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2020-2021年江苏省扬州九年级上学期物理暑期检测反馈试卷附答案
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这是一份2020-2021年江苏省扬州九年级上学期物理暑期检测反馈试卷附答案，共14页。试卷主要包含了单项选择题，填空题，作图题，计算题，实验题等内容，欢迎下载使用。
九年级上学期物理暑期检测反响试卷
一、单项选择题
1.以以下图是生活中经常使用的工具，其中属于费力杠杆的是〔 〕
A. 镊子 B. 枝剪
C. 独轮车 D. 瓶盖起子
2.学校升国旗的旗杆顶上有一个滑轮，升旗时往下拉动绳子，国旗就会上升。对这滑轮的说法，正确的选项是〔 〕
A. 这是一个动滑轮，可省力 B. 这是一个定滑轮，可省力
C. 这是一个动滑轮，可改变力的方向 D. 这是一个定滑轮，可改变力的方向
3.某同学把一本初中物理课本从课桌旁的地面上拿到桌面上，那么该同学对物理课本所做功的大小最接近于〔 〕
A. 0．2J B. 2J C. 200J D. 2000J
4.如以下图，杠杆处于水平位置平衡。假设将两边所挂的钩码各减去一个，杠杆将〔 〕
A. 仍继续保持水平平衡 B. 右端上升，左端下降
C. 右端下降，左端上升 D. 无法确定杠杆的运动状态
5.一个密封的塑料杯子，如图放在水平面上，未装满橙汁，假设把它倒置，那么橙汁对容器内底面的作用情况是〔 〕
A. 压强减小，压力增大 B. 压强减小，压力减小
C. 压强增大，压力增大 D. 压强增大，压力减小
6.用10N的水平推力推着重为60N的物体沿水平方向做直线运动，假设推力对物体做了60J的功，那么在推力做功的过程中〔 〕
A. 物体一定运动了1m B. 物体一定运动了6m
C. 物体一定受了10N的摩擦力 D. 物体一定受了60N的摩擦力
7.一个同学用120N的力，将一个重4N的足球踢到25m远处. 对他踢球时做功的情况，以下说法正确的选项是〔 〕
A. 做功300J B. 做功100J C. 没有做功 D. 条件缺乏，无法计算
8.如以下图，杠杆处于平衡状态，F的力臂是〔 〕
A. OF B. OD C. OC D. OA
9.如以下图，一根铁棒在水平拉力F的作用下，以O点为转轴，由竖直逆时针匀速转向水平位置的过程中，动力F与动力臂L的大小变化〔 〕
A. F增大，L增大 B. F减小，L减小 C. F增大，L减小 D. F减小，L增大
10.如以下图，将木块放在压缩了的弹簧旁，释放弹簧，木块沿水平地面向右运动，离开弹簧后，木块运动一段距离后停下来．以下说法正确的选项是〔 〕
A. 木块所受摩擦力使木块由静止开始运动 B. 弹簧对木块的弹力使木块由静止开始运动
C. 木块所受摩擦力不会改变木块的运动状态 D. 木块最终停止运动是由于失去弹簧的弹力作用
11.跳绳是大家喜爱的体育运动之一，小金的质量为50千克，每次跳起高度约为6厘米〔人整体上升，如以下图〕，一分钟跳100次，以下说法正确的选项是〔 〕
A. 向上起跳过程中小金的动能持续增大 B. 在整个跳绳过程中小金的机械能守恒
C. 小金跳一次克服重力做功约 3 焦 D. 小金在这一分钟内跳绳的功率约为 50 瓦
12.两次水平拉动同一物体在同一水平面上做匀速直线运动，两次物体运动的路程〔s〕一时间〔t〕图象如以下图，根据图象，以下判断正确的选项是〔 〕
A. 两次物体运动的速度：v1＜v2 B. 两次物体所受的拉力：F1＞F2
C. 0﹣6s两次拉力对物体所做的功：W1＞W2 D. 0﹣6s两次拉力对物体做功的功率：P1＜P2
二、填空题
13.物体所受重力是100N，当如图对它施加一个水平向左的30N的压力将它压在竖直墙面上处于静止，此时它受到的摩擦力是________N，方向________；当将它放在水平桌面用40N的水平力向西拉它时，它在水平面上匀速直线运动，此时它受到的摩擦力是________N，方向________。
14.如以下图，是家庭电路中常用的两种墙壁开关，其按钮可绕面板内某轴转动。根据生活经验并结合杠杆知识，你认为开关________〔甲/乙〕容易损坏。因为按动这种开关的________〔力臂/受力面积〕较小，那么按动的________〔力/压强〕较大。
15.如以下图，小明用100N的水平力推着重为300N的木箱在水平地板上5秒钟前进了2m，松手后，木箱又向前自由滑行了0.5m后静止。整个过程中，木箱的重力做功________J，小明对木箱做功________J，功率是________W。
3的金属圆柱体，用细线吊着慢慢浸入水中，当它一半没入水中时，它排开水的体积是________cm3 ， 排开这局部水的重力是________N，它受到的浮力是________N。如果它全部没入水中，它受到的浮力是________N。
17.如图是一工人抬起独轮车车把时的简化示意图，此时独轮车相当于一个________〔省力/费力/等臂〕杠杆。如果他作用于车把上的动力F始终与车把垂直，那么在慢慢抬起的过程中，阻力臂________，动力F________〔变大/变小/不变〕。假设动力臂是阻力臂的6倍，货物和车总重G为1200N，那么抬起车把的力为________N。
18.如以下图的滑轮组吊起某一物体，如该物体重是G=400N，滑轮重、绳子重、摩擦等不计，为了使物体G匀速上升，拉力F=________N，为了使物体在5s钟内上升2m，人需用速度________m/s拉动绳子。
19.如图，在“探究动滑轮工作时的特点〞的实验中，小华将弹簧测力计沿________方向拉动，在钩码________〔“静止〞、“匀速上升〞〕时读取测力计的示数。实验中小华正确操作，却发现测力计的示数总大于钩码重力的一半，请写出一条产生这一现象的可能原因：________。
20.阅读短文，答复以下问题：
电梯与摩天大楼是哪一个先问世的？如果你认为是后者，那就错了。事实上，正是电梯的创造引起了建筑师们的注意，从而想到利用电梯可使人们自由地出入高楼的每一层，免于爬楼之苦。因此他们认为，建造摩天大楼是可行的。据报道，安装在我国上海中心大厦的“火箭〞电梯，其攀升速度创造了20.5m/s的世界纪录，从1楼到118楼只需短短55s。
电梯的典型结构包括滑轮、轿厢、钢丝绳、配重、电动机、平安装置和信号操纵系统等。如图甲所示，是某种升降电梯工作原理图。电动机和配重通过钢丝绳分别给轿厢施加拉力，连接轿厢的两根钢丝绳非常靠近，轿厢与配重的运动方向始终相反，电动杋通过切换转轴的转动方向，使轿厢升降自如。
〔1〕图甲中A滑轮是________〔定/动〕滑轮，B轮滑________〔能/不能〕省力；
〔2〕上海中心大厦内的电梯是目前世界上最快的电梯，在载重一定的情况下，以下最能表达该电梯运行特点的是__________；
〔3〕如图乙电梯在2至8秒钟上升过程中，轿厢的速度________，配重的重力做功功率________〔增大/减小/不变〕；
〔4〕如图乙所示是某次电梯满载上升时的v-t图像，假设配重的质量为450kg，空轿厢的质量是550kg，额定载荷是1100kg。电梯匀速运行阶段，配重的重力做功________J〔g取10N/kg〕；
〔5〕如图乙所示，不计钢丝绳重和一切摩擦，该电梯满载匀速运行时，电动机钢丝绳对轿厢拉力的功率为________W。
三、作图题
21.在图中画出使杠杆在图示位置平衡时所施最小力的示意图
22.在图中画出工人提起重物最省力的绕绳方法。
四、计算题
23.如以下图，用一动滑轮将500N的物体在10s内匀速提高3m，绳子自由端的拉力为300N。求∶
〔1〕动滑轮拉钩对物体所做的功；
〔2〕拉力做功多大；
〔3〕拉力做功的功率。
24.滑旱冰是青少年最喜欢的一项运动。如以下图，小兵质量约为34kg，所穿的四轮直排旱冰鞋每只质量为3kg，鞋底每个轮子与地面接触面积为4cm2 ． 〔g取10N/kg〕求：
〔1〕小兵自身受到的重力；
〔2〕假设比赛时小兵滑行1200m用时2.5min，小兵滑动的平均速度是多少m/s？
〔3〕小兵单脚滑行时对地面的压强。
五、实验题
25.在“探究杠杆的平衡条件〞的实验中∶
〔1〕实验前，在没有挂钩码和弹簧测力计时，小明发现杠杆左端低右端高，如图甲所示。此时杠杆处于________〔平衡/非平衡〕状态。为了忽略杠杆自重对实验的影响，他应将杠杆右端的平衡螺母向________调节，使杠杆自身重力的力臂________〔大于/等于〕0。
〔2〕如图乙所示经正确调节后，小明在杠杆左边B处挂2个钩码〔〕，在右边A处用弹簧测力计沿________方向拉动杠杆，当杠杆在水平位置平衡时弹簧测力计的示数为________N。实验中保持杠杆在水平位置平衡的好处是________。
〔3〕如图丙所示，改用弹簧测力计在C处竖直向上拉住杠杆，将拉力的方向逐渐向右倾斜，使杠杆仍然在水平位置平衡，弹簧测力计的示数________〔变大/不变/变小〕。
26.某实验小组利用弹簧测力计、小石块、溢水杯等器材，按照如以下图的步骤，探究浮力的大小与排开液体所受重力的关系。
〔1〕先用弹簧测力计分别测出空桶和石块的重力，其中石块的重力大小为________N。
〔2〕把石块浸没在盛满水的溢水杯中，石块受到的浮力大小为________N。石块排开的水所受的重力可由________〔填字母代号〕两个步骤测出。
〔3〕由以上步骤可初步得出结论：浸在水中的物体所受浮力的大小等于________。
〔4〕为了得到更普遍得结论，以下继续进行得操作中不合理得是________。
〔5〕另一实验小组在步骤C的操作中，只将石块的一局部浸在水中，其他步骤操作正确，那么________〔选填“能〞或“不能〞〕得到与〔3〕相同的结论。
答案解析局部
一、单项选择题
1.【解析】【解答】镊子的动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，枝剪、独轮车和瓶盖的起子都是动力臂大于阻力臂，均属于省力杠杆。A符合题意，BCD不合题意。
故答案为：A。
【分析】动力臂大于阻力臂的杠杆为省力杠杆，动力臂等于阻力臂的杠杆为等臂杠杆，动力臂小于阻力臂的杠杆为费力杠杆。
2.【解析】【解答】定滑轮可以改变力的方向，但不能省力；动滑轮可以省力，但不能改变力的方向。
旗杆顶上的滑轮，升旗时往下拉动绳子，国旗就会上升，是改变了力的方向，是定滑轮，ABC不符合题意，D符合题意。
故答案为：D
【分析】定滑轮可以改变力的方向，但不能省力；动滑轮可以省力，但不能改变力的方向。
3.【解析】【解答】一本物理课本的质量m=200g=0.2kg，
G=mg=0.2kg×10N/kg=2N，
课桌高度约为1m，
人对课本做的功：W=Gh=2N×1m=2J．
应选B．
【分析】首先估测物理课本的质量，然后计算它的重力，然后再估测课桌的高度，最后根据功的公式计算即可．此题的难点在于对物理课本质量的估测，这是易错的地方，这要求我们对于生活中常见的物体要多观察、多思考．
4.【解析】【解答】假设将两边所挂的钩码各减去一个，根据杠杆平衡条件可知
右端偏重，那么右端下降，左端上升。
故答案为：C。
【分析】粉笔利用力乘以力臂，哪边大杠杆就往哪边偏转。
5.【解析】【解答】根据
可知倒置后的橙汁液体深度变小，故对容器内底面的压强也变小；根据
可知橙汁对容器内底面的压力变大。A符合题意，BCD不合题意。
故答案为：A。
【分析】求解液体内部的压强，利用公式p＝ρgh，其中ρ是液体的密度，h是深度；压强的大小，结合压强的变形公式F=pS求解压力。
6.【解析】
【考点】功的计算．
【分析】利用公式W=FS可以求出物体移动的距离，因为物体的运动的状态不确定，而只有在匀速直线运动时才可以求出摩擦力，所以摩擦力无法确定．
【解答】S＝＝＝6m，又因为物体的运动状态不确定，所以无法求得摩擦力，应选B．
【点评】本类型题的关键是先用排除法把绝对能肯定的错误答案排除掉，然后通过相应的计算公式找出正确答案．
7.【解析】【解答】作用在物体上的力只是瞬间，物体运动过程中没有再对物体有力的作用，所以无法准确计算，A、B不正确，虽然是瞬间，但也会让物体移动，即对物体做了功，但球飞出后,他对球不做功，即为零。
故答案为：D
【分析】力对物体做功，那么物体受力，并且在力的方向上移动距离。
8.【解析】【解答】从图中可以看出支点O到F作用线的垂线段为OC。其他线段，如OA、OD、OF都与F的作用线不垂直，DF垂直OD，但与F的作用线不垂直，所以只有OC符合。
故答案为：C。
【分析】动力臂为支点到动力作用线的距离，阻力臂为支点到阻力作用线的距离，固定不动的点为支点。
9.【解析】【解答】解：〔1〕当杠杆竖直时，动力F、阻力G、动力臂L1、阻力臂L2如以以下图所示：
由于重力的方向也竖直向下，因此重力的作用线穿过支点，因此阻力臂L2为零；动力臂为整个杠杆的长度，如图中L1所示；〔2〕当杠杆被拉到水平位置时，动力F′、阻力G、动力臂L1′、阻力臂L2′如以以下图所示：
由图可见，阻力臂变成了L2′，变大了；动力水平，动力作用线穿过支点，动力臂L1′为零．〔3〕杠杆由竖直被拉到水平时，阻力不变，阻力臂增大，动力臂减小，根据杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂，因此动力增大．
应选C．
【分析】〔1〕杠杆的平衡条件是：动力×动力臂=阻力×阻力臂〔或F1L1=F2L2〕；〔2〕杠杆的支点如以下图，动力为F，阻力为杠杆的重力，分别画出杠杆在竖直、水平两位置的阻力G的力臂L2、动力F的力臂L1 ， 阻力G不变，分析L2和L1的变化，从而判断出动力F的变化．
10.【解析】【解答】是弹簧对木块的弹力使木块由静止开始运动而不是摩擦力；木块所受的摩擦力可以改变木块速度的大小，所以其运动状态可以被摩擦力改变；木块最后停止是由于摩擦力与弹力相等。
故答案为：B。
【分析】对物体进行受力分析，弹簧对物体的弹力大于地面对物体的摩擦力使物体运动起来，力改变物体的运动状态。
11.【解析】【解答】A. 向上起跳过程中小金的动能转化为重力势能，动能不断较小，A不符合题意；B. 在整个跳绳过程中小金的机械能转化为内能，机械能不守恒，B不符合题意；C. 小金跳一次克服重力做功约W＝Gh＝mgh＝50 kg 10N/kg 0.06m＝30J,C不符合题意；D. 小金在这一分钟内跳绳的功率约为P＝ ＝50W,D符合题意．
故答案为：D.
【分析】1.动能的大小与物体质量和高度有关，质量一定时，速度减小，动能减少；2.当机械能与其它形式的能量相互转化时，机械能不守恒；3.据W＝Gh＝mgh估算跳一次克服重力做功；4. 由P＝ 计算跳绳的功率．
12.【解析】【解答】A．由图像可知，在相同时间内，物体第一次通过的路程大于第二次通过的路程，所以v1＞v2 ， A不符合题意。
B．同一物体重力相等，对水平面的压力相等，在同一水平面接触面的粗糙程度相同，因此两次拉动物体时，物体受到的摩擦力相等。由于物体做匀速直线运动，所受到的拉力和摩擦力是一对平衡力，大小相等，所以两次物体所受的拉力：F1=F2 ， B不符合题意。
C．由图像可知，0-6s物体第一次通过的路程大于第二次通过的路程，又因为F1=F2 ， 根据W=Fs可得，0-6s两次拉力对物体所做的功：W1>W2 ， C符合题意。
D．0-6s两次拉力对物体所做的功：W1>W2 ， 时间相同，由 可得，0-6s两次拉力对物体做功的功率：P1＞P2 ， D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】结合图像分析物体的速度，当物体匀速直线运动时拉力和阻力相等，拉力和距离的乘积计算功的大小，功和时间的比计算功率.
二、填空题
13.【解析】【解答】对物体进行受力分析可知，在竖直方向上，物体受到的静摩擦力和重力平衡，即
方向竖直向上。在水平桌面用40N的水平力向西拉它时，它在水平面上匀速直线运动，此时物体水平方向上受到的滑动摩擦力与拉力二力平衡，故有
方向水平向东。
【分析】对物体进行受力分析，物体处于平衡状态，合外力为零，相互平衡的两个力，要大小相等、方向相反；摩擦力的方向都与物体相对于地面的运动趋势和运动方向相反。
14.【解析】【解答】根据生活经验并结合杠杆知识，开关甲容易损坏，因为根据压强公式 可知，在压力一定时，按动这种开关的受力面积较小，那么按动的压强较大。
【分析】杠杆平衡时，如果阻力和阻力臂固定，根据杠杆的平衡条件可得，如果动力臂越大，那么动力就越小，如果动力臂越小，动力就越大。
15.【解析】【解答】木箱始终保持水平方向运动，竖直方向上的高度没有发生变化，故重力不做功。小明对木箱做功为 功率为
【分析】求解外力做功，利用外力大小乘以位移在力的方向上移动的距离即可，即W=Fs；利用外力做的功除以做功需要的时间即为功率。
16.【解析】【解答】一个体积为20cm3的金属圆柱体，当它一半没入水中时，它排开水的体积是物体体积的一半即10cm3 ， 排开这局部水的重力是
根据阿基米德原理，它受到的浮力等于排开液体的重力，即为10N。如果它全部没入水中，它受到的浮力是
【分析】结合物体排开液体的体积，利用阿基米德原理F浮=ρ液gV排求解物体受到的浮力即可。
17.【解析】【解答】一工人抬起独轮车车把时，支点O在车轮中心处，阻力由重力产生，动力臂大于阻力臂，此时独轮车相当于一个省力杠杆。如果他作用于车把上的动力F始终与车把垂直，那么在慢慢抬起的过程中，阻力不变，阻力臂为支点O到重力G的垂线段，将变小，动力臂不变，根据杠杆平衡条件可知动力F变小。假设动力臂是阻力臂的6倍，货物和车总重G为1200N，根据 可知，抬起车把的力为
【分析】杠杆平衡时，如果阻力和阻力臂固定，根据杠杆的平衡条件可得，如果动力臂越大，那么动力就越小，如果动力臂越小，动力就越大；杠杆处于平衡状态，结合动力、动力臂、阻力、阻力臂，利用杠杆的平衡条件分析求解即可。
18.【解析】【解答】滑轮重、绳子重、摩擦等不计，滑轮组中n=2，那么
那么拉力为 物体上升速度为
那么绳端速度为
【分析】分析该滑轮组中与动滑轮接触的绳子的段数，分析拉力与阻力的大小关系和自由端移动距离与物体移动距离的关系。
19.【解析】【解答】由实验图可知，动滑轮工作时是运动的，故小华应将弹簧测力计沿竖直方向匀速拉动，在钩码匀速上升时读取示数。根据力的平衡关系，有
解得
可知由于存在动滑轮的重力的关系，使得测力计的示数总大于钩码重力的一半。
【分析】要使系统处于平衡状态，应匀速拉动物体，拉力大小等于物体重力和滑轮重力的一半。
20.【解析】【解答】(1)图甲中A、B滑轮都是定滑轮，都不能省力，只能改变力的方向。(2)根据
可知在载重一定的情况下，电梯的功率越大，运行的时间就越小。(3)由图乙可知电梯在2至8秒钟上升过程中匀速上升，轿厢的速度不变，配重的速度也不变。根据
可知配重的重力做功功率不变。(4)由图乙可知，电梯匀速运行阶段，配重运动距离等于轿厢上升的高度
故配重的重力做功为 (5)电梯满载匀速运行时，电动机钢丝绳对轿厢拉力为 故电动机钢丝绳对轿厢的拉力的功率为
【分析】〔1〕中心转轴固定不动的滑轮为定滑轮，定滑轮可以改变力的方向，但不省力；
〔2〕〔3〕通过功率公式P=Fv可以看出，拉力一定时，速度越大，功率越大；
〔4〕〔5〕求解外力做功，利用外力大小乘以位移在力的方向上移动的距离即可，即W=Fs；利用外力做的功除以做功需要的时间即为功率。
三、作图题
21.【解析】【解答】在阻力与阻力臂一定时，由杠杆平衡条件可知，动力臂越大，动力越小，由图示可知，OA是最大动力臂，当力F与OA垂直向上时，力F最小，如以下图。
【分析】杠杆平衡时，如果阻力和阻力臂固定，根据杠杆的平衡条件可得，如果动力臂越大，那么动力就越小，如果动力臂越小，动力就越大。
22.【解析】【解答】人用力往上提绳使重物升起，说明最后绕过的是动滑轮，按此反向绕线，绳子的起始端系在动滑轮上，如以以下图所示：
。
【分析】在滑轮组中，与动滑轮接触的绳子的段数越多，那么这个滑轮组就越省力，但是也越费距离，结合题目要求设计滑轮组的绕线方式即可。
四、计算题
23.【解析】【分析】求解外力做功，利用外力大小乘以位移在力的方向上移动的距离即可，即W=Fs；利用外力做的功除以做功需要的时间即为功率。
24.【解析】【分析】〔1〕利用 G＝mg 求得 小兵自身受到的重力 .
〔2〕由速度计算公式 v＝ 求得 小兵滑动的平均速度 .
〔3〕利用p=求得 小兵单脚滑行时对地面的压强 .
五、实验题
25.【解析】【解答】(1)实验前，在没有挂钩码和弹簧测力计时，小明发现杠杆左端低右端高，如图甲所示此时杠杆静止，处于平衡状态。右侧偏高，为了忽略杠杆自重对实验的影响，他应将杠杆右端的平衡螺母向右调节，使杠杆自身重力的力臂等于0。(2)如图乙所示经正确调节后，小明在杠杆左边B处挂2个钩码〔〕，根据杠杆平衡条件，在右边A处用弹簧测力计应沿竖直向下方向拉动杠杆，当杠杆在水平位置平衡时弹簧测力计的示数为
即 实验中保持杠杆在水平位置平衡的好处是便于测量力臂，因为此时力臂与杠杆垂直。(3)如图丙所示，改用弹簧测力计在C处竖直向上拉住杠杆，将拉力的方向逐渐向右倾斜，使杠杆仍然在水平位置平衡，由于阻力与阻力臂不变，动力臂变小，那么动力应增大，即弹簧测力计的示数变大。
【分析】〔1〕调节杠杆平衡，杠杆的哪一端高就把平衡螺母往哪端调，最后是杠杆在水平位置平衡；
〔2〕杠杆在水平位置平衡，便于测量力臂的大小；杠杆的支点不在中央，杠杆自身的重力会影响杠杆的平衡；杠杆处于平衡状态，结合动力、动力臂、阻力、阻力臂，利用杠杆的平衡条件分析求解；
〔3〕杠杆平衡时，如果阻力和阻力臂固定，根据杠杆的平衡条件可得，如果动力臂越大，那么动力就越小，如果动力臂越小，动力就越大。
26.【解析】【解答】〔1〕弹簧测力计的分度值为0.2N，石块的重力为3.8N；〔2〕把石块浸没在盛满水的溢水杯中，弹簧测力计的示数是2.4N, 根据 ；比拟DA两图，可以得出块排开的水所受的重力；〔3〕由以上步骤可初步得出结论，也就是阿基米德原理的内容：浸在水中的物体所受浮力的大小等于该物体所排开的水受到的重力的大小；〔4〕为了得到更普遍得结论，应换用不同液体和物体进行屡次实验，而不是用原来的方案和器材屡次测量取平均值，操作中不合理的是A；〔5〕根据阿基米德原理，物体受到浮力大小等于排开液体的重力，排开液体的体积越大，受到浮力越大；只将石块的一局部浸在水中，其他步骤操作正确，也能得到与〔3〕相同的结论。故答案为：〔1〕3.8； 〔2〕1.4； 〔3〕DA；〔4〕该物体所排开的水受到的重力的大小；〔5〕A； 〔6〕能；
【分析】验证阿基米德原理实验，充分考查了学生对根底知识的掌握程度.先利用称重法测出物体浸在液体中受到的浮力，再测出物体排开液体的重力，再根据阿基米德原理的内容〔阿基米德原理：浸入液体里的物体受到向上的浮力，浮力大小等于它排开的液体受到的重力〕进行解答.
九年级上学期物理暑期检测反响试卷
一、单项选择题
1.以以下图是生活中经常使用的工具，其中属于费力杠杆的是〔 〕
A. 镊子 B. 枝剪
C. 独轮车 D. 瓶盖起子
2.学校升国旗的旗杆顶上有一个滑轮，升旗时往下拉动绳子，国旗就会上升。对这滑轮的说法，正确的选项是〔 〕
A. 这是一个动滑轮，可省力 B. 这是一个定滑轮，可省力
C. 这是一个动滑轮，可改变力的方向 D. 这是一个定滑轮，可改变力的方向
3.某同学把一本初中物理课本从课桌旁的地面上拿到桌面上，那么该同学对物理课本所做功的大小最接近于〔 〕
A. 0．2J B. 2J C. 200J D. 2000J
4.如以下图，杠杆处于水平位置平衡。假设将两边所挂的钩码各减去一个，杠杆将〔 〕
A. 仍继续保持水平平衡 B. 右端上升，左端下降
C. 右端下降，左端上升 D. 无法确定杠杆的运动状态
5.一个密封的塑料杯子，如图放在水平面上，未装满橙汁，假设把它倒置，那么橙汁对容器内底面的作用情况是〔 〕
A. 压强减小，压力增大 B. 压强减小，压力减小
C. 压强增大，压力增大 D. 压强增大，压力减小
6.用10N的水平推力推着重为60N的物体沿水平方向做直线运动，假设推力对物体做了60J的功，那么在推力做功的过程中〔 〕
A. 物体一定运动了1m B. 物体一定运动了6m
C. 物体一定受了10N的摩擦力 D. 物体一定受了60N的摩擦力
7.一个同学用120N的力，将一个重4N的足球踢到25m远处. 对他踢球时做功的情况，以下说法正确的选项是〔 〕
A. 做功300J B. 做功100J C. 没有做功 D. 条件缺乏，无法计算
8.如以下图，杠杆处于平衡状态，F的力臂是〔 〕
A. OF B. OD C. OC D. OA
9.如以下图，一根铁棒在水平拉力F的作用下，以O点为转轴，由竖直逆时针匀速转向水平位置的过程中，动力F与动力臂L的大小变化〔 〕
A. F增大，L增大 B. F减小，L减小 C. F增大，L减小 D. F减小，L增大
10.如以下图，将木块放在压缩了的弹簧旁，释放弹簧，木块沿水平地面向右运动，离开弹簧后，木块运动一段距离后停下来．以下说法正确的选项是〔 〕
A. 木块所受摩擦力使木块由静止开始运动 B. 弹簧对木块的弹力使木块由静止开始运动
C. 木块所受摩擦力不会改变木块的运动状态 D. 木块最终停止运动是由于失去弹簧的弹力作用
11.跳绳是大家喜爱的体育运动之一，小金的质量为50千克，每次跳起高度约为6厘米〔人整体上升，如以下图〕，一分钟跳100次，以下说法正确的选项是〔 〕
A. 向上起跳过程中小金的动能持续增大 B. 在整个跳绳过程中小金的机械能守恒
C. 小金跳一次克服重力做功约 3 焦 D. 小金在这一分钟内跳绳的功率约为 50 瓦
12.两次水平拉动同一物体在同一水平面上做匀速直线运动，两次物体运动的路程〔s〕一时间〔t〕图象如以下图，根据图象，以下判断正确的选项是〔 〕
A. 两次物体运动的速度：v1＜v2 B. 两次物体所受的拉力：F1＞F2
C. 0﹣6s两次拉力对物体所做的功：W1＞W2 D. 0﹣6s两次拉力对物体做功的功率：P1＜P2
二、填空题
13.物体所受重力是100N，当如图对它施加一个水平向左的30N的压力将它压在竖直墙面上处于静止，此时它受到的摩擦力是________N，方向________；当将它放在水平桌面用40N的水平力向西拉它时，它在水平面上匀速直线运动，此时它受到的摩擦力是________N，方向________。
14.如以下图，是家庭电路中常用的两种墙壁开关，其按钮可绕面板内某轴转动。根据生活经验并结合杠杆知识，你认为开关________〔甲/乙〕容易损坏。因为按动这种开关的________〔力臂/受力面积〕较小，那么按动的________〔力/压强〕较大。
15.如以下图，小明用100N的水平力推着重为300N的木箱在水平地板上5秒钟前进了2m，松手后，木箱又向前自由滑行了0.5m后静止。整个过程中，木箱的重力做功________J，小明对木箱做功________J，功率是________W。
3的金属圆柱体，用细线吊着慢慢浸入水中，当它一半没入水中时，它排开水的体积是________cm3 ， 排开这局部水的重力是________N，它受到的浮力是________N。如果它全部没入水中，它受到的浮力是________N。
17.如图是一工人抬起独轮车车把时的简化示意图，此时独轮车相当于一个________〔省力/费力/等臂〕杠杆。如果他作用于车把上的动力F始终与车把垂直，那么在慢慢抬起的过程中，阻力臂________，动力F________〔变大/变小/不变〕。假设动力臂是阻力臂的6倍，货物和车总重G为1200N，那么抬起车把的力为________N。
18.如以下图的滑轮组吊起某一物体，如该物体重是G=400N，滑轮重、绳子重、摩擦等不计，为了使物体G匀速上升，拉力F=________N，为了使物体在5s钟内上升2m，人需用速度________m/s拉动绳子。
19.如图，在“探究动滑轮工作时的特点〞的实验中，小华将弹簧测力计沿________方向拉动，在钩码________〔“静止〞、“匀速上升〞〕时读取测力计的示数。实验中小华正确操作，却发现测力计的示数总大于钩码重力的一半，请写出一条产生这一现象的可能原因：________。
20.阅读短文，答复以下问题：
电梯与摩天大楼是哪一个先问世的？如果你认为是后者，那就错了。事实上，正是电梯的创造引起了建筑师们的注意，从而想到利用电梯可使人们自由地出入高楼的每一层，免于爬楼之苦。因此他们认为，建造摩天大楼是可行的。据报道，安装在我国上海中心大厦的“火箭〞电梯，其攀升速度创造了20.5m/s的世界纪录，从1楼到118楼只需短短55s。
电梯的典型结构包括滑轮、轿厢、钢丝绳、配重、电动机、平安装置和信号操纵系统等。如图甲所示，是某种升降电梯工作原理图。电动机和配重通过钢丝绳分别给轿厢施加拉力，连接轿厢的两根钢丝绳非常靠近，轿厢与配重的运动方向始终相反，电动杋通过切换转轴的转动方向，使轿厢升降自如。
〔1〕图甲中A滑轮是________〔定/动〕滑轮，B轮滑________〔能/不能〕省力；
〔2〕上海中心大厦内的电梯是目前世界上最快的电梯，在载重一定的情况下，以下最能表达该电梯运行特点的是__________；
〔3〕如图乙电梯在2至8秒钟上升过程中，轿厢的速度________，配重的重力做功功率________〔增大/减小/不变〕；
〔4〕如图乙所示是某次电梯满载上升时的v-t图像，假设配重的质量为450kg，空轿厢的质量是550kg，额定载荷是1100kg。电梯匀速运行阶段，配重的重力做功________J〔g取10N/kg〕；
〔5〕如图乙所示，不计钢丝绳重和一切摩擦，该电梯满载匀速运行时，电动机钢丝绳对轿厢拉力的功率为________W。
三、作图题
21.在图中画出使杠杆在图示位置平衡时所施最小力的示意图
22.在图中画出工人提起重物最省力的绕绳方法。
四、计算题
23.如以下图，用一动滑轮将500N的物体在10s内匀速提高3m，绳子自由端的拉力为300N。求∶
〔1〕动滑轮拉钩对物体所做的功；
〔2〕拉力做功多大；
〔3〕拉力做功的功率。
24.滑旱冰是青少年最喜欢的一项运动。如以下图，小兵质量约为34kg，所穿的四轮直排旱冰鞋每只质量为3kg，鞋底每个轮子与地面接触面积为4cm2 ． 〔g取10N/kg〕求：
〔1〕小兵自身受到的重力；
〔2〕假设比赛时小兵滑行1200m用时2.5min，小兵滑动的平均速度是多少m/s？
〔3〕小兵单脚滑行时对地面的压强。
五、实验题
25.在“探究杠杆的平衡条件〞的实验中∶
〔1〕实验前，在没有挂钩码和弹簧测力计时，小明发现杠杆左端低右端高，如图甲所示。此时杠杆处于________〔平衡/非平衡〕状态。为了忽略杠杆自重对实验的影响，他应将杠杆右端的平衡螺母向________调节，使杠杆自身重力的力臂________〔大于/等于〕0。
〔2〕如图乙所示经正确调节后，小明在杠杆左边B处挂2个钩码〔〕，在右边A处用弹簧测力计沿________方向拉动杠杆，当杠杆在水平位置平衡时弹簧测力计的示数为________N。实验中保持杠杆在水平位置平衡的好处是________。
〔3〕如图丙所示，改用弹簧测力计在C处竖直向上拉住杠杆，将拉力的方向逐渐向右倾斜，使杠杆仍然在水平位置平衡，弹簧测力计的示数________〔变大/不变/变小〕。
26.某实验小组利用弹簧测力计、小石块、溢水杯等器材，按照如以下图的步骤，探究浮力的大小与排开液体所受重力的关系。
〔1〕先用弹簧测力计分别测出空桶和石块的重力，其中石块的重力大小为________N。
〔2〕把石块浸没在盛满水的溢水杯中，石块受到的浮力大小为________N。石块排开的水所受的重力可由________〔填字母代号〕两个步骤测出。
〔3〕由以上步骤可初步得出结论：浸在水中的物体所受浮力的大小等于________。
〔4〕为了得到更普遍得结论，以下继续进行得操作中不合理得是________。
〔5〕另一实验小组在步骤C的操作中，只将石块的一局部浸在水中，其他步骤操作正确，那么________〔选填“能〞或“不能〞〕得到与〔3〕相同的结论。
答案解析局部
一、单项选择题
1.【解析】【解答】镊子的动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，枝剪、独轮车和瓶盖的起子都是动力臂大于阻力臂，均属于省力杠杆。A符合题意，BCD不合题意。
故答案为：A。
【分析】动力臂大于阻力臂的杠杆为省力杠杆，动力臂等于阻力臂的杠杆为等臂杠杆，动力臂小于阻力臂的杠杆为费力杠杆。
2.【解析】【解答】定滑轮可以改变力的方向，但不能省力；动滑轮可以省力，但不能改变力的方向。
旗杆顶上的滑轮，升旗时往下拉动绳子，国旗就会上升，是改变了力的方向，是定滑轮，ABC不符合题意，D符合题意。
故答案为：D
【分析】定滑轮可以改变力的方向，但不能省力；动滑轮可以省力，但不能改变力的方向。
3.【解析】【解答】一本物理课本的质量m=200g=0.2kg，
G=mg=0.2kg×10N/kg=2N，
课桌高度约为1m，
人对课本做的功：W=Gh=2N×1m=2J．
应选B．
【分析】首先估测物理课本的质量，然后计算它的重力，然后再估测课桌的高度，最后根据功的公式计算即可．此题的难点在于对物理课本质量的估测，这是易错的地方，这要求我们对于生活中常见的物体要多观察、多思考．
4.【解析】【解答】假设将两边所挂的钩码各减去一个，根据杠杆平衡条件可知
右端偏重，那么右端下降，左端上升。
故答案为：C。
【分析】粉笔利用力乘以力臂，哪边大杠杆就往哪边偏转。
5.【解析】【解答】根据
可知倒置后的橙汁液体深度变小，故对容器内底面的压强也变小；根据
可知橙汁对容器内底面的压力变大。A符合题意，BCD不合题意。
故答案为：A。
【分析】求解液体内部的压强，利用公式p＝ρgh，其中ρ是液体的密度，h是深度；压强的大小，结合压强的变形公式F=pS求解压力。
6.【解析】
【考点】功的计算．
【分析】利用公式W=FS可以求出物体移动的距离，因为物体的运动的状态不确定，而只有在匀速直线运动时才可以求出摩擦力，所以摩擦力无法确定．
【解答】S＝＝＝6m，又因为物体的运动状态不确定，所以无法求得摩擦力，应选B．
【点评】本类型题的关键是先用排除法把绝对能肯定的错误答案排除掉，然后通过相应的计算公式找出正确答案．
7.【解析】【解答】作用在物体上的力只是瞬间，物体运动过程中没有再对物体有力的作用，所以无法准确计算，A、B不正确，虽然是瞬间，但也会让物体移动，即对物体做了功，但球飞出后,他对球不做功，即为零。
故答案为：D
【分析】力对物体做功，那么物体受力，并且在力的方向上移动距离。
8.【解析】【解答】从图中可以看出支点O到F作用线的垂线段为OC。其他线段，如OA、OD、OF都与F的作用线不垂直，DF垂直OD，但与F的作用线不垂直，所以只有OC符合。
故答案为：C。
【分析】动力臂为支点到动力作用线的距离，阻力臂为支点到阻力作用线的距离，固定不动的点为支点。
9.【解析】【解答】解：〔1〕当杠杆竖直时，动力F、阻力G、动力臂L1、阻力臂L2如以以下图所示：
由于重力的方向也竖直向下，因此重力的作用线穿过支点，因此阻力臂L2为零；动力臂为整个杠杆的长度，如图中L1所示；〔2〕当杠杆被拉到水平位置时，动力F′、阻力G、动力臂L1′、阻力臂L2′如以以下图所示：
由图可见，阻力臂变成了L2′，变大了；动力水平，动力作用线穿过支点，动力臂L1′为零．〔3〕杠杆由竖直被拉到水平时，阻力不变，阻力臂增大，动力臂减小，根据杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂，因此动力增大．
应选C．
【分析】〔1〕杠杆的平衡条件是：动力×动力臂=阻力×阻力臂〔或F1L1=F2L2〕；〔2〕杠杆的支点如以下图，动力为F，阻力为杠杆的重力，分别画出杠杆在竖直、水平两位置的阻力G的力臂L2、动力F的力臂L1 ， 阻力G不变，分析L2和L1的变化，从而判断出动力F的变化．
10.【解析】【解答】是弹簧对木块的弹力使木块由静止开始运动而不是摩擦力；木块所受的摩擦力可以改变木块速度的大小，所以其运动状态可以被摩擦力改变；木块最后停止是由于摩擦力与弹力相等。
故答案为：B。
【分析】对物体进行受力分析，弹簧对物体的弹力大于地面对物体的摩擦力使物体运动起来，力改变物体的运动状态。
11.【解析】【解答】A. 向上起跳过程中小金的动能转化为重力势能，动能不断较小，A不符合题意；B. 在整个跳绳过程中小金的机械能转化为内能，机械能不守恒，B不符合题意；C. 小金跳一次克服重力做功约W＝Gh＝mgh＝50 kg 10N/kg 0.06m＝30J,C不符合题意；D. 小金在这一分钟内跳绳的功率约为P＝ ＝50W,D符合题意．
故答案为：D.
【分析】1.动能的大小与物体质量和高度有关，质量一定时，速度减小，动能减少；2.当机械能与其它形式的能量相互转化时，机械能不守恒；3.据W＝Gh＝mgh估算跳一次克服重力做功；4. 由P＝ 计算跳绳的功率．
12.【解析】【解答】A．由图像可知，在相同时间内，物体第一次通过的路程大于第二次通过的路程，所以v1＞v2 ， A不符合题意。
B．同一物体重力相等，对水平面的压力相等，在同一水平面接触面的粗糙程度相同，因此两次拉动物体时，物体受到的摩擦力相等。由于物体做匀速直线运动，所受到的拉力和摩擦力是一对平衡力，大小相等，所以两次物体所受的拉力：F1=F2 ， B不符合题意。
C．由图像可知，0-6s物体第一次通过的路程大于第二次通过的路程，又因为F1=F2 ， 根据W=Fs可得，0-6s两次拉力对物体所做的功：W1>W2 ， C符合题意。
D．0-6s两次拉力对物体所做的功：W1>W2 ， 时间相同，由 可得，0-6s两次拉力对物体做功的功率：P1＞P2 ， D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】结合图像分析物体的速度，当物体匀速直线运动时拉力和阻力相等，拉力和距离的乘积计算功的大小，功和时间的比计算功率.
二、填空题
13.【解析】【解答】对物体进行受力分析可知，在竖直方向上，物体受到的静摩擦力和重力平衡，即
方向竖直向上。在水平桌面用40N的水平力向西拉它时，它在水平面上匀速直线运动，此时物体水平方向上受到的滑动摩擦力与拉力二力平衡，故有
方向水平向东。
【分析】对物体进行受力分析，物体处于平衡状态，合外力为零，相互平衡的两个力，要大小相等、方向相反；摩擦力的方向都与物体相对于地面的运动趋势和运动方向相反。
14.【解析】【解答】根据生活经验并结合杠杆知识，开关甲容易损坏，因为根据压强公式 可知，在压力一定时，按动这种开关的受力面积较小，那么按动的压强较大。
【分析】杠杆平衡时，如果阻力和阻力臂固定，根据杠杆的平衡条件可得，如果动力臂越大，那么动力就越小，如果动力臂越小，动力就越大。
15.【解析】【解答】木箱始终保持水平方向运动，竖直方向上的高度没有发生变化，故重力不做功。小明对木箱做功为 功率为
【分析】求解外力做功，利用外力大小乘以位移在力的方向上移动的距离即可，即W=Fs；利用外力做的功除以做功需要的时间即为功率。
16.【解析】【解答】一个体积为20cm3的金属圆柱体，当它一半没入水中时，它排开水的体积是物体体积的一半即10cm3 ， 排开这局部水的重力是
根据阿基米德原理，它受到的浮力等于排开液体的重力，即为10N。如果它全部没入水中，它受到的浮力是
【分析】结合物体排开液体的体积，利用阿基米德原理F浮=ρ液gV排求解物体受到的浮力即可。
17.【解析】【解答】一工人抬起独轮车车把时，支点O在车轮中心处，阻力由重力产生，动力臂大于阻力臂，此时独轮车相当于一个省力杠杆。如果他作用于车把上的动力F始终与车把垂直，那么在慢慢抬起的过程中，阻力不变，阻力臂为支点O到重力G的垂线段，将变小，动力臂不变，根据杠杆平衡条件可知动力F变小。假设动力臂是阻力臂的6倍，货物和车总重G为1200N，根据 可知，抬起车把的力为
【分析】杠杆平衡时，如果阻力和阻力臂固定，根据杠杆的平衡条件可得，如果动力臂越大，那么动力就越小，如果动力臂越小，动力就越大；杠杆处于平衡状态，结合动力、动力臂、阻力、阻力臂，利用杠杆的平衡条件分析求解即可。
18.【解析】【解答】滑轮重、绳子重、摩擦等不计，滑轮组中n=2，那么
那么拉力为 物体上升速度为
那么绳端速度为
【分析】分析该滑轮组中与动滑轮接触的绳子的段数，分析拉力与阻力的大小关系和自由端移动距离与物体移动距离的关系。
19.【解析】【解答】由实验图可知，动滑轮工作时是运动的，故小华应将弹簧测力计沿竖直方向匀速拉动，在钩码匀速上升时读取示数。根据力的平衡关系，有
解得
可知由于存在动滑轮的重力的关系，使得测力计的示数总大于钩码重力的一半。
【分析】要使系统处于平衡状态，应匀速拉动物体，拉力大小等于物体重力和滑轮重力的一半。
20.【解析】【解答】(1)图甲中A、B滑轮都是定滑轮，都不能省力，只能改变力的方向。(2)根据
可知在载重一定的情况下，电梯的功率越大，运行的时间就越小。(3)由图乙可知电梯在2至8秒钟上升过程中匀速上升，轿厢的速度不变，配重的速度也不变。根据
可知配重的重力做功功率不变。(4)由图乙可知，电梯匀速运行阶段，配重运动距离等于轿厢上升的高度
故配重的重力做功为 (5)电梯满载匀速运行时，电动机钢丝绳对轿厢拉力为 故电动机钢丝绳对轿厢的拉力的功率为
【分析】〔1〕中心转轴固定不动的滑轮为定滑轮，定滑轮可以改变力的方向，但不省力；
〔2〕〔3〕通过功率公式P=Fv可以看出，拉力一定时，速度越大，功率越大；
〔4〕〔5〕求解外力做功，利用外力大小乘以位移在力的方向上移动的距离即可，即W=Fs；利用外力做的功除以做功需要的时间即为功率。
三、作图题
21.【解析】【解答】在阻力与阻力臂一定时，由杠杆平衡条件可知，动力臂越大，动力越小，由图示可知，OA是最大动力臂，当力F与OA垂直向上时，力F最小，如以下图。
【分析】杠杆平衡时，如果阻力和阻力臂固定，根据杠杆的平衡条件可得，如果动力臂越大，那么动力就越小，如果动力臂越小，动力就越大。
22.【解析】【解答】人用力往上提绳使重物升起，说明最后绕过的是动滑轮，按此反向绕线，绳子的起始端系在动滑轮上，如以以下图所示：
。
【分析】在滑轮组中，与动滑轮接触的绳子的段数越多，那么这个滑轮组就越省力，但是也越费距离，结合题目要求设计滑轮组的绕线方式即可。
四、计算题
23.【解析】【分析】求解外力做功，利用外力大小乘以位移在力的方向上移动的距离即可，即W=Fs；利用外力做的功除以做功需要的时间即为功率。
24.【解析】【分析】〔1〕利用 G＝mg 求得 小兵自身受到的重力 .
〔2〕由速度计算公式 v＝ 求得 小兵滑动的平均速度 .
〔3〕利用p=求得 小兵单脚滑行时对地面的压强 .
五、实验题
25.【解析】【解答】(1)实验前，在没有挂钩码和弹簧测力计时，小明发现杠杆左端低右端高，如图甲所示此时杠杆静止，处于平衡状态。右侧偏高，为了忽略杠杆自重对实验的影响，他应将杠杆右端的平衡螺母向右调节，使杠杆自身重力的力臂等于0。(2)如图乙所示经正确调节后，小明在杠杆左边B处挂2个钩码〔〕，根据杠杆平衡条件，在右边A处用弹簧测力计应沿竖直向下方向拉动杠杆，当杠杆在水平位置平衡时弹簧测力计的示数为
即 实验中保持杠杆在水平位置平衡的好处是便于测量力臂，因为此时力臂与杠杆垂直。(3)如图丙所示，改用弹簧测力计在C处竖直向上拉住杠杆，将拉力的方向逐渐向右倾斜，使杠杆仍然在水平位置平衡，由于阻力与阻力臂不变，动力臂变小，那么动力应增大，即弹簧测力计的示数变大。
【分析】〔1〕调节杠杆平衡，杠杆的哪一端高就把平衡螺母往哪端调，最后是杠杆在水平位置平衡；
〔2〕杠杆在水平位置平衡，便于测量力臂的大小；杠杆的支点不在中央，杠杆自身的重力会影响杠杆的平衡；杠杆处于平衡状态，结合动力、动力臂、阻力、阻力臂，利用杠杆的平衡条件分析求解；
〔3〕杠杆平衡时，如果阻力和阻力臂固定，根据杠杆的平衡条件可得，如果动力臂越大，那么动力就越小，如果动力臂越小，动力就越大。
26.【解析】【解答】〔1〕弹簧测力计的分度值为0.2N，石块的重力为3.8N；〔2〕把石块浸没在盛满水的溢水杯中，弹簧测力计的示数是2.4N, 根据 ；比拟DA两图，可以得出块排开的水所受的重力；〔3〕由以上步骤可初步得出结论，也就是阿基米德原理的内容：浸在水中的物体所受浮力的大小等于该物体所排开的水受到的重力的大小；〔4〕为了得到更普遍得结论，应换用不同液体和物体进行屡次实验，而不是用原来的方案和器材屡次测量取平均值，操作中不合理的是A；〔5〕根据阿基米德原理，物体受到浮力大小等于排开液体的重力，排开液体的体积越大，受到浮力越大；只将石块的一局部浸在水中，其他步骤操作正确，也能得到与〔3〕相同的结论。故答案为：〔1〕3.8； 〔2〕1.4； 〔3〕DA；〔4〕该物体所排开的水受到的重力的大小；〔5〕A； 〔6〕能；
【分析】验证阿基米德原理实验，充分考查了学生对根底知识的掌握程度.先利用称重法测出物体浸在液体中受到的浮力，再测出物体排开液体的重力，再根据阿基米德原理的内容〔阿基米德原理：浸入液体里的物体受到向上的浮力，浮力大小等于它排开的液体受到的重力〕进行解答.
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