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2019届吉林省辽源市普通高中高三第二次模拟考试卷 理综 解析版
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2019届吉林省辽源市普通高中高三第二次模拟考试卷 理综
注意事项：
1．答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
2．选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
3．非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
4．考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。
第Ⅰ卷（选择题，共126分）
一、选择题：本大题共13小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．如图是某二倍体生物体内某个细胞连续变化的过程图。下列说法错误的是
A．该二倍体生物是雌性动物
B．丁细胞可能是卵细胞
C．甲细胞中具有4个染色体组
D．图示涉及两种分裂方式和至少三次细胞分裂
2．下列关于细胞的信息分子以及细胞间信息交流的叙述，正确的是
A．信息分子可直接参与靶器官和靶细胞内的多种生理过程
B．细胞间信息交流都需要依赖细胞膜上的糖蛋白才能实现
C．胰岛素、性激素可作为信息分子，其受体均在细胞膜上
D．精子和卵细胞之间的识别和结合是通过直接接触实现的
3．下列实验结果的叙述，错误的是
A．用纸层析法分离菠菜滤液中的色素时，橙黄色的色素带距离所画滤液细线最远
B．探究温度对淀粉酶活性的影响并用碘液检测时，60℃处理的试管蓝色最深
C．用KNO3取代蔗糖处理洋葱鳞片叶表皮细胞，可观察到细胞先质壁分离后自动复原
D．直接从静置的培养瓶中取培养后期的原液计数，则难以数清一个小方格内的酵母菌
4．科研人员给予突触a和突触b的突触前神经元以相同的电刺激，通过微电极分别测量突触前、后两神经元的膜电位，结果如下图。据此判断不合理的是
A．静息状态下膜内电位比膜外低约70mV
B．突触a和b分别为兴奋性突触和抑制性突触
C．突触a和b分别为兴奋性突触和抑制性突触
D．兴奋在突触前后两神经元间的传递没有延迟
5．由于农田的存在,某种松鼠被分隔在若干森林斑块中。人工生态通道可以起到将森林斑块彼此连接起来的作用。下列叙述正确的是
A．农田的存在,增加了松鼠的活动空间
B．林木密度相同的不同斑块中松鼠的种群密度相同
C．不同森林斑块中的松鼠属于不同种群,存在生殖隔离
D．生态通道有利于保护该种松鼠的遗传多样性
6．下图是某单基因遗传病的家系图，下列有关分析合理的是
A．若该家系中的遗传病是显性，则图中所有的患者均为杂合子
B．若该家系中的遗传病是隐性，则致病基因可能只位于X染色体上
C．若Ⅲ-12与Ⅲ-13近亲婚配，则他们所生后代患该病的概率是1/2
D．若Ⅱ-6不含致病基因，则他与Ⅱ-5所生女儿都是致病基因携带者
7．化学科学与技术在宇宙探索、改进生活、改善环境与促进发展方面均发挥着关键性的作用。下列说法正确的是
A．“玉兔号”月球车帆板太阳能电池的材料是氮化硅或二氧化硅
B．“乙醇汽油”、肼(N2H4)和水煤气的主要成分都是可再生能源
C．“神舟”和“天宮”系列飞船使用的碳纤维材料、光导纤维都是新型无机非金属材料
D．所有糖类、油脂和蛋白质等营养物质在人体吸收后都能被水解利用
8．设NA为阿伏加德罗常数，下列有关说法正确的是
A．常温下，48g CT3CO18OCH2CH3含电子数24NA、中子数24NA
B．标况下，11.2L氮气和足量的氧气在高温条件下可以生成46g NO2
C．常温下，1L pH＝9的CH3COONa溶液中，发生电离的水分子数为1×10−9NA
D．常温下，5.6mol/L的10mL氯化铁溶液滴到100mL沸水中，生成0.056NA个氢氧化铁胶粒
9．以氯酸钠等为原料制备亚氯酸钠的工艺流程如下，下列说法错误的是
A．NaClO3在发生器中作氧化剂
B．吸收塔中1mol H2O2得到2mol电子
C．吸收塔中温度不宜过高，会导致H2O2的分解
D．从“母液”中可回收的主要物质是Na2SO4
10．已知C2H6O有CH3CH2OH和CH3OCH3二种结构，C4H10、C4H10O组成中相差一个氧原子，则C4H10的一元取代物种数和C4H10O的所有同分异构体种数
A．相同
B．C4H10一元取代物种数多
C．C4H10O同分异构体种数多
D．不能确定哪种多
11．X、Y、Z、W、M五种短周期主族元素，原子序数依次增大，已知X为原子半径最小的元素，Y的最高正化合价和最低负化合价的代数和为0，Z可以与X形成原子个数比为1∶1和1∶2的两种液态化合物，W是地壳中含量最高的金属元素，M的单质是一种黄绿色气体，则下列叙述正确的是
A．原子半径的大小关系W>M>Z>Y>X
B．Y和M的含氧酸的酸性，前者一定比后者弱
C．YX4与M的单质在光照条件下的反应产物最多有4种物质
D．X、Y、W的单质均可用于冶炼金属的还原剂
12．科学家预言，被称为“黑金”的“新材料之王”石墨烯将“彻底改变21世纪”。中国华为研发人员利用锂离子能在石墨烯表面和电极之间快速大量穿梭运动的特性，已在世界上率先开发出石墨烯电池，电池反应式为LixC6+Li1－xCoO2C6+LiCoO2，其工作原理如图。下列关于该电池的说法正确的是
A．有设计师建议该电池采用隔膜效果更好，可选用质子交换膜
B．放电时，LiCoO2极发生的电极反应为：LiCoO2－xe−＝Li1－xCoO2+xLi+
C．石墨烯电池通过提高储锂容量进而提高能量密度，废旧的该电池进行“放电处理”让Li+嵌入LiCoO2中而有利于回收
D．石墨烯电池充电时LiCoO2极与电源负极相连
13．已知：AG＝lg，室温下用0.01mol·L−1 NH3·H2O溶液滴定20.00mL 0.01mol·L−1某一元酸HA，可得下图所示的结果，下列说法中错误的是
A．该滴定实验最好选用甲基橙作指示剂
B．整个过程中，C点时水的电离程度最大
C．若x3＝30，则有：3c(OH−)＝c(NH)+3c(H+)－2c(NH3·H2O)
D．A→C的过程中，可存在：c(A−)＞c(H+)＞c(NH)＞c(OH−)
二、选择题：本题共8小题，每题6分，在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一个选项符合题目要求。第19～21题有多选项题目要求。全部答对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的的0分。
14．材料相同、质量不同的两滑块,以相同的初动能在水平面上运动直到停止。若两滑块运动过程中只受到水平面的摩擦力,则质量大的滑块
A．克服摩擦力做的功多
B．运动的位移大
C．运动的时间长
D．摩擦力的冲量大
15．甲、乙两物体沿统一直线运动，运动过程中的位移—时间图像如图所示，下列说法中正确的是
A．0～6s内甲物体做匀变速直线运动
B．0～6s内乙物体的速度逐渐减小
C．0～5s内两物体的平均速度相等
D．0～6s内存在某时刻两物体的速度大小相等
16．在电荷量分别为2 q和 -q的两个点电荷形成的电场中，电场线分布如图所示，在两点电荷连线上有 a、 b、 c三点，且 b、c两点到正点电荷距离相等，则
A．在两点电荷之间的连线上存在一处电场强度为零的点
B．将一电子从a点由静止释放，它将在a、b间往复运动
C．c点的电势高于b点的电势
D．负试探电荷在a点具有的电势能大于在b点时的电势能
17．天文兴趣小组查找资料得知：某天体的质量为地球质量的a倍，其半径为地球半径的b倍，表面无大气层，地球的第一宇宙速度为v。则该天体的第一宇宙速度为
A． B． C． D．
18．某医院利用放射线治疗肿瘤，被利用的放射源必须具备以下两个条件：（1）放出的射线有较强的穿透能力，能辐射到体内肿瘤所在处；（2）能在较长的时间内提供比较稳定的辐射强度。现有四种放射性同位素的放射线及半衰期如表所示。关于在表中所列的四种同位素，下列说法正确的是
同位素
钴60
锶90
锝99
氡222
放射线
半衰期
5年
28年
6小时
3.8天
A．最适宜作为放疗使用的放射源应是钴60
B．最适宜作为放疗使用的放射源应是锶90
C．放射线的电离能力最强的放射源是锝99
D．放射线的电离能力最强的放射源是锶90
19．如图所示,质量均为m的木块A和B用一轻弹簧相连,竖直放在光滑的水平面上,木块A上放有质量为2m的木块C,三者均处于静止状态.现将木块C迅速移开,若重力加速度为g,则在木块C移开的瞬间
A．弹簧的形变量不改变
B．弹簧的弹力大小为mg
C．木块A的加速度大小为2g
D．木块B对水平面的压力迅速变为2mg
20．如图甲所示，标有“220V 40W”的灯泡和标有“20μF 360V”的电容器并联到交流电源上，V为交流电压表，交流电源的输出电压如图乙中正弦曲线所示，闭合开关S。下列判断正确的是
A．电容器会被击穿
B．交流电源的输出电压的有效值为220V
C．t=T/2时刻，V的示数为零
D．t=T/2时刻，通过灯泡的电流为零
21．如图甲所示，两条平行虚线间存在一匀强磁场，磁感应强度方向与纸面垂直。边长为1m，总电阻为1Ω的正方形导线框abcd位于纸面内，cd边与磁场边界平行。现使导线框水平向右运动，cd边于t=0时刻进入磁场，c、d两点间电势差随时间变化的图线如图乙所示。下列说法正确的是
A．磁感应强度的方向垂直纸面向里
B．磁感应强度的大小为4T
C．导线框进入磁场和离开磁场时的速度大小之比为3：1
D．0～3s的过程中导线框产生的焦耳热为48J
第Ⅱ卷（非选择题，共174分）
二、非选择题(包括必考题和选考题两部分。第9题～第12题为必考题，每个试题考生都必须作答。第13题～第14题为选考题，考生根据要求做答)
(一)必考题(共129分)
22．(6分)某同学利用打点计时器来测量某种正弦交变电流的频率，装置如图甲所示。已知砝码盘的总质量m=0.1kg，用弹簧秤测量小车所受重力示意图如图乙所示。图丙为某次实验时打点计时器所打出的纸带的一部分，图A、B、C、D、E为相邻的计数点，且每相邻计数点之间均有一个点未画出。长木板水平放置，不计一切摩擦，取g=10m/s2，回答下列问题。
（1）由图乙可知，小车所受重力为______N。
（2）根据牛顿运动定律可算出小车的加速度大小为_______m/s2。（结果保留两位有效数字）
（3）该交流电源的频率为______Hz。（结果保留两位有效数字）
23．(9分)某同学利用图甲所示的电路图测量电流表的内阻RA（约为10Ω）和电源的电动势E。图中R1和R2为电阻箱，S1、S2为开关。已知电流表的量程为100mA。
（1）断开S2,闭合S1，调节R1的阻值，使满偏；保持R1的阻值不变，闭合S2，调节R2,当R2的阻值为5.2Ω时的示数为40 mA。则电流表的内阻的测量值RA=___Ω。该测量值_____(填"大于”“小于”或“等于”)真实值。
(2)保持S1闭合,断开S2 ,多次改变R1的阻值,并记录电流表的相应示数。若某次R1的示数如图乙所示，则此次R1的阻值为_____Ω。
(3)利用记录的R1的阻值和相应的电流表示数I,作出I-1—R1图象,如图丙所示，利用图丙可求得E=____V.。(结果保留两位有效数字)
24．(12分)如图所示，一束质量为m、电荷量为q的粒子，恰好沿直线从两带电平行板正中间通过，沿圆心方向进入右侧圆形匀强磁场区域，粒子经过圆形磁场区域后，其运动方向与入射方向的夹角为θ(弧度)。已知粒子的初速度为v0，两平行板间与右侧圆形区域内的磁场的磁感应强度大小均为B，方向均垂直纸面向内，两平行板间距为d，不计空气阻力及粒子重力的影响，求：
(1)两平行板间的电势差U；
(2)粒子在圆形磁场区域中运动的时间t；
(3)圆形磁场区域的半径R。
25．(20分)如图所示，一条帶有圆轨道的长轨道水平固定，圆轨道竖直。底端分別与两侧的直轨道相切,半径R=0.5 m。物抉A以某一速度滑入圆轨道，滑过最高点Q,再沿圆轨道滑出后，与直轨道上P处静止的物抉B发生弹性碰撞，P点左侧轨道光滑右侧轨道呈粗糙段、光滑段交替排列,毎段长度都カL=0.1 m,物块与各粗糙段间的动摩擦因数都为μ=0.5，A、B的质量均カm=1kg(重カ加速度g取10 m/s2;A、B视为质点。碰撞时间极短、有阴影的地方代表粗糙段)，碰后B最终停止在第100个粗慥段的末端。求：
（1）A刚滑入圆轨道吋的速度大小v0；
（2）A滑过Q点吋受到的弾カ大小F；
（3）碰后B滑至第n个(n<100)光滑段上的速度vn与n的关系式。
26．(14分)CuCl广泛应用于化工和印染等行业。某研究性学习小组拟热分解CuCl2·2H2O制备CuCl，并验证其它分解产物。
【查阅资料】
①
②CuCl是一种白色难溶固体，潮湿CuCl在空气中缓慢被氧化
（1）配平潮湿CuCl在空气中被氧化的化学方程式：
____CuCl+_____O2+_____ ===3CuO·CuCl2·3H2O+______HCl
【实验探究】该小组选用下图装置进行实验（夹持加热仪器略）。
（2）装置A用于制取HCl：NaCl+H2SO4===NaHSO4+HCl↑，浓硫酸在该反应中体现强酸性和_________性；
（3）按实验要求选择上图装置，连接顺序为：a____________（按气流方向，用小写字母表示）；
（4）根据完整的实验装置进行实验，实验步骤如下：
①连接装置，________________；②装入药品；③打开分液漏斗活塞；④控制温度加热硬质玻璃管一段时间；⑤停止通HCl，升温继续加热；步骤④通HCl的目的是______________________；
（5）装置E中发生反应的离子方程式是______________________________。
【实验分析与改进】
（6）装置B中试纸先变蓝后又褪色，经查资料获知过量的Cl2能将I2氧化。甲同学认为可将湿润的淀粉KI试纸改成足量的淀粉KI溶液以克服Cl2过量的问题，但小组分析后认为该方案存在一个明显安全问题：__________________________________
（7）反应结束后，CuCl产品中可能含有少量未分解的CuCl2，乙同学认为只用一种日常生活常见的液体即可检验。该实验方案为：取少量固体放入小试管中，______________________________。
27．(14分)回答下列问题：
（1）已知室温下CO的燃烧热为283 kJ/mo1，则CO的燃烧热的热化学方程式为____________
_______________________。
（2）工业上利用CO和H2合成清洁能源CH3OH，其反应为：
CO(g)+2H2(g)CH3OH(g) ΔH=-116kJ/mo1
如图表示CO的平衡转化率(α)随温度和压强变化的示意图。X表示的是_____________，Y1_____Y2(填“<”、“=”、“>”)。
（3）合成甲醇的反应原理为：CO2(g)+3H2(g)CH3OH(g)+H2O(g)，在1L的密闭容器中，充入1mol CO2和3mol H2，在500℃下发生反应，测得CO2(g)和CH3OH(g)的浓度随时间变化如图所示。
①反应进行到4min时，v(正)____v(逆)(填“>”“<”或“=”)。0~4min，CO2的平均反应速率v(CO2)=
____________mol·L−1·min−1。
②该温度下平衡常数为_____________。
③下列能说明该反应已达到平衡状态的是______________。
A．v正(CH3OH)=3v逆(H2)
B．CO2、H2、CH3OH和H2O浓度之比为1∶3∶1∶1
C．恒温恒压下，气体的体积不再变化
D．恒温恒容下，气体的密度不再变化
（4）为提高燃料的能量利用率，常将其设计为燃料电池。某电池以甲烷为燃料，空气为氧化剂，KOH溶液为电解质溶液，以具有催化作用和导电性能的稀土金属为电极。写出该燃料电池的负极反应式：_____________________________。
28．(15分)某化学兴趣小组拟探究锡及锡的化合物的部分性质。经查阅资料知：Sn的熔点231℃；SnCl2易被氧化，且易水解；Sn(OH)2常温下易分解，SnCl4常温下为无色液体，熔点－33℃，沸点114.1℃，请回答下列问题：
（1）该小组用以下流程制备SnSO4晶体：
①操作Ⅱ所需的实验仪器为______________________________________________。
②过滤操作中玻璃棒使用的注意事项为____________________________。
③操作Ⅰ为沉淀的洗涤。请简述如何判断沉淀是否洗涤干净：____________________。
（2）用熔融的锡与干燥的氯气制备SnCl4，提供的装置如下：
①装置Ⅲ为冷凝管，则水流从________进入。
②请用大写英文字母按从左到右顺序连接组装仪器_______________________________
__________。
③有同学指出②中连接的实验装置存在不足，不足之处为______________________。
（3）测定锡粉质量分数的步骤：取锡粉1.226g溶于盐酸中，加入过量的FeCl3溶液，再用0.1000mol·L−1 K2Cr2O7溶液滴定Fe2+，消耗K2Cr2O7溶液32.00mL，发生的反应：6FeCl2+K2Cr2O7+
14HCl===6FeCl3+2KCl+2CrCl3+7H2O。则锡粉的质量分数为(杂质不参与反应)____________。
29．（8分）有氧呼吸过程中，[H]中的电子、H+需要经一系列反应传递给氧分子，氧与之结合生成水。下图为其传递过程的两条途径，生物体内存在其中的一条或两条途径。回答下列问题：
（1）在有氧呼吸的过程中，[H]来自于____________（填化合物）、并在____________上与O2结合生成水。
（2）“物质6→物质7”过程易被氰化物抑制。若小鼠氰化物中毒，呼吸作用全被抑制，导致死亡；而对天南星科植物用氰化物处理，呼吸速率降低，但并未完全被抑制。出现这种差异的原因是____________ 。
（3）天南星在开花时，其花序会释放大量能量，花序温度比周围高15〜35℃，促使恶臭物质散发以吸引昆虫进行传粉。研究发现，此时花序中ATP生成量并没有明显增加。花序温度升高但ATP生成没有明显增加的原因____________________________________ 。
30．（12分）研究发现HIV能识别T细胞表面的CD4和CCR5（本质为受体蛋白）从而实现入侵T细胞；如果给AIDS患者大量注射用CD4和CCR5修饰过的人成熟红细胞，红细胞也会被HIV识别并入侵。因HIV在红细胞内无法增殖，这为治疗AIDS提供了新的思路。请回答下列问题：
（1）HIV能识别T细胞表面的CD4和CCR5，____________（能/不能）体现细胞间的信息交流，HIV在人的成熟红细胞内无法增殖是因为_________________________________ 。
（2）HIV侵入人体后，在HIV的刺激下，T细胞增殖分化____________和____________，同时T细胞能分泌____________促进B细胞增殖分化成浆细胞并分泌抗体，最终使HIV数量下降。
（3）在感染后期，多数HIV感染者直接死于由多种病原体引起的严重感染。当人体感染细菌时，细菌脂多糖LPS作为重要的抗原分子引起免疫应答。抗原激发的体液免疫应答有两类：第一类是大多数抗原必须有T细胞参与下才能完成；第二类是有少数抗原，单独刺激B细胞即可完成。为了探究细菌脂多糖LPS属于哪一类免疫应答，设计如下实验步骤：
①选择性别、年龄、生长发育状况一致的小鼠均分为甲乙两组。
②甲组小鼠____________处理，乙组小鼠不做相应的处理。
③对甲乙两组小鼠进行LPS接种处理
④一段时间后分别检测两组小鼠体内相应浆细胞和抗体含量
实验预测：若____________ ，则免疫应答属于第一类。
若____________ ，则免疫应答属于第二类。
31．（8分）人类有意或无意地把某种生物带入适于其生存和繁衍的地区，该生物种群不断扩大，分布区逐步稳定扩展，这种过程称为生态入侵。请回答有关问题。
（1）外来物种在入侵地区定居扩张的原因是__________________。
（2）外来物种常导致当地生物多样性下降，从种间关系的角度分析，引起这种不良后果的原因是本地原有物种和外来物种之间可能存在着捕食、____________________的关系。
（3）若某入侵物种能入侵森林、灌木和草本三种群落，其中入侵更易成功的是__________群落。其原因是该群落____________________。
（4）正确的引种会增加引种地区的生物多样性，丰富人们的物质生活。在条件适宜的沙漠地区引种植物，可能会使当地动物种群的__________提高。
32．（11分）某种植物的花色有红色、粉红色和白色三种，由两对等位基因A、a和B、b控制。研究发现基因A控制红色素合成（AA和Aa的效应等同），基因B为修饰基因，BB使红色完全消失，Bb使红色淡化。科研人员利用该植物的两组纯合亲本进行杂交，杂交过程及结果如图一所示。研究发现，A基因控制正常酶1的合成，a控制失活酶1的合成，与正常酶1比较，失去活性的酶1氨基酸序列有两个突变位点，如图二。回答有关问题：
（1）据图推测，酶1氨基酸序列a、b两处的突变都是控制酶1合成的基因发生突变的结果，其中b处是发生碱基对的_________导致的。进一步研究发现，失活酶1的相对分子质量明显小于正常酶1，出现此现象的原因可能是基因突变导致翻译过程____________。
（2）第1组F1的粉红花基因型是_________，F2中纯合子的概率为____________。
（3）第2组亲本白花个体的基因型是__________，F2中白花植株的基因型有___________种。
a.第2组中，利用F1植株进行单倍体育种，育出的植株花色的表现型及比例是_____________。
b.第2组中用秋水仙素处理F2杂合的红花植株幼苗，形成的染色体数目加倍的植株，该植株产生配子的基因型及比例是_____________.
(二)选考题(共15分。请考生从给出的2道物理题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题计分)
33．[物理——选修3－3](15分)
(1)(5分)如图所示，一定质量的理想气体从状态a变化到状态b，其过程如p —T图中从a到b的直线所示。在此过程中。
A．气体的体积减小
B．气体对外界做功
C．气体的内能不变
D．气体先从外界吸收热量,后向外界放出热量
E. 外界对气体做功,同时气体向外界放出热量
(2)(10分)如图所示，体积为V的汽缸由导热性良好的材料制成，面积为S的活塞将汽缸分成体积相等的上下两部分，汽缸上部通过单向阀门K（气体只能进入汽缸，不能流出汽缸）与一打气筒相连。开始时汽缸内上部分气体的压强为p0，现用打气筒向容器内打气。已知打气筒每次能打入压强为p0、体积为的空气，当打气49次后，稳定时汽缸上下两部分的体积之比为9:1，重力加速度大小为g，外界温度恒定，不计活塞与汽缸间的摩擦。求活塞的质量m。
34．[物理——选修3－4](15分)
(1)(5分)周期为2s的简谐横波沿x轴传播,该波在t=0时刻的波形如图所示，则下列说法正确的是
A．该波的波长为15 m
B．该波的波速为5 m/s
C．若该波沿x轴正方向传播，则此时质点a正在沿y轴正方向运动
D．若该波沿x轴负方向传播,则在t=3s时,质点a沿y轴负方向运动
E. 在0~3 s内,质点b通过的路程为0.6 m
(2)(10分)如图所示,由某种透明物质制成的直角三棱镜ABC,∠A=30°，AB长为2 m,且在AB外表面镀有水银。一束与BC面成45°角的光线从BC边的中点D射入棱镜。已知棱镜对该光的折射率n=。.求光线从AC面射出校镜的位置和在该位置对应的折射角。
35．[化学——选修3：物质结构与性质]（15分）
有A、B、C、D、E五种元素，其相关信息如表：
元素
相关信息
A
A原子的1s轨道上只有1个电子
B
B是电负性最大的元素
C
C基态原子的2p轨道中有3个未成对电子
D
D是主族元素且与E同周期，其最外能层上有2个运动状态不同的电子
E
E能形成红色(或砖红色)的E2O和黑色的EO两种氧化物
请回答下列问题：
（1）写出E元素原子基态时的电子排布式_______________。
（2）C元素的第一电离能比氧元素的第一电离能_______________ (填“大”或“小”) 。
（3）CA3分子中C原子的杂化类型是_______________。
（4）A、C、E三种元素可形成[E(CA3)4]2+，其中存在的化学键类型有____(填序号)；
①配位键 ②金属键 ③极性共价键 ④非极性共价键 ⑤离子键 ⑥氢键
若[E(CA3)4]2+具有对称的空间构型，且当[E(CA3)4]2+中的两个CA3被两个Cl−取代时，能得到两种不同结构的产物，则[E(CA3)4]2+的空间构型为____________ (填序号)。
a.平面正方形 b.正四面体 c.三角锥形 d.V形
（5）B与D可形成离子化合物，其晶胞结构如图所示，其中D离子的配位数为___________
____，若该晶体的密度为a g·cm−3，则该晶胞的体积是_____________cm3(写出表达式即可)。
36．[化学——选修5：有机化学基础]（15分）
G是药物合成中的一种重要中间体，下面是G的一种合成路线：
回答下列问题：
（1）B的结构简式为__________，其中所含官能团的名称为__________；B生成C的反应类型为__________。
（2）D的名称是__________。
（3）由C和E合成F的化学方程式为________________________________________。
（4）D的同分异构体中，能发生银镜反应且分子结构中含苯环的还有__________种，其中核磁共振氢谱上有6组峰，峰面积之比为1∶1∶1∶1∶1∶1的同分异构体的结构简式为__________
____________ (一种即可)。
（5）参照上述合成路线，以CH3CH2Cl为原料(其他试剂任选)，设计制备巴豆醛(CH3CH=CH
CHO)的合成路线。
37．[生物——选修1:生物技术实践] (15分)
蓝莓富含花青素，对人体有增强视力、消除眼睛疲劳、消脂减肥、解酒护肝等功效。利用蓝莓可生产蓝莓果汁、蓝莓酒、蓝莓醋、蓝莓果酱等。回答下列问题：
（1）榨汁前需将新鲜的蓝莓进行________，然后除去枝梗，以避免除去枝梗时引起葡萄破损，防止______。
（2）用蓝莓果汁来生产蓝莓酒，需要接种酵母菌。从混杂的微生物中分离出酵母菌应使用_______培养基。发酵过程完成后，可以用__________检测发酵产物中是否有酒精产生。若要进一步检测所得果酒中酵母菌的密度可采用____________法。
（3）蓝莓醋生产过程利用了___________的发酵作用。将蓝莓酒流经发酵装置生产蓝莓醋，则发酵装置中O2消耗和CO2产生的情况是____________。
（4）蓝莓果酱是利用蓝莓果汁加糖熬制而成，以家庭生产玻璃瓶装蓝莓果酱为例，如何做到减少或避免杂菌污染？_________________________(至少答2点)。
38．[生物——选修3：现代生物科技专题] (15分)
科研人员通过基因工程实现了β-甘露聚糖酶基因在猪肠道野生酵母菌中的表达，使原来不能被猪利用的粗纤维在猪肠道内被分解成了可直接吸收的单糖。下图为构建工程菌的部分过程，其中介导序列能引导载体整合到酵母菌的染色体DNA上。请回答。
（1）①过程中需要的工具酶是___________ ，②、③过程中需要的工具酶是___________。
（2）同尾酶是指切割DNA分子后能产生相同黏性末端的限制酶，图中4种限制酶中属于同尾酶的是___________。
（3）重组表达载体中的介导序列引导目的基因整合到酵母菌的染色体DNA上，其意义在于___________ 。
（4）①过程从野生酵母菌染色体DNA中PCR扩增介导序列时，科研人员设计了如下一对引物: GACCTCAAATCAGGTAGG 和 TTGCATTGACTTACA，其中下划线部分序列的设计依据是___________ ，方框部分序列的设计目的是___________________
。
（5）对重组表达载体进行酶切鉴定，假设所用的酶均可将识别位点完全切开。若使用 EcoRⅠ和SaⅠ酶切，可得到____________种DNA片段。若使用EcoRⅠ和BamHⅠ酶切，可得到____________种DNA片段。
2019届高三第二次模拟测试卷
理 综（二）答 案
第Ⅰ卷（选择题，共126分）
一、选择题：本大题共13小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．【答案】B
【解析】乙细胞呈现的特点是：同源染色体分离，处于减数第一次分裂后期，又因其细胞膜从偏向细胞一极的部位向内凹陷，所以是初级卵母细胞，该二倍体生物是雌性动物，A正确；丙细胞不含同源染色体，且每条染色体的着丝点排列在赤道板上，处于减数第二次分裂中期，再结合乙细胞中的染色体的形态及其行为特点可推知：丙细胞为次级卵母细胞，与丙细胞同时产生的（第一）极体经过减数第二次分裂后形成的极体为丁细胞所示，B错误；甲细胞含有同源染色体，呈现的特点是：着丝点分裂后形成的两条子染色体分别移向细胞两极，据此可判断处于有丝分裂后期，因此甲细胞中具有4个染色体组，C正确；综上分析，图示涉及两种分裂方式（有丝分裂与减数分裂）和至少三次细胞分裂（一次有丝分裂、减数第一次分裂与减数第二次分裂各一次），D正确。
2．【答案】D
【解析】信息分子起调节作用，并不直接参与靶器官和靶细胞内的生理过程，A错误；植物细胞间的信息交流主要通过胞间连丝来实现的，不需要细胞膜上糖蛋白的参与，B错误；胰岛素、性激素可作为信息分子，其中胰岛素的受体在细胞膜上，而性激素的受体在细胞内，C错误；精子和卵细胞之间的识别和结合是通过直接接触实现的，D正确。
3．【答案】B
【解析】用纸层析法分离菠菜滤液中的色素时，橙黄色的胡萝卜素的色素带距离所画滤液细线最远，A正确；唾液淀粉酶的适宜温度在60℃左右，因此探究温度对淀粉酶活性的影响并用碘液检测时，60℃处理的试管中淀粉被水解的最多，蓝色最浅，B错误；用KNO3取代蔗糖处理洋葱鳞片叶表皮细胞，由于细胞外液浓度大于细胞液浓度，因此细胞先发生质壁分离；又因为钾离子和硝酸根离子都可以通过主动运输进入细胞，导致细胞液浓度大于细胞外液浓度，所以细胞反过来吸水，又发生了质壁分离复原现象，C正确；直接从静置的培养瓶中取培养后期的原液计数，由于酵母菌数量太多，所以难以数清一个小方格内的酵母菌，D正确。
4．【答案】D
【解析】静息电位是指细胞在安静状态下存在于膜内外两侧的电位差。据图可知神经纤维静息电位约为-70mV，就是指膜内电位比膜外电位低70mV，A正确；刺激突触a时，其突触后电位由-70mV变为-60mV，再恢复原状。在此过程中，膜电位变小，说明发生了阳离子内流，B正确；由B的分析可知，在刺激突触a时，突触a的突触后神经元膜电位变小，说明出现了阳离子内流，并且也说明了突触a为兴奋性突触；而刺激b时，据图可知，其突触后膜电位由-70mV变为-80mV，再恢复原状。在此过程中，膜电位变大，说明发生了阳离子外流，并且也说明了突触b是抑制性突触，C正确；据图可知，突触a、b的突触后神经元的膜电位经过一段时间才发生变化，说明兴奋在突触前后两神经元间的传递存在延迟，D错误。
5．【答案】D
【解析】松鼠适宜生存的环境是森林，因此农田的存在不利于松鼠的活动，缩小了其活动空间，A错误；林木密度相同的不同斑块中松鼠的种群密度不一定相同，B错误；不同森林斑块中的松鼠属于不同种群，存在地理隔离，C错误；生态通道有利于松鼠从农田进入适宜其生存的森林中去，因此利于保护该种松鼠的遗传多样性，D正确。
6．【答案】C
【解析】若该家系中的遗传病是显性，由于4号有病，10号正常，说明该病不可能在X染色体上，则该病为常染色体显性遗传病，而图中1号的后代全部患病，因此1号的基因型还可能是AA，A错误；若该家系中的遗传病是隐性，则该病的致病基因可能在常染色体上或X染色体上，B错误；若该病为常染色体显性或隐性遗传病，Ⅲ-12与Ⅲ-13婚配相当于测交试验，后代的发病率为1/2；若该病为伴X隐性遗传病，则Ⅲ-12是携带者，Ⅲ-13是患者，两者婚配后代的发病率也是1/2，C正确；若Ⅱ-6不含致病基因，说明该病为伴X隐性遗传病或常染色体显性遗传病，若为后者，他与Ⅱ-5所生女儿正常或者患者（携带），D错误。
7．【答案】C
【解析】太阳能电池帆板的材料是单质硅，选项A错误；汽油、水煤气是不可再生能源，乙醇是可再生能源，选项B错误；碳纤维、光导纤维都是新型无机非金属材料，选项C正确；葡萄糖是单糖，不水解，选项D错误。
8．【答案】A
【解析】氮气和足量的氧气在高温条件下只能生成NO，选项B错误；常温下，1L pH＝9的CH3COONa溶液中，发生电离的水分子数为1×10−5NA，选项C错误；一个氢氧化铁胶粒含许多个氢氧化铁，选项D错误。
9．【答案】B
【解析】根据流程图，NaClO3与SO2发生氧化还原反应，化学方程式为2NaClO3+SO2===Na2SO4+
2ClO2，其中NaClO3作氧化剂，母液中溶质主要为Na2SO4，选项A、选项D正确；吸收塔中发生的反应为2ClO2+H2O2+2NaOH===2NaClO2+2H2O+O2↑，1mol H2O2失去2mol电子，选项B错误；H2O2在高温下易分解，故吸收塔的温度不能太高，选项C正确。
10．【答案】C
【解析】C4H10有二种，C4H10的一元取代物有四种，C4H10O属于醇有四种，属于醚又有三种，选项C正确。
11．【答案】D
【解析】原子半径最小的元素是氢；最高正化合价和最低负化合价的代数和为0的元素为H元素或第IVA族元素；能与氢形成原子个数比为1∶1和1∶2的两种液态化合物的元素是氧；地壳中含量最高的金属元素是铝；单质是一种黄绿色气体的元素为氯，所以X、Y、Z、W、M分别为：氢、碳、氧、铝、氯。原子半径大小关系为：Al＞Cl＞C＞O＞H，选项A错误；因为非金属性：氯>碳；所以最高价含氧酸的酸性：高氯酸强于碳酸，但是次氯酸的酸性比碳酸弱，选项B错误；CH4与Cl2在光照条件下发生取代反应可得：CH3Cl、CH2Cl2、CHCl3、CCl4、HCl五种产物，选项C错误；氢气、炭、铝均可用于金属冶炼的还原剂，选项D正确。
12．【答案】C
【解析】隔膜只允许Li+通过，不选用质子交换膜，选项A错误；根据电池反应，放电时，LiCoO2发生电极反应式：Li1－xCoO2+xLi++xe−===xLiCoO2，选项B错误；石墨烯电池的优点提高电池的储锂容量进而提高能量密度，根据工作原理，Li+嵌入LiCoO2中，选项C正确；D．LiCoO2极是电池正极，充电时与电源正极相连，选项D错误。
13．【答案】B
【解析】由A点可知0.01mol·L−1HA溶液中c(H+)＝0.01mol·L−1，所以HA为强酸，因为氨水是弱碱，所以滴定时应该选用甲基橙作指示剂，选项A正确；整个滴定过程中，当酸碱恰好反应生成盐时，水的电离程度最大，由于生成的盐是强酸弱碱盐，此时溶液显酸性，而C点为中性，选项B错误；若x3＝30，根据电荷守恒有：c(OH−)+c(A−)＝c(NH)+c(H+)，根据物料守恒有3c(A−)＝2[c(NH)+c(NH3·H2O)]，二者联合解得：3c(OH−)＝c(NH)+3c(H+)－2c(NH3·H2O)，选项C正确；A→C的过程中，若加入的氨水的量很少时，溶液中H+和A−较多，此时可存在：c(A−)＞c(H+)＞c(NH)＞c(OH−)，选项D正确。
二、选择题：本题共8小题，每题6分，在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一个选项符合题目要求。第19～21题有多选项题目要求。全部答对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的的0分。
14．【答案】D
【解析】由动能定理得，滑块克服摩擦力做的功，两滑块克服摩擦力做功相等，质量大的滑块运动的位移小，，质量大的滑块初速度小，又由得，质量大的滑块运动时间短，冲量大小，所以质量大的滑块冲量大，故D正确。
15．【答案】D
【解析】x-t图象为直线表示物体做匀速直线运动，故A错误； x-t图象的斜率表示速度，由图象乙可知，图象的斜率逐渐增大，即速度逐渐增大，故B错误； 0-5s甲的位移为5m，平均速度为，乙的位移为-3m，平均速度为：，故C错误； x-t图象的斜率表示速度，由甲、乙图象可知，在0-6内有两处的斜率大小相等，即有两处速度大小相等，故D正确。故应选：D。
16．【答案】C
【解析】正负电荷在两点电荷之间的连线上产生的场强方向相同，所以在两点电荷之间的连线上不存在电场强度为零的点，故A错；将一电子从a点由静止释放，电子在a点受到向右的电场力，所以要从静止向右运动，则运动不是在a、b间往复运动，故B错； b、c两点到正点电荷距离相等，若只有正电荷，则bc两点的电势相等，但由于负电荷的存在导致c点的电势高于b点的电势，故C对；沿着电场线电势在降低，所以a点电势高于b点电势，而负电荷在电势高的地方电势能小，所以a点具有的电势能小于在b点时的电势能，故D错。综上所述本题选;C。
17．【答案】A
【解析】设地球质量M，某天体质量是地球质量的a倍，地球半径r，某天体径是地球半径的b倍
由万有引力提供向心力做匀速圆周运动得：
解得：卫星在圆轨道上运行时的速度公式
分别代入地球和某天体各物理量得：
，故A正确。
故选：A。
18．【答案】A
【解析】钴60放出的射线穿透能力强，半衰期长，选项A正确，B错误；射线电离能力最强，射线的电离能力最弱，氡222放出的是射线，选项C错误，故选A。
19．【答案】AC
【解析】由于弹簧弹力属于渐变，所以撤去C的瞬间，弹簧的形变量不变，故A正确；开始整体处于平衡状态，弹簧的弹力等于A和C的重力，即F=3mg，撤去C的瞬间，弹簧的形变量不变，弹簧的弹力不变，仍为3mg，故B错误；撤去C瞬间，弹力不变，A的合力等于C的重力，对木块A，由牛顿第二定律得：2mg=ma，解得：a=2g，方向竖直向上，故C正确；撤去C的瞬间，弹簧的弹力不变，仍为3mg，对B，由平衡条件得：F+mg=N，解得：N=4mg，木块B对水平面的压力为4mg，故D错误。故选：AC。
20．【答案】BD
【解析】交流电的最大值为小于电容器的击穿电压，故电容器不会被击穿故A错误；交流电压表测量为交流电压的有效值，由乙图可知，交流电压的最大值为，由电压的有效值为，故B正确；电压表的示数为有效值，电压表的示数为220V，故C错误； t=T/2时刻，灯泡两端电压的瞬时值为0，通过灯泡的电流的瞬时值为0，故D正确，故选：BD。
21．【答案】AB
【解析】0-1s内线框进入磁场，c、d两点间电势差为正，即C点相当于电源的正极，由右手定则可知，磁场方向垂直纸面向里，故A正确； 0-1s内线框进入磁场，c、d两点间电势差为，线框的速度为，解得：，故B正确；由图乙分析可知，线框在0-1s内进入磁场，2-3s内出磁场，且都是匀速运动，所以速度都为1m/s，所以导线框进入磁场和离开磁场时的速度大小之比为1：1，故C错误；线框在0-1s内进入磁场过程中电流为，产生的热量为：，1-2s内线框的磁通量不变，所以无感应电流产生，即无热量产生，2-3s内线框出磁场过程中电流为，，产生的热量为：，所以总热量为32J，故D错误。故选：AB。
第Ⅱ卷（非选择题，共174分）
二、非选择题(包括必考题和选考题两部分。第9题～第12题为必考题，每个试题考生都必须作答。第13题～第14题为选考题，考生根据要求做答)
(一)必考题(共129分)
22．(6分)
【答案】（1）4.00 （2）2.0 （3）20
【解析】(1)由图乙可知，测力计的最小分度为0.1N，所以小车的重力为4.00N；
(2)对小车和砝码及盘由牛顿第二定律可得：
；
(3) 根据逐差法有： ，解得：。
23．(9分)
【答案】（1）7.8 小于 （2）120.6 （3）9.3（9.1-9.4）
【解析】(1) 由题意可知，干电路电流不变为：Ig=100mA，流过电阻箱R2的电流：I2=Ig-IA=100mA-40mA=60mA，电流表内阻： ，
当开关S2闭合后，并联部分的电阻减小，总电流偏大，所以流过流过电阻箱R2的电流应大于60mA，所以该测量值小于真实值；
(2) 由图乙所示可知，电阻箱阻值为：1×100Ω+2×10Ω+0×1Ω+6×0.1Ω=120.6Ω；
(3) 断开S2、闭合S1，由图示电路图可知，电源电动势：E=I（r+R1+RA），则：
图象的斜率：，解得：E≈9.3V。
24．(12分)
【解析】(1)由粒子在平行板间做直线运动可知，Bv0q=qE，平行板间的电场强度E=，解得两平行板间的电势差：U=Bv0d
(2)在圆形磁场区域中，由洛伦兹力提供向心力可知：
Bv0q=m
同时有T=
粒子在圆形磁场区域中运动的时间t=T
解得t=
(3)由几何关系可知：r=R
解得圆形磁场区域的半径R=
25．(20分)
【解析】（1）滑块每经过一段粗糙段损失的机械能E=mgL，解得E=0.5J
设碰后B的速度为vB，由能量关系有：mvB2=100E
设碰后A的速度为vA，A、B碰撞为弹性碰撞，根据动量守恒和和能量守恒有：
mv0=mvA+mvB
mv02=mvA2+mvB2
解得A刚滑入圆轨道时的速度大小v0=10m/s
(2)从A刚滑入轨道到最高点Q，由机械能守恒有：
mv02=mg2R+mv2
在Q点根据牛顿第二定律得：F+mg=m
解得A滑过Q点时受到的弹力大小F=150N
（3）B滑到第n个光滑段前已经损失的能量E损=kE
由能量守恒有：mvB2-mvn=kE
解得碰后B滑至第n个(n<100)光滑段上的速度vn与k的关系式:vn=m/s，(k100)
26．(14分)
【答案】（1）4，1，4H2O 2
（2）难挥发性
（3）degfcbh或edgfcbh
（4）检查装置气密性 抑制CuCl2水解
（5）H++OH–==H2O Cl2+2OH–==Cl–+ClO–+H2O
（6）HCl易溶于水，易发生倒吸
（7）加少量水后用胶塞盖紧，迅速震荡，若溶液显蓝色则产品中含CuCl2，若不显蓝色则不含CuCl2
【解析】（1）配平潮湿CuCl在空气中被氧化，说明有水参加反应，结合氧化还原反应电子守恒和原子守恒，此反应化学方程式经配平后为4CuCl+O2+4H2O==3CuO·CuCl2·3H2O+2HCl；（2）实验室通过利用浓硫酸的强酸性和难挥发性的性质，通过反应NaCl+H2SO4==NaHSO4+HCl↑来制取HCl；（3）由A装置制备的HCl通入C装置，经过D装置无水硫酸铜检验生成的水和B装置检验是否有氯气生成，最后用E装置进行尾气处理，减小环境污染，则装置的连接顺序为degfcbh或edgfcbh；（4）装置连接后，首先要检验装置气密性，再进行后续实验；因CuCl2在水溶液中易水解，可通入HCl抑制CuCl2水解；（5）装置E是用NaOH溶液吸收含有HCl和Cl2的尾气，发生反应的离子方程式是H++OH–==H2O和Cl2+2OH–==Cl–+ClO–+H2O；（6）如果将湿润的淀粉KI试纸改成足量的淀粉KI溶液，因HCl气体易溶解于水，容易产生倒吸现象，存在安全隐患；（7）CuCl2能溶解于水，且其水溶液显蓝色，同时考虑到CuCl在潮湿环境中易氧化，则检验时需避免空气中氧气的干扰，具体操作是加少量水后用胶塞盖紧，迅速震荡，若溶液显蓝色则产品中含CuCl2，若不显蓝色则不含CuCl2。
27．(14分)
【答案】（1）CO(g)+1/2O2(g)CO2(g) ΔH=-283kJ/mo1
（2）压强 <
（3）0.125 5.33(或5.3或16/3) C
（4）CH4-8e−+10OH−===CO+7H2O
【解析】（1）根据燃烧热的概念，燃烧热的热化学方程式为：CO(g)+1/2O2(g)CO2(g) ΔH=-283kJ/mo1；（2）ΔH<0，该反应为放热反应，根据勒夏特列原理，升高温度，平衡逆向移动，CO的转化率降低，图像中曲线Y升高，根据方程可知，增大压强，体积减小，平和正向移动，则X表示压强；当压强不变时，升高温度，平衡逆向移动，CO的转化率降低，Y1v(逆)；v(CO2)=△c/△t=0.5/4=0.125mol/（L·min）；②该温度下平衡常数K===5.33；③A．反应速率之比等于化学方程式计量数之比，因此3v正(CH3OH)=v正(H2)，所以v正(CH3OH)=3v逆(H2)不能说明CH3OH正逆反应速率相同，A错误；B．平衡时反应混合物中各组分的含量保持不变，但容器内CO2、H2、CH3OH和H2O的浓度之比不一定为1∶3∶1∶1，所以不能作为平衡的标志，B错误；C．该反应是气体分子数变化的反应，恒温恒压下，气体的体积不再变化，可以作为平衡的标志，C正确；D．反应前后气体的质量不变，容器的体积不变，所以密度始终保持不变，因此混合气体的密度保持不变不能作为平衡的标志，D错误；答案为C；（4）甲烷燃料电池以甲烷为燃料，以空气为氧化剂，以KOH溶液为电解质，负极得电子，电解质溶液参与反应，电池反应为：CH4-8e−+10OH−===CO+7H2O。
28．(15分)
【答案】（1）①蒸发皿、玻璃棒、酒精灯、三脚架(或带铁圈的铁架台)、火柴
②玻璃棒有一定倾斜角，引流时烧杯尖嘴紧靠在玻璃棒上，玻璃棒末端轻靠在三层滤纸上
③取洗涤液少许于试管中，滴入用HNO3酸化的AgNO3溶液，若无明显现象，则证明洗涤干净；否则洗涤不干净
（2）①Q ②BJIKACDGHE(F) ③缺少尾气处理装置
（3）93.18%
【解析】（1）③操作Ⅰ前的过滤，得到的滤液中含有氯离子，判断沉淀是否洗涤干净，只需判断沉淀上是否还吸附有氯离子即可。方法是取洗涤液少许于试管中，滴入用HNO3酸化的AgNO3容液。若无明显现象，则证明洗涤干净；否则洗涤不干净。（2）②用熔融的锡与干燥的氯气制备SnCl4，首先要制备干燥的氯气，应该选择装置Ⅱ和Ⅵ，且先除氯化氢，再干燥；然后将干燥的氯气通入Ⅰ中反应生成SnCl4，根据SnCl4的物理性质可知，SnCl4的沸点较低，可以用Ⅲ使之冷凝，用Ⅴ收集生成的SnCl4，为了防止外界水蒸气等进入装置，最后连接一个干燥装置Ⅳ，从左到右组装仪器的顺序为BJIKACDGHE(F)。③反应中的氯气可能不完全反应，会造成空气污染。（3）由Sn+2HCl===
SnCl2+H2↑①，SnCl2+2FeCl3===SnCl4+2FeCl2②，6FeCl2+K2Cr2O7+14HCl===6FeCl3+2KCl+2CrCl3+7
H2O③，由方程式①②③得知：K2Cr2O7～6FeCl2～3SnCl2～3Sn，n(Sn)＝3n(K2Cr2O7)＝3×0.1000mol/L
×0.032L＝0.0096mol，m(Sn)＝n(Sn)×M(Sn)＝0.0096mol×119g·mol−1＝1.1424g，锡粉样品中锡的质量分数＝×100%＝×100%≈93.18%。
29．（8分）
【答案】（1）葡萄糖和水（葡萄糖、丙酮酸和水） 线粒体内膜（1分）
（2）小鼠只存在途径1，天南星科植物存在途径1和途径2
（3）途径2增强，物质氧化分解释放的能量储存在ATP中较少，大量以热能形式散失（3分）
【解析】（1）有氧呼吸第一阶段和第二阶段都能产生[H]，其中第一阶段产生的[H]来自葡萄糖，第二阶段产生的[H]来自丙酮酸和水；[H]与O2结合生成水发生在有氧呼吸第三阶段，场所是线粒体的内膜。（2）“物质6→物质7”过程易被氰化物抑制．若小鼠氰化物中毒，呼吸作用全被抑制，导致死亡，说明小鼠只存在途径1；对天南星科植物用氰化物处理，呼吸速率降低，但并未完全被抑制，说明南星科植物存在途径1和途径2。（3）天南星在开花时，花序温度升高但ATP生成没有明显增加的原因途径2增强，物质氧化分解释放的能量储存在ATP中较少，大量以热能形式散失。
30．（12分）
【答案】（1）不能（1分） 人的成熟红细胞无细胞核和各种细胞器，不能提供增殖的酶、场所等条件
（2）效应T细胞（1分） 记忆细胞（1分） 淋巴因子（1分）
（3）②切除胸腺
（4）④仅有乙组小鼠产生相应浆细胞和相应的抗体 甲乙两组小鼠均产生相应浆细胞和相应的抗体
【解析】（1）HIV为病毒，不具有细胞结构，其识别T细胞表面的CD4和CCR5不能体现细胞间的信息交流，人成熟红细胞没有核糖体等结构，无法合成蛋白质，因此HIV在人的成熟红细胞内无法增殖。（2）在HIV的刺激下，T细胞增殖分化效应T细胞、记忆细胞，效应T细胞可以裂解被HIV侵入的T细胞，使HIV被释放出来；同时T细胞能分泌的淋巴因子能促进B细胞得增殖、分化，形成的浆细胞分泌抗体，使细胞外液中的HIV凝集成团，最终被吞噬细胞吞噬、处理。（3）两类免疫应答的区别在于是否有T细胞参与，T细胞是在胸腺中成熟的，探究细菌脂多糖LPS属于哪一类免疫应答，可设计有无胸腺的两组小鼠进行对照实验，检测进行LPS接种处理后，两组小鼠体内相应浆细胞和抗体含量。若属于第一类免疫应答，则无胸腺的小鼠不能产生相应的浆细胞和抗体，有胸腺的小鼠可以产生相应的浆细胞和抗体；若属于第二类免疫应答，则两组小鼠均产生相应的浆细胞和抗体。
31．（8分）
【答案】（1）环境条件适宜且没有敌害
（2）竞争、寄生
（3）草本（1分） 结构更为简单
（4）环境容纳量（或K值）（1分）
【解析】（1）若环境条件适宜且没有敌害的话，外来物种在入侵地区会定居下来并不断扩张。（2）外来物种导致本地物种生物多样性下降，其与本地物种之间可能存在竞争、捕食和寄生关系。（3）在森林、灌木和草本三种群落中，草本群落的结构最为简单，稳定性最容易被破坏，因此若某入侵物种能入侵森林、灌木和草本三种群落，其中入侵更易成功的是草本群落。（4）在条件适宜的沙漠地区引种植物，而植物可以为动物提供食物和生存空间，因此会使当地动物种群的环境容纳量提高。
32．（11分）
【答案】（1）增添或缺失（1分） 提前终止（1分）
（2）AABb（1分） 1/2 （1分）
（3）aaBB（1分） 5 a.红色:白色=1:3 b.AAbb:Aabb:aabb=1:4:1
【解析】（1）据图分析，b处突变导致b处及其后肽链上所有氨基酸都发生变化，可能是碱基对的增添或缺失导致的；失活酶1的相对分子质量明显小于正常酶1，说明其肽链比正常的要短，可能是基因突变导致翻译过程提前终止导致的。（2）第1组中，F1粉红花(A_Bb) 自交后代出现1∶2∶1的分离比，说明F1的基因型为AABb；F2中纯合子AABB和AAbb的概率为1/4＋1/4＝1/2。（3）第2组中，纯合白花（AABB或aaBB或aabb）×纯合红花（AAbb）→粉红色花（A_Bb），F1自交后代性状分离比为3∶6∶7，是9∶3∶3∶1的变式，说明F1的基因型为AaBb，则白花亲本的基因型为aaBB；已知基因A控制红色素合成（AA和Aa的效应等同），基因B为修饰基因，BB使红色完全消失，所以F2中白花植株的基因型有5种，包括AABB、AaBB、aaBB、aaBb和aabb。a.第2组中，F1的基因型为AaBb，能产生AB、Ab、aB和ab4种花粉。利用F1植株进行单倍体育种，育出的植株基因型及比例为AABB（白色）∶AAbb（红色）∶aaBB（白色）∶aabb（白色）＝1∶1∶1∶1，所以育出的植株花色的表现型及比例是红色∶白色＝1∶3。b.第2组中用秋水仙素处理F2杂合的红花植株（Aabb）幼苗，形成的染色体数目加倍的植株（AAaabbbb）。该植株减数分裂形成配子，AAaa产生的配子的基因型及比例是AA∶Aa∶aa＝1∶4∶1，bbbb 只产生一种类型的配子是bb，因此对于两对等位基因来说，该植株（AAaabbbb）产生的配子的基因型及比例是AAbb∶Aabb∶aabb＝1∶4∶1。
(二)选考题(共15分。请考生从给出的2道物理题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题计分)
33．[物理——选修3－3](15分)
(1)(5分)
【答案】ACE
【解析】由图示图线可知，由a到b过程气体温度保持不变而气体压强p增大，由玻意耳定律：pV=C可知，气体体积V减小，故A正确；气体体积减小，外界对气体做功，W＞0，故B错误；由图示图线可知，从a到b过程气体温度不变，气体内能不变，△U=0，故C正确；由热力学第一定律：△U=W+Q可知：Q=△U-W=-W＜0，气体向外界放出热量，故D错误，E正确；故选：ACE。
(2)(10分)
【解析】开始时，汽缸上部分气体体积为，压强为p0，下部分气体体积为，压强为后来汽缸上部分气体体积为，设压强为p，下部分气体体积为，压强为
打入的空气总体积为，压强为p0
由玻意耳定律可知，对上部分气体有：
对下部分气体有：
解得：。
34．[物理——选修3－4](15分)
(1)(5分)
【答案】BDE
【解析】由图可知，该波的波长为10m，故A错误；该波的波速为，故B正确；若该波沿x轴正方向传播，由“同侧法”可知，此时质点a正在沿y轴负方向运动，故C错误；若该波沿x轴负方向传播，t=0时刻，质点a沿y轴正方向运动，在t=3s=时，质点a沿y轴负方向运动，故D正确；在0~3 s内即，b 质点通过的路程为 ，故E正确。故选：BDE。
(2)(10分)
【解析】由折射定律可知：
r＝30°
由几何关系可知，光线在AB面的入射角等于30°，所以光线在AB面发生反射后，垂直AC面射出棱镜，即光线射出棱镜时的折射角为0°
射出点到C点的距离
解得：。
35．[化学——选修3：物质结构与性质]（15分）
【答案】（1）1s22s22p63s23p63d104s1
（2）大
（3）sp3
（4）①③ a
（5）8
【解析】A原子的1s轨道上只有1个电子，则A为H元素；B是电负性最大的元素，则B为F元素；C基态原子的2p轨道中有3个未成对电子，即核外电子排布为1s22s22p3，则C为N元素；E能形成红色(或砖红色)的E2O和黑色的EO两种氧化物，则E为Cu元素；D是主族元素且与E同周期，其最外能层上有2个运动状态不同的电子，则为Ca元素。（1）Cu元素原子基态时的电子排布式为：1s22s22p63s23p63d104s1；（2）N元素原子的2p轨道为半充满，结构较稳定，则N元素的第一电离能比氧元素的第一电离能大；（3）NH3分子中N原子含有一个孤电子对、3个σ键电子对，则其杂化类型是sp3；（4）[Cu(NH3)4]2+为配离子，其中Cu2+离子与NH3分子形成配位键，NH3分子中N、H原子间为极性共价键，答案选①③；[Cu(NH3)4]2+形成4个配位键，且具有对称的空间构型，则可能为平面正方形或正四面体，若为正四面体，[Cu(NH3)4]2+中的两个NH3被两个Cl−离子取代后，只有一种结构，所以应为平面正方形，答案选a；（5）由晶胞结构图可知，Ca2+离子的配位数为8；根据均摊法，晶胞中含有4个Ca2+离子和8个F−离子，根据=，则V==。
36．[化学——选修5：有机化学基础]（15分）
【答案】（1） 羟基、羰基 取代反应
（2）对羟基苯甲醛
（3）
（4）3 或
（5）
【解析】（1）根据A、C结构，结合题干已知信息和B的分子式，可知B物质的结构简式是，该物质含有的官能团有羟基、羰基；B与CH3I发生取代反应，产生C和HI；（2）D与CH3I发生取代反应可产生，逆推可知D为对羟基苯甲醛；（3）由C和E在碱性条件下加热，反应生成F和水，反应的化学方程式为
；（4）D是，有多种同分异构体，其中的同分异构体分子结构中含苯环，且能发生银镜反应说明含有醛基，还有、、，共3种，其中核磁共振氢谱上有6组峰，峰面积之比为1∶1∶1∶1∶1∶1的同分异构体的结构简式为或；（5）以CH3CH2Cl为原料制备巴豆醛(CH3CH=CHCHO)，可以先水解得到乙醇，再把乙醇催化氧化得到乙醛，最后利用题信息合成巴豆醛，具体合成路线为：
。
37．[生物——选修1:生物技术实践] (15分)
【答案】（1）冲洗（1分） 增加被杂菌污染的机会
（2）选择 酸性重铬酸钾(或重钻酸钾) 稀释涂布平板法(或血细胞计数板计数法等)
（3）醋酸菌 只消耗O2但不产生CO2
（4）①蓝莓果汁要煮沸②装蓝莓果酱的瓶要用沸水(酒精)消毒③装瓶时瓶口要通过火焰
【解析】（1）榨汁前将新鲜的蓝莓进行冲洗，以洗去表面的尘土与杂菌，然后再除去枝梗。除去枝梗再进行冲洗会由于葡萄破损而增加被杂菌污染的机会。（2）根据微生物营养需求的不同配置的选择培养基可以从混杂的微生物中分离出某一种微生物。检测发酵产物中是否有酒精产生，可以取培养液酸化，然后加入重铬酸钾溶液，观察溶液是否由橙色变为灰绿色。检测所得果酒中酵母菌的密度，可采用稀释涂布平板法接种培养，统计培养基上的菌落数，或者直接用血细胞计数板进行计数。（3）醋酸菌在缺少糖源、氧气充足时，可把C2H5OH氧化为CH3COOH，同时生成水，将蓝莓酒流经发酵装置生产蓝莓醋，发酵装置中会消耗氧气，但不产生CO2。（4）家庭生产玻璃瓶装蓝莓果酱时，蓝莓果汁要煮沸，装蓝莓果酱的瓶要用沸水(酒精)消毒，以消灭可能携带的杂菌；装瓶时瓶口要通过火焰，以避免杂菌感染。
38．[生物——选修3：现代生物科技专题] (15分)
【答案】（1）热稳定DNA聚合酶（“Tag酶”或“耐高温的DNA聚合酶”） DNA连接酶（1分）
（2）BamHⅠ和BglⅡ
（3）使目的基因能随工程菌染色体稳定遗传和表达
（4）介导序列两端的部分核苷酸序列 使扩增出的介导序列两端含有限制酶EcoRⅠ和BamHⅠ的识别序列
（5）3 2
【解析】（1）图中①表示采用PCR技术扩增介导序列的过程，该过程在高温条件下进行，需要热稳定性DNA聚合酶；②③表示基因表达载体的构建过程，除了图中的限制酶外，该过程中还需要DNA连接酶。（2）表中限制酶BamHⅠ和BglⅡ的识别序列不同，但两者切割产生的黏性末端相同，属于同尾酶。（3）转基因生物染色体的DNA上是否插入目的基因是目的基因能否在真核生物中稳定遗传的关键，重组表达载体中的介导序列引导目的基因整合到酵母菌的染色体DNA上，这可使目的基因能随工程菌染色体稳定遗传和表达。（4）①过程从野生酵母菌染色体DNA中PCR扩增介导序列时，科研人员设计了如下一对引物：GAATTCGACCTCAAATCAGGTAGG和TTGCATTGACTTACACCTAGG，引物是根据已知核苷酸序列设计的，因此其中下划线部分序列的设计依据是介导序列两端的部分DNA序列；GAATTC是限制酶EcoRⅠ的识别序列，而CCTAGG是限制酶BamHⅠ的识别序列，因此方框部分序列的设计目的是使扩增出的介导序列两端含有限制酶EcoRⅠ和BamHⅠ的识别序列。（5）由图可知，重组的基因表达载体含有2个EcoRⅠ酶割位点，含有1个SalⅠ酶切位点，因此使用EcoRⅠ和SalⅠ酶切重组质粒可以得到3种DNA片断；重组的基因表达载体含有2个EcoRⅠ酶割位点，但不再含有BamHⅠ酶割位点，因此用EcoRⅠ和BamHⅠ酶切重组质粒可以得到2种DNA片断。
注意事项：
1．答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
2．选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
3．非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
4．考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。
第Ⅰ卷（选择题，共126分）
一、选择题：本大题共13小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．如图是某二倍体生物体内某个细胞连续变化的过程图。下列说法错误的是
A．该二倍体生物是雌性动物
B．丁细胞可能是卵细胞
C．甲细胞中具有4个染色体组
D．图示涉及两种分裂方式和至少三次细胞分裂
2．下列关于细胞的信息分子以及细胞间信息交流的叙述，正确的是
A．信息分子可直接参与靶器官和靶细胞内的多种生理过程
B．细胞间信息交流都需要依赖细胞膜上的糖蛋白才能实现
C．胰岛素、性激素可作为信息分子，其受体均在细胞膜上
D．精子和卵细胞之间的识别和结合是通过直接接触实现的
3．下列实验结果的叙述，错误的是
A．用纸层析法分离菠菜滤液中的色素时，橙黄色的色素带距离所画滤液细线最远
B．探究温度对淀粉酶活性的影响并用碘液检测时，60℃处理的试管蓝色最深
C．用KNO3取代蔗糖处理洋葱鳞片叶表皮细胞，可观察到细胞先质壁分离后自动复原
D．直接从静置的培养瓶中取培养后期的原液计数，则难以数清一个小方格内的酵母菌
4．科研人员给予突触a和突触b的突触前神经元以相同的电刺激，通过微电极分别测量突触前、后两神经元的膜电位，结果如下图。据此判断不合理的是
A．静息状态下膜内电位比膜外低约70mV
B．突触a和b分别为兴奋性突触和抑制性突触
C．突触a和b分别为兴奋性突触和抑制性突触
D．兴奋在突触前后两神经元间的传递没有延迟
5．由于农田的存在,某种松鼠被分隔在若干森林斑块中。人工生态通道可以起到将森林斑块彼此连接起来的作用。下列叙述正确的是
A．农田的存在,增加了松鼠的活动空间
B．林木密度相同的不同斑块中松鼠的种群密度相同
C．不同森林斑块中的松鼠属于不同种群,存在生殖隔离
D．生态通道有利于保护该种松鼠的遗传多样性
6．下图是某单基因遗传病的家系图，下列有关分析合理的是
A．若该家系中的遗传病是显性，则图中所有的患者均为杂合子
B．若该家系中的遗传病是隐性，则致病基因可能只位于X染色体上
C．若Ⅲ-12与Ⅲ-13近亲婚配，则他们所生后代患该病的概率是1/2
D．若Ⅱ-6不含致病基因，则他与Ⅱ-5所生女儿都是致病基因携带者
7．化学科学与技术在宇宙探索、改进生活、改善环境与促进发展方面均发挥着关键性的作用。下列说法正确的是
A．“玉兔号”月球车帆板太阳能电池的材料是氮化硅或二氧化硅
B．“乙醇汽油”、肼(N2H4)和水煤气的主要成分都是可再生能源
C．“神舟”和“天宮”系列飞船使用的碳纤维材料、光导纤维都是新型无机非金属材料
D．所有糖类、油脂和蛋白质等营养物质在人体吸收后都能被水解利用
8．设NA为阿伏加德罗常数，下列有关说法正确的是
A．常温下，48g CT3CO18OCH2CH3含电子数24NA、中子数24NA
B．标况下，11.2L氮气和足量的氧气在高温条件下可以生成46g NO2
C．常温下，1L pH＝9的CH3COONa溶液中，发生电离的水分子数为1×10−9NA
D．常温下，5.6mol/L的10mL氯化铁溶液滴到100mL沸水中，生成0.056NA个氢氧化铁胶粒
9．以氯酸钠等为原料制备亚氯酸钠的工艺流程如下，下列说法错误的是
A．NaClO3在发生器中作氧化剂
B．吸收塔中1mol H2O2得到2mol电子
C．吸收塔中温度不宜过高，会导致H2O2的分解
D．从“母液”中可回收的主要物质是Na2SO4
10．已知C2H6O有CH3CH2OH和CH3OCH3二种结构，C4H10、C4H10O组成中相差一个氧原子，则C4H10的一元取代物种数和C4H10O的所有同分异构体种数
A．相同
B．C4H10一元取代物种数多
C．C4H10O同分异构体种数多
D．不能确定哪种多
11．X、Y、Z、W、M五种短周期主族元素，原子序数依次增大，已知X为原子半径最小的元素，Y的最高正化合价和最低负化合价的代数和为0，Z可以与X形成原子个数比为1∶1和1∶2的两种液态化合物，W是地壳中含量最高的金属元素，M的单质是一种黄绿色气体，则下列叙述正确的是
A．原子半径的大小关系W>M>Z>Y>X
B．Y和M的含氧酸的酸性，前者一定比后者弱
C．YX4与M的单质在光照条件下的反应产物最多有4种物质
D．X、Y、W的单质均可用于冶炼金属的还原剂
12．科学家预言，被称为“黑金”的“新材料之王”石墨烯将“彻底改变21世纪”。中国华为研发人员利用锂离子能在石墨烯表面和电极之间快速大量穿梭运动的特性，已在世界上率先开发出石墨烯电池，电池反应式为LixC6+Li1－xCoO2C6+LiCoO2，其工作原理如图。下列关于该电池的说法正确的是
A．有设计师建议该电池采用隔膜效果更好，可选用质子交换膜
B．放电时，LiCoO2极发生的电极反应为：LiCoO2－xe−＝Li1－xCoO2+xLi+
C．石墨烯电池通过提高储锂容量进而提高能量密度，废旧的该电池进行“放电处理”让Li+嵌入LiCoO2中而有利于回收
D．石墨烯电池充电时LiCoO2极与电源负极相连
13．已知：AG＝lg，室温下用0.01mol·L−1 NH3·H2O溶液滴定20.00mL 0.01mol·L−1某一元酸HA，可得下图所示的结果，下列说法中错误的是
A．该滴定实验最好选用甲基橙作指示剂
B．整个过程中，C点时水的电离程度最大
C．若x3＝30，则有：3c(OH−)＝c(NH)+3c(H+)－2c(NH3·H2O)
D．A→C的过程中，可存在：c(A−)＞c(H+)＞c(NH)＞c(OH−)
二、选择题：本题共8小题，每题6分，在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一个选项符合题目要求。第19～21题有多选项题目要求。全部答对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的的0分。
14．材料相同、质量不同的两滑块,以相同的初动能在水平面上运动直到停止。若两滑块运动过程中只受到水平面的摩擦力,则质量大的滑块
A．克服摩擦力做的功多
B．运动的位移大
C．运动的时间长
D．摩擦力的冲量大
15．甲、乙两物体沿统一直线运动，运动过程中的位移—时间图像如图所示，下列说法中正确的是
A．0～6s内甲物体做匀变速直线运动
B．0～6s内乙物体的速度逐渐减小
C．0～5s内两物体的平均速度相等
D．0～6s内存在某时刻两物体的速度大小相等
16．在电荷量分别为2 q和 -q的两个点电荷形成的电场中，电场线分布如图所示，在两点电荷连线上有 a、 b、 c三点，且 b、c两点到正点电荷距离相等，则
A．在两点电荷之间的连线上存在一处电场强度为零的点
B．将一电子从a点由静止释放，它将在a、b间往复运动
C．c点的电势高于b点的电势
D．负试探电荷在a点具有的电势能大于在b点时的电势能
17．天文兴趣小组查找资料得知：某天体的质量为地球质量的a倍，其半径为地球半径的b倍，表面无大气层，地球的第一宇宙速度为v。则该天体的第一宇宙速度为
A． B． C． D．
18．某医院利用放射线治疗肿瘤，被利用的放射源必须具备以下两个条件：（1）放出的射线有较强的穿透能力，能辐射到体内肿瘤所在处；（2）能在较长的时间内提供比较稳定的辐射强度。现有四种放射性同位素的放射线及半衰期如表所示。关于在表中所列的四种同位素，下列说法正确的是
同位素
钴60
锶90
锝99
氡222
放射线
半衰期
5年
28年
6小时
3.8天
A．最适宜作为放疗使用的放射源应是钴60
B．最适宜作为放疗使用的放射源应是锶90
C．放射线的电离能力最强的放射源是锝99
D．放射线的电离能力最强的放射源是锶90
19．如图所示,质量均为m的木块A和B用一轻弹簧相连,竖直放在光滑的水平面上,木块A上放有质量为2m的木块C,三者均处于静止状态.现将木块C迅速移开,若重力加速度为g,则在木块C移开的瞬间
A．弹簧的形变量不改变
B．弹簧的弹力大小为mg
C．木块A的加速度大小为2g
D．木块B对水平面的压力迅速变为2mg
20．如图甲所示，标有“220V 40W”的灯泡和标有“20μF 360V”的电容器并联到交流电源上，V为交流电压表，交流电源的输出电压如图乙中正弦曲线所示，闭合开关S。下列判断正确的是
A．电容器会被击穿
B．交流电源的输出电压的有效值为220V
C．t=T/2时刻，V的示数为零
D．t=T/2时刻，通过灯泡的电流为零
21．如图甲所示，两条平行虚线间存在一匀强磁场，磁感应强度方向与纸面垂直。边长为1m，总电阻为1Ω的正方形导线框abcd位于纸面内，cd边与磁场边界平行。现使导线框水平向右运动，cd边于t=0时刻进入磁场，c、d两点间电势差随时间变化的图线如图乙所示。下列说法正确的是
A．磁感应强度的方向垂直纸面向里
B．磁感应强度的大小为4T
C．导线框进入磁场和离开磁场时的速度大小之比为3：1
D．0～3s的过程中导线框产生的焦耳热为48J
第Ⅱ卷（非选择题，共174分）
二、非选择题(包括必考题和选考题两部分。第9题～第12题为必考题，每个试题考生都必须作答。第13题～第14题为选考题，考生根据要求做答)
(一)必考题(共129分)
22．(6分)某同学利用打点计时器来测量某种正弦交变电流的频率，装置如图甲所示。已知砝码盘的总质量m=0.1kg，用弹簧秤测量小车所受重力示意图如图乙所示。图丙为某次实验时打点计时器所打出的纸带的一部分，图A、B、C、D、E为相邻的计数点，且每相邻计数点之间均有一个点未画出。长木板水平放置，不计一切摩擦，取g=10m/s2，回答下列问题。
（1）由图乙可知，小车所受重力为______N。
（2）根据牛顿运动定律可算出小车的加速度大小为_______m/s2。（结果保留两位有效数字）
（3）该交流电源的频率为______Hz。（结果保留两位有效数字）
23．(9分)某同学利用图甲所示的电路图测量电流表的内阻RA（约为10Ω）和电源的电动势E。图中R1和R2为电阻箱，S1、S2为开关。已知电流表的量程为100mA。
（1）断开S2,闭合S1，调节R1的阻值，使满偏；保持R1的阻值不变，闭合S2，调节R2,当R2的阻值为5.2Ω时的示数为40 mA。则电流表的内阻的测量值RA=___Ω。该测量值_____(填"大于”“小于”或“等于”)真实值。
(2)保持S1闭合,断开S2 ,多次改变R1的阻值,并记录电流表的相应示数。若某次R1的示数如图乙所示，则此次R1的阻值为_____Ω。
(3)利用记录的R1的阻值和相应的电流表示数I,作出I-1—R1图象,如图丙所示，利用图丙可求得E=____V.。(结果保留两位有效数字)
24．(12分)如图所示，一束质量为m、电荷量为q的粒子，恰好沿直线从两带电平行板正中间通过，沿圆心方向进入右侧圆形匀强磁场区域，粒子经过圆形磁场区域后，其运动方向与入射方向的夹角为θ(弧度)。已知粒子的初速度为v0，两平行板间与右侧圆形区域内的磁场的磁感应强度大小均为B，方向均垂直纸面向内，两平行板间距为d，不计空气阻力及粒子重力的影响，求：
(1)两平行板间的电势差U；
(2)粒子在圆形磁场区域中运动的时间t；
(3)圆形磁场区域的半径R。
25．(20分)如图所示，一条帶有圆轨道的长轨道水平固定，圆轨道竖直。底端分別与两侧的直轨道相切,半径R=0.5 m。物抉A以某一速度滑入圆轨道，滑过最高点Q,再沿圆轨道滑出后，与直轨道上P处静止的物抉B发生弹性碰撞，P点左侧轨道光滑右侧轨道呈粗糙段、光滑段交替排列,毎段长度都カL=0.1 m,物块与各粗糙段间的动摩擦因数都为μ=0.5，A、B的质量均カm=1kg(重カ加速度g取10 m/s2;A、B视为质点。碰撞时间极短、有阴影的地方代表粗糙段)，碰后B最终停止在第100个粗慥段的末端。求：
（1）A刚滑入圆轨道吋的速度大小v0；
（2）A滑过Q点吋受到的弾カ大小F；
（3）碰后B滑至第n个(n<100)光滑段上的速度vn与n的关系式。
26．(14分)CuCl广泛应用于化工和印染等行业。某研究性学习小组拟热分解CuCl2·2H2O制备CuCl，并验证其它分解产物。
【查阅资料】
①
②CuCl是一种白色难溶固体，潮湿CuCl在空气中缓慢被氧化
（1）配平潮湿CuCl在空气中被氧化的化学方程式：
____CuCl+_____O2+_____ ===3CuO·CuCl2·3H2O+______HCl
【实验探究】该小组选用下图装置进行实验（夹持加热仪器略）。
（2）装置A用于制取HCl：NaCl+H2SO4===NaHSO4+HCl↑，浓硫酸在该反应中体现强酸性和_________性；
（3）按实验要求选择上图装置，连接顺序为：a____________（按气流方向，用小写字母表示）；
（4）根据完整的实验装置进行实验，实验步骤如下：
①连接装置，________________；②装入药品；③打开分液漏斗活塞；④控制温度加热硬质玻璃管一段时间；⑤停止通HCl，升温继续加热；步骤④通HCl的目的是______________________；
（5）装置E中发生反应的离子方程式是______________________________。
【实验分析与改进】
（6）装置B中试纸先变蓝后又褪色，经查资料获知过量的Cl2能将I2氧化。甲同学认为可将湿润的淀粉KI试纸改成足量的淀粉KI溶液以克服Cl2过量的问题，但小组分析后认为该方案存在一个明显安全问题：__________________________________
（7）反应结束后，CuCl产品中可能含有少量未分解的CuCl2，乙同学认为只用一种日常生活常见的液体即可检验。该实验方案为：取少量固体放入小试管中，______________________________。
27．(14分)回答下列问题：
（1）已知室温下CO的燃烧热为283 kJ/mo1，则CO的燃烧热的热化学方程式为____________
_______________________。
（2）工业上利用CO和H2合成清洁能源CH3OH，其反应为：
CO(g)+2H2(g)CH3OH(g) ΔH=-116kJ/mo1
如图表示CO的平衡转化率(α)随温度和压强变化的示意图。X表示的是_____________，Y1_____Y2(填“<”、“=”、“>”)。
（3）合成甲醇的反应原理为：CO2(g)+3H2(g)CH3OH(g)+H2O(g)，在1L的密闭容器中，充入1mol CO2和3mol H2，在500℃下发生反应，测得CO2(g)和CH3OH(g)的浓度随时间变化如图所示。
①反应进行到4min时，v(正)____v(逆)(填“>”“<”或“=”)。0~4min，CO2的平均反应速率v(CO2)=
____________mol·L−1·min−1。
②该温度下平衡常数为_____________。
③下列能说明该反应已达到平衡状态的是______________。
A．v正(CH3OH)=3v逆(H2)
B．CO2、H2、CH3OH和H2O浓度之比为1∶3∶1∶1
C．恒温恒压下，气体的体积不再变化
D．恒温恒容下，气体的密度不再变化
（4）为提高燃料的能量利用率，常将其设计为燃料电池。某电池以甲烷为燃料，空气为氧化剂，KOH溶液为电解质溶液，以具有催化作用和导电性能的稀土金属为电极。写出该燃料电池的负极反应式：_____________________________。
28．(15分)某化学兴趣小组拟探究锡及锡的化合物的部分性质。经查阅资料知：Sn的熔点231℃；SnCl2易被氧化，且易水解；Sn(OH)2常温下易分解，SnCl4常温下为无色液体，熔点－33℃，沸点114.1℃，请回答下列问题：
（1）该小组用以下流程制备SnSO4晶体：
①操作Ⅱ所需的实验仪器为______________________________________________。
②过滤操作中玻璃棒使用的注意事项为____________________________。
③操作Ⅰ为沉淀的洗涤。请简述如何判断沉淀是否洗涤干净：____________________。
（2）用熔融的锡与干燥的氯气制备SnCl4，提供的装置如下：
①装置Ⅲ为冷凝管，则水流从________进入。
②请用大写英文字母按从左到右顺序连接组装仪器_______________________________
__________。
③有同学指出②中连接的实验装置存在不足，不足之处为______________________。
（3）测定锡粉质量分数的步骤：取锡粉1.226g溶于盐酸中，加入过量的FeCl3溶液，再用0.1000mol·L−1 K2Cr2O7溶液滴定Fe2+，消耗K2Cr2O7溶液32.00mL，发生的反应：6FeCl2+K2Cr2O7+
14HCl===6FeCl3+2KCl+2CrCl3+7H2O。则锡粉的质量分数为(杂质不参与反应)____________。
29．（8分）有氧呼吸过程中，[H]中的电子、H+需要经一系列反应传递给氧分子，氧与之结合生成水。下图为其传递过程的两条途径，生物体内存在其中的一条或两条途径。回答下列问题：
（1）在有氧呼吸的过程中，[H]来自于____________（填化合物）、并在____________上与O2结合生成水。
（2）“物质6→物质7”过程易被氰化物抑制。若小鼠氰化物中毒，呼吸作用全被抑制，导致死亡；而对天南星科植物用氰化物处理，呼吸速率降低，但并未完全被抑制。出现这种差异的原因是____________ 。
（3）天南星在开花时，其花序会释放大量能量，花序温度比周围高15〜35℃，促使恶臭物质散发以吸引昆虫进行传粉。研究发现，此时花序中ATP生成量并没有明显增加。花序温度升高但ATP生成没有明显增加的原因____________________________________ 。
30．（12分）研究发现HIV能识别T细胞表面的CD4和CCR5（本质为受体蛋白）从而实现入侵T细胞；如果给AIDS患者大量注射用CD4和CCR5修饰过的人成熟红细胞，红细胞也会被HIV识别并入侵。因HIV在红细胞内无法增殖，这为治疗AIDS提供了新的思路。请回答下列问题：
（1）HIV能识别T细胞表面的CD4和CCR5，____________（能/不能）体现细胞间的信息交流，HIV在人的成熟红细胞内无法增殖是因为_________________________________ 。
（2）HIV侵入人体后，在HIV的刺激下，T细胞增殖分化____________和____________，同时T细胞能分泌____________促进B细胞增殖分化成浆细胞并分泌抗体，最终使HIV数量下降。
（3）在感染后期，多数HIV感染者直接死于由多种病原体引起的严重感染。当人体感染细菌时，细菌脂多糖LPS作为重要的抗原分子引起免疫应答。抗原激发的体液免疫应答有两类：第一类是大多数抗原必须有T细胞参与下才能完成；第二类是有少数抗原，单独刺激B细胞即可完成。为了探究细菌脂多糖LPS属于哪一类免疫应答，设计如下实验步骤：
①选择性别、年龄、生长发育状况一致的小鼠均分为甲乙两组。
②甲组小鼠____________处理，乙组小鼠不做相应的处理。
③对甲乙两组小鼠进行LPS接种处理
④一段时间后分别检测两组小鼠体内相应浆细胞和抗体含量
实验预测：若____________ ，则免疫应答属于第一类。
若____________ ，则免疫应答属于第二类。
31．（8分）人类有意或无意地把某种生物带入适于其生存和繁衍的地区，该生物种群不断扩大，分布区逐步稳定扩展，这种过程称为生态入侵。请回答有关问题。
（1）外来物种在入侵地区定居扩张的原因是__________________。
（2）外来物种常导致当地生物多样性下降，从种间关系的角度分析，引起这种不良后果的原因是本地原有物种和外来物种之间可能存在着捕食、____________________的关系。
（3）若某入侵物种能入侵森林、灌木和草本三种群落，其中入侵更易成功的是__________群落。其原因是该群落____________________。
（4）正确的引种会增加引种地区的生物多样性，丰富人们的物质生活。在条件适宜的沙漠地区引种植物，可能会使当地动物种群的__________提高。
32．（11分）某种植物的花色有红色、粉红色和白色三种，由两对等位基因A、a和B、b控制。研究发现基因A控制红色素合成（AA和Aa的效应等同），基因B为修饰基因，BB使红色完全消失，Bb使红色淡化。科研人员利用该植物的两组纯合亲本进行杂交，杂交过程及结果如图一所示。研究发现，A基因控制正常酶1的合成，a控制失活酶1的合成，与正常酶1比较，失去活性的酶1氨基酸序列有两个突变位点，如图二。回答有关问题：
（1）据图推测，酶1氨基酸序列a、b两处的突变都是控制酶1合成的基因发生突变的结果，其中b处是发生碱基对的_________导致的。进一步研究发现，失活酶1的相对分子质量明显小于正常酶1，出现此现象的原因可能是基因突变导致翻译过程____________。
（2）第1组F1的粉红花基因型是_________，F2中纯合子的概率为____________。
（3）第2组亲本白花个体的基因型是__________，F2中白花植株的基因型有___________种。
a.第2组中，利用F1植株进行单倍体育种，育出的植株花色的表现型及比例是_____________。
b.第2组中用秋水仙素处理F2杂合的红花植株幼苗，形成的染色体数目加倍的植株，该植株产生配子的基因型及比例是_____________.
(二)选考题(共15分。请考生从给出的2道物理题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题计分)
33．[物理——选修3－3](15分)
(1)(5分)如图所示，一定质量的理想气体从状态a变化到状态b，其过程如p —T图中从a到b的直线所示。在此过程中。
A．气体的体积减小
B．气体对外界做功
C．气体的内能不变
D．气体先从外界吸收热量,后向外界放出热量
E. 外界对气体做功,同时气体向外界放出热量
(2)(10分)如图所示，体积为V的汽缸由导热性良好的材料制成，面积为S的活塞将汽缸分成体积相等的上下两部分，汽缸上部通过单向阀门K（气体只能进入汽缸，不能流出汽缸）与一打气筒相连。开始时汽缸内上部分气体的压强为p0，现用打气筒向容器内打气。已知打气筒每次能打入压强为p0、体积为的空气，当打气49次后，稳定时汽缸上下两部分的体积之比为9:1，重力加速度大小为g，外界温度恒定，不计活塞与汽缸间的摩擦。求活塞的质量m。
34．[物理——选修3－4](15分)
(1)(5分)周期为2s的简谐横波沿x轴传播,该波在t=0时刻的波形如图所示，则下列说法正确的是
A．该波的波长为15 m
B．该波的波速为5 m/s
C．若该波沿x轴正方向传播，则此时质点a正在沿y轴正方向运动
D．若该波沿x轴负方向传播,则在t=3s时,质点a沿y轴负方向运动
E. 在0~3 s内,质点b通过的路程为0.6 m
(2)(10分)如图所示,由某种透明物质制成的直角三棱镜ABC,∠A=30°，AB长为2 m,且在AB外表面镀有水银。一束与BC面成45°角的光线从BC边的中点D射入棱镜。已知棱镜对该光的折射率n=。.求光线从AC面射出校镜的位置和在该位置对应的折射角。
35．[化学——选修3：物质结构与性质]（15分）
有A、B、C、D、E五种元素，其相关信息如表：
元素
相关信息
A
A原子的1s轨道上只有1个电子
B
B是电负性最大的元素
C
C基态原子的2p轨道中有3个未成对电子
D
D是主族元素且与E同周期，其最外能层上有2个运动状态不同的电子
E
E能形成红色(或砖红色)的E2O和黑色的EO两种氧化物
请回答下列问题：
（1）写出E元素原子基态时的电子排布式_______________。
（2）C元素的第一电离能比氧元素的第一电离能_______________ (填“大”或“小”) 。
（3）CA3分子中C原子的杂化类型是_______________。
（4）A、C、E三种元素可形成[E(CA3)4]2+，其中存在的化学键类型有____(填序号)；
①配位键 ②金属键 ③极性共价键 ④非极性共价键 ⑤离子键 ⑥氢键
若[E(CA3)4]2+具有对称的空间构型，且当[E(CA3)4]2+中的两个CA3被两个Cl−取代时，能得到两种不同结构的产物，则[E(CA3)4]2+的空间构型为____________ (填序号)。
a.平面正方形 b.正四面体 c.三角锥形 d.V形
（5）B与D可形成离子化合物，其晶胞结构如图所示，其中D离子的配位数为___________
____，若该晶体的密度为a g·cm−3，则该晶胞的体积是_____________cm3(写出表达式即可)。
36．[化学——选修5：有机化学基础]（15分）
G是药物合成中的一种重要中间体，下面是G的一种合成路线：
回答下列问题：
（1）B的结构简式为__________，其中所含官能团的名称为__________；B生成C的反应类型为__________。
（2）D的名称是__________。
（3）由C和E合成F的化学方程式为________________________________________。
（4）D的同分异构体中，能发生银镜反应且分子结构中含苯环的还有__________种，其中核磁共振氢谱上有6组峰，峰面积之比为1∶1∶1∶1∶1∶1的同分异构体的结构简式为__________
____________ (一种即可)。
（5）参照上述合成路线，以CH3CH2Cl为原料(其他试剂任选)，设计制备巴豆醛(CH3CH=CH
CHO)的合成路线。
37．[生物——选修1:生物技术实践] (15分)
蓝莓富含花青素，对人体有增强视力、消除眼睛疲劳、消脂减肥、解酒护肝等功效。利用蓝莓可生产蓝莓果汁、蓝莓酒、蓝莓醋、蓝莓果酱等。回答下列问题：
（1）榨汁前需将新鲜的蓝莓进行________，然后除去枝梗，以避免除去枝梗时引起葡萄破损，防止______。
（2）用蓝莓果汁来生产蓝莓酒，需要接种酵母菌。从混杂的微生物中分离出酵母菌应使用_______培养基。发酵过程完成后，可以用__________检测发酵产物中是否有酒精产生。若要进一步检测所得果酒中酵母菌的密度可采用____________法。
（3）蓝莓醋生产过程利用了___________的发酵作用。将蓝莓酒流经发酵装置生产蓝莓醋，则发酵装置中O2消耗和CO2产生的情况是____________。
（4）蓝莓果酱是利用蓝莓果汁加糖熬制而成，以家庭生产玻璃瓶装蓝莓果酱为例，如何做到减少或避免杂菌污染？_________________________(至少答2点)。
38．[生物——选修3：现代生物科技专题] (15分)
科研人员通过基因工程实现了β-甘露聚糖酶基因在猪肠道野生酵母菌中的表达，使原来不能被猪利用的粗纤维在猪肠道内被分解成了可直接吸收的单糖。下图为构建工程菌的部分过程，其中介导序列能引导载体整合到酵母菌的染色体DNA上。请回答。
（1）①过程中需要的工具酶是___________ ，②、③过程中需要的工具酶是___________。
（2）同尾酶是指切割DNA分子后能产生相同黏性末端的限制酶，图中4种限制酶中属于同尾酶的是___________。
（3）重组表达载体中的介导序列引导目的基因整合到酵母菌的染色体DNA上，其意义在于___________ 。
（4）①过程从野生酵母菌染色体DNA中PCR扩增介导序列时，科研人员设计了如下一对引物: GACCTCAAATCAGGTAGG 和 TTGCATTGACTTACA，其中下划线部分序列的设计依据是___________ ，方框部分序列的设计目的是___________________
。
（5）对重组表达载体进行酶切鉴定，假设所用的酶均可将识别位点完全切开。若使用 EcoRⅠ和SaⅠ酶切，可得到____________种DNA片段。若使用EcoRⅠ和BamHⅠ酶切，可得到____________种DNA片段。
2019届高三第二次模拟测试卷
理 综（二）答 案
第Ⅰ卷（选择题，共126分）
一、选择题：本大题共13小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．【答案】B
【解析】乙细胞呈现的特点是：同源染色体分离，处于减数第一次分裂后期，又因其细胞膜从偏向细胞一极的部位向内凹陷，所以是初级卵母细胞，该二倍体生物是雌性动物，A正确；丙细胞不含同源染色体，且每条染色体的着丝点排列在赤道板上，处于减数第二次分裂中期，再结合乙细胞中的染色体的形态及其行为特点可推知：丙细胞为次级卵母细胞，与丙细胞同时产生的（第一）极体经过减数第二次分裂后形成的极体为丁细胞所示，B错误；甲细胞含有同源染色体，呈现的特点是：着丝点分裂后形成的两条子染色体分别移向细胞两极，据此可判断处于有丝分裂后期，因此甲细胞中具有4个染色体组，C正确；综上分析，图示涉及两种分裂方式（有丝分裂与减数分裂）和至少三次细胞分裂（一次有丝分裂、减数第一次分裂与减数第二次分裂各一次），D正确。
2．【答案】D
【解析】信息分子起调节作用，并不直接参与靶器官和靶细胞内的生理过程，A错误；植物细胞间的信息交流主要通过胞间连丝来实现的，不需要细胞膜上糖蛋白的参与，B错误；胰岛素、性激素可作为信息分子，其中胰岛素的受体在细胞膜上，而性激素的受体在细胞内，C错误；精子和卵细胞之间的识别和结合是通过直接接触实现的，D正确。
3．【答案】B
【解析】用纸层析法分离菠菜滤液中的色素时，橙黄色的胡萝卜素的色素带距离所画滤液细线最远，A正确；唾液淀粉酶的适宜温度在60℃左右，因此探究温度对淀粉酶活性的影响并用碘液检测时，60℃处理的试管中淀粉被水解的最多，蓝色最浅，B错误；用KNO3取代蔗糖处理洋葱鳞片叶表皮细胞，由于细胞外液浓度大于细胞液浓度，因此细胞先发生质壁分离；又因为钾离子和硝酸根离子都可以通过主动运输进入细胞，导致细胞液浓度大于细胞外液浓度，所以细胞反过来吸水，又发生了质壁分离复原现象，C正确；直接从静置的培养瓶中取培养后期的原液计数，由于酵母菌数量太多，所以难以数清一个小方格内的酵母菌，D正确。
4．【答案】D
【解析】静息电位是指细胞在安静状态下存在于膜内外两侧的电位差。据图可知神经纤维静息电位约为-70mV，就是指膜内电位比膜外电位低70mV，A正确；刺激突触a时，其突触后电位由-70mV变为-60mV，再恢复原状。在此过程中，膜电位变小，说明发生了阳离子内流，B正确；由B的分析可知，在刺激突触a时，突触a的突触后神经元膜电位变小，说明出现了阳离子内流，并且也说明了突触a为兴奋性突触；而刺激b时，据图可知，其突触后膜电位由-70mV变为-80mV，再恢复原状。在此过程中，膜电位变大，说明发生了阳离子外流，并且也说明了突触b是抑制性突触，C正确；据图可知，突触a、b的突触后神经元的膜电位经过一段时间才发生变化，说明兴奋在突触前后两神经元间的传递存在延迟，D错误。
5．【答案】D
【解析】松鼠适宜生存的环境是森林，因此农田的存在不利于松鼠的活动，缩小了其活动空间，A错误；林木密度相同的不同斑块中松鼠的种群密度不一定相同，B错误；不同森林斑块中的松鼠属于不同种群，存在地理隔离，C错误；生态通道有利于松鼠从农田进入适宜其生存的森林中去，因此利于保护该种松鼠的遗传多样性，D正确。
6．【答案】C
【解析】若该家系中的遗传病是显性，由于4号有病，10号正常，说明该病不可能在X染色体上，则该病为常染色体显性遗传病，而图中1号的后代全部患病，因此1号的基因型还可能是AA，A错误；若该家系中的遗传病是隐性，则该病的致病基因可能在常染色体上或X染色体上，B错误；若该病为常染色体显性或隐性遗传病，Ⅲ-12与Ⅲ-13婚配相当于测交试验，后代的发病率为1/2；若该病为伴X隐性遗传病，则Ⅲ-12是携带者，Ⅲ-13是患者，两者婚配后代的发病率也是1/2，C正确；若Ⅱ-6不含致病基因，说明该病为伴X隐性遗传病或常染色体显性遗传病，若为后者，他与Ⅱ-5所生女儿正常或者患者（携带），D错误。
7．【答案】C
【解析】太阳能电池帆板的材料是单质硅，选项A错误；汽油、水煤气是不可再生能源，乙醇是可再生能源，选项B错误；碳纤维、光导纤维都是新型无机非金属材料，选项C正确；葡萄糖是单糖，不水解，选项D错误。
8．【答案】A
【解析】氮气和足量的氧气在高温条件下只能生成NO，选项B错误；常温下，1L pH＝9的CH3COONa溶液中，发生电离的水分子数为1×10−5NA，选项C错误；一个氢氧化铁胶粒含许多个氢氧化铁，选项D错误。
9．【答案】B
【解析】根据流程图，NaClO3与SO2发生氧化还原反应，化学方程式为2NaClO3+SO2===Na2SO4+
2ClO2，其中NaClO3作氧化剂，母液中溶质主要为Na2SO4，选项A、选项D正确；吸收塔中发生的反应为2ClO2+H2O2+2NaOH===2NaClO2+2H2O+O2↑，1mol H2O2失去2mol电子，选项B错误；H2O2在高温下易分解，故吸收塔的温度不能太高，选项C正确。
10．【答案】C
【解析】C4H10有二种，C4H10的一元取代物有四种，C4H10O属于醇有四种，属于醚又有三种，选项C正确。
11．【答案】D
【解析】原子半径最小的元素是氢；最高正化合价和最低负化合价的代数和为0的元素为H元素或第IVA族元素；能与氢形成原子个数比为1∶1和1∶2的两种液态化合物的元素是氧；地壳中含量最高的金属元素是铝；单质是一种黄绿色气体的元素为氯，所以X、Y、Z、W、M分别为：氢、碳、氧、铝、氯。原子半径大小关系为：Al＞Cl＞C＞O＞H，选项A错误；因为非金属性：氯>碳；所以最高价含氧酸的酸性：高氯酸强于碳酸，但是次氯酸的酸性比碳酸弱，选项B错误；CH4与Cl2在光照条件下发生取代反应可得：CH3Cl、CH2Cl2、CHCl3、CCl4、HCl五种产物，选项C错误；氢气、炭、铝均可用于金属冶炼的还原剂，选项D正确。
12．【答案】C
【解析】隔膜只允许Li+通过，不选用质子交换膜，选项A错误；根据电池反应，放电时，LiCoO2发生电极反应式：Li1－xCoO2+xLi++xe−===xLiCoO2，选项B错误；石墨烯电池的优点提高电池的储锂容量进而提高能量密度，根据工作原理，Li+嵌入LiCoO2中，选项C正确；D．LiCoO2极是电池正极，充电时与电源正极相连，选项D错误。
13．【答案】B
【解析】由A点可知0.01mol·L−1HA溶液中c(H+)＝0.01mol·L−1，所以HA为强酸，因为氨水是弱碱，所以滴定时应该选用甲基橙作指示剂，选项A正确；整个滴定过程中，当酸碱恰好反应生成盐时，水的电离程度最大，由于生成的盐是强酸弱碱盐，此时溶液显酸性，而C点为中性，选项B错误；若x3＝30，根据电荷守恒有：c(OH−)+c(A−)＝c(NH)+c(H+)，根据物料守恒有3c(A−)＝2[c(NH)+c(NH3·H2O)]，二者联合解得：3c(OH−)＝c(NH)+3c(H+)－2c(NH3·H2O)，选项C正确；A→C的过程中，若加入的氨水的量很少时，溶液中H+和A−较多，此时可存在：c(A−)＞c(H+)＞c(NH)＞c(OH−)，选项D正确。
二、选择题：本题共8小题，每题6分，在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一个选项符合题目要求。第19～21题有多选项题目要求。全部答对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的的0分。
14．【答案】D
【解析】由动能定理得，滑块克服摩擦力做的功，两滑块克服摩擦力做功相等，质量大的滑块运动的位移小，，质量大的滑块初速度小，又由得，质量大的滑块运动时间短，冲量大小，所以质量大的滑块冲量大，故D正确。
15．【答案】D
【解析】x-t图象为直线表示物体做匀速直线运动，故A错误； x-t图象的斜率表示速度，由图象乙可知，图象的斜率逐渐增大，即速度逐渐增大，故B错误； 0-5s甲的位移为5m，平均速度为，乙的位移为-3m，平均速度为：，故C错误； x-t图象的斜率表示速度，由甲、乙图象可知，在0-6内有两处的斜率大小相等，即有两处速度大小相等，故D正确。故应选：D。
16．【答案】C
【解析】正负电荷在两点电荷之间的连线上产生的场强方向相同，所以在两点电荷之间的连线上不存在电场强度为零的点，故A错；将一电子从a点由静止释放，电子在a点受到向右的电场力，所以要从静止向右运动，则运动不是在a、b间往复运动，故B错； b、c两点到正点电荷距离相等，若只有正电荷，则bc两点的电势相等，但由于负电荷的存在导致c点的电势高于b点的电势，故C对；沿着电场线电势在降低，所以a点电势高于b点电势，而负电荷在电势高的地方电势能小，所以a点具有的电势能小于在b点时的电势能，故D错。综上所述本题选;C。
17．【答案】A
【解析】设地球质量M，某天体质量是地球质量的a倍，地球半径r，某天体径是地球半径的b倍
由万有引力提供向心力做匀速圆周运动得：
解得：卫星在圆轨道上运行时的速度公式
分别代入地球和某天体各物理量得：
，故A正确。
故选：A。
18．【答案】A
【解析】钴60放出的射线穿透能力强，半衰期长，选项A正确，B错误；射线电离能力最强，射线的电离能力最弱，氡222放出的是射线，选项C错误，故选A。
19．【答案】AC
【解析】由于弹簧弹力属于渐变，所以撤去C的瞬间，弹簧的形变量不变，故A正确；开始整体处于平衡状态，弹簧的弹力等于A和C的重力，即F=3mg，撤去C的瞬间，弹簧的形变量不变，弹簧的弹力不变，仍为3mg，故B错误；撤去C瞬间，弹力不变，A的合力等于C的重力，对木块A，由牛顿第二定律得：2mg=ma，解得：a=2g，方向竖直向上，故C正确；撤去C的瞬间，弹簧的弹力不变，仍为3mg，对B，由平衡条件得：F+mg=N，解得：N=4mg，木块B对水平面的压力为4mg，故D错误。故选：AC。
20．【答案】BD
【解析】交流电的最大值为小于电容器的击穿电压，故电容器不会被击穿故A错误；交流电压表测量为交流电压的有效值，由乙图可知，交流电压的最大值为，由电压的有效值为，故B正确；电压表的示数为有效值，电压表的示数为220V，故C错误； t=T/2时刻，灯泡两端电压的瞬时值为0，通过灯泡的电流的瞬时值为0，故D正确，故选：BD。
21．【答案】AB
【解析】0-1s内线框进入磁场，c、d两点间电势差为正，即C点相当于电源的正极，由右手定则可知，磁场方向垂直纸面向里，故A正确； 0-1s内线框进入磁场，c、d两点间电势差为，线框的速度为，解得：，故B正确；由图乙分析可知，线框在0-1s内进入磁场，2-3s内出磁场，且都是匀速运动，所以速度都为1m/s，所以导线框进入磁场和离开磁场时的速度大小之比为1：1，故C错误；线框在0-1s内进入磁场过程中电流为，产生的热量为：，1-2s内线框的磁通量不变，所以无感应电流产生，即无热量产生，2-3s内线框出磁场过程中电流为，，产生的热量为：，所以总热量为32J，故D错误。故选：AB。
第Ⅱ卷（非选择题，共174分）
二、非选择题(包括必考题和选考题两部分。第9题～第12题为必考题，每个试题考生都必须作答。第13题～第14题为选考题，考生根据要求做答)
(一)必考题(共129分)
22．(6分)
【答案】（1）4.00 （2）2.0 （3）20
【解析】(1)由图乙可知，测力计的最小分度为0.1N，所以小车的重力为4.00N；
(2)对小车和砝码及盘由牛顿第二定律可得：
；
(3) 根据逐差法有： ，解得：。
23．(9分)
【答案】（1）7.8 小于 （2）120.6 （3）9.3（9.1-9.4）
【解析】(1) 由题意可知，干电路电流不变为：Ig=100mA，流过电阻箱R2的电流：I2=Ig-IA=100mA-40mA=60mA，电流表内阻： ，
当开关S2闭合后，并联部分的电阻减小，总电流偏大，所以流过流过电阻箱R2的电流应大于60mA，所以该测量值小于真实值；
(2) 由图乙所示可知，电阻箱阻值为：1×100Ω+2×10Ω+0×1Ω+6×0.1Ω=120.6Ω；
(3) 断开S2、闭合S1，由图示电路图可知，电源电动势：E=I（r+R1+RA），则：
图象的斜率：，解得：E≈9.3V。
24．(12分)
【解析】(1)由粒子在平行板间做直线运动可知，Bv0q=qE，平行板间的电场强度E=，解得两平行板间的电势差：U=Bv0d
(2)在圆形磁场区域中，由洛伦兹力提供向心力可知：
Bv0q=m
同时有T=
粒子在圆形磁场区域中运动的时间t=T
解得t=
(3)由几何关系可知：r=R
解得圆形磁场区域的半径R=
25．(20分)
【解析】（1）滑块每经过一段粗糙段损失的机械能E=mgL，解得E=0.5J
设碰后B的速度为vB，由能量关系有：mvB2=100E
设碰后A的速度为vA，A、B碰撞为弹性碰撞，根据动量守恒和和能量守恒有：
mv0=mvA+mvB
mv02=mvA2+mvB2
解得A刚滑入圆轨道时的速度大小v0=10m/s
(2)从A刚滑入轨道到最高点Q，由机械能守恒有：
mv02=mg2R+mv2
在Q点根据牛顿第二定律得：F+mg=m
解得A滑过Q点时受到的弹力大小F=150N
（3）B滑到第n个光滑段前已经损失的能量E损=kE
由能量守恒有：mvB2-mvn=kE
解得碰后B滑至第n个(n<100)光滑段上的速度vn与k的关系式:vn=m/s，(k100)
26．(14分)
【答案】（1）4，1，4H2O 2
（2）难挥发性
（3）degfcbh或edgfcbh
（4）检查装置气密性 抑制CuCl2水解
（5）H++OH–==H2O Cl2+2OH–==Cl–+ClO–+H2O
（6）HCl易溶于水，易发生倒吸
（7）加少量水后用胶塞盖紧，迅速震荡，若溶液显蓝色则产品中含CuCl2，若不显蓝色则不含CuCl2
【解析】（1）配平潮湿CuCl在空气中被氧化，说明有水参加反应，结合氧化还原反应电子守恒和原子守恒，此反应化学方程式经配平后为4CuCl+O2+4H2O==3CuO·CuCl2·3H2O+2HCl；（2）实验室通过利用浓硫酸的强酸性和难挥发性的性质，通过反应NaCl+H2SO4==NaHSO4+HCl↑来制取HCl；（3）由A装置制备的HCl通入C装置，经过D装置无水硫酸铜检验生成的水和B装置检验是否有氯气生成，最后用E装置进行尾气处理，减小环境污染，则装置的连接顺序为degfcbh或edgfcbh；（4）装置连接后，首先要检验装置气密性，再进行后续实验；因CuCl2在水溶液中易水解，可通入HCl抑制CuCl2水解；（5）装置E是用NaOH溶液吸收含有HCl和Cl2的尾气，发生反应的离子方程式是H++OH–==H2O和Cl2+2OH–==Cl–+ClO–+H2O；（6）如果将湿润的淀粉KI试纸改成足量的淀粉KI溶液，因HCl气体易溶解于水，容易产生倒吸现象，存在安全隐患；（7）CuCl2能溶解于水，且其水溶液显蓝色，同时考虑到CuCl在潮湿环境中易氧化，则检验时需避免空气中氧气的干扰，具体操作是加少量水后用胶塞盖紧，迅速震荡，若溶液显蓝色则产品中含CuCl2，若不显蓝色则不含CuCl2。
27．(14分)
【答案】（1）CO(g)+1/2O2(g)CO2(g) ΔH=-283kJ/mo1
（2）压强 <
（3）0.125 5.33(或5.3或16/3) C
（4）CH4-8e−+10OH−===CO+7H2O
【解析】（1）根据燃烧热的概念，燃烧热的热化学方程式为：CO(g)+1/2O2(g)CO2(g) ΔH=-283kJ/mo1；（2）ΔH<0，该反应为放热反应，根据勒夏特列原理，升高温度，平衡逆向移动，CO的转化率降低，图像中曲线Y升高，根据方程可知，增大压强，体积减小，平和正向移动，则X表示压强；当压强不变时，升高温度，平衡逆向移动，CO的转化率降低，Y1
28．(15分)
【答案】（1）①蒸发皿、玻璃棒、酒精灯、三脚架(或带铁圈的铁架台)、火柴
②玻璃棒有一定倾斜角，引流时烧杯尖嘴紧靠在玻璃棒上，玻璃棒末端轻靠在三层滤纸上
③取洗涤液少许于试管中，滴入用HNO3酸化的AgNO3溶液，若无明显现象，则证明洗涤干净；否则洗涤不干净
（2）①Q ②BJIKACDGHE(F) ③缺少尾气处理装置
（3）93.18%
【解析】（1）③操作Ⅰ前的过滤，得到的滤液中含有氯离子，判断沉淀是否洗涤干净，只需判断沉淀上是否还吸附有氯离子即可。方法是取洗涤液少许于试管中，滴入用HNO3酸化的AgNO3容液。若无明显现象，则证明洗涤干净；否则洗涤不干净。（2）②用熔融的锡与干燥的氯气制备SnCl4，首先要制备干燥的氯气，应该选择装置Ⅱ和Ⅵ，且先除氯化氢，再干燥；然后将干燥的氯气通入Ⅰ中反应生成SnCl4，根据SnCl4的物理性质可知，SnCl4的沸点较低，可以用Ⅲ使之冷凝，用Ⅴ收集生成的SnCl4，为了防止外界水蒸气等进入装置，最后连接一个干燥装置Ⅳ，从左到右组装仪器的顺序为BJIKACDGHE(F)。③反应中的氯气可能不完全反应，会造成空气污染。（3）由Sn+2HCl===
SnCl2+H2↑①，SnCl2+2FeCl3===SnCl4+2FeCl2②，6FeCl2+K2Cr2O7+14HCl===6FeCl3+2KCl+2CrCl3+7
H2O③，由方程式①②③得知：K2Cr2O7～6FeCl2～3SnCl2～3Sn，n(Sn)＝3n(K2Cr2O7)＝3×0.1000mol/L
×0.032L＝0.0096mol，m(Sn)＝n(Sn)×M(Sn)＝0.0096mol×119g·mol−1＝1.1424g，锡粉样品中锡的质量分数＝×100%＝×100%≈93.18%。
29．（8分）
【答案】（1）葡萄糖和水（葡萄糖、丙酮酸和水） 线粒体内膜（1分）
（2）小鼠只存在途径1，天南星科植物存在途径1和途径2
（3）途径2增强，物质氧化分解释放的能量储存在ATP中较少，大量以热能形式散失（3分）
【解析】（1）有氧呼吸第一阶段和第二阶段都能产生[H]，其中第一阶段产生的[H]来自葡萄糖，第二阶段产生的[H]来自丙酮酸和水；[H]与O2结合生成水发生在有氧呼吸第三阶段，场所是线粒体的内膜。（2）“物质6→物质7”过程易被氰化物抑制．若小鼠氰化物中毒，呼吸作用全被抑制，导致死亡，说明小鼠只存在途径1；对天南星科植物用氰化物处理，呼吸速率降低，但并未完全被抑制，说明南星科植物存在途径1和途径2。（3）天南星在开花时，花序温度升高但ATP生成没有明显增加的原因途径2增强，物质氧化分解释放的能量储存在ATP中较少，大量以热能形式散失。
30．（12分）
【答案】（1）不能（1分） 人的成熟红细胞无细胞核和各种细胞器，不能提供增殖的酶、场所等条件
（2）效应T细胞（1分） 记忆细胞（1分） 淋巴因子（1分）
（3）②切除胸腺
（4）④仅有乙组小鼠产生相应浆细胞和相应的抗体 甲乙两组小鼠均产生相应浆细胞和相应的抗体
【解析】（1）HIV为病毒，不具有细胞结构，其识别T细胞表面的CD4和CCR5不能体现细胞间的信息交流，人成熟红细胞没有核糖体等结构，无法合成蛋白质，因此HIV在人的成熟红细胞内无法增殖。（2）在HIV的刺激下，T细胞增殖分化效应T细胞、记忆细胞，效应T细胞可以裂解被HIV侵入的T细胞，使HIV被释放出来；同时T细胞能分泌的淋巴因子能促进B细胞得增殖、分化，形成的浆细胞分泌抗体，使细胞外液中的HIV凝集成团，最终被吞噬细胞吞噬、处理。（3）两类免疫应答的区别在于是否有T细胞参与，T细胞是在胸腺中成熟的，探究细菌脂多糖LPS属于哪一类免疫应答，可设计有无胸腺的两组小鼠进行对照实验，检测进行LPS接种处理后，两组小鼠体内相应浆细胞和抗体含量。若属于第一类免疫应答，则无胸腺的小鼠不能产生相应的浆细胞和抗体，有胸腺的小鼠可以产生相应的浆细胞和抗体；若属于第二类免疫应答，则两组小鼠均产生相应的浆细胞和抗体。
31．（8分）
【答案】（1）环境条件适宜且没有敌害
（2）竞争、寄生
（3）草本（1分） 结构更为简单
（4）环境容纳量（或K值）（1分）
【解析】（1）若环境条件适宜且没有敌害的话，外来物种在入侵地区会定居下来并不断扩张。（2）外来物种导致本地物种生物多样性下降，其与本地物种之间可能存在竞争、捕食和寄生关系。（3）在森林、灌木和草本三种群落中，草本群落的结构最为简单，稳定性最容易被破坏，因此若某入侵物种能入侵森林、灌木和草本三种群落，其中入侵更易成功的是草本群落。（4）在条件适宜的沙漠地区引种植物，而植物可以为动物提供食物和生存空间，因此会使当地动物种群的环境容纳量提高。
32．（11分）
【答案】（1）增添或缺失（1分） 提前终止（1分）
（2）AABb（1分） 1/2 （1分）
（3）aaBB（1分） 5 a.红色:白色=1:3 b.AAbb:Aabb:aabb=1:4:1
【解析】（1）据图分析，b处突变导致b处及其后肽链上所有氨基酸都发生变化，可能是碱基对的增添或缺失导致的；失活酶1的相对分子质量明显小于正常酶1，说明其肽链比正常的要短，可能是基因突变导致翻译过程提前终止导致的。（2）第1组中，F1粉红花(A_Bb) 自交后代出现1∶2∶1的分离比，说明F1的基因型为AABb；F2中纯合子AABB和AAbb的概率为1/4＋1/4＝1/2。（3）第2组中，纯合白花（AABB或aaBB或aabb）×纯合红花（AAbb）→粉红色花（A_Bb），F1自交后代性状分离比为3∶6∶7，是9∶3∶3∶1的变式，说明F1的基因型为AaBb，则白花亲本的基因型为aaBB；已知基因A控制红色素合成（AA和Aa的效应等同），基因B为修饰基因，BB使红色完全消失，所以F2中白花植株的基因型有5种，包括AABB、AaBB、aaBB、aaBb和aabb。a.第2组中，F1的基因型为AaBb，能产生AB、Ab、aB和ab4种花粉。利用F1植株进行单倍体育种，育出的植株基因型及比例为AABB（白色）∶AAbb（红色）∶aaBB（白色）∶aabb（白色）＝1∶1∶1∶1，所以育出的植株花色的表现型及比例是红色∶白色＝1∶3。b.第2组中用秋水仙素处理F2杂合的红花植株（Aabb）幼苗，形成的染色体数目加倍的植株（AAaabbbb）。该植株减数分裂形成配子，AAaa产生的配子的基因型及比例是AA∶Aa∶aa＝1∶4∶1，bbbb 只产生一种类型的配子是bb，因此对于两对等位基因来说，该植株（AAaabbbb）产生的配子的基因型及比例是AAbb∶Aabb∶aabb＝1∶4∶1。
(二)选考题(共15分。请考生从给出的2道物理题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题计分)
33．[物理——选修3－3](15分)
(1)(5分)
【答案】ACE
【解析】由图示图线可知，由a到b过程气体温度保持不变而气体压强p增大，由玻意耳定律：pV=C可知，气体体积V减小，故A正确；气体体积减小，外界对气体做功，W＞0，故B错误；由图示图线可知，从a到b过程气体温度不变，气体内能不变，△U=0，故C正确；由热力学第一定律：△U=W+Q可知：Q=△U-W=-W＜0，气体向外界放出热量，故D错误，E正确；故选：ACE。
(2)(10分)
【解析】开始时，汽缸上部分气体体积为，压强为p0，下部分气体体积为，压强为后来汽缸上部分气体体积为，设压强为p，下部分气体体积为，压强为
打入的空气总体积为，压强为p0
由玻意耳定律可知，对上部分气体有：
对下部分气体有：
解得：。
34．[物理——选修3－4](15分)
(1)(5分)
【答案】BDE
【解析】由图可知，该波的波长为10m，故A错误；该波的波速为，故B正确；若该波沿x轴正方向传播，由“同侧法”可知，此时质点a正在沿y轴负方向运动，故C错误；若该波沿x轴负方向传播，t=0时刻，质点a沿y轴正方向运动，在t=3s=时，质点a沿y轴负方向运动，故D正确；在0~3 s内即，b 质点通过的路程为 ，故E正确。故选：BDE。
(2)(10分)
【解析】由折射定律可知：
r＝30°
由几何关系可知，光线在AB面的入射角等于30°，所以光线在AB面发生反射后，垂直AC面射出棱镜，即光线射出棱镜时的折射角为0°
射出点到C点的距离
解得：。
35．[化学——选修3：物质结构与性质]（15分）
【答案】（1）1s22s22p63s23p63d104s1
（2）大
（3）sp3
（4）①③ a
（5）8
【解析】A原子的1s轨道上只有1个电子，则A为H元素；B是电负性最大的元素，则B为F元素；C基态原子的2p轨道中有3个未成对电子，即核外电子排布为1s22s22p3，则C为N元素；E能形成红色(或砖红色)的E2O和黑色的EO两种氧化物，则E为Cu元素；D是主族元素且与E同周期，其最外能层上有2个运动状态不同的电子，则为Ca元素。（1）Cu元素原子基态时的电子排布式为：1s22s22p63s23p63d104s1；（2）N元素原子的2p轨道为半充满，结构较稳定，则N元素的第一电离能比氧元素的第一电离能大；（3）NH3分子中N原子含有一个孤电子对、3个σ键电子对，则其杂化类型是sp3；（4）[Cu(NH3)4]2+为配离子，其中Cu2+离子与NH3分子形成配位键，NH3分子中N、H原子间为极性共价键，答案选①③；[Cu(NH3)4]2+形成4个配位键，且具有对称的空间构型，则可能为平面正方形或正四面体，若为正四面体，[Cu(NH3)4]2+中的两个NH3被两个Cl−离子取代后，只有一种结构，所以应为平面正方形，答案选a；（5）由晶胞结构图可知，Ca2+离子的配位数为8；根据均摊法，晶胞中含有4个Ca2+离子和8个F−离子，根据=，则V==。
36．[化学——选修5：有机化学基础]（15分）
【答案】（1） 羟基、羰基 取代反应
（2）对羟基苯甲醛
（3）
（4）3 或
（5）
【解析】（1）根据A、C结构，结合题干已知信息和B的分子式，可知B物质的结构简式是，该物质含有的官能团有羟基、羰基；B与CH3I发生取代反应，产生C和HI；（2）D与CH3I发生取代反应可产生，逆推可知D为对羟基苯甲醛；（3）由C和E在碱性条件下加热，反应生成F和水，反应的化学方程式为
；（4）D是，有多种同分异构体，其中的同分异构体分子结构中含苯环，且能发生银镜反应说明含有醛基，还有、、，共3种，其中核磁共振氢谱上有6组峰，峰面积之比为1∶1∶1∶1∶1∶1的同分异构体的结构简式为或；（5）以CH3CH2Cl为原料制备巴豆醛(CH3CH=CHCHO)，可以先水解得到乙醇，再把乙醇催化氧化得到乙醛，最后利用题信息合成巴豆醛，具体合成路线为：
。
37．[生物——选修1:生物技术实践] (15分)
【答案】（1）冲洗（1分） 增加被杂菌污染的机会
（2）选择 酸性重铬酸钾(或重钻酸钾) 稀释涂布平板法(或血细胞计数板计数法等)
（3）醋酸菌 只消耗O2但不产生CO2
（4）①蓝莓果汁要煮沸②装蓝莓果酱的瓶要用沸水(酒精)消毒③装瓶时瓶口要通过火焰
【解析】（1）榨汁前将新鲜的蓝莓进行冲洗，以洗去表面的尘土与杂菌，然后再除去枝梗。除去枝梗再进行冲洗会由于葡萄破损而增加被杂菌污染的机会。（2）根据微生物营养需求的不同配置的选择培养基可以从混杂的微生物中分离出某一种微生物。检测发酵产物中是否有酒精产生，可以取培养液酸化，然后加入重铬酸钾溶液，观察溶液是否由橙色变为灰绿色。检测所得果酒中酵母菌的密度，可采用稀释涂布平板法接种培养，统计培养基上的菌落数，或者直接用血细胞计数板进行计数。（3）醋酸菌在缺少糖源、氧气充足时，可把C2H5OH氧化为CH3COOH，同时生成水，将蓝莓酒流经发酵装置生产蓝莓醋，发酵装置中会消耗氧气，但不产生CO2。（4）家庭生产玻璃瓶装蓝莓果酱时，蓝莓果汁要煮沸，装蓝莓果酱的瓶要用沸水(酒精)消毒，以消灭可能携带的杂菌；装瓶时瓶口要通过火焰，以避免杂菌感染。
38．[生物——选修3：现代生物科技专题] (15分)
【答案】（1）热稳定DNA聚合酶（“Tag酶”或“耐高温的DNA聚合酶”） DNA连接酶（1分）
（2）BamHⅠ和BglⅡ
（3）使目的基因能随工程菌染色体稳定遗传和表达
（4）介导序列两端的部分核苷酸序列 使扩增出的介导序列两端含有限制酶EcoRⅠ和BamHⅠ的识别序列
（5）3 2
【解析】（1）图中①表示采用PCR技术扩增介导序列的过程，该过程在高温条件下进行，需要热稳定性DNA聚合酶；②③表示基因表达载体的构建过程，除了图中的限制酶外，该过程中还需要DNA连接酶。（2）表中限制酶BamHⅠ和BglⅡ的识别序列不同，但两者切割产生的黏性末端相同，属于同尾酶。（3）转基因生物染色体的DNA上是否插入目的基因是目的基因能否在真核生物中稳定遗传的关键，重组表达载体中的介导序列引导目的基因整合到酵母菌的染色体DNA上，这可使目的基因能随工程菌染色体稳定遗传和表达。（4）①过程从野生酵母菌染色体DNA中PCR扩增介导序列时，科研人员设计了如下一对引物：GAATTCGACCTCAAATCAGGTAGG和TTGCATTGACTTACACCTAGG，引物是根据已知核苷酸序列设计的，因此其中下划线部分序列的设计依据是介导序列两端的部分DNA序列；GAATTC是限制酶EcoRⅠ的识别序列，而CCTAGG是限制酶BamHⅠ的识别序列，因此方框部分序列的设计目的是使扩增出的介导序列两端含有限制酶EcoRⅠ和BamHⅠ的识别序列。（5）由图可知，重组的基因表达载体含有2个EcoRⅠ酶割位点，含有1个SalⅠ酶切位点，因此使用EcoRⅠ和SalⅠ酶切重组质粒可以得到3种DNA片断；重组的基因表达载体含有2个EcoRⅠ酶割位点，但不再含有BamHⅠ酶割位点，因此用EcoRⅠ和BamHⅠ酶切重组质粒可以得到2种DNA片断。
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