②]胰岛分泌的胰岛素通过导管进入毛细血管，输送到身体各处
B.图二表示神经系统由[①]脑、[②]脊髓及[③]它们发出的神经组成
C.图三表示反射弧，神经冲动的传递方向是：①→②→③→④→⑤
D.图四中A图与B图相比，外界气温高，皮肤内毛细血管扩张
【答案】A
【解析】图一①肝脏、②胰腺; 图二①大脑、②脊髓、③神经 ；图三 ①感受器、②传入神经③神经中枢、④传出神经、⑤效应器; 图四A的血管内径大于B的血管内径。
【解答】A图一中[②]胰岛分泌的胰岛素通过组织液进入毛细血管，输送到身体各处，A叙述错误，符合题意；
B图二表示神经系统由[①]脑、[②]脊髓及[③]它们发出的神经组成 ，B叙述正确，不符合题意；
C图三表示反射弧，①感受器、②传入神经③神经中枢、④传出神经、⑤效应器，神经冲动的传递方向是：①→②→③→④→⑤ ，C叙述正确，不符合题意；
D图四中A图与B图相比，外界气温高，皮肤内毛细血管扩张后内径增大，D叙述正确，不符合题意。
故答案为：A。
12.（2018八上·杭州月考）用下列实验操作可完成两个实验．甲实验为粗盐中难溶性杂质的去除，乙实验为配制溶质的质量分数为10%的氯化钠溶液，下列说法正确的是（ ）
A.甲实验的步骤是①④⑤，当蒸发皿中的滤液全部蒸干后才能停止加热
B.甲实验各步操作中，玻璃棒的作用都是相同的
C.乙实验若按照②③①的步骤进行操作，则配制的溶液浓度偏大
D.乙实验中，若①所用的烧杯内壁沾有水，对配制的溶液浓度无影响
【答案】C
【解析】（1）粗盐提纯中难溶性杂质的去除的操作步骤是溶解、过滤、蒸发；
（2）根据溶解、过滤、蒸发操作中的玻璃棒的作用进行分析；
（3）配制一定质量分数的溶液的步骤：计算、称量（量取）、溶解；使用量筒读数时，“俯大仰小”；
（4）乙实验中，若①所用的烧杯内壁沾有水，分析对溶剂的质量的影响，进而得到对溶液浓度的影响。
【解答】A.粗盐中难溶性杂质的去除的操作步骤是溶解、过滤、蒸发，即步骤是①④⑤，待蒸发皿中出现较多量的固体时，应停止加热，利用余热将剩余液体蒸干，故A错误；
B.甲实验各步操作中，溶解时玻璃棒的作用是搅拌，能够加快粗盐的溶解速率；过滤时玻璃棒的作用是引流；蒸发时玻璃棒的作用是搅拌，防止液体飞溅；玻璃棒的作用不相同，故B错误；
C.配制一定质量分数的溶液的步骤：计算、称量（量取）、溶解，乙实验按照②③①的步骤进行操作。配制溶液时，量取水的体积时，图中俯视读数会导致所取水的体积偏少，从而导致配制的溶液浓度偏大，故C正确；
D.乙实验中，若①所用的烧杯内壁沾有水，会造成溶剂的质量偏大，则会导致配制的溶液浓度偏小，故D错误。
13.（2019八上·余杭期中）下图几种大气运动形式中，气流运动方向表示不正确的是( )
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】热力环流的概念：由地面冷热不均而形成的空气环流，称为热力环流。 热力环流形成的根本原因：太阳辐射能的纬度分布不均，造成地面的冷热不均。气压分布大小的判断：（1）同一水平面上，气温高的地方气压低，这主要取决于空气的密度大小。气温高的地方空气膨胀上升，该处空气密度小、气压低；气温低的地方正好相反。（2）垂直方向上，随着海拔升高，气压降低。 在同一水平面上，空气总是由高气压流向低压气。但在垂直方向上，则不然。空气的垂直运动主要是由冷却收缩，受热膨胀等因素引起的，并非取决于气压的高低。
【解答】A、在同一水平面上，空气总是由高气压流向低压气。但在垂直方向上，却不是这样。空气的垂直运动主要是由冷却收缩，受热膨胀等因素引起的，并非取决于气压的高低，A不符合题意。
B、白天，陆地升温快，气流上升，海洋升温慢，气流下沉，B符合题意。
C、根据热力环流的原理，受热处气流上升，遇冷处气流下沉，C不符合题意。
D、城市温度高，气流上升，郊区温度低，气流下沉，D不符合题意．
14.（2020八上·南浔期末）下列对ａ、ｂ、ｃ、ｄ四地的天气状况判断，正确的是（ ）
A.ａ、ｂ、ｃ、ｄ都为阴雨天气
B.ｂ、ｃ为阴雨天气
C.ａ、ｂ、ｃ、ｄ都为晴朗天气
D.ｂ、ｃ为晴朗天气
【答案】D
【解析】暧气团主动向冷气团移动而形成的锋叫做暧锋。暧锋过境时，常出现阴雨天气，由于暧气团沿冷气团爬升速度较慢， 因此多形成连续性降雨天气。暧锋过境后，暧气团占据原来冷气团的位置，气温上升，气压下降，天气转晴。暧锋降水主要发生在锋前。冷气团主动向暧气团移动而形成的锋是冷锋。冷锋过境时，常出现阴天、刮风、雨雪等天气现象。冷锋过境后，冷气团占据了原来暧气团的位置，气温、湿度明显降低，气压升髙，天气转晴，冷锋降水主要发生在锋后。
【解答】根据锋面的形状可判断，甲图为冷锋，乙图为暧锋，b地位于冷锋前，为晴天；a地位于冷锋后，为阴雨天气； d地位于暖锋前，多为连续性降水； c地位于暖锋后，为晴天。
15.（2020八上·秀洲月考）一杯70 ℃的硝酸钾饱和溶液，冷却后有晶体析出(晶体不含结晶水)，若不考虑溶剂的蒸发，则剩余溶液与原溶液相比( )
A.溶质质量不变 B.由饱和溶液变为不饱和溶液 C.溶液质量不变 D.溶质的质量分数减小
【答案】D
【解析】（1）析出的晶体越多，溶质的质量越小；
（2）如果溶液中有晶体析出，那么肯定是饱和溶液；
（3）溶液质量=溶剂质量+溶质质量；
（4）根据溶质质量分数=溶质质量溶液质量×100%判断即可。
【解答】一杯70 ℃的硝酸钾饱和溶液，冷却后有晶体析出，那么溶质的质量减小，故A错误；
由于溶液中有晶体析出，那么得到的溶液肯定是饱和溶液，故B错误；
溶质质量减少，而溶剂质量不变，根据溶液质量=溶剂质量+溶质质量可知，溶液质量减小，故C错误；
根据公式溶质质量分数=溶质质量溶液质量×100%可知，当溶质质量减小而溶剂质量不变时，溶质质量分数减小，故D正确。
16.在探究电路的电流规律实验时，用了图甲所示的电路，在图甲所示的电路中，A1的示数为1.2 A，A2的示数如图乙所示，下列判断中正确的是（ ）
A.通过L2的电流为2.5 A
B.通过L1的电流为1.2 A
C.通过L2的电流为1.2 A
D.通过L1的电流为0.7 A
【答案】D
【解析】首先根据甲图确定两个电流表测量的物理量，再根据乙图确定A2的示数，最后根据并联电流的特点计算即可。
【解答】根据甲图可知，灯泡L1与L2并联，电流表A1在干路上测总电流，A2与灯泡L2串联测它的电流，因此A2的示数小于A1。根据乙图可知，电流表选择量程0~0.6A量程，分度值为0.02A，那么A2的示数为0.5A。根据并联电流的特点，那么通过灯泡L1的电流：I1=I总-I2=1.2A-0.5A=0.7A。
故A、B、C错误，而D正确。
17.如图所示，电压不变，两只电表均完好，开关S闭合后，发现只有一只电表的指针发生偏转，若电路中只有一个灯泡出现了故障，则可能是（ ）
A.电压表指针发生偏转，灯泡L1短路
B.电流表指针发生偏转，灯泡L2断路
C.电压表指针发生偏转，灯泡L1断路
D.电流表指针发生偏转，灯泡L2短路
【答案】C
【解析】根据各个选项中的现象，对对应的故障进行判断即可。
【解答】两个灯泡串联，电压表测灯泡L1的电压，电流表测总电流。
如果电压表的指针发生偏转，那么电流表的指针几乎不动，说明电路中肯定电阻很大，应该是灯泡L1断路，电压表串联造成的。由于电压表与电源并联，所以此时它的示数接近电源电压，故A错误，C正确；
如果电流表的指针发生偏转，那么电压表的指针不动，说明整个电路是通路，但是电流没有经过灯泡R1，即灯泡R1短路，故B、D错误。
18.（2020八上·台州月考）小明利用如图所示的实验，研究浮力大小与深度的关系。根据测得的实验数据，作出了弹簧测力计的示数F与物体下表面在水中所处深度h的关系图象。根据该图象可以得出的正确结论是（水的密度ρ＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）（ ）
A.物体的质量是12kg B.物体浸没在水中时，受到的浮力大小为12N
C.物体的密度为2×103kg/m3 D.物体的体积为60cm3
【答案】C
【解析】（1）当物体下表面的深度为0时，它不受浮力，此时测力计的拉力等于自身重力，根据公式m=Gg计算即可。
（2）当物体完全浸没在水中时，排开液体的体积不变，那么它受到的浮力不变，因此测力计的拉力也保持不变。根据乙图确定完全浸没时测力计的拉力，然后根据F浮=G-F拉计算即可。
（3）首先根据V=V排=F浮ρ液g计算出该物体的体积，再根据ρ=mV计算它的密度。
（4）根据（3）中的分析判断。
【解答】A.根据乙图可知，当物体下表面的深度为零时，此时物体不受浮力，弹簧测力计的示数为12N。根据二力平衡的知识可知，物体的重力G=F=12N，质量为：m=Gg=12N10N/kg=1.2kg，故A错误；
B.根据乙图可知，当物体完全浸没时，弹簧测力计的示数为6N，此时它受到的浮力：F浮=G-F拉=12N-6N=6N，故B错误；
C.该物体的体积V=V排=F浮ρ液g=6N103kg/m3×10N/kg=6×10−4m3；
该物体的密度为：ρ=mV=1.2kg6×10−4m3=2×103kg/m3，故C正确；
D.该物体的体积为：6×10-4m3=600cm3，故D错误。
19.某同学利用如图甲所示的电路进行实验，电源电压恒为3V，更换5个定值电阻Rx，得到如图乙所示的图像。以下有关叙述正确的是( )
A.该同学研究的是电流和电压的关系 B.实验中电压表的示数保持0.5V不变
C.滑动变阻器阻值变化范围为1～5Ω D.将Rx从5Ω换成10Ω后，应将滑片P向左移
【答案】C
【解析】（1）根据图乙确定实验中的变量，从而确定实验探究的目的；
（2）根据控制变量发的要求可知，探究电流与电阻的关系时要保持电压不变，从乙图中找到一组对应的电流和电阻值，根据U=IR计算出Rx两端的电压即可；
（3）根据乙图，分别确定电路的最小和最大电流，已知变阻器两端的电压保持0.5V不变，根据R=UI计算出变阻器的阻值范围即可；
（4）在串联电路中，电压与电阻成正比，据此分析变阻器的阻值变化，然后确定滑片的移动方向。
【解答】由图乙可知，实验中变量为电流和Rx，Rx两端电压为定值，所以该同学探究的是电流和电阻的关系，故A错误；
实验中电压表测Rx两端的电压，根据图乙可知，当电阻为25Ω时电流为0.1A，代入公式U＝IR可知，电压表的示数保持2.5V不变，故滑动变阻器两端的电压保持0.5V不变，故B错误；
当Rx为5Ω电阻时，电路中电流为0.5A，由欧姆定律可知此时滑动变阻器的阻值R＝ UI ＝ 0.5V0.5A ＝1Ω；当Rx为25Ω时，电路中电流为0.1A，由欧姆定律可知此时滑动变阻器的阻值R＝ UI ＝ 0.5V0.1A ＝5Ω，所以滑动变阻器阻值变化范围为1～5Ω，故C正确；
将Rx从5Ω换成10Ω，由串联电路分压的特点可知，电压表的示数会变大。为保证电压表数值不变，就要减小Rx的电压而增大变阻器两端的电压。由串联电路分压的特点可知，应增大滑动变阻器的阻值，由图甲可知，滑片P应向右移。
20.如图所示，弹簧测力计下端悬挂一高度为1cm、质量为m的圆柱体，它在水中受到最大浮力为 mg2 ，圆柱体下表面刚刚与水面接触到全部浸没后，测力计示数F拉及圆柱体所受的浮力F浮分别与浸入水中深度h关系图正确的是( )
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】（1）根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，浮力的大小与排开液体的体积成正比；
（2）当物体在水中静止时，它受到的浮力F浮力=G-F拉，据此对浮力和拉力与深度的关系进行判断即可。
【解答】当圆柱体的下表面开始入水时，此时浮力为0，那么测力计的示数F=G=mg。随着深度的不断增大，V排变大，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，圆柱体受到的浮力不断变大。当圆柱体完全浸没后，它的浮力达到最大mg2，此后V排不变，它受到的浮力保持不变，故C、D错误；
开始时，测力计的示数F=G=mg。根据F浮力=G-F拉可知，随着浮力的不断增大，测力计的示数不断减小。当浮力达到最大时，测力计的示数得到最小为：mg2，此后示数保持不变，故A正确，B错误。
二、填空题
21.（2020八上·萧山月考）根据“水循环示意图”填空。
（1）写出图中编号在水循环中所代表的环节：
② 蒸发；③________；⑤________。
（2）人类修建水库主要是改造上述水循环中的________(填序号)环节。
（3）使水循环连续进行的动力是________和________。
（4）水循环中能为陆地不断补充淡水的是________间的水循环。
【答案】（1）水汽输送；地表径流
（2）5
（3）太阳辐射；地心引力
（4）海陆间循环
【解析】（1）水循环的环节包括：蒸发、植物蒸腾、水汽输送、降水、地表径流、下渗、地下径流；
（2）修建水库，其实就是改变地表水流的路径，从而对地表径流产生影响，为跨不同时间段的水资源调配提供可能。
（3）地面上的水通过吸收太阳能，进行蒸发或蒸腾，在天空形成云层；然后又在地心引力的作用下形成降雨，从而实现水循环。
（4）根据水循环的作用解答。
【解答】（1）图中编号代表的水循环的环节为：②蒸发；③水汽输送；⑤地表径流。
（2）人类修建水库主要是改造上述水循环中的地表径流环节，故选⑤；
（3）使水循环连续进行的动力是太阳辐射和地心引力。
（4）水循环中能为陆地不断补充淡水的是海陆间循环间的水循环。
22.（2020八上·柯桥月考）现有 60℃的饱和食盐溶液，与该溶液有关的量有①水的质量；②溶液中溶质氯化钠的质量；③氯化钠的质量分数；④60℃时氯化钠的溶解度；⑤溶液的质量。用序号填空：
（1）将该饱和溶液加水稀释，不变的量有________；
（2）将该饱和溶液降温至 20℃，一定变化的量有________。
【答案】（1）②④
（2）②③④⑤
【解析】（1）根据溶液的性质和溶质质量分数的知识对研究的内容是否改变进行判断；
（2）当温度下降时，食盐溶液的溶解度肯定减小，据此对各个内容是否变化进行判断。
【解答】（1） 60℃的饱和食盐溶液加水稀释后：
①加水后，溶剂水的质量变大；
②加水后对溶质的质量没有影响，因此氯化钠的质量保持不变；
③根据溶质质量分数=溶质质量溶液质量×100%可知，溶质质量不变但是溶液质量增大，那么氯化钠的质量分数变小；
④氯化钠的溶解度只与温度有关，因此溶解度保持不变；
⑤加水后，溶液的质量变大。
那么不变的量是②④。
（2）将饱和溶液降温至20℃：
①降低温度对水的质量没有影响，即水的质量保持不变；
②温度降低后，氯化钠的溶解度变小，因此会有氯化钠晶体析出，导致溶质的质量减小；
③根据溶质质量分数=溶质质量溶液质量×100%可知，当溶剂的质量不变时，溶质的质量越小，溶质质量分数越小；
④温度降低，氯化钠的溶解度变小；
⑤溶剂的质量不变，溶质质量变小，那么溶液的质量肯定变小。
因此一定变化的量为：②③④⑤。
23.利用一根吸管制作一个简易密度计。
（1）为了让饮料吸管能竖直地漂浮在液体中，应在吸管的下端塞入一些________作为配重，并用石蜡将吸管的下端封闭起来。若将它放入液体中后不能竖直漂浮，请提出改进做法：________。
（2）这根吸管竖直漂浮在不同液体中时，液体的密度越大，它露出液面部分的长度________(选填“越长”“越短”或“不变”)，受到的浮力大小________(选填“变大”“变小”或“不变”)。
（3）通过正确计算，在吸管上标出对应的刻度线，便制成了一个简易的吸管密度计。图中两种刻度的标示合理的是________(选填“A”或“B”)，理由是________。
【答案】（1）金属丝；增加配重
（2）越长；不变
（3）A；浮力相同时，V排越小，ρ液越大
【解析】（1）物体的重心越低，越稳定，为了使吸管的重心降低，必须在下端加入重物做配重。如果吸管不能竖立起来，说明配重不够重，继续增大配重即可；
（2）首先根据浮沉条件分析受到浮力的变化，再根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排判断排开液体的体积变化，再根据V露=V-V排确定露出液面长度的变化。
（3）注意分析密度计的刻度变化规律即可。
【解答】（1）为了让饮料吸管能竖直地漂浮在液体中，应在吸管的下端塞入一些金属丝作为配重，并用石蜡将吸管的下端封闭起来。若将它放入液体中后不能竖直漂浮，请提出改进做法：增加配重。
（2）这根吸管再不同液体中都是漂浮，那么它受到的浮力始终等于重力，即浮力大小不变。根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，液体的密度越大，V排越小，根据V露=V-V排可知，它露出液面部分的长度越长。
（3）根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，V排越小，刻度越靠下，液体的密度越大，因此密度计的刻度从下向上，逐渐变小，因此合理的是A。
24.（2019八上·浙江期中）密度计分为“比重计”和“比轻计”。测量密度大于水的液体时用比重计，比重计的最小刻度线是“1”；测量密度小于水的液体用比轻计，比轻计的最大刻度线是“1”。图中A、B两支密度计，一支是比重计，一支是比轻计，它们的外形完全相同，B中配重质量大于A。
（1）图中刻度“a”________刻度“b”（填“大于”或“小于”）。
（2）将A、B两支密度计放入水中，漂浮时露出水面较长的密度计是________。
（3）关于A、B两支密度计及刻度线“1”位置的说法正确的是 。
A.密度计A是比重计，刻度线“1”在密度计刻度的上端
B.密度计B是比重计，刻度线“1”在密度计刻度的上端
C.密度计A是比重计，刻度线“1”在密度计刻度的下端
D.密度计B是比重计，刻度线“1”在密度计刻度的下端
【答案】（1）小于
（2）A
（3）B
【解析】（1）根据两条刻度线的位置判断V排的大小关系，然后根据公式F浮=ρ液gV排比较对应的液体密度的大小关系，并总结出密度计上刻度的分布规律；
（2）根据漂浮条件结合二者的重力大小比较它们受到浮力的大小关系，然后根据F浮=ρgV排分析V排大小关系，最后根据V露=V-V排确定那个密度计露出的长；
（3）根据漂浮条件结合二者的重力大小比较它们受到浮力的大小关系，然后根据F浮=ρgV排分析V排相等时对应液体密度的大小，哪个密度大，哪个就是比重计；根据（1）中得出的刻度分布规律对刻度“1”的位置进行确定。
【解答】（1）根据图片可知，a在b的上面，
那么排开液体的体积V排a＞V排b；
当密度计漂浮在液面上时，浮力始终等于重力，即浮力保持不变；
根据公式F浮=ρ液gV排可知，V排越大，液体密度越小，
因此刻度“a”＜刻度“b”；
即在密度计上，上面的刻度小比下面的刻度小。
（2）将A、B两支密度计放入水中，它们都在水面漂浮，
那么受到的浮力即F浮=G；
因为GA＜GB，
所以它们受到的浮力FA＜FB；
根据F浮=ρ液gV排可知，当液体密度相同时，浮力越大，V排越大；
因此排开水的体积VA＜VB，
那么A露出水面的长度较大。
（3）当两只密度计都漂浮在液面上时，
A受到的浮力小于B受到的浮力，即FA＜FB；
如果A、B的V排相等，根据F浮=ρ液gV排可知，这时A测量的液体密度小于B测量的液体密度，
即A为比轻计，B为比重计；
因为密度计的刻度从上向下逐渐增大，且比重计的刻度线“1”最小，
所以比重计的刻度线“1”在最上端。
25.（2018八上·温州期中）已知生长激素和胰岛素一样均为蛋白质，口服蛋白质会被胃消化而失去效果， 小科为探究生长激素的作用做了如下实验：取多只同样大小的幼鼠等分为 A、B、C 三组，分别放人三个饲养笼，给 A 组幼鼠定期注射适量生长激素，B 组不注射，C 组定期饲喂与 A 组相同量的生长激素，其他生长条件均一致。一段时间后，A 组增重 40%，
B、C 两组增重为 25%，回答下列问题：
（1）________组结果和 B 组结果比较，说明生长激素有促进生长的作用。
（2）C 组结果和 B 组结果比较，________（填“能”或“不能”）说明生长激素没有任何生理作用。
（3）若将本实验中的生长激素改为甲状腺激素（不是蛋白质，不能被消化），重复以上A、B、C 组实验，则________组幼鼠会提前成熟。
【答案】（1）A
（2）不能
（3）A、C
【解析】本题主要考查生长激素和甲状腺激素对生物的作用知识点。
【解答】（1）这是因为A组是给幼鼠定期注射适量生长激素，B组不注射，那么可以通过实验结果比较，来说明生长激素有促进生长的作用。
（2）C 组定期饲喂与 A 组相同量的生长激素，其他生长条件均一致。 已知生长激素和胰岛素一样均为蛋白质，口服蛋白质会被胃消化而失去效果， C 组结果和 B 组结果比较，不能说明生长激素没有任何生理作用。
（3）甲状腺激素可以生长发育，促进代谢，B组并没有注射甲状腺激素。因此AC组幼鼠会提前成熟。
26.（2019八上·衢州期中）天气与气候有区别又有联系，与人类的生活、生产关系密切。
（1）如图是浙江省某时的天气图，请回答下列问题：
①丁地在该锋面过境时，会出现________天气。
②此时风向是________(选填“甲吹向乙”、“乙吹向甲”）。
（2）下面是某县气象台某日发布的一条气象消息：我县明天阴有小雨，西北风4级，最高气温为22℃，最低温 11℃，空气质量优。则：
①气象消息中最高气温为 22℃，应出现在________左右。
②该县该日的大气运动可用下图中的________作为大气运动示意图。
甲 乙
【答案】（1）升温降水；乙吹向甲
（2）午后二时；乙
【解析】气温的变化：1.日变化，以一天为周期的气温变化。最高气温出现在午后2时，最低气温出现在日出前后。往往高气压地区为晴朗天气，低气压地区是阴雨天气。
【解答】（1）暖锋过境时，温暖湿润，气温上升，气压下降，天气多转云雨天气。与冷锋相对。 此时风向是乙吹向甲，因为乙地是高气压区，甲地是低气压区、
（2）气象消息中最高气温为 22℃，应出现在午后二时左右。②该县该日的大气运动可用下图中的乙作为大气运动示意图，因为天气是阴有小雨，乙地为低气压，所以是阴雨天气。
27.（2016九上·金华期中）如图所示的电路中，当开关S闭合，S1、S2断开时，灯泡________串联；当开关S，S1、S2均闭合时，灯泡________并联，此时电流表测的是________中的电流．
【答案】L1、L3；L1、L2；L2
【解析】本题主要考查以下几个方面的知识：（1）串并联电路的判断：串联电路中各灯泡逐个顺次连接，只有一条电流的流通路径，各处电流相等；并联电路中各灯泡并联连接，电路中电流有多条流通路径．（2）电流表的使用方法：电流表与被测电路部分相串联．
【解答】如图所示，当开关S闭合，S1、S2断开时，灯泡L2处于开路状态，灯泡L1、L3首尾相连属于串联；
当开关S，S1、S2均闭合时，灯泡L3 被短路，灯泡L1、L2有共同的结点，属于并联，此时电流表与灯泡L2串联测的是 L2中的电流．
28.（2019八上·江山期中）下列数据是硝酸钾固体在不同温度时的溶解度．
（1）20℃时，向100g水中加入31.6g硝酸钾，充分溶解后得到________（填“饱和”或“不饱和”溶液。
（2）20℃时，向100g水中加入40g硝酸钾，若使硝酸钾完全溶解，可以采用的方法是________。
（3）如图所示，小烧杯中盛放的是上述（1）中所得硝酸钾溶液，若将少量的下列物质分别放入大烧杯中的水中，不断搅拌，则小烧杯中一定有硝酸钾晶体析出的是 （填字母）。
A.冰
B.氢氧化钠
C.硝酸按
D.干冰
【答案】（1）饱和
（2）升高温度或加水
（3）A,C,D
【解析】（1）根据表格确定20℃时硝酸钾的溶解度，然后与31.6g进行比较；如果溶解度小于或等于31.6g，那么溶液达到饱和；
（2）饱和溶液变成不饱和溶液的方法：①增加溶剂；②改变温度；
（3）如果硝酸钾的溶液达到饱和，那么降低温度时，它的溶解度减小，肯定会有硝酸钾的晶体析出。
【解答】（1）根据表格可知，20℃时硝酸钾的溶解度为31.6g，即100g水中正好溶解31.6g硝酸钾，因此得到饱和溶液；
（2）根据表格可知，硝酸钾的溶解度随温度升高而增大，因此若使硝酸钾完全溶解，方法有：升高温度或加水；
（3）在溶液中加入冰，冰熔化吸热；加入硝酸铵，它溶于水时吸热；加入干冰，它升华时吸热，三者都会使溶液的温度降低，从而析出硝酸钾晶体，故A、C、D正确；
加入氢氧化钠时，它溶于水时放热，溶液温度升高，硝酸钾的溶解度增大，故B错误。
29.（2019八上·天台期中）小明在水盆中洗碗，发现一个大碗正漂浮在水盆中，如图所示。他将水盆底的一铁沙球放入大碗中，但大碗仍然漂浮。与原先相比，大碗所受到的浮力将________（选填“变大”、“不变”或“变小”），水盆中的水面将会________（选填“上升”、“不变”或“下降”）。
【答案】变大；上升
【解析】（1）根据漂浮条件，判断大碗受到的浮力和重力的关系，进而确定它受到浮力的变化；
（2）已知浮力的大小变化根据公式F浮=ρ液gV排确定大碗排开水的体积变化，进而确定水面的变化。
【解答】（1）铁沙球放入大碗前后，大碗都在水面漂浮，
那么它受到的浮力始终等于重力；
因为放入球后，大碗的总重力变大；
所以大碗受到的浮力变大；
（2）当铁沙球沉在水底时，
大碗和球受到的总浮力：F浮
大碗和球受到的总浮力：F'浮=G碗+G球；
因此它们受到的总浮力变大了；
根据公式F浮=ρ液gV排可知，水的密度不变，那么大碗排开水的体积变大；
因此水盆中的水面将会上升。
30.（2019八上·杭州月考）科技小组的同学想利用学到的浮力知识制作一个浮力秤．他们找来一个瓶身为柱状体的空饮料瓶，剪掉瓶底，旋紧瓶盖，在瓶盖系一块质量适的石块，然后将其倒置在水桶里，使用时，只要把被测物体投入瓶中，从水面所对的刻度就可以直接读出被测物体的质量，经测量，该饮料瓶圆柱状部分的横截面积为12cm2(忽略塑料瓶厚度)，当浮力秤中不放被测物体时，水面所对位置为零刻度，如上页图所示。(g取10N/kg)
（1）如图所示，浮力秤静止时，浮力秤所受的重力________(填大于、等于、小于)其所受的浮力。
（2）浮力秤下悬挂的石块的作用是________。
（3）如果浮力秤柱状体的最大刻度是4cm，那么浮力秤所测的质量的最大值是________g。
（4）这种浮力秤的质量刻度是均匀的吗？答：________，请说明理由：________。
【答案】（1）等于
（2）可以使浮力秤能够竖直地漂浮在水中
（3）48
（4）均匀；浮秤放入物体漂浮时，增大的浮力等于增大的重力：△F浮＝G，即：ρ水gSh＝mg，可得： h＝m/ρ水Sh，∵ρ水、π、r为定值，∴h与m成正比，即该浮力秤质量的制度是均匀的
【解析】（1）根据二力平衡的知识分析；
（2）物体的重心越低，就越稳定。如果饮料瓶里没有石块，那么它会躺在水面上；如果在里面放上石块，那么瓶子竖直站立时重心最低，最稳定；
（3）首先根据F浮=ρ液gV排计算出达到最大刻度时受到的浮力，然后根据二力平衡的知识得到它的最大重力，最后根据重力公式计算出称量的最大质量；
（4）根据二力平衡和阿基米德原理，推导出测量物体的质量和深度h的变化关系式，如果二者成正比例关系，那么刻度就是均匀的。
【解答】（1）当浮力秤静止时，它在水面漂浮，那么它受到的浮力和重力相互平衡，即重力等于浮力；
（2）浮力秤下悬挂的石块的作用是：可以使浮力秤能够竖直地漂浮在水中。
（3）当最大刻度为4cm时，浮力秤的V排=Sh=12cm2×4cm=48cm3；
因为它在水面漂浮，
那么F浮力=G；、
ρ液gV排=mg；
ρ液V排=m；
1g/cm3×48cm3=m；
解得：m=48g；
（4）浮秤放入物体漂浮时在水面漂浮，
根据二力平衡的知识可知，它增大的浮力等于增大的重力，
即△F浮＝G；
ρ水gSh＝mg，
可得： h＝m/ρ水Sh；
因为ρ水、S定值，
所以h与m成正比，
即该浮力秤质量的制度是均匀的。
三、实验探究题
31.（2019·嘉兴）甲状腺激素是一种重要的动物激素，对动物的生长、发育具有重要意义。
（1）Ⅰ.现以某品种小鼠为实验对象研究甲状腺激素的功能，研究小组设计了以下实验：
①将若干健康同龄成年小鼠随机分成数量相同的甲、乙两组：
②待实验鼠安静后，测实验鼠体长，计算平均值；
③实验处理：甲组每天注射甲状腺激素制剂，乙组每天注射等量生理盐水；
④在相同并适宜的条件下饲养一段时间后，测定甲、乙两组每只实验鼠的体长，并分别计算两组实验鼠的体长平均值：
⑤分析实验前后体长数据，计算各组平均体长的增加量，进而得出结论。
请回答下列问题
a.根据上述实验设计，他们研究的问题是：________。
b.纠正实验设计中存在的一个错误：________。
（2）Ⅱ.协同作用是指多种物质同时作用于生物体所产生的作用超过各自单独作用的总和。若要探究甲状腺激素与生长激素的个对小鼠生长是否具有协同作用，在上述已纠正的实验设计基础上，还需要补充两组实验：丙组每天注射生长激素，丁组________（注：由于激素作用的特殊性，实验设计中对各试剂的量和浓度不作具体要求》
实验结果如图所示，n1~n4为各组小鼠体长增加量的相对值。对实验数据分析后发现数据关系为 ________ ，说明这两种激素对小鼠生长具有协同作用。
【答案】（1）甲状腺激素对小鼠的生长（体长）是否有促进作用；应该用幼年小鼠作为实验对象
（2）每天注射甲状腺激素和生长激素；n4>n1+n3-n2或（n4-n2）>(n1-n2)+(n3-n2)
【解析】控制变量在进行科学实验的概念，是指那些除了实验因素(自变量)以外的所有影响实验结果的变量，这些变量不是本实验所要研究的变量，所以又称无关变量、无关因子、非实验因素或非实验因子。甲状腺激素为氨基酸衍生物，有促进新陈代谢和发育，提高神经系统的兴奋性；呼吸，心律加快，产热增加。
【解答】（1） a .由实验步骤可知，该实验过程中的变量是甲状腺激素，记录是数据的实验鼠的体长，因此该实验是为了研究甲状腺激素对鼠的体长的影响；
b. 成年老鼠的身长基本不会发生改变了，因此无论甲状腺激素对老鼠体长有无影响，得出的结果都是几乎无生长；
（2） 要探究甲状腺激素与生长激素的个对小鼠生长是否具有协同作用，丙组注射 生长激素，则丁组要注射甲状腺激素和生长激素； 说明这两种激素对小鼠生长具有协同作用，则注射甲状腺激素和生长的实验组增加量要比不注射激素的增加量快，同时注射两种激素的老鼠体长增长最快，所以其数据满足关系是： n4>n1+n3-n2或（n4-n2）>(n1-n2)+(n3-n2) ；
32.（2019八上·浙江期中）小龙做“估测大气压值”的实验。
（1）在如图所示的装置中，小明不能采用乙图的装置来估测大气压强，其原因是________。
（2）实验步骤如下：
A．先把注射器的活塞推至注射器筒的底端，然后用橡皮帽封住注射器的小孔；
B．用细尼龙绳拴住注射器活塞的颈部，绳的另一端与弹簧测力计的挂钩相连，沿正确的方向慢慢拉动注射器筒，当注射器的活塞刚开始滑动时记下弹簧测力计示数（即大气对活塞的压力）F；
C．读出注射器的容积V；
D．用刻度尺测出注射器筒的全部长度L。
思考并回答：
①以上实验步骤中有一处错误请加以改正：________。
②用测得的物理量表示大气压强的表达式：P=________。
（3）小开对小龙的实验进行改进，在完成A、B步骤，活塞回到注射器底端后，添加了“取下注射器小孔的橡皮帽。再次沿正确方向慢慢匀速拉动注射器筒，记下弹簧测力计的读数”这一实验步骤的目的是为了________。
【答案】（1）乙活塞的重力影响大气压力的测定
（2）D步骤应量出注射器有刻度部分的长度L′（或L）；FL′/V（或FL/V）
（3）测出活塞与注射器筒壁之间的摩擦力,减小摩擦力对实验结果的影响
【解析】（1）如果沿竖直方向拉动测力计，那么测力计的示数=大气压力+活塞重力，会使测得的值偏大；
（2）①注射器的容积其实就是有刻度部分的长度与活塞横截面积的乘积，根据公式S=VL可知，要测量活塞的横截面积，必须测出有刻度部分的长度；
②首先根据公式S=VL计算出活塞的横截面积，然后再根据压强公式计算大气压强；
（3）如果活塞与注射器内壁间存在摩擦力，那么拉力F大于大气对活塞的压力，从而影响测量结果。
【解答】（1）小明不能采用乙图的装置来估测大气压强，其原因是乙活塞的重力影响大气压力的测定；
（2）①以上实验步骤中有一处是错误的，即步骤D，应改正为：量出注射器有刻度部分的长度L；
②注射器活塞的面积为S=VL；
那么大气压强p大气=FS=FVL=FLV ；
（4）小开对小龙的实验进行改进，在完成A、B步骤，活塞回到注射器底端后，添加了“取下注射器小孔的橡皮帽。再次沿正确方向慢慢匀速拉动注射器筒，记下弹簧测力计的读数”这一实验步骤的目的是为了测出活塞与注射器筒壁之间的摩擦力,减小摩擦力对实验结果的影响。
33.（2020八上·萧山月考）“配制一定溶质质量分数的氯化钠溶液”是初中科学的基础实验之一。
（1）现欲配制一瓶 75 g 溶质质量分数为 10%的氯化钠溶液，需氯化钠的质量为________g。
（2）请用图中的序号表示配制溶液的正确操作顺序：________。
（3）图中某步骤错误，该步骤的正确操作为________。
（4）下列情况中，可能会使氯化钠溶液质量分数低于10%的是________。
A．称取的氯化钠不纯，有杂质 B．在量取水时，俯视液面读数
C．配制好的溶液转移时，不小心有少量液体溅出
D．配制好的溶液装入刚用蒸馏水润洗过的试剂瓶保存
E．氯化钠固体潮湿 F．称量时砝码端忘垫质量相同的纸片
G．量取水时，仰视读数 H．装瓶时，有少量溶液洒出 I．左码右物
（5）实验室用15%的氯化钠溶液加水稀释成5%的氯化钠溶液，则需要15%的氯化钠溶液________g，向其中加入________g水可配得 120 克 5%的氯化钠溶液。
【答案】（1）7.5
（2）④②③⑤①
（3）称量时左码右物（物体和砝码位置放反）
（4）ADEFGI
（5）40；80
【解析】（1）根据溶质质量=溶液质量×溶质质量分数计算即可；
（2）根据称量固体→量取液体→加水溶解的顺序进行排列即可；
（3）注意分析天平的使用是否正确；
（4）根据溶质质量分数=溶质质量溶液质量×100%可知，溶质质量分数偏小的原因为：①溶质质量偏小；②溶剂的质量偏大，据此分析判断。
（5）稀释前后溶质的质量不变，根据溶质质量=溶液质量×溶质质量分数列方程计算；稀释前后溶液的质量之差就是加水的质量。
【解答】（1）需要氯化钠的质量：75g×10%=7.5g；
（2）配制一定溶质质量分数的溶液时，先从试剂瓶中取出药品，再用天平称量出规定质量的药品，倒入烧杯中备用；接下来用量筒量取规定体积的水，最后倒入烧杯中进行搅拌溶解即可，因此正确的顺序为：④②③⑤①。
（3）根据图②可知，该步骤的错误为砝码和氯化钠的位置放反了，正确操作为：称量时左物游码。
（4）A.称取的氯化钠不纯，有杂质，那么溶质的质量偏小，故A正确；
B.在量取水时，俯视液面读数，那么读出的示数偏大，而实际得到的水体积偏小，故B错误；
C.配制好的溶液转移时，不小心有少量液体溅出，由于溶液均一稳定，因此不会影响溶质的质量分数，故C错误；
D.配制好的溶液装入刚用蒸馏水润洗过的试剂瓶保存，由于溶剂的质量增大，因此质量分数偏小，故D正确；
E.氯化钠固体潮湿 F．称量时砝码端忘垫质量相同的纸片，那么砝码的质量=氯化钠质量+纸片，因此溶质的质量偏小，故E正确；
G.量取水时，仰视读数， 那么读出的示数偏小，而实际得到的水体积偏大，故G正确；
H.装瓶时，有少量溶液洒出，不会影响溶质质量分数，故H错误；
I.左码右物，根据砝码质量=氯化钠质量+游码质量可知，溶质的质量偏小，故I正确。
那么会使溶液溶质质量分数偏小的是ADEFGI。
（5）设需要15%的氯化钠溶液质量为x，
15%x=120g×5%；
解得：x=40g；
需要加水的质量：120g-40g=80g。
四、解答题
34.（2019八上·杭州期末）20℃条件下，小应用溶质的质量分数为98%的浓硫酸来配制500毫升溶质的质量分数为50%的硫酸溶液。
（1）500毫升溶质质量分数为50%的硫酸溶液，溶液的质量为多少克？
（2）配制时，需要98%的浓硫酸多少毫升?
硫酸的密度和硫酸溶液中溶质的质量分数对照表（20℃）
密度（克/厘米）
1.01
1.07
1.14
1.22
1.30
1.40
1.50
1.61
1.73
1.81
1.84
质量分数(%)
1
10
20
30
40
50
60
70
80
90
98
【答案】（1）根据下列图表中硫酸的密度和硫酸溶液中溶质的质量分数对照表（20℃），硫酸溶液中的溶质质量分数为50%密度为1.40 克/厘米3 硫酸溶液质量为：m= ρv=500ml×1.40g/cm3 =700克，溶液的质量为700克。
（2）由于稀释前后溶质质量不变，所以硫酸溶质的质量为：700g× 50%=350g，溶液的质量=溶质的质量÷溶质的质量分数=350÷98%=357g ，又因为m(质量）=p（密度）V （体积），对照表中质量分数为98%的硫酸密度为1.84g/cm³ ，所以V=357克÷1.84g/cm3=194mL
【解析】稀释前后溶质质量不变,溶液的质量分数为溶质质量与溶液质量之比。
35.（2019八上·新昌期末）科技小组的同学想利用学到的浮力知识制浮力秤。他们找来一个瓶身为柱状体的空饮料瓶，剪掉瓶底，旋紧瓶盖，在瓶盖系一块质量适当的石块，此浮力秤的总质量为20克，然后将浮力秤倒置在水桶里，使用时，只要把被测物体投入瓶中，从水面所对的刻度就可以直接读出被测物体的质量。经测量，该饮料瓶圆柱状部分的横截面积为20厘米2(忽略塑料瓶厚度)，当浮力秤中不放被测物体时，水面所对位置为零刻度，如图所示。
（1）如图所示，浮力秤静止时，浮力秤所受的浮力________(选填“大于”、“等于”或“小于”)其所受的重力。
（2）空载时浮力秤所受的浮力是多少?
（3）如果浮力秤柱状体的最大刻度是4厘米，那么浮力秤所测的最大质量是多少克?
（4）这种浮力秤的刻度是均匀的吗?________。
【答案】（1）等于
（2）F浮=mg=0.02kg×10N/kg=0.2N
（3）F浮‘=ρgV排=10×103kg/m3×10N/kg×20×4×10-6m3=0.8N,m=G/g=80g
（4）均匀
【解析】（1）根据二力平衡的知识分析浮力和重力的大小关系；
（2）根据（1）中分析的结果计算浮力秤空载受到的浮力；
（3）首先根据V排=Sh计算出浮力秤排开水的最大体积，然后根据F浮=ρ液gV排计算它受到的最大浮力，最后根据F浮=G=mg计算最大称量值；
（4）根据重力公式和阿基米德原理，推导出水面上升高度（刻度）与加入物体质量之间的数学关系式，进而分析刻度是否均匀。
【解答】（1）当浮力秤静止时，它受到平衡力，即浮力和重力相互平衡，那么浮力等于重力；
（2）空载时浮力秤所受到浮力： F浮=G=mg=0.02kg×10N/kg=0.2N ；
（3）浮力秤排开水的最大体积为：V排=Sh=20cm2×4cm=80cm3=8×10-5m3；
那么浮力秤受到的最大浮力为： F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×8×10-5m3=0.8N ；
浮力秤称量的最大质量为：m=Gg=F浮g=0.8N10N/kg=0.08kg=80g；
（4）当浮力秤中放入质量为m的物体时，
浮力秤增加的浮力等于物体的重力，即：△F浮=G；
ρ水g△V排=mg；
ρ水S△h=m；
即：△ℎ=mρ水S；
因此水面升高的高度即刻度，与物体的质量成正比，那么浮力秤的刻度是均匀的。
36.（2018八上·金华期中）如图所示甲是一个深度很浅的皮碗，乙是将皮碗压向水平的天花板，挤出皮碗下的全部空气，在大气压的作用下，皮碗像吸盘一样“平贴”在天花板上，皮碗的吸附面积为 100cm2，皮碗中心引出的细线可以悬挂一个物体在空中。（不计细线和皮碗的重量，大气压取 1.0×10 5Pa，g 取 10N/kg）
（1）皮碗能像吸盘一样“平贴”在天花板上是由于受到________的作用。
（2）要想吸盘不脱落，所挂物体的重量不得超过多少？
（3）设想细线下挂一边长为10cm，质量为500g的正方体物块时吸盘没有脱落（物块底面保持水平），剪断细线物块落在水平地面上无反弹和翻滚，从触地时开始计时，物块对地面的压强随时间变化的关系如图丙所示（接触面积一直是正方形的底面积），压强减至pr时便保持不变。求t=0时物块对地面的压力和t=0.1s时pr为多少？
【答案】（1）大气压
（2）因为p= FS ，所以大气压作用在吸盘上的压力：F=p0S=1.0×105Pa×100×10−4m2=1000N，
所挂物体的最大重量G=F=1000N
（3）查表知t=0时物块对地面的压强p1=1.5×103Pa，
所以物块对地面的压力：F=p1S=1.5×103Pa×(0.1m×0.1m)=15N，
由题意t=0.1s时可知此时正方体物块静止在水平地面上，
Fr=G物=mg=0.5kg×10N/kg=5N，
则pr= FrS′=5N(0.1m×0.1m)2 =500Pa
【解析】（1）浸在空气里的物体都会受到大气压强的作用；
（2）当吸盘刚好被拉开时，它受到的大气压力等于物体重力，即G=F=p0S；
（3）根据图像确定t=0时物体对地面的压强，然后根据 F=p1S 计算这时物体对地面的压力；当t=0.1s时，物体对地面的压力等于重力，首先根据 Fr=G物=mg ，然后再根据pr=FrS计算这时对地面的压强即可。
37.（2020八下·天台月考）如图甲所示为某品牌超声波加湿器；如图乙所示为其内部湿度监测装置的简化电路图，其中电源电压为6V，定值电阻R0的阻值为90Ω，电流表的量程为0～300mA，电压表的量程为0～6V；如图丙所示为湿敏电阻R的阻值随湿度RH变化的关系图像。则在电路安全工作的前提下，计算：
（1）当电流表的示数为40mA时，求湿敏电阻R接入电路中的阻值。
（2）当湿度RH＝50%时，求电压表示数。
（3）当电压表示数为1.5V时，求湿敏电阻R的大小。
【答案】（1）R总=UI=6V0.04A=150Ω
R＝R总－R0＝150Ω－90Ω=60Ω
（2）根据图像，当RH=40%时，R＝50Ω I=UR总=6V60Ω+90Ω=0.04A
则湿敏电阻R两端的电压：UR＝IR＝0.04A×60Ω=2.4V
（3）当电压表示数为1.5V时，
即：UR′＝1.5V；U0′＝4.5V
IR'=I0'=U0'R0=4.5V90Ω=0.05A
R'=UR'IR'=1.5V0.05A=30Ω
【解析】（1）根据乙图可知，定值电阻R0与湿敏电阻R串联，电压表测R电压，首先根据 R总=U总I总计算出总电阻，再根据串联电路 R＝R总−R0计算即可；
（2）首先根据丙图确定湿度为50%时湿敏电阻R的阻值，然后根据 I=U总R总=U总R0+R计算此时电路中的电流， 最后根据公式 UR＝IR 计算即可；
（3）首先根据 U0′ =U总- UR′ 计算出定值电阻R0两端的电压，然后根据 IR'=I0'=U0'R0 计算出串联电路电流， 最后根据 R'=UR'IR'计算湿敏电阻R的阻值。
38.（2019八上·新昌期末）随着社会的发展和科技的进步，电路元件在各行得到广泛的应用，其中温奶器就是利用热敏电阻阻值会随温度的改变而改变的原理制作的。图甲是温奶器的工作电路图，电路中电流表的量程为0~0.02A，滑动变阻器R的铭牌上标有“150Ω 0.3A"字样，R1为热敏电阻，其阻值随温度变化关系如图乙所示，电源电压保持不变。请完成下列小题：
（1）将此电路放入温度为20℃的环境中，闭合开关S，调节滑片P，使滑动变阻器接入电路的电阻R=100欧，此时电流表的读数为0.01安，求电源电压。
（2）若环境温度为40℃时，要保证整个电路元件的安全，求滑动变阻器接入电路中的电阻的变化范围。
（3）求此电路能测量的最高环境温度。
【答案】（1）由图乙可知，温度为20℃时，热敏电阻阻值为400Ω，
U=I(R1+R)=0.01A×(400Ω+100Ω)=5V
（2）由图乙可知，温度为40℃时，热敏电阻阻值为2002，电路最大电流为0.02A
R最小= UI最大=5V0.02A =250Ω
R滑最小=R最小-R0=250Ω-200Ω=50Ω
滑动变阻器的电阻变化范围为50Ω-150Ω
（3）热敏电阻阻值越小，环境温度最高，电路电流最大为0.02A时，
R总= UI最大=5V0.02A =250Ω
R1小=R总-R滑最大=250Ω-150Ω=100Ω
由图乙可知其工作的最高环境温度50℃
【解析】（1）根据电路图可知，定值电阻R1与热敏电阻串联，首先根据乙图确定20℃时热敏电阻的阻值，然后根据R总=R1+R计算出总电阻，最后根据U总=I总R总计算总电压即可；
（2）根据乙图确定温度为40℃时热敏电阻的阻值，然后根据 R最小=UI最大计算出电路最小的总电阻，接下来根据 R滑最小=R最小-R0 计算变阻器接入电路的最小电阻，而变阻器的阻值范围其实就是接入的最小电阻和它的最大阻值之间；
（3）当温度最高时，热敏电阻的阻值最小，而电路里的电流最大为0.02A；首先根据 R总=UI最大计算出这时的最小的总电阻，然后根据R1小=R总-R滑最大 计算出热敏电阻的最小电阻，最后根据乙图确定测量的最高温度即可。
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