9.2021届高考数学(文)大一轮复习(课件 教师用书 课时分层训练)_第三章 三角函数、解三角形 (22份打包)
展开课时分层训练(二十三)
正弦定理、余弦定理应用举例
A组 基础达标
(建议用时:30分钟)
一、选择题
1.如图379所示,已知两座灯塔A和B与海洋观察站C的距离都等于a km,灯塔A在观察站C的北偏东20°,灯塔B在观察站C的南偏东40°,则灯塔A与灯塔B的距离为( )
【导学号:31222135】
图379
A.a km B.a km
C.a km D.2a km
B [在△ABC中,AC=BC=a,∠ACB=120°,
∴AB2=a2+a2-2a2cos 120°=3a2,AB=a.]
2.如图3710,两座灯塔A和B与海岸观察站C的距离相等,灯塔A在观察站南偏西40°,灯塔B在观察站南偏东60°,则灯塔A在灯塔B的( )
图3710
A.北偏东10°
B.北偏西10°
C.南偏东80°
D.南偏西80°
D [由条件及题图可知,∠A=∠B=40°,又∠BCD=60°,所以∠CBD=30°,所以∠DBA=10°,因此灯塔A在灯塔B南偏西80°.]
3.一艘海轮从A处出发,以每小时40海里的速度沿南偏东40°的方向直线航行,30分钟后到达B处,在C处有一座灯塔,海轮在A处观察灯塔,其方向是南偏东70°,在B处观察灯塔,其方向是北偏东65°,那么B,C两点间的距离是( ) 【导学号:31222136】
A.10海里 B.10海里
C.20海里 D.20海里
A [如图所示,易知,在△ABC中,AB=20海里,∠CAB=30°,∠ACB=45°,根据正弦定理得=,
解得BC=10(海里).]
4.如图3711,一条河的两岸平行,河的宽度d=0.6 km,一艘客船从码头A出发匀速驶往河对岸的码头B.已知AB=1 km,水的流速为2 km/h,若客船从码头A驶到码头B所用的最短时间为6 min,则客船在静水中的速度为 ( )
图3711
A.8 km/h B.6 km/h
C.2 km/h D.10 km/h
B [设AB与河岸线所成的角为θ,客船在静水中的速度为v km/h,由题意知,sin θ==,从而cos θ=,所以由余弦定理得2=2+12-2××2×1×,解得v=6.]
5.如图3712,两座相距60 m的建筑物AB,CD的高度分别为20 m、50 m,BD为水平面,则从建筑物AB的顶端A看建筑物CD的张角为 ( )
图3712
A.30° B.45°
C.60° D.75°
B [依题意可得AD=20(m),AC=30(m),
又CD=50(m),所以在△ACD中,由余弦定理得
cos∠CAD=
===,
又0°<∠CAD<180°,所以∠CAD=45°,所以从顶端A看建筑物CD的张角为45°.]
二、填空题
6.在地上画一个∠BDA=60°,某人从角的顶点D出发,沿角的一边DA行走10米后,拐弯往另一方向行走14米正好到达∠BDA的另一边BD上的一点,我们将该点记为点B,则B与D之间的距离为________米.
【导学号:31222137】
16 [如图所示,设BD=x m,
则142=102+x2-2×10×x×cos 60°,整理得x2-10x-96=0,x=-6(舍去),x=16,∴x=16(米).]
7.如图3713,为测得河对岸塔AB的高,先在河岸上选一点C,使C在塔底B的正东方向上,测得点A的仰角为60°,再由点C沿北偏东15°方向走10米到位置D,测得∠BDC=45°,则塔AB的高是________米. 【导学号:31222138】
图3713
10 [在△BCD中,CD=10,∠BDC=45°,∠BCD=15°+90°=105°,∠DBC=30°,=,BC==10.在Rt△ABC中,tan 60°=,AB=BCtan 60°=10(米).]
8.如图3714所示,一艘海轮从A处出发,测得灯塔在海轮的北偏东15°方向,与海轮相距20海里的B处,海轮按北偏西60°的方向航行了30分钟后到达C处,又测得灯塔在海轮的北偏东75°的方向,则海轮的速度为________海里/分钟.
图3714
[由已知得∠ACB=45°,∠B=60°,
由正弦定理得=,
所以AC===10,
所以海轮航行的速度为=(海里/分钟).]
三、解答题
9.某航模兴趣小组的同学,为了测定在湖面上航模航行的速度,采用如下办法:在岸边设置两个观察点A,B,且AB长为80米,当航模在C处时,测得∠ABC=105°和∠BAC=30°,经过20秒后,航模直线航行到D处,测得∠BAD=90°和∠ABD=45°.请你根据以上条件求出航模的速度.(答案可保留根号)
图3715
[解] 在△ABD中,∵∠BAD=90°,∠ABD=45°,
∴∠ADB=45°,∴AD=AB=80,∴BD=80.3分
在△ABC中,=,
∴BC===40.6分
在△DBC中,DC2=DB2+BC2-2DB·BCcos 60°
=(80)2+(40)2-2×80×40×=9 600.
∴DC=40,航模的速度v==2米/秒. 12分
10.如图3716,渔船甲位于岛屿A的南偏西60°方向的B处,且与岛屿A相距12海里,渔船乙以10海里/小时的速度从岛屿A出发沿正北方向航行,若渔船甲同时从B处出发沿北偏东α的方向追赶渔船乙,刚好用2小时追上.
图3716
(1)求渔船甲的速度;
(2)求sin α的值.
[解] (1)依题意知,∠BAC=120°,AB=12,AC=10×2=20,∠BCA=α.3分
在△ABC中,由余弦定理,得
BC2=AB2+AC2-2AB·AC·cos∠BAC
=122+202-2×12×20×cos 120°=784,解得BC=28.
所以渔船甲的速度为=14海里/小时.7分
(2)在△ABC中,因为AB=12,∠BAC=120°,BC=28,∠BCA=α,由正弦定理,得=,9分
即sin α===.12分
B组 能力提升
(建议用时:15分钟)
1.一个大型喷水池的中央有一个强力喷水柱,为了测量喷水柱喷出的水柱的高度,某人在喷水柱正西方向的点A测得水柱顶端的仰角为45°,沿点A向北偏东30°前进100 m到达点B,在B点测得水柱顶端的仰角为30°,则水柱的高度是 ( ) 【导学号:31222139】
A.50 m B.100 m
C.120 m D.150 m
A [设水柱高度是h m,水柱底端为C,则在△ABC中,A=60°,AC=h,AB=100,BC=h,根据余弦定理得,(h)2=h2+1002-2·h·100·cos 60°,即h2+50h-5 000=0,即(h-50)(h+100)=0,即h=50,故水柱的高度是50 m.]
2.(2014·全国卷Ⅰ)如图3717,为测量山高MN,选择A和另一座山的山顶C为测量观测点.从A点测得M点的仰角∠MAN=60°,C点的仰角∠CAB=45°以及∠MAC=75°;从C点测得∠MCA=60°.已知山高BC=100 m,则山高MN=________m.
图3717
150 [根据图示,AC=100 m.
在△MAC中,∠CMA=180°-75°-60°=45°.
由正弦定理得=⇒AM=100 m.
在△AMN中,=sin 60°,
∴MN=100×=150(m).]
3.已知在东西方向上有M,N两座小山,山顶各有一个发射塔A,B,塔顶A,B的海拔高度分别为AM=100米和BN=200米,一测量车在小山M的正南方向的点P处测得发射塔顶A的仰角为30°,该测量车向北偏西60°方向行驶了100米后到达点Q,在点Q处测得发射塔顶B处的仰角为θ,且∠BQA=θ,经测量tan θ=2,求两发射塔顶A,B之间的距离.
图3718
[解] 在Rt△AMP中,∠APM=30°,AM=100,∴PM=100,连接QM(图略),在△PQM中,∠QPM=60°,3分
又PQ=100,
∴△PQM为等边三角形,
∴QM=100.6分
在Rt△AMQ中,由AQ2=AM2+QM2,得AQ=200.
在Rt△BNQ中,tan θ=2,BN=200,
∴BQ=100,cos θ=.9分
在△BQA中,BA2=BQ2+AQ2-2BQ·AQcos θ=(100)2,
∴BA=100.
即两发射塔顶A,B之间的距离是100米.12分