高中数学人教版新课标A选修2-31.1分类加法计数原理与分步乘法计.第2课时课后测评

 www.ks5u.com第一章  计数原理

1.1  分类加法计数原理与分步乘法计数原理

第2课时  两个计数原理的综合应用

A级　基础巩固

一、选择题

1．某同学逛书店，发现三本喜欢的书，决定至少买其中的一本，则购买方案有(　　)

A．3种　　　　　 B．6种

C．7种   D．9种

解析：买一本，有3种方案；买两本，有3种方案；买三本有1种方案．因此共有方案：3＋3＋1＝7(种)．

答案：C

2．从1，2，3，4，5五个数中任取3个，可组成不同的等差数列的个数为(　　 )

A．2   B．4

C．6  D．8

解析：分两类：第一类，公差大于0，有以下4个等差数列：①1，2，3，②2，3，4，③3，4，5，④1，3，5；第二类，公差小于0，也有4个．根据分类加法计数原理可知，可组成的不同的等差数列共有4＋4＝8(个)．

答案：D

3．从集合{1，2，3}和{1，4，5，6}中各取1个元素作为点的坐标，则在直角坐标系中能确定不同点的个数为(　　)

A．12   B．11

C．24   D．23

解析：先在{1，2，3}中取出1个元素，共有3种取法，再在{1，4，5，6}中取出1个元素，共有4种取法，取出的2个数作为点的坐标有2种方法，由分步乘法计数原理知不同的点的个数有N＝3×4×2＝24(个)．又点(1，1)被算了两次，所以共有24－1＝23(个)．

答案：D

4．要把3张不同的电影票分给10个人，每人最多一张，则有不同的分法种数是(　　)

A．2 160   B．720

C．240   D．120

解析：可分三步：第一步，任取一张电影票分给一人，有10种不同分法；第二步，从剩下的两张中任取一张，由于一人已得电影票，不能再参与，故有9种不同分法；第三步，前面两人已得电影票，不再参与，因而剩余最后一张有8种不同分法．所以不同的分法种数是10×9×8＝720(种)．

答案：B

5．用数字2，3组成四位数，且数字2，3至少都出现一次，这样的四位数的个数是(　　)

A．20   B．16

C． 14   D．12

解析：因为四位数的每个位数上都有两种可能性(取2或3)，其中四个数字全是2或3的不合题意，所以适合题意的四位数共有2×2×2×2－2＝14(个)．

答案：C

二、填空题

6．3位旅客投宿到1个旅馆的4个房间(每房间最多可住3人)有________种不同的住宿方法．

解析：分三步，每位旅客都有4种不同的住宿方法，因而共有不同的方法4×4×4＝43＝64(种)．

答案：64

7．甲、乙、丙3个班各有三好学生3，5，2名，现准备推选2名来自不同班的三好学生去参加校三好学生代表大会，共有________种不同的推选方法．

解析：分为三类：

第一类，甲班选一名，乙班选一名，根据分步乘法计数原理，选法有3×5＝15(种)；

第二类，甲班选一名，丙班选一名，根据分步乘法计数原理，选法有3×2＝6(种)；

第三类，乙班选一名，丙班选一名，根据分步乘法计数原理，选法有5×2＝10(种)．

综合以上三类，根据分类加法计数原理，不同选法共有15＋6＋10＝31(种)．

答案：31

8．下图的阴影部分由方格纸上3个小方格组成，我们称这样的图案为L形，那么在由3×5个小方格组成的方格纸上可以画出不同位置的L形图案的个数为________(注：其他方向的也是L形)．

解析：每四个小正方形图案都可画出四个不同的L形图案，该图中共有8个这样的小正方形．故可画出不同的位置的L形图案的个数为4×8＝32.

答案：32

三、解答题

9．某单位职工义务献血，在体检合格的人中，O型血的共有28人，A型血的共有7人，B型血的共有9人，AB型血的共有3人．

 (1)从中任选1人去献血，有多少种不同的选法？

(2)从四种血型的人中各选1人去献血，有多少种不同的选法？

解：从O型血的人中选1人有28种不同的选法，从A型血的人中选1人有7种不同的选法，从B型血的人中选1人有9种不同的选法，从AB型血的人中选1人有3种不同的选法．

(1)任选1人去献血，即无论选哪种血型的哪一个人，“任选1人去献血”这件事情都可以完成，所以用分类加法计数原理，不同的选法有28＋7＋9＋3＝47(种)．

(2)要从四种血型的人中各选1人，即从每种血型的人中各选出1人后，“各选1人去献血”这件事情才完成，所以用分步乘法计数原理，不同的选法有28×7×9×3＝5 292(种)．

10．由1，2，3，4可以组成多少个自然数(数字可以重复，最多只能是四位数)?

解：组成的自然数可以分为以下四类：

第一类：一位自然数，共有4个；

第二类：二位自然数，又可分两步来完成．先取出十位上的数字，再取出个位上的数字，共有4×4＝16(个)；

第三类：三位自然数，又可分三步来完成．每一步都可以从4个不同的数字中任取一个，共有4×4×4＝64(个)；

第四类：四位自然数，又可分四步来完成．每一步都可以从4个不同的数字中任取一个，共有4×4×4×4＝256(个)．

由分类加法计数原理知，可以组成的不同的自然数为

4＋16＋64＋256＝340(个)．

B级　能力提升

1．用1，2，3三个数字组成一个四位数，规定这三个数必须全部使用，且同一数字不能相邻出现，这样的四位数有(　　)

A．36个   B．18个

C．9个   D．6个

解析：分3步完成，1，2，3这三个数中必有某一个数字被重复使用2次．

第1步，确定哪一个数字被重复使用2次，有3种方法；

第2步，把这2个相同的数字排在四位数不相邻的两个位置上有3种方法；

第3步，将余下的2个数字排在四位数余下的两个位置上，有2种方法．

故可组成的不同的四位数有3×3×2＝18(个)．

答案：B

2．把9个相同的小球放入编号为1，2，3的三个箱子里，要求每个箱子放球的个数不小于其编号数，则不同的放球方法共有________种．

解析：分四类：第一个箱子放入1个小球，将剩余的8个小球放入2，3号箱子，共有4种放法；第一个箱子放入2个小球，将剩余的7个小球放入2，3号箱子，共有3种放法；第一个箱子放入3个小球，将剩余的6个小球放入2，3号箱子，共有2种放法；第一个箱子放入4个小球则共有1种放法．根据分类加法计数原理共有10种情况．

答案：10

3．某人有4种颜色的灯泡(每种颜色的灯泡足够多)，要在如图所示的6个点A，B，C，A1，B1，C1上各装一个灯泡，要求同一条线段两端的灯泡不同色，则每种颜色的灯泡都至少用一个的安装方法共有多少种？

解：第一步，在点A1，B1，C1上安装灯泡，A1有4种方法，B1有3种方法，C1有2种方法，4×3×2＝24，即共有24种方法．

第二步，从A，B，C中选一个点安装第4种颜色的灯泡，有3种方法．

第三步，再给剩余的两个点安装灯泡，共有3种方法，由分步乘法计数原理可得，安装方法共有4×3×2×3×3＝216(种)．