2021高考数学一轮复习统考第11章概率第1讲随机事件的概率课时作业含解析北师大版 练习
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课时作业
1.从一堆产品(其中正品与次品都多于2件)中任取2件,下列事件是互斥事件但不是对立事件的是( )
A.恰好有1件次品和恰好有2件次品
B.至少有1件次品和全是次品
C.至少有1件正品和至少有1件次品
D.至少有1件次品和全是正品
答案 A
解析 依据互斥和对立事件的定义知,B,C都不是互斥事件;D不但是互斥事件而且是对立事件;只有A是互斥事件但不是对立事件.
2.如果事件A与B是互斥事件,且事件A∪B发生的概率是0.64,事件B发生的概率是事件A发生的概率的3倍,则事件A发生的概率为( )
A.0.64 B.0.36
C.0.16 D.0.84
答案 C
解析 设P(A)=x,则P(B)=3x,所以P(A∪B)=P(A)+P(B)=x+3x=0.64,解得x=0.16.故选C.
3.(2019·西安五校模拟)在5张电话卡中,有3张移动卡和2张联通卡,从中任取2张,如果事件“2张全是移动卡”的概率是,那么概率是的事件是( )
A.至多有一张移动卡 B.恰有一张移动卡
C.都不是移动卡 D.至少有一张移动卡
答案 A
解析 因为事件“2张全是移动卡”的概率是,1-=,所以概率是的事件是事件“2张全是移动卡”的对立事件,也就是“2张不全是移动卡”即“至多有一张移动卡”.故选A.
4.4张卡片上分别写有数字1,2,3,4,从这4张卡片中随机抽取2张,则取出的2张卡片上的数字之和为奇数的概率为( )
A. B.
C. D.
答案 C
解析 从4张卡片中抽取2张的方法有6种,和为奇数的情况有4种,得P=.
5.(2019·湖南长沙模拟)同时掷3枚质地均匀的硬币,至少有1枚正面向上的概率是( )
A. B.
C. D.
答案 A
解析 由题意知本题是一个等可能事件的概率,同时掷3枚质地均匀的硬币,共有23=8种结果,满足条件的事件的对立事件是3枚硬币都是背面向上,有1种结果,所以至少一枚正面向上的概率是1-=.故选A.
6.把一颗骰子投掷两次,观察出现的点数,并记第一次出现的点数为a,第二次出现的点数为b,向量m=(a,b),n=(1,2),则向量m与向量n不共线的概率是( )
A. B.
C. D.
答案 B
解析 若m与n共线,则2a-b=0,而(a,b)的可能性情况有6×6=36个.符合2a=b的有(1,2),(2,4),(3,6)共三个.故共线的概率是=,从而不共线的概率是1-=.
7.(2020·云南大理质检)在2,0,1,9这组数据中,随机取出三个不同的数,则数字2是取出的三个不同数的中位数的概率为( )
A. B.
C. D.
答案 C
解析 分析题意可知,共有(0,1,2),(0,2,9),(1,2,9),(0,1,9)4种取法,符合题意的取法有2种,故所求概率P=.
8.有两张卡片,一张的正反面分别写着数字0与1,另一张的正反面分别写着数字2与3,将两张卡片排在一起组成两位数,则所组成的两位数为奇数的概率是( )
A. B.
C. D.
答案 C
解析 将两张卡片排在一起组成两位数,则所组成的两位数有12,13,20,21,30,31,共6个,两位数为奇数的有13,21,31,共3个,故所组成的两位数为奇数的概率为=.
9.(2019·银川模拟)已知甲、乙两人下棋,和棋的概率为,乙胜的概率为,则甲胜的概率和甲不输的概率分别为( )
A., B.,
C., D.,
答案 C
解析 “甲胜”是“和棋或乙胜”的对立事件,所以甲胜的概率为1--=.设“甲不输”为事件A,则A可看作是“甲胜”与“和棋”这两个互斥事件的和事件,所以P(A)=+=.故选C.
10.在运动会火炬传递活动中,有编号为1,2,3,4,5的5名火炬手.若从中任选3人,则选出的火炬手的编号相连的概率为( )
A. B.
C. D.
答案 A
解析 从5名火炬手中任选3人,共有C=10种情况,编号相连的有(1,2,3),(2,3,4),(3,4,5)3种,故所求概率P=.
11.(2020·西安五校联考)质监部门对2辆新能源汽车和3辆燃油汽车进行质量检测,现从中任选2辆,则选中的2辆都为燃油汽车的概率为( )
A.0.3 B.0.4
C.0.5 D.0.6
答案 A
解析 设这2辆新能源汽车分别为a,b,3辆燃油汽车分别为c,d,e,则从中任选2辆的基本事件为(a,b),(a,c),(a,d),(a,e),(b,c),(b,d),(b,e),(c,d),(c,e),(d,e),共10种,其中选中的2辆都为燃油汽车的事件为(c,d),(c,e),(d,e),共3种,所以所求概率P==0.3,故选A.
12.若随机事件A,B互斥,A,B发生的概率均不等于0,且P(A)=2-a,P(B)=3a-4,则实数a的取值范围为( )
A. B.
C. D.
答案 A
解析 由题意,知即
解得<a≤,所以实数a的取值范围为.故选A.
13.(2019·吉林模拟)从分别写有0,1,2,3,4的五张卡片中取出一张卡片,记下数字后放回,再从中取出一张卡片.则两次取出的卡片上的数字之和恰好等于4的概率是________.
答案
解析 从0,1,2,3,4五张卡片中取出两张卡片的结果有25种,数字之和恰好等于4的结果有(0,4),(1,3),(2,2),(3,1),(4,0),所以数字和恰好等于4的概率是P=.
14.一根绳子长为6米,绳子上有5个节点将绳子6等分,现从5个节点中随机选一个将绳子剪断,则所得的两段绳长均不小于2米的概率为________.
答案
解析 随机选一个节点将绳子剪断共有5种情况,分别为(1,5),(2,4),(3,3),(4,2),(5,1).满足两段绳长均不小于2米的为(2,4),(3,3),(4,2),共3种情况.所以所求概率为.
15.已知小李每次打靶命中靶心的概率都为40%,现采用随机模拟的方法估计小李三次打靶恰有两次命中靶心的概率.先由计算器产生0到9之间取整数值的随机数,指定0,1,2,3表示命中靶心,4,5,6,7,8,9表示未命中靶心,再以每三个随机数为一组,代表三次打靶的结果,经随机模拟产生了如下20组随机数:
321 421 191 925 271 932 800 478 589 663
531 297 396 021 546 388 230 113 507 965
据此估计,小李三次打靶恰有两次命中靶心的概率为________.
答案 0.30
解析 由题意知,在20组随机数中表示三次打靶恰有两次命中靶心的有421,191,271,932,800,531,共6组随机数,所以所求概率为=0.30.
16.(2019·苏锡常镇调研)在不等式组所表示的平面区域内的所有格点(横、纵坐标均为整数的点称为格点)中任取3个点,则该3点恰能作为一个三角形的3个顶点的概率为________.
答案
解析 不等式组表示的平面区域内的格点有(2,1),(2,2),(3,1),(3,2),(3,3),共5个,从中任取3个点,有C=10种取法,其中共线的3点不能构成三角形,有(3,1),(3,2),(3,3)1种,即能够作为三角形3个顶点的情况有9种,故所求概率是.
17.根据以往统计资料,某地车主购买甲种保险的概率是0.5,购买乙种保险但不购买甲种保险的概率是0.3,设各车主购买保险相互独立.
(1)求该地1位车主至少购买甲、乙两种保险中一种的概率;
(2)求该地1位车主甲、乙两种保险都不购买的概率.
解 记A表示事件:该车主购买甲种保险;B表示事件:该车主购买乙种保险但不购买甲种保险;C表示事件:该车主至少购买甲、乙两种保险中的一种;D表示事件:该车主甲、乙两种保险都不购买.
(1)由题意得P(A)=0.5,P(B)=0.3,又C=A∪B,
所以P(C)=P(A∪B)=P(A)+P(B)=0.5+0.3=0.8.
(2)因为D与C是对立事件,所以P(D)=1-P(C)=1-0.8=0.2.
18.袋中有12个小球,分别为红球、黑球、黄球、绿球,从中任取一球,得到红球的概率是,得到黑球或黄球的概率是,得到黄球或绿球的概率是,试求:从中任取一球,得到黑球、黄球、绿球的概率各是多少?
解 从中任取一球,分别记得到红球、黑球、黄球、绿球为事件A,B,C,D.由于A,B,C,D为互斥事件,根据已知得
解得
所以从中任取一球,得到黑球、黄球、绿球的概率分别是,,.
19.如图,从A地到火车站共有两条路径L1和L2,现随机抽取100位从A地到达火车站的人进行调查,调查结果如下:
所用时间(分钟) | 10~20 | 20~30 | 30~40 | 40~50 | 50~60 |
选择L1的人数 | 6 | 12 | 18 | 12 | 12 |
选择L2的人数 | 0 | 4 | 16 | 16 | 4 |
(1)试估计40分钟内不能赶到火车站的概率;
(2)分别求通过路径L1和L2所用时间落在上表中各时间段内的频率;
(3)现甲、乙两人分别有40分钟和50分钟时间用于赶往火车站,为了尽最大可能在允许的时间内赶到火车站,试通过计算说明,他们应如何选择各自的路径.
解 (1)由已知共调查了100人,其中40分钟内不能赶到火车站的有12+12+16+4=44(人),所以用频率估计相应的概率为44÷100=0.44.
(2)选择L1的有60人,选择L2的有40人,故由调查结果得频率为
所用时间(分钟) | 10~20 | 20~30 | 30~40 | 40~50 | 50~60 |
L1的频率 | 0.1 | 0.2 | 0.3 | 0.2 | 0.2 |
L2的频率 | 0 | 0.1 | 0.4 | 0.4 | 0.1 |
(3)设A1,A2分别表示甲选择L1和L2时,在40分钟内赶到火车站;B1,B2分别表示乙选择L1和L2时,在50分钟内赶到火车站.
由(2)知P(A1)=0.1+0.2+0.3=0.6,
P(A2)=0.1+0.4=0.5,
因为P(A1)>P(A2),所以甲应选择L1.
同理,P(B1)=0.1+0.2+0.3+0.2=0.8,
P(B2)=0.1+0.4+0.4=0.9,
因为P(B1)<P(B2),所以乙应选择L2.
20.(2017·全国卷Ⅲ)某超市计划按月订购一种酸奶,每天进货量相同,进货成本每瓶4元,售价每瓶6元,未售出的酸奶降价处理,以每瓶2元的价格当天全部处理完.根据往年销售经验,每天需求量与当天最高气温(单位:℃)有关.如果最高气温不低于25,需求量为500瓶;如果最高气温位于区间[20,25),需求量为300瓶;如果最高气温低于20,需求量为200瓶.为了确定六月份的订购计划,统计了前三年六月份各天的最高气温数据,得下面的频数分布表:
最高气温 | [10,15) | [15,20) | [20,25) | [25,30) | [30,35) | [35,40) |
天数 | 2 | 16 | 36 | 25 | 7 | 4 |
以最高气温位于各区间的频率估计最高气温位于该区间的概率.
(1)估计六月份这种酸奶一天的需求量不超过300瓶的概率;
(2)设六月份一天销售这种酸奶的利润为Y(单位:元).当六月份这种酸奶一天的进货量为450瓶时,写出Y的所有可能值,并估计Y大于零的概率.
解 (1)这种酸奶一天的需求量不超过300瓶,当且仅当最高气温低于25,由表格数据知,最高气温低于25的频率为=0.6,所以这种酸奶一天的需求量不超过300瓶的概率的估计值为0.6.
(2)当这种酸奶一天的进货量为450瓶时,
若最高气温不低于25,则Y=6×450-4×450=900;
若最高气温位于区间[20,25),则Y=6×300+2×(450-300)-4×450=300;
若最高气温低于20,则Y=6×200+2×(450-200)-4×450=-100,
所以,Y的所有可能值为900,300,-100.
Y大于零当且仅当最高气温不低于20,由表格数据知,最高气温不低于20的频率为=0.8,因此Y大于零的概率的估计值为0.8.